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    2021-2022学年天津市静海区四校高一上学期11月阶段性检测数学试题含解析

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    这是一份2021-2022学年天津市静海区四校高一上学期11月阶段性检测数学试题含解析,共10页。试卷主要包含了单选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    2021-2022学年天津市静海区四校高一上学期11月阶段性检测数学试题一、单选题1.已知全集,集合,则       A B C D【答案】C【分析】求出集合,再进行补集和交集运算即可求解.【详解】因为,可得因为,所以故选:C2.设,则的(       A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分又不必要条件【答案】A【分析】解出不等式,然后可得答案.【详解】可得,然后可得因为由可以推出,反之不成立所以的充分不必要条件故选:A3.命题,为(       A BC D【答案】B【分析】利用全称命题的否定是特称命题写出结果即可.【详解】由全称命题的否定是特称命题,命题,所以.故选:B.【点睛】本题考查命题的否定,特称命题与全称命题的否定关系,属于基础题.4.若为实数,且,则下列命题正确的是(       A B C D【答案】D【分析】对于A,当时,,可判断;对于B,举反例,当时,代入比较可判断;对于C,作差 ,由已知可判断;对于D,运用作差比较法可判断.【详解】对于A,当时,A错误;对于B,当时,,此时B错误;对于C,因为,所以,又C错误;对于DD正确.故选:D.5.下列函数中,既是奇函数又在上是增函数的是(       A B C D【答案】B【分析】根据幂函数、指数函数的性质及函数奇偶性的定义即可求解.【详解】解:对A:由指数函数的性质知,不具有奇偶性,故选项A错误;B:因为,所以为奇函数,又根据幂函数的性质知上是增函数,故选项B正确;C:因为为偶函数,故选项C错误;D:因为上是减函数,故选项D错误.故选:B.6.函数单调递增,则实数的取值范围是(       A B C D【答案】A【解析】直接由抛物线的对称轴和区间端点比较大小即可.【详解】函数为开口向上的抛物线,对称轴为函数单调递增,则,解得.故选:A.7.函数取最小值时的值等于(       A3 B C D4【答案】A【分析】先对目标函数进行配凑,利用基本不等式即可求得结果.【详解】因为因为,故由基本不等式可得:当且仅当,且时取得最小值.解得.故选:A.8.下列函数中与相等的函数是(       A B C D【答案】B【解析】若两个函数是相等函数,则两个函数的定义域相等,对应关系相同,依次判断选项.【详解】的定义域为A.的定义域为,所以不是同一函数;B.的定义域是,并且,对应关系也相同,所以是同一函数;C.的定义域为,但,对应关系不相同,所以不是同一函数;D.的定义域为,定义域不相同,所以不是同一函数.故选:B9.幂函数上是减函数,则       A B C D【答案】D【分析】利用幂函数的定义以及幂函数的定义即可求解.【详解】.时,上是增函数,排除;时,上是减函数,.故选:.【点睛】本题考查了幂函数的定义、幂函数的性质,属于基础题.10.已知偶函数上单调递增,则下列关系成立的是(       A BC D【答案】D【分析】上单调递增,可得,再有,即得解.【详解】由题意,函数为偶函数,故上单调递增,且,即故选:D二、填空题11.已知函数___________.【答案】9【分析】由分段函数解析式求,再由所得函数值代入解析式求.【详解】由解析式知:.故答案为:9.12.已知,且,求的最小值_________【答案】8【分析】由题意,得到,展开后,由基本不等式,即可得出结果.【详解】由题得当且仅当,即时,等号成立.故答案为:8.【点睛】本题主要考查利用基本不等式求最值,熟记基本不等式即可,属于常考题型.13___________.【答案】【分析】由分数指数幂的运算性质及对数的运算性质即可求解.【详解】解:故答案为:.14.已知为奇函数,当时,,则___________.【答案】【分析】根据奇函数的定义及已知条件即可求解.【详解】解:因为为奇函数,当时,所以故答案为:.15.已知函数)恒过定点P,则点P的坐标为___________.【答案】【分析】指数函数必然满足,取指数为0即可求得定点.【详解】知,当时,,即过定点.故答案为:16.给定函数,用表示中的最小者,记请用解析法表示函数___________.【答案】【分析】先由不等式求出的范围,可知此时函数为,从而可求得的解析式【详解】,得所以当时,时,综上,故答案为:三、解答题17.已知不等式的解集为A,不等式的解集为.(1)(2)若不等式的解集为,求不等式的解集.【答案】(1)(2)【分析】1)解不等式求出集合,进而求出;(2)根据韦达定理求出,进而求出的解集.(1),解得:,所以解得:,所以,所以(2),由题意得:,所以,不等式,即,解得:,不等式解集为18.已知集合,集合(1)时,求(2),求实数a的取值范围.【答案】(1)(2)【分析】1)先求出集合,然后结合集合的交、并运算求解即可;2)由,得,然后结合集合的包含关系对B是否为空集进行分讨论,即可求解.(1)解:由题意得时,(2)解:由,得,即时,,满足题意;时,,解得综上,a的取值范围为19.(1)设函数.若不等式对一切实数恒成立,求实数的取值范围;2)解关于的不等式.【答案】1;(2)答案见解析.【分析】1)由题设知对一切实数恒成立,根据二次函数的性质列不等式组求参数范围.2)分类讨论法求一元二次不等式的解集.【详解】1)由题设,对一切实数恒成立,时,上不能恒成立;,解得.2)由时,解集为时,无解;时,解集为20.(1)已知是一次函数,且满足,求的解析式;2)已知函数,求a的值.【答案】1;(2.【分析】1待定系数法,设,便可由得出,从而可求出,即得出的解析式;2利用对应法则即可得到结果;逆用法则可得结果.【详解】1,则:2)函数时,时,时,此时无解.综上,.21.已知函数(1)判断函数的奇偶性,并说明理由;(2)证明:函数上是增函数;(3)求函数的最大值和最小值【答案】(1)奇函数,证明见解析(2)证明见解析(3)函数的最大值为3,最小值为【分析】1)求出函数的定义域,利用奇偶性的定义即可判断;2)利用函数单调性的定义即可证明;3)由(1)(2)可判断函数上也单调递增,从而即可求出函数的最大值和最小值(1)解:函数的定义域为,定义域关于原点对称,因为所以函数是奇函数;(2)证明:任取,且因为0x1x2,所以0,且所以,即所以函数上单调递增;(3)解:由(1)(2)知函数上单调递增,且函数是奇函数,所以上也单调递增,所以当时,所以函数的最大值为3,最小值为 

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