云南省昆明市第十中学2021－2022学年九年级下学期第一次诊断物理试题

这是一份云南省昆明市第十中学2021－2022学年九年级下学期第一次诊断物理试题，共29页。试卷主要包含了填空题，作图，综合题等内容，欢迎下载使用。
2022年云南省昆明十中中考物理一诊试卷
一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分）下列各题的答案中只有一个是正确的。
1．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．绿色蔬菜保鲜的适宜温度约为﹣10℃
B．人步行的速度约为1.2m/s
C．新型冠状病毒的直径约为100mm
D．我国家庭电路的电压是120V
2．（3分）物理研究中常常会用到“控制变量法”。“等效替代法”、“模型法”，“转换法”等研究方法，下列四个研究实例中，采用“控制变量法“的是（　　）
A．用磁感线来描述磁场
B．探究影响滑动摩擦力大小的因素
C．用两个100欧的电阻串联代替一个200欧的电阻
D．用U形管压强计中液面高度差来反映液体内部压强大小
3．（3分）如图所示的光现象与光沿直线传播规律相同的是（　　）
A．铅笔“折断” B．水中倒影
C．墙上的影子 D．光的色散
4．（3分）如图所示描述的物理过程，下列分析正确的是（　　）
A．厚玻璃筒内的空气被压缩时，空气的温度升高，内能不变
B．瓶子内的空气推动塞子做功后，瓶子内空气的内能增大
C．试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气的内能减小
D．汽缸内的气体推动活塞向下运动，机械能转化为内能
5．（3分）关于下列现象，说法正确的是（　　）
A．秋千从低处向高处摆动过程中重力势能转化为动能
B．汽车突然刹车时，乘客的身体会前倾，是由于身体上部受到惯性的作用
C．静止在水平地面上的课桌对地面的压力与地面对课桌的支持力是一对平衡力
D．一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态
6．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．半导体是制成集成电路（俗称芯片）的主要材料之一
B．柳絮漫天飞舞，说明分子在做永不停息的无规则运动
C．太阳能、风能，水能、核能，天然气等都属于可再生能源
D．航母核反应堆是通过可以控制的核聚变反应释放核能的设备
7．（3分）如图所示是研究电磁现象的四个实验装置，相关说法正确的是（　　）
A．如图中是电磁继电器的原理图，电磁继电器被广泛应用于自动控制领域
B．如图中能证明通电导体周围有磁场，这个现象是法拉第首先发现的
C．如图中开关闭合，磁场中的导体棒会受力运动，该过程机械能转化为电能
D．如图中是研究电磁感应现象的实验装置，当导体棒上下运动时电流计指针偏转
8．（3分）如图所示，电源电压6V保持不变，定值电阻R1标有“10Ω 0.5A”字样，滑动变阻器R2标有“20Ω 1A”字样，电流表量程为0﹣0.6A，电压表量程为0﹣3V。闭合开关S，下列说法正确的是（　　）

A．R1两端的最大电压为4V
B．电流表的示数范围为0.2A～0.5A
C．电路的总功率在2W～3W范围内变化
D．滑动变阻器连入电路的阻值在2Ω～10Ω范围内变化
二、填空题（本大题共10小题。每空1分，共20分）
9．（2分）2020年6月23日，我国用长征三号乙运载火箭成功发射第55颗导航卫星，北斗全球卫星导航系统星座部署完美收官。火箭离开地面时，发射架下的大水池周围腾起了大量“白气”，“白气”的形成是 　 　（填物态变化名称）现象；火箭升空时，以火箭为参照物，搭载的卫星是 　 　的；我们利用北斗导航系统接收到的导航信息是通过 　 　波传播的。
10．（2分）疫情期间，医护人员通过平面镜检视防护服的穿戴情况。医护人员在平面镜中的像是　 　（选填“实像”或“虚像”）；当医护人员走近平面镜时，像的大小　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
11．（2分）某台汽油机飞轮的转速为1800r/min，在1s内，汽油机完成了　 　个工作循环。如果汽油机在一段时间内消耗了500g汽油，若这些汽油完全燃烧，可放出热量　 　J。（q汽油＝4.6×107J/kg）
12．（2分）我国自主研制的“海斗一号”全海深自主遥控潜水器，填补了我国万米级作业型无人潜水器的空白。当潜水器下潜到1.0×104m深度静止时，受到海水的压强约为　 　Pa（ρ海水取1.03×103kg/m3，g取10N/kg）；在预定深度完成任务后，潜水器抛掉配重物，潜水器受到的浮力　 　（选填“大于”、“等于”或“小于”）自重，从而上浮。
13．（2分）如图所示，两个相同的验电器A和B，A带负电，B不带电。验电器A的金属箔张开，是因为 　 　；用金属棒把A和B连接起来的瞬间，金属棒中的电流方向从 　 　（选填“A到B”或“B到A”）。

14．（2分）一长方体金属块的质量为9×103kg，体积为3m3，它的密度为　 　kg/m3；若将它置于水平地面上并沿水平方向截去一部分，则其对地面的压强将　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）
15．（2分）如图所示，沿B管向左快速吹气时A管中的水面将　 　，这是因为A管上方空气　 　

16．（2分）利用如图所示的装置探究“电流产生的热量与哪些因素有关”。两烧瓶中煤油质量相等，电阻丝R甲＜R乙．实验中通过比较甲、乙烧瓶中温度计示数升高的快慢，可探究电流产生的热量与　 　有关；移动滑动变阻器的滑片，观察　 　（选填“相同”或“不同”）烧瓶内的温度计示数升高的快慢，可探究电流产生的热量与电流有关。

17．（2分）电能表是测量　 　的仪表。小红同学家中电能表月初和月底的读数如图所示，则这个月小红家里用了　 　度电。小红同学为了测一只正在工作的电饭锅的实际电功率，她关闭了家中其它所有电器，此时她家标有“3000r/（kW•h）”字样的电能表每分钟转过30圈，则这只电饭锅工作时的实际功率为　 　W。

18．（2分）小亮设计了一个水位监测报警装置，其电路如图甲所示，电源电压3V不变，报警器（电阻不计）中通过的电流达到或超过10mA时会报警。监测头是一个放置于水底的压敏电阻，受力面积为2cm2，其阻值R随压力F的变化规律如图乙所示。监测头在压力超过28N时不能正常工作，该装置能监测的最大水深是　 　m．若要该装置在水深达到11m时开始报警，则电阻箱接入电路的阻值应为　 　Ω．（g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）

三、作图、实验与探究题（本大题共6小题，共30分）。
19．（3分）如图，电阻箱的读数是 　 　Ω。

20．（3分）请将图中的开关和电灯正确接入电路；


21．（3分）如图所示，在平直的地面上，沿着水平方向用力使物体匀速向右运动，请以O为作用点画出物体所受拉力F和滑动摩擦力f的示意图。

22．（7分）学习小组的同学用如图甲所示的装置探究某种晶体熔化时温度变化的规律。

（1）如图甲的器材组装有一不当之处是 　 　。实验中使晶体受热均匀的措施是 　 　（写出一条即可）。
（2）待温度升高到40℃开始，每隔1min记录一次温度计的示数，根据记录的数据得到如图乙的图像，则该晶体的熔点是 　 　℃，熔化经历了 　 　min，该物质在固态时的比热容 　 　液态时的比热容（选填“大于”、“小于”或“等于”）。
（3）另一小组的同学发现，在晶体熔化过程中撤去酒精灯，晶体还会继续熔化，原因是 　 　，晶体可以继续 　 　热量（选填“吸收”或“放出”）。
23．（8分）如图所示，在“测量小灯泡电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为12Ω，电源电压为6V。
（1）用笔画线代替导线，将图甲中的电路补充完整。
（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于　 　（选填“A”或“B”）端。闭合开关，灯泡不亮，电压表和电流表都有示数，但示数较小，接下来的操作是　 　；
（3）当电压表的示数为3.8V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为　 　W．在继续调节滑动变阻器进行测量的过程中，小灯泡突然熄灭，电流表示数变为0，电压表示数接近6V，你认为故障可能是　 　。
（4）完成测量后，同学们又找来几个不同阻值的定值电阻替换小灯泡，探究电流与电阻的关系。当电阻为10Ω时，电流表的示数为0.2A：换用20Ω的电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向　 　（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为　 　V，读出电流表的示数。多次换用阻值不同的电阻，进行正确操作后即可得出结论。

24．（6分）学校创新实验小组欲测量某矿石的密度，而该矿石形状不规则，无法放入量筒，故选用水、烧杯、天平（带砝码和镊子）、细线（质量和体积可忽略）、铁架台等器材进行实验，主要过程如下：

（1）将天平放置在水平桌面上，把游码拨至标尺的 　 　处，并调节平衡螺母，使天平平衡。
（2）将装有适量水的烧杯放入天平的 　 　盘（选填“左”或“右”），先估计烧杯和水的质量，然后用镊子往天平的盘内 　 　（选填“从小到大”或“从大到小”）试加砝码，并移动游码，直至天平平衡，这时右盘中的砝码和游码所在的位置如图甲所示，则烧杯和水的总质量为 　 　g。
（3）如图乙所示，用细线系住矿石，悬挂在铁架台上，让矿石浸没在水中，细线和矿石都没有与烧杯接触，天平重新平衡时，右盘中砝码的总质量及游码指示的质量值总和为144g，则矿石的体积为 　 　m3。（水的密度为1.0×103kg/m3）
（4）如图丙所示，矿石下沉到烧杯底部，天平再次平衡时，右盘中砝码的总质量及游码指示的质量值总和为174g，则矿石的密度为 　 　kg/m3。
四、综合题（本大题共3小题，共26分）
25．（9分）如图所示是某款电热水壶，额定功率为1000W，自重为5N，与水平桌面的接触面积为0.02m2。现在该水壶内装入体积为10﹣3m3、初温为20℃的水，放置在水平桌面上。接通电源使其正常工作6min，将水加热到95℃。求：（c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3）
（1）装入水后水壶对桌面的压强；
（2）水吸收的热量；
（3）此电热水壶的加热效率。

26．（8分）如图所示，电源电压和小灯泡电阻不变，小灯泡L标有“6V 3W”字样，滑动变阻器阻值变化范围为0～24Ω，R1的阻值为12Ω。当开关S1闭合，S2、S3都断开，滑动变阻器R2的滑片P滑到最左端时，电灯L正常发光。
求：（1）电源电压；
（2）小灯泡的电阻值；
（3）当开关S1闭合，S2、S3都断开，滑片P滑到最右端时，求滑动变阻器R2两端的电压；
（4）当开关S1、S2、S3都闭合，滑片P滑到最右端时，求：整个电路消耗的电功率。

27．（9分）某水底打捞作业中，需将一长方体石柱从水底匀速打捞出水，如图是吊车钢丝绳拉力F随石柱下表面距水底深度h变化的图象，（水的阻力忽略不计，ρ水＝1.0×103kg/m3）求：
（1）石柱浸没在水中受到的浮力；
（2）石柱未露出水面前，在水中上升2m钢丝绳拉力所做的功；
（3）在水底时石柱上表面受到的水的压强。


参考答案与解析
一、选择题（本大题共8小题，每小题3分，共24分）下列各题的答案中只有一个是正确的。
1．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．绿色蔬菜保鲜的适宜温度约为﹣10℃
B．人步行的速度约为1.2m/s
C．新型冠状病毒的直径约为100mm
D．我国家庭电路的电压是120V
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、绿色蔬菜保鲜的适宜温度约为5℃，故A错误；
B、人步行的速度约为1.2m/s，符合实际，故B正确；
C、新型冠状病毒的直径约为10﹣10m，故C错误；
D、我国家庭电路的电压是220V，故D错误。
故选：B。
2．（3分）物理研究中常常会用到“控制变量法”。“等效替代法”、“模型法”，“转换法”等研究方法，下列四个研究实例中，采用“控制变量法“的是（　　）
A．用磁感线来描述磁场
B．探究影响滑动摩擦力大小的因素
C．用两个100欧的电阻串联代替一个200欧的电阻
D．用U形管压强计中液面高度差来反映液体内部压强大小
【分析】物理学中对于多变量的问题，常常采用控制变量的方法，把多因变量的问题变成多个单变量的问题；每一次只改变其中的某一个变量，而控制其余几个变量不变，从而研究被改变的这个变量对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决的方法，叫做控制变量法。
【解答】解：A、研究磁场时，引入了磁感线来描述磁场，采用的是模型法。故A不符合题意；
B、滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关系。研究影响滑动摩擦力的因素时，采用的是控制变量法。故B符合题意；
C、研究两个阻值为100Ω的电阻串联时，可用一个阻值为200Ω的电阻来代替，采用的是等效替代法。故C不符合题意；
D、利用压强计中U形管两侧液柱的高度差，反映液体内部压强的大小，即将压强的大小转换为U形管中的高度差，采用的是转换法。故D不符合题意。
故选：B。
3．（3分）如图所示的光现象与光沿直线传播规律相同的是（　　）
A．铅笔“折断” B．水中倒影
C．墙上的影子 D．光的色散
【分析】光在自然界中存在三种光现象：
（1）在日常生活中，激光准直、日月食、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象。
【解答】解：A.铅笔“折断”，是光从水中斜射入空气时发生的折射现象，故A不符合题意；
B.水中倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B不符合题意；
C.墙上的影子是由于光的直线传播形成的，故C符合题意；
D.光的色散是由光的折射形成的，故D不符合题意。
故选：C。
4．（3分）如图所示描述的物理过程，下列分析正确的是（　　）
A．厚玻璃筒内的空气被压缩时，空气的温度升高，内能不变
B．瓶子内的空气推动塞子做功后，瓶子内空气的内能增大
C．试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气的内能减小
D．汽缸内的气体推动活塞向下运动，机械能转化为内能
【分析】（1）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小；
（2）内燃机做功冲程，燃气推动活塞做功，燃气内能转化为机械能。
【解答】解：A、图中厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高、内能增加，故A错误；
B、图中瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气的内能转化为塞子的机械能，瓶内空气内能减小，故B错误；
C、图中试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，水蒸气的内能减少，故C正确；
D、图中汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，故D错误。
故选：C。
5．（3分）关于下列现象，说法正确的是（　　）
A．秋千从低处向高处摆动过程中重力势能转化为动能
B．汽车突然刹车时，乘客的身体会前倾，是由于身体上部受到惯性的作用
C．静止在水平地面上的课桌对地面的压力与地面对课桌的支持力是一对平衡力
D．一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态
【分析】（1）动能和势能是可以相互转化的；
（2）任何物体都具有惯性，惯性是一种性质；
（3）作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，这两个力平衡；
（4）一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态。
【解答】解：A、秋千从低处向高处摆动的过程中，秋千的高度逐渐增大，重力势能逐渐增大，其速度逐渐减小，动能逐渐减小，是将动能转化为重力势能，故A错误；
B、汽车突然刹车时，乘客的身体会前倾，是因为乘客具有惯性，而不是受到惯性作用，故B错误；
C、静止在水平地面上的课桌对地面的压力与地面对课桌的支持力是作用在不同物体上的两个力，不是一对平衡力，故C错误；
D、一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止或匀速直线运动状态，这是牛顿第一定律的内容，是牛顿总结了伽利略等前人的研究成果，概括出一条重要物理定律，故D正确。
故选：D。
6．（3分）下列说法正确的是（　　）
A．半导体是制成集成电路（俗称芯片）的主要材料之一
B．柳絮漫天飞舞，说明分子在做永不停息的无规则运动
C．太阳能、风能，水能、核能，天然气等都属于可再生能源
D．航母核反应堆是通过可以控制的核聚变反应释放核能的设备
【分析】（1）半导体具有单向导电性，是集成电路的主要材料之一；
（2）分子的无规则运动是肉眼不可见的；
（3）凡是可以不断得到补充或能在较短周期内再产生的能源称之为可再生能源；经过亿万年形成的、短期内无法恢复的能源，称之为不可再生能源；
（4）人类目前可利用的核反应为人工可控核裂变。
【解答】解：A、半导体具有单向导电性，是集成电路的主要材料之一，在生活中应用广泛，故A正确；
B、分子数量级很小，分子的无规则运动是肉眼不可见的，柳絮漫天飞舞不能说明分子的无规则运动，故B错误；
C、凡是可以不断得到补充或能在较短周期内再产生的能源称之为可再生能源；经过亿万年形成的、短期内无法恢复的能源，称之为不可再生能源；太阳能、风能，水能是可再生能源，核能、天然气是不可再生能源，故C错误；
D、人类目前可利用的核反应为人工可控核裂变，航母核反应堆是通过可以控制的核裂变反应释放核能的设备，故D错误。
故选：A。
7．（3分）如图所示是研究电磁现象的四个实验装置，相关说法正确的是（　　）
A．如图中是电磁继电器的原理图，电磁继电器被广泛应用于自动控制领域
B．如图中能证明通电导体周围有磁场，这个现象是法拉第首先发现的
C．如图中开关闭合，磁场中的导体棒会受力运动，该过程机械能转化为电能
D．如图中是研究电磁感应现象的实验装置，当导体棒上下运动时电流计指针偏转
【分析】四幅图中的实验装置都是体现电与磁的联系的，是电与磁这部分知识中较为相似，同时又不易区分的几个重要实验，包括电磁感应实验、电流的磁效应实验（奥斯特实验）、安培定则、磁场对电流的作用实验等。
【解答】解：由图可知：
A、图是电磁继电器的原理图，电磁继电器是一个用电磁铁控制的开关，被广泛应用于自动控制领域，故A正确；
B、将通电导线放在小磁针之上，是用来研究通电导体周围是否存在磁场的实验，即奥斯特的电流磁效应实验，是奥斯特最先发现的，故B错误；
C、让通电导体放在磁场中，它会受到力的作用，这是用来研究磁场对电流的作用（或通电导体在磁场中受力）的实验，将电能转化为机械能，故C错误；
D、图是研究电磁感应现象的实验装置，当导体棒AB上下运动时时，没有切割磁感线，不会产生感应电流，电流计指针不偏转，故D错误。
故选：A。
8．（3分）如图所示，电源电压6V保持不变，定值电阻R1标有“10Ω 0.5A”字样，滑动变阻器R2标有“20Ω 1A”字样，电流表量程为0﹣0.6A，电压表量程为0﹣3V。闭合开关S，下列说法正确的是（　　）

A．R1两端的最大电压为4V
B．电流表的示数范围为0.2A～0.5A
C．电路的总功率在2W～3W范围内变化
D．滑动变阻器连入电路的阻值在2Ω～10Ω范围内变化
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）根据欧姆定律求出电压表的示数最大时电路中的电流，然后根据欧姆定律的应用求滑动变阻器接入电路的最大阻值；
根据定值电阻允许通过的最大电流、滑动变阻器允许通过的最大电流、电流表的量程确定电路中的最大电流；
（2）根据欧姆定律的应用求出定值电阻R1两端的最大电压，然后根据串联电路电阻规律求出滑动变阻器两端的最小电压，再利用欧姆定律的应用求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
（3）根据P＝UI求出电路消耗的最大功率和最小功率。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由于电压表量程为0﹣3V，则当电压表的示数U2＝3V时，电路中的电流最小为：Imin=U1R1=U−U2R1=6V−3V10Ω=0.3A，
此时滑动变阻器接入电路的阻值最大：R2max=U2Imin=3V0.3A=10Ω；
（2）因串联电路中各处的电流相等，且R1允许通过的最大电流为0.5A，电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，故最大电流为0.5A，
所以，电流表的示数范围为0.3A～0.5A，故B错误；
R1两端电压最大：U1max＝ImaxR1＝0.5A×10Ω＝5V，故A错误；
因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端的最小电压：U2min＝U﹣U1max＝6V﹣5V＝1V，
此时滑动变阻器接入电路的最小阻值：R2min=U2minImax=1V0.5A=2Ω；
因此滑动变阻器连入电路的阻值范围为2Ω～10Ω，故D正确；
（3）当电路中的电流最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大，即Pmax＝UImax＝6V×0.5A＝3W；
当电路中的电流最小时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路消耗的总功率最小，即Pmin＝UImin＝6V×0.3A＝1.8W；
故电路的总功率范围为1.8W～3W，故C错误。
故选：D。
二、填空题（本大题共10小题。每空1分，共20分）
9．（2分）2020年6月23日，我国用长征三号乙运载火箭成功发射第55颗导航卫星，北斗全球卫星导航系统星座部署完美收官。火箭离开地面时，发射架下的大水池周围腾起了大量“白气”，“白气”的形成是 　液化　（填物态变化名称）现象；火箭升空时，以火箭为参照物，搭载的卫星是 　静止　的；我们利用北斗导航系统接收到的导航信息是通过 　电磁　波传播的。
【分析】（1）物质由气态转变为液态的过程叫做液化；
（2）在研究机械运动时，假定不动的物体叫参照物，判断一个物体相对于那一个物体在运动，就要看这个物体相对于那个物体位置发生变化；
（3）电磁波能传递信息，可以在真空传播。
【解答】解：火箭离开地面时，发射架下的大水池周围腾起了大量“白气”，是水池里的水吸收热量汽化，水蒸气上升遇冷液化形成的小水滴；
以火箭为参照物，搭载的卫星位置没有改变，所以是静止的；
北斗导航系统接收到的导航信息是通过电磁波传播的。
故答案为：液化；静止；电磁。
10．（2分）疫情期间，医护人员通过平面镜检视防护服的穿戴情况。医护人员在平面镜中的像是　虚像　（选填“实像”或“虚像”）；当医护人员走近平面镜时，像的大小　不变　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】平面镜所成的像是反射光线的延长线形成的，光屏无法承接，是虚像。平面镜所成的像与物体等大。
【解答】解：医护人员在平面镜中的像是虚像；当医护人员走近平面镜时，像的大小不变，像与物体等大。
故答案为：虚像；不变。
11．（2分）某台汽油机飞轮的转速为1800r/min，在1s内，汽油机完成了　15　个工作循环。如果汽油机在一段时间内消耗了500g汽油，若这些汽油完全燃烧，可放出热量　2.3×107　J。（q汽油＝4.6×107J/kg）
【分析】（1）四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，活塞往复1次，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。
（2）知道汽油的质量和热值，利用Q放＝mq求汽油完全燃烧产生的热量。
【解答】解：（1）四冲程汽油机一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，活塞往复2次，
四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，所以1s内，飞轮转30圈，共15个工作循环，60个冲程，做功15次。
（2）500g＝0.5kg汽油完全燃烧产生的热量：
Q放＝mq＝0.5kg×4.6×107J/kg＝2.3×107J。
故答案为：15；2.3×107。
12．（2分）我国自主研制的“海斗一号”全海深自主遥控潜水器，填补了我国万米级作业型无人潜水器的空白。当潜水器下潜到1.0×104m深度静止时，受到海水的压强约为　1.03×108　Pa（ρ海水取1.03×103kg/m3，g取10N/kg）；在预定深度完成任务后，潜水器抛掉配重物，潜水器受到的浮力　大于　（选填“大于”、“等于”或“小于”）自重，从而上浮。
【分析】（1）知道潜水器下潜的深度和海水的密度，根据p＝ρgh求出受到海水的压强；
（2）在预定深度完成任务后，潜水器抛掉配重物，排开海水的体积不变，自身的总重力减小，根据阿基米德原理判断受到的浮力变化，然后比较浮力和重力得出答案。
【解答】解：（1）当潜水器下潜到1.0×104m深度静止时，受到海水的压强：
p＝ρ海水gh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×1.0×104m＝1.03×108Pa；
（2）在预定深度完成任务后，潜水器抛掉配重物时，潜水器排开海水的体积不变，
由F浮＝ρgV排可知，受到的浮力不变，而自身的总重力减小，
当潜水器受到的浮力大于自重时，潜水器会上浮。
故答案为：1.03×108；大于。
13．（2分）如图所示，两个相同的验电器A和B，A带负电，B不带电。验电器A的金属箔张开，是因为 　同种电荷相互排斥　；用金属棒把A和B连接起来的瞬间，金属棒中的电流方向从 　B到A　（选填“A到B”或“B到A”）。

【分析】（1）电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
（2）电荷的定向移动形成电流；正电荷移动的方向是电流的方向；自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
【解答】解：
（1）电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；验电器A的金属箔张开，是因为同种电荷相互排斥；
（2）验电器A带负电，说明A有多余的电子，而验电器B不带电，用一根带有绝缘柄的金属棒把A、B连接起来，自由电子由A向B移动；因自由电子的定向移动方向与电流方向相反，故金属棒中的电流方向由B到A。
故答案为：同种电荷相互排斥；B到A。
14．（2分）一长方体金属块的质量为9×103kg，体积为3m3，它的密度为　3×103　kg/m3；若将它置于水平地面上并沿水平方向截去一部分，则其对地面的压强将　减小　（选填“增大”、“减小”或“不变”）
【分析】（1）知道金属块的质量和体积，根据ρ=mV求出金属块的密度；
（2）水平面上物体的压力和自身的重力相等，将它置于水平地面上并沿水平方向截去一部分，对地面的压力变小，受力面积不变，根据p=FS可知对地面的压强变化。
【解答】解：（1）金属块的密度：
ρ=mV=9×103kg3m3=3×103kg/m3；
（2）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，将它置于水平地面上并沿水平方向截去一部分后，对地面的压力变小，受力面积不变，
由p=FS可知，对地面的压强减小。
故答案为：3×103；减小。
15．（2分）如图所示，沿B管向左快速吹气时A管中的水面将　上升　，这是因为A管上方空气　流速快气压小　

【分析】吸管和烧杯构成连通器，吹气之前，吸管内和烧杯内液面相平。
当向B管吹气时，A管上方的空气流动速度增大，压强减小，A管下方压强不变，A管内的液体受到向上的压强大，液面上升。
【解答】解：如图所示，沿B管向左快速吹气时，可以看到A管中的水面上升，原因是：往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，所以A管水上升或有水喷出。
故答案为：上升；流速快气压小。
16．（2分）利用如图所示的装置探究“电流产生的热量与哪些因素有关”。两烧瓶中煤油质量相等，电阻丝R甲＜R乙．实验中通过比较甲、乙烧瓶中温度计示数升高的快慢，可探究电流产生的热量与　电阻　有关；移动滑动变阻器的滑片，观察　相同　（选填“相同”或“不同”）烧瓶内的温度计示数升高的快慢，可探究电流产生的热量与电流有关。

【分析】（1）根据图示可知，两电阻串联，即通过它们的电流相等，由焦耳定律可知阻值越大的电阻产生的热量越多，温度升高越快；
（2）根据Q＝I2Rt可知，要研究电流通过导体产生的热量与电流的关系，必须保持电阻和通电时间相同，改变通过电热丝的电流，比较产生热量多少与电流大小的关系。
【解答】解：（1）因为两电阻串联，所以通过它们的电流相等；由焦耳定律Q＝I2Rt得，电阻大的在相同时间产生的热量多，升高的温度快，故可以探究电流产生的热量与电阻大小的有关。
（2）利用此电路还可探究电流通过导体产生的热量与电流的关系，即移动滑动变阻器滑片，比较通电时间相同时，甲（或乙）烧瓶中温度计的示数变化快慢。
故答案为：电阻； 相同。
17．（2分）电能表是测量　电功（消耗电能）　的仪表。小红同学家中电能表月初和月底的读数如图所示，则这个月小红家里用了　82　度电。小红同学为了测一只正在工作的电饭锅的实际电功率，她关闭了家中其它所有电器，此时她家标有“3000r/（kW•h）”字样的电能表每分钟转过30圈，则这只电饭锅工作时的实际功率为　600　W。

【分析】（1）电能表是测量家庭电路中电流做功（消耗电能）多少的仪器。
（2）电能表的读数方法：①月末的减去月初的示数；②最后一位是小数；③单位kW•h；
（3）“3000R/kW•h”表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000转，据此求转30转消耗的电能，再根据P=Wt求出电功率。
【解答】解：
（1）电能表是测量电功（消耗电能）的仪表；
（2）这个月家里用电：1469.5kW•h﹣1387.5kW•h＝82kW•h＝82度；
（3）“3000R/kW•h”表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000转。
当转盘转动30转时，消耗的电能：
W=303000kW•h＝0.01kW•h，
这只电饭锅工作时的实际功率：
P=Wt=0.01kW⋅ℎ160ℎ=0.6kW＝600W。
故答案为：电功（消耗电能）；82；600。
18．（2分）小亮设计了一个水位监测报警装置，其电路如图甲所示，电源电压3V不变，报警器（电阻不计）中通过的电流达到或超过10mA时会报警。监测头是一个放置于水底的压敏电阻，受力面积为2cm2，其阻值R随压力F的变化规律如图乙所示。监测头在压力超过28N时不能正常工作，该装置能监测的最大水深是　14　m．若要该装置在水深达到11m时开始报警，则电阻箱接入电路的阻值应为　220　Ω．（g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）

【分析】（1）由题意可知，监测头在压力超过28N时不能正常工作，根据p=FS求出压敏电阻受到压强，然后根据p＝ρgh求出能监测的最大水深；
（2）若要该装置在水深达到11m时开始报警，根据p＝ρgh求出水深11m时压敏电阻受到压强，根据p=FS求出压敏电阻受到的压力，由图乙可知此时压敏电阻的阻值；根据欧姆定律求出报警时电路中的总电阻，然后根据串联电路的电阻特点即可求出电阻箱接入电路的阻值。
【解答】解：（1）由题意可知，监测头在压力超过28N时不能正常工作，则此时压敏电阻受到压强：
p最大=F最大S=28N2×10−4m2=1.4×105Pa，
根据p＝ρgh可得能监测的最大水深：
h最大=p最大ρ水g=1.4×105Pa1.0×103kg/m2×10N/kg=14m；
（2）该装置在水深达到11m时开始报警，则此时压敏电阻受到压强为：
p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×11m＝1.1×105Pa，
根据p=FS可得：
压敏电阻受到的压力F＝pS＝1.1×105Pa×2×10﹣4m2＝22N，
由图乙可知此时压敏电阻的阻值R＝80Ω，
已知报警器报警时电路的电流I＝10mA＝0.01A，
则由I=UR可得，报警时电路的总电阻：
R总=UI=3V0.01A=300Ω，
根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得：
电阻箱接入电路的阻值R箱＝R总﹣R＝300Ω﹣80Ω＝220Ω。
故答案为：14；220。
三、作图、实验与探究题（本大题共6小题，共30分）。
19．（3分）如图，电阻箱的读数是 　3608　Ω。

【分析】电阻箱的读数方法：用“指针”所对的数字乘以下面的倍数，然后把它们相加即可。
【解答】解：由图知，×1000的位置对应的数是3，×100的位置对应的数是6，×10的位置对应的数是0，×1的位置对应的数是8，故电阻箱的示数为：3×1000Ω+6×100Ω+0×10Ω+8×1Ω＝3608Ω。
故答案为：3608。
20．（3分）请将图中的开关和电灯正确接入电路；


【分析】家庭电路中，开关控制螺口灯泡时，火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上；在断开开关时，能切断火线，更换灯泡更安全。
【解答】解：
开关控制螺口灯泡时，火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，如图所示：

21．（3分）如图所示，在平直的地面上，沿着水平方向用力使物体匀速向右运动，请以O为作用点画出物体所受拉力F和滑动摩擦力f的示意图。

【分析】物体沿着水平方向匀速向右运动，处于平衡状态，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，据此根据力的示意图的画法画出这两个力即可。
【解答】解：物体沿着水平方向匀速向右运动，处于平衡状态，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，从物体重心，分别沿水平向右和向左的方向画一条有向线段，并分别用F和f表示，注意两条线段长度要相等，答案如下图。

22．（7分）学习小组的同学用如图甲所示的装置探究某种晶体熔化时温度变化的规律。

（1）如图甲的器材组装有一不当之处是 　试管内晶体露出水面受热不均匀　。实验中使晶体受热均匀的措施是 　采用水浴法　（写出一条即可）。
（2）待温度升高到40℃开始，每隔1min记录一次温度计的示数，根据记录的数据得到如图乙的图像，则该晶体的熔点是 　48　℃，熔化经历了 　5　min，该物质在固态时的比热容 　小于　液态时的比热容（选填“大于”、“小于”或“等于”）。
（3）另一小组的同学发现，在晶体熔化过程中撤去酒精灯，晶体还会继续熔化，原因是 　水的温度高于晶体的熔点　，晶体可以继续 　吸收　热量（选填“吸收”或“放出”）。
【分析】（1）水浴法加热物质应全部在水中，这样可以使物体受热均匀；
（2）晶体在熔化时不变的温度即为该晶体的熔点；晶体在熔化过程中吸热但温度不变；比热容是表示物质吸热能力强弱的物理量；
（3）晶体在熔化过程中吸热但温度不变；热传递需要接触的物体间有温度差；
【解答】解：
（1）如图所示，实验采用了水浴法给试管内物质加热，并且用搅拌器不断搅拌，这样做的好处是可以使晶体受热均匀，但是实验装置试管内的物质没有全部在水面以下，会影响实验效果；
（2）晶体在熔化时不变的温度即为该晶体的熔点，如图乙可知该晶体的熔点是48℃，熔化从第5min开始到第10min结束，总共持续了5min；
通过图象可以看出，固态时图象的倾斜程度要大于液态时图象的倾斜程度，即在相同的时间内（吸收相同的热量）固态时的温度变化大，且熔化前后物质的质量不变，所以根据Q＝cmΔt可知，该物质在固态时的比热容小于液态时的比热容；
（3）在晶体熔化过程中撤去精灯，晶体还会继续熔化，原因是烧杯内水的温度高于试管内晶体的熔点，两者存在温度差，晶体可以继续吸收热量；
故答案为：（1）试管内晶体露出水面受热不均匀；采用水浴法；（2）48；5；小于；（3）水的温度高于晶体的熔点；吸收。
23．（8分）如图所示，在“测量小灯泡电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为12Ω，电源电压为6V。
（1）用笔画线代替导线，将图甲中的电路补充完整。
（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于　B　（选填“A”或“B”）端。闭合开关，灯泡不亮，电压表和电流表都有示数，但示数较小，接下来的操作是　将变阻器滑片向左移动，观察灯的发光情况　；
（3）当电压表的示数为3.8V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为　1.216　W．在继续调节滑动变阻器进行测量的过程中，小灯泡突然熄灭，电流表示数变为0，电压表示数接近6V，你认为故障可能是　灯泡断路　。
（4）完成测量后，同学们又找来几个不同阻值的定值电阻替换小灯泡，探究电流与电阻的关系。当电阻为10Ω时，电流表的示数为0.2A：换用20Ω的电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向　B　（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为　2　V，读出电流表的示数。多次换用阻值不同的电阻，进行正确操作后即可得出结论。

【分析】（1）根据小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为12Ω，由欧姆定律求灯的额定电流确定电流表选用小量程与灯串联，变阻器按一上一下接入电路中；
（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于阻值最大处，据此分析；
（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI求小灯泡的额定功率；
灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
（4）由欧姆定律，求电压表的示数；
比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向。
【解答】解：（1）小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为12Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为：I=UR=3.8V12Ω≈0.32A，故电流表选用小量程与灯串联，变阻器按一上一下接入电路中，如下所示：

（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于阻值最大处的B端。闭合开关，电压表和电流表都有示数，电流电路为通路，灯泡不亮则电路电流过小，说明电阻过大，接下来的操作是：将变阻器滑片向左移动，观察灯的发光情况；
（3）当电压表的示数为3.8V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流大小为0.32A，则小灯泡的额定功率为P＝UI＝3.8V×0.32A＝1.216W；
经分析，在继续调节滑动变阻器进行测量的过程中，小灯泡突然熄灭，电流表示数变为0，电压表示数接近6V，故障可能是灯泡断路。
（4）当电阻为10Ω时，电流表的示数为0.2A，由欧姆定律，电压表的示数：U＝I1R1＝0.2A×10Ω＝2V；
根据串联分压原理可知，将定值电阻R由10Ω改接成20Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为2V。
故答案为：（1）如上；（2）B；将变阻器滑片向左移动，观察灯的发光情况；（3）1.216；灯泡断路；（4）B；2。
24．（6分）学校创新实验小组欲测量某矿石的密度，而该矿石形状不规则，无法放入量筒，故选用水、烧杯、天平（带砝码和镊子）、细线（质量和体积可忽略）、铁架台等器材进行实验，主要过程如下：

（1）将天平放置在水平桌面上，把游码拨至标尺的 　零刻度线　处，并调节平衡螺母，使天平平衡。
（2）将装有适量水的烧杯放入天平的 　左　盘（选填“左”或“右”），先估计烧杯和水的质量，然后用镊子往天平的盘内 　从大到小　（选填“从小到大”或“从大到小”）试加砝码，并移动游码，直至天平平衡，这时右盘中的砝码和游码所在的位置如图甲所示，则烧杯和水的总质量为 　124　g。
（3）如图乙所示，用细线系住矿石，悬挂在铁架台上，让矿石浸没在水中，细线和矿石都没有与烧杯接触，天平重新平衡时，右盘中砝码的总质量及游码指示的质量值总和为144g，则矿石的体积为 　2×10﹣5　m3。（水的密度为1.0×103kg/m3）
（4）如图丙所示，矿石下沉到烧杯底部，天平再次平衡时，右盘中砝码的总质量及游码指示的质量值总和为174g，则矿石的密度为 　2.5×103　kg/m3。
【分析】（1）天平使用前，应先将天平放在水平台面上，将游码归零或移至零刻线处；
（2）使用天平称量物体质量时，按照“左物右码”即称量时把物体放在左盘，砝码放在右盘，砝码要用镊子夹取，加砝码时，先加质量大的，再加质量小的，最后移动游码直到天平平衡为止，记录下所加砝码的质量和游码对应的示数，砝码的质量加上游码对应的示数就是被测物体的质量；
（3）矿石的体积等于排开水的体积；
（4）知道矿石的质量和体积，根据密度公式求出矿石的密度。
【解答】解：（1）将天平放在水平桌面上，把游码放在标尺的零刻线处，并调节平衡螺母，使天平平衡；
（2）要测量水和烧杯的质量，按照“左物右码”即称量时把物体放在左盘，砝码放在右盘；先估计烧杯和水的质量，用镊子按从大到小的顺序试加砝码，并移动游码，直至天平平衡；
由图可知，砝码的质量m1＝120g，游码对应的示数m2＝4g；
烧杯和水的总质量：m＝m1+m2＝100g+20g+4g＝124g；
（3）用线拉着物体浸没在水中，增加的重力等于物体的重力减去拉力，所以增加的重力就是浮力，即（m2﹣m总）g＝F浮＝ρ水gV排，矿石的体积就是排开水的体积，
V矿石＝V排=m2−m总ρ水=144g−124g1.0g/cm3=20cm3＝2×10﹣5m3；
（4）放入物体后增加的重力就是物体的重力，所以增加的质量就是矿石的质量即m矿石＝m3﹣m总＝174g﹣124g＝50g；
矿石的密度ρ=m矿石V矿石=50g20cm3=2.5g/cm3＝2.5×103kg/m3。
故答案为：（1）零刻度线；（2）左；从大到小；124；（3）2×10﹣5；（4）2.5×103。
四、综合题（本大题共3小题，共26分）
25．（9分）如图所示是某款电热水壶，额定功率为1000W，自重为5N，与水平桌面的接触面积为0.02m2。现在该水壶内装入体积为10﹣3m3、初温为20℃的水，放置在水平桌面上。接通电源使其正常工作6min，将水加热到95℃。求：（c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3）
（1）装入水后水壶对桌面的压强；
（2）水吸收的热量；
（3）此电热水壶的加热效率。

【分析】（1）知道水壶内装水的体积，根据密度公式求出水壶内装水的质量，根据G＝mg求出水壶内水的重力，装入水后水壶对桌面的压力等于水和水壶的重力之和，根据压强公式求出装入水后水壶对桌面的压强；
（2）知道水的质量和比热容以及初温、末温，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（3）电热水壶在额定电压下正常工作时的功率和额定功率相等，根据W＝Pt求出消耗的电能，利用效率公式求出该电热水壶的加热效率。
【解答】解：（1）已知水壶内装水的体积为10﹣3m3，
由ρ=mV可得水壶内装水的质量：
m水＝ρ水V水＝1.0×103kg/m3×10﹣3m3＝1kg，
水壶内水的重力：
G水＝m水g＝1kg×10N/kg＝10N，
装入水后水壶对桌面的压力：F＝G水+G水壶＝10N+5N＝15N，
装入水后水壶对桌面的压强：
p=FS=15N0.02m2=750Pa；
（2）将水加热到95℃，则水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J∕（kg•℃）×1kg×（95℃﹣20℃）＝3.15×105J；
（3）电热水壶消耗的电能：
W＝Pt′＝1000W×6×60s＝3.6×105J，
该电热水壶的加热效率：
η=Q吸W×100%=3.15×105J3.6×105J×100%＝87.5%。
答：（1）装入水后水壶对桌面的压强为750Pa；
（2）水吸收的热量为3.15×105J；
（3）该电热水壶的加热效率为87.5%。
26．（8分）如图所示，电源电压和小灯泡电阻不变，小灯泡L标有“6V 3W”字样，滑动变阻器阻值变化范围为0～24Ω，R1的阻值为12Ω。当开关S1闭合，S2、S3都断开，滑动变阻器R2的滑片P滑到最左端时，电灯L正常发光。
求：（1）电源电压；
（2）小灯泡的电阻值；
（3）当开关S1闭合，S2、S3都断开，滑片P滑到最右端时，求滑动变阻器R2两端的电压；
（4）当开关S1、S2、S3都闭合，滑片P滑到最右端时，求：整个电路消耗的电功率。

【分析】（1）当开关S1闭合，S2、S3都断开，滑动变阻器R2的滑片P滑到最左端时，电路为灯泡的简单电路，电灯L正常发光，则根据额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压；
（2）根据P＝UI=U2R求出灯泡的电阻；
（3）当开关S1闭合，S2、S3都断开，滑片P滑到最右端时，灯泡与滑动变阻器串联，利用电阻的串联和欧姆定律求出滑动变阻器R2两端的电压；
（4）当开关S1、S2、S3都闭合，滑片P滑到最右端时，R1与滑动变阻器并联，根据并联电路的特点和P=U2R求出整个电路消耗的电功率。
【解答】解：（1）当开关S1闭合，S2，S3断开，滑动变阻器R2的滑片P滑到最左端时，电路为灯泡的简单电路，
由于电灯L正常发光，所以，电源电压：U＝UL＝6V；
（2）由P=U2R可得，灯泡的电阻：
RL=U额2P额=(6V)23W=12Ω；
（3）当开关S1闭合，S2、S3都断开，滑片P滑到最右端时，灯泡与滑动变阻器串联，
则电路的总电阻：R＝RL+R2＝12Ω+24Ω＝36Ω，
电路中电流：I=UR=6V36Ω=16A，
根据I=UR可得R2两端的电压：
U2＝IR2=16A×24Ω＝4V；
（4）当开关S1、S2、S3都闭合，滑片P滑到最右端时，R1与滑动变阻器并联，
整个电路消耗的电功率：P＝P1+P2=U2R1+U2R2=(6V)212Ω+(6V)224Ω=4.5W。
答：（1）电源电压为6V；
（2）小灯泡的电阻值为12Ω；
（3）当开关S1闭合，S2、S3都断开，滑片P滑到最右端时，滑动变阻器R2两端的电压为4V；
（4）当开关S1、S2、S3都闭合，滑片P滑到最右端时，整个电路消耗的电功率为4.5W。
27．（9分）某水底打捞作业中，需将一长方体石柱从水底匀速打捞出水，如图是吊车钢丝绳拉力F随石柱下表面距水底深度h变化的图象，（水的阻力忽略不计，ρ水＝1.0×103kg/m3）求：
（1）石柱浸没在水中受到的浮力；
（2）石柱未露出水面前，在水中上升2m钢丝绳拉力所做的功；
（3）在水底时石柱上表面受到的水的压强。

【分析】（1）根据图象中数据，利用称重法求浮力；
（2）利用W＝Fs求解；
（3）首先根据图象中数据求出水的深度和石柱高度，进而求得石柱上表面距水面深度，利用p＝ρgh求压强；
【解答】解：
（1）F浮＝G﹣F＝12500N﹣7500N＝5000N；
（2）W＝Fs＝7500N×2m＝15000J；
（3）在水底时石柱上表面距水面的深度为：
h＝h2﹣h1＝5m﹣2m＝3m
p＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×3m＝3×104Pa；
答：（1）石柱浸没在水中受到的浮力是5000N；
（2）石柱未露出水面前，在水中上升2m铜丝绳拉力所做的功是15000J；
（3）在水底时石柱上表面受到的水的压强是3×104Pa。