高考数学(文数)二轮复习《选择题填空题12+4》小题提速练习卷01（含详解）

这是一份高考数学(文数)二轮复习《选择题填空题12+4》小题提速练习卷01（含详解），共6页。试卷主要包含了选择题，填空题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题
已知集合A={x|x2－4x－5≤0}，B={x|x|≤2}，则A∩(∁RB)=( )
A.[2，5] B.(2，5] C.[－1，2] D.[－1，2)
如果复数eq \f(m2＋i,1＋mi)是纯虚数，那么实数m等于( )
A.－1 B.0 C.0或1 D.0或－1
下列函数中，在其定义域内是增函数而且是奇函数的是( )
A.y=2x B.y=2|x| C.y=2x－2－x D.y=2x＋2－x
设x，y满足约束条件eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(2x＋y－6≥0，,x＋2y－6≤0，,y≥0，))则目标函数z=x＋y的最大值是( )
A.3 B.4 C.6 D.8
若双曲线eq \f(x2,a2)－eq \f(y2,b2)=1(a＞0，b＞0)的一条渐近线经过点(3，－4)，则此双曲线的离心率为( )
A.eq \f(\r(7),3) B.eq \f(5,4) C.eq \f(4,3) D.eq \f(5,3)
设a=，b=，c=lneq \f(3,π)，则( )
A.c＜a＜b B.c＜b＜a C.a＜b＜c D.b＜a＜c
已知函数y=sineq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2x＋φ))在x=eq \f(π,6)处取得最大值，则函数y=cs(2x＋φ)的图象( )
A.关于点（eq \f(π,6)，0）对称 B.关于点（eq \f(π,3)，0）对称
C.关于直线x=eq \f(π,6)对称 D.关于直线x=eq \f(π,3)对称
一个几何体的三视图如图所示，其中正视图是腰长为2的等腰三角形，俯视图是半径为1的半圆，则该几何体的体积是( )
A.eq \f(4 \r(3),3)π B.eq \f(1,2)π C.eq \f(\r(3),3)π D.eq \f(\r(3),6)π
在如图所示的圆形图案中有12片树叶，构成树叶的圆弧均相同且所对的圆心角为eq \f(π,3)，若在圆内随机取一点，则此点取自树叶(即图中阴影部分)的概率是( )
A.2－eq \f(3 \r(3),π) B.4－eq \f(6 \r(3),π) C.eq \f(1,3)－eq \f(\r(3),2π) D.eq \f(2,3)
给出四个函数，分别满足①f(x＋y)=f(x)＋f(y)，②g(x＋y)=g(x)·g(y)，③h(x·y)=h(x)＋h(y)，④m(x·y)=m(x)·m(y).又给出四个函数的图象，那么正确的匹配方案可以是( )
A.①甲，②乙，③丙，④丁
B.①乙，②丙，③甲，④丁
C.①丙，②甲，③乙，④丁
D.①丁，②甲，③乙，④丙
已知抛物线y=eq \f(1,4)x2，AB为过焦点F的弦，过A，B分别作抛物线的切线，两切线交于点M，
设A(xA，yA)，B(xB，yB)，M(xM，yM)，
则：①若AB的斜率为1，则|AB|=4；②|AB|min=2；③yM=－1；④若AB的斜率为1，则xM=1；⑤xA·xB=－4.
以上结论正确的个数是( )
A.1 B.2 C.3 D.4
已知函数f(x)=x2的图象在点(x0，xeq \\al(2,0))处的切线为l，若l也与函数y=ln x，x∈(0，1)的图象相切，则x0必满足( )
A.0＜x0＜eq \f(1,2) B.eq \f(1,2)＜x0＜1 C.eq \f(\r(2),2)＜x0＜eq \r(2) D.eq \r(2)＜x0＜eq \r(3)
二、填空题
设向量a，b满足：|a|=1，|b|=2，a⊥(a－b)，则a与b的夹角是________.
秦九韶是我国南宋时期的数学家，普州(现四川省安岳县)人，他在所著的《数书九章》中提出的多项式求值的秦九韶算法，至今仍是比较先进的算法.如图所示的程序框图给出了利用秦九韶算法求某多项式值的一个实例，若输入n，x的值分别为3，2，则输出v的值为________.
过抛物线y2=4x的焦点F的直线交该抛物线于A，B两点，若|AF|=3，则|BF|=________.
在△ABC中，点D在边AB上，CD⊥BC，AC=5 eq \r(3)，CD=5，BD=2AD，则AD的长为________.
\s 0 答案解析
答案为：B.
解析：由题得A=[－1，5]，B=[－2，2]，则∁RB=(－∞，－2)∪(2，＋∞)，
所以A∩(∁RB)=(2，5]，故选B.
答案为：D.
解析：eq \f(m2＋i,1＋mi)=eq \f(（m2＋i）（1－mi）,（1＋mi）（1－mi）)=eq \f(m2＋m＋（1－m3）i,1＋m2)，
因为此复数为纯虚数，所以eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(m2＋m＝0，,1－m3≠0，))解得m=－1或0，故选D.
答案为：C.
解析：因为y=2x为增函数，y=2－x为减函数，所以y=2x－2－x为增函数，
又y=2x－2－x为奇函数，所以选C.
答案为：C.
解析：作出不等式组表示的平面区域如图中阴影部分所示，作直线x＋y=0，平移该直线，当直线经过点A(6，0)时，z取得最大值，即zmax=6，故选C.
答案为：D.
解析：因为双曲线eq \f(x2,a2)－eq \f(y2,b2)=1(a＞0，b＞0)的渐近线为y=±eq \f(b,a)x，所以根据一条渐近线经过点
(3，－4)，可知3b=4a∴eq \f(b,a)=eq \f(4,3).∴e=eq \f(5,3).
答案为：B.
解析：因为a=＞＞b=＞0，c=lneq \f(3,π)＜ln 1=0，所以c＜b＜a，故选B.
答案为：A.
解析：由题意可得eq \f(π,3)＋φ=eq \f(π,2)＋2kπ，k∈Z，即φ=eq \f(π,6)＋2kπ，k∈Z，
所以y=cs(2x＋φ)=cs（2x+eq \f(π,6)+2kπ）=cs（2x+eq \f(π,6)），k∈Z.
当x=eq \f(π,6)时，eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2×\f(π,6)＋\f(π,6)))=cs eq \f(π,2)=0，所以函数y=cs(2x＋φ)的图象关于点eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,6)，0))对称，不关于直线x=eq \f(π,6)对称，故A正确，C错误；当x=eq \f(π,3)时，cseq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(2×\f(π,3)＋\f(π,6)))=cs eq \f(5,6)π=－eq \f(\r(3),2)，
所以函数y=cs(2x＋φ)的图象不关于点eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(π,3)，0))对称，也不关于直线x=eq \f(π,3)对称，故B、D错误.故选A.
答案为：D.
解析：由三视图可知该几何体为一个半圆锥，其中圆锥的底面半圆的半径为1，母线长为2，所以圆锥的高为eq \r(3)，所以该几何体的体积V=eq \f(1,3)×eq \f(1,2)π×12× eq \r(3)=eq \f(\r(3),6)π，故选D.
答案为：B.
解析：设圆的半径为r，根据扇形面积公式和三角形面积公式得阴影部分的面积
S=24eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,6)πr2－\f(\r(3),4)r2))=4πr2－6 eq \r(3)r2，圆的面积S′=πr2，
所以此点取自树叶(即图中阴影部分)的概率为eq \f(S,S′)=4－eq \f(6 \r(3),π)，故选B.
答案为：D.
解析：①f(x)=x，这个函数可使f(x＋y)=f(x)＋f(y)成立，
∵f(x＋y)=x＋y，x＋y=f(x)＋f(y)，∴f(x＋y)=f(x)＋f(y)，故①对应丁.
②寻找一类函数g(x)，使得g(x＋y)=g(x)·g(y)，指数函数y=ax(a＞0，a≠1)具有这种性质，令g(x)=ax，g(y)=ay，则g(x＋y)=ax＋y=ax·ay=g(x)·g(y)，故②对应甲.
③寻找一类函数h(x)，使得h(x·y)=h(x)＋h(y)，对数函数具有这种性质，
令h(x)=lgax，h(y)=lgay，则h(x·y)=lga(xy)=lgax＋lgay=h(x)＋h(y)，故③对应乙.
④令m(x)=x2，这个函数可使m(xy)=m(x)·m(y)成立，
∵m(x)=x2，∴m(x·y)=(xy)2=x2y2=m(x)·m(y)，故④对应丙.故选D.
答案为：B.
解析：由题意得，焦点F(0，1)，对于①，lAB为y=x＋1，联立，
得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(y＝x＋1，,y＝\f(1,4)x2，))消去x，得y2－6y＋1=0，得yA＋yB=6，则|AB|=yA＋yB＋p=8，故①错误；
对于②，|AB|min=2p=4，故②错误；因为y′=eq \f(x,2)，则lAM∶y－yA=eq \f(xA,2)(x－xA)，
即lAM：y=eq \f(1,2)xAx－yA，同理lBM：y=eq \f(1,2)xBx－yB，联立，得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(y＝\f(1,2)xAx－yA，,y＝\f(1,2)xBx－yB，))
解得Meq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(xA＋xB,2)，\f(xA·xB,4))).设lAB为y=kx＋1，联立，得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(y＝kx＋1，,y＝\f(1,4)x2，))消去y，
得x2－4kx－4=0，xA＋xB=4k，xA·xB=－4，所以yM=－1，③和⑤均正确；
对于④，AB的斜率为1时，xM=2，故④错误，故选B.
答案为： D.
解析：由题意，得f′(x)=2x，所以f′(x0)=2x0，f(x0)=xeq \\al(2,0)，
所以切线l的方程为y=2x0(x－x0)＋xeq \\al(2,0)=2x0x－xeq \\al(2,0).
因为l也与函数y=ln x(0＜x＜1)的图象相切，设切点坐标为(x1，ln x1)，
易知y′=eq \f(1,x)，则切线l的方程为y－ln x1=eq \f(1,x1)(x－x1)，即y=eq \f(1,x1)x＋ln x1－1，
则有eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(2x0＝\f(1,x1)，,1－ln x1＝xeq \\al(2,0)，))又0＜x1＜1，所以x0＞1，所以1＋ln(2x0)=xeq \\al(2,0)，x0∈(1，＋∞).
令g(x)=x2－ln(2x)－1，x∈(1，＋∞)，则g′(x)=2x－eq \f(1,x)=eq \f(2x2－1,x)＞0，
所以g(x)在(1，＋∞)上单调递增，又g(1)=－ln 2＜0，g(eq \r(2))=1－ln2 eq \r(2)＜0，
g(eq \r(3))=2－ln 2eq \r(3)＞0，所以存在x0∈(eq \r(2)，eq \r(3))，使得g(x0)=0，故 eq \r(2)＜x0＜eq \r(3)，选D.
答案为：60°
解析：因为a⊥(aeq \a\vs4\al(－)b)，所以a·(aeq \a\vs4\al(－)eq \a\vs4\al(b）)=0，故|a|2－|a||b|cs〈a，b〉=0，
解得cs〈a，b〉=eq \f(1,2)，故a与b的夹角为60°.
答案为：18
解析：该程序框图的执行过程如下：v=1，i=2；v=1×2＋2=4，i=1；v=4×2＋1=9，i=0；
v=9×2＋0=18，i=－1，此时输出v=18.
答案为：eq \f(3,2).
解析：解法一：由题意知，抛物线的焦点F的坐标为(1，0)，|AF|=3，由抛物线的定义知，点A到准线x=－1的距离为3，所以点A的横坐标为2.如图，
不妨设点A在第一象限，将x=2代入y2=4x，得y2=8，所以点A的纵坐标为2 eq \r(2)，
即A(2，2 eq \r(2))，所以直线AF的方程为y=2 eq \r(2)(x－1).
由eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(y＝2 \r(2)（x－1），,y2＝4x，))解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x＝\f(1,2)，,y＝－ \r(2)))或eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(x＝2，,y＝2 \r(2)))，
所以点B的横坐标为eq \f(1,2)，所以|BF|=eq \f(1,2)－(－1)=eq \f(3,2).
解法二：如图，不妨设点A在第一象限，设∠AFx=θ，A(xA，yA)，B(xB，yB)，
则由抛物线的定义知xA＋1=2＋3cs θ=3，解得cs θ=eq \f(1,3).
又|BF|=xB＋1=1－|BF|cs θ＋1=2－eq \f(1,3)|BF|，所以|BF|=eq \f(3,2).
答案为：5.
解析：如图，在△ABC中，BD=2AD，设AD=x(x＞0)，则BD=2x.在△BCD中，
因为CD⊥BC，CD=5，BD=2x，所以cs∠CDB=eq \f(CD,BD)=eq \f(5,2x).在△ACD中，AD=x，CD=5，AC=5 eq \r(3)，
则cs∠ADC=eq \f(AD2＋CD2－AC2,2×AD×CD)=eq \f(x2＋52－（5 \r(3)）2,2×x×5).因为∠CDB＋∠ADC=π，
所以cs∠ADC=－cs∠CDB，即eq \f(x2＋52－（5 \r(3)）2,2×x×5)=－eq \f(5,2x)，解得x=5，所以AD的长为5.