2022年内蒙古鄂尔多斯市康巴什区中考物理模拟试卷（一）

这是一份2022年内蒙古鄂尔多斯市康巴什区中考物理模拟试卷（一），共32页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图与实验探究题，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
2022年内蒙古鄂尔多斯市康巴什区中考物理模拟试卷（一）
一、单项选择题（本大题13个小题，每小题2分，共26分。）
1．（2分）日常生活中，为了让同学们养成关注生活和社会的良好习惯，物理老师倡导同学们对身边一些常见的物理量进行估测的实践活动，以下是他们交流时的一些估测数据，你认为数据明显不符合实际的是（　　）
A．一支铅笔受到的重力约为5N
B．成年人正常步行5min通过的路程约为400m
C．一般洗澡水的温度约为38℃
D．黑板的长度约为4m
2．（2分）“MH370”航班自2014年3月8日凌晨失联，直至2015年1月29日确定航班失事，期间各国对“黑匣子”都进行了追寻，“黑匣子”能把飞机停止工作或失事坠毁前半小时的语音对话和两小时的飞行高度、速度、耗油量等众多飞行参数都记录下来，需要时把所记录的内容解码，供飞行实验、事故分析之用，则对于黑匣子下列说法正确的是（　　）

A．黑匣子的声音通过解码后发出时不需要任何物体振动
B．黑匣子中的信号即使在真空中也可以传播
C．沉入海底的黑匣子不好找寻是因为海水不能传播声音
D．黑匣子中的声音播出时，能够听懂是哪个人说的，是因为声音的响度不同
3．（2分）“影”是生活中常见的光现象，如做光学游戏的“手影”、留下美好记忆照片的“摄影”、幻灯机射到屏幕上的“投影”、湖岸景色在水中形成的“倒影”等，如图，它们与物理知识对应关系正确的是（　　）
A． 手影﹣平面镜成像 B． 摄影﹣光的反射
C． 投影﹣凸透镜成像 D． 倒影﹣光的折射
4．（2分）蜡烛放在如图所示位置，通过凸透镜成倒立、缩小的像，小红画了图中的光路，下列说法正确的是（　　）

A．小红画的光路是正确的
B．蜡烛通过透镜成的是虚像
C．透镜的焦距小于10cm
D．透镜的焦距大于20cm
5．（2分）端午节吃粽子是我国的传统习俗。对“煮粽子”的情景分析正确的是（　　）
A．粽子温度升高，是通过做功的方式来增大内能
B．锅边沿冒出的大量“白气”是水蒸气
C．“粽叶飘香”说明分子在永不停息地做无规则运动
D．水温升高，水的比热容变大
6．（2分）2020年5月27日，我国高程测量登山队再次成功登上珠穆朗玛峰峰顶，并成功完成峰顶测量任务（如图）。其中GNSS（全球卫星导航系统）卫星测量是珠峰测高中的重要一环。下列有关分析，正确的是（　　）

A．队员始终受到重力的作用，重力的方向垂直向下
B．在峰顶测量时，队员所受的重力与地面对他的支持力是一对平衡力
C．在峰顶测量时，GNSS是通过接收超声波获取相关信息的
D．从峰顶返回营地感觉比登峰轻松，是由于队员受到惯性力的作用
7．（2分）如图所示为“机器人餐厅”的机器人为顾客送餐时的情景。机器人接到指令后，内部的电动机会驱动其底部的轮子将美食送到指定客人的桌边。制作电动机依据的是下列四幅图中的（　　）

A．
B．
C．
D．
8．（2分）如图所示的家庭电路中，当开关都闭合时，灯L不亮，用试电笔测试插座的左、右孔，氖管都发光，若电路中只有一处故障，则有关该电路及其故障的说法中错误的是（　　）

A．电能表的单位是千瓦时
B．根据测试结果，应该是m与j之间短路
C．若在导线a和b之间接一个灯泡L1，则它和L是并联
D．三孔插座是为了防止用电器外壳带电发生触电事故
9．（2分）下列有关各图与对应的物理知识不正确的是（　　）
A．茶壶﹣连通器 B．筷子﹣省力杠杆
C．吸饮料﹣大气压强 D．吹气﹣流体压强与流速
10．（2分）球竖直向上运动，并落回地面，这过程中先后经过M、S两点。球在这两点的动能和重力势能如图所示，则球在M点的（　　）

A．速度比在S点的大 B．机械能大于在S点的
C．机械能等于在S点的 D．离地高度比在S点的低
11．（2分）两个用同一种材料制成且完全相同的密闭圆台形容器一正一反放置在同一水平桌面上，容器内装有质量和深度均相同的液体，如图所示。若它们分别在水平方向拉力F1和F2的作用下沿桌面做匀速直线运动，速度分别为v和2v，容器底部受到液体的压强分别为p1和p2．下列关系正确的是（　　）

A．p1＝p2 F1＝F2 B．p1＞p2 F1＜F2
C．p1＞p2 F1＝F2 D．p1＜p2 F1＞F2
12．（2分）如图甲所示的装置，A是重15N的空吊篮，绳子B和C能承受的最大拉力分别为100N和50N。质量为50kg的小张同学将A提升到高处，施加的拉力F随时间变化关系如图乙所示，A上升的速度v随时间变化关系如图丙所示。忽略绳重及摩擦，常数g取10N/kg。下列结论正确的是（　　）

A．动滑轮的重力为9N
B．第2s内拉力F的功率为40W
C．此装置最多能匀速运载60N的货物
D．此装置提升重物的最大机械效率为85%
13．（2分）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V，闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I﹣U图象如图乙所示，下列说法正确的是（　　）

A．小灯泡的电阻是6Ω
B．小灯泡的额定功率是12 W
C．滑动变阻器的最大阻值是18Ω
D．该电路总功率的变化范围是1﹣24W
二、填空题（本大题共题，每空1分，共8分）
14．（2分）某台汽油机飞轮的转速为1800r/min，在1s内，汽油机完成了　 　个工作循环。如果汽油机在一段时间内消耗了500g汽油，若这些汽油完全燃烧，可放出热量　 　J。（q汽油＝4.6×107J/kg）
15．（3分）炎热的夏季，环卫工人驾驶着洒水车匀速行驶在公路上，水不停地喷洒着，使街道空气有清新凉爽之感，以车为参照物，两边的树木 　 　（选填“运动”或“静止”）。此时，车的动能 　 　（填“逐渐变大”、“逐渐变小”或“保持不变”），若洒水车以60km/h的速度行驶，车受到的摩擦力 　 　（填“变大”、“变小”或“不变”）。
16．（3分）将重为3N的小球放入装有水的容器甲中，静止时的状态如图所示，则小球所受浮力的大小为　 　N．小球的体积为　 　m3；若向水中加入足量的盐，小球将　 　（选填“上浮”“悬浮”或“下沉。）。（g取10N/kg）

三、作图与实验探究题（本大题共6题，17题2分，18题5分，19题3分，20题4分，21题5分，22题4分，共23分）
17．（1分）正在向右行驶的公交车上悬挂的安全把手突然向左偏转，如图所示。画出此时站在公交车上乘客的受力示意图（力的作用点画在重心O上）。

18．（1分）检查视力时，为节省空间，常让被测者背对视力表观察对面墙壁上平面镜M中视力表的像，请在图中作出被测者通过平面镜M看到视力表上A点的光路图。

19．（5分）如图甲所示是某种晶体的熔化实验装置，根据实验数据绘制出的曲线图如图乙。

（1）由乙图可知，在该物质熔化过程中需要 　 　（选填“吸收”或“放出”）热量的同时温度不变。此种物质在固体状态下的比热容 　 　（选填“大于”或“小于”）液体状态下的比热容.
（2）该物质质量是200g，液态时的比热容c＝3×103J/（kg•℃），根据图象和相关知识，该物质从第6分钟至第8分钟共吸收 　 　J的热量，此物质固态时的比热容为 　 　J/（kg•℃）。如果从开始记录到刚沸腾时，完全燃烧了热值为为3.0×107J/kg的酒精5g，则此过程中热转化效率是 　 　%。（热转化效率指“该物质吸收的热量”与“酒精完全燃烧放出的热量”的比值）
20．（3分）李明同学在学习光学知识时，做了如下实验：
实验一：探究平面镜成像特点，实验器材如图甲所示。

（1）实验中，用玻璃板代替平面镜，目的是 　 　。
（2）移动玻璃板后的蜡烛B，使它与蜡烛A在玻璃板中所成的像重合，移开蜡烛B，用白纸做屏幕放在该位置，白纸上不能承接到蜡烛A的像，这说明平面镜所成的像是 　 　（选填“虚”或“实”）像。
实验二：“探究光的反射定律”。在实验过程中，将纸板倾斜，如图乙所示，让光线仍贴着纸板沿AO方向射向镜面，此时纸板上，不能看到反射光线，反射光线与入射光线 　 　（选填“仍在”或“不在”）同一平面内。
21．（4分）某实验小组利用弹簧力计、小石块、溢水杯等器材，按照图中ABCD所示的步骤，探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系。

（1）为了得到更普遍的结论，下列继续进行的操作中不合理的是 　 　。
A.用原来方案和器材多次测量取平均值
B.用原来方案将水换成酒精进行实验
C.用原来方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验
（2）另一实验小组在步骤C的操作中，只将石块的一部分浸在水中，其他步骤操作正确，则 　 　（填“能”或“不能”）得到正确的结论。
（3）利用图中的数据，可求得物体的密度是 　 　kg/m3。（结果保留两位小数）
（4）实验中，将小石块浸没时不小心碰到了溢水杯底部，弹簧测力计示数为1.4N，则此时小石块受到的浮力为 　 　。
22．（5分）如图所示是小红和小华同学探究“杠杆平衡的条件”的几个实验情景：

（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆　 　（选填“达到”或“没有达到”）平衡状态，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节。
（2）如图乙所示，A点挂有2个质量均为50g的钩码，为了让杠杆在水平位置平衡，应在B点挂　 　个质量均为50g的钩码。
（3）取下B位置的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，杠杆在水平位置始终保持平衡，则测力计的示数如何变化？
（4）实验结束后，小华联想到生活中的杆秤，其主要结构由秤杆、秤钩A、提纽（B、C）、秤砣D组成（0点为刻度的起点）。如图丁所示是用杆秤称量货物时的情景。
①在称量货物时，使用提纽　 　（选填“B”或“C”），该杆秤的称量范围更大。
②若该杆秤配套的秤砣D有磨损，称量货物时杆秤显示的质量将比被测货物的真实质量偏　 　（选填“大”或“小”）。
23．（4分）在测量小灯泡的额定功率的实验中，器材中有电源（电压恒为3V），开关，电压表，电流表各一只，额定电压为2.5V的灯泡，滑动变阻器（20Ω，1A）及导线若干。

（1）闭合开关后，发现电流表的指针如图甲所示，其原因是 　 　；
（2）问题解决后，第一小组的同学通过改变滑动变阻器的阻值，得到了小灯泡的电流随其两端电压变化的图像，如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 　 　W；
（3）第一小组的同学在实验中还发现，电压表与电流表示数的比值变大，原因是 　 　；
（4）第二小组的同学在准备进行实验时，发现电压表坏了，他们找到了一个阻值已知的定值电阻R0，设计了如图丙所示的电路，也顺利的完成了实验，
①先闭合开关S，S1，断开S2，调节滑动变阻器，使灯泡正常发光，此时电流表的示数为I1；
②保持滑片P的位置不变，闭合开关S，S2，断开S1，读出电流表的示数为I2，则小灯泡的额定功率P额＝　 　。
四、综合应用题（本大题共2个小题，23题6分，24题7分，共13分.）
24．（6分）平衡车作为一种新兴的代步工具，深得年轻人的喜欢，小华最近购入一台平衡车，他仔细阅读此款平衡车的说明书，主要参数如下：
平衡车基本参数
净重
12kg
最高车速
16km/h
电动机额定功率
900W
额定输入电压
220V
最大载重
85kg
（1）小华的质量为60kg，当他站立在平衡车上静止时，车轮与水平地面的接触总面积为4×10﹣3m2，则此时平衡车对水平地面的压强有多大？
（2）小华家距公园1.6km，他骑行此款平衡车以最高车速从家到公园，需要多长时间？
（3）若平衡车正常工作时，发动机提供的牵引力为180N，则小华以最高车速从家行驶到公园，牵引力的功率为多少？（假设小华从家到公园做匀速直线运动）

25．（7分）图甲是芳芳家某型号电热加湿器的原理图，下表为其部分技术参数。R1、R2为发热电阻，不考虑温度对电阻的影响，且R2＝3R1，S为旋转型开关，1、2、3、4为触点，通过旋转开关S可实现“关”“低挡”“高挡”之间的切换（低挡为小功率加热，高挡为大功率加热）。

（1）求加湿器处于低挡位置时的发热功率；
（2）某次使用加温器工作时，加湿器注水仓中加注冷水已达到最大注水量。如图乙所示是该次使用加湿器工作30min的图象，请计算加湿器在高挡正常工作时消耗的电能。如果电阻R1在此次高挡加热时产生的热量全部被水吸收，可以使注水仓中冷水的温度升高多少℃？[计算结果保留整数，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃））
（3）一天，芳芳断开家中其他所有用电器，只接通加湿器在低挡加热，发现家中如图丙所示的电能表的转盘在5min内转了27圈，求此时电阻R2的实际加热功率是多少？

参考答案与解析
一、单项选择题（本大题13个小题，每小题2分，共26分。）
1．（2分）日常生活中，为了让同学们养成关注生活和社会的良好习惯，物理老师倡导同学们对身边一些常见的物理量进行估测的实践活动，以下是他们交流时的一些估测数据，你认为数据明显不符合实际的是（　　）
A．一支铅笔受到的重力约为5N
B．成年人正常步行5min通过的路程约为400m
C．一般洗澡水的温度约为38℃
D．黑板的长度约为4m
【分析】（1）托起两个鸡蛋的力是1N．一支铅笔的重力和两个鸡蛋进行比较。
（2）成年人正常步行的速度大约是1.3m/s。
（3）人的正常体温是37℃，洗澡水比人的体温稍高一点。
（4）人张开双臂的长度和自己的身高相同。黑板的长度和自己张开的双臂比较。
【解答】解：A、一支铅笔比一个鸡蛋的重力小很多，不足0.5N．故估测错误，符合题意。
B、成年人正常步行的速度大约是1.3m/s．s＝vt＝1.3m/s×300s＝390m，大约是400m．故估测正确。不符合题意。
C、人的正常体温是37℃，洗澡水比人的体温稍高一点。38℃的洗澡水符合实际。故估测正确。不符合题意。
D、初中生身高大约1.6m左右。黑板不足3个伸开的双臂长。故估测正确。不符合题意。
故选：A。
2．（2分）“MH370”航班自2014年3月8日凌晨失联，直至2015年1月29日确定航班失事，期间各国对“黑匣子”都进行了追寻，“黑匣子”能把飞机停止工作或失事坠毁前半小时的语音对话和两小时的飞行高度、速度、耗油量等众多飞行参数都记录下来，需要时把所记录的内容解码，供飞行实验、事故分析之用，则对于黑匣子下列说法正确的是（　　）

A．黑匣子的声音通过解码后发出时不需要任何物体振动
B．黑匣子中的信号即使在真空中也可以传播
C．沉入海底的黑匣子不好找寻是因为海水不能传播声音
D．黑匣子中的声音播出时，能够听懂是哪个人说的，是因为声音的响度不同
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的，一切发声的物体都在振动；
（2）电磁波的传播不需要介质，它可以在真空中传播；
（3）黑匣子传递信号靠的是电磁波，无线电波最大的弱点是而且波长越小，衰减最大；
（4）音色是指声音的品质与特色，与发声体的材料和结构有关。
【解答】解：A、声音是由物体的振动产生的，黑匣子的声音通过解码后必须通过物体的振动发出声音，故A错误；
B、黑匣子传递信号靠的是电磁波，电磁波可以在真空中传播，故B正确；
C、沉入海底的黑匣子不好找寻是因为电磁波在海水中传递衰减巨大，在海面上几乎没有信号，而声音可以在海水中传播，故C错误；
D、我们能分清是谁发出声音靠的是音色，因为不同的人因为声带不同发出声音的音色就不同，故D错误。
故选：B。
3．（2分）“影”是生活中常见的光现象，如做光学游戏的“手影”、留下美好记忆照片的“摄影”、幻灯机射到屏幕上的“投影”、湖岸景色在水中形成的“倒影”等，如图，它们与物理知识对应关系正确的是（　　）
A． 手影﹣平面镜成像 B． 摄影﹣光的反射
C． 投影﹣凸透镜成像 D． 倒影﹣光的折射
【分析】各种影的形成都与光的传播有关，本题要把手影、摄影、投影、倒影道理弄清，知道其光学原理。利用光的直线传播、光的反射、光的折射解释这几种“影”形成的原因。
【解答】解：A、手影是影子，光在沿直线传播过程中遇到不透明的物体，在物体的后面形成的光照不到的暗区叫影子，故A错误；
B、摄影是利用凸透镜成倒立、缩小、实像，透镜是光的折射原理，故B错误；
C、投影是利用凸透镜成倒立、放大、实像，故C正确；
D、岸上的景物在水中的倒影是平面镜成像，平静的水面相当于平面镜，其原理是光的反射，故D错误。
故选：C。
4．（2分）蜡烛放在如图所示位置，通过凸透镜成倒立、缩小的像，小红画了图中的光路，下列说法正确的是（　　）

A．小红画的光路是正确的
B．蜡烛通过透镜成的是虚像
C．透镜的焦距小于10cm
D．透镜的焦距大于20cm
【分析】①与主光轴平行的光线经凸透镜折射后过焦点；
②当u＞2f时，物体通过凸透镜成倒立缩小的实像。
【解答】解：由图知，物距为20cm，已知物体经凸透镜折射后成倒立、缩小的像，说明物体在二倍焦距之外，即20cm＞2f，所以f＜10cm，故C正确、D错误；
平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点，而f＜10cm，所以折射光线不可能过凸透镜右侧的“20cm”处，故A错误；
凸透镜所成虚像是正立的，已知此时成的是倒立的像，所以是实像，故B错误。
故选：C。
5．（2分）端午节吃粽子是我国的传统习俗。对“煮粽子”的情景分析正确的是（　　）
A．粽子温度升高，是通过做功的方式来增大内能
B．锅边沿冒出的大量“白气”是水蒸气
C．“粽叶飘香”说明分子在永不停息地做无规则运动
D．水温升高，水的比热容变大
【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程；
（2）物体由气态变为液态的过程叫液化，“白气”是液态的小水珠，是由水沸腾时产生的大量的水蒸气再液化形成的；
（3）物体是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动；
（4）比热容是物质的一种特性，它不仅与物质的种类有关，还与物质的状态有关，与质量、温度和吸放热多少无关。
【解答】解：
A、煮粽子时，粽子从水中吸收热量温度升高，这是通过热传递改变物体的内能，故A错误；
B、锅边沿冒出的大量“白气”是水蒸气遇到冷的空气，液化成小水珠形成的，故B错误；
C、“粽叶飘香”属于扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动，故C正确；
D、比热容是物质的一种特性，它不仅与物质的种类有关，还与物质的状态有关，与温度无关，所以当水温升高后，水的比热容不变，故D错误。
故选：C。
6．（2分）2020年5月27日，我国高程测量登山队再次成功登上珠穆朗玛峰峰顶，并成功完成峰顶测量任务（如图）。其中GNSS（全球卫星导航系统）卫星测量是珠峰测高中的重要一环。下列有关分析，正确的是（　　）

A．队员始终受到重力的作用，重力的方向垂直向下
B．在峰顶测量时，队员所受的重力与地面对他的支持力是一对平衡力
C．在峰顶测量时，GNSS是通过接收超声波获取相关信息的
D．从峰顶返回营地感觉比登峰轻松，是由于队员受到惯性力的作用
【分析】（1）重力的方向竖直向下；
（2）一对平衡力应满足的条件：二力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
（3）电磁波可以传递信息；
（4）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质。
【解答】解：
A、队员始终受到重力的作用，重力的方向竖直向下，故A错误；
B、在峰顶测量时，队员处于静止状态，此时队员所受的重力与地面对他的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故B正确；
C、电磁波能在真空中传播，GNSS是通过接收电磁波获取相关数据信息的，故C错误；
D、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故D错误。
故选：B。
7．（2分）如图所示为“机器人餐厅”的机器人为顾客送餐时的情景。机器人接到指令后，内部的电动机会驱动其底部的轮子将美食送到指定客人的桌边。制作电动机依据的是下列四幅图中的（　　）

A．
B．
C．
D．
【分析】（1）小磁针会发生偏转是受到了磁场的作用，而磁场是由电流产生的；
（2）电磁铁通电后具有磁性；
（3）通电导体在磁场中受到力的作用，电动机就是根据这一原理制成的；
（4）产生感应电流的条件：闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；发电机的工作原理是电磁感应现象。
【解答】解：制作电动机依据是通电导体在磁场中受力运动；
A、该实验为奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，故A错误；
B、通电线圈具有磁性，利用的是电流的磁效应，故B错误；
C、该装置研究的是通电导体在磁场中受力而运动，电动机是依据此原理制成的，故C正确；
D．实验中，导体ab沿水平方向运动时，做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，故D错误。
故选：C。
8．（2分）如图所示的家庭电路中，当开关都闭合时，灯L不亮，用试电笔测试插座的左、右孔，氖管都发光，若电路中只有一处故障，则有关该电路及其故障的说法中错误的是（　　）

A．电能表的单位是千瓦时
B．根据测试结果，应该是m与j之间短路
C．若在导线a和b之间接一个灯泡L1，则它和L是并联
D．三孔插座是为了防止用电器外壳带电发生触电事故
【分析】（1）电能表是测量用电器消耗电能（电功）的仪表，单位是千瓦时，符号：kW•h；
（2）当开关都闭合时，灯L不亮，用试电笔测试插座的左、右孔，氖管都发光，说明零线是断路的，断开的点在插座之前；
（3）直接接在火线、零线之间的用电器，互不影响，为并联；
（4）三孔插座的接法是左零右火上接地，三脚插头的接法是中上的要与用电器外壳相连。
【解答】解：
A、电能表是测量用电器消耗电能的仪表，单位是千瓦时，故A正确；
B、当开关都闭合时，灯L不亮，说明电路中可能有断路故障；用试电笔测试插座的左、右孔，氖管都发光，说明m、j都与火线相连，所以故障是m之前（m左侧）的零线断路，故B错误；
C、若在导线a和b之间接一个灯泡L1，即L1接在火线和零线之间，它和L是并联的，故C正确；
D、三孔插座中多出一个专门用于接地的孔，是为了让用电器的金属外壳与大地相连，当用电器外壳带电时，电流从地线导入大地，可以防止触电事故的发生，故D正确。
故选：B。
9．（2分）下列有关各图与对应的物理知识不正确的是（　　）
A．茶壶﹣连通器 B．筷子﹣省力杠杆
C．吸饮料﹣大气压强 D．吹气﹣流体压强与流速
【分析】（1）上端开口底部连通的容器是连通器，连通器中装有同种液体静止时，液面是相平的；
（2）对于杠杆，可以根据在使用时，动力臂与阻力臂的大小关系确定杠杆类型；
（3）大气压的作用往往在某处气压小，另一处气压大的情况下可显现出效果；
（4）流体流速越快的位置压强越小，据此判断。
【解答】解：A、茶壶的壶身与壶嘴上端开口、底部连通，构成了连通器，故A正确；
B、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，相当于费力杠杆，故B错误；
C、用吸管吸饮料时，口腔内气压小于饮料瓶中的气压，在大气压的作用下，把饮料压入口内，这是由于大气压的缘故，故C正确；
D、向纸中间吹气，两纸中间的空气流速大压强小，两侧的空气流速小压强大，纸受到向内的压力差，被压到一起，能用流体压强与流速的关系来解释，故D正确。
故选：B。
10．（2分）球竖直向上运动，并落回地面，这过程中先后经过M、S两点。球在这两点的动能和重力势能如图所示，则球在M点的（　　）

A．速度比在S点的大 B．机械能大于在S点的
C．机械能等于在S点的 D．离地高度比在S点的低
【分析】（1）动能大小跟物体的质量和速度有关，在质量一定时，速度越大，动能越大；在速度一定时，质量越大，动能越大。
（2）重力势能跟物体的质量和高度有关，在质量一定时，高度越大，重力势能越大；在高度一定时，质量越大，重力势能越大。
（3）机械能等于动能和势能之和，物体不发生弹性形变时，机械能等于动能和重力势能之和。
【解答】解：A、球的质量不变，球在M点的动能小于S点动能，所以球在M点的速度小于S点速度，故A错误。
BC、球在运动过程中没有发生弹性形变，所以机械能等于动能和重力势能之和，由图知，球在M点动能和S点重力势能相等，M点的重力势能大于S点的动能，所以M点的机械能大于S点的机械能，故B正确，C错误。
D、M点的重力势能大于S点的重力势能，球的质量不变，所以球在M点的高度大于S点的高度，故D错误。
故选：B。
11．（2分）两个用同一种材料制成且完全相同的密闭圆台形容器一正一反放置在同一水平桌面上，容器内装有质量和深度均相同的液体，如图所示。若它们分别在水平方向拉力F1和F2的作用下沿桌面做匀速直线运动，速度分别为v和2v，容器底部受到液体的压强分别为p1和p2．下列关系正确的是（　　）

A．p1＝p2 F1＝F2 B．p1＞p2 F1＜F2
C．p1＞p2 F1＝F2 D．p1＜p2 F1＞F2
【分析】（1）根据质量和体积的关系判断出液体的密度关系，由p＝ρ液gh判断容器底受到压强的大小；
（2）根据影响摩擦力大小的因素判断出摩擦力的关系，由二力平衡条件判断拉力的大小。
【解答】解：容器内装有质量和深度均相同的液体，由图知，v1＜v2，根据ρ=mV可知，ρ1＞ρ2；
由p＝ρ液gh可知，p1＞p2；
容器质量相同，内装液体的质量相同，则容器对桌面的压力相等，又容器材料相同，所以容器与桌面间的摩擦力相等，又在水平方向拉力F1和F2的作用下沿桌面做匀速直线运动，所以拉力与摩擦力平衡，则F1＝F2。
由上分析知，ABD错误，C正确。
故选：C。
12．（2分）如图甲所示的装置，A是重15N的空吊篮，绳子B和C能承受的最大拉力分别为100N和50N。质量为50kg的小张同学将A提升到高处，施加的拉力F随时间变化关系如图乙所示，A上升的速度v随时间变化关系如图丙所示。忽略绳重及摩擦，常数g取10N/kg。下列结论正确的是（　　）

A．动滑轮的重力为9N
B．第2s内拉力F的功率为40W
C．此装置最多能匀速运载60N的货物
D．此装置提升重物的最大机械效率为85%
【分析】（1）由图丙可知，在第2s内A被匀速提升，由图乙可知第2s内拉力F大小；由图知n＝2，忽略绳重及摩擦，拉力F=1n（GA+G动），据此求动滑轮重力；
（2）由图丙可知，A上升的速度大小，拉力端移动速度等于A上升速度的2倍，利用P=Wt=Fst=Fv求第2s内拉力F的功率；
（3）忽略绳重及摩擦，C处绳子拉力FC=1n（FB+G动）=1n（FB+5N），据此判断要以C处最大拉力为准并求出B处绳子的拉力，此装置最多能匀速运载货物的重力等于B处拉力减去A的重力；
（4）此装置提升重物的机械效率随提升物重的增大而增大，此装置提升重物的最大机械效率η=W有W总=G货ℎFCs=G货ℎFCnℎ=G货nFC。
【解答】解：A、由图丙可知，在1～2s内（第2s内）A被匀速提升，由图乙可知拉力F＝10N，
由图知n＝2，忽略绳重及摩擦，拉力F=1n（GA+G动），则动滑轮重力：
G动＝nF﹣GA＝2×10N﹣15N＝5N，故A错误；
B、由图丙可知，A上升的速度vA＝2m/s，拉力端移动速度v＝2vA＝2×2m/s＝4m/s，
第2s内拉力F的功率P=Wt=Fst=Fv＝10N×4m/s＝40W，故B正确；
C、忽略绳重及摩擦，C处绳子拉力FC=1n（FB+G动），
则当C处最大拉力为50N时，B处拉力为：FB＝nFC﹣G动＝2×50N﹣5N＝95N；
当B处最大拉力为100N时，C处拉力为：FC'=1n（FB'+G动）=12（100N+5N）＝52.5N；所以要以C处最大拉力为准，B处的拉力：
FB＝GA+G货＝95N，
此装置最多能匀速运载货物的重力：
G货＝FB﹣GA＝95N﹣15N＝80N，故C错误；
D、此装置提升重物的机械效率随提升物重的增大而增大，此装置提升重物的最大机械效率：
η=W有W总=G货ℎFCs=G货ℎFCnℎ=G货nFC=80N2×50N×100%＝80%，故D错误。
故选：B。
13．（2分）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V，闭合开关S后，当滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I﹣U图象如图乙所示，下列说法正确的是（　　）

A．小灯泡的电阻是6Ω
B．小灯泡的额定功率是12 W
C．滑动变阻器的最大阻值是18Ω
D．该电路总功率的变化范围是1﹣24W
【分析】（1）由欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比；
（2）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，当滑片位于左端时，电路中的电流最大，电路的总功率最大，灯泡两端的电压为12V，根据图象读出对应的电流，利用P＝UI求出电路的最大总功率即为灯泡的额定功率；
（2）当滑片位于右端时，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流和灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P＝UI求出电路的最小总功率，然后得出电路总功率的变化范围。
【解答】解：
（1）由图乙可知，通过灯泡的电流与它两端的电压不成正比，由欧姆定律可知，灯泡的电阻是变化的，故A错误；
（2）由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，此时电路中电流最大，总功率最大，
由图象可知，此时电路中的电流I＝IL＝2A，电源的电压U＝UL＝12V，
则灯泡的额定功率（即电路的最大总功率）：
PL＝P总大＝UI＝12V×2A＝24W，故B错误；
（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路的总功率最小，
由图象可知，此时灯泡两端的电压UL′＝3V，电路中的电流I′＝0.5A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
UR＝U﹣UL′＝12V﹣3V＝9V，
滑动变阻器的最大阻值：
R滑大=URI'=9V0.5A=18Ω，故C正确；
电路的最小总功率：
P总小＝UI′＝12V×0.5A＝6W，
则该电路总功率变化范围为6W～24W，故D错误。
故选：C。
二、填空题（本大题共题，每空1分，共8分）
14．（2分）某台汽油机飞轮的转速为1800r/min，在1s内，汽油机完成了　15　个工作循环。如果汽油机在一段时间内消耗了500g汽油，若这些汽油完全燃烧，可放出热量　2.3×107　J。（q汽油＝4.6×107J/kg）
【分析】（1）四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，活塞往复1次，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。
（2）知道汽油的质量和热值，利用Q放＝mq求汽油完全燃烧产生的热量。
【解答】解：（1）四冲程汽油机一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，活塞往复2次，
四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，所以1s内，飞轮转30圈，共15个工作循环，60个冲程，做功15次。
（2）500g＝0.5kg汽油完全燃烧产生的热量：
Q放＝mq＝0.5kg×4.6×107J/kg＝2.3×107J。
故答案为：15；2.3×107。
15．（3分）炎热的夏季，环卫工人驾驶着洒水车匀速行驶在公路上，水不停地喷洒着，使街道空气有清新凉爽之感，以车为参照物，两边的树木 　运动　（选填“运动”或“静止”）。此时，车的动能 　逐渐变小　（填“逐渐变大”、“逐渐变小”或“保持不变”），若洒水车以60km/h的速度行驶，车受到的摩擦力 　变小　（填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】（1）判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，被研究的物体和参照物之间位置没有发生改变，物体是静止的，否则是运动的。
（2）动能大小的影响因素：质量和速度；质量越小，速度越小，动能越小；
（3）影响滑动摩擦力的因素是压力大小和接触面的粗糙程度。
【解答】解：以车为参照物，两边的树木和车之间发生位置的变化，所以两边的树是运动的；
洒水车在匀速行驶过程中，速度不变，水不停的在减少，总质量在减少，所以动能会逐渐变小；
由于洒水车洒水时，车和水的总重力减小，即地面受到的压力减小，所以车受到的摩擦力变小。
故答案为：运动；逐渐变小；变小。
16．（3分）将重为3N的小球放入装有水的容器甲中，静止时的状态如图所示，则小球所受浮力的大小为　3　N．小球的体积为　3×10﹣4　m3；若向水中加入足量的盐，小球将　上浮　（选填“上浮”“悬浮”或“下沉。）。（g取10N/kg）

【分析】（1）由图可知，小球处于悬浮状态，则根据悬浮条件可知小球所受浮力等于它排开的水重；利用阿基米德原理求排开水的体积，
（2）若向水中加入足量的盐，根据阿基米德原理判断浮力的变化，然后根据浮沉条件进行判断。
【解答】解：
由图可知，小球处于悬浮状态，
根据悬浮条件可知：小球受到的浮力F浮＝G排＝3N；
由F浮＝ρgV排得：
V＝V排=F浮ρ水g=3N1×103kg/m3×10N/kg=3×10﹣4m3。
若向水中加入足量的盐，液体密度变大，由于V排一定，
由F浮＝ρgV排可知：小球受到的浮力变大，大于重力，
小球将上浮。
故答案为：3；3×10﹣4；上浮。
三、作图与实验探究题（本大题共6题，17题2分，18题5分，19题3分，20题4分，21题5分，22题4分，共23分）
17．（1分）正在向右行驶的公交车上悬挂的安全把手突然向左偏转，如图所示。画出此时站在公交车上乘客的受力示意图（力的作用点画在重心O上）。

【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，称为惯性；
（2）摩擦力的方向与物体相对运动或相对运动趋势的方向相反。
【解答】解：正在向右行驶的公交车上悬挂的安全把手突然向左偏转，根据惯性知识或生活经验可知，此时汽车突然向右做加速运动；
已知此时站在公交车上乘客跟汽车底板相对静止，而汽车突然向右做加速运动，则乘客相对于汽车有向左的运动趋势，所以此时乘客会受到一个向右的摩擦力（起动力的作用），故乘客除受到重力、底板的支持力作用外，还一定受到向右的摩擦力作用，如图所示；

18．（1分）检查视力时，为节省空间，常让被测者背对视力表观察对面墙壁上平面镜M中视力表的像，请在图中作出被测者通过平面镜M看到视力表上A点的光路图。

【分析】根据物像连线与镜面垂直，物像到平面镜距离相等，做出A点的像，A点像A′是反射光线的反向延长线会聚形成的，必然有反射光线进入人的眼睛，反射光线经过眼睛和像点，两者的连线确定入射点，画出入射光线。
【解答】解：根据物像连线与镜面垂直，由A向平面镜作垂线并延长，根据物像到平面镜距离相等，找到A点的像A'点，连接眼睛和像点A'，交平面镜于O点，连接AO即入射光线，O到眼睛为反射光线。如图：
。
19．（5分）如图甲所示是某种晶体的熔化实验装置，根据实验数据绘制出的曲线图如图乙。

（1）由乙图可知，在该物质熔化过程中需要 　吸收　（选填“吸收”或“放出”）热量的同时温度不变。此种物质在固体状态下的比热容 　大于　（选填“大于”或“小于”）液体状态下的比热容.
（2）该物质质量是200g，液态时的比热容c＝3×103J/（kg•℃），根据图象和相关知识，该物质从第6分钟至第8分钟共吸收 　2.4×104　J的热量，此物质固态时的比热容为 　6×103　J/（kg•℃）。如果从开始记录到刚沸腾时，完全燃烧了热值为为3.0×107J/kg的酒精5g，则此过程中热转化效率是 　16　%。（热转化效率指“该物质吸收的热量”与“酒精完全燃烧放出的热量”的比值）
【分析】（1）质量相同的物质，比热容越大，则吸收相同热量时温度变化越小；
（2）根据Q吸＝cm△t计算该物质吸收的热量；热转化效率是指水吸收的热量与酒精完全燃烧放出的热量之比，其中Q放＝mq。
【解答】解：（1）物质由固态熔化为液态，其质量不变；用同一装置加热，在相同时间内，吸收的热量相同；由图可知，在相同时间内，液态时温度升高的少，根据Q＝cm△t可知，该物质在液体状态下的比热容较小；
（2）由图象知，该物质在第6min温度为50℃，在第8min温度为90℃，
物质吸收的热量为：Q吸＝cm△t＝3×103J/（kg•℃）×0.2kg×（90℃﹣50℃）＝2.4×104J；
由于用一个酒精灯加热，在相同时间内吸收的热量是相同的，即此物质固态加热2min吸收的热量也是2.4×104J，由c固=Q固m固Δt固=2.4×104J0.2kg×20℃=6×103J/（kg•℃）；
酒精放出的热量为：Q放＝m酒精q酒精＝0.005kg×3.0×107J/kg＝1.5×105J；
则加热的效率为：η=Q吸Q放=2.4×104J1.5×105J×100%＝16%。
故答案为：（1）吸收；大于；（2）2.4×104；6×103；16。
20．（3分）李明同学在学习光学知识时，做了如下实验：
实验一：探究平面镜成像特点，实验器材如图甲所示。

（1）实验中，用玻璃板代替平面镜，目的是 　便于确定像的位置　。
（2）移动玻璃板后的蜡烛B，使它与蜡烛A在玻璃板中所成的像重合，移开蜡烛B，用白纸做屏幕放在该位置，白纸上不能承接到蜡烛A的像，这说明平面镜所成的像是 　虚　（选填“虚”或“实”）像。
实验二：“探究光的反射定律”。在实验过程中，将纸板倾斜，如图乙所示，让光线仍贴着纸板沿AO方向射向镜面，此时纸板上，不能看到反射光线，反射光线与入射光线 　仍在　（选填“仍在”或“不在”）同一平面内。
【分析】实验一：（1）玻璃板代替既可以成像，又可以确定像的位置；
（2）平面镜所成的像是虚像。
实验二：反射光线、入射光线和法线在同一平面内。
【解答】实验一：（1）实验中，用玻璃板代替平面镜，目的是便于确定像的位置。
（2）白纸上不能承接到蜡烛A的像，这说明平面镜所成的像是虚像。
实验二：让光线仍贴着纸板沿AO方向射向镜面，此时纸板上，不能看到反射光线，反射光线与入射光线仍在同一平面内。
故答案为：
实验一：（1）便于确定像的位置；（2）虚；
实验二：仍在。
21．（4分）某实验小组利用弹簧力计、小石块、溢水杯等器材，按照图中ABCD所示的步骤，探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系。

（1）为了得到更普遍的结论，下列继续进行的操作中不合理的是 　A　。
A.用原来方案和器材多次测量取平均值
B.用原来方案将水换成酒精进行实验
C.用原来方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验
（2）另一实验小组在步骤C的操作中，只将石块的一部分浸在水中，其他步骤操作正确，则 　能　（填“能”或“不能”）得到正确的结论。
（3）利用图中的数据，可求得物体的密度是 　2.7×103　kg/m3。（结果保留两位小数）
（4）实验中，将小石块浸没时不小心碰到了溢水杯底部，弹簧测力计示数为1.4N，则此时小石块受到的浮力为 　2.4N　。
【分析】（1）探究性实验多次测量找普遍规律，测量型实验多次测量求平均值减小误差；
（2）阿基米德原理对完全浸没的物体和部分浸入液体中的物体都是适用的；
（3）根据阿基米德原理算出物体排开液体的体积，根据密度公式算出 石块的密度；
（4）根据影响浮力大小的因素分析浮力的大小。
【解答】解：（1）本实验是“探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系”属于探究性实验，多次测量找普遍规律；
A．测量型实验多次测量取平均值减小误差，此实验为探究型，不能求平均值，故A不合理；
B．用原来的方案将水换成酒精进行多次实验，找出普遍规律，故B合理；
C．用原来的方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验，找出普遍规律，故C合理；
故选A；
（2）阿基米德原理对完全浸没的物体和部分浸入液体中的物体都是适用的，所以，只将石块的一部分浸在水中，其他步骤操作正确，也能得到相同的结论；
（3）根据阿基米德原理F浮＝ρ排gV排知，
物体的体积为：V＝V排=F浮ρ水g=1.4N1.0×103kg/m3×10N/kg=1.4×10﹣4m3，
物体的质量为：m=Gg=3.8N10N/kg=0.38kg，
物体的密度为：ρ物=mV=0.38kg1.4×10−4m3≈2.7×103kg/m3。
（4）实验中，将小石块浸没时不小心碰到了溢水杯底部，接触底部后排开的水的体积不变，水的密度不变，受到的浮力不变，浮力大小与C中的浮力大小相同，根据称重法可知，此时的浮力为：F浮1＝G﹣FC＝3.8N﹣1.4N＝2.4N。
故答案为：（1）A；（2）能；（3）2.7×103；（4）2.4N。
22．（5分）如图所示是小红和小华同学探究“杠杆平衡的条件”的几个实验情景：

（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆　达到　（选填“达到”或“没有达到”）平衡状态，为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向　右　（选填“左”或“右”）调节。
（2）如图乙所示，A点挂有2个质量均为50g的钩码，为了让杠杆在水平位置平衡，应在B点挂　3　个质量均为50g的钩码。
（3）取下B位置的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的C点，当弹簧测力计由位置1转至位置2的过程中，杠杆在水平位置始终保持平衡，则测力计的示数如何变化？
（4）实验结束后，小华联想到生活中的杆秤，其主要结构由秤杆、秤钩A、提纽（B、C）、秤砣D组成（0点为刻度的起点）。如图丁所示是用杆秤称量货物时的情景。
①在称量货物时，使用提纽　C　（选填“B”或“C”），该杆秤的称量范围更大。
②若该杆秤配套的秤砣D有磨损，称量货物时杆秤显示的质量将比被测货物的真实质量偏　大　（选填“大”或“小”）。
【分析】（1）杠杆的平衡是指静止或匀速转动；实验前没有挂钩码和弹簧测力计时，发现杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂；
（2）由题意，根据杠杆的平衡条件求出B处挂钩码的个数；
（3）当弹簧测力计斜着拉时，其力臂小于杠杆长，根据杠杆平衡条件分析出答案；
（4）①杆秤的工作原理是：杠杆的平衡条件，根据杆秤自重重心位置及杠杆平衡条件判断，杆秤零刻度线的位置；
②“短斤缺两”就是使被测物体质量变小，根据杠杆平衡条件分析原因。
【解答】解：（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，此时杠杆处于静止状态，杠杆达到平衡状态；
杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）乙图所示，A点挂有2个质量均为50g的钩码，为了让杠杆在水平位置平衡，
根据杠杆的平衡条件：
2G×3L＝nG×2L，
解得：n＝3，故应B点挂3个质量均为50g的钩码；
（3）让杠杆在水平位置平衡，将弹簧测力计斜向左拉或将弹簧测力计斜向右拉，阻力和阻力臂不变，拉力的力臂变短，根据杠杆平衡条件可知，杠杆在水平位置平衡时，拉力变小，所以测力计的示数先变小后变大；
（4）①由图示可知，使用提纽C时，秤砣的力臂变大，物体的力臂变小，由m秤砣gL秤砣＝m物gL物可知，杆秤的最大称量量较大。
②当秤砣磨损一部分，相当于秤砣的质量减小了，根据杠杆的平衡条件知，在阻力和阻力臂不变时，动力减小，动力臂增大，所以测量结果偏大了。
故答案为：（1）达到；右；（2）3；（3）先变小后变大；（4）①C；②大。
23．（4分）在测量小灯泡的额定功率的实验中，器材中有电源（电压恒为3V），开关，电压表，电流表各一只，额定电压为2.5V的灯泡，滑动变阻器（20Ω，1A）及导线若干。

（1）闭合开关后，发现电流表的指针如图甲所示，其原因是 　正负接线柱接反了　；
（2）问题解决后，第一小组的同学通过改变滑动变阻器的阻值，得到了小灯泡的电流随其两端电压变化的图像，如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 　0.625　W；
（3）第一小组的同学在实验中还发现，电压表与电流表示数的比值变大，原因是 　灯丝电阻随着温度的升高而增大　；
（4）第二小组的同学在准备进行实验时，发现电压表坏了，他们找到了一个阻值已知的定值电阻R0，设计了如图丙所示的电路，也顺利的完成了实验，
①先闭合开关S，S1，断开S2，调节滑动变阻器，使灯泡正常发光，此时电流表的示数为I1；
②保持滑片P的位置不变，闭合开关S，S2，断开S1，读出电流表的示数为I2，则小灯泡的额定功率P额＝　I1R0（I2﹣I1）　。
【分析】（1）电流从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出；
（2）根据图丙小灯泡的电流随其两端电压变化的图像知灯在额定电压的电流，根据P＝UI求出小灯泡的额定功率；
（3）由欧姆定律结合灯丝电阻随着温度的升高而增大分析；
（4）要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R应起到电压表的测量作用，故将R0与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使灯泡正常发光，此时电流表的示数为I1；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P＝UI写出灯的额定功率的表达式。
【解答】解：（1）闭合开关后发现电流表指针如图甲所示，即反向偏转，其原因是电流表正负接线柱接反了；
（2）根据图丙小灯泡的电流随其两端电压变化的图像知，灯在额定电压2.5V时的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；
（3）由欧姆定律，电压表与电流表示数的比值变大，即灯丝的电阻变大，其原因是灯丝电阻随着温度的升高而增大；
（4）①先闭合开关S、S1，断开S2，使灯泡正常发光，此时电流表的示数为I1；
②保持滑片P的位置不变，闭合开关S、S2，断开S1，读出电流表的示数为I2，
在①中，R0与灯泡并联，电流表测定值电阻的电流，电流表的示数为I1，定值电阻的电压为U0＝I1 R0，由并联电路电压的规律，灯的电压也为I1 R0；
在②中，电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律可知，灯的额定电流：I额＝I2﹣I1，
则小灯泡的额定功率：P额＝U额I额＝I1 R0（I2﹣I1）。
故答案为：（1）正负接线柱接反了；（2）0.625；（3）灯丝电阻随着温度的升高而增大；（4）I1R0（I2﹣I1）。
四、综合应用题（本大题共2个小题，23题6分，24题7分，共13分.）
24．（6分）平衡车作为一种新兴的代步工具，深得年轻人的喜欢，小华最近购入一台平衡车，他仔细阅读此款平衡车的说明书，主要参数如下：
平衡车基本参数
净重
12kg
最高车速
16km/h
电动机额定功率
900W
额定输入电压
220V
最大载重
85kg
（1）小华的质量为60kg，当他站立在平衡车上静止时，车轮与水平地面的接触总面积为4×10﹣3m2，则此时平衡车对水平地面的压强有多大？
（2）小华家距公园1.6km，他骑行此款平衡车以最高车速从家到公园，需要多长时间？
（3）若平衡车正常工作时，发动机提供的牵引力为180N，则小华以最高车速从家行驶到公园，牵引力的功率为多少？（假设小华从家到公园做匀速直线运动）

【分析】（1）当他站立在平衡车上静止时，车对水平地面的压力等于人和车的总重力，根据F＝G＝mg求出其大小，根据p=FS求出对水平地面的压强；
（2）已知小华家距公园1.6km和最高车速，利用速度公式变形可求得时间；
（3）由P=Wt=Fst=Fv可求得牵引力的功率。
【解答】解：（1）当他站立在平衡车上静止时，车对水平地面的压力：
F压＝G总＝（m人+m车）g＝（60kg+12kg）×10N/kg＝720N，
平衡车对水平地面的压强：
p=F压S=720N4×10−3m2=1.8×105Pa；
（2）由v=st可得，以最高车速从家到公园，需要的时间：
t=sv=1.6km16km/ℎ=0.1h；
（3）最高车速v＝16km/h＝16×13.6m/s=409m/s，
牵引力的功率：
P=Wt=Fst=Fv＝180N×409m/s＝800W。
答：（1）此时平衡车对水平地面的压强有1.8×105Pa；
（2）需要0.1h的时间；
（3）牵引力的功率为800W。
25．（7分）图甲是芳芳家某型号电热加湿器的原理图，下表为其部分技术参数。R1、R2为发热电阻，不考虑温度对电阻的影响，且R2＝3R1，S为旋转型开关，1、2、3、4为触点，通过旋转开关S可实现“关”“低挡”“高挡”之间的切换（低挡为小功率加热，高挡为大功率加热）。

（1）求加湿器处于低挡位置时的发热功率；
（2）某次使用加温器工作时，加湿器注水仓中加注冷水已达到最大注水量。如图乙所示是该次使用加湿器工作30min的图象，请计算加湿器在高挡正常工作时消耗的电能。如果电阻R1在此次高挡加热时产生的热量全部被水吸收，可以使注水仓中冷水的温度升高多少℃？[计算结果保留整数，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃））
（3）一天，芳芳断开家中其他所有用电器，只接通加湿器在低挡加热，发现家中如图丙所示的电能表的转盘在5min内转了27圈，求此时电阻R2的实际加热功率是多少？
【分析】（1）首先根据开关S在不同位置时，由P=U2R分析加湿器的工作状态；已知R2＝3R1，由P=U2R计算加湿器处于低挡位置时的发热功率；
（2）由图2读出加湿器30min内的高挡和低挡工作时间，由W＝Pt计算消耗的电能，已知电阻R1在此次高挡加热时产生的热量全部被水吸收，利用Q＝cm△t可求得使注水仓中冷水的温度升高多少℃；
（3）“4000r/（kW•h）”的意义为：每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘就转过4000r，从而可以计算出电能表的转盘转过27r消耗的电能，又知道工作时间，可利用公式P=Wt求出加湿器在低挡加热时实际功率，根据P＝I2R求出此时电路的实际电流，再利用P＝I2R求得电阻R2的实际加热功率。
【解答】解：
（1）由图1知，开关S接“1、2触点”时，电路断路，为关；接“2、3触点”时两电阻串联，接“3、4触点”时只有R1接入电路；
电源电压一定，由P=U2R可知，接“2、3触点”时电阻最大，总功率最小，为低挡；接“3、4触点”时电阻最小，总功率最大，为高挡；
由表格数据知，高挡功率：P高＝400W，由P=U2R可得R1的阻值：
R1=U2P高=(220V)2400W=121Ω；
由题知，R2＝3R1，则低挡的发热功率：
P低=U2R1+R2=U24R1=(220V)24×121Ω=100W；
（2）由图2知，工作30min时，其中高挡工作时间为10min，低挡工作时间为20min，
则在高挡正常工作时消耗的电能：
W高＝P高t高＝400W×10×60s＝2.4×105J。
如果电阻R1在此次高挡加热时产生的热量全部被水吸收，即Q＝W＝2.4×105J。
由Q＝cm△t可得，水升高的温度：
△t=Qcm=2.4×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×3kg≈19℃；
（3）“4000r/（kW•h）”的意义为：每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘就转过4000r，
则电能表的转盘转过27r时，加湿器在5分钟消耗的电能：
W′=27r4000r/(kW⋅ℎ)=0.00675kW•h，
加湿器在低挡加热的实际功率：
P′=W't=0.00675kW⋅ℎ560ℎ=0.081kW＝81W。
加湿器在低挡加热，此时两电阻串联，则R总＝R1+R2＝R1+3R1＝4R1＝4×121Ω＝484Ω，
由P＝I2R可得，此时电路的实际电流：I实际=P'R总=81W484Ω=922A，
R2的阻值：R2＝3R1＝3×121Ω＝363Ω，
此时电阻R2的实际加热功率：P2＝I实际2R2=(922A)2×363Ω＝60.75W。
答：（1）加湿器处于低挡位置时的发热功率为100W；
（2）加湿器在高挡正常工作时消耗的电能为2.4×105J，可以使注水仓中冷水的温度升高19℃；
（3）此时电阻R2的实际加热功率是60.75W。