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2021年山东省德州市宁津县中考物理二模试卷及答案
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这是一份2021年山东省德州市宁津县中考物理二模试卷及答案，共27页。试卷主要包含了8℃，8×105Pa，96W，0×103J/，将2，【答案】D，【答案】B等内容，欢迎下载使用。
2021年山东省德州市宁津县中考物理二模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。
1. 下列估测物理量，最接近实际的是( )
A. 现在考场里的环境温度约为36.8℃
B. 泰山山顶的大气压约为1.8×105Pa
C. 一名初中生游泳时受到的浮力约为500N
D. 教室里的电风扇工作时的电流约为3A
2. 下列关于声现象的描述和分析，正确的是( )
A. 图甲：运动员在水中也能听到音乐，说明声音在液体中也能传播
B. 图乙：演奏古筝时按压不同的弦，是为了改变响度大小
C. 图丙：医生用B超查体，说明声音可以传递能量
D. 图丁：防噪声耳罩是在传播过程中控制噪声的
3. 我国有着灿烂的诗词文化，很多诗词中蕴含着物理知识。下列说法正确的是( )
A. “池水映明月”，水中有明月是光的折射现象
B. “潭清疑水浅”，水变浅是光的直线传播现象
C. “日影化为虹”，彩虹的形成是光的色散现象
D. “起舞弄清影”，影子的形成是光的反射现象
4. 关于温度、热量和内能，下列说法正确的是( )
A. 0℃的冰块内能为零 B. 温度高的物体含有的热量多
C. 热传递的方向由内能大小决定 D. 物体吸收热量温度不一定升高
5. 小红穿上早冰鞋向右用力推墙，会被墙向左推开。下列说法中正确的是( )
A. 墙对人的推力大于人对墙的推力
B. 人对墙的推力与墙对人的推力是一对平衡力
C. 离开墙后小红仍会运动，是因为受到惯性的作用
D. 离开墙后在地面滑行过程中受到的摩擦力不变
6. 疫情期间，各个单位都加强了门卫保安工作，凡是内部车辆均可通过感应，自动打开门禁系统进入，外来车辆，司机需要经过测温、核查、登记后，由保安人员手动控制，开门进入。由此可知，该门禁系统的控制电路可能是( )
A. B.
C. D.
7. 水平桌面上两个底面积相同的容器中，分别盛有甲、乙两种液体。将两个完全相同的小球M、N分别放入两个容器中，静止时两球状态如图所示，两容器内液面相平。下列分析正确的是( )
A. 两小球所受浮力FM
C. 两种液体对容器底部的压强p甲=p乙
D. 两种液体对容器底部的压力F甲>F乙
8. 如图甲所示，木块放在水平面上，用弹簧测力计沿水平方向拉木块使其做匀速直线运动，两次拉动同一木块得到的s−t图象分别是图乙中的图线①、②.两次对应的弹簧测力计示数分别为F1、F2，两次拉力的功率分别为P1、P2.则( )
A. F1>F2 B. F1=F2 C. P1=P2 D. P1
A. F1>F2，η1>η2 B. F1=F2，η1=η2
C. F1η2 D. F1
A. 20Ω，0.96W
B. 20Ω，0.8W
C. 24Ω，0.8W
D. 24Ω，0.67W
11. 在超市购物时，如果没有付款并将商品的标签进行消磁，商品被带出经过出口时，防盗报警器的线圈中会产生电流信号从而发出报警声。下列能说明超市报警器工作原理的是( )
A. B.
C. D.
12. 如图所示为掉在地上的弹性小球在地面上弹跳的频闪照片，下列说法正确的是()
A. 弹性小球在A点时受到平衡力作用
B. 弹性小球从A点运动到B点的过程中，动能转化为重力势能
C. 弹性小球在B的机械能小于它在C点的机械能
D. 整个过程中弹性小球的机械能一直在减小
13. “北斗圆梦，星耀苍穹”，2020年6月30日，北斗三号卫星导航定位系统组网成功，3颗地球同步轨道卫星全部定位于赤道上空，这些卫星之间是相对______(选填“运动”或“静止”)的；这些卫星受______(选填“平衡力”或“非平衡力”)。
14. 为了加强管理，某单位利用人工智能技术，实行刷脸考勤制度。如图，当人靠近摄像头时，光源自动打开，照亮______(选填“人脸”或“显示屏”)。人脸通过摄像头成一个倒立、______的实像，并与录入的信息进行比对，从而记录考勤。
15. 大气压随海拔高度的升高而______。(选填“增大”，“减小”或“不变”)，小如同学拿着自制气压计从泰山脚爬到山顶时，发现玻璃管内水柱的高度h______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
16. 如图所示，放于水平桌面上的两个质量相等但高度和底面积均不相等的圆柱形容器，盛有相同质量的同种液体，液体对容器底部的压强关系是：p甲______p乙，容器对桌面的压力关系是F甲______F乙.(均选填“>”、“<”或“=”)
17. 甲、乙两只电炉标有“220V 500W”和“220V 1000W”字样，把它们串联在220V的电路中，在相同时间内产生热量较多的是______(选填“甲”或“乙”)，将它们并联在220V电路中，在相同时间内产生热量较多的是______(选填“甲”或“乙”)。
18. 无线路由器为家庭上网提供方便，它是通过______为手机等电子设备提供声像信息；路由器后排的几个网络接口是______(填“串联”或“并联”)的。
19. 最近日本排放核电站泄漏废水引发世界关注。核电站是利用原子核______(填“裂变”或“聚变”)释放的能量，核能是______能源(“可再生“或“不可再生“)。
20. 检查视力时，为节省空问，常让被测者背对视力表观察对面墙壁上平面镜M中视力表的像，请在图中作出被测者通过平面镜M看到视力表上A点的光路图。
21. 如图是一个杠杆式简易起吊机，它上面装了一个定滑轮可以改变拉绳的方向，杠杆OBA可绕O点转动。请在图上画出杠杆OBA的动力臂l和物体M所受重力的示意图。
22. 小明在做“探究凸透镜成像规律“的实验：
(1)在调整器材高度时，应______(选填“点燃”或“不点燃”)蜡烛。
(2)如图甲所示，此时光屏上出现烛焰清晰的像，日常生活中______(选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一成像规律工作的。
(3)如果保持图甲中透镜和蜡烛位置不变，将光屏向左移动一小段距离，光屏上的像变模糊，要使光屏上重新得到烛焰清晰的像，则应该在透镜和蜡烛之间放置一个______(选填“近视眼镜”或“远视眼镜”)。
(4)小明根据实验记录，绘制了物体到凸透镜的距离u和实像到凸透镜的距离v之间的关系如图乙所示，则凸透镜的焦距为______cm。
(5)蜡烛随着燃烧而变短，为了使像仍能成在光屏中央，这时需要______(选填“向上”或“向下”)移动光屏。
(6)如图丙所示，保持蜡烛位置不变，移动透镜至18cm刻度线处，则人眼在______处能观察到烛焰的像，像是图丁中的______(选填“1”“2”“3”或“4”)。
23. 如图所示，小丽利用天平、玻璃杯、体积为20cm3的金属块、细线等器材测量蜂蜜的密度。
(1)将天平放在水平台上，将游码放到标尺左端的______刻度线上，调节横梁平衡。
(2)在玻璃杯中倒入适量的蜂蜜如图甲所示，用天平称出蜂蜜和玻璃杯的总质量m0，其示数如图乙所示，m0=______g。
(3)将金属块浸没在蜂蜜中，金属块不接触玻璃杯并保持静止，且蜂蜜无溢出，如图丙所示。天平平衡后，砝码的总质量加上游码在标尺上对应的刻度值为m=150.4g，则蜂蜜密度ρ=______g/cm3；
(4)小明用天平测出同种蜂蜜和玻璃杯的总质量后，将浓稠粘滞的蜂蜜沿量筒壁缓缓倒入量筒内测量体积，再用天平测出剩余蜂蜜和玻璃杯总质量。对比小丽的测量方法，小明所测得的密度值______(选填“偏大”或“偏小”)。
24. 如图是探究电流通过导体时产生热量的实验，甲、乙两套装置中各有两个相同的透明容器。其中密封着等量的空气和一段电阻丝(阻值在图中已标出)，U形管中装有等量的液体，接通电源，观察现象。
(1)实验中通过观察______的变化来比较导体所产生热量的多少；这运用了______(填“转换法”或“等效替代法”)的物理思想；
(2)用甲装置进行实验时，通过控制通电时间和电路中的______不变，来研究导体产生热量与电阻的关系；
(3)在乙装置中，C、D透明容器中产生热量较多的是______容器。
25. 在测定额定电压为3.8V的小灯泡(电阻大约为10Ω)电功率的实验中，小明连接了如图甲所示的电路，其中电源电压为6V且保持不变。
(1)请将甲图的实物电路连接完整(要求：滑动变阻器的滑片向左移动时小灯泡变亮)。
(2)若有A(5Ω 1A)、B(10Ω 0.5A)和C(15Ω 0.2A)三个滑动变阻器可选，则应该选择变阻器______(选填“A”、“B”或“C”)连入电路，才能保证实验顺利进行。
(3)在实验中，若电压表示数为2V，在此基础上，为了能测量小灯泡的额定功率，必须将滑片向______(选填“A”或“B”)端移动，使电压表的示数为______V时小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______。
(4)完成上述实验后，小青又设计了一种测额定功率的方案，如图丙所示，R0是阻值已知的定值电阻。请完成下列操作：
①连接好电路，闭合开关S，将开关S，拨到触点______(选填“A”或“B”)，移动滑片，使电压表的示数为小灯泡的额定电压U1；
②保持滑片的位置不动，再将开关S，拨到另一触点，读出电压表的示数U2；
③用U1、U2、R，表示小灯泡的额定功率，则表达式P=______。
26. 人工智能逐渐融入我们的生活。如图所示，某餐厅的送餐机器人的质量为40kg，某次送餐时，托着装有8cm深热汤的大碗，碗与汤的总质量为2kg，机器人与地面的接触面积为0.01m2(g=10N/kg,ρ汤=1×103kg/m3)。求：
(1)送餐机器人的重力是多少？
(2)碗底5cm2面积上受到汤的压力是多少？
(3)机器人送餐时对水平地面的压强是多少？
27. 图甲是一款紫砂电饭锅，其简化电路如图乙所示，R1、R2是电热丝，R1的阻值为110Ω，通过单独或同时闭合S1、S2实现低温、中温、高温三个挡位间的切换，其铭牌如下表所示，求：
加热效率
80%
额定电压
220V
电功率
低温档
440W
中温档
880W
高温档
(1)低温档加热时电流的大小；
(2)电热丝R2的阻值；
(3)已知粥的比热容c粥=4.0×103J/(kg⋅℃)，将2.2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃需要的时间。
28. 如图甲所示的电路，电源电压保持不变，滑动变阻器的滑片P从B向A滑动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示。根据图像信息计算：
(1)滑动变阻器的最大阻值R2。
(2)电源电压U和定值电阻R1
(3)滑片P在B点时，整个电路5min内消耗的电能？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、人的正常体温在36.8℃左右。考场内气温明显低于体温，不超过30℃。故A不符合实际；
B、大气压强随海拔高度的增加而减小。海平面处的气压在1×105Pa左右，所以泰山山顶气压一定小于1×105Pa。故B不符合实际；
C、漂浮的物体受到的浮力等于其重力。中学生的体重在500N左右，在水中游泳时接近漂浮状态，所以受到的浮力在500N左右。故C符合实际；
D、教室内电风扇的工作电流在0.2A左右。故D不符合实际。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。
2.【答案】A
【解析】解：A、运动员在水中在水中也能听到音乐声，说明声音可以在水中传播，液体能传声，故A正确；
B、演奏古筝时，手指在弦上的位置不断变化，改变了振动弦的长短，这是为了改变音调，故B错误；
C、医生用B超查体，说明声音可以传递信息，故C错误；
D、防噪声耳罩是为了在人耳处减弱噪声，故D错误。
故选：A。
(1)声音可以在固体、液体、气体中传播，但不能在真空中传播；
(2)音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(3)声音可以传递能量，可以传递信息；
(4)减弱噪声的途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱，③在人耳处减弱。
本题考查了声音的传播，声音的特性，声音的利用、以及防治噪声的途径，属于声学基础知识的考查。
3.【答案】C
【解析】解：
A、池水映明月，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A错误；
B、“潭清疑水浅”指的是池底看起来要比实际的位置变浅了，看到的池底是真实池底的反射的光线在由水中进入空气时发生折射而形成的虚像，故B错误；
C、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故C正确；
D、起舞弄清影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子。故D错误。
故选：C。
自然界中的光现象主要包括以下三种：
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、筷子变弯、光的色散等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的直线传播、光的反射、光的折射、光的色散的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
4.【答案】D
【解析】解：A、任何物体都有内能，0℃的冰块也具有内能，故A错误；
B、热量是过程量，不能说物体具有热量，故B错误；
C、发生热传递的条件是存在温度差，热量总是从高温物体传向低温物体，跟内能多少无关，故C错误；
D、物体吸收了热量，内能一定增加，但温度不一定升高，例如晶体的熔化过程；故D正确；
故选：D。
①任何物体都有内能。
②热量是过程量，应该用“吸收”或“放出”来修饰。
③热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体温度相同。
④物体内能改变了，可能表现在温度的变化，也可能表现在物态的变化。
要正确理解温度、热量与内能的关系。要知道：物体吸热(对外不做功)或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的。
5.【答案】D
【解析】解：A、墙对人的推力与人对墙的推力同时发生在人和墙之间，是一对相互作用力，所以墙对人的推力等于人对墙的推力，故A错误；
B、人对墙的推力与墙对人的推力是作用在同一物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故B错误；
C、离开墙后小红仍会运动，是因为小红具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D、离开墙后在地面滑行过程中，小红对地面的压力和接触面的粗糙程度没有变，摩擦力就是不变的，故D正确。
故选：D。
(1)物体间力的作用是相互的，一对相互作用力大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
(2)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(3)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；
(4)影响滑动摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度，通过分析压力和接触面的粗糙程度是否变化、怎样变化，来分析摩擦力的变化。
此题考查平衡力与相互作用力的区分、惯性、摩擦力大小的影响因素，平衡力和相互作用力容易混淆，注意区分：相同点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上．不同点：平衡力是一个受力物体；相互作用力是两个受力物体。
6.【答案】B
【解析】解：由题意可知，凡是内部车辆均可通过感应自动打开门禁系统进入，外来车辆由保安人员手动控制开门进入，
则两个开关可以独立工作、互不影响即为并联，然后再与电动机串联，由选项可知，只有B选项符合。
故选：B。
根据题意确定两开关的连接方式；开关控制电动机时，应与电动机串联，据此进行解答。
本题结合生活实际考查了电路图的设计，根据题意得出两开关的连接方式是关键。
7.【答案】D
【解析】解：
A、小球 M 在甲液体中漂浮，则浮力FM=GM，小球 N 在乙液体中悬浮，则浮力FN=GN，由于小球M、N 完全相同，即GM=GN，则有FM=FN，故 A错误；
B、小球 M 在甲液体中漂浮，则密度ρM<ρ甲，小球 N 在乙液体中悬浮，则密度ρN=ρ乙，由于小球M、N 完全相同，即ρM=ρN，则有ρ甲>ρ乙，故B错误；
C、由B选项分析可知：ρ甲>ρ乙，两容器液面相平即容器底部深度h相同，根据液体压强计算公式 p=ρgℎ 可知，p甲>p乙，故C错误；
D、由C选项分析得容器底部液体压强p甲>p乙，两容器底面积相同，由压力计算公式 F=pS 得，容器底部受到液体压力F甲>F乙，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知：M在甲液体中漂浮，N在乙液体中悬浮，则根据漂浮和悬浮的条件来即可判断浮力大小关系。
(2)根据浮沉条件即可判断液体密度的大小；
(3)根据p=ρ液gℎ比较容器底面受到的压强大小；
(4)根据F=pS比较容器底面受到的压力大小。
此题综合考查了阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用、压强的大小比较等知识点，是一道综合性较强的题目，本题也可以利用物体浮沉条件比较两种液体的密度关系。
8.【答案】B
【解析】解：
AB、木块两次都做匀速直线运动，则拉力等于滑动摩擦力；同一个木块，对水平面的压力一定，接触面的粗糙程度相同，所以两次木块受到的滑动摩擦力大小相等，则两次测力计的拉力也相等，即F1=F2，故A错误，B正确；
CD、由s−t图象可知，第①次木块运动的速度v较大，且两次拉力的大小相等，由公式P=Wt=Fst=Fv可知，第①次拉力的功率较大，即P1>P2，故C、D错误。
故选：B。
(1)弹簧测力计拉动木块在水平面上匀速直线运动时，水平方向上木块受到拉力和滑动摩擦力作用，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力。滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关；
(2)根据P=Fv判断拉力的功率。
本题通过图象可以判断木块做匀速直线运动，匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件判断拉力和滑动摩擦力大小关系，根据P=Fv判断功率大小的变化。
9.【答案】D
【解析】解：
读图可知，甲滑轮组n=3，乙滑轮组n=2，因为不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G轮)，而动滑轮相同、提升的重物相同，所以F1
故选：D。
滑轮组省力情况的计算，主要看有几段绳子承担物重，或看有几段绳子连着动滑轮；不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W总=Gℎ(G+G动)ℎ=GG+G动，据此分析机械效率大小关系。
此题考查了滑轮组省力情况的分析，关键在于数对承担物重的绳子的段数，即与动滑轮连接的绳子的段数；利用好推导公式：不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W总=Gℎ(G+G动)ℎ=GG+G动。
10.【答案】B
【解析】解：把这样的两只灯泡串联接在8V的电源上，两灯泡的电阻相等，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由I=UR的变形式U=IR可知，两灯泡两端的电压相等，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，每个灯泡两端的电压UL=U2=8V2=4V，
由图象可知，电路中的电流I=0.2A，
则，此时每只小灯泡的电阻：
RL=ULI=4V0.2A=20Ω，故CD错误；
每只灯泡的功率：
PL=ULI=4V×0.2A=0.8W，故A错误、B正确。
故选：B。
把这样的两只灯泡串联接在8V的电源上，两灯泡的电阻相同分得的电压相等，根据图象读出通过灯泡的电流，利用欧姆定律求出每只灯泡的电阻，利用P=UI求出功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出电压对应的电流值。
11.【答案】D
【解析】解：当未消磁的标签经过超市出口处的安检门时，安检门上的线圈会产生感应电流，相当于闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动而产生感应电流，所以安检门的工作原理是电磁感应现象；
A、该实验说明同名磁极相互排斥，故A错误；
B、该实验是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，故B错误；
C、该实验中有电源，位于磁场中的导体通电后受到磁力作用而运动，是电动机原理，将电能转化为机械能，故C错误；
D、该实验是电磁感应实验，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动而产生感应电流，将机械能转化为电能，故D正确；
故选：D。
闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就有感应电流，该现象称为电磁感应现象，该过程中将机械能转化为电能。
本题的关键是能根据题中信息得出产生这一现象的原理；要明确：电磁感应与通电导体在磁场中受力运动这两个实验的前提条件是不同的，电磁感应是用来产生电的，所以该实验装置中没有电源；而通电导体在磁场中受力的实验，电路中有电源。因此可以利用电路中有无电源来区分两个实验。
12.【答案】D
【解析】解：
A、弹性小球在A点时瞬间静止，此时只受重力作用，受力不平衡，故A错误；
B、弹性小球从A点运动到B点的过程中，质量不变，高度减小，所以重力势能减小；速度增大，所以动能增大，此过程中重力势能转化为动能，故B错误；
CD、由图知，小球弹跳的高度越来越低，说明小球撞击地面时机械能转化为地面和小球的内能，则小球机械能逐渐减小，且B点在C点之前，所以弹性小球在B点的机械能大于它在C点的机械能，故C错误，D正确。
故选：D。
(1)弹性小球在A点时瞬间静止，此时只受重力作用；
(2)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越大，重力势能越大；
(3)机械能包括物体的动能和势能，图中小球弹跳的高度越来越低，隐含的信息是机械能逐渐减小。
本题考查了动能和势能的相互转化以及比较机械能的大小，对于这类题目要抓住题目的隐含信息，小球弹跳的高度越来越低，说明小球的机械能越来越小。
13.【答案】静止 非平衡力
【解析】解：根据题意可知，3颗地球同步轨道卫星全部定位于赤道上空，这些卫星之间没有位置变化，所以它们是相对静止的。
地球同步卫星随地球同步转动，做圆周运动时，其运动方向是变化的(即运动状态发生改变)，因此这些卫星受非平衡力的作用。
故答案为：静止；非平衡力。
(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则物体是运动的，若不发生变化，则物体是静止的。
(2)物体的运动状态改变时，一定受到非平衡力的作用。
本题围绕地球同步卫星，考查了学生对运动和静止的相对性、平衡力的辨别的理解和掌握，体现了物理与高科技的联系。
14.【答案】人脸 缩小
【解析】解：只有将更多的光射到人脸上，才能看得更清楚，所以当人靠近摄像头时，光源自动打开，照亮人脸。
摄像镜头实际上是一个凸透镜，人在凸透镜的二倍焦距以外，成倒立、缩小的实像。
故答案为：人脸；缩小。
想看清物体必须有足够的光线，物体的光线足够明亮成的像才更清晰。
凸透镜成像时，u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像头。
凸透镜成像的三种情况和应用，在凸透镜成像习题中有重要的应用，一定要熟练掌握。
15.【答案】减小 增大
【解析】解：(1)大气压强随着海拔高度的增加而减小；
(2)瓶内的气体是封闭的，向上运动时，外界的气压减小，在里面气体压强的作用下，玻璃管内水柱会上升，玻璃管内水柱的高度h增大。
故答案为：减小；增大。
大气压强随着海拔高度的增加而减小，瓶内的气体是封闭的，向上运动时，外界的气压减小，在里面气体压强的作用下，玻璃管内水柱会上升。
本题考查简易气压计的原理，以及气压与高度的关系，是一道基础题。
16.【答案】>；=
【解析】根据液体压强公式p=ρgℎ得，液体压强跟液体的密度和深度有关，同种液体密度相同，甲的深度大于乙的深度，所以甲容器液体对容器底的压强大于乙容器液体对容器底的压强，即p甲>p乙。
容器对水平桌面的压力等于容器的重和液体重之和，容器的质量相等，所以容器的重相同，液体的质量相等，液体的重力相等，所以容器对水平桌面的压力相等，即F甲=F乙。
故答案为：>；=。
(1)根据液体压强公式判断液体对容器底的压强。
(2)容器对桌面的压力等于容器的重和液体重之和。
本题的关键在于明确容器对桌面的压力等于容器的重和液体重之和。
17.【答案】甲 乙
【解析】解：
(1)由P=U2R可得R=U2P，所以甲、乙两只电炉的电阻：R甲>R乙，因为串联电路中电流处处相等，即：I甲=I乙，所以根据Q=I2Rt可知，在相同时间内产生的热量Q甲>Q乙，即串联时相同时间内产生热量较多的是甲；
(2)由题知，两电炉的额定电压相同(均为220V)，且额定功率P甲
(1)由P=U2R比较两电炉的电阻，由串联电路特点和Q=I2Rt比较产生热量的多少；
(2)已知两电炉的额定功率，由Q=W=Pt比较相同时间产生热量的多少。
本题考查了串联和并联电路的特点以及焦耳定律公式的应用，关键是公式及其变形的灵活运用，还要知道实际电压等于额定电压时，实际功率等于额定功率。
18.【答案】电磁波 并联
【解析】解：手机接收路由器发出的无线信号是电磁波；因为计算机房里的多台电脑可以单独工作，因此这些电脑之间是并联连接。
故答案为：电磁波；并联。
(1)电磁波能传递信息，手机能接受电磁波；
(2)并联电路中各用电器工作时互不影响。
本题考查串并联电路的辨别、电磁波的传播与应用、与实际连接紧密，体现了物理与生活的联系。
19.【答案】裂变 不可再生
【解析】解：核电站是利用原子核裂变释放的能量，核能是不可再生能源。
故答案为：裂变；不可再生。
核能的利用包括核裂变和聚变，核电站利用核裂变发电；核能属于不可再生能源。
知道核裂变的应用，区分生活中的各种能源，可解答此题。
20.【答案】解：根据物像连线与镜面垂直，由A向平面镜作垂线并延长，根据物像到平面镜距离相等，找到A点的像A'点，连接眼睛和像点A'，交平面镜于O点，连接AO即入射光线，O到眼睛为反射光线。如图：
。
【解析】根据物像连线与镜面垂直，物像到平面镜距离相等，做出A点的像，A点像A'是反射光线的反向延长线会聚形成的，必然有反射光线进入人的眼睛，反射光线经过眼睛和像点，两者的连线确定入射点，画出入射光线。
用常见的检测视力的方法考查物体在平面镜中成像时，物像到平面镜距离相等，体现了物理和生活的密切关系，达到学以致用的目的。
21.【答案】解：
(1)从支点向动力作用线引垂线，作出动力臂，用双箭头标出，标上字母L；如图所示：
(2)过重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示，即为物体的重力示意图：
【解析】(1)支点在O点，根据动力臂为支点到动力作用线的距离，作出动力臂L1；
(2)首先找出力的作用点，重力的作用点即重心在物体的几何中心；然后确定力的方向，重力的方向是竖直向下的；最后用一条带箭头的线段表示力的方向。
明确力臂的概念，从支点向力的作用线画垂线，即可找出力臂的位置，重力的作用点在重心，方向竖直向下，明确了这些基本概念便不难解决。
22.【答案】点燃 投影仪 远视眼镜 10 向上 B 4
【解析】解：(1)根据凸透镜成像规律中实验的要求，必须让三者中心放在同一高度上，使其成像在光屏的中心；只有先将蜡烛点燃，才可以确定烛焰的中心，所以点燃蜡烛应在调整高度之前；
(2)由图知，像距大于物距，此时成倒立放大的实像，投影仪根据这个原理制成；
(3)把光屏向左移动一小段距离，要想在光屏上再次得到清晰的像，应使像向左移动，则需在凸透镜和蜡烛之间放置适当的凸透镜；远视眼就是利用这种透镜矫正的；
(4)由乙图可知当u=v=20cm时成等大的实像，此时u=2f=20cm，故f=10cm；
(5)蜡烛燃烧不断缩短，向下移动，光屏上的像向上移动，要使像能够成在光屏中央，需要将光屏向上移动一些；
(6)蜡烛位置不变，移动透镜至18cm刻度线处时，u=8cm
(1)要知道凸透镜成像规律实验的要求，首先必须将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心放在同一高度上，只有先将蜡烛点燃，才可以确定烛焰的中心；
(2)根据像距和物距的大小关系确定成像的特点，像距大于物距，成倒立放大的实像，投影仪根据这个原理制成；
(3)根据凸透镜和凹透镜对光线的作用进行分析；
(4)当u=2f时成倒立等大的实像；
(5)凸透镜成的实像是倒立的，像与物体的变化方向恰好相反；
(6)物距小于焦距成正立放大虚像，应用是放大镜，虚像与物在同侧。
此题是探究凸透镜成像的规律，主要考查了实验的探究过程及成像规律的应用。此题看似复杂，其实只要用心，仔细审题，并不难。
23.【答案】(1)0；(2)122.4；(3)1.4；(4)偏大。
【解析】解：(1)将天平放在水平台上，将游码放到标尺左端的0刻度线上，调节横梁使天平平衡；
(2)由图乙知，标尺的分度值为0.2g，烧杯与防冻液的总质量m总=100g+20g+2.4g=122.4g，
(3)金属块排开的蜂蜜的质量为：m=150.4g−122.4g=28g=0.028kg；
排开的蜂蜜的重力即金属块受到的浮力为：F浮=G=mg=0.028g×10N/kg=0.28N；
根据阿基米德原理可知，蜂蜜的密度为：
ρ=F浮gV排=0.28N10N/kg×2×10−5m3=1.4×103kg/m3=1.4g/cm3；
(4)测出同种蜂蜜和玻璃杯的总质量后，将浓稠粘滞的蜂蜜沿量筒壁缓缓倒入量筒内测量体积，此时会有一部分蜂蜜粘在量筒的内壁上，使得测量的体积偏小，根据密度公式可知，密度会偏大。
故答案为：(1)0；(2)122.4；(3)1.4；(4)偏大。
(1)调节天平平衡时，应先调节游码，再调节平衡螺母；
(2)左盘中物体质量等于右盘中物体质量与游码读数之和；
(3)根据丙图示数，求出增加的质量；增加的质量与金属块排开的液体的质量相等，从而求出金属块受到的浮力，根据阿基米德原理求出蜂蜜的密度；
(4)根据质量和体积的变化分析。
本题综合探究了物体密度的测量，同时考查了阿基米德原理的应用，能求出浮力的大小是解题的关键。
24.【答案】(1)液面高度差；转换法；
(2)电流；
(3)C。
【解析】解：(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但电阻丝对容器中的空气加热时，空气温度升高体积膨胀，引起U型管中液柱高度的变化，所以通过液面高度差的变化来反映电阻丝产生热量的多少，这种研究方法叫转换法；
(2)如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系；
(3)图乙装置中两个5Ω的电阻并联后再与一个5Ω的电阻串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I内+I外，所以，I左>I内，容器内的电阻值都是5Ω，通电一段时间，由Q=I2Rt知，C容器中电流产生的热量多。
本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。
25.【答案】B A 3.8 1.596W A U1×U2−U1R0
【解析】解：(1)灯的额定电压为3.8V，电阻大约为10Ω，由欧姆定律，
则灯正常工作时的电流大小I=UR=3.8V10Ω=0.38A<0.6A，所以电流表选用小量程与灯串联；
因为小灯泡的额定电压为3.8V，所以电压表的量程为0～15V；
因滑动变阻器的滑片向左移动时小灯变亮，即电流变大，电阻变小，故滑动变阻器的滑片以左电阻丝连入电路中，并与灯串联，如下所示：
(2)测定额定电压为3.8V的小灯泡，其中电源电压为6V且保持不变。则灯正常发光时，
变阻器分得的电压U滑=6V−3.8V=2.2V，灯正常工作时的电流：I=0.38A，根据串联电路电流的规律，即为通过变阻器的电流，故变阻器连入电阻：R滑=U滑I=2.2V0.38A=5.79Ω>5Ω，考虑到电流因素，0.38A>0.2A，则变阻器选B(10Ω 0.5A)；
(3)灯在额定电压下正常发光，电压表示数为2V小于灯的额定电压，为了能测量小灯泡的额定功率，由串联电路电压的规律，应增大灯的电压，减小变阻器分得的电压，由分压原理，要减小变阻器分得的电压，必须将滑片P向A移动，使电压表的示数为3.8V时，小灯泡正常发光；
如图乙电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.42A，则小灯泡的额定功率为PL=ULIL=3.8V×0.42A=1.596W；
(4)①连接好电路，闭合开关S，将开关S1拨到触点A，移动滑片，使电压表的示数为小灯泡的额定电压U1；
②保持滑片的位置不动，再将开关S1拨到另一触点，读出电压表的示数U2；
③在①中，电压表测灯的电压，灯正常发光；在②中，电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压为：U0=U2−U1，
由欧姆定律求出通过定值电阻的电流即灯的额定电流，IL=I0=U2−U1R0，
小灯泡的额定功率表达式：
P=U1×IL=U1×U2−U1R0。
故答案为：(1)如上所示；(2)C；(3)A；电压表示数为2.5V；1.25；(4)①A；③U1×U2−U1R0。
(1)根据欧姆定律求出灯正常发光时的电流大小，确定电流表的量程与灯串联，根据小灯泡的额定电压判断出电压表的量程，因滑动变阻器的滑片向左移动时小灯变亮确定变阻器接线柱的连接；
(2)根据串联电路电压的规律求出灯正常发光时变阻器分得的电压，由欧姆定律求出变阻器连入电路中的电阻大小，结合电路的电流大小确定变阻器的选择；
(3)灯在额定电压下正常发光，比较2V与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
根据图乙电流表小量程读数，根据P=UI求灯的额定功率；
(4)要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率。
本题测量小灯泡的额定功率实验，考查电路连接、电路分析、操作过程、功率计算及设计方案测额定功率的能力。
26.【答案】解：
(1)送餐机器人的重力：
G=mg=40kg×10N/kg=400N；
(2)碗底受到汤的压强：
p=ρ汤gℎ=1×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800pa，
由p=FS可得，碗底5cm2面积上受到汤的压力：
F=pS=800Pa×5×10−4m2=0.4N；
(3)碗与汤的总质量为2kg，则机器人、碗与汤的总质量：
m总=2kg+40kg=42kg，
机器人、碗与汤的总重力：
G总=m总g=42kg×10N/kg=420N，
此时机器人对水平地面的压力：
F'=G总=420N，
此时机器人对水平地面的压强：
p'=F'S'═420N0.01m2=4.2×104Pa。
答：(1)送餐机器人的重力为400N；
(2)碗底5cm2面积上受到汤的压力是0.4N；
(3)此时机器人对水平地面的压强为4.2×104Pa。
【解析】(1)利用G=mg求送餐机器人的重力；
(2)先利用p=ρgℎ求得碗底受到汤的压强，再利用p=FS的变形公式求出碗底5cm2面积上受到汤的压力；
(3)送餐机器人托着装有热汤的大碗时，机器人对水平地面的压力等于机器人、碗与汤的总重力，利用p=FS求此时机器人对水平地面的压强。
本题考查了重力公式、压强公式的应用，关键要知道：机器人托着装有热汤的大碗时，机器人对水平地面的压力等于机器人、碗与汤的总重力。
27.【答案】解：(1)电热丝R1的电功率为P1=U2R1=(220V)2110Ω=440W，
根据表格数据可知道，只闭合S1时，电路为R1的简单电路，电饭锅处于低温档，
则低温挡加热时电流的大小为I1=UR1=220V110Ω=2A。
(2)根据P=U2R，可知，只闭合S2时，电路为R2的简单电路，电饭锅处于中温档，
根据表格数据可知道，中温档P2=880W，电热丝R2的阻值R2=U2P2=(220V)2880W=55Ω；
(3)当S1、S2都闭合时，电热丝R1、R2并联，电路总电阻最小，由P=U2R可知，电饭锅处于高温档，
则高温档的功率为P=P1+P2=440W+880W=1320W，
2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃吸收的热量Q=cm△t=4.0×103J/(kg⋅℃)×2.2kg×(74℃−20℃)=475200J，
已知加热效率为80%，则需要消耗的电能为
W=Q80%=475200J80%=59400J，
由P=Wt可得，将2.2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃需要的时间为
t=WP=59400J1320W=450s。
答：(1)低温挡加热时电流的大小为2A；
(2)电热丝R2的阻值为55Ω；
(3)将2.2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃需要的时间为450s。
【解析】(1)由P=U2R，结合电路图可知，只有R1连入，电饭锅处于低温档，再利用I=UR可求得电饭锅处于低温档时的电流；
(2)由P=U2R，可知，电压一定时，电路电阻越小，功率越大，功率大，电饭锅处于高温挡，根据电路图分析电路结构，判断中温挡时，开关的状态，然后利用P=U2R可求得电热丝R2的阻值；
(3)当S1、S2都闭合时，电热丝R1、R2并联，电路总电阻最小，此时电饭锅处于高温挡，求得高温档的功率，由Q=cm△t可求得2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃吸收的热量，已知加热效率为80%，由P=Wt公式变形可求得时间。
本题考查了电饭锅的工作原理，分析电路结构，知道什么状态下电饭锅处于高温挡、什么条件下处于低温档是本题的难点，也是正确解题的前提；分清电路结构、熟练功率公式及其变形公式、欧姆定律、并联电路的特点是正确解题的关键。
28.【答案】解：(1)闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，
串联电路总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可得当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，通过电路的电流最小，
由乙图可知通过电路的最小电流为0.2A，此时滑动变阻器两端的电压为14V，所以滑动变阻器的最大阻值：R2=U2I=14V0.2A=70Ω；
(2)串联电路总电压等于各部分电压之和，串联电路各处电流相等，
由欧姆定律可得电源电压：U=IR1+U2=0.2A×R1+14V------①，
由乙图可知通过电路的电流为0.4A时，电压表的示数为10V，由欧姆定律可得电源电压：U=I1R1+U2'=0.4A×R1+10V------②，
①②两式联立，解得：R1=20Ω，U=18V；
(3)滑片P在B点时，滑动变阻器接入电路最大阻值，通过电路的电流最小，整个电路5min内消耗的电能：W=UIt=18V×0.2A×5×60s=1080J。
答：(1)滑动变阻器的最大阻值R2为70Ω；
(2)电源电压U为18V，定值电阻R1为20Ω；
(3)滑片P在B点时，整个电路5min内消耗的电能为1080J。
【解析】(1)闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，通过电路的电流最小，由乙图可知通过电路的最小电流和此时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值；
(2)由乙图再读取一组电流和电压值，根据串联电路特点结合欧姆定律表示电源电压，根据电源电压不变，列出方程组可得电源电压U和定值电阻R1；
(3)滑片P在B点时，滑动变阻器接入电路最大阻值，通过电路的电流最小，根据电功公式W=UIt计算整个电路5min内消耗的电能。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功公式的灵活运用，根据电源电压不变列出方程是解题的关键。
2021年山东省德州市宁津县中考物理二模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。
1. 下列估测物理量，最接近实际的是( )
A. 现在考场里的环境温度约为36.8℃
B. 泰山山顶的大气压约为1.8×105Pa
C. 一名初中生游泳时受到的浮力约为500N
D. 教室里的电风扇工作时的电流约为3A
2. 下列关于声现象的描述和分析，正确的是( )
A. 图甲：运动员在水中也能听到音乐，说明声音在液体中也能传播
B. 图乙：演奏古筝时按压不同的弦，是为了改变响度大小
C. 图丙：医生用B超查体，说明声音可以传递能量
D. 图丁：防噪声耳罩是在传播过程中控制噪声的
3. 我国有着灿烂的诗词文化，很多诗词中蕴含着物理知识。下列说法正确的是( )
A. “池水映明月”，水中有明月是光的折射现象
B. “潭清疑水浅”，水变浅是光的直线传播现象
C. “日影化为虹”，彩虹的形成是光的色散现象
D. “起舞弄清影”，影子的形成是光的反射现象
4. 关于温度、热量和内能，下列说法正确的是( )
A. 0℃的冰块内能为零 B. 温度高的物体含有的热量多
C. 热传递的方向由内能大小决定 D. 物体吸收热量温度不一定升高
5. 小红穿上早冰鞋向右用力推墙，会被墙向左推开。下列说法中正确的是( )
A. 墙对人的推力大于人对墙的推力
B. 人对墙的推力与墙对人的推力是一对平衡力
C. 离开墙后小红仍会运动，是因为受到惯性的作用
D. 离开墙后在地面滑行过程中受到的摩擦力不变
6. 疫情期间，各个单位都加强了门卫保安工作，凡是内部车辆均可通过感应，自动打开门禁系统进入，外来车辆，司机需要经过测温、核查、登记后，由保安人员手动控制，开门进入。由此可知，该门禁系统的控制电路可能是( )
A. B.
C. D.
7. 水平桌面上两个底面积相同的容器中，分别盛有甲、乙两种液体。将两个完全相同的小球M、N分别放入两个容器中，静止时两球状态如图所示，两容器内液面相平。下列分析正确的是( )
A. 两小球所受浮力FM
C. 两种液体对容器底部的压强p甲=p乙
D. 两种液体对容器底部的压力F甲>F乙
8. 如图甲所示，木块放在水平面上，用弹簧测力计沿水平方向拉木块使其做匀速直线运动，两次拉动同一木块得到的s−t图象分别是图乙中的图线①、②.两次对应的弹簧测力计示数分别为F1、F2，两次拉力的功率分别为P1、P2.则( )
A. F1>F2 B. F1=F2 C. P1=P2 D. P1
A. F1>F2，η1>η2 B. F1=F2，η1=η2
C. F1
A. 20Ω，0.96W
B. 20Ω，0.8W
C. 24Ω，0.8W
D. 24Ω，0.67W
11. 在超市购物时，如果没有付款并将商品的标签进行消磁，商品被带出经过出口时，防盗报警器的线圈中会产生电流信号从而发出报警声。下列能说明超市报警器工作原理的是( )
A. B.
C. D.
12. 如图所示为掉在地上的弹性小球在地面上弹跳的频闪照片，下列说法正确的是()
A. 弹性小球在A点时受到平衡力作用
B. 弹性小球从A点运动到B点的过程中，动能转化为重力势能
C. 弹性小球在B的机械能小于它在C点的机械能
D. 整个过程中弹性小球的机械能一直在减小
13. “北斗圆梦，星耀苍穹”，2020年6月30日，北斗三号卫星导航定位系统组网成功，3颗地球同步轨道卫星全部定位于赤道上空，这些卫星之间是相对______(选填“运动”或“静止”)的；这些卫星受______(选填“平衡力”或“非平衡力”)。
14. 为了加强管理，某单位利用人工智能技术，实行刷脸考勤制度。如图，当人靠近摄像头时，光源自动打开，照亮______(选填“人脸”或“显示屏”)。人脸通过摄像头成一个倒立、______的实像，并与录入的信息进行比对，从而记录考勤。
15. 大气压随海拔高度的升高而______。(选填“增大”，“减小”或“不变”)，小如同学拿着自制气压计从泰山脚爬到山顶时，发现玻璃管内水柱的高度h______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
16. 如图所示，放于水平桌面上的两个质量相等但高度和底面积均不相等的圆柱形容器，盛有相同质量的同种液体，液体对容器底部的压强关系是：p甲______p乙，容器对桌面的压力关系是F甲______F乙.(均选填“>”、“<”或“=”)
17. 甲、乙两只电炉标有“220V 500W”和“220V 1000W”字样，把它们串联在220V的电路中，在相同时间内产生热量较多的是______(选填“甲”或“乙”)，将它们并联在220V电路中，在相同时间内产生热量较多的是______(选填“甲”或“乙”)。
18. 无线路由器为家庭上网提供方便，它是通过______为手机等电子设备提供声像信息；路由器后排的几个网络接口是______(填“串联”或“并联”)的。
19. 最近日本排放核电站泄漏废水引发世界关注。核电站是利用原子核______(填“裂变”或“聚变”)释放的能量，核能是______能源(“可再生“或“不可再生“)。
20. 检查视力时，为节省空问，常让被测者背对视力表观察对面墙壁上平面镜M中视力表的像，请在图中作出被测者通过平面镜M看到视力表上A点的光路图。
21. 如图是一个杠杆式简易起吊机，它上面装了一个定滑轮可以改变拉绳的方向，杠杆OBA可绕O点转动。请在图上画出杠杆OBA的动力臂l和物体M所受重力的示意图。
22. 小明在做“探究凸透镜成像规律“的实验：
(1)在调整器材高度时，应______(选填“点燃”或“不点燃”)蜡烛。
(2)如图甲所示，此时光屏上出现烛焰清晰的像，日常生活中______(选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一成像规律工作的。
(3)如果保持图甲中透镜和蜡烛位置不变，将光屏向左移动一小段距离，光屏上的像变模糊，要使光屏上重新得到烛焰清晰的像，则应该在透镜和蜡烛之间放置一个______(选填“近视眼镜”或“远视眼镜”)。
(4)小明根据实验记录，绘制了物体到凸透镜的距离u和实像到凸透镜的距离v之间的关系如图乙所示，则凸透镜的焦距为______cm。
(5)蜡烛随着燃烧而变短，为了使像仍能成在光屏中央，这时需要______(选填“向上”或“向下”)移动光屏。
(6)如图丙所示，保持蜡烛位置不变，移动透镜至18cm刻度线处，则人眼在______处能观察到烛焰的像，像是图丁中的______(选填“1”“2”“3”或“4”)。
23. 如图所示，小丽利用天平、玻璃杯、体积为20cm3的金属块、细线等器材测量蜂蜜的密度。
(1)将天平放在水平台上，将游码放到标尺左端的______刻度线上，调节横梁平衡。
(2)在玻璃杯中倒入适量的蜂蜜如图甲所示，用天平称出蜂蜜和玻璃杯的总质量m0，其示数如图乙所示，m0=______g。
(3)将金属块浸没在蜂蜜中，金属块不接触玻璃杯并保持静止，且蜂蜜无溢出，如图丙所示。天平平衡后，砝码的总质量加上游码在标尺上对应的刻度值为m=150.4g，则蜂蜜密度ρ=______g/cm3；
(4)小明用天平测出同种蜂蜜和玻璃杯的总质量后，将浓稠粘滞的蜂蜜沿量筒壁缓缓倒入量筒内测量体积，再用天平测出剩余蜂蜜和玻璃杯总质量。对比小丽的测量方法，小明所测得的密度值______(选填“偏大”或“偏小”)。
24. 如图是探究电流通过导体时产生热量的实验，甲、乙两套装置中各有两个相同的透明容器。其中密封着等量的空气和一段电阻丝(阻值在图中已标出)，U形管中装有等量的液体，接通电源，观察现象。
(1)实验中通过观察______的变化来比较导体所产生热量的多少；这运用了______(填“转换法”或“等效替代法”)的物理思想；
(2)用甲装置进行实验时，通过控制通电时间和电路中的______不变，来研究导体产生热量与电阻的关系；
(3)在乙装置中，C、D透明容器中产生热量较多的是______容器。
25. 在测定额定电压为3.8V的小灯泡(电阻大约为10Ω)电功率的实验中，小明连接了如图甲所示的电路，其中电源电压为6V且保持不变。
(1)请将甲图的实物电路连接完整(要求：滑动变阻器的滑片向左移动时小灯泡变亮)。
(2)若有A(5Ω 1A)、B(10Ω 0.5A)和C(15Ω 0.2A)三个滑动变阻器可选，则应该选择变阻器______(选填“A”、“B”或“C”)连入电路，才能保证实验顺利进行。
(3)在实验中，若电压表示数为2V，在此基础上，为了能测量小灯泡的额定功率，必须将滑片向______(选填“A”或“B”)端移动，使电压表的示数为______V时小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______。
(4)完成上述实验后，小青又设计了一种测额定功率的方案，如图丙所示，R0是阻值已知的定值电阻。请完成下列操作：
①连接好电路，闭合开关S，将开关S，拨到触点______(选填“A”或“B”)，移动滑片，使电压表的示数为小灯泡的额定电压U1；
②保持滑片的位置不动，再将开关S，拨到另一触点，读出电压表的示数U2；
③用U1、U2、R，表示小灯泡的额定功率，则表达式P=______。
26. 人工智能逐渐融入我们的生活。如图所示，某餐厅的送餐机器人的质量为40kg，某次送餐时，托着装有8cm深热汤的大碗，碗与汤的总质量为2kg，机器人与地面的接触面积为0.01m2(g=10N/kg,ρ汤=1×103kg/m3)。求：
(1)送餐机器人的重力是多少？
(2)碗底5cm2面积上受到汤的压力是多少？
(3)机器人送餐时对水平地面的压强是多少？
27. 图甲是一款紫砂电饭锅，其简化电路如图乙所示，R1、R2是电热丝，R1的阻值为110Ω，通过单独或同时闭合S1、S2实现低温、中温、高温三个挡位间的切换，其铭牌如下表所示，求：
加热效率
80%
额定电压
220V
电功率
低温档
440W
中温档
880W
高温档
(1)低温档加热时电流的大小；
(2)电热丝R2的阻值；
(3)已知粥的比热容c粥=4.0×103J/(kg⋅℃)，将2.2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃需要的时间。
28. 如图甲所示的电路，电源电压保持不变，滑动变阻器的滑片P从B向A滑动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示。根据图像信息计算：
(1)滑动变阻器的最大阻值R2。
(2)电源电压U和定值电阻R1
(3)滑片P在B点时，整个电路5min内消耗的电能？
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、人的正常体温在36.8℃左右。考场内气温明显低于体温，不超过30℃。故A不符合实际；
B、大气压强随海拔高度的增加而减小。海平面处的气压在1×105Pa左右，所以泰山山顶气压一定小于1×105Pa。故B不符合实际；
C、漂浮的物体受到的浮力等于其重力。中学生的体重在500N左右，在水中游泳时接近漂浮状态，所以受到的浮力在500N左右。故C符合实际；
D、教室内电风扇的工作电流在0.2A左右。故D不符合实际。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。
2.【答案】A
【解析】解：A、运动员在水中在水中也能听到音乐声，说明声音可以在水中传播，液体能传声，故A正确；
B、演奏古筝时，手指在弦上的位置不断变化，改变了振动弦的长短，这是为了改变音调，故B错误；
C、医生用B超查体，说明声音可以传递信息，故C错误；
D、防噪声耳罩是为了在人耳处减弱噪声，故D错误。
故选：A。
(1)声音可以在固体、液体、气体中传播，但不能在真空中传播；
(2)音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(3)声音可以传递能量，可以传递信息；
(4)减弱噪声的途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱，③在人耳处减弱。
本题考查了声音的传播，声音的特性，声音的利用、以及防治噪声的途径，属于声学基础知识的考查。
3.【答案】C
【解析】解：
A、池水映明月，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A错误；
B、“潭清疑水浅”指的是池底看起来要比实际的位置变浅了，看到的池底是真实池底的反射的光线在由水中进入空气时发生折射而形成的虚像，故B错误；
C、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故C正确；
D、起舞弄清影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子。故D错误。
故选：C。
自然界中的光现象主要包括以下三种：
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、筷子变弯、光的色散等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的直线传播、光的反射、光的折射、光的色散的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
4.【答案】D
【解析】解：A、任何物体都有内能，0℃的冰块也具有内能，故A错误；
B、热量是过程量，不能说物体具有热量，故B错误；
C、发生热传递的条件是存在温度差，热量总是从高温物体传向低温物体，跟内能多少无关，故C错误；
D、物体吸收了热量，内能一定增加，但温度不一定升高，例如晶体的熔化过程；故D正确；
故选：D。
①任何物体都有内能。
②热量是过程量，应该用“吸收”或“放出”来修饰。
③热传递的条件是物体之间有温度差，高温物体将能量向低温物体传递，直至各物体温度相同。
④物体内能改变了，可能表现在温度的变化，也可能表现在物态的变化。
要正确理解温度、热量与内能的关系。要知道：物体吸热(对外不做功)或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的。
5.【答案】D
【解析】解：A、墙对人的推力与人对墙的推力同时发生在人和墙之间，是一对相互作用力，所以墙对人的推力等于人对墙的推力，故A错误；
B、人对墙的推力与墙对人的推力是作用在同一物体上的两个力，所以不是一对平衡力，故B错误；
C、离开墙后小红仍会运动，是因为小红具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；
D、离开墙后在地面滑行过程中，小红对地面的压力和接触面的粗糙程度没有变，摩擦力就是不变的，故D正确。
故选：D。
(1)物体间力的作用是相互的，一对相互作用力大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
(2)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
(3)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；
(4)影响滑动摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度，通过分析压力和接触面的粗糙程度是否变化、怎样变化，来分析摩擦力的变化。
此题考查平衡力与相互作用力的区分、惯性、摩擦力大小的影响因素，平衡力和相互作用力容易混淆，注意区分：相同点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上．不同点：平衡力是一个受力物体；相互作用力是两个受力物体。
6.【答案】B
【解析】解：由题意可知，凡是内部车辆均可通过感应自动打开门禁系统进入，外来车辆由保安人员手动控制开门进入，
则两个开关可以独立工作、互不影响即为并联，然后再与电动机串联，由选项可知，只有B选项符合。
故选：B。
根据题意确定两开关的连接方式；开关控制电动机时，应与电动机串联，据此进行解答。
本题结合生活实际考查了电路图的设计，根据题意得出两开关的连接方式是关键。
7.【答案】D
【解析】解：
A、小球 M 在甲液体中漂浮，则浮力FM=GM，小球 N 在乙液体中悬浮，则浮力FN=GN，由于小球M、N 完全相同，即GM=GN，则有FM=FN，故 A错误；
B、小球 M 在甲液体中漂浮，则密度ρM<ρ甲，小球 N 在乙液体中悬浮，则密度ρN=ρ乙，由于小球M、N 完全相同，即ρM=ρN，则有ρ甲>ρ乙，故B错误；
C、由B选项分析可知：ρ甲>ρ乙，两容器液面相平即容器底部深度h相同，根据液体压强计算公式 p=ρgℎ 可知，p甲>p乙，故C错误；
D、由C选项分析得容器底部液体压强p甲>p乙，两容器底面积相同，由压力计算公式 F=pS 得，容器底部受到液体压力F甲>F乙，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知：M在甲液体中漂浮，N在乙液体中悬浮，则根据漂浮和悬浮的条件来即可判断浮力大小关系。
(2)根据浮沉条件即可判断液体密度的大小；
(3)根据p=ρ液gℎ比较容器底面受到的压强大小；
(4)根据F=pS比较容器底面受到的压力大小。
此题综合考查了阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用、压强的大小比较等知识点，是一道综合性较强的题目，本题也可以利用物体浮沉条件比较两种液体的密度关系。
8.【答案】B
【解析】解：
AB、木块两次都做匀速直线运动，则拉力等于滑动摩擦力；同一个木块，对水平面的压力一定，接触面的粗糙程度相同，所以两次木块受到的滑动摩擦力大小相等，则两次测力计的拉力也相等，即F1=F2，故A错误，B正确；
CD、由s−t图象可知，第①次木块运动的速度v较大，且两次拉力的大小相等，由公式P=Wt=Fst=Fv可知，第①次拉力的功率较大，即P1>P2，故C、D错误。
故选：B。
(1)弹簧测力计拉动木块在水平面上匀速直线运动时，水平方向上木块受到拉力和滑动摩擦力作用，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力。滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关；
(2)根据P=Fv判断拉力的功率。
本题通过图象可以判断木块做匀速直线运动，匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件判断拉力和滑动摩擦力大小关系，根据P=Fv判断功率大小的变化。
9.【答案】D
【解析】解：
读图可知，甲滑轮组n=3，乙滑轮组n=2，因为不计绳重和摩擦，拉力F=1n(G+G轮)，而动滑轮相同、提升的重物相同，所以F1
故选：D。
滑轮组省力情况的计算，主要看有几段绳子承担物重，或看有几段绳子连着动滑轮；不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W总=Gℎ(G+G动)ℎ=GG+G动，据此分析机械效率大小关系。
此题考查了滑轮组省力情况的分析，关键在于数对承担物重的绳子的段数，即与动滑轮连接的绳子的段数；利用好推导公式：不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有用W总=Gℎ(G+G动)ℎ=GG+G动。
10.【答案】B
【解析】解：把这样的两只灯泡串联接在8V的电源上，两灯泡的电阻相等，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由I=UR的变形式U=IR可知，两灯泡两端的电压相等，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，每个灯泡两端的电压UL=U2=8V2=4V，
由图象可知，电路中的电流I=0.2A，
则，此时每只小灯泡的电阻：
RL=ULI=4V0.2A=20Ω，故CD错误；
每只灯泡的功率：
PL=ULI=4V×0.2A=0.8W，故A错误、B正确。
故选：B。
把这样的两只灯泡串联接在8V的电源上，两灯泡的电阻相同分得的电压相等，根据图象读出通过灯泡的电流，利用欧姆定律求出每只灯泡的电阻，利用P=UI求出功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出电压对应的电流值。
11.【答案】D
【解析】解：当未消磁的标签经过超市出口处的安检门时，安检门上的线圈会产生感应电流，相当于闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动而产生感应电流，所以安检门的工作原理是电磁感应现象；
A、该实验说明同名磁极相互排斥，故A错误；
B、该实验是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，故B错误；
C、该实验中有电源，位于磁场中的导体通电后受到磁力作用而运动，是电动机原理，将电能转化为机械能，故C错误；
D、该实验是电磁感应实验，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动而产生感应电流，将机械能转化为电能，故D正确；
故选：D。
闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就有感应电流，该现象称为电磁感应现象，该过程中将机械能转化为电能。
本题的关键是能根据题中信息得出产生这一现象的原理；要明确：电磁感应与通电导体在磁场中受力运动这两个实验的前提条件是不同的，电磁感应是用来产生电的，所以该实验装置中没有电源；而通电导体在磁场中受力的实验，电路中有电源。因此可以利用电路中有无电源来区分两个实验。
12.【答案】D
【解析】解：
A、弹性小球在A点时瞬间静止，此时只受重力作用，受力不平衡，故A错误；
B、弹性小球从A点运动到B点的过程中，质量不变，高度减小，所以重力势能减小；速度增大，所以动能增大，此过程中重力势能转化为动能，故B错误；
CD、由图知，小球弹跳的高度越来越低，说明小球撞击地面时机械能转化为地面和小球的内能，则小球机械能逐渐减小，且B点在C点之前，所以弹性小球在B点的机械能大于它在C点的机械能，故C错误，D正确。
故选：D。
(1)弹性小球在A点时瞬间静止，此时只受重力作用；
(2)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越大，重力势能越大；
(3)机械能包括物体的动能和势能，图中小球弹跳的高度越来越低，隐含的信息是机械能逐渐减小。
本题考查了动能和势能的相互转化以及比较机械能的大小，对于这类题目要抓住题目的隐含信息，小球弹跳的高度越来越低，说明小球的机械能越来越小。
13.【答案】静止 非平衡力
【解析】解：根据题意可知，3颗地球同步轨道卫星全部定位于赤道上空，这些卫星之间没有位置变化，所以它们是相对静止的。
地球同步卫星随地球同步转动，做圆周运动时，其运动方向是变化的(即运动状态发生改变)，因此这些卫星受非平衡力的作用。
故答案为：静止；非平衡力。
(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则物体是运动的，若不发生变化，则物体是静止的。
(2)物体的运动状态改变时，一定受到非平衡力的作用。
本题围绕地球同步卫星，考查了学生对运动和静止的相对性、平衡力的辨别的理解和掌握，体现了物理与高科技的联系。
14.【答案】人脸 缩小
【解析】解：只有将更多的光射到人脸上，才能看得更清楚，所以当人靠近摄像头时，光源自动打开，照亮人脸。
摄像镜头实际上是一个凸透镜，人在凸透镜的二倍焦距以外，成倒立、缩小的实像。
故答案为：人脸；缩小。
想看清物体必须有足够的光线，物体的光线足够明亮成的像才更清晰。
凸透镜成像时，u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像头。
凸透镜成像的三种情况和应用，在凸透镜成像习题中有重要的应用，一定要熟练掌握。
15.【答案】减小 增大
【解析】解：(1)大气压强随着海拔高度的增加而减小；
(2)瓶内的气体是封闭的，向上运动时，外界的气压减小，在里面气体压强的作用下，玻璃管内水柱会上升，玻璃管内水柱的高度h增大。
故答案为：减小；增大。
大气压强随着海拔高度的增加而减小，瓶内的气体是封闭的，向上运动时，外界的气压减小，在里面气体压强的作用下，玻璃管内水柱会上升。
本题考查简易气压计的原理，以及气压与高度的关系，是一道基础题。
16.【答案】>；=
【解析】根据液体压强公式p=ρgℎ得，液体压强跟液体的密度和深度有关，同种液体密度相同，甲的深度大于乙的深度，所以甲容器液体对容器底的压强大于乙容器液体对容器底的压强，即p甲>p乙。
容器对水平桌面的压力等于容器的重和液体重之和，容器的质量相等，所以容器的重相同，液体的质量相等，液体的重力相等，所以容器对水平桌面的压力相等，即F甲=F乙。
故答案为：>；=。
(1)根据液体压强公式判断液体对容器底的压强。
(2)容器对桌面的压力等于容器的重和液体重之和。
本题的关键在于明确容器对桌面的压力等于容器的重和液体重之和。
17.【答案】甲 乙
【解析】解：
(1)由P=U2R可得R=U2P，所以甲、乙两只电炉的电阻：R甲>R乙，因为串联电路中电流处处相等，即：I甲=I乙，所以根据Q=I2Rt可知，在相同时间内产生的热量Q甲>Q乙，即串联时相同时间内产生热量较多的是甲；
(2)由题知，两电炉的额定电压相同(均为220V)，且额定功率P甲
(1)由P=U2R比较两电炉的电阻，由串联电路特点和Q=I2Rt比较产生热量的多少；
(2)已知两电炉的额定功率，由Q=W=Pt比较相同时间产生热量的多少。
本题考查了串联和并联电路的特点以及焦耳定律公式的应用，关键是公式及其变形的灵活运用，还要知道实际电压等于额定电压时，实际功率等于额定功率。
18.【答案】电磁波 并联
【解析】解：手机接收路由器发出的无线信号是电磁波；因为计算机房里的多台电脑可以单独工作，因此这些电脑之间是并联连接。
故答案为：电磁波；并联。
(1)电磁波能传递信息，手机能接受电磁波；
(2)并联电路中各用电器工作时互不影响。
本题考查串并联电路的辨别、电磁波的传播与应用、与实际连接紧密，体现了物理与生活的联系。
19.【答案】裂变 不可再生
【解析】解：核电站是利用原子核裂变释放的能量，核能是不可再生能源。
故答案为：裂变；不可再生。
核能的利用包括核裂变和聚变，核电站利用核裂变发电；核能属于不可再生能源。
知道核裂变的应用，区分生活中的各种能源，可解答此题。
20.【答案】解：根据物像连线与镜面垂直，由A向平面镜作垂线并延长，根据物像到平面镜距离相等，找到A点的像A'点，连接眼睛和像点A'，交平面镜于O点，连接AO即入射光线，O到眼睛为反射光线。如图：
。
【解析】根据物像连线与镜面垂直，物像到平面镜距离相等，做出A点的像，A点像A'是反射光线的反向延长线会聚形成的，必然有反射光线进入人的眼睛，反射光线经过眼睛和像点，两者的连线确定入射点，画出入射光线。
用常见的检测视力的方法考查物体在平面镜中成像时，物像到平面镜距离相等，体现了物理和生活的密切关系，达到学以致用的目的。
21.【答案】解：
(1)从支点向动力作用线引垂线，作出动力臂，用双箭头标出，标上字母L；如图所示：
(2)过重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示，即为物体的重力示意图：
【解析】(1)支点在O点，根据动力臂为支点到动力作用线的距离，作出动力臂L1；
(2)首先找出力的作用点，重力的作用点即重心在物体的几何中心；然后确定力的方向，重力的方向是竖直向下的；最后用一条带箭头的线段表示力的方向。
明确力臂的概念，从支点向力的作用线画垂线，即可找出力臂的位置，重力的作用点在重心，方向竖直向下，明确了这些基本概念便不难解决。
22.【答案】点燃 投影仪 远视眼镜 10 向上 B 4
【解析】解：(1)根据凸透镜成像规律中实验的要求，必须让三者中心放在同一高度上，使其成像在光屏的中心；只有先将蜡烛点燃，才可以确定烛焰的中心，所以点燃蜡烛应在调整高度之前；
(2)由图知，像距大于物距，此时成倒立放大的实像，投影仪根据这个原理制成；
(3)把光屏向左移动一小段距离，要想在光屏上再次得到清晰的像，应使像向左移动，则需在凸透镜和蜡烛之间放置适当的凸透镜；远视眼就是利用这种透镜矫正的；
(4)由乙图可知当u=v=20cm时成等大的实像，此时u=2f=20cm，故f=10cm；
(5)蜡烛燃烧不断缩短，向下移动，光屏上的像向上移动，要使像能够成在光屏中央，需要将光屏向上移动一些；
(6)蜡烛位置不变，移动透镜至18cm刻度线处时，u=8cm
(1)要知道凸透镜成像规律实验的要求，首先必须将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心放在同一高度上，只有先将蜡烛点燃，才可以确定烛焰的中心；
(2)根据像距和物距的大小关系确定成像的特点，像距大于物距，成倒立放大的实像，投影仪根据这个原理制成；
(3)根据凸透镜和凹透镜对光线的作用进行分析；
(4)当u=2f时成倒立等大的实像；
(5)凸透镜成的实像是倒立的，像与物体的变化方向恰好相反；
(6)物距小于焦距成正立放大虚像，应用是放大镜，虚像与物在同侧。
此题是探究凸透镜成像的规律，主要考查了实验的探究过程及成像规律的应用。此题看似复杂，其实只要用心，仔细审题，并不难。
23.【答案】(1)0；(2)122.4；(3)1.4；(4)偏大。
【解析】解：(1)将天平放在水平台上，将游码放到标尺左端的0刻度线上，调节横梁使天平平衡；
(2)由图乙知，标尺的分度值为0.2g，烧杯与防冻液的总质量m总=100g+20g+2.4g=122.4g，
(3)金属块排开的蜂蜜的质量为：m=150.4g−122.4g=28g=0.028kg；
排开的蜂蜜的重力即金属块受到的浮力为：F浮=G=mg=0.028g×10N/kg=0.28N；
根据阿基米德原理可知，蜂蜜的密度为：
ρ=F浮gV排=0.28N10N/kg×2×10−5m3=1.4×103kg/m3=1.4g/cm3；
(4)测出同种蜂蜜和玻璃杯的总质量后，将浓稠粘滞的蜂蜜沿量筒壁缓缓倒入量筒内测量体积，此时会有一部分蜂蜜粘在量筒的内壁上，使得测量的体积偏小，根据密度公式可知，密度会偏大。
故答案为：(1)0；(2)122.4；(3)1.4；(4)偏大。
(1)调节天平平衡时，应先调节游码，再调节平衡螺母；
(2)左盘中物体质量等于右盘中物体质量与游码读数之和；
(3)根据丙图示数，求出增加的质量；增加的质量与金属块排开的液体的质量相等，从而求出金属块受到的浮力，根据阿基米德原理求出蜂蜜的密度；
(4)根据质量和体积的变化分析。
本题综合探究了物体密度的测量，同时考查了阿基米德原理的应用，能求出浮力的大小是解题的关键。
24.【答案】(1)液面高度差；转换法；
(2)电流；
(3)C。
【解析】解：(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但电阻丝对容器中的空气加热时，空气温度升高体积膨胀，引起U型管中液柱高度的变化，所以通过液面高度差的变化来反映电阻丝产生热量的多少，这种研究方法叫转换法；
(2)如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系；
(3)图乙装置中两个5Ω的电阻并联后再与一个5Ω的电阻串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I内+I外，所以，I左>I内，容器内的电阻值都是5Ω，通电一段时间，由Q=I2Rt知，C容器中电流产生的热量多。
本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。
25.【答案】B A 3.8 1.596W A U1×U2−U1R0
【解析】解：(1)灯的额定电压为3.8V，电阻大约为10Ω，由欧姆定律，
则灯正常工作时的电流大小I=UR=3.8V10Ω=0.38A<0.6A，所以电流表选用小量程与灯串联；
因为小灯泡的额定电压为3.8V，所以电压表的量程为0～15V；
因滑动变阻器的滑片向左移动时小灯变亮，即电流变大，电阻变小，故滑动变阻器的滑片以左电阻丝连入电路中，并与灯串联，如下所示：
(2)测定额定电压为3.8V的小灯泡，其中电源电压为6V且保持不变。则灯正常发光时，
变阻器分得的电压U滑=6V−3.8V=2.2V，灯正常工作时的电流：I=0.38A，根据串联电路电流的规律，即为通过变阻器的电流，故变阻器连入电阻：R滑=U滑I=2.2V0.38A=5.79Ω>5Ω，考虑到电流因素，0.38A>0.2A，则变阻器选B(10Ω 0.5A)；
(3)灯在额定电压下正常发光，电压表示数为2V小于灯的额定电压，为了能测量小灯泡的额定功率，由串联电路电压的规律，应增大灯的电压，减小变阻器分得的电压，由分压原理，要减小变阻器分得的电压，必须将滑片P向A移动，使电压表的示数为3.8V时，小灯泡正常发光；
如图乙电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.42A，则小灯泡的额定功率为PL=ULIL=3.8V×0.42A=1.596W；
(4)①连接好电路，闭合开关S，将开关S1拨到触点A，移动滑片，使电压表的示数为小灯泡的额定电压U1；
②保持滑片的位置不动，再将开关S1拨到另一触点，读出电压表的示数U2；
③在①中，电压表测灯的电压，灯正常发光；在②中，电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压为：U0=U2−U1，
由欧姆定律求出通过定值电阻的电流即灯的额定电流，IL=I0=U2−U1R0，
小灯泡的额定功率表达式：
P=U1×IL=U1×U2−U1R0。
故答案为：(1)如上所示；(2)C；(3)A；电压表示数为2.5V；1.25；(4)①A；③U1×U2−U1R0。
(1)根据欧姆定律求出灯正常发光时的电流大小，确定电流表的量程与灯串联，根据小灯泡的额定电压判断出电压表的量程，因滑动变阻器的滑片向左移动时小灯变亮确定变阻器接线柱的连接；
(2)根据串联电路电压的规律求出灯正常发光时变阻器分得的电压，由欧姆定律求出变阻器连入电路中的电阻大小，结合电路的电流大小确定变阻器的选择；
(3)灯在额定电压下正常发光，比较2V与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
根据图乙电流表小量程读数，根据P=UI求灯的额定功率；
(4)要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率。
本题测量小灯泡的额定功率实验，考查电路连接、电路分析、操作过程、功率计算及设计方案测额定功率的能力。
26.【答案】解：
(1)送餐机器人的重力：
G=mg=40kg×10N/kg=400N；
(2)碗底受到汤的压强：
p=ρ汤gℎ=1×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800pa，
由p=FS可得，碗底5cm2面积上受到汤的压力：
F=pS=800Pa×5×10−4m2=0.4N；
(3)碗与汤的总质量为2kg，则机器人、碗与汤的总质量：
m总=2kg+40kg=42kg，
机器人、碗与汤的总重力：
G总=m总g=42kg×10N/kg=420N，
此时机器人对水平地面的压力：
F'=G总=420N，
此时机器人对水平地面的压强：
p'=F'S'═420N0.01m2=4.2×104Pa。
答：(1)送餐机器人的重力为400N；
(2)碗底5cm2面积上受到汤的压力是0.4N；
(3)此时机器人对水平地面的压强为4.2×104Pa。
【解析】(1)利用G=mg求送餐机器人的重力；
(2)先利用p=ρgℎ求得碗底受到汤的压强，再利用p=FS的变形公式求出碗底5cm2面积上受到汤的压力；
(3)送餐机器人托着装有热汤的大碗时，机器人对水平地面的压力等于机器人、碗与汤的总重力，利用p=FS求此时机器人对水平地面的压强。
本题考查了重力公式、压强公式的应用，关键要知道：机器人托着装有热汤的大碗时，机器人对水平地面的压力等于机器人、碗与汤的总重力。
27.【答案】解：(1)电热丝R1的电功率为P1=U2R1=(220V)2110Ω=440W，
根据表格数据可知道，只闭合S1时，电路为R1的简单电路，电饭锅处于低温档，
则低温挡加热时电流的大小为I1=UR1=220V110Ω=2A。
(2)根据P=U2R，可知，只闭合S2时，电路为R2的简单电路，电饭锅处于中温档，
根据表格数据可知道，中温档P2=880W，电热丝R2的阻值R2=U2P2=(220V)2880W=55Ω；
(3)当S1、S2都闭合时，电热丝R1、R2并联，电路总电阻最小，由P=U2R可知，电饭锅处于高温档，
则高温档的功率为P=P1+P2=440W+880W=1320W，
2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃吸收的热量Q=cm△t=4.0×103J/(kg⋅℃)×2.2kg×(74℃−20℃)=475200J，
已知加热效率为80%，则需要消耗的电能为
W=Q80%=475200J80%=59400J，
由P=Wt可得，将2.2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃需要的时间为
t=WP=59400J1320W=450s。
答：(1)低温挡加热时电流的大小为2A；
(2)电热丝R2的阻值为55Ω；
(3)将2.2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃需要的时间为450s。
【解析】(1)由P=U2R，结合电路图可知，只有R1连入，电饭锅处于低温档，再利用I=UR可求得电饭锅处于低温档时的电流；
(2)由P=U2R，可知，电压一定时，电路电阻越小，功率越大，功率大，电饭锅处于高温挡，根据电路图分析电路结构，判断中温挡时，开关的状态，然后利用P=U2R可求得电热丝R2的阻值；
(3)当S1、S2都闭合时，电热丝R1、R2并联，电路总电阻最小，此时电饭锅处于高温挡，求得高温档的功率，由Q=cm△t可求得2kg的粥用高温挡从20℃加热到74℃吸收的热量，已知加热效率为80%，由P=Wt公式变形可求得时间。
本题考查了电饭锅的工作原理，分析电路结构，知道什么状态下电饭锅处于高温挡、什么条件下处于低温档是本题的难点，也是正确解题的前提；分清电路结构、熟练功率公式及其变形公式、欧姆定律、并联电路的特点是正确解题的关键。
28.【答案】解：(1)闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，
串联电路总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可得当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，通过电路的电流最小，
由乙图可知通过电路的最小电流为0.2A，此时滑动变阻器两端的电压为14V，所以滑动变阻器的最大阻值：R2=U2I=14V0.2A=70Ω；
(2)串联电路总电压等于各部分电压之和，串联电路各处电流相等，
由欧姆定律可得电源电压：U=IR1+U2=0.2A×R1+14V------①，
由乙图可知通过电路的电流为0.4A时，电压表的示数为10V，由欧姆定律可得电源电压：U=I1R1+U2'=0.4A×R1+10V------②，
①②两式联立，解得：R1=20Ω，U=18V；
(3)滑片P在B点时，滑动变阻器接入电路最大阻值，通过电路的电流最小，整个电路5min内消耗的电能：W=UIt=18V×0.2A×5×60s=1080J。
答：(1)滑动变阻器的最大阻值R2为70Ω；
(2)电源电压U为18V，定值电阻R1为20Ω；
(3)滑片P在B点时，整个电路5min内消耗的电能为1080J。
【解析】(1)闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，通过电路的电流最小，由乙图可知通过电路的最小电流和此时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值；
(2)由乙图再读取一组电流和电压值，根据串联电路特点结合欧姆定律表示电源电压，根据电源电压不变，列出方程组可得电源电压U和定值电阻R1；
(3)滑片P在B点时，滑动变阻器接入电路最大阻值，通过电路的电流最小，根据电功公式W=UIt计算整个电路5min内消耗的电能。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功公式的灵活运用，根据电源电压不变列出方程是解题的关键。
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