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2020年北京顺义区中考物理一模练习题
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这是一份2020年北京顺义区中考物理一模练习题，共42页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验解答题，科普阅读题等内容，欢迎下载使用。
2020年北京市丰台区中考物理一模试卷
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）
1．（2分）通常情况下，下列物质属于导体的是（ ）
A．金属 B．玻璃 C．橡胶 D．陶瓷
2．（2分）下面所列的各种能源中，属于可再生能源的是（ ）
A．煤炭 B．石油 C．太阳能 D．核能
3．（2分）下列用电器中，主要利用电流热效应工作的是（ ）
A．电风扇 B．计算机 C．电烙铁 D．电视机
4．（2分）随着低碳理念的不断深入，自行车成为绿色出行的重要交通工具。图所示的四个实例中，目的是为了减小摩擦的是（ ）
A．刹车时用力捏闸
B．自行车的车把上刻有花纹
C．自行车脚蹬子上刻有花纹
D．轴承中装有滚珠
5．（2分）图所示的四个实例中，属于增大压强的是（ ）
A．书包的背带较宽 B．刀刃磨得很薄
C．汽车安全带做得较宽 D．滑雪板面积较大
6．（2分）图所示的光现象中，由于光的反射形成的（ ）
A．日晷面上呈现晷针的影子
B．故宫角楼在水中的倒影
C．宇航员透过水球成像
D．白光通过三棱镜色散
7．（2分）估测在实际生活中的应用十分广泛，下列所估测的数据中最接近实际的是（ ）
A．人体的正常体温约为38.5℃
B．普通住宅的层高约为1.5m
C．人正常心跳一次的时间约为60s
D．一枚鸡蛋的质量约为60g
8．（2分）如图所示是国庆70周年阅兵式上，新型无人机通过天安门广场接受检阅的情景。若说这架无人机是静止的，则所选的参照物是（ ）
A．天安门城楼
B．人民英雄纪念碑
C．天安门城楼前的华表柱
D．运送这架无人机的重型卡车
9．（2分）关于声音，下列说法中正确的是（ ）
A．声音是由物体振动产生的
B．声音的传播不需要介质，可以在真空中传播
C．在学校和居民区附近禁止鸣笛属于在接收处减弱噪声
D．利用超声波除去人体内的结石说明声波可以传递信息
10．（2分）中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（ ）
A．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝固现象
B．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象
C．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象
D．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是熔化现象
11．（2分）关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（ ）
A．家庭电路中各用电器都是并联的
B．对人体安全的电压不高于 220V
C．空气开关自动断开，都是由于用电器总功率过大引起的
D．可以将金属外壳用电器的三线插头改为两线插头接在两孔插座上使用
12．（2分）图所示的电路中，将开关S闭合，灯L1和灯L2均发光，并且L1比L2更亮。下列说法中正确的是（ ）
A．灯L1和灯 L2并联
B．灯 L1和灯 L2 两端的电压一定相等
C．通过灯 L1 的电流与通过灯 L2 的电流一定相等
D．通过灯 L1 的电流一定比通过灯 L2 的电流大
13．（2分）图所示的电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右滑动，则下列说法中正确的是（ ）
A．电流表、电压表示数均变大
B．电流表、电压表示数均变小
C．电流表示数变大，电压表示数变小
D．电流表示数变小，电压表示数变大
14．（2分）在2019年，举重世界杯男子96公斤级比赛中，我国选手田涛以挺举230公斤、总成绩410公斤荣获总成绩和挺举两项冠军。如图所示是田涛举着杠铃稳定站立时的照片，下列说法中正确的是（ ）
A．杠铃对人的压力和人对杠铃的支持力是一对平衡力
B．杠铃受到的重力和人对杠铃的支持力是一对平衡力
C．人受到的重力和地面对人的支持力是一对平衡力
D．人受到的重力和人对地面的压力是一对相互作用力
15．（2分）两个完全相同的圆柱形容器静止放在水平桌面上，其中分别装有A、B两种不同的液体，将一个小球分别放在两种液体中，静止时小球浸入两种液体的情况如图所示，两容器中液面相平。甲、乙两容器中的液体密度分别为ρ1和ρ2；甲、乙两容器中的液体对小球产生的浮力分别为F1和F2；甲、乙两容器中液体对容器底部的压强分别为p1和p2；甲、乙两容器对桌面的压力分别为F1′和F2′．则下列判断中正确的是（ ）
A．ρ1＜ρ2 B．F1＞F2 C．p1＝p2 D．F1′＞F2′
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共10分，每小题3分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
16．（3分）关于热现象，下列说法中正确的是（ ）
A．蒸发快慢只与液体温度有关
B．扩散现象只能发生在气体与液体中
C．固体很难被压缩，说明分子间存在斥力
D．汽车发动机用水来冷却是因为水的比热容较大
17．（3分）我国宋代科学家沈括在《梦溪笔谈》中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图所示。则下列说法中正确的是（ ）
A．地球是一个巨大的磁体
B．地磁场的N 极在地理的北极附近
C．地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行
D．磁感线是人们为了形象方便描述磁场所建立的模型
18．（3分）图所示是物理知识应用的四个实例，其中说法正确的是（ ）
A．验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的
B．飞机机翼是利用流体压强与流速关系的原理设计的
C．热机的做功冲程可以将内能转化成机械能
D．船闸是利用大气压工作的
19．（3分）第24届冬季奥林匹克运动会将于2022年由北京市和张家口市联合举办。冰壶运动是在冰上进行的一种投掷性竞赛项目，很有观赏性。如图所示，在某次比赛过程中，运动员将冰壶投掷出去，冰壶在水平冰面上做减速运动，若不考虑空气阻力，下列说法中正确的是（ ）
A．冰壶在水平冰面运动的过程中，所受的合力一定为零
B．掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性
C．冰壶在水平冰面运动的过程中，所受的重力不做功
D．冰壶在水平冰面运动的过程中，具有的动能减小，机械能不变
20．（3分）图甲是用动滑轮运送物体A的装置示意图，绳子自由端竖直移动的距离s随时间t变化的关系如图乙所示。已知物体A重300N，卷扬机对绳子的拉力F做功的功率为400W．在0～20s的过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的速度为 2m/s
B．卷扬机对绳子的拉力 F 为 150N
C．动滑轮做的有用功为 8000J
D．动滑轮提升物体A 的机械效率为 75%
三、实验解答题（共39分，21、24、29、30、31题各4分，22、25题各2分，23、26、27题各3分，28题6分）
21．（3分）（1）如图1所示，物体A的长度是 cm。
（2）如图2所示，电阻箱的示数为 Ω。
22．（3分）根据图所示的电流方向，判断通电螺线管的左端是 极。（选填“N”或“S”）
23．（3分）小明在探究杠杆平衡条件时，使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻线间的距离相等。请回答下列问题：
（1）如图甲所示，为了使杠杆在水平位置平衡，他应将杠杆的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）端调节。
（2）杠杆水平平衡后，他在杠杆B点悬挂了三个钩码，如图乙所示，为使杠杆在水平位置重新平衡，他应在A点挂 个相同的钩码。
（3）如果取下A点的钩码，在A点用弹簧测力计竖直向上拉，则 （选填“能”或“不能”）使杠杆在水平位置重新平衡。
24．（3分）小芳在探究A、B两种物质熔化过程中温度随时间变化的规律时，记录的实验数据如下表所示，请回答下列问题。
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
物质A的温度/℃
40
42
44
46
48
48
48
48
48
48
50
53
物质B的温度/℃
40
41
42
44
46
47
48
49
51
53
55
58
（1）根据表中的实验数据可以判断A和B两种物质中，属于晶体的是 。（选填“A”或“B”）。
（2）该晶体的熔点是 ℃，当该晶体的温度达到53℃时，它处于 （选填“固”、“液”
或“固液共存”）态。
（3）在第4min至第9min的过程中，物质A的内能 （选填“增加”、“减少”或“不变”）。
25．（3分）小亮利用如图所示的实验装置探究平面镜的成像特点，其中透明玻璃与水平纸面垂直，A1和A2、B1和B2分别是两对形状大小相同的蜡烛。他先后将两个大小不同的蜡烛A1和B1放在白纸上的M点，观测每次蜡烛所成像的大小。该同学探究的是：物体通过平面镜所成像的大小与 的关系。
26．（3分）小阳在探究凸透镜成像规律时，首先将烛焰、凸透镜、光屏的中心调整到同一高度，然后将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，如图所示。移动光屏，当光屏移动到65cm刻度线处时，烛焰在光屏上成清晰的像。
（1）上述实验中，光屏上所成的像是倒立、 的实像（选填“放大”或“缩小”）。利用这一成像规律可以制成的是 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
（2）若保持图中凸透镜和光屏的位置不变，将蜡烛移动到15cm刻度线处，在光屏上得不到清晰的像。如果把凸透镜看成人的眼睛，光屏看成视网膜，则此时的成像情况相当于 （选填“近视眼”或“远视眼”）。
27．（3分）如图所示，是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的装置，导体AB、开关S、灵敏电流表用导线连接组成电路。
（1）闭合开关S，让导体AB在磁场中 （选填“竖直上下”或“水平左右”）运动，发现电流表的指针偏转。
（2）让导体AB在磁场中水平向左运动时，观察到灵敏电流表的指针向右偏转；让导体AB在磁场中水平向右运动时，观察到灵敏电流表的指针向左偏转。通过这一现象，可得出感应电流的方向与 方向有关。
（3）应用此实验原理可制成 （选填“电磁铁”、“发电机”或“电动机”）。
28．（3分）小军同学在“测量小灯泡额定电功率”的实验中，选用了额定电压为2.5V的小灯泡，并连接了如图甲所示的电路。
（1）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P置于最 （选填“左”或“右”）端。
（2）闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不发光，电流表无示数，电压表示数接近于电源电压，则故障原因可能是 （选填字母）。
A．灯座接线短路B．小灯泡的灯丝断了
C．开关接触不良D．滑动变阻器断路
（3）排除故障后，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V，电流表的示数如图20乙所示，则小灯泡额定电功率为 W。
（4）为了探究“小灯泡中的电流与两端电压的关系”，小军记录下了不同电压下通过小灯泡的电流，实验数据如下表所示。则图中的四幅图象能正确反映这一关系的是
（选填字母）。
电压U/V
0.4
0.7
1.0
1.3
1.6
1.9
电流I/A
0.12
0.16
0.2
0.22
0.24
0.26
29．（3分）为了探究“电流通过电阻时产生的热量与哪些因素有关”，小贺准备的实验器材有三个完全相同的烧瓶，瓶内装有质量和初温相同的煤油，相同的温度计a、b、c，阻值为R1、R2、R3的电阻丝（R1＞R2＝R3），还有满足实验要求的电源、开关、导线。他连接了如图甲所示的电路进行实验，闭合开关一段时间后，记录温度计a、b的示数如图乙所示。根据实验过程及现象回答下列问题：
（1）此实验是通过 反映电流通过电阻时产生的热量多少。
（2）由实验现象可知，电流通过电阻时产生的热量与电阻大小 （选填“有关”或“无关”）。
（3）小明想探究“电流通过电阻产生的热量与电流大小是否有关”，他连接的电路如图丙所示。该电路 （选填“能”或“不能”）完成探究任务，原因是 。
30．（3分）小刚想测量家里某种食用油的密度，为此他准备的实验器材有天平、玻璃杯、水、记号笔，已知水的密度ρ＝1.0g/cm3．他的主要实验步骤如下：
①用天平测出玻璃杯的质量m。
②在空玻璃杯中倒入适量的水，用记号笔标记水面位置，用天平测出玻璃杯和水的总质量为m1。
③将玻璃杯中的水倒尽，再倒入食用油使液面到达标记处，用天平测出玻璃杯和食用油的总质量为m2。
④计算出食用油的密度ρ油。请根据以上实验完成下列问题：
（1）画出本次实验数据的记录表格。
（2）实验中测出m＝28g，m1＝128g，测量玻璃杯和食用油的总质量时，天平平衡后，右盘中砝码的质量和游码的位置如图所示。则玻璃杯和食用油的总质量m2＝ g，食用油的密度ρ油＝ g/cm3。
31．（3分）小凯在使用弹簧时发现，在弹性限度内弹簧被拉伸得越长，弹簧产生的弹力就越大。于是他想探究“弹簧弹力与弹簧伸长量的关系”。为此他准备了铁架台、弹簧、刻度尺、质量已知的钩码一盒来进行实验。
（1）以下是他的部分实验步骤，请你帮他补充完整：
①如图甲所示，把弹簧上端固定在铁架台的横杆上，用刻度尺测量弹簧自由下垂时的长度l0，记录在表格中。
②如图乙所示，将一个钩码挂在弹簧下端，用刻度尺测量弹簧的长度为l，将弹簧的长度l和钩码的质量m，记录在表格中。
③在弹簧的弹性限度内， ，仿照步骤②再做5次实验，将每次测量的弹簧的长度l和钩码的总质量m，记录在表格中。
④利用公式△l＝l﹣l0和F＝ ，计算每次弹簧伸长量和弹簧弹力的大小，记录在表格中。
（2）请你画出钩码的受力示意图，并分析说明弹簧弹力大小的测量依据。
四、科普阅读题（共4分）
32．（3分）请阅读《红外线与红外测温仪》并回答小题。
红外线与红外测温仪
2020年春节前夕，一场突如其来的新冠肺炎疫情打破了往日生活的平静。为了尽快控制疫情蔓延，全国上下团结一致众志成城，经过各方努力，国内的新冠肺炎疫情得到了有效控制。在各种防控措施中，体温筛查是疫情检测的第一关，而红外测温仪在其中发挥着重要的作用。那么红外测温仪是如何工作的？为此我们先要了解红外线的有关知识。
红外线是一种不可见光，它与微波、可见光、x射线一样都是电磁波大家族中的一员，其波长范围是760nm～1mm，介于红光和微波之间。由于分子的无规则运动，在自然界中，一切温度高于绝对零度（﹣273.15℃）的物体，其表面在不断的向周围空间辐射红外线。而且，物体的温度越高，辐射出来的红外线能量就会越强。红外测温仪就是基于物体辐射红外线能量大小与物体表面温度的对应关系，来测定物体表面温度的。如图25所示，是生活中常见的红外测温仪的外观和工作结构示意图。红外测温仪一般由光学系统、光电探测器、信号放大及处理器、显示部分构成。光学系统能够会聚被测物体辐射的红外线，光电探测器将接收到的红外信号转变为电信号，电信号再经过放大和计算处理转变为温度值显示出来。
虽然红外测温仪在使用上方便快捷，但若使用不当也会出现较大的数值偏差。例如，强烈的阳光照射、不正确的测量角度和距离、大气中的水蒸气和灰尘对红外线的吸收作用等，都会对红外测温仪的测量结果产生影响。因此，红外测温仪测量的数据仅用于初步筛查，不能作为医学诊断数据。一旦发现体温偏高者，还应使用测量精度较高，稳定性较好的玻璃体温计进行复查和确认。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）红外线是一种 （选填“电磁波”或“声波”）。
（2）0℃的冰 （选填“能”或“不能”）向外界辐射红外线。
（3）红外测温仪中的光学系统对红外线有 作用（选填“会聚”或“发散”）。
（4）为了尽量减小红外测温仪测量数值的偏差，请你提出一个合理的建议： 。
33．（3分）图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻R1的阻值为10Ω．闭合开关S，电流表A1的示数为2A，电流表A2的示数为0.8A。
求：（1）电源电压；
（2）通电10s电阻R2消耗的电能。
34．（6分）如图所示，将一盛有水的圆柱形容器置于水平桌面上，用细线将一个小球固定在容器底部，当小球完全浸没在水中静止时，细线对小球的拉力为F．已知小球的重力G＝8N，小球的体积为10﹣3 m3，水的密度ρ＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。
求：（1）小球完全浸没在水中静止时，所受浮力的大小；
（2）细线对小球的拉力F的大小。
2020年北京市丰台区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）
1．（2分）通常情况下，下列物质属于导体的是（ ）
A．金属 B．玻璃 C．橡胶 D．陶瓷
【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
【解答】解：常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。题中的四种物质，只有金属是导体，其他三种都是绝缘体。
故选：A。
【点评】此题考查了导体和绝缘体的概念，属于识记的内容，比较简单。只要记住即可解答。
2．（2分）下面所列的各种能源中，属于可再生能源的是（ ）
A．煤炭 B．石油 C．太阳能 D．核能
【分析】要解答本题需掌握：能在短时间内形成的能源属于可再生能源。
【解答】解：煤碳、石油和核能消耗以后不会在短时间内形成，故属于不可再生能源；太阳能取之不尽，用之不竭，是可再生能源。
故选：C。
【点评】本题主要考查学生对可再生能源特点的了解和掌握，是中考的热点。
3．（2分）下列用电器中，主要利用电流热效应工作的是（ ）
A．电风扇 B．计算机 C．电烙铁 D．电视机
【分析】当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能产生热量，这种现象叫做电流的热效应。
【解答】解：
A、电风扇主要将电能转化为机械能，不是利用电流热效应来工作的，故A错误；
B、计算机工作时，电能会转化为光能、声能等，不是利用电流的热效应工作的；故B错误；
C、电烙铁工作时消耗电能，电能转化为内能，是利用了电流的热效应工作的，故C正确；
D、电视机工作时主要将电能转化为光能、声能，不是利用电流热效应来工作的，故D错误。
故选：C。
【点评】主要考查电流的热效应在生活中的应用实例，只有认真把握它们的定义，才能真正区分它们利用的是哪一个效应。体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念。
4．（2分）随着低碳理念的不断深入，自行车成为绿色出行的重要交通工具。图所示的四个实例中，目的是为了减小摩擦的是（ ）
A．刹车时用力捏闸
B．自行车的车把上刻有花纹
C．自行车脚蹬子上刻有花纹
D．轴承中装有滚珠
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
【解答】解：
A、刹车时用力捏闸，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故A不合题意；
B、车把处刻有花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B不合题意；
C、自行车脚蹬子上上的花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意；
D、轴承上装有滚珠，属于用滚动代替滑动来减小摩擦力，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
5．（2分）图所示的四个实例中，属于增大压强的是（ ）
A．书包的背带较宽 B．刀刃磨得很薄
C．汽车安全带做得较宽 D．滑雪板面积较大
【分析】（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
【解答】解：
A、书包带较宽是在压力一定时，增大受力面积减小书包对肩膀的压强，背书包时舒服些，故A不符合题意。
B、刀刃磨得很薄，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故B符合题意。
C、汽车安全带做得较宽，增大受力面积减小对人的压强，故C不符合题意。
D、穿滑雪板滑雪，是在压力一定时，增大受力面积减小对雪地的压强，防止陷入雪中，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】掌握压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法。能把压强知识应用到生活中。
6．（2分）图所示的光现象中，由于光的反射形成的（ ）
A．日晷面上呈现晷针的影子
B．故宫角楼在水中的倒影
C．宇航员透过水球成像
D．白光通过三棱镜色散
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、日晷面上呈现晷针的影子是光的直线传播形成的，故A错误；
B、故宫在水中形成“倒影”影，是平面镜成像，属于光的反射现象，故B正确；
C、宇航员透过水球成像属于凸透镜成像，利用的是光的折射，故C错误；
D、白光是复色光，白光经过三棱镜发生折射时，不同色光的折射角不同，折射后各色光分散开，发生色散，分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光，属于光的折射现象，故D错误。
故选：B。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
7．（2分）估测在实际生活中的应用十分广泛，下列所估测的数据中最接近实际的是（ ）
A．人体的正常体温约为38.5℃
B．普通住宅的层高约为1.5m
C．人正常心跳一次的时间约为60s
D．一枚鸡蛋的质量约为60g
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：
A、人体正常的体温约为36.5℃，故A不符合实际；
B、一般居民楼三层的高度约10m，一层楼的高度在3m左右，故B不符合实际；
C、正常情况下，人的心脏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s，故C不符合实际；
D、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤＝500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右，故D符合实际。
故选：D。
【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
8．（2分）如图所示是国庆70周年阅兵式上，新型无人机通过天安门广场接受检阅的情景。若说这架无人机是静止的，则所选的参照物是（ ）
A．天安门城楼
B．人民英雄纪念碑
C．天安门城楼前的华表柱
D．运送这架无人机的重型卡车
【分析】观察被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
【解答】解：
（1）无人机相对于天安门城楼、人民英雄纪念碑、华表柱的位置发生了改变，故ABC不符合题意；
（2）无人机相对于运送它的重型卡车位置没有发生改变，所以无人机相对于运送它的重型卡车是静止的，故D符合题意。
故选：D。
【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
9．（2分）关于声音，下列说法中正确的是（ ）
A．声音是由物体振动产生的
B．声音的传播不需要介质，可以在真空中传播
C．在学校和居民区附近禁止鸣笛属于在接收处减弱噪声
D．利用超声波除去人体内的结石说明声波可以传递信息
【分析】（1）声音是由物体振动产生的；
（2）声音的传播需要介质，真空不能传声；
（3）防治噪声可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治；
（4）声音可以传递能量，声音也可以传递信息。
【解答】解：
A、声音是由物体振动产生的，故A正确；
B、声音的传播需要介质，真空不能传声，故B错误；
C、在学校和居民区附近禁止鸣笛属于在声源处防止噪声产生，故C错误；
D、利用超声波除去结石就说明了声波可以传递能量，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查了声音的产生、声音的传播条件、防治噪声的途径及声音能传递信息和能量等声学知识，综合性较强，但是难度不大。
10．（2分）中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（ ）
A．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝固现象
B．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象
C．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象
D．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是熔化现象
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华；物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：
A、“霜叶红于二月花”，霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，故A错误；
B、“斜月沉沉藏海雾”，雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，故B错误；
C、“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，故C正确；
D．“已是悬崖百丈冰”，冰是水凝固形成的，是凝固现象，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查了生活中的物态变化现象，要求学生运用所学知识解答生活、自然现象。
11．（2分）关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（ ）
A．家庭电路中各用电器都是并联的
B．对人体安全的电压不高于 220V
C．空气开关自动断开，都是由于用电器总功率过大引起的
D．可以将金属外壳用电器的三线插头改为两线插头接在两孔插座上使用
【分析】（1）串联的各用电器相互影响，不能独立工作，并联的各用电器互不影响，能独立工作；
（2）对人体的安全电压不高于36V；
（3）造成电路中电流过大的原因可能是短路，也可能是用电器总功率过大；
（4）用电器的金属外壳必须接地。
【解答】解：A、在家庭电路中各用电器都互不影响，能独立工作，它们是并联的，故A正确；
B、对人体的安全电压不高于36V，故B错误；
C、家庭电路中的空气开关跳闸，可能是电路中某处发生短路，也可能是用电器总功率过大，故C错误；
D、用电器用三孔插座时，用电器的金属外壳接地，可避免因电器漏电时外壳带电，而发生触电事故，故不可以把用电器的三线插头改为两线插头接在两孔插座上使用，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，同学们要牢记安全用电常识，并正确规范操作，避免危险发生。
12．（2分）图所示的电路中，将开关S闭合，灯L1和灯L2均发光，并且L1比L2更亮。下列说法中正确的是（ ）
A．灯L1和灯 L2并联
B．灯 L1和灯 L2 两端的电压一定相等
C．通过灯 L1 的电流与通过灯 L2 的电流一定相等
D．通过灯 L1 的电流一定比通过灯 L2 的电流大
【分析】在串联电路中只有一条电流的路径，各用电器之间相互影响；在串联电路中，各处的电流是相同的，根据P＝UI判定灯泡两端电压的关系。
【解答】解：
A、由图可知，两个灯泡串联在电路中，故A错误；
BCD、在串联电路中，各处的电流是相同的，所以通过两灯的电流一定相等；L1比L2更亮，说明L1的实际功率较大，而电流相同，根据P＝UI可知，灯L1两端的电压较大，故BD错误，C正确。
故选：C。
【点评】此题主要考查了串并联电路的辨别和串联电路中的电压、电流特点等知识，是一道基础题。
13．（2分）图所示的电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右滑动，则下列说法中正确的是（ ）
A．电流表、电压表示数均变大
B．电流表、电压表示数均变小
C．电流表示数变大，电压表示数变小
D．电流表示数变小，电压表示数变大
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，进一步可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，
将滑动变阻器的滑片P向右滑动，变阻器接入电路中的电阻变大；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻变大，由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；由U＝IR可知，R1两端的电压变小，即电压表的示数变小；
综上所述，B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。
14．（2分）在2019年，举重世界杯男子96公斤级比赛中，我国选手田涛以挺举230公斤、总成绩410公斤荣获总成绩和挺举两项冠军。如图所示是田涛举着杠铃稳定站立时的照片，下列说法中正确的是（ ）
A．杠铃对人的压力和人对杠铃的支持力是一对平衡力
B．杠铃受到的重力和人对杠铃的支持力是一对平衡力
C．人受到的重力和地面对人的支持力是一对平衡力
D．人受到的重力和人对地面的压力是一对相互作用力
【分析】（1）二力平衡的条件是：①作用在同一个物体上的两个力；②大小相等；③方向相反。
（2）相互作用力的条件是：①作用在两个不同物体上的两个力；②大小相等；③方向相反。
根据二力平衡的条件和相互作用的条件进行判断。
【解答】解：
A、杠铃对人的压力和人对杠铃的支持力，这两个力没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、杠铃受到的重力和人对杠铃的支持力大小相等、方向相反、同一直线，都作用在同一个物体上，是一对平衡力，故B正确；
C、地面对人的支持力等于人和杠铃重力的和，人受到的重力和地面对人的支持力大小不相等，所以不是一对平衡力，故C错误；
D、人受到的重力和人对地面的压力的方向是相同的，且大小不相同，不是一对相互作用力，故D错误。
故选：B。
【点评】解答此类问题的关键是正确的受力分析和对二力平衡条件、相互作用力的准确掌握和理解。
15．（2分）两个完全相同的圆柱形容器静止放在水平桌面上，其中分别装有A、B两种不同的液体，将一个小球分别放在两种液体中，静止时小球浸入两种液体的情况如图所示，两容器中液面相平。甲、乙两容器中的液体密度分别为ρ1和ρ2；甲、乙两容器中的液体对小球产生的浮力分别为F1和F2；甲、乙两容器中液体对容器底部的压强分别为p1和p2；甲、乙两容器对桌面的压力分别为F1′和F2′．则下列判断中正确的是（ ）
A．ρ1＜ρ2 B．F1＞F2 C．p1＝p2 D．F1′＞F2′
【分析】（1）当物体漂浮在液体中时，ρ物＜ρ液，当物体悬浮在液体中时，ρ物＝ρ液；
（2）根据浮沉条件判断物体受到的浮力大小；
（3）深度相同，根据液体压强公式p＝ρ液gh即可判断出液体对容器底部压强的大小；
（4）容器对地面的压力等于容器的重力、液体的重力以及小球的重力之和；由图可判断出两液体体积的关系，只需根据密度公式比较液体的质量的大小关系即可得出液体的重力关系。
【解答】解：
A、由于小球漂浮在液体A中，所以ρ球＜ρ1，而小球悬浮在液体B中，所以ρ球＝ρ2，所以ρ1＞ρ2，故A错误；
B、由于小球漂浮在液体A中，所以F1＝G球，而小球悬浮在液体B中，所以F2＝G球，所以F1＝F2，故B错误；
C、由于两容器中液体 深度相同，根据液体压强公式p＝ρ液gh可知密度大的液体对容器底部的压强大，所以p1＞p2，故C错误；
D、由图可知V1＞V2，又因为ρ1＞ρ2，根据m＝ρV可知，m1＞m2，所以G1＞G2，由于容器对地面的压力等于容器的重力、液体的重力以及小球的重力之和，所以F1'＞F2'，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对漂浮条件、悬浮条件、液体压强公式的理解和运用。根据物体的浮沉（悬浮、漂浮）确定小球与液体的密度大小关系是本题的关键。
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共10分，每小题3分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
16．（3分）关于热现象，下列说法中正确的是（ ）
A．蒸发快慢只与液体温度有关
B．扩散现象只能发生在气体与液体中
C．固体很难被压缩，说明分子间存在斥力
D．汽车发动机用水来冷却是因为水的比热容较大
【分析】（1）影响蒸发快慢的因素有三个：液体的温度、表面积和液体上方空气流动的快慢；
（2）一切气体、液体和固体都能发生扩散现象；
（3）分子间存在相互作用的引力和斥力。
（4）相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
【解答】解：
A、影响蒸发快慢的因素有三个：液体的温度、表面积和液体上方空气流动的快慢，故A错误；
B、一切气体、液体和固体都能发生扩散现象，故B错误；
C、由于分子之间存在相互作用的斥力，所以固体很难被压缩，故C正确；
D、与其他物质比较，水的比热容大，在质量相同、升高的温度相同时，水吸收的热量多，所以汽车的发动机用水来冷却，故D正确。
故选：CD。
【点评】此题考查了分子间斥力的理解、发生扩散的条件、水的比热容大的应用和影响蒸发快慢的因素，是一道综合题，都是基础知识，要熟记。
17．（3分）我国宋代科学家沈括在《梦溪笔谈》中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图所示。则下列说法中正确的是（ ）
A．地球是一个巨大的磁体
B．地磁场的N 极在地理的北极附近
C．地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行
D．磁感线是人们为了形象方便描述磁场所建立的模型
【分析】地球本身是一个巨大的磁体，地球周围的磁场叫做地磁场，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，所以地磁场的方向是从地磁北极到地磁南极；为了形象地描述磁场，我们引入了磁感线。
【解答】解：
A、地球是一个巨大的天然磁体，故A正确；
B、地球周围存在地磁场，地磁场的N极在地球的地理南极附近，地磁场的S极在地球的地理北极附近，故B错误；
C、由于地磁场的磁场方向沿磁感线切线的方向，故只有赤道处地磁场的磁场方向才与地面平行，故C错误；
D、磁感线是人们利用建模的方法画出来的并不真实存在的曲线，故D正确。
故选：AD。
【点评】本题考查了地磁场和磁感线，解题的关键要了解地磁场与地理南北两极的关系。
18．（3分）图所示是物理知识应用的四个实例，其中说法正确的是（ ）
A．验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的
B．飞机机翼是利用流体压强与流速关系的原理设计的
C．热机的做功冲程可以将内能转化成机械能
D．船闸是利用大气压工作的
【分析】（1）同种电荷相斥；
（2）流体压强与流速的关系是：流体流速的位置压强小，流速小的位置压强大；
（3）热机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；
（4）连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
【解答】解：
A、验电器是利用同种电荷相斥的原理工作的，故A正确；
B、飞机机翼上部凸起，下部平直，在机翼上方的空气流速快压强小，在机翼下方的空气流速慢压强大，从而产生向上的升力，利用了流体压强与流速的关系，故B正确；
C、热机做功冲程中内能转化成机械能，使汽车获得动力，故C正确；
D、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器；下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故D错误。
故选：ABC。
【点评】本题是一道综合题，虽涉及到的知识点多，但都属于基础知识的考查，同学们在处理时应细心解答，难度不大。
19．（3分）第24届冬季奥林匹克运动会将于2022年由北京市和张家口市联合举办。冰壶运动是在冰上进行的一种投掷性竞赛项目，很有观赏性。如图所示，在某次比赛过程中，运动员将冰壶投掷出去，冰壶在水平冰面上做减速运动，若不考虑空气阻力，下列说法中正确的是（ ）
A．冰壶在水平冰面运动的过程中，所受的合力一定为零
B．掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性
C．冰壶在水平冰面运动的过程中，所受的重力不做功
D．冰壶在水平冰面运动的过程中，具有的动能减小，机械能不变
【分析】（1）只有静止的物体和匀速直线运动的物体所受合力为零。
（2）物体由于惯性要保持原来的运动状态。
（3）根据做功的两个必要因素进行判断。
（4）机械能包括动能和势能，从动能和势能的影响因素进行判断。
【解答】解：A、冰壶在水平冰面上做减速运动，冰壶受到非平衡力作用，合力不为零，选项错误。
B、开始冰壶和手一起运动，冰壶脱离手后，冰壶由于惯性要保持原来的运动状态，继续向前运动，选项正确。
C、冰壶在水平冰面运动的过程中，所受重力竖直向下，冰壶向下没有移动距离，所以重力对冰壶没有做功，选项正确。
D、冰壶在水平冰面运动的过程中，冰壶没有发生弹性形变，不考虑弹性势能；冰壶的质量不变，速度减小，动能减小；冰壶质量不变，高度不变，重力势能不变；冰壶的动能减小，重力势能不变，所以机械能变小，选项错误。
故选：BC。
【点评】通过冰壶运动，考查只有静止的物体和匀速直线运动的物体所受合力为零、惯性、做功的两个必要因素、动能和重力势能的影响因素等，体现了体育运动中包含了很多物理知识。
20．（3分）图甲是用动滑轮运送物体A的装置示意图，绳子自由端竖直移动的距离s随时间t变化的关系如图乙所示。已知物体A重300N，卷扬机对绳子的拉力F做功的功率为400W．在0～20s的过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的速度为 2m/s
B．卷扬机对绳子的拉力 F 为 150N
C．动滑轮做的有用功为 8000J
D．动滑轮提升物体A 的机械效率为 75%
【分析】（1）由图象找出绳子自由端移动的距离和时间，根据速度公式求出速度大小。
（2）知道拉力F做功的功率，知道绳子自由端的速度，根据P＝Fv求出拉力大小。
（3）物重由两段绳子承担，知道绳子自由端移动距离，求出物体上升的高度，知道物体的重，根据W＝Gh求出有用功。
（4）知道拉力和绳子自由端移动的距离，根据W＝Fs求出总功，根据机械效率公式求出机械效率。
【解答】解：
A、由乙图可知，在20s内绳子自由端移动的距离为40m，
则绳子自由端移动的速度：v＝＝＝2m/s，故A正确。
B、拉力F做功的功率为400W，绳子自由端移动的速度是2m/s，
由P＝Fv可得卷扬机对绳子的拉力：F＝＝＝200N，故B错误。
C、由图可知n＝2，由s＝2h可得物体上升的高度h＝s＝×40m＝20m，
动滑轮做的有用功：W有＝Gh＝300N×20m＝6000J，故C错误。
D、拉力做的总功：W总＝Fs＝200N×40m＝8000J，
动滑轮提升物体A 的机械效率：η＝×100%＝×100%＝75%，故D正确。
故选：AD。
【点评】对于图象问题，要从图象上搜寻有用的信息，图象中包含很多隐含的条件。
三、实验解答题（共39分，21、24、29、30、31题各4分，22、25题各2分，23、26、27题各3分，28题6分）
21．（3分）（1）如图1所示，物体A的长度是 3.40 cm。
（2）如图2所示，电阻箱的示数为 2020 Ω。
【分析】（1）首先确定刻度尺的分度值，要读出准确值，还要读出分度值的下一位的估计值。
（2）数字乘以下面的倍数，然后相加。
【解答】解：（1）刻度尺的分度值是1mm，物体a的长度是34.0mm，是3.40cm。
（2）电阻箱的示数为：2Ω×1000+0Ω×100+2Ω×10+0Ω×1＝2020Ω。
故答案为：（1）3.40；（2）2020。
【点评】本题考查了刻度尺的读数和电阻箱的读数，刻度尺要读出估计数字，当正对分度值时，估计数字是零。
22．（3分）根据图所示的电流方向，判断通电螺线管的左端是 S 极。（选填“N”或“S”）
【分析】安培定则的内容：用右手握住螺线管，四指弯向螺线管中电流的方向，大拇指所指的就是螺线管的N极。
【解答】解：电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据螺线管的线圈绕向，再利用安培定则即可确定螺线管的左端为S极。如图所示：
故答案为：S。
【点评】此题考查了安培定则的应用，题目的难度不大，考查的知识点较单一。
23．（3分）小明在探究杠杆平衡条件时，使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻线间的距离相等。请回答下列问题：
（1）如图甲所示，为了使杠杆在水平位置平衡，他应将杠杆的平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）端调节。
（2）杠杆水平平衡后，他在杠杆B点悬挂了三个钩码，如图乙所示，为使杠杆在水平位置重新平衡，他应在A点挂 2 个相同的钩码。
（3）如果取下A点的钩码，在A点用弹簧测力计竖直向上拉，则 不能 （选填“能”或“不能”）使杠杆在水平位置重新平衡。
【分析】（1）调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动。
（2）根据杠杆平衡条件进行判断。
（3）杠杆的右端是竖直向下的力，杠杆的左端是竖直向上的力，这两个力都使杠杆转动，所以杠杆不能在水平位置平衡。
【解答】解：（1）如图，杠杆的右端上翘，所以平衡螺母向上翘的右端移动。
（2）设杠杆的一个小格代表是L，一个钩码重力为G，
要使杠杆在水平位置平衡，
FA×LA＝FB×LB，
nG×3L＝3G×2L，
所以，n＝2，
所以在A点挂2个钩码。
（3）杠杆的B点施加竖直向下的力，杠杆的A点施加竖直向上的力，这两个力都使杠杆顺时针转动，所以杠杆不能在水平位置平衡。
故答案为：（1）右；（2）2；（3）不能。
【点评】判断杠杆是否平衡，根据杠杆平衡条件进行判断，当力和力臂乘积相等时，杠杆平衡，否则杠杆不平衡。
24．（3分）小芳在探究A、B两种物质熔化过程中温度随时间变化的规律时，记录的实验数据如下表所示，请回答下列问题。
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
物质A的温度/℃
40
42
44
46
48
48
48
48
48
48
50
53
物质B的温度/℃
40
41
42
44
46
47
48
49
51
53
55
58
（1）根据表中的实验数据可以判断A和B两种物质中，属于晶体的是 A 。（选填“A”或“B”）。
（2）该晶体的熔点是 48 ℃，当该晶体的温度达到53℃时，它处于 液 （选填“固”、“液”
或“固液共存”）态。
（3）在第4min至第9min的过程中，物质A的内能 增加 （选填“增加”、“减少”或“不变”）。
【分析】（1）晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，非晶体熔化时，不断吸收热量，温度不断升高。
（2）晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是晶体的熔点。
晶体处于熔点时，晶体可以使固态，也可以是液态，也可以是固液共存；晶体低于熔点时，晶体是固态；晶体高于熔点时，晶体是液态。
（3）物体吸收热量内能增加，物体放出热量内能减少。
【解答】解：（1）A和B两种物质都在不断吸收热量，物质A吸收热量温度保持不变，物质A是晶体；物质B吸收热量温度不断升高，物质B是非晶体。
（2）物质A吸收热量保持48℃不变，所以A晶体的熔点是48℃。
A晶体的熔点是48℃，A晶体的温度达到53℃时，晶体高于熔点，所以它处于液态。
（3）在第4min至第9min的过程中，不断吸收热量，内能不断增加。
故答案为：（1）A；（2）48；液；（3）增加。
【点评】晶体和非晶体的重要区别：晶体熔化时吸收热量，温度保持不变，非晶体熔化时吸收热量，温度不断升高。
25．（3分）小亮利用如图所示的实验装置探究平面镜的成像特点，其中透明玻璃与水平纸面垂直，A1和A2、B1和B2分别是两对形状大小相同的蜡烛。他先后将两个大小不同的蜡烛A1和B1放在白纸上的M点，观测每次蜡烛所成像的大小。该同学探究的是：物体通过平面镜所成像的大小与 物体大小 的关系。
【分析】探究平面镜成像实验时，选用两个完全相同的蜡烛，是为了比较像的大小和物体大小关系。
【解答】解：将点燃的蜡烛A1放在白纸上的M点，眼睛从M侧观察平面镜时，看到蜡烛A1（或B1）的像，没有点燃的蜡烛A2放在平面镜的另一侧，当蜡烛A2（或B2）好像点燃一样，可以判断平面镜成像大小和物体大小相等。
故答案为：物体大小。
【点评】进行实验不只要注重实验结果，更要注重实验过程。
26．（3分）小阳在探究凸透镜成像规律时，首先将烛焰、凸透镜、光屏的中心调整到同一高度，然后将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，如图所示。移动光屏，当光屏移动到65cm刻度线处时，烛焰在光屏上成清晰的像。
（1）上述实验中，光屏上所成的像是倒立、 缩小 的实像（选填“放大”或“缩小”）。利用这一成像规律可以制成的是 照相机 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
（2）若保持图中凸透镜和光屏的位置不变，将蜡烛移动到15cm刻度线处，在光屏上得不到清晰的像。如果把凸透镜看成人的眼睛，光屏看成视网膜，则此时的成像情况相当于 近视眼 （选填“近视眼”或“远视眼”）。
【分析】（1）当u＞2f时，成倒立缩小的实像，为照相机的原理；
（2）根据物远像近像变小分析；近视眼的成因是像呈在视网膜的前方。
【解答】解：
（1）由题可知：u＝50cm﹣20cm＝30cm，所以u＞2f，为照相机的原理，成倒立缩小的实像；
（2）凸透镜和光屏的位置不变，将物体远离透镜，根据物远像近像变小可知此时像在光屏的前方，相当于近视眼。
故答案为：（1）缩小；照相机；（2）近视眼。
【点评】熟练掌握凸透镜成像的规律，能根据实验中物距与像距的变化，判断成像的特点与规律是解答的关键，同时需要掌握近视眼和远视眼形成的原因。
27．（3分）如图所示，是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的装置，导体AB、开关S、灵敏电流表用导线连接组成电路。
（1）闭合开关S，让导体AB在磁场中 水平左右 （选填“竖直上下”或“水平左右”）运动，发现电流表的指针偏转。
（2）让导体AB在磁场中水平向左运动时，观察到灵敏电流表的指针向右偏转；让导体AB在磁场中水平向右运动时，观察到灵敏电流表的指针向左偏转。通过这一现象，可得出感应电流的方向与 导体运动 方向有关。
（3）应用此实验原理可制成 发电机 （选填“电磁铁”、“发电机”或“电动机”）。
【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；根据电磁感应现象制成了发电机；
（2）感应电流的方向与导体运动的方向，磁场方向有关。
【解答】解：
（1）闭合开关S，让导体AB在磁场中水平左右运动时，AB做切割磁感线运动，会产生感应电流，电流表的指针会偏转；
（2）让导体AB在磁场中水平向左运动时，观察到灵敏电流表的指针向右偏转；让导体AB在磁场中水平向右运动时，观察到灵敏电流表的指针向左偏转。通过这一现象可知，磁场方向不变时，改变导体运动的方向能改变感应电流的方向，即感应电流的方向与导体运动的方向有关；
（3）根据电磁感应现象制成了发电机。
故答案为：（1）水平左右；（2）导体运动；（3）发电机。
【点评】此题考查了产生感应电流的条件：首先电路必须闭合；导体要做切割磁感线运动。切割磁感线可以是导体动也可以是磁体动。
28．（3分）小军同学在“测量小灯泡额定电功率”的实验中，选用了额定电压为2.5V的小灯泡，并连接了如图甲所示的电路。
（1）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P置于最 左 （选填“左”或“右”）端。
（2）闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不发光，电流表无示数，电压表示数接近于电源电压，则故障原因可能是 B （选填字母）。
A．灯座接线短路B．小灯泡的灯丝断了
C．开关接触不良D．滑动变阻器断路
（3）排除故障后，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V，电流表的示数如图20乙所示，则小灯泡额定电功率为 0.75 W。
（4）为了探究“小灯泡中的电流与两端电压的关系”，小军记录下了不同电压下通过小灯泡的电流，实验数据如下表所示。则图中的四幅图象能正确反映这一关系的是
C （选填字母）。
电压U/V
0.4
0.7
1.0
1.3
1.6
1.9
电流I/A
0.12
0.16
0.2
0.22
0.24
0.26
【分析】（1）闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器阻值应调至最大；
（2）若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（3）读出电流表的示数，根据P＝UI求小灯泡的额定功率；
（4）灯的电阻随温度的变化而变化，不是一个定值。
【解答】解：（1）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器阻值应调至最大，即最左端；
（2）闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不发光，电流表无示数，说明电路出现了断路；电压表示数接近于电源电压，说明电压表与电源正负极之间是接通的，所以故障是灯泡断路，故选B；
（3）由图可知，电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A；小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（4）当灯泡两端的电压增大时，通过灯泡的电流会变大；灯的电阻随温度的变化而变化，不是一个定值，灯丝的温度越高，电阻也得，故通过灯的电流随电压的变化图象为一曲线只有C正确，选C。
故答案为：（1）左；（2）B；（3）0.75；（4）C。
【点评】本题考查了小灯泡功率的测量实验，考查电路连接时注意事项、故障分析、功率的计算、电流表的读数、影响电阻大小的因素，综合性比较强，一定要掌握。
29．（3分）为了探究“电流通过电阻时产生的热量与哪些因素有关”，小贺准备的实验器材有三个完全相同的烧瓶，瓶内装有质量和初温相同的煤油，相同的温度计a、b、c，阻值为R1、R2、R3的电阻丝（R1＞R2＝R3），还有满足实验要求的电源、开关、导线。他连接了如图甲所示的电路进行实验，闭合开关一段时间后，记录温度计a、b的示数如图乙所示。根据实验过程及现象回答下列问题：
（1）此实验是通过 温度计示数的变化 反映电流通过电阻时产生的热量多少。
（2）由实验现象可知，电流通过电阻时产生的热量与电阻大小 有关 （选填“有关”或“无关”）。
（3）小明想探究“电流通过电阻产生的热量与电流大小是否有关”，他连接的电路如图丙所示。该电路 不能 （选填“能”或“不能”）完成探究任务，原因是 没有控制电流不同 。
【分析】（1）温度计示数的变化反应了液体温度的变化，反映了液体吸收热量即电流产生热量的多少；
（2）根据图甲中的相同点和不同点，利用控制变量法分析；
（3）探究“电流通过电阻产生的热量与电流大小是否有关”时，需要控制电阻相同，电流不同。
【解答】解：（1）实验中通过观察温度计示数的变化来比较电流产生的热量的多少；
（2）由图可知，两个电阻串联接入电路中，通过两个电阻的电流和通电时间相同，R1＞R2，温度计的示数不同，即电流放出的热量是不同的，所以电流通过电阻时产生的热量与电阻大小有关；
（3）探究“电流通过电阻产生的热量与电流大小是否有关”时，应采用控制变量法，需要控制电阻相同，电流不同；根据图象可知，R2和R3并联接入电路中，
R2和R3的电阻是相同的，由于其两端的电压相同，根据欧姆定律可知，通过两个电阻的电流也是相同的，所以无法完成实验探究。
故答案为：（1）温度计示数的变化；（2）有关；（3）不能；没有控制电流不同。
【点评】此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
30．（3分）小刚想测量家里某种食用油的密度，为此他准备的实验器材有天平、玻璃杯、水、记号笔，已知水的密度ρ＝1.0g/cm3．他的主要实验步骤如下：
①用天平测出玻璃杯的质量m。
②在空玻璃杯中倒入适量的水，用记号笔标记水面位置，用天平测出玻璃杯和水的总质量为m1。
③将玻璃杯中的水倒尽，再倒入食用油使液面到达标记处，用天平测出玻璃杯和食用油的总质量为m2。
④计算出食用油的密度ρ油。请根据以上实验完成下列问题：
（1）画出本次实验数据的记录表格。
（2）实验中测出m＝28g，m1＝128g，测量玻璃杯和食用油的总质量时，天平平衡后，右盘中砝码的质量和游码的位置如图所示。则玻璃杯和食用油的总质量m2＝ 118 g，食用油的密度ρ油＝ 0.9 g/cm3。
【分析】（1）根据实验步骤确定测量的物理量，然后设计记录表格；
（2）玻璃杯和食用油的总质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；该题是要测量食用油的密度，质量等于玻璃杯和食用油的总质量减去玻璃杯的质量，关键是体积的测量，在这里以水做为媒介，量取体积相同的食用油和水，测出水的质量，根据则V油＝V水＝求出油的体积，再根据ρ＝求出食用油的密度。
【解答】解：
（1）实验的表格为：
玻璃杯的质量m/g
玻璃杯和水的总质量为m1/g
玻璃杯和食用油的总质量m2/g
食用油的密度g/cm3
（2）由图可知玻璃杯和食用油的总质量m2＝100g+10g+5g+3g＝118g，
则食用油的质量m油＝m2﹣m＝118g﹣28g＝90g；
与食用油体积相同的水的质量为：m水＝m1﹣m＝128g﹣28g＝100g，
则食用油的体积为：V油＝V水＝＝＝100cm3，
所以食用油的密度为：
ρ油＝＝＝0.9g/cm3。
故答案为：（1）如上表；（2）118；0.9。
【点评】本题考查了测油的密度实验，关键在于运用等效替代法先求出水的体积，即为油的体积。
31．（3分）小凯在使用弹簧时发现，在弹性限度内弹簧被拉伸得越长，弹簧产生的弹力就越大。于是他想探究“弹簧弹力与弹簧伸长量的关系”。为此他准备了铁架台、弹簧、刻度尺、质量已知的钩码一盒来进行实验。
（1）以下是他的部分实验步骤，请你帮他补充完整：
①如图甲所示，把弹簧上端固定在铁架台的横杆上，用刻度尺测量弹簧自由下垂时的长度l0，记录在表格中。
②如图乙所示，将一个钩码挂在弹簧下端，用刻度尺测量弹簧的长度为l，将弹簧的长度l和钩码的质量m，记录在表格中。
③在弹簧的弹性限度内， 改变钩码的个数 ，仿照步骤②再做5次实验，将每次测量的弹簧的长度l和钩码的总质量m，记录在表格中。
④利用公式△l＝l﹣l0和F＝ G钩 ，计算每次弹簧伸长量和弹簧弹力的大小，记录在表格中。
（2）请你画出钩码的受力示意图，并分析说明弹簧弹力大小的测量依据。
【分析】（1）实验“弹簧弹力与弹簧伸长量的关系”，需要进行多次实验，得出普遍规律；
根据二力平衡可知：钩码的重力等于弹簧对钩码的拉力；弹簧的弹力等于弹簧物钩码的拉力；
（2）对钩码进行受力分析，再画受力示意图；根据二力平衡的特点分析即可。
【解答】解：
（1）实验“弹簧弹力与弹簧伸长量的关系”，需要进行多次实验，即需要多次改变钩码的数量，多记录几组数据得出普遍规律；
根据二力平衡可知：钩码的重力等于弹簧对钩码的拉力；弹簧的弹力等于弹簧物钩码的拉力，即F＝G钩；
（2）钩码受到竖直向下的重力和弹簧对其的拉力，由于钩码静止，所以这两个力是一对平衡力，体现在图上为长短相等，如下图所示：
根据二力平衡可知：钩码的重力等于弹簧对钩码的拉力；弹簧的弹力等于弹簧物钩码的拉力，即F＝G钩。
故答案为：（1）改变钩码的个数；G钩；（2）如上图所示；根据二力平衡可知：钩码的重力等于弹簧对钩码的拉力，弹簧的弹力等于弹簧对钩码的拉力，即F＝G钩。
【点评】此题主要考查的是对实验步骤，在设计过程中要注意：通过改变挂在弹簧上的钩码个数来改变对弹簧的拉力；弹簧的伸长△L＝L﹣L0。
四、科普阅读题（共4分）
32．（3分）请阅读《红外线与红外测温仪》并回答小题。
红外线与红外测温仪
2020年春节前夕，一场突如其来的新冠肺炎疫情打破了往日生活的平静。为了尽快控制疫情蔓延，全国上下团结一致众志成城，经过各方努力，国内的新冠肺炎疫情得到了有效控制。在各种防控措施中，体温筛查是疫情检测的第一关，而红外测温仪在其中发挥着重要的作用。那么红外测温仪是如何工作的？为此我们先要了解红外线的有关知识。
红外线是一种不可见光，它与微波、可见光、x射线一样都是电磁波大家族中的一员，其波长范围是760nm～1mm，介于红光和微波之间。由于分子的无规则运动，在自然界中，一切温度高于绝对零度（﹣273.15℃）的物体，其表面在不断的向周围空间辐射红外线。而且，物体的温度越高，辐射出来的红外线能量就会越强。红外测温仪就是基于物体辐射红外线能量大小与物体表面温度的对应关系，来测定物体表面温度的。如图25所示，是生活中常见的红外测温仪的外观和工作结构示意图。红外测温仪一般由光学系统、光电探测器、信号放大及处理器、显示部分构成。光学系统能够会聚被测物体辐射的红外线，光电探测器将接收到的红外信号转变为电信号，电信号再经过放大和计算处理转变为温度值显示出来。
虽然红外测温仪在使用上方便快捷，但若使用不当也会出现较大的数值偏差。例如，强烈的阳光照射、不正确的测量角度和距离、大气中的水蒸气和灰尘对红外线的吸收作用等，都会对红外测温仪的测量结果产生影响。因此，红外测温仪测量的数据仅用于初步筛查，不能作为医学诊断数据。一旦发现体温偏高者，还应使用测量精度较高，稳定性较好的玻璃体温计进行复查和确认。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）红外线是一种 电磁波 （选填“电磁波”或“声波”）。
（2）0℃的冰 能 （选填“能”或“不能”）向外界辐射红外线。
（3）红外测温仪中的光学系统对红外线有 会聚 作用（选填“会聚”或“发散”）。
（4）为了尽量减小红外测温仪测量数值的偏差，请你提出一个合理的建议： 不要在强光下进行实验 。
【分析】仔细阅读文章，逐一分析题目即可得出结论。
【解答】解：
（1）从文中“红外线是一种不可见光，它与微波、可见光、x射线一样都是电磁波大家族中的一员”可知红外线属于电磁波；
（2）从文中“由于分子的无规则运动，在自然界中，一切温度高于绝对零度（﹣273.15℃）的物体，其表面在不断的向周围空间辐射红外线”可知0℃的冰可以向外界辐射红外线；
（3）从文中“红外测温仪一般由光学系统、光电探测器、信号放大及处理器、显示部分构成。光学系统能够会聚被测物体辐射的红外线”可知红外测温仪中的光学系统对红外线有会聚作用；
（4）根据文中“强烈的阳光照射、不正确的测量角度和距离、大气中的水蒸气和灰尘对红外线的吸收作用等，都会对红外测温仪的测量结果产生影响”分析：为了尽量减小红外测温仪测量数值的偏差，不要在强光照射下实验。
故答案为：（1）电磁波；（2）能；（3）会聚；（4）不要在强光下进行实验。
【点评】对于信息给予题，只需认真分析材料内容即可得出结论。
33．（3分）图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻R1的阻值为10Ω．闭合开关S，电流表A1的示数为2A，电流表A2的示数为0.8A。
求：（1）电源电压；
（2）通电10s电阻R2消耗的电能。
【分析】由电路图可知，闭合开关，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流。
（1）根据并联电路的电流特点求出通过R1的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；
（2）已知R2两端电压、通过的电流及通电时间，根据W＝UIt求出电阻R2消耗的电能。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流。
（1）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R1的电流：
I1＝I﹣I2＝2A﹣0.8A＝1.2A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可得，电源的电压：
U＝I1R1＝1.2A×10Ω＝12V；
（2）通电10s电阻R2消耗的电能：
W2＝UI2t＝12V×0.8A×10s＝96J。
答：（1）电阻R2的阻值为15Ω；
（2）通电10s电阻R2消耗的电能为96J。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电能公式的应用，是一道基础题目。
34．（6分）如图所示，将一盛有水的圆柱形容器置于水平桌面上，用细线将一个小球固定在容器底部，当小球完全浸没在水中静止时，细线对小球的拉力为F．已知小球的重力G＝8N，小球的体积为10﹣3 m3，水的密度ρ＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。
求：（1）小球完全浸没在水中静止时，所受浮力的大小；
（2）细线对小球的拉力F的大小。
【分析】（1）由于小球完全浸没，所以排开液体的体积等于小球的体积，根据阿基米德原理即可求出小球受到的浮力；
（2）小球受竖直向下的重力、细线的拉力、竖直向上的浮力，由于小球静止，所以小球在竖直方向上受力平衡，根据平衡力的知识即可求出拉力。
【解答】解：
（1）由于小球完全浸没，所以排开水的体积为：
V排＝V球＝10﹣3 m3，
小球受到的浮力为：
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10﹣3 m3＝10N；
（2）因为小球静止，所以小球竖直方向上受力平衡，可得：
F浮＝G+F，
细线对小球的拉力F：
F＝F浮﹣G＝10N﹣8N＝2N。
答：
（1）小球完全浸没在水中静止时，所受浮力大小为10N；
（2）细线对小球的拉力大小为2N。
【点评】此题考查浮力和拉力的计算，关键是知道小球完全浸没在水中时，排开水的体积与自身体积相等，难点是对小球进行正确的受力分析。
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日期：2020/6/12 11:07:56；用户：初中物理+张天莉；邮箱：younzx8@xyh.com；学号：37084881
2020年北京市丰台区中考物理一模试卷
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）
1．（2分）通常情况下，下列物质属于导体的是（ ）
A．金属 B．玻璃 C．橡胶 D．陶瓷
2．（2分）下面所列的各种能源中，属于可再生能源的是（ ）
A．煤炭 B．石油 C．太阳能 D．核能
3．（2分）下列用电器中，主要利用电流热效应工作的是（ ）
A．电风扇 B．计算机 C．电烙铁 D．电视机
4．（2分）随着低碳理念的不断深入，自行车成为绿色出行的重要交通工具。图所示的四个实例中，目的是为了减小摩擦的是（ ）
A．刹车时用力捏闸
B．自行车的车把上刻有花纹
C．自行车脚蹬子上刻有花纹
D．轴承中装有滚珠
5．（2分）图所示的四个实例中，属于增大压强的是（ ）
A．书包的背带较宽 B．刀刃磨得很薄
C．汽车安全带做得较宽 D．滑雪板面积较大
6．（2分）图所示的光现象中，由于光的反射形成的（ ）
A．日晷面上呈现晷针的影子
B．故宫角楼在水中的倒影
C．宇航员透过水球成像
D．白光通过三棱镜色散
7．（2分）估测在实际生活中的应用十分广泛，下列所估测的数据中最接近实际的是（ ）
A．人体的正常体温约为38.5℃
B．普通住宅的层高约为1.5m
C．人正常心跳一次的时间约为60s
D．一枚鸡蛋的质量约为60g
8．（2分）如图所示是国庆70周年阅兵式上，新型无人机通过天安门广场接受检阅的情景。若说这架无人机是静止的，则所选的参照物是（ ）
A．天安门城楼
B．人民英雄纪念碑
C．天安门城楼前的华表柱
D．运送这架无人机的重型卡车
9．（2分）关于声音，下列说法中正确的是（ ）
A．声音是由物体振动产生的
B．声音的传播不需要介质，可以在真空中传播
C．在学校和居民区附近禁止鸣笛属于在接收处减弱噪声
D．利用超声波除去人体内的结石说明声波可以传递信息
10．（2分）中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（ ）
A．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝固现象
B．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象
C．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象
D．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是熔化现象
11．（2分）关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（ ）
A．家庭电路中各用电器都是并联的
B．对人体安全的电压不高于 220V
C．空气开关自动断开，都是由于用电器总功率过大引起的
D．可以将金属外壳用电器的三线插头改为两线插头接在两孔插座上使用
12．（2分）图所示的电路中，将开关S闭合，灯L1和灯L2均发光，并且L1比L2更亮。下列说法中正确的是（ ）
A．灯L1和灯 L2并联
B．灯 L1和灯 L2 两端的电压一定相等
C．通过灯 L1 的电流与通过灯 L2 的电流一定相等
D．通过灯 L1 的电流一定比通过灯 L2 的电流大
13．（2分）图所示的电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右滑动，则下列说法中正确的是（ ）
A．电流表、电压表示数均变大
B．电流表、电压表示数均变小
C．电流表示数变大，电压表示数变小
D．电流表示数变小，电压表示数变大
14．（2分）在2019年，举重世界杯男子96公斤级比赛中，我国选手田涛以挺举230公斤、总成绩410公斤荣获总成绩和挺举两项冠军。如图所示是田涛举着杠铃稳定站立时的照片，下列说法中正确的是（ ）
A．杠铃对人的压力和人对杠铃的支持力是一对平衡力
B．杠铃受到的重力和人对杠铃的支持力是一对平衡力
C．人受到的重力和地面对人的支持力是一对平衡力
D．人受到的重力和人对地面的压力是一对相互作用力
15．（2分）两个完全相同的圆柱形容器静止放在水平桌面上，其中分别装有A、B两种不同的液体，将一个小球分别放在两种液体中，静止时小球浸入两种液体的情况如图所示，两容器中液面相平。甲、乙两容器中的液体密度分别为ρ1和ρ2；甲、乙两容器中的液体对小球产生的浮力分别为F1和F2；甲、乙两容器中液体对容器底部的压强分别为p1和p2；甲、乙两容器对桌面的压力分别为F1′和F2′．则下列判断中正确的是（ ）
A．ρ1＜ρ2 B．F1＞F2 C．p1＝p2 D．F1′＞F2′
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共10分，每小题3分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
16．（3分）关于热现象，下列说法中正确的是（ ）
A．蒸发快慢只与液体温度有关
B．扩散现象只能发生在气体与液体中
C．固体很难被压缩，说明分子间存在斥力
D．汽车发动机用水来冷却是因为水的比热容较大
17．（3分）我国宋代科学家沈括在《梦溪笔谈》中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图所示。则下列说法中正确的是（ ）
A．地球是一个巨大的磁体
B．地磁场的N 极在地理的北极附近
C．地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行
D．磁感线是人们为了形象方便描述磁场所建立的模型
18．（3分）图所示是物理知识应用的四个实例，其中说法正确的是（ ）
A．验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的
B．飞机机翼是利用流体压强与流速关系的原理设计的
C．热机的做功冲程可以将内能转化成机械能
D．船闸是利用大气压工作的
19．（3分）第24届冬季奥林匹克运动会将于2022年由北京市和张家口市联合举办。冰壶运动是在冰上进行的一种投掷性竞赛项目，很有观赏性。如图所示，在某次比赛过程中，运动员将冰壶投掷出去，冰壶在水平冰面上做减速运动，若不考虑空气阻力，下列说法中正确的是（ ）
A．冰壶在水平冰面运动的过程中，所受的合力一定为零
B．掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性
C．冰壶在水平冰面运动的过程中，所受的重力不做功
D．冰壶在水平冰面运动的过程中，具有的动能减小，机械能不变
20．（3分）图甲是用动滑轮运送物体A的装置示意图，绳子自由端竖直移动的距离s随时间t变化的关系如图乙所示。已知物体A重300N，卷扬机对绳子的拉力F做功的功率为400W．在0～20s的过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的速度为 2m/s
B．卷扬机对绳子的拉力 F 为 150N
C．动滑轮做的有用功为 8000J
D．动滑轮提升物体A 的机械效率为 75%
三、实验解答题（共39分，21、24、29、30、31题各4分，22、25题各2分，23、26、27题各3分，28题6分）
21．（3分）（1）如图1所示，物体A的长度是 cm。
（2）如图2所示，电阻箱的示数为 Ω。
22．（3分）根据图所示的电流方向，判断通电螺线管的左端是 极。（选填“N”或“S”）
23．（3分）小明在探究杠杆平衡条件时，使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻线间的距离相等。请回答下列问题：
（1）如图甲所示，为了使杠杆在水平位置平衡，他应将杠杆的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）端调节。
（2）杠杆水平平衡后，他在杠杆B点悬挂了三个钩码，如图乙所示，为使杠杆在水平位置重新平衡，他应在A点挂 个相同的钩码。
（3）如果取下A点的钩码，在A点用弹簧测力计竖直向上拉，则 （选填“能”或“不能”）使杠杆在水平位置重新平衡。
24．（3分）小芳在探究A、B两种物质熔化过程中温度随时间变化的规律时，记录的实验数据如下表所示，请回答下列问题。
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
物质A的温度/℃
40
42
44
46
48
48
48
48
48
48
50
53
物质B的温度/℃
40
41
42
44
46
47
48
49
51
53
55
58
（1）根据表中的实验数据可以判断A和B两种物质中，属于晶体的是 。（选填“A”或“B”）。
（2）该晶体的熔点是 ℃，当该晶体的温度达到53℃时，它处于 （选填“固”、“液”
或“固液共存”）态。
（3）在第4min至第9min的过程中，物质A的内能 （选填“增加”、“减少”或“不变”）。
25．（3分）小亮利用如图所示的实验装置探究平面镜的成像特点，其中透明玻璃与水平纸面垂直，A1和A2、B1和B2分别是两对形状大小相同的蜡烛。他先后将两个大小不同的蜡烛A1和B1放在白纸上的M点，观测每次蜡烛所成像的大小。该同学探究的是：物体通过平面镜所成像的大小与 的关系。
26．（3分）小阳在探究凸透镜成像规律时，首先将烛焰、凸透镜、光屏的中心调整到同一高度，然后将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，如图所示。移动光屏，当光屏移动到65cm刻度线处时，烛焰在光屏上成清晰的像。
（1）上述实验中，光屏上所成的像是倒立、 的实像（选填“放大”或“缩小”）。利用这一成像规律可以制成的是 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
（2）若保持图中凸透镜和光屏的位置不变，将蜡烛移动到15cm刻度线处，在光屏上得不到清晰的像。如果把凸透镜看成人的眼睛，光屏看成视网膜，则此时的成像情况相当于 （选填“近视眼”或“远视眼”）。
27．（3分）如图所示，是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的装置，导体AB、开关S、灵敏电流表用导线连接组成电路。
（1）闭合开关S，让导体AB在磁场中 （选填“竖直上下”或“水平左右”）运动，发现电流表的指针偏转。
（2）让导体AB在磁场中水平向左运动时，观察到灵敏电流表的指针向右偏转；让导体AB在磁场中水平向右运动时，观察到灵敏电流表的指针向左偏转。通过这一现象，可得出感应电流的方向与 方向有关。
（3）应用此实验原理可制成 （选填“电磁铁”、“发电机”或“电动机”）。
28．（3分）小军同学在“测量小灯泡额定电功率”的实验中，选用了额定电压为2.5V的小灯泡，并连接了如图甲所示的电路。
（1）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P置于最 （选填“左”或“右”）端。
（2）闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不发光，电流表无示数，电压表示数接近于电源电压，则故障原因可能是 （选填字母）。
A．灯座接线短路B．小灯泡的灯丝断了
C．开关接触不良D．滑动变阻器断路
（3）排除故障后，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V，电流表的示数如图20乙所示，则小灯泡额定电功率为 W。
（4）为了探究“小灯泡中的电流与两端电压的关系”，小军记录下了不同电压下通过小灯泡的电流，实验数据如下表所示。则图中的四幅图象能正确反映这一关系的是
（选填字母）。
电压U/V
0.4
0.7
1.0
1.3
1.6
1.9
电流I/A
0.12
0.16
0.2
0.22
0.24
0.26
29．（3分）为了探究“电流通过电阻时产生的热量与哪些因素有关”，小贺准备的实验器材有三个完全相同的烧瓶，瓶内装有质量和初温相同的煤油，相同的温度计a、b、c，阻值为R1、R2、R3的电阻丝（R1＞R2＝R3），还有满足实验要求的电源、开关、导线。他连接了如图甲所示的电路进行实验，闭合开关一段时间后，记录温度计a、b的示数如图乙所示。根据实验过程及现象回答下列问题：
（1）此实验是通过 反映电流通过电阻时产生的热量多少。
（2）由实验现象可知，电流通过电阻时产生的热量与电阻大小 （选填“有关”或“无关”）。
（3）小明想探究“电流通过电阻产生的热量与电流大小是否有关”，他连接的电路如图丙所示。该电路 （选填“能”或“不能”）完成探究任务，原因是 。
30．（3分）小刚想测量家里某种食用油的密度，为此他准备的实验器材有天平、玻璃杯、水、记号笔，已知水的密度ρ＝1.0g/cm3．他的主要实验步骤如下：
①用天平测出玻璃杯的质量m。
②在空玻璃杯中倒入适量的水，用记号笔标记水面位置，用天平测出玻璃杯和水的总质量为m1。
③将玻璃杯中的水倒尽，再倒入食用油使液面到达标记处，用天平测出玻璃杯和食用油的总质量为m2。
④计算出食用油的密度ρ油。请根据以上实验完成下列问题：
（1）画出本次实验数据的记录表格。
（2）实验中测出m＝28g，m1＝128g，测量玻璃杯和食用油的总质量时，天平平衡后，右盘中砝码的质量和游码的位置如图所示。则玻璃杯和食用油的总质量m2＝ g，食用油的密度ρ油＝ g/cm3。
31．（3分）小凯在使用弹簧时发现，在弹性限度内弹簧被拉伸得越长，弹簧产生的弹力就越大。于是他想探究“弹簧弹力与弹簧伸长量的关系”。为此他准备了铁架台、弹簧、刻度尺、质量已知的钩码一盒来进行实验。
（1）以下是他的部分实验步骤，请你帮他补充完整：
①如图甲所示，把弹簧上端固定在铁架台的横杆上，用刻度尺测量弹簧自由下垂时的长度l0，记录在表格中。
②如图乙所示，将一个钩码挂在弹簧下端，用刻度尺测量弹簧的长度为l，将弹簧的长度l和钩码的质量m，记录在表格中。
③在弹簧的弹性限度内， ，仿照步骤②再做5次实验，将每次测量的弹簧的长度l和钩码的总质量m，记录在表格中。
④利用公式△l＝l﹣l0和F＝ ，计算每次弹簧伸长量和弹簧弹力的大小，记录在表格中。
（2）请你画出钩码的受力示意图，并分析说明弹簧弹力大小的测量依据。
四、科普阅读题（共4分）
32．（3分）请阅读《红外线与红外测温仪》并回答小题。
红外线与红外测温仪
2020年春节前夕，一场突如其来的新冠肺炎疫情打破了往日生活的平静。为了尽快控制疫情蔓延，全国上下团结一致众志成城，经过各方努力，国内的新冠肺炎疫情得到了有效控制。在各种防控措施中，体温筛查是疫情检测的第一关，而红外测温仪在其中发挥着重要的作用。那么红外测温仪是如何工作的？为此我们先要了解红外线的有关知识。
红外线是一种不可见光，它与微波、可见光、x射线一样都是电磁波大家族中的一员，其波长范围是760nm～1mm，介于红光和微波之间。由于分子的无规则运动，在自然界中，一切温度高于绝对零度（﹣273.15℃）的物体，其表面在不断的向周围空间辐射红外线。而且，物体的温度越高，辐射出来的红外线能量就会越强。红外测温仪就是基于物体辐射红外线能量大小与物体表面温度的对应关系，来测定物体表面温度的。如图25所示，是生活中常见的红外测温仪的外观和工作结构示意图。红外测温仪一般由光学系统、光电探测器、信号放大及处理器、显示部分构成。光学系统能够会聚被测物体辐射的红外线，光电探测器将接收到的红外信号转变为电信号，电信号再经过放大和计算处理转变为温度值显示出来。
虽然红外测温仪在使用上方便快捷，但若使用不当也会出现较大的数值偏差。例如，强烈的阳光照射、不正确的测量角度和距离、大气中的水蒸气和灰尘对红外线的吸收作用等，都会对红外测温仪的测量结果产生影响。因此，红外测温仪测量的数据仅用于初步筛查，不能作为医学诊断数据。一旦发现体温偏高者，还应使用测量精度较高，稳定性较好的玻璃体温计进行复查和确认。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）红外线是一种 （选填“电磁波”或“声波”）。
（2）0℃的冰 （选填“能”或“不能”）向外界辐射红外线。
（3）红外测温仪中的光学系统对红外线有 作用（选填“会聚”或“发散”）。
（4）为了尽量减小红外测温仪测量数值的偏差，请你提出一个合理的建议： 。
33．（3分）图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻R1的阻值为10Ω．闭合开关S，电流表A1的示数为2A，电流表A2的示数为0.8A。
求：（1）电源电压；
（2）通电10s电阻R2消耗的电能。
34．（6分）如图所示，将一盛有水的圆柱形容器置于水平桌面上，用细线将一个小球固定在容器底部，当小球完全浸没在水中静止时，细线对小球的拉力为F．已知小球的重力G＝8N，小球的体积为10﹣3 m3，水的密度ρ＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。
求：（1）小球完全浸没在水中静止时，所受浮力的大小；
（2）细线对小球的拉力F的大小。
2020年北京市丰台区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）
1．（2分）通常情况下，下列物质属于导体的是（ ）
A．金属 B．玻璃 C．橡胶 D．陶瓷
【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
【解答】解：常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。题中的四种物质，只有金属是导体，其他三种都是绝缘体。
故选：A。
【点评】此题考查了导体和绝缘体的概念，属于识记的内容，比较简单。只要记住即可解答。
2．（2分）下面所列的各种能源中，属于可再生能源的是（ ）
A．煤炭 B．石油 C．太阳能 D．核能
【分析】要解答本题需掌握：能在短时间内形成的能源属于可再生能源。
【解答】解：煤碳、石油和核能消耗以后不会在短时间内形成，故属于不可再生能源；太阳能取之不尽，用之不竭，是可再生能源。
故选：C。
【点评】本题主要考查学生对可再生能源特点的了解和掌握，是中考的热点。
3．（2分）下列用电器中，主要利用电流热效应工作的是（ ）
A．电风扇 B．计算机 C．电烙铁 D．电视机
【分析】当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能产生热量，这种现象叫做电流的热效应。
【解答】解：
A、电风扇主要将电能转化为机械能，不是利用电流热效应来工作的，故A错误；
B、计算机工作时，电能会转化为光能、声能等，不是利用电流的热效应工作的；故B错误；
C、电烙铁工作时消耗电能，电能转化为内能，是利用了电流的热效应工作的，故C正确；
D、电视机工作时主要将电能转化为光能、声能，不是利用电流热效应来工作的，故D错误。
故选：C。
【点评】主要考查电流的热效应在生活中的应用实例，只有认真把握它们的定义，才能真正区分它们利用的是哪一个效应。体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念。
4．（2分）随着低碳理念的不断深入，自行车成为绿色出行的重要交通工具。图所示的四个实例中，目的是为了减小摩擦的是（ ）
A．刹车时用力捏闸
B．自行车的车把上刻有花纹
C．自行车脚蹬子上刻有花纹
D．轴承中装有滚珠
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
【解答】解：
A、刹车时用力捏闸，在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故A不合题意；
B、车把处刻有花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B不合题意；
C、自行车脚蹬子上上的花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意；
D、轴承上装有滚珠，属于用滚动代替滑动来减小摩擦力，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
5．（2分）图所示的四个实例中，属于增大压强的是（ ）
A．书包的背带较宽 B．刀刃磨得很薄
C．汽车安全带做得较宽 D．滑雪板面积较大
【分析】（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
【解答】解：
A、书包带较宽是在压力一定时，增大受力面积减小书包对肩膀的压强，背书包时舒服些，故A不符合题意。
B、刀刃磨得很薄，是在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故B符合题意。
C、汽车安全带做得较宽，增大受力面积减小对人的压强，故C不符合题意。
D、穿滑雪板滑雪，是在压力一定时，增大受力面积减小对雪地的压强，防止陷入雪中，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】掌握压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法。能把压强知识应用到生活中。
6．（2分）图所示的光现象中，由于光的反射形成的（ ）
A．日晷面上呈现晷针的影子
B．故宫角楼在水中的倒影
C．宇航员透过水球成像
D．白光通过三棱镜色散
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、日晷面上呈现晷针的影子是光的直线传播形成的，故A错误；
B、故宫在水中形成“倒影”影，是平面镜成像，属于光的反射现象，故B正确；
C、宇航员透过水球成像属于凸透镜成像，利用的是光的折射，故C错误；
D、白光是复色光，白光经过三棱镜发生折射时，不同色光的折射角不同，折射后各色光分散开，发生色散，分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光，属于光的折射现象，故D错误。
故选：B。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
7．（2分）估测在实际生活中的应用十分广泛，下列所估测的数据中最接近实际的是（ ）
A．人体的正常体温约为38.5℃
B．普通住宅的层高约为1.5m
C．人正常心跳一次的时间约为60s
D．一枚鸡蛋的质量约为60g
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：
A、人体正常的体温约为36.5℃，故A不符合实际；
B、一般居民楼三层的高度约10m，一层楼的高度在3m左右，故B不符合实际；
C、正常情况下，人的心脏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s，故C不符合实际；
D、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤＝500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右，故D符合实际。
故选：D。
【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
8．（2分）如图所示是国庆70周年阅兵式上，新型无人机通过天安门广场接受检阅的情景。若说这架无人机是静止的，则所选的参照物是（ ）
A．天安门城楼
B．人民英雄纪念碑
C．天安门城楼前的华表柱
D．运送这架无人机的重型卡车
【分析】观察被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
【解答】解：
（1）无人机相对于天安门城楼、人民英雄纪念碑、华表柱的位置发生了改变，故ABC不符合题意；
（2）无人机相对于运送它的重型卡车位置没有发生改变，所以无人机相对于运送它的重型卡车是静止的，故D符合题意。
故选：D。
【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
9．（2分）关于声音，下列说法中正确的是（ ）
A．声音是由物体振动产生的
B．声音的传播不需要介质，可以在真空中传播
C．在学校和居民区附近禁止鸣笛属于在接收处减弱噪声
D．利用超声波除去人体内的结石说明声波可以传递信息
【分析】（1）声音是由物体振动产生的；
（2）声音的传播需要介质，真空不能传声；
（3）防治噪声可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治；
（4）声音可以传递能量，声音也可以传递信息。
【解答】解：
A、声音是由物体振动产生的，故A正确；
B、声音的传播需要介质，真空不能传声，故B错误；
C、在学校和居民区附近禁止鸣笛属于在声源处防止噪声产生，故C错误；
D、利用超声波除去结石就说明了声波可以传递能量，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查了声音的产生、声音的传播条件、防治噪声的途径及声音能传递信息和能量等声学知识，综合性较强，但是难度不大。
10．（2分）中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（ ）
A．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝固现象
B．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象
C．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象
D．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是熔化现象
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华；物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：
A、“霜叶红于二月花”，霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，故A错误；
B、“斜月沉沉藏海雾”，雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，故B错误；
C、“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，故C正确；
D．“已是悬崖百丈冰”，冰是水凝固形成的，是凝固现象，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查了生活中的物态变化现象，要求学生运用所学知识解答生活、自然现象。
11．（2分）关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（ ）
A．家庭电路中各用电器都是并联的
B．对人体安全的电压不高于 220V
C．空气开关自动断开，都是由于用电器总功率过大引起的
D．可以将金属外壳用电器的三线插头改为两线插头接在两孔插座上使用
【分析】（1）串联的各用电器相互影响，不能独立工作，并联的各用电器互不影响，能独立工作；
（2）对人体的安全电压不高于36V；
（3）造成电路中电流过大的原因可能是短路，也可能是用电器总功率过大；
（4）用电器的金属外壳必须接地。
【解答】解：A、在家庭电路中各用电器都互不影响，能独立工作，它们是并联的，故A正确；
B、对人体的安全电压不高于36V，故B错误；
C、家庭电路中的空气开关跳闸，可能是电路中某处发生短路，也可能是用电器总功率过大，故C错误；
D、用电器用三孔插座时，用电器的金属外壳接地，可避免因电器漏电时外壳带电，而发生触电事故，故不可以把用电器的三线插头改为两线插头接在两孔插座上使用，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，同学们要牢记安全用电常识，并正确规范操作，避免危险发生。
12．（2分）图所示的电路中，将开关S闭合，灯L1和灯L2均发光，并且L1比L2更亮。下列说法中正确的是（ ）
A．灯L1和灯 L2并联
B．灯 L1和灯 L2 两端的电压一定相等
C．通过灯 L1 的电流与通过灯 L2 的电流一定相等
D．通过灯 L1 的电流一定比通过灯 L2 的电流大
【分析】在串联电路中只有一条电流的路径，各用电器之间相互影响；在串联电路中，各处的电流是相同的，根据P＝UI判定灯泡两端电压的关系。
【解答】解：
A、由图可知，两个灯泡串联在电路中，故A错误；
BCD、在串联电路中，各处的电流是相同的，所以通过两灯的电流一定相等；L1比L2更亮，说明L1的实际功率较大，而电流相同，根据P＝UI可知，灯L1两端的电压较大，故BD错误，C正确。
故选：C。
【点评】此题主要考查了串并联电路的辨别和串联电路中的电压、电流特点等知识，是一道基础题。
13．（2分）图所示的电路中，电源两端电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右滑动，则下列说法中正确的是（ ）
A．电流表、电压表示数均变大
B．电流表、电压表示数均变小
C．电流表示数变大，电压表示数变小
D．电流表示数变小，电压表示数变大
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，进一步可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，
将滑动变阻器的滑片P向右滑动，变阻器接入电路中的电阻变大；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻变大，由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；由U＝IR可知，R1两端的电压变小，即电压表的示数变小；
综上所述，B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。
14．（2分）在2019年，举重世界杯男子96公斤级比赛中，我国选手田涛以挺举230公斤、总成绩410公斤荣获总成绩和挺举两项冠军。如图所示是田涛举着杠铃稳定站立时的照片，下列说法中正确的是（ ）
A．杠铃对人的压力和人对杠铃的支持力是一对平衡力
B．杠铃受到的重力和人对杠铃的支持力是一对平衡力
C．人受到的重力和地面对人的支持力是一对平衡力
D．人受到的重力和人对地面的压力是一对相互作用力
【分析】（1）二力平衡的条件是：①作用在同一个物体上的两个力；②大小相等；③方向相反。
（2）相互作用力的条件是：①作用在两个不同物体上的两个力；②大小相等；③方向相反。
根据二力平衡的条件和相互作用的条件进行判断。
【解答】解：
A、杠铃对人的压力和人对杠铃的支持力，这两个力没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，故A错误；
B、杠铃受到的重力和人对杠铃的支持力大小相等、方向相反、同一直线，都作用在同一个物体上，是一对平衡力，故B正确；
C、地面对人的支持力等于人和杠铃重力的和，人受到的重力和地面对人的支持力大小不相等，所以不是一对平衡力，故C错误；
D、人受到的重力和人对地面的压力的方向是相同的，且大小不相同，不是一对相互作用力，故D错误。
故选：B。
【点评】解答此类问题的关键是正确的受力分析和对二力平衡条件、相互作用力的准确掌握和理解。
15．（2分）两个完全相同的圆柱形容器静止放在水平桌面上，其中分别装有A、B两种不同的液体，将一个小球分别放在两种液体中，静止时小球浸入两种液体的情况如图所示，两容器中液面相平。甲、乙两容器中的液体密度分别为ρ1和ρ2；甲、乙两容器中的液体对小球产生的浮力分别为F1和F2；甲、乙两容器中液体对容器底部的压强分别为p1和p2；甲、乙两容器对桌面的压力分别为F1′和F2′．则下列判断中正确的是（ ）
A．ρ1＜ρ2 B．F1＞F2 C．p1＝p2 D．F1′＞F2′
【分析】（1）当物体漂浮在液体中时，ρ物＜ρ液，当物体悬浮在液体中时，ρ物＝ρ液；
（2）根据浮沉条件判断物体受到的浮力大小；
（3）深度相同，根据液体压强公式p＝ρ液gh即可判断出液体对容器底部压强的大小；
（4）容器对地面的压力等于容器的重力、液体的重力以及小球的重力之和；由图可判断出两液体体积的关系，只需根据密度公式比较液体的质量的大小关系即可得出液体的重力关系。
【解答】解：
A、由于小球漂浮在液体A中，所以ρ球＜ρ1，而小球悬浮在液体B中，所以ρ球＝ρ2，所以ρ1＞ρ2，故A错误；
B、由于小球漂浮在液体A中，所以F1＝G球，而小球悬浮在液体B中，所以F2＝G球，所以F1＝F2，故B错误；
C、由于两容器中液体 深度相同，根据液体压强公式p＝ρ液gh可知密度大的液体对容器底部的压强大，所以p1＞p2，故C错误；
D、由图可知V1＞V2，又因为ρ1＞ρ2，根据m＝ρV可知，m1＞m2，所以G1＞G2，由于容器对地面的压力等于容器的重力、液体的重力以及小球的重力之和，所以F1'＞F2'，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对漂浮条件、悬浮条件、液体压强公式的理解和运用。根据物体的浮沉（悬浮、漂浮）确定小球与液体的密度大小关系是本题的关键。
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共10分，每小题3分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
16．（3分）关于热现象，下列说法中正确的是（ ）
A．蒸发快慢只与液体温度有关
B．扩散现象只能发生在气体与液体中
C．固体很难被压缩，说明分子间存在斥力
D．汽车发动机用水来冷却是因为水的比热容较大
【分析】（1）影响蒸发快慢的因素有三个：液体的温度、表面积和液体上方空气流动的快慢；
（2）一切气体、液体和固体都能发生扩散现象；
（3）分子间存在相互作用的引力和斥力。
（4）相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
【解答】解：
A、影响蒸发快慢的因素有三个：液体的温度、表面积和液体上方空气流动的快慢，故A错误；
B、一切气体、液体和固体都能发生扩散现象，故B错误；
C、由于分子之间存在相互作用的斥力，所以固体很难被压缩，故C正确；
D、与其他物质比较，水的比热容大，在质量相同、升高的温度相同时，水吸收的热量多，所以汽车的发动机用水来冷却，故D正确。
故选：CD。
【点评】此题考查了分子间斥力的理解、发生扩散的条件、水的比热容大的应用和影响蒸发快慢的因素，是一道综合题，都是基础知识，要熟记。
17．（3分）我国宋代科学家沈括在《梦溪笔谈》中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图所示。则下列说法中正确的是（ ）
A．地球是一个巨大的磁体
B．地磁场的N 极在地理的北极附近
C．地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行
D．磁感线是人们为了形象方便描述磁场所建立的模型
【分析】地球本身是一个巨大的磁体，地球周围的磁场叫做地磁场，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，所以地磁场的方向是从地磁北极到地磁南极；为了形象地描述磁场，我们引入了磁感线。
【解答】解：
A、地球是一个巨大的天然磁体，故A正确；
B、地球周围存在地磁场，地磁场的N极在地球的地理南极附近，地磁场的S极在地球的地理北极附近，故B错误；
C、由于地磁场的磁场方向沿磁感线切线的方向，故只有赤道处地磁场的磁场方向才与地面平行，故C错误；
D、磁感线是人们利用建模的方法画出来的并不真实存在的曲线，故D正确。
故选：AD。
【点评】本题考查了地磁场和磁感线，解题的关键要了解地磁场与地理南北两极的关系。
18．（3分）图所示是物理知识应用的四个实例，其中说法正确的是（ ）
A．验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的
B．飞机机翼是利用流体压强与流速关系的原理设计的
C．热机的做功冲程可以将内能转化成机械能
D．船闸是利用大气压工作的
【分析】（1）同种电荷相斥；
（2）流体压强与流速的关系是：流体流速的位置压强小，流速小的位置压强大；
（3）热机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；
（4）连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
【解答】解：
A、验电器是利用同种电荷相斥的原理工作的，故A正确；
B、飞机机翼上部凸起，下部平直，在机翼上方的空气流速快压强小，在机翼下方的空气流速慢压强大，从而产生向上的升力，利用了流体压强与流速的关系，故B正确；
C、热机做功冲程中内能转化成机械能，使汽车获得动力，故C正确；
D、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器；下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故D错误。
故选：ABC。
【点评】本题是一道综合题，虽涉及到的知识点多，但都属于基础知识的考查，同学们在处理时应细心解答，难度不大。
19．（3分）第24届冬季奥林匹克运动会将于2022年由北京市和张家口市联合举办。冰壶运动是在冰上进行的一种投掷性竞赛项目，很有观赏性。如图所示，在某次比赛过程中，运动员将冰壶投掷出去，冰壶在水平冰面上做减速运动，若不考虑空气阻力，下列说法中正确的是（ ）
A．冰壶在水平冰面运动的过程中，所受的合力一定为零
B．掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性
C．冰壶在水平冰面运动的过程中，所受的重力不做功
D．冰壶在水平冰面运动的过程中，具有的动能减小，机械能不变
【分析】（1）只有静止的物体和匀速直线运动的物体所受合力为零。
（2）物体由于惯性要保持原来的运动状态。
（3）根据做功的两个必要因素进行判断。
（4）机械能包括动能和势能，从动能和势能的影响因素进行判断。
【解答】解：A、冰壶在水平冰面上做减速运动，冰壶受到非平衡力作用，合力不为零，选项错误。
B、开始冰壶和手一起运动，冰壶脱离手后，冰壶由于惯性要保持原来的运动状态，继续向前运动，选项正确。
C、冰壶在水平冰面运动的过程中，所受重力竖直向下，冰壶向下没有移动距离，所以重力对冰壶没有做功，选项正确。
D、冰壶在水平冰面运动的过程中，冰壶没有发生弹性形变，不考虑弹性势能；冰壶的质量不变，速度减小，动能减小；冰壶质量不变，高度不变，重力势能不变；冰壶的动能减小，重力势能不变，所以机械能变小，选项错误。
故选：BC。
【点评】通过冰壶运动，考查只有静止的物体和匀速直线运动的物体所受合力为零、惯性、做功的两个必要因素、动能和重力势能的影响因素等，体现了体育运动中包含了很多物理知识。
20．（3分）图甲是用动滑轮运送物体A的装置示意图，绳子自由端竖直移动的距离s随时间t变化的关系如图乙所示。已知物体A重300N，卷扬机对绳子的拉力F做功的功率为400W．在0～20s的过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的速度为 2m/s
B．卷扬机对绳子的拉力 F 为 150N
C．动滑轮做的有用功为 8000J
D．动滑轮提升物体A 的机械效率为 75%
【分析】（1）由图象找出绳子自由端移动的距离和时间，根据速度公式求出速度大小。
（2）知道拉力F做功的功率，知道绳子自由端的速度，根据P＝Fv求出拉力大小。
（3）物重由两段绳子承担，知道绳子自由端移动距离，求出物体上升的高度，知道物体的重，根据W＝Gh求出有用功。
（4）知道拉力和绳子自由端移动的距离，根据W＝Fs求出总功，根据机械效率公式求出机械效率。
【解答】解：
A、由乙图可知，在20s内绳子自由端移动的距离为40m，
则绳子自由端移动的速度：v＝＝＝2m/s，故A正确。
B、拉力F做功的功率为400W，绳子自由端移动的速度是2m/s，
由P＝Fv可得卷扬机对绳子的拉力：F＝＝＝200N，故B错误。
C、由图可知n＝2，由s＝2h可得物体上升的高度h＝s＝×40m＝20m，
动滑轮做的有用功：W有＝Gh＝300N×20m＝6000J，故C错误。
D、拉力做的总功：W总＝Fs＝200N×40m＝8000J，
动滑轮提升物体A 的机械效率：η＝×100%＝×100%＝75%，故D正确。
故选：AD。
【点评】对于图象问题，要从图象上搜寻有用的信息，图象中包含很多隐含的条件。
三、实验解答题（共39分，21、24、29、30、31题各4分，22、25题各2分，23、26、27题各3分，28题6分）
21．（3分）（1）如图1所示，物体A的长度是 3.40 cm。
（2）如图2所示，电阻箱的示数为 2020 Ω。
【分析】（1）首先确定刻度尺的分度值，要读出准确值，还要读出分度值的下一位的估计值。
（2）数字乘以下面的倍数，然后相加。
【解答】解：（1）刻度尺的分度值是1mm，物体a的长度是34.0mm，是3.40cm。
（2）电阻箱的示数为：2Ω×1000+0Ω×100+2Ω×10+0Ω×1＝2020Ω。
故答案为：（1）3.40；（2）2020。
【点评】本题考查了刻度尺的读数和电阻箱的读数，刻度尺要读出估计数字，当正对分度值时，估计数字是零。
22．（3分）根据图所示的电流方向，判断通电螺线管的左端是 S 极。（选填“N”或“S”）
【分析】安培定则的内容：用右手握住螺线管，四指弯向螺线管中电流的方向，大拇指所指的就是螺线管的N极。
【解答】解：电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据螺线管的线圈绕向，再利用安培定则即可确定螺线管的左端为S极。如图所示：
故答案为：S。
【点评】此题考查了安培定则的应用，题目的难度不大，考查的知识点较单一。
23．（3分）小明在探究杠杆平衡条件时，使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻刻线间的距离相等。请回答下列问题：
（1）如图甲所示，为了使杠杆在水平位置平衡，他应将杠杆的平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）端调节。
（2）杠杆水平平衡后，他在杠杆B点悬挂了三个钩码，如图乙所示，为使杠杆在水平位置重新平衡，他应在A点挂 2 个相同的钩码。
（3）如果取下A点的钩码，在A点用弹簧测力计竖直向上拉，则 不能 （选填“能”或“不能”）使杠杆在水平位置重新平衡。
【分析】（1）调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动。
（2）根据杠杆平衡条件进行判断。
（3）杠杆的右端是竖直向下的力，杠杆的左端是竖直向上的力，这两个力都使杠杆转动，所以杠杆不能在水平位置平衡。
【解答】解：（1）如图，杠杆的右端上翘，所以平衡螺母向上翘的右端移动。
（2）设杠杆的一个小格代表是L，一个钩码重力为G，
要使杠杆在水平位置平衡，
FA×LA＝FB×LB，
nG×3L＝3G×2L，
所以，n＝2，
所以在A点挂2个钩码。
（3）杠杆的B点施加竖直向下的力，杠杆的A点施加竖直向上的力，这两个力都使杠杆顺时针转动，所以杠杆不能在水平位置平衡。
故答案为：（1）右；（2）2；（3）不能。
【点评】判断杠杆是否平衡，根据杠杆平衡条件进行判断，当力和力臂乘积相等时，杠杆平衡，否则杠杆不平衡。
24．（3分）小芳在探究A、B两种物质熔化过程中温度随时间变化的规律时，记录的实验数据如下表所示，请回答下列问题。
加热时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
物质A的温度/℃
40
42
44
46
48
48
48
48
48
48
50
53
物质B的温度/℃
40
41
42
44
46
47
48
49
51
53
55
58
（1）根据表中的实验数据可以判断A和B两种物质中，属于晶体的是 A 。（选填“A”或“B”）。
（2）该晶体的熔点是 48 ℃，当该晶体的温度达到53℃时，它处于 液 （选填“固”、“液”
或“固液共存”）态。
（3）在第4min至第9min的过程中，物质A的内能 增加 （选填“增加”、“减少”或“不变”）。
【分析】（1）晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，非晶体熔化时，不断吸收热量，温度不断升高。
（2）晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是晶体的熔点。
晶体处于熔点时，晶体可以使固态，也可以是液态，也可以是固液共存；晶体低于熔点时，晶体是固态；晶体高于熔点时，晶体是液态。
（3）物体吸收热量内能增加，物体放出热量内能减少。
【解答】解：（1）A和B两种物质都在不断吸收热量，物质A吸收热量温度保持不变，物质A是晶体；物质B吸收热量温度不断升高，物质B是非晶体。
（2）物质A吸收热量保持48℃不变，所以A晶体的熔点是48℃。
A晶体的熔点是48℃，A晶体的温度达到53℃时，晶体高于熔点，所以它处于液态。
（3）在第4min至第9min的过程中，不断吸收热量，内能不断增加。
故答案为：（1）A；（2）48；液；（3）增加。
【点评】晶体和非晶体的重要区别：晶体熔化时吸收热量，温度保持不变，非晶体熔化时吸收热量，温度不断升高。
25．（3分）小亮利用如图所示的实验装置探究平面镜的成像特点，其中透明玻璃与水平纸面垂直，A1和A2、B1和B2分别是两对形状大小相同的蜡烛。他先后将两个大小不同的蜡烛A1和B1放在白纸上的M点，观测每次蜡烛所成像的大小。该同学探究的是：物体通过平面镜所成像的大小与 物体大小 的关系。
【分析】探究平面镜成像实验时，选用两个完全相同的蜡烛，是为了比较像的大小和物体大小关系。
【解答】解：将点燃的蜡烛A1放在白纸上的M点，眼睛从M侧观察平面镜时，看到蜡烛A1（或B1）的像，没有点燃的蜡烛A2放在平面镜的另一侧，当蜡烛A2（或B2）好像点燃一样，可以判断平面镜成像大小和物体大小相等。
故答案为：物体大小。
【点评】进行实验不只要注重实验结果，更要注重实验过程。
26．（3分）小阳在探究凸透镜成像规律时，首先将烛焰、凸透镜、光屏的中心调整到同一高度，然后将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上20cm刻度线处，如图所示。移动光屏，当光屏移动到65cm刻度线处时，烛焰在光屏上成清晰的像。
（1）上述实验中，光屏上所成的像是倒立、 缩小 的实像（选填“放大”或“缩小”）。利用这一成像规律可以制成的是 照相机 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
（2）若保持图中凸透镜和光屏的位置不变，将蜡烛移动到15cm刻度线处，在光屏上得不到清晰的像。如果把凸透镜看成人的眼睛，光屏看成视网膜，则此时的成像情况相当于 近视眼 （选填“近视眼”或“远视眼”）。
【分析】（1）当u＞2f时，成倒立缩小的实像，为照相机的原理；
（2）根据物远像近像变小分析；近视眼的成因是像呈在视网膜的前方。
【解答】解：
（1）由题可知：u＝50cm﹣20cm＝30cm，所以u＞2f，为照相机的原理，成倒立缩小的实像；
（2）凸透镜和光屏的位置不变，将物体远离透镜，根据物远像近像变小可知此时像在光屏的前方，相当于近视眼。
故答案为：（1）缩小；照相机；（2）近视眼。
【点评】熟练掌握凸透镜成像的规律，能根据实验中物距与像距的变化，判断成像的特点与规律是解答的关键，同时需要掌握近视眼和远视眼形成的原因。
27．（3分）如图所示，是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的装置，导体AB、开关S、灵敏电流表用导线连接组成电路。
（1）闭合开关S，让导体AB在磁场中 水平左右 （选填“竖直上下”或“水平左右”）运动，发现电流表的指针偏转。
（2）让导体AB在磁场中水平向左运动时，观察到灵敏电流表的指针向右偏转；让导体AB在磁场中水平向右运动时，观察到灵敏电流表的指针向左偏转。通过这一现象，可得出感应电流的方向与 导体运动 方向有关。
（3）应用此实验原理可制成 发电机 （选填“电磁铁”、“发电机”或“电动机”）。
【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；根据电磁感应现象制成了发电机；
（2）感应电流的方向与导体运动的方向，磁场方向有关。
【解答】解：
（1）闭合开关S，让导体AB在磁场中水平左右运动时，AB做切割磁感线运动，会产生感应电流，电流表的指针会偏转；
（2）让导体AB在磁场中水平向左运动时，观察到灵敏电流表的指针向右偏转；让导体AB在磁场中水平向右运动时，观察到灵敏电流表的指针向左偏转。通过这一现象可知，磁场方向不变时，改变导体运动的方向能改变感应电流的方向，即感应电流的方向与导体运动的方向有关；
（3）根据电磁感应现象制成了发电机。
故答案为：（1）水平左右；（2）导体运动；（3）发电机。
【点评】此题考查了产生感应电流的条件：首先电路必须闭合；导体要做切割磁感线运动。切割磁感线可以是导体动也可以是磁体动。
28．（3分）小军同学在“测量小灯泡额定电功率”的实验中，选用了额定电压为2.5V的小灯泡，并连接了如图甲所示的电路。
（1）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P置于最 左 （选填“左”或“右”）端。
（2）闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不发光，电流表无示数，电压表示数接近于电源电压，则故障原因可能是 B （选填字母）。
A．灯座接线短路B．小灯泡的灯丝断了
C．开关接触不良D．滑动变阻器断路
（3）排除故障后，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V，电流表的示数如图20乙所示，则小灯泡额定电功率为 0.75 W。
（4）为了探究“小灯泡中的电流与两端电压的关系”，小军记录下了不同电压下通过小灯泡的电流，实验数据如下表所示。则图中的四幅图象能正确反映这一关系的是
C （选填字母）。
电压U/V
0.4
0.7
1.0
1.3
1.6
1.9
电流I/A
0.12
0.16
0.2
0.22
0.24
0.26
【分析】（1）闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器阻值应调至最大；
（2）若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（3）读出电流表的示数，根据P＝UI求小灯泡的额定功率；
（4）灯的电阻随温度的变化而变化，不是一个定值。
【解答】解：（1）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器阻值应调至最大，即最左端；
（2）闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不发光，电流表无示数，说明电路出现了断路；电压表示数接近于电源电压，说明电压表与电源正负极之间是接通的，所以故障是灯泡断路，故选B；
（3）由图可知，电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A；小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（4）当灯泡两端的电压增大时，通过灯泡的电流会变大；灯的电阻随温度的变化而变化，不是一个定值，灯丝的温度越高，电阻也得，故通过灯的电流随电压的变化图象为一曲线只有C正确，选C。
故答案为：（1）左；（2）B；（3）0.75；（4）C。
【点评】本题考查了小灯泡功率的测量实验，考查电路连接时注意事项、故障分析、功率的计算、电流表的读数、影响电阻大小的因素，综合性比较强，一定要掌握。
29．（3分）为了探究“电流通过电阻时产生的热量与哪些因素有关”，小贺准备的实验器材有三个完全相同的烧瓶，瓶内装有质量和初温相同的煤油，相同的温度计a、b、c，阻值为R1、R2、R3的电阻丝（R1＞R2＝R3），还有满足实验要求的电源、开关、导线。他连接了如图甲所示的电路进行实验，闭合开关一段时间后，记录温度计a、b的示数如图乙所示。根据实验过程及现象回答下列问题：
（1）此实验是通过 温度计示数的变化 反映电流通过电阻时产生的热量多少。
（2）由实验现象可知，电流通过电阻时产生的热量与电阻大小 有关 （选填“有关”或“无关”）。
（3）小明想探究“电流通过电阻产生的热量与电流大小是否有关”，他连接的电路如图丙所示。该电路 不能 （选填“能”或“不能”）完成探究任务，原因是 没有控制电流不同 。
【分析】（1）温度计示数的变化反应了液体温度的变化，反映了液体吸收热量即电流产生热量的多少；
（2）根据图甲中的相同点和不同点，利用控制变量法分析；
（3）探究“电流通过电阻产生的热量与电流大小是否有关”时，需要控制电阻相同，电流不同。
【解答】解：（1）实验中通过观察温度计示数的变化来比较电流产生的热量的多少；
（2）由图可知，两个电阻串联接入电路中，通过两个电阻的电流和通电时间相同，R1＞R2，温度计的示数不同，即电流放出的热量是不同的，所以电流通过电阻时产生的热量与电阻大小有关；
（3）探究“电流通过电阻产生的热量与电流大小是否有关”时，应采用控制变量法，需要控制电阻相同，电流不同；根据图象可知，R2和R3并联接入电路中，
R2和R3的电阻是相同的，由于其两端的电压相同，根据欧姆定律可知，通过两个电阻的电流也是相同的，所以无法完成实验探究。
故答案为：（1）温度计示数的变化；（2）有关；（3）不能；没有控制电流不同。
【点评】此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
30．（3分）小刚想测量家里某种食用油的密度，为此他准备的实验器材有天平、玻璃杯、水、记号笔，已知水的密度ρ＝1.0g/cm3．他的主要实验步骤如下：
①用天平测出玻璃杯的质量m。
②在空玻璃杯中倒入适量的水，用记号笔标记水面位置，用天平测出玻璃杯和水的总质量为m1。
③将玻璃杯中的水倒尽，再倒入食用油使液面到达标记处，用天平测出玻璃杯和食用油的总质量为m2。
④计算出食用油的密度ρ油。请根据以上实验完成下列问题：
（1）画出本次实验数据的记录表格。
（2）实验中测出m＝28g，m1＝128g，测量玻璃杯和食用油的总质量时，天平平衡后，右盘中砝码的质量和游码的位置如图所示。则玻璃杯和食用油的总质量m2＝ 118 g，食用油的密度ρ油＝ 0.9 g/cm3。
【分析】（1）根据实验步骤确定测量的物理量，然后设计记录表格；
（2）玻璃杯和食用油的总质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；该题是要测量食用油的密度，质量等于玻璃杯和食用油的总质量减去玻璃杯的质量，关键是体积的测量，在这里以水做为媒介，量取体积相同的食用油和水，测出水的质量，根据则V油＝V水＝求出油的体积，再根据ρ＝求出食用油的密度。
【解答】解：
（1）实验的表格为：
玻璃杯的质量m/g
玻璃杯和水的总质量为m1/g
玻璃杯和食用油的总质量m2/g
食用油的密度g/cm3
（2）由图可知玻璃杯和食用油的总质量m2＝100g+10g+5g+3g＝118g，
则食用油的质量m油＝m2﹣m＝118g﹣28g＝90g；
与食用油体积相同的水的质量为：m水＝m1﹣m＝128g﹣28g＝100g，
则食用油的体积为：V油＝V水＝＝＝100cm3，
所以食用油的密度为：
ρ油＝＝＝0.9g/cm3。
故答案为：（1）如上表；（2）118；0.9。
【点评】本题考查了测油的密度实验，关键在于运用等效替代法先求出水的体积，即为油的体积。
31．（3分）小凯在使用弹簧时发现，在弹性限度内弹簧被拉伸得越长，弹簧产生的弹力就越大。于是他想探究“弹簧弹力与弹簧伸长量的关系”。为此他准备了铁架台、弹簧、刻度尺、质量已知的钩码一盒来进行实验。
（1）以下是他的部分实验步骤，请你帮他补充完整：
①如图甲所示，把弹簧上端固定在铁架台的横杆上，用刻度尺测量弹簧自由下垂时的长度l0，记录在表格中。
②如图乙所示，将一个钩码挂在弹簧下端，用刻度尺测量弹簧的长度为l，将弹簧的长度l和钩码的质量m，记录在表格中。
③在弹簧的弹性限度内， 改变钩码的个数 ，仿照步骤②再做5次实验，将每次测量的弹簧的长度l和钩码的总质量m，记录在表格中。
④利用公式△l＝l﹣l0和F＝ G钩 ，计算每次弹簧伸长量和弹簧弹力的大小，记录在表格中。
（2）请你画出钩码的受力示意图，并分析说明弹簧弹力大小的测量依据。
【分析】（1）实验“弹簧弹力与弹簧伸长量的关系”，需要进行多次实验，得出普遍规律；
根据二力平衡可知：钩码的重力等于弹簧对钩码的拉力；弹簧的弹力等于弹簧物钩码的拉力；
（2）对钩码进行受力分析，再画受力示意图；根据二力平衡的特点分析即可。
【解答】解：
（1）实验“弹簧弹力与弹簧伸长量的关系”，需要进行多次实验，即需要多次改变钩码的数量，多记录几组数据得出普遍规律；
根据二力平衡可知：钩码的重力等于弹簧对钩码的拉力；弹簧的弹力等于弹簧物钩码的拉力，即F＝G钩；
（2）钩码受到竖直向下的重力和弹簧对其的拉力，由于钩码静止，所以这两个力是一对平衡力，体现在图上为长短相等，如下图所示：
根据二力平衡可知：钩码的重力等于弹簧对钩码的拉力；弹簧的弹力等于弹簧物钩码的拉力，即F＝G钩。
故答案为：（1）改变钩码的个数；G钩；（2）如上图所示；根据二力平衡可知：钩码的重力等于弹簧对钩码的拉力，弹簧的弹力等于弹簧对钩码的拉力，即F＝G钩。
【点评】此题主要考查的是对实验步骤，在设计过程中要注意：通过改变挂在弹簧上的钩码个数来改变对弹簧的拉力；弹簧的伸长△L＝L﹣L0。
四、科普阅读题（共4分）
32．（3分）请阅读《红外线与红外测温仪》并回答小题。
红外线与红外测温仪
2020年春节前夕，一场突如其来的新冠肺炎疫情打破了往日生活的平静。为了尽快控制疫情蔓延，全国上下团结一致众志成城，经过各方努力，国内的新冠肺炎疫情得到了有效控制。在各种防控措施中，体温筛查是疫情检测的第一关，而红外测温仪在其中发挥着重要的作用。那么红外测温仪是如何工作的？为此我们先要了解红外线的有关知识。
红外线是一种不可见光，它与微波、可见光、x射线一样都是电磁波大家族中的一员，其波长范围是760nm～1mm，介于红光和微波之间。由于分子的无规则运动，在自然界中，一切温度高于绝对零度（﹣273.15℃）的物体，其表面在不断的向周围空间辐射红外线。而且，物体的温度越高，辐射出来的红外线能量就会越强。红外测温仪就是基于物体辐射红外线能量大小与物体表面温度的对应关系，来测定物体表面温度的。如图25所示，是生活中常见的红外测温仪的外观和工作结构示意图。红外测温仪一般由光学系统、光电探测器、信号放大及处理器、显示部分构成。光学系统能够会聚被测物体辐射的红外线，光电探测器将接收到的红外信号转变为电信号，电信号再经过放大和计算处理转变为温度值显示出来。
虽然红外测温仪在使用上方便快捷，但若使用不当也会出现较大的数值偏差。例如，强烈的阳光照射、不正确的测量角度和距离、大气中的水蒸气和灰尘对红外线的吸收作用等，都会对红外测温仪的测量结果产生影响。因此，红外测温仪测量的数据仅用于初步筛查，不能作为医学诊断数据。一旦发现体温偏高者，还应使用测量精度较高，稳定性较好的玻璃体温计进行复查和确认。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）红外线是一种 电磁波 （选填“电磁波”或“声波”）。
（2）0℃的冰 能 （选填“能”或“不能”）向外界辐射红外线。
（3）红外测温仪中的光学系统对红外线有 会聚 作用（选填“会聚”或“发散”）。
（4）为了尽量减小红外测温仪测量数值的偏差，请你提出一个合理的建议： 不要在强光下进行实验 。
【分析】仔细阅读文章，逐一分析题目即可得出结论。
【解答】解：
（1）从文中“红外线是一种不可见光，它与微波、可见光、x射线一样都是电磁波大家族中的一员”可知红外线属于电磁波；
（2）从文中“由于分子的无规则运动，在自然界中，一切温度高于绝对零度（﹣273.15℃）的物体，其表面在不断的向周围空间辐射红外线”可知0℃的冰可以向外界辐射红外线；
（3）从文中“红外测温仪一般由光学系统、光电探测器、信号放大及处理器、显示部分构成。光学系统能够会聚被测物体辐射的红外线”可知红外测温仪中的光学系统对红外线有会聚作用；
（4）根据文中“强烈的阳光照射、不正确的测量角度和距离、大气中的水蒸气和灰尘对红外线的吸收作用等，都会对红外测温仪的测量结果产生影响”分析：为了尽量减小红外测温仪测量数值的偏差，不要在强光照射下实验。
故答案为：（1）电磁波；（2）能；（3）会聚；（4）不要在强光下进行实验。
【点评】对于信息给予题，只需认真分析材料内容即可得出结论。
33．（3分）图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻R1的阻值为10Ω．闭合开关S，电流表A1的示数为2A，电流表A2的示数为0.8A。
求：（1）电源电压；
（2）通电10s电阻R2消耗的电能。
【分析】由电路图可知，闭合开关，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流。
（1）根据并联电路的电流特点求出通过R1的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；
（2）已知R2两端电压、通过的电流及通电时间，根据W＝UIt求出电阻R2消耗的电能。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流。
（1）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R1的电流：
I1＝I﹣I2＝2A﹣0.8A＝1.2A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可得，电源的电压：
U＝I1R1＝1.2A×10Ω＝12V；
（2）通电10s电阻R2消耗的电能：
W2＝UI2t＝12V×0.8A×10s＝96J。
答：（1）电阻R2的阻值为15Ω；
（2）通电10s电阻R2消耗的电能为96J。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电能公式的应用，是一道基础题目。
34．（6分）如图所示，将一盛有水的圆柱形容器置于水平桌面上，用细线将一个小球固定在容器底部，当小球完全浸没在水中静止时，细线对小球的拉力为F．已知小球的重力G＝8N，小球的体积为10﹣3 m3，水的密度ρ＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。
求：（1）小球完全浸没在水中静止时，所受浮力的大小；
（2）细线对小球的拉力F的大小。
【分析】（1）由于小球完全浸没，所以排开液体的体积等于小球的体积，根据阿基米德原理即可求出小球受到的浮力；
（2）小球受竖直向下的重力、细线的拉力、竖直向上的浮力，由于小球静止，所以小球在竖直方向上受力平衡，根据平衡力的知识即可求出拉力。
【解答】解：
（1）由于小球完全浸没，所以排开水的体积为：
V排＝V球＝10﹣3 m3，
小球受到的浮力为：
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10﹣3 m3＝10N；
（2）因为小球静止，所以小球竖直方向上受力平衡，可得：
F浮＝G+F，
细线对小球的拉力F：
F＝F浮﹣G＝10N﹣8N＝2N。
答：
（1）小球完全浸没在水中静止时，所受浮力大小为10N；
（2）细线对小球的拉力大小为2N。
【点评】此题考查浮力和拉力的计算，关键是知道小球完全浸没在水中时，排开水的体积与自身体积相等，难点是对小球进行正确的受力分析。
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日期：2020/6/12 11:07:56；用户：初中物理+张天莉；邮箱：younzx8@xyh.com；学号：37084881
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