2023届高考一轮复习加练必刷题第59练　空间直线、平面的平行【解析版】

这是一份2023届高考一轮复习加练必刷题第59练　空间直线、平面的平行【解析版】，共8页。试卷主要包含了下列说法中，正确的是等内容，欢迎下载使用。
考点一 直线与平面平行的判定与性质
1．已知平面α，直线m，n满足m⊄α，n⊂α，则“m∥n”是“m∥α”的( )
A．充分不必要条件
B．必要不充分条件
C．充要条件
D．既不充分也不必要条件
答案 A
解析 若m⊄α，n⊂α，且m∥n，则由线面平行的判定定理知m∥α，但若m⊄α，n⊂α，且m∥α，则m与n有可能异面，
∴“m∥n”是“m∥α”的充分不必要条件．
2．点E，F，G，H分别是空间四面体ABCD的边AB，BC，CD，DA的中点，则空间四面体的六条棱中与平面EFGH平行的条数是( )
A．0 B．1 C．2 D．3
答案 C
解析 如图，由线面平行的判定定理可知BD∥平面EFGH，AC∥平面EFGH.
3.(2022·济南模拟)在如图所示的三棱柱ABC－A1B1C1中，过A1B1的平面与平面ABC交于DE，则DE与AB的位置关系是( )
A．异面
B．平行
C．相交
D．以上均有可能
答案 B
解析 在三棱柱ABC－A1B1C1中，AB∥A1B1，
∵AB⊂平面ABC，A1B1⊄平面ABC，
∴A1B1∥平面ABC.
∵过A1B1的平面与平面ABC交于DE，
∴DE∥A1B1，∴DE∥AB.
4．(多选)下列说法中，正确的是( )
A．一条直线与两个平行平面中的一个相交，则必与另一个平面相交
B．平行于同一平面的两个不同平面平行
C．若直线l与平面α平行，则过平面α内一点和直线l平行的直线在平面α内
D．若直线l不平行于平面α，则在平面α内不存在与l平行的直线
答案 ABC
解析 如果已知直线与另一个平面不相交，则有两种情形：直线在平面内或与平面平行，不管哪种情形都得出这条直线与第一个平面不能相交，出现矛盾，即A中说法正确；选项B是两个平面平行的一种判定方法，即B中说法正确；由线面平行的性质定理知C中说法正确；选项D中说法是错误的，事实上，直线l不平行于平面α，可能有l⊂α，则α内有无数条直线与l平行．
考点二 平面与平面平行的判定与性质
5．在正方体ABCD－A1B1C1D1中，M为棱A1D1上的动点，O为底面ABCD的中心，E，F分别是A1B1，C1D1的中点，下列平面中与OM扫过的平面平行的是( )
A．平面ABB1A1 B．平面BCC1B1
C．平面BCFE D．平面DCC1D1
答案 C
解析 取AB，DC的中点分别为E1和F1，OM扫过的平面即为平面A1E1F1D1.如图，
故平面A1E1F1D1∥平面BCFE.
6．如图，在正方体ABCD－A1B1C1D1中，点E，F，G分别是棱A1B1，B1C1，BB1的中点，给出下列推断：①FG∥平面AA1D1D；②EF∥平面BC1D1；③FG∥平面BC1D1；④平面EFG∥平面BC1D1；⑤平面EFG∥平面A1C1B.其中推断正确的序号是( )
A．①③⑤ B．①④ C．②③⑤ D．②④
答案 A
解析 对①，由正方体性质可知，平面AA1D1D∥平面BB1C1C，又FG⊂平面BB1C1C，故FG∥平面AA1D1D，①正确；
对②，因为直线EF与D1C1的延长线相交，故EF不平行于平面BC1D1，②错误；
对③，因为F，G分别为B1C1和BB1的中点，所以FG∥BC1，又因为FG⊄平面BC1D1，BC1⊂平面BC1D1，所以FG∥平面BC1D1，③正确；
对④，由②知直线EF与D1C1的延长线相交，故平面EFG不平行于平面BC1D1，④错误；
对⑤，由③知，FG∥平面A1C1B，同理可证EG∥平面A1C1B，又FG∩EG＝G，所以平面EFG∥平面A1C1B，⑤正确．
考点三 平行关系的综合应用
7．(2022·连云港质检)在正方体ABCD－A1B1C1D1中，从A，B，C，B1四个点中任取两个点，这两点连线平行于平面A1C1D的概率为( )
A.eq \f(2,3) B.eq \f(1,2) C.eq \f(1,3) D.eq \f(5,6)
答案 B
解析 从A，B，C，B1四个点中任取两个点，则有AB，AC，AB1，BC，BB1，CB1共6种取法，
如图所示，
易知AB∥A1B1，且A1B1与平面A1C1D相交，故AB与平面A1C1D相交；
AC∥A1C1，A1C1⊂平面A1C1D，AC⊄平面A1C1D，故AC∥平面A1C1D；
AB1∥DC1，DC1⊂平面A1C1D，AB1⊄平面A1C1D，故AB1∥平面A1C1D；
BC∥B1C1，且B1C1与平面A1C1D相交，故BC与平面A1C1D相交；
BB1∥CC1，且CC1与平面A1C1D相交，故BB1与平面A1C1D相交；
CB1∥DA1，DA1⊂平面A1C1D，CB1⊄平面A1C1D，故CB1∥平面A1C1D，
即两点连线平行于平面A1C1D的有3种，故这两点连线平行于平面A1C1D的概率为eq \f(3,6)＝eq \f(1,2).
8．若α，β是两个相交平面，点A不在α内，也不在β内，则过点A且与α和β都平行的直线( )
A．只有1条 B．只有2条
C．只有4条 D．有无数条
答案 A
解析 设α∩β＝l，∵A∉α，A∉β，∴A∉l，则A，l确定一个平面γ，
在γ内有且只有一条过A与l平行的直线，记作a，
由于a∥l，a⊄α，a⊄β，l⊂α，l⊂β，由线面平行的判定定理得a∥α，a∥β，
由此证明了存在性；假设过A平行于α，β的直线还有一条，记为b，则a∩b＝A.
过b作平面M与α相交于m，过b作平面N与β相交于直线n，
(适当调整，可以使m，n都不与l重合)，
由线面平行的性质定理可得b∥m，b∥n，由平行公理得m∥n，
∵m⊄β，n⊂β，∴m∥β，又∵m⊂α，α∩β＝l，
由线面平行的性质定理得m∥l，从而b∥l，
又∵a∥l，∴a∥b，这与a∩b＝A矛盾，由此证明了唯一性．
故过点A且与α和β都平行的直线有且只有一条．
9．(2022·苏州质检)如图，在四棱柱ABCD－A1B1C1D1中，四边形ABCD为平行四边形，E，F分别在线段DB，DD1上，且eq \f(DE,EB)＝eq \f(1,2)，G在CC1上且平面AEF∥平面BD1G，则eq \f(CG,CC1)＝________.
答案 eq \f(1,3)
解析 ∵平面AEF∥平面BD1G，且平面AEF∩平面BB1D1D＝EF，平面BD1G∩平面BB1D1D＝BD1，∴EF∥BD1，∴eq \f(DF,FD1)＝eq \f(DE,EB)＝eq \f(1,2).
易得平面ADD1A1∥平面BCC1B1，
又BG⊂平面BCC1B1，∴BG∥平面ADD1A1，
又平面AEF∥平面BD1G，BG⊂平面BD1G，
∴BG∥平面AEF，
∵平面AEF∩平面ADD1A1＝AF，
∴BG∥AF，∴BG，AF可确定平面ABGF，
又知平面ABB1A1∥平面CDD1C1，
平面ABGF∩平面ABB1A1＝AB，平面ABGF∩平面CDD1C1＝FG，
∴AB∥FG，∴CD∥FG.
∴eq \f(CG,CC1)＝eq \f(DF,DD1)＝eq \f(1,3).
10．(2022·温州质检)如图，在底面边长为8 cm，高为6 cm的正三棱柱ABC－A1B1C1中，若D为棱A1B1的中点，则过BC和D的截面面积为________ cm2.
答案 24eq \r(3)
解析 过点D作DE∥B1C1，交A1C1于点E，连接CE，DB，B1C1∥BC，则DE∥BC，即D，E，B，C四点共面，四边形BCED即为过BC和点D的截面，
因为D为棱A1B1的中点，所以DE是△A1B1C1的中位线，所以 DE＝eq \f(1,2)B1C1＝4(cm)，
又因为DE∥BC，所以四边形BCED是梯形，过点D作 DF⊥BC交BC于点F，则DF＝eq \r(62＋42－4－22)＝4eq \r(3)(cm)，所以截面 BCED的面积S＝eq \f(1,2)×(4＋8)×4eq \r(3)＝24eq \r(3)(cm2)．
11．(多选)(2022·南京质检)如图是正方体的平面展开图．在这个正方体中，下列四个命题中，正确的是( )
A．BM与ED平行
B．CN与BE是异面直线
C．AF与平面BDM平行
D．平面CAN与平面BEM平行
答案 CD
解析 对于选项A，由展开图得到正方体的直观图，如图，BM与ED异面，故A错误；
对于选项B，CN与BE平行，故B错误；
对于选项C，因为四边形AFMD是平行四边形，所以AF∥MD，又AF⊄平面BDM，MD⊂平面BDM，所以AF∥平面BDM，故C正确；
对于选项D，显然AC∥EM，又AC⊄平面BEM，EM⊂平面BEM，所以AC∥平面BEM，同理AN∥平面BEM，又AC∩AN＝A，所以平面CAN∥平面BEM，故D正确．
12．(多选)已知平面α∥平面β，P是α，β外一点，过P点的两条直线AC，BD分别交α于A，B，交β于C，D，且PA＝6，AC＝9，AB＝8，则CD的长为( )
A．20 B．16 C．12 D．4
答案 AD
解析 因为过P点的两条直线AC，BD确定的平面分别交α于A，B，交β于C，D，
且平面α∥平面β，所以可得AB∥CD，
分两种情况：
当点P在两平行平面之外时，eq \f(PA,PC)＝eq \f(AB,CD)，则CD＝20；
当点P在两平行平面之间时，得PC＝AC－AP＝3，eq \f(AP,PC)＝eq \f(AB,CD)，则CD＝4.
13．(2022·上海市进才中学模拟)如图，在长方体ABCD－A1B1C1D1中，AD＝1，DD1＝2，AB＝eq \r(3)，E，F，G分别为AB，BC，C1D1的中点，点P在平面ABCD内，若直线D1P∥平面EFG，则线段D1P长度的最小值是________．
答案 eq \f(\r(19),2)
解析 如图，连接D1A，D1C，AC，
因为E，F，G分别为AB，BC，C1D1的中点，
所以AC∥EF，又因为EF⊄平面ACD1，AC⊂平面ACD1，所以EF∥平面ACD1，
同理EG∥平面ACD1，又因为EG∩EF＝E，所以平面EFG∥平面ACD1，
因为直线D1P∥平面EFG，所以点P在直线AC上，且当D1P⊥AC时，线段D1P的长度最小，在△ACD1中，AD1＝eq \r(5)，AC＝2，CD1＝eq \r(7)，
所以cs∠D1AC＝eq \f(\r(5),10)，sin∠D1AC＝eq \f(\r(95),10)，当D1P⊥AC时，在Rt△D1AP中，D1P＝AD1·sin ∠D1AC＝eq \r(5)×eq \f(\r(95),10)＝eq \f(\r(19),2).即线段D1P长度的最小值为eq \f(\r(19),2).
14．如图所示，正方体ABCD－A1B1C1D1的棱长为1，线段B1D1上有两个动点E，F，且EF＝eq \f(1,2)，则下列结论中正确的序号是________．
①AC⊥BE；②EF∥平面ABCD；③三棱锥A－BEF的体积为定值；④△AEF的面积与△BEF的面积相等．
答案 ①②③
解析 对于①，由题意及图形知，AC⊥平面DD1B1B，故可得出AC⊥BE，故①正确；
对于②，由正方体ABCD－A1B1C1D1的两个底面平行，EF在其中一个平面上，
故EF与平面ABCD无公共点，故有EF∥平面ABCD，故②正确；
对于③，由几何体的性质及图形知，△BEF的面积是定值，A点到平面DD1B1B的距离等于 AC的一半，故可得三棱锥A－BEF的体积为定值，故③正确；
对于④，由图形可以看出，B到线段EF的距离与A到EF的距离不相等，
故△AEF的面积与△BEF的面积相等不正确，故④错误．