2022年江苏省南京市玄武区南京外国语学校雨花国际学校中考物理模拟试卷（含答案）

这是一份2022年江苏省南京市玄武区南京外国语学校雨花国际学校中考物理模拟试卷（含答案），共33页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2022年江苏省南京市玄武区南京外国语学校雨花国际学校中考物理模拟试卷（一）
一、单选题（每小题2分，共24分）
1．（2分）通常情况下，下列数据符合实际情况的是（　　）
A．人正常眨眼一次的时间约为3s
B．普通中学生步行速度约5m/s
C．普通中学生的体积约50dm3
D．人走上楼的功率约300W
2．（2分）下列机械或工具的使用，属于费力杠杆的是（　　）
A． B．
C． D．
3．（2分）下列有关声现象的说法，正确的是（　　）
A．看电视时调节音量是为了改变声音的音调
B．太空中宇航员间能直接对话是因为真空能传声
C．0dB是刚好引起人耳听觉的声音强度
D．公路两旁的隔音板是从声源处防止噪声的产生
4．（2分）下列关于声现象说法正确的是（　　）
A．在小提琴上不同位置按弦，目的是改变响度
B．“引亢高歌”中的“高”是指声音的音调高
C．只要物体在振动，我们就一定能够听到声音
D．B超是利用超声波来传递信息而进行医疗观察
5．（2分）下列现象发生的过程中，符合自然规律的的是（　　）
①春天，冰雪熔化汇成溪流，液化放热
②夏天，剥开包装纸后冰棒会冒向上“白气”
③秋天，雾在太阳出来后散去，汽化现象
④冬天，室内玻璃上出现冰花，凝华现象
A．①③ B．②③ C．②③④ D．③④
6．（2分）如图所示，将一把钢尺紧按在桌面上，一端伸出桌边，拨动钢尺，听它振动发出的声音。改变钢尺伸出桌边的长度，再次用力拨动，使钢尺两次振动的幅度大致相同，听它发出声音的变化。这个实验用来探究（　　）
 
A．声音能否在固体中传播
B．响度与物体振幅的关系
C．音调与物体振动频率的关系
D．音色与发声体的哪些因素有关
7．（2分）小科发现教室的投影幕布有一个开关，通过控制可以使幕布上升或下降。请教科学老师后得知，内部安装了一个电动机。于是他用单刀双掷开关及其它元件设计了如下四个电路图，其中能通过开关的转换而实现幕布升或降的是（　　）
A． B．
C． D．
8．（2分）如图所示是某家庭电路，闭合开关S1、S2，灯泡L1正常发光、L2不亮。断开S1、保持S2闭合，用测电笔插入插座上孔氖管发光，插入插座下孔氖管发光。则故障可能是（　　）
 
A．ac间断路 B．bd间断路
C．灯泡L2断路 D．b点到零线之间断路
9．（2分）下列四幅图中，能用来研究电流在磁场中受力的是（　　）
A． B．
C． D．
10．（2分）假期小明一家出门旅游，出发前家里只有一台额定功率为0.2kW的冰箱正常工作，其它用电器都已关闭，小明看到家里电能表的示数为2021.6kW•h，过了7天小明回家再次查看电能表的示数如图所示。下列有关说法正确的是（　　）
 
A．这段时间冰箱消耗的电能是70kW•h
B．冰箱每天平均工作的时间为1h
C．冰箱正常工作1h电能表的转盘转过120转
D．该电能表允许同时接入总功率不超过2.2kW
11．（2分）小明家火线上的熔丝熔断。小明检查时，断开所有的开关，将一只完好的白炽灯L接到图示位置。下列说法正确的是（　　）
 
A．只闭合S、S1，若灯L正常发光，说明L1支路无故障
B．只闭合S、S2，若灯L正常发光，说明L2支路短路
C．只闭合S、S1，若灯L发光较暗，说明L1支路断路
D．只闭合S、S2，若灯L不发光，说明L2支路短路
12．（2分）小明设计了如图甲所示的模拟调光灯，电路电源电压恒定，R1为定值电阻，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光。此过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2（V2未画出）示数变化关系图像如图乙所示，下列说法正确的是（　　）
 
A．电源电压为4.5V
B．小灯泡正常发光时的功率为3W
C．图像②表示R1的电流随电压变化关系
D．再串联一个4.5Ω的电阻后，R2的滑片可自由移动，灯泡能正常发光且安全
二、填空题（每空1分，）
13．（3分）声音是由物体 　   　产生的，甲图中当把瓶内的空气不断抽出时，手机铃声会越来越小，过一会听不见声音但能看到手机有来电显示，由此可推理：　   　波能在真空中传播；乙图所示的标牌，这是从　   　减弱噪声。
 
14．（5分）如图是手摇发电机模型，其工作原理是 　   　，是将 　   　能转化为 　   　能，我国交流电的频率是50Hz，在每秒钟内电流方向变化了 　   　次，周期为 　   　s。
 
15．（4分）在风能、天然气、太阳能、核能、水能中，属于不可再生能源的是 　   　；电磁波在真空中的速度为 　   　m/s；核反应堆利用核的 　   　方式将核能转化为电能，但我们不可以将电能自发的转化为核能，这是因为能的转化和转移具有 　   　。
16．（3分）小红用温度计测量烧杯中液体的温度，分别进行了三次操作，如图（甲）所示，其中正确的是　   　。图（乙）中所示的是用温度计分别测得的冰和水的温度，那么冰的温度是　   　℃，水的温度是　   　℃。
 
17．（4分）图1是某物质在一标准大气压下的凝固图象，根据图象可知：该物质　   　（选填“有”或“没有”）凝固点，第25min时该物质处于的状态是　   　；在一标准大气压下，若将装有足够多的冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中（如图2），则试管内的冰将　   　（选填“变多”、“变少”或“多少不变”）。此时试管中的冰水混合物的温度为　   　℃。
 
18．（3分）如图所示，小明用一个滑轮组匀速提升重为200N的物体，物体在4s内上升2m的过程中，人所用的拉力为125N．此过程中，小明做的有用功是 　   　J，拉力的功率是 　   　W，滑轮组的机械效率是 　   　。
 
19．（3分）在复习声现象时，同学们列举了一些生活实例：①公共场所不要大声说话；②闻其声而知其人；③用手按住正在发声的鼓面时，鼓声会消失；④吹笛子时，手按住不同的孔，笛子会发出不同的声音；⑤站在河岸上大声说话，会吓跑正在河边游动的鱼；⑥宇航员在飞船外工作时，它们之间的对话必须借助电子通信设备才能进行。
你认为上述实例中能说明声音产生原因的是　   　（填序号，下同）；能说明声音传播条件的是　   　；能反映声音特性的是　   　。
20．（2分）图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化图象，将它们按图乙所示接入电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为1W；再闭合开关S1，电流表示数变化了 　   　A，电阻R在10s时间产生的热量为 　   　J
 
 
21．（3分）小彪去乘坐地铁时发现“聪明的电梯”（如图甲），小彪根据网络搜索的如图乙所示的简易控制电路，R是一个压敏电阻，其电阻阻值随压力的增大而减小。当人走上电梯后，控制电路的电流 　   　（选填“变大”、“不变”或“变小”，下同），受控电路的电流 　   　，电动机的转速将变大，人相对于电梯是 　   　（选填“运动”或“静止”的）。
 
22．（4分）图中1为充足气的气球放气过程，此时气嘴处温度将 　   　（升高/降低），汽油机的工作过程图2中的 　   　（甲/乙）与这一实验过程中能量的转化是一致的，而图示的另一个工作过程叫 　   　冲程。若汽油机飞轮转速为1200r/min，该汽油机每秒对外做功 　   　次。
 
三、解答题（共42分，计算题应有公式和解题过程）
23．（2分）如图所示，在C点用力把桌腿A抬离地面时，桌腿B始终没有移动，请在C点画出最小作用力的示意图。
 
24．（2分）小磁针涂黑端为N极，静止时指向如图所示，请根据条件，画出螺线管线圈的绕法。
 
25．（2分）如图所示是家庭电路的某一部分的示意图，请用笔画线代替导线把该电路连接完整，并且使之符合安全用用电的要求。
 
26．（4分）小华用如图甲所示的实验装置探究水的沸腾特点。
 
（1）安装实验器材时，如图甲，应按照　   　（选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行，请指出图甲中的操作错误：　   　。
（2）实验中，小华观察到水在沸腾前的沸腾时水中气泡的上升情况不同，如图乙a，b所示。表示沸腾时气泡上升情况的是图　   　。
（3）为了说明水的沸腾过程是否需要吸热，应　   　，观察水是否沸腾。
（4）小华完成了实验，并根据实验数据，并作出了如丙图所示的温度随时间变化的图象，他发现温度计示数上升速度先慢后快再慢，产生这种现象的原因是　   　（填字母）。
A．整个过程酒精灯火焰忽大忽小，放热不均匀
B．开始加热时有纸盖减少了热量的损失
C．开始要加热石棉网和烧杯，后来水温较高时散热变快
27．（3分）如图甲所示是“探究冰熔化时温度随加热时间变化”的图像。（c水＝4.2×103J/（kg•℃））分析图像可知：
（1）冰在熔化过程中的特点是吸收热量，温度 　   　。
（2）该物质在第6min时的内能 　   　（大于/等于/小于）第8min的内能。
（3）试管中碎冰质量是200g，则甲图中冰熔化过程中吸收的热量是 　   　J。
 
28．（2分）如图所示，R0是一个光敏电阻，光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，R是电阻箱（已调至合适阻值），它们和继电器组成自动控制电路来控制路灯。白天灯熄，夜晚灯亮。则给路灯供电的电源应接在　   　（a、b或b、c）两端；如果将电阻箱R的阻值调小一些，则路灯比原来　   　（早一些/迟一些）亮。
 
29．（6分）小明同学在一次测量小灯泡额定功率的实验中，所用电源由两节新干电池串联组成，小灯泡上标有“2.5V”字样，滑动变阻器规格为“10Ω 0.5A”，连接了如图甲所示的电路。
 
（1）同组的小红发现小明忘记把电压表接入电路了，请你帮他把电压表正确接入电路。
（2）接好电路后，闭合开关，他们发现电压表示数较大，电流表示数为0，移动滑片也无法改变，他们分析后认为是 　   　发生了 　   　故障。
（3）排除故障后，小明同学移动滑片，测得当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 　   　W。
（4）小明还想探究“在电压一定时，电流与电阻的关系”，于是将甲图中的小灯泡换成四个阻值分别为10Ω，8Ω，6Ω和4Ω的定值电阻，其余连接均不改变。
①在实验过程中，将4个定值电阻依次接入电路，调节滑动变阻器使定值电阻两端的电压保持某个值U不变，为了能够顺利得到4组I、R数据，完成实验，该电压U的取值范围是：　   　。
②四次实验中，当电压表调到某一控制电压时，此时滑动变阻器消耗的最大功率和最小功率之比是 　   　。
30．（7分）小明利用如图甲所示的电路探究“电流与电压、电阻的关系”，可供选择的器材有：电源（两节新干电池），电流表、电压表、开关，阻值分别为5Ω、10Ω、60Ω的定值电阻各一个，“10Ω 1A”、“20Ω 1.5A”、“30Ω 2A”三种规格的滑动变阻器，导线若干。
 
（1）请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物图连接完整。
（2）连接电路时应　   　（选“断开”或“闭合”）开关，将变阻器滑片P移到　   　（选“A”或“B”）端。
（3）闭合开关，发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，原因可能是　   　。
实验序号
①
②
③
④
⑤
电压U/V
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
电流I/A
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
（4）故障排除后，小明首先“探究电流与电阻关系”，他把5Ω的电阻接入电路，移动变阻器滑片P，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，将5Ω电阻替换为10Ω的电阻继续进行实验，接下来他应将变阻器滑片P向　   　（选填“左”或“右”）端移动；本次实验中所选滑动变阻器的规格为　   　。
（5）完成上述实验后，小明把5Ω的电阻接入电路中，来探究“电流与电压的关系”。通过正确操作得到数据如下表所示，分析表中数据得到的结论是　   　。
（6）小华在原有器材的基础上，增加了定值电阻R0、电阻箱（）和一个单刀双掷开关，设计了几种单表测量额定电压为2.5V小灯泡额定功率的电路图，如图丙所示，其中符合要求的有　   　。
 
31．（7分）如图甲是一种家用电暖器，图乙是其简化的电路图，已知R1＜R2，电暖器的部分参数如表中所示.
额定电压
220V
功率选择
一挡
950W
二挡
1150W
三挡
2100W
（1）要让电暖器处于第二挡工作，应如何操作？
（2）若电暖器在第三挡正常工作10mi，则产生的热量是多少？
 
32．（7分）如图所示电路，滑动变阻器上标有“50Ω 1A”，电源电压恒定为18V。当开关S闭合后，电流表的示数为0.5A，电压表的示数为5V。求：
（1）电阻R1的阻值是多少Ω？
（2）此时滑动变阻器R2接入电路的阻值是多少Ω？
（3）若电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V，则滑动变阻器接入电路的阻值不能小于多少Ω？
 

2022年江苏省南京市玄武区南京外国语学校雨花国际学校中考物理模拟试卷（一）
参考答案与试题解析
一、单选题（每小题2分，共24分）
1．（2分）通常情况下，下列数据符合实际情况的是（　　）
A．人正常眨眼一次的时间约为3s
B．普通中学生步行速度约5m/s
C．普通中学生的体积约50dm3
D．人走上楼的功率约300W
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解答】解：A、人们常用“眨眼之间”形容时间短，所以眨一次眼睛的时间不到0.5s，故A不符合实际；
B、中学生正常步行的速度约为4km/h＝4×m/s≈1.1m/s，故B不符合实际；
C、水的密度是1.0×103kg/m3，人体密度与此差不多，在1.0×103kg/m3左右。中学生的质量约50kg，其体积在V＝＝＝0.05m3＝50dm3左右，故C符合实际；
D、中学生的质量大约为50kg，重力G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N；
一个楼层的高度约为3m，上一层楼克服重力做功为W＝Gh＝500N×3m＝1500J；
上一层楼用时在10s左右，则功率为：P＝＝＝150W，故D不符合实际。
故选：C。
【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2．（2分）下列机械或工具的使用，属于费力杠杆的是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、起瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
故选：B。
【点评】此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
3．（2分）下列有关声现象的说法，正确的是（　　）
A．看电视时调节音量是为了改变声音的音调
B．太空中宇航员间能直接对话是因为真空能传声
C．0dB是刚好引起人耳听觉的声音强度
D．公路两旁的隔音板是从声源处防止噪声的产生
【分析】（1）声音的强弱叫响度，影响响度的因素是发声体的振幅；（2）声音的传播需要介质，真空不能够传声；
（3）0分贝是人耳能听到的最弱的声音；
（4）防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
【解答】解：A、看电视时调节音量，声音强弱发生变化，所以改变的是声音的响度，故A错误；B、太空中没有空气，真空不能传声，因此两名宇航员在太空中不能直接对话，故B错误；C、人们刚刚能听到的弱声是0分贝，故C正确；
D、高速公路两旁的隔音板是在传播中减弱噪声，而不是为了防止噪声的产生，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查声现象的基础知识及应用，要求学生对声音及其特性、声音的传播及特征、减弱噪声的措施等知识点全面掌握。
4．（2分）下列关于声现象说法正确的是（　　）
A．在小提琴上不同位置按弦，目的是改变响度
B．“引亢高歌”中的“高”是指声音的音调高
C．只要物体在振动，我们就一定能够听到声音
D．B超是利用超声波来传递信息而进行医疗观察
【分析】（1）改变按弦的位置，可改变琴弦振动的频率，从而改变音调；
（2）物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调；
（3）人耳听到声音的条件：①物体发生振动；②介质向外传声；③良好的听觉器官；④频率在人的听觉范围之内；⑤有足够的响度；
（4）声音可以传递信息。
【解答】解：A、在小提琴上不同位置按弦，是改变琴弦的长度来改变音调，故A错误；
B、“引亢高歌”中的高是指声音的响度，故B错误；
C、不是所有的声音都能被人耳听到，人耳能听到的声音频率范围一般在20Hz～20000Hz范围内，在此范围以外的声波（超声波和次声波），人耳听不到，故C错误；
D、声音可以传递信息，因此B超利用声音可传递信息而医疗观察，故D正确。
故选：D。
【点评】本题综考查声音的特征、超声波与次声波以及声音与信息的关系，知识点多，但难度不大。
5．（2分）下列现象发生的过程中，符合自然规律的的是（　　）
①春天，冰雪熔化汇成溪流，液化放热
②夏天，剥开包装纸后冰棒会冒向上“白气”
③秋天，雾在太阳出来后散去，汽化现象
④冬天，室内玻璃上出现冰花，凝华现象
A．①③ B．②③ C．②③④ D．③④
【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固。
其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
【解答】解：①春天，冰雪熔化汇成溪流，属于熔化现象，熔化吸热，故①错误；
②夏天，剥开包装纸后冰棒会冒“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，水的密度大于空气的密度，“白气”向下运动，故②错误；
③秋天，雾在太阳出来后散去，水变成水蒸气，属于汽化现象，故③正确；
④寒冬，室内玻璃上形成的窗花，是空气中水蒸气遇冷凝华形成的，故④正确。
故选：D。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
6．（2分）如图所示，将一把钢尺紧按在桌面上，一端伸出桌边，拨动钢尺，听它振动发出的声音。改变钢尺伸出桌边的长度，再次用力拨动，使钢尺两次振动的幅度大致相同，听它发出声音的变化。这个实验用来探究（　　）
 
A．声音能否在固体中传播
B．响度与物体振幅的关系
C．音调与物体振动频率的关系
D．音色与发声体的哪些因素有关
【分析】明确声音的三个特征，音调、响度、音色，音调跟频率有关；响度跟振幅有关、音色跟材料和结构有关。明确实验中，改变钢尺伸出桌边的长度，实质改变的是物体的振动快慢，改变物体的振动频率。
【解答】解：A、我们听到钢尺发声是通过空气传播的。不符合题意。
B、响度跟振幅有关，钢尺两次振动的幅度相同，响度相同。不符合题意。
C、伸出的钢尺的长度不同，振动物体的质量和体积不同，振动快慢不同，振动频率不同，音调不同。符合题意。
D、音色跟振动物体的材料和结构有关，改变伸出桌面的钢尺长度不同，材料和结构不变。不符合题意。
故选：C。
【点评】在利用控制变量法探究物理问题时，一定要注意控制不变的量是什么，控制不变量影响哪一个物理量，改变是什么，改变的量影响哪一个物理量。才能判断实验要研究的问题。
7．（2分）小科发现教室的投影幕布有一个开关，通过控制可以使幕布上升或下降。请教科学老师后得知，内部安装了一个电动机。于是他用单刀双掷开关及其它元件设计了如下四个电路图，其中能通过开关的转换而实现幕布升或降的是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】影响电动机转向的因素是电流的方向和磁场的方向，在本题中是通过改变电流的方向来完成的。
【解答】解：
AB、开关接1或2时，流进电动机的电流方向不变，故电动机转动方向不变，故AB错误；
C、开关接1时，电动机和左边电阻并联后再和右边电阻串联，电流由下面流进电动机；开关接2时，电动机和右边电阻并联后再和左边电阻串联，电流由上面流进电动机，故接1或2时流进电动机的电流方向改变，电动机转动方向改变，能通过开关的转换而实现幕布升或降，故C正确；
D、开关接1或2时，电动机被短路，都不能工作，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了影响电动机转向的因素和电路设计，利用单刀双掷开关用适当的组合方式可以改变电路中的电流方向。
8．（2分）如图所示是某家庭电路，闭合开关S1、S2，灯泡L1正常发光、L2不亮。断开S1、保持S2闭合，用测电笔插入插座上孔氖管发光，插入插座下孔氖管发光。则故障可能是（　　）
 
A．ac间断路 B．bd间断路
C．灯泡L2断路 D．b点到零线之间断路
【分析】灯泡发光时，说明该支路是正常的；测电笔在使用时，笔尖接触火线，氖管会发光；根据氖管的发光情况判定电路的故障。
【解答】解：闭合开关S1、S2，灯泡L1正常发光、L2不亮，则灯泡L1所在电路正常，即b点到零线之间不会断路；
若灯泡L2断路，因并联电路各支路互不影响，所以不会影响插座（即用测电笔测试插座的上下两孔时，只有上孔能使氖管发光），故不可能是灯泡L2断路；
断开S1、保持S2闭合，用测电笔插入插座上孔时氖管发光，说明火线是完好的，故ac间没有断路；
而用测电笔插入插座下孔时氖管也发光，这说明插座的下孔与火线之间也是接通的，由于L2是完好的，则插座的下孔通过L2与火线相连，所以故障是bd间断路；
综上所述，B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了家庭电路故障的分析，属于中档题。
9．（2分）下列四幅图中，能用来研究电流在磁场中受力的是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】通过对选择项中装置中所示的电与磁现象的分析，确定其反应的物理理论，即可得到答案。
【解答】解：A、图示装置中有电源，通电导体在磁场中受力运动，能用来研究研究电流在磁场中受力，故A正确；
B、直导线通电后小磁针发生了偏转，说明电流的周围存在磁场，不能用来研究研究电流在磁场中受力，故B错误；
C、导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针偏转，说明产生了感应电流，这是电磁感应现象，不能用来研究研究电流在磁场中受力，故C错误；
D、图中是电磁铁，利用的是电流的磁效应，不能用来研究研究电流在磁场中受力，故D错误。
故选：A。
【点评】在电磁学部分中，电磁感应与通电导体在磁场中的运动为互逆过程，可明确是先有的运动还是先有的电流，由运动产生电流则为电磁感应，若是由电流引起的运动，则为通电导体在磁场中的受力。
10．（2分）假期小明一家出门旅游，出发前家里只有一台额定功率为0.2kW的冰箱正常工作，其它用电器都已关闭，小明看到家里电能表的示数为2021.6kW•h，过了7天小明回家再次查看电能表的示数如图所示。下列有关说法正确的是（　　）
 
A．这段时间冰箱消耗的电能是70kW•h
B．冰箱每天平均工作的时间为1h
C．冰箱正常工作1h电能表的转盘转过120转
D．该电能表允许同时接入总功率不超过2.2kW
【分析】①测量较大电能时用刻度盘读数：最后一位是小数位；两次读数之差就是这段时间内消耗的电能，单位是度（千瓦时）；
②根据消耗的电能和电冰箱的电功率求出电冰箱工作的时间，然后求出每天工作的时间；
③根据电冰箱的电功率和工作时间求出电冰箱消耗的电能，然后求出表盘转过的数目；
④10（20）A中，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，220V是指电能表的工作电压，利用P＝UI求电能表允许电路接入的用电器的最大电功率。
【解答】解：
A、由图知，小明回到家时电能表的读数为2028.6kW•h，而离开家时电能表的示数为2021.6kW•h，则在这7天内所消耗的电能W＝2028.6kW•h﹣2021.6kW•h＝7kW•h，故A错误；
B、冰箱的电功率为：P＝0.2kW，由P＝可得：t＝＝＝35h，则每天工作的时间为＝5h，故B错误；
C、冰箱正常工作1h消耗的电能为：W'＝Pt'＝0.2kW×1h＝0.2kW•h，电能表的转盘转过0.2kW•h×600r/kW•h＝120转，故C正确；
D、10（20）A中，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，220V是指电能表的工作电压，电能表允许电路接入的用电器的最大电功率P最大＝U′I最大＝220V×20A＝4400W＝4.4kW，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电能表的读数、电能的计算，关键是掌握电能表标识的含义，才能正确做题。
11．（2分）小明家火线上的熔丝熔断。小明检查时，断开所有的开关，将一只完好的白炽灯L接到图示位置。下列说法正确的是（　　）
 
A．只闭合S、S1，若灯L正常发光，说明L1支路无故障
B．只闭合S、S2，若灯L正常发光，说明L2支路短路
C．只闭合S、S1，若灯L发光较暗，说明L1支路断路
D．只闭合S、S2，若灯L不发光，说明L2支路短路
【分析】当检验灯泡正常发光时，该灯泡两端的电压应为220V，则此时一定是灯泡的一端与火线相接，另一端与零线相接。灯泡发光而亮度不够，则加在灯泡上必有电压，但此电压应小于220V，则此时应该是检验灯泡与另一电阻（如另一灯泡）串联接在火线与零线之间。
【解答】解：A、只闭合S、S1，若灯L正常发光，灯泡两端的电压为电源电压，说明L1支路短路，故A错误；
B、只闭合S、S2，若灯L正常发光，灯泡两端的电压为电源电压，说明L2支路短路，故B正确；
C、只闭合S、S1，若灯L发光较暗，表示检验灯泡与另一灯泡串联接在火线与零线之间，这是一正常现象，说明L1支路短路，故C错误；
D、只闭合S、S2，若灯L不发光，表示该电路中有断路现象，说明L2支路断路，故D错误。
故选：B。
【点评】此题使用检验灯来检验电路故障，要知道判断方法，在生活中要会运用。
12．（2分）小明设计了如图甲所示的模拟调光灯，电路电源电压恒定，R1为定值电阻，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P由最右端向左移动，直至灯泡L正常发光。此过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2（V2未画出）示数变化关系图像如图乙所示，下列说法正确的是（　　）
 
A．电源电压为4.5V
B．小灯泡正常发光时的功率为3W
C．图像②表示R1的电流随电压变化关系
D．再串联一个4.5Ω的电阻后，R2的滑片可自由移动，灯泡能正常发光且安全
【分析】由电路图可知，闭合开关S后，灯泡、R1、R2串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，由题意可知，电压表V2未画出。
（1）根据灯泡两端的电压越大时通过的电流越大判断出小灯泡的I﹣U图像，根据图乙可知电压表V2的示数随电流表示数的变化关系，然后结合电流相等时两电压表的示数之和不相等判断出电压表V2并联的位置；当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据图乙读出电表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，根据图乙读出电表的示数，同理表示出电源的电压，然后联立等式即可求出R1的阻值和电源的电压；
（2）知道灯泡正常发光时的电流和电压，根据P＝UI求出小灯泡正常发光时的功率；
（3）根据欧姆定律算出小灯泡正常发光的电阻，要使R2的滑片可自由移动，且灯泡能正常发光，所以R2的电阻可以是0，即R2＝0时，电路的电流为0.25A，根据欧姆定律算出此时电路的总电阻，根据串联电路电阻的规律算出串联电阻的阻值。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关S后，灯泡、R1、R2串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，由题意可知，电压表V2未画出。
AC．因灯泡两端的电压越大时通过的电流越大，所以图乙中图线①是小灯泡的I﹣U图像，
由图线②可知，电压表V2的示数随电流表示数的增大而减小，
所以，电压表V2测滑动变阻器两端的电压或测定值电阻和滑动变阻器两端的电压之和，
因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
所以，由电流相等时两电压表的示数之和不相等可知，电压表V2测滑动变阻器R2两端的电压，即并联在滑动变阻器R2两端，因此图像②表示R2的电流随电压变化关系，故C错误；
当滑动变阻器的滑片处于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，
由图乙可知，灯泡两端的电压UL＝0.5V，变阻器R2两端的电压U2＝3.5V，电路中的电流I＝0.1A，
则电源的电压：U＝UL+U2+IR1＝0.5V+3.5V+0.1A×R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当灯泡正常发光时，电路中的电流最大，
由图乙可知，灯泡两端的电压UL′＝2.5V，变阻器R2两端的电压U2′＝0.75V，电路中的电流I′＝0.25A，
则电源的电压：U＝UL′+U2′+I′R1＝2.5V+0.75V+0.25A×R1﹣﹣﹣﹣②
由①②可得：R1＝5Ω，U＝4.5V，故A正确；
B．小灯泡正常发光时的功率：PL＝UL′I′＝2.5V×0.25A＝0.625W，故B错误；
D．因为R2的滑片可自由移动，且灯泡能正常发光，所以R2的电阻可以为0，即R2＝0时，电路的电流为0.25A，
由I＝可得，此时电路的总电阻为：R总＝＝＝18Ω，
灯泡正常发光的电阻：RL＝＝＝10Ω，
因串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，所以需要串联电阻的阻值：R串联＝R总﹣RL﹣R1＝18Ω﹣10Ω﹣5Ω＝3Ω，
所以，再串联一个3Ω的电阻后，R2的滑片可自由移动，灯泡能正常发光且安全，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确判断出两电压表V2的位置和从图象中获取有用的信息是关键。
二、填空题（每空1分，）
13．（3分）声音是由物体 　振动　产生的，甲图中当把瓶内的空气不断抽出时，手机铃声会越来越小，过一会听不见声音但能看到手机有来电显示，由此可推理：　电磁　波能在真空中传播；乙图所示的标牌，这是从　声源　减弱噪声。
 
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）声音不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播；
（3）减弱噪声可以从三个方面入手，一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱。
【解答】解：（1）声音是由物体振动产生的；
（2）通过真空罩可以看到手机来电显示灯在不断闪烁，但听不见声音，说明声音的传播需要介质，电磁波可以在真空中传播；
（3）乙图的含义是禁止鸣笛，可以在声源处减弱噪声。
故答案为：振动；电磁；声源。
【点评】本题考查声音的产生以及电磁波的传播，以及噪声的减弱，难度不大。
14．（5分）如图是手摇发电机模型，其工作原理是 　电磁感应现象　，是将 　机械　能转化为 　电　能，我国交流电的频率是50Hz，在每秒钟内电流方向变化了 　100　次，周期为 　0.02　s。
 
【分析】发电机的原理是电磁感应；能量转化是机械能转化为电能；
我国使用的是正弦式交流电，在一个周期之内电流方向变化两次，已知交流电的频率，可以求出每秒交流电方向变化的次数，由周期与频率的关系可求出交流电的周期。
【解答】解：发电机是根据电磁感应原理发电的。发电过程中，机械能转化为电能；
已知交流电频率f＝50Hz，则每秒内交流电变化的次数是50×2＝100次，则它的周期T＝＝＝0.02s。
故答案为：电磁感应现象；机械；电；100；0.02。
【点评】交流电完成一次周期性变化需要的时间叫周期，单位时间内完成周期性变化的次数叫频率。知道周期与频率的定义是解题的基础，灵活应用周期与频率的关系是解题的关键。
15．（4分）在风能、天然气、太阳能、核能、水能中，属于不可再生能源的是 　天然气、核能　；电磁波在真空中的速度为 　3×108　m/s；核反应堆利用核的 　裂变　方式将核能转化为电能，但我们不可以将电能自发的转化为核能，这是因为能的转化和转移具有 　方向性　。
【分析】（1）能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
（2）电磁波在真空中的传播速度是3×108 m/s；
（3）目前利用核能的方式有两种：核裂变与核聚变，目前运营的核电站是利用核裂变获得能量的；
（4）能量的转化和转移具有方向性。
【解答】解：（1）天然气、核能等一旦消耗就很难再生，属于不可再生能源；
（2）电磁波在真空中的传播速度是3×108 m/s；
（3）核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的；
（4）能量的转化和转移具有方向性，所以由核能发电产生的电能不能自发地再转化为核能。
故答案为：天然气、核能；3×108；裂变；方向性 。
【点评】本题考查学生对身边资源分类、电磁波的速度、核能的利用及对能源转化的方向性的了解情况，要知道核电站是通过核裂变来获取核能的。
16．（3分）小红用温度计测量烧杯中液体的温度，分别进行了三次操作，如图（甲）所示，其中正确的是　C　。图（乙）中所示的是用温度计分别测得的冰和水的温度，那么冰的温度是　﹣2　℃，水的温度是　88　℃。
 
【分析】（1）使用温度计时：
①温度计的玻璃泡全部浸入被测的液体中，不要碰到容器底和容器壁；
②温度计玻璃泡浸入被测物体后要稍后一会儿，待温度计的示数稳定后再读数；
③读数时温度计的玻璃泡要继续留在液体中，视线要与温度计中液柱的上表面相平。
（2）使用温度计测量液体的温度，读数时先看清是零上还是零下的，然后认清量程和分度值，最后读出示数。
【解答】解：（1）甲图中，使用温度计测量液体的温度，温度计的玻璃瓶要全部浸入被测液体中，不能离开液体读数，C符合这种情况；
（2）乙图中，该温度计的分度值是1℃，测量冰的温度时，温度计中液柱的液面在0℃以下两格处，示数为﹣2℃；
测量水的温度时，温度计中液柱的液面在80℃以上8格处，示数为88℃。
故答案为：C；﹣2；88。
【点评】本题考查的是温度计的使用和读数方法，温度计的使用和读数是中考常考的知识点之一，也是学生容易出错的地方，在学习中要多加注意。
17．（4分）图1是某物质在一标准大气压下的凝固图象，根据图象可知：该物质　有　（选填“有”或“没有”）凝固点，第25min时该物质处于的状态是　固态　；在一标准大气压下，若将装有足够多的冰水混合物的试管放入正在熔化的该物质中（如图2），则试管内的冰将　变多　（选填“变多”、“变少”或“多少不变”）。此时试管中的冰水混合物的温度为　0　℃。
 
【分析】（1）晶体和非晶体在熔化和凝固过程中的区别：
晶体在熔化（或凝固）过程中温度保持不变；非晶体在熔化过程中温度不断升高，在凝固过程中温度不断降低；由图象确定该物质的凝固点，便可判断出物质的状态；
（2）根据晶体凝固的条件可知：冰水混合物会向盐冰水混合物放热，由此确定冰水混合物中的水会有部分结冰，则可判断冰的变化。
【解答】解：（1）由图象知，整个过程中温度有下降的趋势，所以是凝固图象；又该物质在凝固过程中温度保持不变，所以是晶体；该物质从10min开始凝固，凝固点为﹣2℃，到20min结束，所以第25min时该物质处于固态；
（2）冰水混合物的温度是0℃，冰水混合物会向该物质放热，冰水混合物中的水会达到凝固结冰的条件，冰水混合物中的冰会变多，冰的质量将变大。
故答案为：有；固态；变多；0。
【点评】此题考查了有关晶体凝固图象的分析，要抓住晶体和非晶体熔化和凝固时特点：晶体有一定的熔点（凝固点），熔化（凝固）时温度不变，继续吸热（放热），学习时要用比较法来记住它们的特点。
18．（3分）如图所示，小明用一个滑轮组匀速提升重为200N的物体，物体在4s内上升2m的过程中，人所用的拉力为125N．此过程中，小明做的有用功是 　400　J，拉力的功率是 　125　W，滑轮组的机械效率是 　80%　。
 
【分析】①已知物重和上升高度，利用W有用＝Gh得到有用功；
②由图知，承担物重的绳子段数为2，已知物体上升的高度，可以得到绳子拉下的长度；已知拉力和绳子拉下的长度，可以得到总功；已知总功和所用时间，可以得到拉力的功率；
③已知有用功和总功，两者之比为滑轮组的机械效率。
【解答】解：
①拉力做的有用功为W有用＝Gh＝200N×2m＝400J；
②绳子拉下的长度为s＝2h＝2×2m＝4m，
拉力做的总功为W总＝Fs＝125N×4m＝500J，
拉力的功率为P＝＝125W；
③滑轮组的机械效率为η＝×100%＝80%。
故答案为：400；125；80%。
【点评】这是一道较典型的关于滑轮组的计算题，主要用到了功的公式、功率的公式、机械效率的公式，虽然用到的公式较多，但只要搞清楚力与距离的对应关系，难度也并不大。
19．（3分）在复习声现象时，同学们列举了一些生活实例：①公共场所不要大声说话；②闻其声而知其人；③用手按住正在发声的鼓面时，鼓声会消失；④吹笛子时，手按住不同的孔，笛子会发出不同的声音；⑤站在河岸上大声说话，会吓跑正在河边游动的鱼；⑥宇航员在飞船外工作时，它们之间的对话必须借助电子通信设备才能进行。
你认为上述实例中能说明声音产生原因的是　③　（填序号，下同）；能说明声音传播条件的是　⑤⑥　；能反映声音特性的是　①②④　。
【分析】（1）声音是由物体振动产生的，当振动停止，发声也停止。声音在传播时，需要介质，即气体、液体和固体都能传播声音，真空不能传声；
（2）声音三个特性：音调、响度、音色。音调跟频率有关，频率越大，音调越高。体积大，质量大的物体难振动，频率小，音调低。响度跟振幅有关。音色跟材料和结构有关。
【解答】解：①公共场所不要大声说话，是说声音的响度大；②闻其声而知其人是因为不同的人发声的音色不同；③用手按住正在发声的鼓面时，鼓声会消失，说明声音是由物体的振动产生的；④吹笛子时，手按住不同的孔，笛子会发出不同的声音，是因为按住不同的空，时的音调不同；⑤站在河岸上大声说话，会吓跑正在河边游动的鱼，说明液体能够传声；⑥宇航员在飞船外工作时，它们之间的对话必须借助电子通信设备才能进行，说明声音的传播需要介质；
故答案为：③；⑤⑥；①②④。
【点评】此题考查了声音的产生、传播和声音的特性，难度不大。
20．（2分）图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化图象，将它们按图乙所示接入电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为1W；再闭合开关S1，电流表示数变化了 　0.2　A，电阻R在10s时间产生的热量为 　4　J
 
 
【分析】（1）当闭合开关S、断开开关S1时，电路为L的简单电路，由甲图象读出当小灯泡的实际功率为1W时两端的电压（即为电源的电压）和通过的电流；
（2）当再闭合开关S1时，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点可知R两端的电压，由甲图象可知此时通过R的电流，根据并联电路的电流特点可知电流表示数的变化量，根据Q＝W＝UIt算出电阻R在10s时间产生的热量。
【解答】解：（1）当闭合开关S、断开开关S1时，电路为L的简单电路，
由甲图象可知，当灯泡两端的电压UL＝2V，通过的电流IL＝0.5A，
此时灯泡的实际功率PL＝ULIL＝2V×0.5A＝1W，
则电源的电压U＝UL＝2V；
（2）当再闭合开关S1时，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，
因为并联电路中各支路两端的电压相等，
所以此时R两端的电压为2V，由图象可知IR＝0.2A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以干路电流表示数变化了0.2A，即通过电阻R的电流为0.2A，
电阻R在10s时间产生的热量为：
Q＝W＝UIt＝2V×0.2A×10s＝4J。
故答案为：0.2；4。
【点评】本题考查了并联电路的特点和电功率公式的应用，关键是能从图象中得出小灯泡的实际功率为1W的电压和通过的电流。
21．（3分）小彪去乘坐地铁时发现“聪明的电梯”（如图甲），小彪根据网络搜索的如图乙所示的简易控制电路，R是一个压敏电阻，其电阻阻值随压力的增大而减小。当人走上电梯后，控制电路的电流 　变大　（选填“变大”、“不变”或“变小”，下同），受控电路的电流 　变大　，电动机的转速将变大，人相对于电梯是 　静止　（选填“运动”或“静止”的）。
 
【分析】（1）本题中有两个电路，左侧为压敏电压与电磁铁串联，右侧为电机控制电路，当衔铁与触点1接触时，R1与电机串联，当衔铁与触点2接触时，电阻断路，电机中电流增大。
（2）判断物体是否运动，即看该物体相对于所选的参照物位置是否发生改变即可。
【解答】解：当人走上电梯后，压力增大，R的阻值减小，根据欧姆定律可知，电路中电流变大，电磁铁磁性变强，则衔铁吸下来，与触点2接触，根据串联电路的电阻关系可知，此时电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电动机上的电流变大，电动机转速变大。
当人走上电梯后，在上升过程中，人以电梯为参照物，人与电梯的位置没有改变，所以人是静止的。
故答案为：变大；变大；静止。
【点评】本题考查应用物理知识解决实际问题的能力，在本题中应认清电路的构造联系所学知识进行解答。
22．（4分）图中1为充足气的气球放气过程，此时气嘴处温度将 　降低　（升高/降低），汽油机的工作过程图2中的 　乙　（甲/乙）与这一实验过程中能量的转化是一致的，而图示的另一个工作过程叫 　压缩　冲程。若汽油机飞轮转速为1200r/min，该汽油机每秒对外做功 　10　次。
 
【分析】（1）内燃机的工作原理是气体的内能转化为机械能，对外做功；
（2）根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程；
（3）根据每一个工作循环中，飞轮转动两圈，可利用已知条件算出每秒钟对外做功的次数。
【解答】解：（1）气球内的气体向外喷出，对外做功，气体的内能转化为气球的机械能，此时气嘴处温度将降低，与内燃机的做功冲程能量转化相同；
（2）图乙中的气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，且上端的火花塞发出电火花，是做功冲程，在这一过程中，内能是转化为机械能的；
图甲中的气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，此时机械能转化为内能，与电子式火花发生器的能量转化相反；
（3）飞轮转速为1200r/min，表示每分钟飞轮转过1200圈，因汽油机在一个工作循环中，飞轮每转动两圈，对外做功一次，故每分钟做功的次数为1200×＝600（次），每秒钟做功10次。
故答案为：降低；乙；压缩；10。
【点评】此题要考查了内燃机工作原理及过程，并从能量转化的角度与电子式火花发生器的工作原理进行了比较，同时考查了做功冲程与压缩冲程的区分。
三、解答题（共42分，计算题应有公式和解题过程）
23．（2分）如图所示，在C点用力把桌腿A抬离地面时，桌腿B始终没有移动，请在C点画出最小作用力的示意图。
 
【分析】根据杠杆的平衡条件，要想施加最小的力，必须是力臂最大。
【解答】解：连接BC，则BC就是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向向上，据此可画出最小的动力；如下图所示：
 
【点评】为了确定最小的力就必须找力臂最大时对应的力，此时力的作用点应该离支点最远。
24．（2分）小磁针涂黑端为N极，静止时指向如图所示，请根据条件，画出螺线管线圈的绕法。
 
【分析】先根据磁极间的相互作用规律得出通电螺线管的N、S极，再根据电流表的正确使用方法（电流是从正接线柱流入、从负接线柱流出）得出螺线管中的电流方向，最后根据安培定则确定螺线管的绕线方式。
【解答】解：小磁针的右端为N极，根据“同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引”可知通电螺线管的左端为S极、右端为N极；
因为电流是从正接线柱流入、从负接线柱流出，所以电流从螺线管的右侧流入、左侧流出；
根据安培定则，伸出右手握住通电螺线管，使大拇指指示通电螺线管的N极（右端），则四指弯曲的方向为电流的方向，则螺线管中外侧的电流是向下的，螺线管的绕法如图所示：
 
【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律、电流表的接法、安培定则的应用。注意螺线管的绕法有两种，会根据电流方向和安培定则确定是哪一种。
 
25．（2分）如图所示是家庭电路的某一部分的示意图，请用笔画线代替导线把该电路连接完整，并且使之符合安全用用电的要求。
 
【分析】把开关接在火线与电灯之间，三孔插座的接法是左零右火上接地。
【解答】解：如图：
 
【点评】本题考查了开关、电灯、三孔插座的接法。
26．（4分）小华用如图甲所示的实验装置探究水的沸腾特点。
 
（1）安装实验器材时，如图甲，应按照　自下由上　（选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行，请指出图甲中的操作错误：　温度计的玻璃泡接触了容器壁　。
（2）实验中，小华观察到水在沸腾前的沸腾时水中气泡的上升情况不同，如图乙a，b所示。表示沸腾时气泡上升情况的是图　a　。
（3）为了说明水的沸腾过程是否需要吸热，应　停止加热　，观察水是否沸腾。
（4）小华完成了实验，并根据实验数据，并作出了如丙图所示的温度随时间变化的图象，他发现温度计示数上升速度先慢后快再慢，产生这种现象的原因是　C　（填字母）。
A．整个过程酒精灯火焰忽大忽小，放热不均匀
B．开始加热时有纸盖减少了热量的损失
C．开始要加热石棉网和烧杯，后来水温较高时散热变快
【分析】（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；温度计的玻璃泡不能接触容器底或容器壁；
（2）掌握沸腾时和沸腾前的现象：沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐减小，到水面消失。沸腾时，有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐增大，最后破裂；物质由气态变为液态的过程是液化；
（3）为了说明水沸腾过程中需要吸热，可以撤去酒精灯，观察水能否继续沸腾即可得出结论；
（4）一开始加热，水的温度上升的比较快，随着时间的延长，温度上升的越来越缓慢，到达沸点后，温度保持不变。
【解答】解：
（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以先放好烧杯后，再调节温度计的高度，所以组装实验器材时，应按照自下而上的顺序；
图甲中的操作错误是温度计的玻璃泡接触了容器壁；
（2）a图气泡在上升过程中气泡体积增大，所以是沸腾时的情况；b图气泡在上升过程中，体积逐渐减小，所以是沸腾前的情况；
（3）水沸腾后，若撤去加热源，则水不再吸收热量，也就不能维持沸腾状态，所以应停止加热，观察水是否能够继续沸腾；
（4）温度计示数上升速度先慢后快再慢，原因是开始要加热石棉网和烧杯，所以水温上升较慢，然后水温上升加快；而水温较高时，由于水温和环境温度相差较大，散热较快，同时水的汽化速度较快，汽化需要吸热，所以水温上升又放慢，原因如C所述。
故答案为：（1）自下由上；温度计的玻璃泡接触了容器壁；（2）a；（3）停止加热；（4）C。
【点评】这类题目要求掌握实验注意事项，会从图象中得到需要信息，结合所学过的知识分析实验现象。
27．（3分）如图甲所示是“探究冰熔化时温度随加热时间变化”的图像。（c水＝4.2×103J/（kg•℃））分析图像可知：
（1）冰在熔化过程中的特点是吸收热量，温度 　不变　。
（2）该物质在第6min时的内能 　小于　（大于/等于/小于）第8min的内能。
（3）试管中碎冰质量是200g，则甲图中冰熔化过程中吸收的热量是 　2.52×103　J。
 
【分析】（1）由图象可以看出，熔化过程中出现一段温度恒定的时间段，这是晶体的典型特征，晶体在熔化过程中温度保持不变，这个温度就是晶体的熔点。
（2）物体吸收热量，内能增加；
（3）物质在相同的时间内吸收的热量是相同的；根据公式Q＝cmΔt求出吸收的热量。
【解答】解：（1）由图象知，冰在4～10min处于熔化过程中，此时吸收热量，温度保持0℃不变，所以冰是晶体，其熔点为0℃；
（2）由图象知，冰在4～10min处于熔化过程中，此时不断吸收热量，内能增加，故该物质在第6min时的内能小于第8min的内能；
（3）在10～14min内，水的温度升高了2℃，则在10～14min内水吸收的热量为：
Q水吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×2℃＝1.68×103J；
由题知物质在相同的时间内吸收的热量是相同的，而冰的熔化过程用时是6min，
所以冰熔化过程中吸收的热量为Q冰吸＝1.5Q水吸＝1.5×1.68×103J＝2.52×103J。
故答案为：（1）不变；（2）小于；（3）2.52×103。
【点评】此题通过考查物体的熔化图象，考查了学生对晶体熔化特点的掌握，并能够从熔化图象中总结出相关信息，考查了学生对熔化图象的综合分析。
28．（2分）如图所示，R0是一个光敏电阻，光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，R是电阻箱（已调至合适阻值），它们和继电器组成自动控制电路来控制路灯。白天灯熄，夜晚灯亮。则给路灯供电的电源应接在　a、b　（a、b或b、c）两端；如果将电阻箱R的阻值调小一些，则路灯比原来　迟一些　（早一些/迟一些）亮。
 
【分析】利用直流电源为电磁铁供电，将电源、光敏电阻、定值电阻、电键直接串联即可；分析电磁铁的电路，判定利用照明电源为路灯供电的接入点。
在串联电路中，电压电压等于各用电器两端的电压之和，用电器的电阻减小，其分担的电压也会去随之减小。
【解答】解：光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，所以白天时光敏电阻的电阻值小，电路中的电流值大，电磁铁将被吸住，动触点与c接通；晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻值大，电路中的电流值小，所以静触点与a接通。所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，则路灯应接在ab之间；
如果将电阻箱 R 的阻值调小，电流变大，继电器得到的电压变大，磁性变强，吸引力变大，路灯晚一点被点亮。
故答案为：a、b；迟一些。
【点评】解决本题的关键知光敏电阻的特点，能够根据它们的特点解释它们在实际运用过程中的原理。
29．（6分）小明同学在一次测量小灯泡额定功率的实验中，所用电源由两节新干电池串联组成，小灯泡上标有“2.5V”字样，滑动变阻器规格为“10Ω 0.5A”，连接了如图甲所示的电路。
 
（1）同组的小红发现小明忘记把电压表接入电路了，请你帮他把电压表正确接入电路。
（2）接好电路后，闭合开关，他们发现电压表示数较大，电流表示数为0，移动滑片也无法改变，他们分析后认为是 　小灯泡　发生了 　断路　故障。
（3）排除故障后，小明同学移动滑片，测得当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 　0.75　W。
（4）小明还想探究“在电压一定时，电流与电阻的关系”，于是将甲图中的小灯泡换成四个阻值分别为10Ω，8Ω，6Ω和4Ω的定值电阻，其余连接均不改变。
①在实验过程中，将4个定值电阻依次接入电路，调节滑动变阻器使定值电阻两端的电压保持某个值U不变，为了能够顺利得到4组I、R数据，完成实验，该电压U的取值范围是：　1.5V≤U≤2V　。
②四次实验中，当电压表调到某一控制电压时，此时滑动变阻器消耗的最大功率和最小功率之比是 　5：2　。
【分析】（1）连接电路时电压表应与小灯泡并联，采用正进负出的连接方法，选择电压表的量程；
（2）根据故障现象分析故障原因，通过分析电流表和电压表的示数，判断电路故障原因；
（3）根据电流表的量程读出电流表的示数，通过P＝UI计算功率；
（4）根据滑动变阻器规格和串联电路中电压和电流规律分析电压的最值；
（5）根据串联电路中电压规律和分压原理，根据功率公式得出功率之比为电阻的反比。
【解答】解：（1）连接电路时电压表应与小灯泡并联，采用正进负出的连接方法，电源电压为3V，故选择电压表的量程为0～3V，连接电路如图所示：
 
（2）接好电路后，闭合开关，电流表示数为0，说明电路是断路，电路中无电流；电压表示数较大，说明电压表与电源之间的连接是通路，此时电压表测量的是电源电压，分析故障原因是小灯泡发生了断路；
（3）如图乙所示，电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.3A，此时小灯泡的电压为额定电压2.5V，根据功率公式计算可得小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（4）①滑动变阻器规格为“10Ω 0.5A”，当滑动变阻器接入电路的阻值最大为10Ω，同时定值电阻阻值最大也为10Ω时，此时定值电阻两端的电压最小为：；滑动变阻器通过的电流最大为0.5A，此时电路中的电阻最小为：；此时滑动变阻器阻值为2Ω，可用定值电阻的阻值为4Ω，其两端的电压最大为：U最大＝4Ω×0.5A＝2V；故电压U的取值范围是：1.5V≤U≤2V；
②根据串联电路中电压规律可得滑动变阻器分得的电压为：U滑＝3V﹣U；当电压表调到某一控制电压时，滑动变阻器的电压保持不变，根据P＝UI＝可知，滑动变阻器消耗的最大功率和最小功率之比与变阻器连入电路的阻值成反比，根据分压原理得＝定值，当定值电阻分别取4Ω和10Ω时，对应的滑动变阻器接入电路的电阻之比为，即四次实验中，当电压表调到某一控制电压时，此时滑动变阻器消耗的最大功率和最小功率之比为5：2；
故答案为：（1）如图所示；（2）小灯泡；断路：（3）0.75；（4）①1.5V≤U≤2V；②5：2。
【点评】本题是测量小灯泡功率的实验，考查了电压表的连接和量程选择，电路故障的分析、功率的计算，并且涉及串联电路中电压规律的应用。
30．（7分）小明利用如图甲所示的电路探究“电流与电压、电阻的关系”，可供选择的器材有：电源（两节新干电池），电流表、电压表、开关，阻值分别为5Ω、10Ω、60Ω的定值电阻各一个，“10Ω 1A”、“20Ω 1.5A”、“30Ω 2A”三种规格的滑动变阻器，导线若干。
 
（1）请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物图连接完整。
（2）连接电路时应　断开　（选“断开”或“闭合”）开关，将变阻器滑片P移到　A　（选“A”或“B”）端。
（3）闭合开关，发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，原因可能是　R断路　。
实验序号
①
②
③
④
⑤
电压U/V
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
电流I/A
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
（4）故障排除后，小明首先“探究电流与电阻关系”，他把5Ω的电阻接入电路，移动变阻器滑片P，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，将5Ω电阻替换为10Ω的电阻继续进行实验，接下来他应将变阻器滑片P向　左　（选填“左”或“右”）端移动；本次实验中所选滑动变阻器的规格为　30Ω 2A　。
（5）完成上述实验后，小明把5Ω的电阻接入电路中，来探究“电流与电压的关系”。通过正确操作得到数据如下表所示，分析表中数据得到的结论是　电阻一定时，电流与电压成正比　。
（6）小华在原有器材的基础上，增加了定值电阻R0、电阻箱（）和一个单刀双掷开关，设计了几种单表测量额定电压为2.5V小灯泡额定功率的电路图，如图丙所示，其中符合要求的有　ACD　。
 
【分析】（1）根据甲图，变阻器右下接线柱连入电路中；
（2）闭合开关前，为保护电路，开关要断开，应将变阻器滑片P移到阻值最大处；
（3）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入60Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻确定变阻器选用的规格；
（5）横向比较表中数据得出结论；
（6）开关S接“a”、”b”各一次，根据电路图，确定能否使小灯泡正常发光，若不能，则无法测量小灯泡的额定电功率。
【解答】解：（1）根据电路图，变阻器右下接线柱连入电路中，如下所示：
 
（2）连接电路时，为保护电路，开关要断开；闭合开关前，应将变阻器滑片P移到阻值最大处的A端；
（3）闭合开关，发现电流表无示数，电路可能断路，电压表指针有明显偏转，电压表与电源连通，故原因可能是R断路；
（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2V；
电压表控制的电压为2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝3V﹣2V＝1V，变阻器分得的电压为电压表示数的0.5倍，根据分压原理，当接入60Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝0.5×60Ω＝30Ω，故为了完成整个实验，应该选取30Ω 2A的滑动变阻器；
（5）横向比较表中数据：电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大原来的几倍，即电阻一定时，电流与电压成正比；
（6）A、图A中，S先接b，移动滑动变阻器，使电压表的示数为2.5V时，灯泡正常发光；再接a，调节变阻箱连入电路的电阻，使电压表的示数仍为2.5V时，此时电阻箱的电阻等于灯泡的电阻，所以能测出小灯泡的额定功率，故A正确；
B、无论S接a还是接b都无法得知小灯泡是否正常发光，此方案不能测定小灯泡的额定电功率；故B错误；
C、①S1闭合，电阻箱接最大电阻，滑动变阻器滑片置于最左端，S接b，此时电压表示数为U，则电源电压为U；
②S1闭合，滑动变阻器滑片仍置于最左端，S接a，调节电阻箱，使电压表示数为U﹣2.5V，此时灯L正常发光，读出电阻箱示数为R，则电路中电流即小灯泡正常发光电流为I＝；
③小灯泡正常工作的电功率为：P＝×2.5V；
故C正确；
D、图D中，S先接a，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V时，灯泡正常发光；再接b测量出灯泡和电阻箱的总电压，所以能测出小灯泡的额定功率，故D正确。
选ACD。
故答案为：（1）如上图所示；（2）断开；A；（3）R断路；（4）左；30Ω 2A；（5）电阻一定时，电流与电压与正比；（6）ACD。
【点评】本题研究“电流与电压、电阻的关系”，考查了实物图的连接、注意事项、故障分析、操作过程、器材的选择、控制变量法和器材的选择及对测功率实验方案的评估。
31．（7分）如图甲是一种家用电暖器，图乙是其简化的电路图，已知R1＜R2，电暖器的部分参数如表中所示.
额定电压
220V
功率选择
一挡
950W
二挡
1150W
三挡
2100W
（1）要让电暖器处于第二挡工作，应如何操作？
（2）若电暖器在第三挡正常工作10mi，则产生的热量是多少？
 
【分析】（1）由题可知，R1＜R2，分析电路图，得出闭合开关S和S2、闭合开关S和S1、将开关全闭合时的电路组成、电路中电阻大小，利用P＝得出相应的功率大小，从而得出电暖器处于哪一挡；
（2）根据Q＝W＝P高t可求产生的热量。
【解答】解：
（1）由题可知，R1＜R2；
闭合开关S、S2时，R2单独接入电路，电路中电阻最大，根据P＝可知，功率最小，电暖器处于第一挡；
闭合开关S、S1时，R1单独接入电路，电路电阻较大，根据P＝可知，功率较大，电暖器处于第二挡；
闭合开关S、S1、S2时，R1、R2并联，电路中电阻最小，根据P＝可知，功率最大，电暖器处于第三挡；
所以要让电暖器处于第二挡工作，应闭合开关S、S1；
（2）已知电暖器处于第三挡时P3＝2100W，正常工作时间t＝10min＝600s，
由P＝可得，放出的热量为：Q＝W＝P高温t＝2100W×600s＝1.2×106J。
答：（1）要让电暖器处于第二挡工作，应闭合开关S、S1；
（2）若电暖器在第三挡正常工作10mi，则产生的热量是1.2×106J。
【点评】本题属于用电器挡位问题的判断题目，关键是分析开关不同开闭情况下的电路的连接方式及组成，会应用P＝判断用电器的挡位，属于中考常考题型。
32．（7分）如图所示电路，滑动变阻器上标有“50Ω 1A”，电源电压恒定为18V。当开关S闭合后，电流表的示数为0.5A，电压表的示数为5V。求：
（1）电阻R1的阻值是多少Ω？
（2）此时滑动变阻器R2接入电路的阻值是多少Ω？
（3）若电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V，则滑动变阻器接入电路的阻值不能小于多少Ω？
 
【分析】由图示电路图可知，闭合开关，两电阻定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测量定值电阻两端电压。
（1）根据欧姆定律可知R1的阻值；
（2）根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律可知此时滑动变阻器R2接入电路的阻值；
（3）由题意可知，为保证电流表安全，电路中最大电流为I′＝0.6A，根据欧姆定律可知电路中的总电阻，根据电阻串联的特点得出变阻器接入电路的最小电阻。
【解答】解：由图示电路图可知，闭合开关，两电阻定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测量定值电阻两端电压。
（1）开关S闭合，当电流表示数I＝0.5A，电压表示数U1＝5V，
根据欧姆定律可知R1＝＝＝10Ω；
（2）根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压U2＝U﹣U1＝18V﹣5V＝13V，
根据欧姆定律可知此时滑动变阻器R2接入电路的阻值R2＝＝＝26Ω；
（3）由题意可知，为保证电流表安全，电路中最大电流为I′＝0.6A，根据欧姆定律可知定值电阻两端的电压U1′＝I′R1＝0.6A×10Ω＝6V，小于电压表的最大量程，电路安全。
根据欧姆定律可得电路中的电阻：R最小＝＝＝30Ω，
由于串联电路的总电阻等于各电阻之和，
所以，变阻器接入电路的最小电阻：R2最小＝R最小﹣R1＝30Ω﹣10Ω＝20Ω。
答：（1）电阻R1的阻值是10Ω；
（2）此时滑动变阻器R2接入电路的阻值是26Ω；
（3）滑动变阻器接入电路的阻值不能小于20Ω。
【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用等知识，综合性较强。