2019年北京市燕山区中考物理一模试卷

这是一份2019年北京市燕山区中考物理一模试卷，共39页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验解答题，科普阅读题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2019年北京市燕山区中考物理一模试卷
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）
1．（2分）在国际单位制中，功的单位是　　
A．牛顿 B．焦耳 C．安培 D．瓦特
2．（2分）下列物品中，通常情况下属于导体的是　　
A．塑料安全帽 B．玻璃棒 C．橡胶鞋 D．钢尺
3．（2分）如图所示的光现象中，由于光的折射形成的是　　
A．小狗在镜中看到“自己” B．水中的筷子看起来像折了
C．阳光在树荫下形成光斑 D．人在路上留下的背影
4．（2分）下列用电器中，利用电流热效应工作的是　　
A．电熨斗 B．计算器 C．电视机 D．手机
5．（2分）下列实例中，为了减小摩擦的是　　
A．足球守门员戴有防滑手套
B．运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹
C．雪天汽车轮胎上安装防滑链
D．磁浮列车运行时车身与轨道间形成间隙
6．（2分）下列实例中，属于做功改变物体内能的是　　
A．锯木头时的锯条温度升高
B．加入冰块的饮料温度降低
C．倒入热牛奶的杯子温度升高
D．放入冷水中的热鸡蛋温度降低
7．（2分）在如图所示的四种用具中，正常使用时属于费力杠杆的是　　
A．裁纸刀 B．食品夹
C．瓶盖起子 D．核桃夹子
8．（2分）下列措施中，能使蒸发减慢的是　　
A．把盛有酒精的瓶口盖严 B．把湿衣服晾在通风向阳处
C．用电吹风给湿头发吹风 D．将地面上的积水向周围扫开
9．（2分）下列各种发电方式中，利用不可再生能源发电的是　　
A．风力发电 B．火力发电 C．水力发电 D．潮汐发电
10．（2分）在如图所示的四个物态变化的实例中，属于凝华的是　　
A．初春，冰河消融 B．仲夏，绿叶挂珠
C．深秋，红叶落霜 D．寒冬，滴水成冰
11．（2分）如图是滑动变阻器的结构和连入电路的示意图，当滑片向左滑动时，连入电路的电阻变小的是　　
A． B．
C． D．
12．（2分）图中所示的电路中，电阻阻值．闭合开关后，电阻、两端的电压分别为、，通过两个电阻的电流分别为、，消耗的电功率分别为、，下列判断中正确的是　　

A． B． C． D．
13．（2分）如图所示，厨师手端托盘静止时，下列选项中的两个力相互平衡的是　　

A．托盘的重力与托盘对手的压力
B．托盘的重力与手对托盘的支持力
C．托盘对手的压力与手对托盘的支持力
D．托盘对手的压力与手的重力
14．（2分）质量为的小环穿在固定的光滑曲杆上，点高于点，小环从点静止释放后沿曲杆运动，如图所示。不计空气阻力，下列说法正确的是　　

A．小环可能到不了 点
B．若小环能到达 点，离开 点后将做匀速直线运动
C．小环从 点到 点，重力势能一直减小，机械能不变
D．小环从 点到 点，动能一直增加，机械能不变
15．（2分）如图所示，底面积不同的圆柱形容器和分别盛有甲、乙两种液体，两容器中液体液面相平，甲液体的质量等于乙液体的质量。将两个完全相同的小球分别放入甲、乙两液体中，静止后两小球受到的浮力分别为、，下列判断正确的是　　

A． 一定大于 B． 一定小于
C．不可能小于 D． 不可能大于
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共10分，每小题2分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
16．（2分）下列说法正确的是　　
A．海绵被压缩后体积变小，说明分子间有间隙
B．分子间相互作用的引力与斥力同时存在
C．物体温度越高，分子的热运动越剧烈
D．“黄沙直上白云间”说明分子在不停地运动
17．（2分）下列有关压强知识说法正确的是　　
A．在流体中，流速越大的位置，压强越小
B．随着大气压的减小，水的沸点会升高
C．利用马德堡半球实验可以精确测出大气压的值
D．电钻的钻头做的较锋利是为了增大压强
18．（2分）下面是同学们上体育课时的一些场景，其中解释正确的是　　
A．百米赛跑时，裁判员是通过相同路程比较时间的方法来判定运动员运动快慢的
B．同学们在进行篮球绕杆练习时，认为杆静止是选择了自己为参照物
C．抛出去的铅球最终落回地面，是因为铅球受重力的作用
D．男同学举着杠铃不动时，他对杠铃做了功
19．（2分）下列有关家庭电路的说法中正确的是　　
A．空气开关跳闸，一定是某处出现了短路
B．电灯开关应接在火线与电灯之间
C．家庭电路中的冰箱和电视机是并联的
D．电能表测量的是家庭用电的总功率
20．（2分）下列有关磁场的说法正确的是　　
A．磁体周围的磁场是真实存在的
B．磁感线是为了描述磁场虚拟的曲线
C．通电导体周围存在着磁场
D．地面上的指南针 极总是指向地理的南极
三、实验解答题（共39分）
21．（1分）如图所示体温计的读数是　　．
22．（1分）如图所示，弹簧测力计的示数为　　。

23．（2分）根据图所示的电流方向，判断通电螺线管的端是　　极（选填“”或“” ；当通电电流方向改变时，螺线管两端的极性　　（选填“改变”或“不变” 。

24．（2分）小阳用天平和量筒测定金属块的密度，把金属块放在调节好的天平左盘中，当天平横梁水平平衡时，右盘中的砝码以及游码在标尺上的位置如图甲所示，将金属块放入量筒前、后量筒中水面位置如图乙所示，则金属块的质量是　　，密度是　　。

25．（3分）小宣用伏安法测量电阻的阻值时，并联在电阻两端的电压表的示数如图甲所示，与电阻串联的电流表的示数如图乙所示，则电压表的示数为　　，电流表的示数为　　，电阻的阻值为　　。

26．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关电路正常工作，但过一段时间，小灯泡发生断路，这时电流表的示数　　，电压表的示数　　。（填“变大”、“变小”或“不变”

27．（5分）小华探究杠杆平衡条件时，所用的杠杆上相邻刻线间的距离相等。
（1）实验前小华发现杠杆处于如图1甲所示的状态，此时杠杆处于　　状态（选填“平衡”或“非平衡” ；要想使杠杆水平平衡，她　　。
、只能调右端平衡螺母、只能调左端平衡螺母、调左、右平衡螺母均可）
（2）杠杆水平平衡后，现在点挂重物体，应在点施加　　（填力的方向）、　　的力才能使杠杆重新水平平衡。
（3）跷跷板应用了杠杆原理，图2中欲使静止的跷跷板发生转动，可采取的做法是　　。

28．（5分）图甲是探究冰熔化规律的实验装置，实验时应始终注意观察试管中冰的　　变化，并每隔一定时间记录一次温度计的示数，以便能观察到完整的实验现象并记录实验数据。图乙是冰熔化时的温度时间图象，由图象可知：冰是　　（选填“晶体”或“非晶体” ；冰的熔点是　　；在第时内能　　第时内能；冰的比热容　　水的比热容。（后两问均选填“小于”、“等于”或“大于” （实验中酒精灯在相同时间内放出热量相等）

29．（5分）小安在做探究凸透镜成像规律的实验时，将焦距为的薄凸透镜固定在光具座上刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上刻度线处，移动光屏至刻度线处，烛焰在光屏上成清晰的像，如图所示。
（1）　　的成像特点与上述实验现象相同。（选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”
（2）保持透镜在刻度线处不动，如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应将蜡烛向　　移动，光屏向　　移动。（选填“左”或“右”
（3）保持透镜在刻度线处不动，若将点燃的蜡烛放在光具座上刻度线处，将光屏放在光具座上透镜的左侧，通过移动光屏，在光屏上可呈现烛焰清晰的　　（选填“正立”或“倒立” 、　　的像。（选填“放大”或“缩小”

30．（2分）现有一个定值电阻和两个热敏电阻、，当电流增大时，温度升高，的阻值不变，的阻值会随之增大，的阻值会随之减小。它们的电流随电压的变化曲线如图所示。由图可知，的阻值是　　，　　是电阻的图线。

31．（4分）小红在“探究液体内部的压强规律”实验中，将两端开口的玻璃管一端扎上橡皮膜，竖直插入水中某一深度处。
（1）小红观察到橡皮膜没有明显凹陷，请分析其原因可能是　　。
（2）解决（1）中问题后，小红做了如图所示的两次实验，由实验现象她得出：当深度增加时，水对橡皮膜的压强　　（选填“增大”、“减小”或“不变” 。考虑到可能会有偶然因素对实验结论产生影响，她还应　　。
（3）要想“探究液体内部压强与液体密度是否有关”，她的做法是：　　，观察橡皮膜凹陷程度。

32．（3分）小刚想探究“光从空气斜射入其它介质中时，光线偏折程度与介质种类是否有关”，他做了如下实验：
①将一个透明长方体水槽放在水平桌面上，把一块磁性白板竖直插入水槽中，白板与水槽侧壁垂直，激光笔“吸”在白板上，如图1甲所示；
②水槽中装水，让激光笔发出的光线斜射入水中，如图1乙所示，记录水槽底部光斑位置；
③将水槽中的水换成油，让激光笔发出的光线斜射入油中，两次光线在液面的入射点与水槽左壁距离相等，如图1丙所示，记录水槽底部光斑的位置；
④分析光斑的位置关系得出结论。
根据以上实验步骤，回答下列问题：
（1）请写出实验步骤中存在的问题：　　；
（2）小刚改正上述问题后，所记录的两次光斑的位置如图2所示，分析可知：光从空气斜射入其它介质中时，光线偏折程度与介质种类　　。（选填“有关”或“无关”
33．（4分）小明家新买了一个电暖器，小明阅读说明书后（如图所示），想借助家里的电能表验证：实际使用时电暖器的最大加热功率与说明书标注是否相符，请你帮他设计具体的验证方法。

四、科普阅读题（共4分）
34．（4分）请阅读《按压式瓶盖》回答问题。
按压式瓶盖
在日常生活中，装有洗手液或洗发液的瓶子，其瓶盖都是按压式的，如图甲所示。按压式瓶盖的工作原理是什么呢？液体是怎么“吸”上来的？
洗手液瓶中有个按压式吸液结构，它由导液管、进液阀门、弹簧、活塞、出液阀门、出液管、储液筒等组成，如图乙所示，其中进液阀门和出液阀门是塑料小球，进液阀门位于弹簧下端，出液阀门位于活塞上端。
使用的时候，通过手向下按压，活塞向下移动，弹簧被压缩使得进液阀门关闭，出液阀门打开，储液筒里的液体从出液管流出瓶外；当手松开时，弹簧恢复原来的自然状态，使得活塞向上移动，出液阀门关闭，进液阀门打开，液体从导液管通过进液阀门进入到储液筒。这样活塞在圆筒中上下往复运动，不断地把液体“吸”出瓶外。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）按压式瓶盖的工作原理和　　原理相同。
、活塞式抽水机、马桶、微小压强计、汽油机
（2）洗手液能被“吸”上来是利用了　　。
（3）向下按压后松手时，液体从导液管通过进液阀门进入到储液筒，是因为瓶中气压　　储液筒中气压。（选填“大于”、“小于”或“等于”
（4）如果宇航员在太空舱中按压这种瓶装洗手液瓶盖，　　挤出洗手液。（选填“能”或“不能”

五、计算题（共7分）
35．（3分）如图所示，电源两端电压保持不变，电阻的阻值为．闭合开关，断开开
关，电压表示数为．闭合开关、，电压表示数为．求：
（1）只闭合开关时电阻的功率；
（2）电阻的阻值。

36．（4分）如图所示，是某科技小组设计的打捞水中物体装置的示意图。在湖底有一个体积为的实心铸铁球，其所受重力为．用滑轮组将铸铁球打捞出水面后，继续提升，
铸铁球在的时间内匀速竖直上升了，在这个过程中，拉力做的功为。
取求：
（1）铸铁球浸没在水中时受到的浮力；
（2）铸铁球出水后，拉力的功率；
（3）铸铁球出水后，滑轮组的机械效率。


2019年北京市燕山区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）
1．（2分）在国际单位制中，功的单位是　　
A．牛顿 B．焦耳 C．安培 D．瓦特
【分析】功的国际单位是焦耳，简称焦，符号是。
【解答】解：、牛顿是力的国际单位；故错误；
、焦耳是功的国际单位；故正确；
、安培是电流的国际单位；故错误；
、瓦特是功率的国际单位；故错误；
故选：。
【点评】物理学中各个物理量都有自己的符号和国际单位，不要将各符号和各单位相互混淆。
2．（2分）下列物品中，通常情况下属于导体的是　　
A．塑料安全帽 B．玻璃棒 C．橡胶鞋 D．钢尺
【分析】根据常见的导体和绝缘体进行判断。常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体包括：塑料、陶瓷、橡胶、空气、玻璃等。
【解答】解：塑料安全帽、玻璃棒、橡胶鞋通常情况下都属于绝缘体，钢尺是金属，属于导体。
故选：。
【点评】对于常见的导体和绝缘体的记忆，不要死记硬背，要根据生活中哪些地面用什么导体来导电，用什么绝缘体来绝缘等。
3．（2分）如图所示的光现象中，由于光的折射形成的是　　
A．小狗在镜中看到“自己” B．水中的筷子看起来像折了
C．阳光在树荫下形成光斑 D．人在路上留下的背影
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
【解答】解：、小狗在镜中看到“自己”，是水面成像，属于光的反射现象；故不合题意；
、水中筷子上反射的光线是从水中斜着射向空气中，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线看时，看到的是折射光线反向延长线形成的筷子的虚像，比笔的实际位置较水面要浅些，所以感觉水中的筷子向上折断了。故符合题意；
、阳光下树荫中形成圆形的光斑，是太阳通过树叶间小孔呈现在地面上的像，是小孔成像说明光沿直线传播，故不合题意；
、人在路上留下的背影是由于光的直线传播形成的。故不合题意。
故选：。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
4．（2分）下列用电器中，利用电流热效应工作的是　　
A．电熨斗 B．计算器 C．电视机 D．手机
【分析】电流的热效应就是把电能转化为内能，可从能量转化的角度分析哪一用电器是利用了电流的热效应。
【解答】解：、电熨斗工作时主要把电能转化为内能，是利用了电流的热效应来工作的，故符合题意；
、计算器、电视机、电脑工作时主要把电能转化为光能和机械能，不是利用电流热效应工作的，故不符合题意。
故选：。
【点评】本题主要考查学生对电流的热效应以及电能和其它形式能的相互转化的认识，利用热效应工作的电器特点是把电能主要转化成内能。
5．（2分）下列实例中，为了减小摩擦的是　　
A．足球守门员戴有防滑手套
B．运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹
C．雪天汽车轮胎上安装防滑链
D．磁浮列车运行时车身与轨道间形成间隙
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
【解答】解：
、足球守门员戴有防滑手套，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故不合题意；
、运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故不合题意；
、雪天汽车轮胎上安装防滑链，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故不合题意；
、磁浮列车运行时车身与轨道间形成间隙，是通过使接触面脱离来减小摩擦力；故符合题意。
故选：。
【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
6．（2分）下列实例中，属于做功改变物体内能的是　　
A．锯木头时的锯条温度升高
B．加入冰块的饮料温度降低
C．倒入热牛奶的杯子温度升高
D．放入冷水中的热鸡蛋温度降低
【分析】物体对外做功，物体内能减少，对物体做功，物体内能增加；
物体吸收热量，物体内能增加，物体放出热量，物体内能减小。
【解答】解：
、锯木头时，锯条和木头之间存在摩擦，克服摩擦做功，机械能减少，内能增加，故正确；
、加入冰块的饮料会放出热量，温度降低，属于热传递改变内能，故错误；
、倒入热牛奶的杯子温度升高，属于热传递改变内能，故错误；
、放入冷水中的热鸡蛋温度降低，属于热传递改变内能，故错误。
故选：。
【点评】做功和热传递都可以改变物体的内能，做功和热传递改变内能方式不同，但是效果是相同的。
7．（2分）在如图所示的四种用具中，正常使用时属于费力杠杆的是　　
A．裁纸刀 B．食品夹
C．瓶盖起子 D．核桃夹子
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：
、裁纸刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
、瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
、核桃夹子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
故选：。
【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂
8．（2分）下列措施中，能使蒸发减慢的是　　
A．把盛有酒精的瓶口盖严 B．把湿衣服晾在通风向阳处
C．用电吹风给湿头发吹风 D．将地面上的积水向周围扫开
【分析】影响蒸发快慢的因素有：液体的温度、液体的上表面积、液体表面的空气流动速度；要减慢蒸发，可以通过降低液体的温度、减小液体的上表面积和减慢液体表面的空气流动速度。
【解答】解：
．把盛有酒精的瓶口盖严，可以减小液体的表面积并控制上方空气流动，使蒸发减慢，故符合题意；
．把湿衣服晾在通风向阳处，既可以升高液体的温度，也可以增大液体表面的空气流动速度，使蒸发加快，故不符合题意；
．用电吹风给湿头发吹风，可以增大液体表面的空气流动速度，且提高了温度，使蒸发加快，故不符合题意；
．将地面上的积水向周围扫开，可以增大液体表面积，使蒸发加快，故不符合题意。
故选：。
【点评】本题主要考查学生对影响液体蒸发快慢因素的了解和掌握，是一道基础题。
9．（2分）下列各种发电方式中，利用不可再生能源发电的是　　
A．风力发电 B．火力发电 C．水力发电 D．潮汐发电
【分析】能够源源不断地从自然界获得或能重复利用的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得或不能重复利用的能源是不可再生能源。
【解答】解：
风、水、潮汐能够源源不断地从自然界获得，是可再生能源，水利发电、风力发电、潮汐发电都是利用可再生能源发电的；
火力发电利用煤进行发电，煤不能从自然界源源不断获得，也不能重复利用，是不可再生能源，则火力发电是利用不可再生能源发电的，故符合题意。
故选：。
【点评】知道各电厂发电原理、知道再生能源与不可再生能源的概念即可正确解题。
10．（2分）在如图所示的四个物态变化的实例中，属于凝华的是　　
A．初春，冰河消融 B．仲夏，绿叶挂珠
C．深秋，红叶落霜 D．寒冬，滴水成冰
【分析】解答此题要知道物质从气态直接变成固态叫凝华；根据物态变化的知识逐一分析即可。
【解答】解：、冰雪“消融”是冰化成水的过程，是熔化现象，故不符合题意；
、水蒸气变成露珠是液化现象。故不符合题意；
、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故符合题意；
、滴水成冰，液态水变成固态冰，是凝固现象，故不符合题意。
故选：。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
11．（2分）如图是滑动变阻器的结构和连入电路的示意图，当滑片向左滑动时，连入电路的电阻变小的是　　
A． B．
C． D．
【分析】滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的。滑动变阻器要起到改变电阻的作用应一上一下接入电路中，由此分析解答。
【解答】解：
、图中滑片向左移动时，电阻丝接入部分变短，连入的阻值变小，符合题意；
、同时接入上方两接线柱，相当于接入一导线，滑片移动，接入电阻不变，不合题意；
、同时接入下方两接线柱，相当于接入一定值电阻，滑片移动，接入的电阻值不变，不合题意；
、滑片向左移动时，电阻丝接入部分变长，接入电路中的电阻变大，不符合题意。
故选：。
【点评】本题考查了滑动变阻器的接法。要使滑动变阻器的电阻变大或变小，关键是要看下边的接线柱接哪个。
12．（2分）图中所示的电路中，电阻阻值．闭合开关后，电阻、两端的电压分别为、，通过两个电阻的电流分别为、，消耗的电功率分别为、，下列判断中正确的是　　

A． B． C． D．
【分析】分析两电阻的连接方式，由串联电路的电流特点分析两电阻电压关系，利用即可判断功率关系。
【解答】解：
由图知，电阻、串联，串联电路中各处电流都相等，即，故错误；
通过两电阻的电流相等，，由可知：，故错误。
根据可知：，故错误，正确。
故选：。
【点评】本题考查对串联电路的特点和电功率的应用，正确分析电路是前提。
13．（2分）如图所示，厨师手端托盘静止时，下列选项中的两个力相互平衡的是　　

A．托盘的重力与托盘对手的压力
B．托盘的重力与手对托盘的支持力
C．托盘对手的压力与手对托盘的支持力
D．托盘对手的压力与手的重力
【分析】二力平衡力的条件是：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；
相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在不同的物体上；
根据平衡力的条件和相互作用力的条件进行判断。
【解答】解：、托盘的重力与托盘对手的压力，没有作用在同一物体上，不是一对平衡力，故错误；
、托盘的重力与手对托盘的支持力，大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上，是一对平衡力，故正确；
、托盘对手的压力与手对托盘的支持力，没有作用在同一物体上，不是一对平衡力，故错误；
、托盘对手的压力与手的重力方向相同，大小不等，不是一对平衡力，故错误。
故选：。
【点评】此题主要考查学生对平衡力的辨别，学习中特别要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用于同一物体。
14．（2分）质量为的小环穿在固定的光滑曲杆上，点高于点，小环从点静止释放后沿曲杆运动，如图所示。不计空气阻力，下列说法正确的是　　

A．小环可能到不了 点
B．若小环能到达 点，离开 点后将做匀速直线运动
C．小环从 点到 点，重力势能一直减小，机械能不变
D．小环从 点到 点，动能一直增加，机械能不变
【分析】（1）曲杆光滑且不计空气阻力，所以机械能是守恒的。动能由物体的速度和质量决定，势能由物体的高度和质量决定，根据动能与重力势能的转化的知识分析。
（2）惯性是物体保持原来运动状态的性质。
【解答】解：
、不计空气阻力，曲杆是光滑的，所以机械能守恒，只要点高于点高度，小环就能到达点，故错误；
、小环到达点后，此时会受到重力的作用，故小球会做加速运动，故错误；
、小环从点到点，高度减小，重力势能减小，从点到点，高度增加，重力势能变大，从点到点，高度减小，重力势能减小，机械能是守恒的，故错误；
、小环从点到点，高度减小，重力势能减小，机械能是守恒的，重力势能转化为动能，动能一直变大，故正确。
故选：。
【点评】此题主要考查的是动能和重力势能的相互转化问题，因为是光滑的曲面，所以在能量的转化过程中，总能量是守恒的。
15．（2分）如图所示，底面积不同的圆柱形容器和分别盛有甲、乙两种液体，两容器中液体液面相平，甲液体的质量等于乙液体的质量。将两个完全相同的小球分别放入甲、乙两液体中，静止后两小球受到的浮力分别为、，下列判断正确的是　　

A． 一定大于 B． 一定小于
C．不可能小于 D． 不可能大于
【分析】（1）由图知，两液面相平，甲的体积小于乙的体积，又知道甲液体的质量等于乙液体的质量，根据密度公式可以得知两液体的密度关系；
（2）根据小球在液体中的状态，利用物体的浮沉条件即可判断。
【解答】解：
由图知，容器底面积，液面相平、相同，由可知，液体的体积，
已知，由可知，两液体的密度关系：；
由于小球的密度未知，则
①若，则小球在甲乙液体中处于浸没状态，排开甲乙液体的体积相等，根据可知：；
②若，则小球在甲液体中漂浮，在乙液体中下沉，则，，则；
③若，则小球在甲乙液体中都出处于漂浮状态，则，，则；
由此分析可知：不可能小于。
故选：。
【点评】本题主要考查学生对密度公式、物体浮沉条件的掌握和运用，本题的关键是注意小球的目的未知，需要分别讨论解答。
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共10分，每小题2分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
16．（2分）下列说法正确的是　　
A．海绵被压缩后体积变小，说明分子间有间隙
B．分子间相互作用的引力与斥力同时存在
C．物体温度越高，分子的热运动越剧烈
D．“黄沙直上白云间”说明分子在不停地运动
【分析】根据分子的基本特征：分子质量和体积都很小；分子之间有间隔；分子是在不断运动的；分子间存在相互作用的引力与斥力；同种物质的分子性质相同，不同物质的分子性质不同，结合事实进行分析判断即可。
【解答】解：、海绵被压缩后体积变小，海绵被压缩减小的并不是分子的间隙，只是海绵物质宏观上的间隔，故错误；
、分子间相互作用的引力与斥力是同时存在的，故正确；
、由于分子是不断运动的，温度越高，分子运动越快，故正确；
、“黄沙直上白云间”是机械运动，不是分子运动，故错误。
故选：。
【点评】本题难度不大，掌握分子的基本性质及利用分子的基本性质分析和解决问题的方法是解答此类题的关键。
17．（2分）下列有关压强知识说法正确的是　　
A．在流体中，流速越大的位置，压强越小
B．随着大气压的减小，水的沸点会升高
C．利用马德堡半球实验可以精确测出大气压的值
D．电钻的钻头做的较锋利是为了增大压强
【分析】（1）流体压强与流速的关系，在气体中流速越大的位置，压强越小。
（2）液体的沸点随气压的增大而增大；
（3）托里拆利实验最早测出了大气压的值；马德堡半球实验证明了大气压的存在；
（4）增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。
【解答】解：、在流体中，流速越大的位置，压强越小，流速越小的位置，压强越大，故正确。
、液体的沸点随气压的增大而增大，随气压的减小而减小，故错误；
、利用马德堡半球实验可以证明大气压存在，不能精确地测出大气压的值，故错误；
、电钻的钻头做的较锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故正确。
故选：。
【点评】本题考查大气压的存在和测量，以及沸点与气压的关系、流体压强与流速的关系，相对比较简单，属于基础题。
18．（2分）下面是同学们上体育课时的一些场景，其中解释正确的是　　
A．百米赛跑时，裁判员是通过相同路程比较时间的方法来判定运动员运动快慢的
B．同学们在进行篮球绕杆练习时，认为杆静止是选择了自己为参照物
C．抛出去的铅球最终落回地面，是因为铅球受重力的作用
D．男同学举着杠铃不动时，他对杠铃做了功
【分析】利用以下知识分析判断：
①生活中比较物体快慢的两种常用方法：相同时间比路程，路程长者快；相同路程比时间，时间短者快。
②物体是运动还是静止，取决于参照物的选取，若研究对象相当于参照物的位置没有变化，则研究对象就是静止的。
③地面附近的物体受到重力作用，重力方向竖直向下。
④做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可。
【解答】解：
、百米赛跑时路程相同，裁判员通过比较时间来判断运动快慢，即通过相同路程比时间的方法来判定运动快慢，故正确。
、同学们在进行篮球绕杆练习时，认为杆静止是选择了地面为参照物，故错。
、踢出去的足球最终落到地面，是因为足球受到重力作用，故正确。
、男同学举着杠铃不动，对杠铃有力的作用，但杠铃没有移动距离，所以同学对杠铃不做功，故错误。
故选：。
【点评】用所学物理知识分析身边实际现象是考试的重点，也反应了学以致用的思想，因此在平时学习时注意联系生活，多分析、多解释。
19．（2分）下列有关家庭电路的说法中正确的是　　
A．空气开关跳闸，一定是某处出现了短路
B．电灯开关应接在火线与电灯之间
C．家庭电路中的冰箱和电视机是并联的
D．电能表测量的是家庭用电的总功率
【分析】（1）空气开关跳闸是因为电路中电流过大，电流过大的原因是短路或用电器的总功率过大。
（2）开关控制电灯时，开关要串接在火线和电灯之间，断开开关时，能切断火线，操作更安全；
（3）家庭电路各用电器是并联的，各用电器能够独立工作，互不影响；
（4）电能表是测量电路消耗电能的仪表。
【解答】解：
、空气开关“跳闸”，可能是电路出现了短路，也可能是用电器的总功率过大，故错误；
、电灯开关应串接在火线与电灯之间，断开开关时，能切断火线，操作更安全，故正确；
、家庭电路中的冰箱和电视机能够独立工作、互不影响，所以是并联的，故正确；
、电能表是测量电路消耗电能（或测量电功）的仪表，故错误。
故选：。
【点评】此题考查了安全用电的有关知识、电路中电流过大的原因、电路的连接以及电能表的作用，属基础性题目，难度不大。
20．（2分）下列有关磁场的说法正确的是　　
A．磁体周围的磁场是真实存在的
B．磁感线是为了描述磁场虚拟的曲线
C．通电导体周围存在着磁场
D．地面上的指南针 极总是指向地理的南极
【分析】（1）磁体周围和通电导体周围都存在磁场；
（2）磁感线是为了描述磁场的分布引入的物理模型，不是真实存在的；
（3）地球周围存在磁场，地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近，指南针指南北就是受到地磁场的影响。
【解答】解：、磁体周围存在磁场，磁场是真实存在的，故正确；
、磁感线是为了形象描述磁场的分布而引入的物理模型，是虚拟的封闭曲线，故正确；
、根据奥斯特实验可知，通电导体周围存在着磁场，故正确；
、地球是一个大磁体，地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近，所以指南针静止时，指南针的极指向地磁的南极即地理的北极，故错误。
故选：。
【点评】本题考查了磁场和磁感线的特点，磁场是客观存在的，用磁感线描述磁场采用了模型法，属于电磁学基础知识的考查。
三、实验解答题（共39分）
21．（1分）如图所示体温计的读数是　36.5　．
【分析】使用体温计测量人体温度时，首先要明确体温计的量程和分度值，读数时视线与液柱最末端所对刻线相垂直。
【解答】解：由图知：
体温计上之间有10个小格，一个小格代表，所以此体温计的分度值为；液柱最末端在后面5个小格处，示数为。
故答案为：36.5。
【点评】此题考查的是体温计的读数，属于基本技能，使用前别忘了“甩一下”。
22．（1分）如图所示，弹簧测力计的示数为　3.6　。

【分析】使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直。
【解答】解：
由图知：弹簧测力计上之间有5个小格，所以一个小格代表，即此弹簧测力计的分度值为．此时指针指在“3”后面3个格处，所以弹簧测力计的示数为。
故答案为：3.6。
【点评】此题考查的是弹簧测力计的读数，初中物理学习了很多测量工具的使用，但没有特殊说明，只有刻度尺的读数要有估读值，其它只要读到准确值即可。
23．（2分）根据图所示的电流方向，判断通电螺线管的端是　　极（选填“”或“” ；当通电电流方向改变时，螺线管两端的极性　　（选填“改变”或“不变” 。

【分析】知道螺线管中的电流方向，根据安培定则，用右手握住螺线管，四指的方向和电流方向相同，那么大拇指所指的一端即为通电螺线管的极。
螺线管的极性取决于线圈的绕向及电流方向，即改变任何一个因素，磁极的方向都会改变。
【解答】解：用右手握住螺线管，四指的方向和电流方向相同，那么大拇指所指的端即为通电螺线管的极，其右端为极。如图所示：

由右手螺旋定则可知，通电螺线管的极性取决于线圈的绕向及电流方向，即改变任何一个因素，磁极的方向都会改变，则当通电电流方向改变时，螺线管两端的极性改变。
故答案为：；改变。
【点评】利用安培定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。
24．（2分）小阳用天平和量筒测定金属块的密度，把金属块放在调节好的天平左盘中，当天平横梁水平平衡时，右盘中的砝码以及游码在标尺上的位置如图甲所示，将金属块放入量筒前、后量筒中水面位置如图乙所示，则金属块的质量是　162　，密度是　　。

【分析】（1）天平平衡时，左盘物体的质量等于等于右盘砝码的质量加上游码对应的刻度值；
（2）金属块体积为量筒两次读数之差，密度用来计算。
【解答】解：（1）由图甲可知，游码的读数为，金属块的质量：；
（2）由乙图可知，金属块的体积：，
金属块的密度：。
故答案为：162；8.1。
【点评】天平与量筒是密度测量中重要的测量仪器，对它们的使用方法是我们应该熟练掌握的。同时，密度的公式是本实验依据的基本原理，要能熟练应用。
25．（3分）小宣用伏安法测量电阻的阻值时，并联在电阻两端的电压表的示数如图甲所示，与电阻串联的电流表的示数如图乙所示，则电压表的示数为　2.5　，电流表的示数为　　，电阻的阻值为　　。

【分析】根据电表的量程和分度值读出电阻两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出电阻的阻值。
【解答】解：由图甲可知，电压表的量程为，分度值为，两端的电压，
由图乙可知，电流表的量程为，分度值为，通过的电流，
由可得，的阻值：
。
故答案为：2.5；0.5；5。
【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，正确的读出电流表和电压表的示数是关键。
26．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关电路正常工作，但过一段时间，小灯泡发生断路，这时电流表的示数　变小　，电压表的示数　　。（填“变大”、“变小”或“不变”

【分析】电源电压保持不变，闭合开关时，两只灯泡和正常发光，并且两灯泡并联，电压表测量电源电压，电流表测量干路电流，当灯泡发生断路后，灯泡两端的电压不变，所以正常发光，此时电路电阻增大，根据公式可知电路电流的变化。
【解答】解：因为电压表测量电源电压，所以当小灯泡发生断路后，电源电压不变，电压表示数也不变，此时电路电阻变大，而电流表原来是测量干路的电流，根据公式可知电路电流变小，也就是说电流表示数变小。
故答案为：变小；不变。
【点评】本题考查欧姆定律及其公式变形的应用，关键是明白电流表和电压表时测量那部分的电流和电压，难点是知道并联电路电阻的规律。
27．（5分）小华探究杠杆平衡条件时，所用的杠杆上相邻刻线间的距离相等。
（1）实验前小华发现杠杆处于如图1甲所示的状态，此时杠杆处于　平衡　状态（选填“平衡”或“非平衡” ；要想使杠杆水平平衡，她　　。
、只能调右端平衡螺母、只能调左端平衡螺母、调左、右平衡螺母均可）
（2）杠杆水平平衡后，现在点挂重物体，应在点施加　　（填力的方向）、　　的力才能使杠杆重新水平平衡。
（3）跷跷板应用了杠杆原理，图2中欲使静止的跷跷板发生转动，可采取的做法是　　。

【分析】（1）杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态；杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移。
（2）杠杆的平衡条件是：。
（3）跷跷板就是杠杆的应用，它是通过改变力的大小或者力臂的长度使力和力臂的乘积不相等，从而使杠杆发生转动的。
【解答】解：（1）杠杆静止在如图丁所示位置，杠杆静止，此时杠杆处于平衡状态；
杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，故正确；
（2）由图乙可知，杠杆的点的力与力臂的乘积为，为使杠杆水平平衡，在点应该满足，所以，方向竖直向上，
（3）根据杠杆平衡条件可知，要使翘翘板转动，可采取的做法是：小华不动，乙向远离支点方向移动。
故答案为：（1）平衡；；（2）竖直向上；1.2；（3）乙向远离支点方向移动。
【点评】本题探究杠杆的平衡条件，考查器材的调试、杠杆平衡条件的运用等知识。
28．（5分）图甲是探究冰熔化规律的实验装置，实验时应始终注意观察试管中冰的　体积　变化，并每隔一定时间记录一次温度计的示数，以便能观察到完整的实验现象并记录实验数据。图乙是冰熔化时的温度时间图象，由图象可知：冰是　　（选填“晶体”或“非晶体” ；冰的熔点是　　；在第时内能　　第时内能；冰的比热容　　水的比热容。（后两问均选填“小于”、“等于”或“大于” （实验中酒精灯在相同时间内放出热量相等）

【分析】在探究物质的熔化特点时，不仅要记录其温度的变化情况，还要观察其状态的变化情况；固体分晶体和非晶体，晶体有一定的熔化温度（图象中温度不变的时刻），非晶体没有；
晶体熔化时，不断吸收热量，内能增加，温度保持不变。
从图上可以看出，在质量不变的前提下，升高相同的温度，段加热时间是段加热时间的2倍，吸收热量之比为，所以根据△该物体在固态时的比热小于液态时的比热容。
【解答】解：图甲是探究冰熔化规律的实验装置，实验时应始终注意观察试管中冰的体积变化，并每隔一定时间记录一次温度计的示数，以便能观察到完整的实验现象并记录实验数据。图乙是冰熔化时的温度时间图象，冰在熔化过程中吸收热量温度保持不变，此物质是晶体；冰的熔点是；此物质从开始熔化，到熔化完成，晶体熔化时，不断吸收热量，内能增加，温度保持不变，故该物质第 时的内能小于第 时的内能；
从图上可以看出，在质量不变的前提下，段温度升高，段温度升高，段加热时间是段加热时间的2倍，实验中酒精灯在相同时间内放出热量相等，吸收热量之比为，升高相同的温度，根据△可知该物体在固态时的比热小于液态时的比热容。
故答案为：体积；晶体；0；小于；小于。
【点评】掌握晶体和非晶体的熔化的特点、图象。要求学生会用图象描述比热容的大小并能正确读图。
29．（5分）小安在做探究凸透镜成像规律的实验时，将焦距为的薄凸透镜固定在光具座上刻度线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上刻度线处，移动光屏至刻度线处，烛焰在光屏上成清晰的像，如图所示。
（1）　照相机　的成像特点与上述实验现象相同。（选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”
（2）保持透镜在刻度线处不动，如果想在光屏上得到更大的清晰的像，应将蜡烛向　　移动，光屏向　　移动。（选填“左”或“右”
（3）保持透镜在刻度线处不动，若将点燃的蜡烛放在光具座上刻度线处，将光屏放在光具座上透镜的左侧，通过移动光屏，在光屏上可呈现烛焰清晰的　　（选填“正立”或“倒立” 、　　的像。（选填“放大”或“缩小”

【分析】（1）物距大于时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机根据这个原理制成；
（2）根据物近像远像变大的特点分析，要使像变大，则应减小物距，并增大像距；
（3）根据折射中光路可逆的特点，得出成像特点。
【解答】解：（1）如图所示，物距大于像距，此时物距大于二倍焦距成倒立缩小的实像，能够说明照相机的成像原理，
（2）保持透镜在刻度线处不动，如果想在光屏上得到更大的清晰的像，据物近像远像变大的特点，应使物距缩小，则像距变大，所以应将蜡烛右移，同时光屏也向右移；
（3）如图所示，此时物距大于二倍焦距成倒立缩小的实像，保持透镜在刻度线处不动，若将点燃的蜡烛放在光具座上刻度线处，根据折射现象中光路可逆，在光屏上可呈现烛焰清晰的倒立、放大的实像；
故答案为：（1）照相机；（2）右；右；（3）倒立；放大。
【点评】本题考查凸透镜成像规律实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
30．（2分）现有一个定值电阻和两个热敏电阻、，当电流增大时，温度升高，的阻值不变，的阻值会随之增大，的阻值会随之减小。它们的电流随电压的变化曲线如图所示。由图可知，的阻值是　10　，　　是电阻的图线。

【分析】（1）根据欧姆定律可知：电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比可知中间为的图象；再根据的阻值会因通过的电流增大而增大，的阻值会因通过的电流增大而减小确定两个热敏电阻的图象；
（2）从的图象中读出任意一组电流、电压值利用欧姆定律求出其大小。
【解答】解：
（1）由图中②可知，电流与电压成正比例函数，所以它代表阻值不变的的图线；
由图中①可知，电压增大，电流增大，但电流的变化量比电压的变化量大，根据欧姆定律可知它代表的电阻减小，即为的图线；
由图中③可知，电压增大，电流增大，电压的变化量大于电流的变化量，根据欧姆定律可知它代表的电阻变大，即为的图线；
（2）由的图线可知，当，，
由可得的阻值：
。
故答案为：10；①。
【点评】本题考查学生的读图能力并能结合欧姆定律公式正确计算电阻，关键是根据题意和所学知识确定三条图象代表的是谁的电阻。
31．（4分）小红在“探究液体内部的压强规律”实验中，将两端开口的玻璃管一端扎上橡皮膜，竖直插入水中某一深度处。
（1）小红观察到橡皮膜没有明显凹陷，请分析其原因可能是　橡皮膜太厚　。
（2）解决（1）中问题后，小红做了如图所示的两次实验，由实验现象她得出：当深度增加时，水对橡皮膜的压强　　（选填“增大”、“减小”或“不变” 。考虑到可能会有偶然因素对实验结论产生影响，她还应　　。
（3）要想“探究液体内部压强与液体密度是否有关”，她的做法是：　　，观察橡皮膜凹陷程度。

【分析】（1）水对橡皮膜产生的压强较小或橡皮膜太厚都会导致橡皮膜没有明显凹陷；
（2）由液体压强特点结合控制变量法分析解答；
（3）探究液体压强跟液体密度的关系时，保持液体的深度相同，改变液体的密度；
【解答】解：（1）橡皮膜没有明显凹陷，可能是插入水中的深度较浅，水对橡皮膜产生的压强较小；也可能是橡皮膜太厚；
（2）同种液体，液体的压强随深度的增加而增大；由实验现象可知，当深度增加时，水对橡皮膜的压强增大；
为了避免偶然因素对实验结论产生影响，结合控制变量法可知，将玻璃管插入水中不同深度多次实验，观察橡皮膜凹陷程度；
（3）要探究液体的压强与液体的密度是否有关，应保持金属盒在液体中的深度相同，改变液体的密度，
具体做法：将玻璃管插入其他液体中，保证其与水中的深度相同，观察橡皮膜凹陷程度。
故答案为：（1）橡皮膜太厚；（2）增大；将玻璃管插入水中不同深度，多次实验，观察橡皮膜凹陷程度；（3）将玻璃管插入其他液体中，保证其与水中的深度相同。
【点评】此题考查的是我们对于液体压强计的了解以及液体内部压强的影响因素。注意物理实验中研究方法转换法和控制变量法的运用。液体压强是中考必考的一个知识点，需要掌握。
32．（3分）小刚想探究“光从空气斜射入其它介质中时，光线偏折程度与介质种类是否有关”，他做了如下实验：
①将一个透明长方体水槽放在水平桌面上，把一块磁性白板竖直插入水槽中，白板与水槽侧壁垂直，激光笔“吸”在白板上，如图1甲所示；
②水槽中装水，让激光笔发出的光线斜射入水中，如图1乙所示，记录水槽底部光斑位置；
③将水槽中的水换成油，让激光笔发出的光线斜射入油中，两次光线在液面的入射点与水槽左壁距离相等，如图1丙所示，记录水槽底部光斑的位置；
④分析光斑的位置关系得出结论。
根据以上实验步骤，回答下列问题：
（1）请写出实验步骤中存在的问题：　光线在水和油两液面的入射角不同；水和油的深度不同　；
（2）小刚改正上述问题后，所记录的两次光斑的位置如图2所示，分析可知：光从空气斜射入其它介质中时，光线偏折程度与介质种类　　。（选填“有关”或“无关”
【分析】（1）探究“光从空气斜射入其它介质中时，光线偏折程度与介质种类是否有关”时应采用控制变量法，据此分析；
（2）根据水和油的光斑在杯子底部的距离进行判断。
【解答】解：（1）探究“光从空气斜射入其它介质中时，光线偏折程度与介质种类是否有关”时应采用控制变量法，应控制介质的种类不同，其他条件相同，即光线在水和油两液面的入射角要相同，水和油的深度要相同，由图可知，这两方面是不同的，是错误的方法；
（2）由图可知，在入射角、介质深度相同的情况下，水的光斑和油的光斑不在同一点，这表明光从空气斜射入其它介质中时，光线偏折程度与介质种类有关。
故答案为：（1）光线在水和油两液面的入射角不同；水和油的深度不同；（2）有关。
【点评】本题考查了探究光线折射程度的影响因素，利用好控制变量法是解题的关键。
33．（4分）小明家新买了一个电暖器，小明阅读说明书后（如图所示），想借助家里的电能表验证：实际使用时电暖器的最大加热功率与说明书标注是否相符，请你帮他设计具体的验证方法。

【分析】关掉家里所有用电器，只让电暖气以最大档工作，根据电能表记录一段时间消耗的电能，根据求出其最大功率，与电暖气的额定功率比较。
【解答】解：
关掉家里所有用电器，记录电能表示数，打开电暖气，调到功率最大档，同时开始记时，一段时间后，记录电能表的示数和工作的时间，求出两次电能表读数差值△；
则电暖气的最大功率为：
，与电暖气的额定功率比较。
【点评】本题考查利用电能表测功率的方法。难度一般。
四、科普阅读题（共4分）
34．（4分）请阅读《按压式瓶盖》回答问题。
按压式瓶盖
在日常生活中，装有洗手液或洗发液的瓶子，其瓶盖都是按压式的，如图甲所示。按压式瓶盖的工作原理是什么呢？液体是怎么“吸”上来的？
洗手液瓶中有个按压式吸液结构，它由导液管、进液阀门、弹簧、活塞、出液阀门、出液管、储液筒等组成，如图乙所示，其中进液阀门和出液阀门是塑料小球，进液阀门位于弹簧下端，出液阀门位于活塞上端。
使用的时候，通过手向下按压，活塞向下移动，弹簧被压缩使得进液阀门关闭，出液阀门打开，储液筒里的液体从出液管流出瓶外；当手松开时，弹簧恢复原来的自然状态，使得活塞向上移动，出液阀门关闭，进液阀门打开，液体从导液管通过进液阀门进入到储液筒。这样活塞在圆筒中上下往复运动，不断地把液体“吸”出瓶外。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）按压式瓶盖的工作原理和　　原理相同。
、活塞式抽水机、马桶、微小压强计、汽油机
（2）洗手液能被“吸”上来是利用了　　。
（3）向下按压后松手时，液体从导液管通过进液阀门进入到储液筒，是因为瓶中气压　　储液筒中气压。（选填“大于”、“小于”或“等于”
（4）如果宇航员在太空舱中按压这种瓶装洗手液瓶盖，　　挤出洗手液。（选填“能”或“不能”

【分析】（1）（2）按压式瓶盖利用的是大气压。分别从活塞式抽水机、马桶、微小压强计和汽油机的原理分析做出判断。
（3）液体从导液管通过进液阀门进入到储液筒，是因为瓶中气压大于储液筒中气压。
（4）太空舱中也有空气。
【解答】解：（1）按压瓶盖，瓶内气体被压缩，压强变大，大于外界大气压，洗手液在内外气压差的作用下被“吸”上来，利用的是大气压。
、抽水机抽水，通过活塞上移或叶轮转动使抽水机内水面上方的气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，利用了大气压，符合题意；
、抽水马桶的基本原理是利用水的重力，与大气压无关。不合题意；
、微小压强计是用来测量较小的压强的，在形管内装有色液体，两侧液面都受大气压的作用，两侧液面在同一高度。用橡皮管把扎有橡皮膜的金属盒连到形管一侧，用手指按橡皮膜，手指加在橡皮膜上的压强就由封闭在管内的气体根据帕斯卡定律来传递，而使左侧液面降低，右侧液面升高，形管两侧液面出现高度差。与大气压无关。不合题意；
、汽油机是将空气与汽油以一定的比例混合成良好的混合气，在吸气冲程中被吸入汽缸，混合气经压缩点火燃烧而产生内能，高温高压的气体作用于活塞顶部，推动活塞作往复直线运动，通过连杆、曲轴飞轮机构对外输出机械能。与大气压无关。不合题意。
故应选。
（2）由（1）知，洗手液能被“吸”上来是利用了大气压；
（3）向下按压后松手时，液体从导液管通过进液阀门进入到储液筒，说明瓶中气压大于储液筒中气压。
（4）因为太空舱内也有空气，而这种瓶装洗手液瓶盖是利用大气压工作的，所以如果宇航员在太空舱中按压这种瓶装洗手液瓶盖能挤出洗手液。
故答案为：（1）；（2）大气压；（3）大于；（4）能。
【点评】此题以按压式瓶盖为题材，综合考查了大气压的应用，有一定难度，搞明白按压瓶盖的工作原理是关键。
五、计算题（共7分）
35．（3分）如图所示，电源两端电压保持不变，电阻的阻值为．闭合开关，断开开
关，电压表示数为．闭合开关、，电压表示数为．求：
（1）只闭合开关时电阻的功率；
（2）电阻的阻值。

【分析】（1）闭合开关，断开开关，电压表示数为．根据可求电阻的功率；
（2）闭合开关、，只有接入电路中，电压表测其两端电压，即电源两端的电压；闭合开关，断开开关，两电阻串联，电压表测两端电压，由串联电路特点和欧姆定律计算的阻值。
【解答】解：
（1）只闭合开关，两电阻串联，电压表测两端电压，电压表示数为，即，
电阻的功率：
；
（2）由图可知，当闭合开关、，被短路，只有接入电路中，电压表测其两端电压，即电源两端的电压，所以电源电压；
只闭合开关，断开开关，两电阻串联，电压表测两端电压，
此时电路中的电流：
；
电阻两端的电压：
；
由可得，电阻的阻值：
。
答：（1）只闭合开关时电阻的功率是；
（2）电阻的阻值为。
【点评】本题考查了串联电路特点和欧姆定律的应用，正确分析开关在不同状态下电路的连接方式和电表作用是关键。
36．（4分）如图所示，是某科技小组设计的打捞水中物体装置的示意图。在湖底有一个体积为的实心铸铁球，其所受重力为．用滑轮组将铸铁球打捞出水面后，继续提升，
铸铁球在的时间内匀速竖直上升了，在这个过程中，拉力做的功为。
取求：
（1）铸铁球浸没在水中时受到的浮力；
（2）铸铁球出水后，拉力的功率；
（3）铸铁球出水后，滑轮组的机械效率。

【分析】（1）由于铁球浸没水中，铁球排开水的体积等于自身体积，利用阿基米德原理求铁球受到水的浮力；
（2）知道铸铁球出水后拉力做的功、做功时间，利用求做功功率；
（3）知道拉力做的功（总功），利用求拉力做的有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
【解答】解：
（1）铸铁球浸没在水中时，铁球排开水的体积，
则铁球受到水的浮力：
；
（2）铸铁球出水后，拉力的功率；
；
（3）已知拉力做的功为，即；
拉力做的有用功：
，
滑轮组的机械效率：
。
答：（1）铸铁球浸没在水中时受到的浮力为；
（2）铸铁球出水后，拉力的功率为；
（3）铸铁球出水后，滑轮组的机械效率为。
【点评】本题考查了阿基米德原理、功率公式、功的公式、效率公式的应用，虽然知识点多、综合性强，但都属于基础，难度不大。
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日期：2020/11/24 23:48:35；用户：初中物理+常青春；邮箱：younzx10@xyh.com；学号：37084883