2022年湖南省常德市澧县中考物理模拟试卷（含答案）

这是一份2022年湖南省常德市澧县中考物理模拟试卷（含答案），共40页。试卷主要包含了选择题.，填空题，实验与探究题，论述与计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年湖南省常德市澧县中考物理模拟试卷
一、选择题（本题共18个小题，每小题3分，共54分.在每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的）.
1．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．市区内某些路段“禁鸣喇叭”，这是在传播过程中减弱噪声
B．演奏二胡用不同手指按弦的不同位置是为了改变响度
C．雨后天空中的彩虹是光的色散形成的
D．验钞机利用红外线辨别钞票的真伪
2．（3分）下列四种物态变化相同的一组是（ ）
①夏天，草叶上的露珠；②冬天，窗户上的冰花；③深秋，树上的白霜；④初春，冰雪消融。
A．①③ B．①④ C．②③ D．②④
3．（3分）如图所示是跳伞运动员在匀速下落过程中，下落的速度v、下落的路程s、重力做的功W和重力做功的功率P随时间t变化规律的图象，其中正确的是（ ）
A． B．
C． D．
4．（3分）如图所示，公交车后门左右扶杆上各装有一个相当于开关的按钮。当乘客按下任一按钮时，铃声响起，提醒司机有人要下车。图中符合要求的电路是（ ）

A． B．
C． D．
5．（3分）下列说法中正确的是（ ）
A．只要不接触高压带电体，就没有触电的危险
B．在家庭电路中，同时使用的用电器越多，电路的总电阻越小
C．保险丝熔断后，也可以用铜丝或铁丝代替
D．雷雨时，不要在开阔地行走，可以躲在大树下
6．（3分）戴口罩是防止新冠病毒传播的有效措施之一。如图所示，医用外科口罩由口罩体、鼻夹、口罩带组成，口罩体采用三层工艺制成。下列说法不正确的是（ ）

A．口罩体的长度约为175mm
B．一只医用外科口罩的质量约为50g
C．口罩体中带有静电的熔喷布具有吸引轻小物体的性质
D．佩戴口罩时，轻压鼻夹能使其与鼻梁贴合，说明力可以改变物体的形状
7．（3分）如图为汽油机工作过程中某一冲程的示意图，此冲程的名称及能量转化是（ ）

A．吸气冲程，内能转化为机械能
B．压缩冲程，机械能转化为内能
C．做功冲程，内能转化为机械能
D．排气冲程，机械能转化为内能
8．（3分）电控调光玻璃能根据光照强度自动调节玻璃的透明度，其原理是：光照增强，光敏电阻Rx阻值变小，施加于玻璃两端的电压降低，玻璃透明度下降，反之则玻璃透明度上升。若电源电压不变，R0是定值电阻，如图所示电路图中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
9．（3分）如图所示，条形磁铁放在粗糙程度相同的水平桌面上静止后，闭合开关S，滑片P向下移动。下列说法正确的是（ ）

A．通电螺线管的右端为S极
B．滑片P向下移动过程中，通电螺线管的磁性变弱
C．滑片P向下移动过程中，电路消耗的总功率变小
D．滑片P向下移动过程中，条形磁铁可能静止，也可能向左运动
10．（3分）为了给载重车称重计费，杨光同学结合所学物理知识，设计了如图所示的计重秤原理图，用它可以测载重车的重力。以下说法正确的是（ ）

A．图中位置的称重表是由电压表改装成的
B．在称重读数的过程中，静止的载重车受力不平衡
C．无论载重车重力如何，弹簧下面的M板对地面的压强不变
D．载重车的重力越大，相同时间内R1上产生的电热越多
11．（3分）如图所示，闭合开关S后，灯泡L1和L2都发光，两电表均有示数，由于某个灯泡发生故障，两灯泡都熄灭，电流表示数为零，电压表示数比原来还大，以下对电路和电路故障的分析正确的是（ ）

A．灯泡L1和L2发光时，两灯并联
B．电压表测的是灯泡L1的电压
C．灯泡熄灭是由于灯泡L2开路
D．灯泡熄灭是由于灯泡L2短路
12．（3分）如图所示的电路中，电源电压和灯泡电阻都不变，闭合开关S滑动变阻器的滑片P由滑动变阻器左端向右滑动到其中点的过程中，下列判断正确的是（ ）

A．电流表示数变小，电压表示数不变，灯泡亮度不变
B．电流表示数变大，电压表示数不变，灯泡亮度不变
C．电流表示数变大，电压表示数变小，灯泡亮度变暗
D．电压表与电流表示数的比值变大
13．（3分）关于声现象的描述，下列说法正确的是（ ）
A．图甲中，钢尺伸出桌边的长度越长，拨动时发出声音的响度越大
B．图乙中，逐渐抽出真空罩内的空气，闹钟发出的铃声逐渐变大
C．图丙中，戴上防噪声耳罩，可以在声源处减弱噪声
D．图丁中，开启倒车雷达，可利用超声波回声定位
14．（3分）关于生活中的物理，下列说法正确的是（ ）
A．装满水的塑料管，倒置后放入盛水容器中，抽出纸片后水柱体积不变
B．向两只纸片中间吹气，两纸片靠拢说明流速越大，压强越大
C．人提着滑板车在水平地面上前行，人的竖直拉力对滑板做功
D．人站在绝缘的木凳上，通电后不会触电
15．（3分）如图所示，是同学们所画的几种情景下的示意图，其中正确的是（ ）
A．作用在鱼竿上的阻力及其力臂
B．从岸上看水中鱼的光路图
C．地磁场方向及小磁针静止时的指向
D．家庭电路的部分连线情况
16．（3分）下列用矿泉水瓶所做的实验中，能验证大气存在的是（ ）
A．两次海绵形变程度不同
B．从三孔流出水的喷射距离不同
C．用纸片盖住装满水的瓶口，倒立后纸片不下落
D．向两空瓶中间吹气，两瓶向中间靠拢
17．（3分）将两个完全相同的木块分别放入盛有甲、乙两种液体的相同容器中，木块静止时，两容器中液面相平，如右图所示。下列说法正确的是（ ）

A．木块在甲、乙两种液体中所受浮力不相等
B．木块在乙液体中排开液体的质量较大
C．两容器中木块下表面受到的液体压强相等
D．两容器底部受到的液体压强相等
18．（3分）如图所示，重为20N的物体A放在水平桌面上，重为5N的物体B挂在动滑轮下，每个滑轮重为1N（不计绳重和摩擦），B恰好可以匀速下降，现对A施加水平向左的拉力使B上升，当B以0.3m/s的速度匀速上升时，拉力大小为F，下列说法正确的是（ ）

A．B匀速下降时，物体A受到3N的摩擦力
B．拉力F的大小为2N
C．拉力F的功率为3.6W
D．B匀速上升0.6m的过程中，拉力F做功2.4J
二、填空题（共6小题，19-22每小题4分，23-24每题2分，满分20分）
19．（4分）音乐课上，同学们饱含深情地演唱“我和我的祖国，一刻也不能分割……”，歌声是由声带 产生的。在需要安静环境的医院、学校附近禁止鸣笛是在 处减弱噪声。
20．（4分）做“纸杯烧水”实验时，小明用蜡烛外焰加热盛有适量冷水的纸杯，一段时间后水沸腾了。沸腾过程中，他多次测得水温为97.5℃，这说明当地水面上的气压 标准大气压；他把蜡烛移开，水停止沸腾，这说明水沸腾需要 热量。
21．（4分）小明站在竖直放置的平面镜前6米处，当他正对平面镜以1m/s的速度靠近平面镜时，以镜中的像为参照物，小明是 （选填“运动”或“静止”）的，他经过 秒与自己在镜中的像相遇。
22．（4分）一个标准大气压下，将质量1.0kg的水从20℃加热到沸腾，水吸收的热量是 J。小明家天然气热水器的热效率是84%，他某次洗澡，耗水40kg，自来水进热水器的温度是24℃，出热水器的温度是40℃，小明这次洗澡天然气放出的热量是 J，消耗天然气 m3。已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值是3.2×107J/m³。
23．（2分）如图，F1、F2分别为透镜的焦点，点光源S发出的两束光线射向透镜，画出经过两个透镜折射后的光线（有作图痕迹）。

24．（2分）如图，一个曲线型杠杆，O为支点，连接地面和杠杆的弹簧可以被压缩或拉伸，请在图中画出能使杠杆在此位置顺时针转动时最小动力F1的示意图，画出此时阻力F2的示意图。

三、实验与探究题（24题4分，25题5分，26题6分，共15分）
25．（4分）实验室有如下器材：天平（含砝码）、量筒、烧杯、金属块、细线（质量和体积不计）、足量的水。

用上述器材测量金属块的密度，步骤如下：
①在量筒中倒入20mL水；
②把金属块浸没在量筒的水中，如图1所示，由此可知金属块的体积为 cm3；
③把天平放在水平桌面上，如图2甲所示，接下来的操作是：
a.将游码拨到零刻度线处；
b.向 （填“左”或“右”）调节平衡螺母，使天平平衡；
c.取出量筒中的金属块放在左盘，向右盘加减砝码并移动游码使天平重新平衡，如图2乙所示，读出金属块的质量，计算金属块的密度是 g/cm3。该实验所测密度比金属块实际的密度 （填“偏大”或“偏小”）。
26．（5分）在“测量小灯泡电功率”的实验中，所用小灯泡上标有“2.5V”字样。

（1）如图甲所示是小军已经连接的部分实验电路，在连接电路时，小军操作上出现的错误是 。
（2）请你用笔画线代替导线在答题卡上帮小军将图甲所示的实物电路连接完整。
（3）连接完实验电路，检查无误后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表、电压表的示数都为零。出现这种现象的原因可能是 。
A．小灯泡短路
B．小灯泡开路
C．变阻器短路
D．变阻器开路
（4）排除上述故障后，闭合开关，调节滑动变阻器使小灯泡两端电压略高于2.5V，观察小灯泡的亮度并记下电压表、电流表的示数。接下来，将滑动变阻器的滑片向 （选填“A”或“B”）端移动，使小灯泡正常发光，观察小灯泡的亮度并记下电压表、电流表的示数。
（5）继续调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压略低于、等于2.5V，观察小灯泡的亮度并记下电压表、电流表的示数。根据这些实验数据画出小灯泡的电流电压I﹣U关系图象，过此图线上任一点M分别作两坐标轴的平行线如图乙所示，它们与两坐标轴围成的矩形的面积在数值上等于小灯泡此时的 。
27．（6分）（1）探究“某种液体凝固时温度变化的特点”。如图甲所示，小红在试管中放入适量的液体，并固定一支电子温度计（传感器感应温度、液晶屏显示数字），将其放入冰箱中，每隔4min记录一次液体的温度，绘制出了图乙所示的温度随时间变化的图象。
（1）①由图象可知，该液体的凝固点是 ℃。
②该物质第12min时的内能 （填“大于”“小于”或“等于”）第16min时的内能。
③图象中，液体凝固前与凝固后降温快慢不同，其原因是 。
（2）如图丙，艾英同学在做探究平面镜成像特点“的实验时，所用的实验器材有带底座的玻璃板、白纸、笔、火柴、光屏、刻度尺、两支外形相同的蜡烛A和B。
①在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿 （填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。这种确定像与物大小的方法是 （填“控制变量法”或“等效替代法”）。
②当蜡烛A向玻璃板靠近时，像的大小 （填“变大”“变小”或“不变”）。
四、论述与计算题（27题4分，28题7分，共11分）
28．（4分）“科技给我力量，创新伴我成长”。在刚刚结束的学校科技创新节活动中，“创新”学习小组的同学们用一支蜡烛使小汽艇开动起来，获得创意一等奖，同学们展示了制作过程：用中空铜管在高温下弯曲成螺旋状制成发动机，用双面胶将发动机黏在塑料泡沫船体上，然后将铜管里注满水，把汽艇放入水池中，点燃放在螺旋状铜管下的蜡烛，铜管中的水被加热后沸腾，产生的水蒸气推动管内水猛烈向后喷出，使汽艇向前行驶，同时，管内压力变小，池中的水就会从管外流入管内，如此一来，铜管内的水再次被加热，反复进行，汽艇就不断前行。
（1）蜡烛汽艇发动机把内能转化为 能；铜管内水沸腾后产生的水蒸气推动管内水猛烈向后喷出时，喷出去的水就会给汽艇一个向前的力，这是因为 。
（2）汽艇铜管中的水喷出后，管内压力变小，在 作用下，池中的水从管外流入管内。
（3）随着蜡烛不断燃烧，汽艇浸在水中的体积会 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。

29．（7分）为了探究“向水中释放潜水装置的有关规律”，小明建立了如图甲所示的理想模型。由某种材料制成的圆柱体A悬挂在滑轮组下面，绳子的自由端握在小明手中。小明通过缓慢释放绳子，使物体A在空中下降，然逐渐进入水中。物体A下表面向下移动的距离为x，小明手拉绳子的力F与x的关系如图乙所示，已知圆柱体A底面积S＝0.09m2，高H＝1m；（不计动滑轮重力、绳重和各处摩擦）。ρ水＝1×103kg/m3，g取10N/kg，小明的质量为70kg。
（1）求A物体的重力G；
（2）求当x＝2m时，物体A底部受到的压强；
（3）计算出图乙中Fx的数值。


2022年湖南省常德市澧县中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共18个小题，每小题3分，共54分.在每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的）.
1．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．市区内某些路段“禁鸣喇叭”，这是在传播过程中减弱噪声
B．演奏二胡用不同手指按弦的不同位置是为了改变响度
C．雨后天空中的彩虹是光的色散形成的
D．验钞机利用红外线辨别钞票的真伪
【分析】（1）防治噪声的途径，从三方面考虑：①在声源处；②在传播过程中；③在人耳处；
（2）音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
（3）彩虹的形成是光的色散现象，其实质是光的折射；
（4）红外线具有热效应，紫外线可使荧光物质发光。
【解答】解：A、市区内某些路段“禁鸣喇叭”，这是在声源处减弱噪声，故A错误；
B、演奏二胡用不同手指按弦的不同位置是为了改变弦振动部分的长度，从而改变振动频率，达到改变音调的目的，故B错误；
C、雨后天空中的彩虹是空中悬浮的小水滴将太阳光折射形成彩色的光带，是光的色散形成的，故C正确；
D、验钞机是利用紫外线可使荧光物质发光的特点来辨别钞票真伪的，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了生活中一些场景所包含的物理知识，体现了物理与生活的联系，难度不大。
2．（3分）下列四种物态变化相同的一组是（ ）
①夏天，草叶上的露珠；②冬天，窗户上的冰花；③深秋，树上的白霜；④初春，冰雪消融。
A．①③ B．①④ C．②③ D．②④
【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；
（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：
①夏天，草叶上形成“露珠”，是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，属于液化现象；
②冬天，窗户上的“冰花”，是室内温度较高的水蒸气遇到冷的玻璃，在内表面发生凝华现象，形成小冰晶，属于凝华现象；
③深秋，树上的白霜，是空气中的水蒸气遇冷直接变成小冰晶形成的，属于凝华现象；
④初春，冰雪消融，是物质由固态变成液态的过程，属于熔化现象。
物态变化相同的一组是②③。
故选：C。
【点评】掌握六种物态变化的定义，分析物质原来的状态和现在的状态，根据定义进行判断。
3．（3分）如图所示是跳伞运动员在匀速下落过程中，下落的速度v、下落的路程s、重力做的功W和重力做功的功率P随时间t变化规律的图象，其中正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】明确图象中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据匀速直线运动的特点和相应的公式判断对应图象的形状。
【解答】解：
A、跳伞运动员在匀速下落过程中，其运动的速度v不随时间变化，在v﹣t图象中为平行于时间轴的直线，故A正确；
B、跳伞运动员在匀速下落过程中，路程和时间成正比，在s﹣t图象中为过原点的倾斜直线，故B错误；
C、重力做的功W＝Gh＝Gvt，其中重力G、速度v都是定值，所以重力做的功W与时间t成正比，其图象为过原点的倾斜直线，故C错误；
D、重力做功的功率P＝＝＝Gv，其中重力G、速度v都是定值，故功率P也为一定值，其图象为平行于时间轴的直线，故D错误。
故选：A。
【点评】本题通过图象考查了对匀速直线运动的特点、功和功率计算公式的应用，有一定难度。
4．（3分）如图所示，公交车后门左右扶杆上各装有一个相当于开关的按钮。当乘客按下任一按钮时，铃声响起，提醒司机有人要下车。图中符合要求的电路是（ ）

A． B．
C． D．
【分析】根据“当乘客按下任一按钮，铃声响起”结合串并联电路特点判断两个开关的连接方式，然后分析电路图答题。
【解答】解：当乘客按下任一按钮，铃声响起，说明这两个开关可以独立工作、互不影响，即两开关是并联的，且电铃位于干路上，
由图示电路图可知，C符合题意，ABD不符合题意。
故选：C。
【点评】根据题意得出两开关的连接方式是解决本题的关键，解决此类问题要抓住题干中有用的信息，即电路元件是否可以独立工作（并联），还是相互影响（串联）。
5．（3分）下列说法中正确的是（ ）
A．只要不接触高压带电体，就没有触电的危险
B．在家庭电路中，同时使用的用电器越多，电路的总电阻越小
C．保险丝熔断后，也可以用铜丝或铁丝代替
D．雷雨时，不要在开阔地行走，可以躲在大树下
【分析】（1）安全用电的原则是：不接触低压带电体、不靠近高压带电体；
（2）在并联电路中，支路越多，总电阻越小；
（3）当保险丝熔断后，不能用铜丝代替；
（4）下雨时站在大树下，湿树就是导体，打雷时可能使人体有电流通过，人就会触电。
【解答】解：
A、安全用电的原则是：不接触低压带电体、不靠近高压带电体，人靠近高压带电体会有触电危险，故A错误；
B、因为家庭电路中各用电器为并联连接，因此使用的用电器越多，总电阻越小，故B正确；
C、当保险丝熔断后，由于铜丝的熔点很高，所以绝对不能用铜丝代替保险丝，故C错误；
D、雷雨天气不要在开阔地行走，更不能在大树下避雨，因为树比较高，而且树上带有水，树木就成了导体，容易将雷电引下来，人在树下避雨就可能会触电，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了有关安全用电原则和家庭电路的连接等有关知识，一定要学以致用。
6．（3分）戴口罩是防止新冠病毒传播的有效措施之一。如图所示，医用外科口罩由口罩体、鼻夹、口罩带组成，口罩体采用三层工艺制成。下列说法不正确的是（ ）

A．口罩体的长度约为175mm
B．一只医用外科口罩的质量约为50g
C．口罩体中带有静电的熔喷布具有吸引轻小物体的性质
D．佩戴口罩时，轻压鼻夹能使其与鼻梁贴合，说明力可以改变物体的形状
【分析】①不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断不正确的是哪一个；
②带电体有吸引轻小物体的性质；
③力的作用效果有二：改变物体的形状，改变物体的运动状态。
【解答】解：A、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离（一拃）大约15cm，口罩体的长度略大于此数值，在17.5cm＝175mm左右。故A正确；
B、一个乒乓球的质量约3g，一只医用外科口罩的质量与此差不多，约为3g。故B不正确；
C、带电体能吸引轻小物体，口罩拥有很强的防护能力，是因为带静电的熔喷布能吸附轻小的飞沫。故C正确；
D、力可以改变物体的形状，所以轻压鼻夹能使其与鼻梁贴合。故D正确。
故选：B。
【点评】生活中处处有物理，我们要能够从生活现象找出用到的物理知识，联系生活实际出题，这是中考出题最常见的一种方式，需要引起注意。
7．（3分）如图为汽油机工作过程中某一冲程的示意图，此冲程的名称及能量转化是（ ）

A．吸气冲程，内能转化为机械能
B．压缩冲程，机械能转化为内能
C．做功冲程，内能转化为机械能
D．排气冲程，机械能转化为内能
【分析】由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；
汽油机四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气冲程没有能的转化。
【解答】解：
如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞下行，因此是做功冲程，做功冲程中内能转化为机械能，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了汽油机四冲程的判定方法和其中的能量转化，属于基础题目。
8．（3分）电控调光玻璃能根据光照强度自动调节玻璃的透明度，其原理是：光照增强，光敏电阻Rx阻值变小，施加于玻璃两端的电压降低，玻璃透明度下降，反之则玻璃透明度上升。若电源电压不变，R0是定值电阻，如图所示电路图中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】具有根据光照强度自动调节玻璃透明度的功能。并且光照增强，通过电路中的电流降低玻璃两端的电压，从而降低玻璃透明度；所以玻璃应与一电阻并联，这一电阻应是在光照增强时，它两端的电压减小，对四个选项逐一进行分析和判断。
【解答】解：
A、B的电路图，光敏电阻Rx与定值电阻R0串联连接，根据串联电路的分压原理可知：阻值变小，分得的电压也变小，而光敏电阻Rx的阻值随光照的增强会变小，所以在光照增强时，电路中的光敏电阻Rx两端的电压变小，定值电阻R0两端的电压变大；
而光照增强时，应使玻璃透明度下降；玻璃透明度在玻璃两端的电压降低时会下降；所以玻璃应与两端电压变小的电阻并联，即玻璃应与光敏电阻Rx并联；
所以A选项符合要求；B选项不符合要求。
C、D选项中，玻璃与电源并联，它两端的电压不变，不符合题干的要求。
故选：A。
【点评】对于这类题目的电路图的分析要结合串并联电路的特点，按照题意进行分析找出玻璃两端的电压随光照增强而降低的电路图。
9．（3分）如图所示，条形磁铁放在粗糙程度相同的水平桌面上静止后，闭合开关S，滑片P向下移动。下列说法正确的是（ ）

A．通电螺线管的右端为S极
B．滑片P向下移动过程中，通电螺线管的磁性变弱
C．滑片P向下移动过程中，电路消耗的总功率变小
D．滑片P向下移动过程中，条形磁铁可能静止，也可能向左运动
【分析】由安培定则可判断电磁铁的极性，由磁极间的相互作用可判断条形磁铁受力方向；由滑片的移动可知接入电阻的变化及电流的变化，则可知磁性强弱的变化，从而求得磁铁受力大小的变化；根据P＝UI分析总功率的变化。
【解答】解：
A、由图知，闭合开关S，电流从螺线管左侧流入；根据安培定则螺线管的左端为N极，右端为S极，故A正确；
B、当滑片P逐渐向下移动时，变阻器连入电路的电阻逐渐变小，由欧姆定律可知线圈中电流逐渐变大，则通电螺线管的磁性变强，故B错误；
C、根据P＝UI可知，电路消耗的总功率变大，故C错误；
D、当滑片P逐渐向下移动时，由于通电螺线管的磁性变强，且螺线管和条形磁铁相对的磁极为异名磁极，所以条形磁铁受到电磁铁的排斥力逐渐变大，则条形磁铁可能静止，也可能向右运动，故D错误。
故选：A。
【点评】本题是电磁学和二力平衡知识的综合分析题，涉及的知识规律要掌握清楚：磁极间的相互作用规律，影响电磁铁磁性强弱的因素。
10．（3分）为了给载重车称重计费，杨光同学结合所学物理知识，设计了如图所示的计重秤原理图，用它可以测载重车的重力。以下说法正确的是（ ）

A．图中位置的称重表是由电压表改装成的
B．在称重读数的过程中，静止的载重车受力不平衡
C．无论载重车重力如何，弹簧下面的M板对地面的压强不变
D．载重车的重力越大，相同时间内R1上产生的电热越多
【分析】（1）分析电路图，根据称重表在电路的连接情况判断是电流表还是电压表；
（2）根据电路中滑片的滑动方向情况对选项逐一分析后，选择正确答案。
【解答】解：A、由电路图可知，称重表串联在电路中，它是由电流表改装而成的，故A错误；
B、在称重读数的过程中，车是静止状态，所以是受到平衡力的作用，故B错误；
C、载重汽车重力越大，弹簧下面的M板对地面的压力越大，当受力面积一定时，车对地面的压强越大，故C错误；
D、由电路图可知，载重车的重力越大，电阻R接入电路的阻值越小，电路电流越大，由Q＝I2Rt可知，相同时间内R1上产生的电热多，故D正确；
故选：D。
【点评】此题是一道力学和电学的综合题，考查焦耳定律公式的应用和固体压强的比较。
11．（3分）如图所示，闭合开关S后，灯泡L1和L2都发光，两电表均有示数，由于某个灯泡发生故障，两灯泡都熄灭，电流表示数为零，电压表示数比原来还大，以下对电路和电路故障的分析正确的是（ ）

A．灯泡L1和L2发光时，两灯并联
B．电压表测的是灯泡L1的电压
C．灯泡熄灭是由于灯泡L2开路
D．灯泡熄灭是由于灯泡L2短路
【分析】由图可知，开关闭合后，两个灯泡串联在电路中，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是灯泡L2两端的电压；某个灯泡发生故障，两灯泡都熄灭，说明电路中无电流，根据电压表的示数变化判定故障的原因。
【解答】解：由图可知，开关闭合后，两个灯泡串联在电路中，电流表测量电路中的电流，电压表测量的是灯泡L2两端的电压，根据串联电路的电压特点可知，此时电压表示数要小于电源电压；
某个灯泡发生故障，两灯泡都熄灭，电流表示数为零，说明电路出现了断路现象；电压表示数比原来还大，说明电压表与电源之间是接通的，即测量的是电源电压，所以故障是与电压表并联的灯泡L2断路；
综上所述ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和断路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。
12．（3分）如图所示的电路中，电源电压和灯泡电阻都不变，闭合开关S滑动变阻器的滑片P由滑动变阻器左端向右滑动到其中点的过程中，下列判断正确的是（ ）

A．电流表示数变小，电压表示数不变，灯泡亮度不变
B．电流表示数变大，电压表示数不变，灯泡亮度不变
C．电流表示数变大，电压表示数变小，灯泡亮度变暗
D．电压表与电流表示数的比值变大
【分析】（1）原电路中，灯与变阻器并联，电流表测通过变阻器的电流，电压表测电源电压，据此分析电压表示和电流表的示数变化、灯的亮度变化；
（2）滑片P由滑动变阻器左端向右滑动到其中点的过程中，分析变阻器连入电路的电阻变化，由欧姆定律确定电流表示数变化，根据并联电路各支路互不影响，通过灯的电流不变确定灯的亮度变化；
（3）由欧姆定律分析电压表与电流表示数的比值的变化。
【解答】解：C、原电路中，灯与变阻器并联，电流表测变阻器的电流，电压表测电源电压，故电压表示数不变；C错误；
AB、滑片P由滑动变阻器左端向右滑动到其中点的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，由欧姆定律，电流表示数变大，根据并联电路各支路互不影响，通过灯的电流不变，灯的亮度不变，A错误、B正确；
D、由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值（变阻器连入电路的电阻）变小，故D错误；
故选：B。
【点评】本题为电路变化综合题，考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路结构的分析。
13．（3分）关于声现象的描述，下列说法正确的是（ ）
A．图甲中，钢尺伸出桌边的长度越长，拨动时发出声音的响度越大
B．图乙中，逐渐抽出真空罩内的空气，闹钟发出的铃声逐渐变大
C．图丙中，戴上防噪声耳罩，可以在声源处减弱噪声
D．图丁中，开启倒车雷达，可利用超声波回声定位
【分析】（1）改变钢尺伸出桌面的长度，钢尺的振动频率不同；音调跟发声体的振动频率有关；
（2）声音的传播需要介质；
（3）减弱噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；
（4）声音可以传递信息和能量。
【解答】解：
A、钢尺伸出桌边的长度越长，拨动时越不容易振动，振动的频率变小，发出声音的音调变低，故A错误；
B、声音传播需要介质，真空不能传声，逐渐抽出真空罩中的空气，闹钟发出的铃声会越来越小，故B错误；
C、戴上防噪声耳罩，是在人耳处减弱噪声，故C错误；
D、汽车的倒车雷达，是因为超声波具有方向性强的特点，是利用超声波回声定位来工作的，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了生活中的一些声现象，难度不大，要熟记。
14．（3分）关于生活中的物理，下列说法正确的是（ ）
A．装满水的塑料管，倒置后放入盛水容器中，抽出纸片后水柱体积不变
B．向两只纸片中间吹气，两纸片靠拢说明流速越大，压强越大
C．人提着滑板车在水平地面上前行，人的竖直拉力对滑板做功
D．人站在绝缘的木凳上，通电后不会触电
【分析】（1）我们生活在空气中，经常利用大气压为我们服务，例如：钢笔吸墨水、吸管吸饮料、注射器吸药液、抽水机抽水、吸盘吸在光滑墙壁上等；
（2）流体流速越大的地方，压强越小；
（3）做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用；二是物体在这个力的方向上通过一定的距离；
（4）人体同时接触火线和零线，会发生触电事故。
【解答】解：
A、在一个标准大气压可以支持约10.3m高的水柱，装满水的塑料管，倒置后放入盛水容器中，抽出纸片后水柱体积不变，正是大气压支持着杯内的水不会流出来，故A正确；
B、向两张纸的中间吹气纸片靠拢，说明流体中流速越大的地方压强越小，故B错误；
C、用力提着滑板在水平路面上前行，此过程中，滑板在拉力的方向上没有移动距离，拉力没有做功，故C错误；
DD、图中人站在绝缘的木凳上，通电后会触电，因为人体同时接触火线和零线，220V的电压加在人体上，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了大气压的应用、流体压强与流速的关系以及做功的条件等，有一定综合性，但难度不大。
15．（3分）如图所示，是同学们所画的几种情景下的示意图，其中正确的是（ ）
A．作用在鱼竿上的阻力及其力臂
B．从岸上看水中鱼的光路图
C．地磁场方向及小磁针静止时的指向
D．家庭电路的部分连线情况
【分析】（1）力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂；
（2）水中鱼反射的光斜射入空气中时，发生折射，折射角大于入射角，射光线偏离法线，折射光线进入人的眼睛，人认为光沿直线传播，人看到的鱼是折射光反向延长线相交形成的虚像，比鱼的实际位置高，所以人看到的是变浅了的鱼的虚像。
（3）地球是个大磁场，在磁体外部磁感线方向都是从N极指向S极。
（4）开关与被控制的用电器串联，且开关应接在火线上。
【解答】解：A、作用在鱼竿上的阻力是鱼线对鱼竿的拉力，作用点在鱼竿上，图中阻力的作用点没有画在鱼竿上。故A错误。
B、鱼反射的光线斜射入空气中时，发生折射，折射角大于入射角，折射光线偏离法线，射入人的眼睛，图中光线方向错误。故B错误。
C、由图可知，上面是地磁的南极，下面是地理的南极，即地磁的北极，由磁极间的相互作用可知，两个小磁针的N极指向正确，在磁体外部磁感线方向都是从N极指向S极，地磁场方向正确。故C正确。
D、开关与被控制的灯泡应串联，为了安全，开关先接在火线上，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查力的示意图、力臂、光的折射光路图的画法、磁感线及其特点、家庭电路的连接等，是一道综合性很强的题目，作图题是历年中考的必考题型，要求学生熟练掌握作图技巧。
16．（3分）下列用矿泉水瓶所做的实验中，能验证大气存在的是（ ）
A．两次海绵形变程度不同
B．从三孔流出水的喷射距离不同
C．用纸片盖住装满水的瓶口，倒立后纸片不下落
D．向两空瓶中间吹气，两瓶向中间靠拢
【分析】根据图中所示的实验，判断出那个实验证明了大气压的存在。
【解答】解：A、把矿泉水瓶正方和倒放时海绵的凹陷程度不同，说明压力的作用效果与受力面积有关，故A不符合题意；
B、从三孔流出水的喷射距离不同，说明液体的压强与深度有关，故B不符合题意；
C、用纸片盖住装满水的瓶口，倒立后纸片不下落是由于大气压把纸片拖住证明了大气压的存在，故C符合题意；
D、向两空瓶中间吹气，两瓶向中间靠拢是由于两瓶中间的空气流速大，压强小，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】此题结合实际考查了固体压强、液体压强、大气压的存在和流体的压强，要注意分析。
17．（3分）将两个完全相同的木块分别放入盛有甲、乙两种液体的相同容器中，木块静止时，两容器中液面相平，如右图所示。下列说法正确的是（ ）

A．木块在甲、乙两种液体中所受浮力不相等
B．木块在乙液体中排开液体的质量较大
C．两容器中木块下表面受到的液体压强相等
D．两容器底部受到的液体压强相等
【分析】（1）由于是同一块木块，根据物体的浮沉条件判断浮力与重力的关系，然后即可判断浮力大小；
（2）根据阿基米德原理判定木块排开的液体的重力和质量的大小；
（3）根据浮力产生的原因分析下表面受到的压力，根据p＝分析压强的大小；
（4）根据物体的浮沉情况和阿基米德原理判断出两液体密度的关系，然后根据p＝ρ液gh得出容器底受到压强的关系。
【解答】解：
A、两个木块均漂浮，所以浮力等于重力，且木块完全相同，重力相同，故浮力相同，故A错误；
B、木块受到的浮力相同，根据阿基米德原理，所以排开液体重力相等，根据m＝可知，木块排开液体质量也相等，故B错误；
C、两木块上表面均未浸没，故下表面压力等于浮力，且下表面底面积相等，根据p＝可知，下表面液体压强相等，故C正确；
D、两木块浮力相等，但甲液体中木块浸体积小于乙液体，根据F浮＝ρgV排可知，甲液体密度大于乙液体，当液面高度相同时，根据p＝ρgh可知，甲容器底部受到的液体压强大，故D错误。
故选：C。
【点评】本题主要考查了物体浮沉条件及液体压强公式的应用，关键能够根据浮沉情况判断出液体的密度、所受浮力的关系。
18．（3分）如图所示，重为20N的物体A放在水平桌面上，重为5N的物体B挂在动滑轮下，每个滑轮重为1N（不计绳重和摩擦），B恰好可以匀速下降，现对A施加水平向左的拉力使B上升，当B以0.3m/s的速度匀速上升时，拉力大小为F，下列说法正确的是（ ）

A．B匀速下降时，物体A受到3N的摩擦力
B．拉力F的大小为2N
C．拉力F的功率为3.6W
D．B匀速上升0.6m的过程中，拉力F做功2.4J
【分析】（1）由图知，n＝3，不计绳重和摩擦，绳子自由端的拉力F＝（G+G动），据此可求物体A受到的拉力；物体B匀速下降，物体A匀速向右运动，根据二力平衡条件求出物体A受到摩擦力的大小；
（2）当使物体B以0.3m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，此时A受到向右的拉力FA、摩擦力和向左的拉力F作用；滑动摩擦力大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关，由此可知物体A受到的摩擦力大小不变，再由力的平衡条件可求出拉力F的大小；
（3）绳子自由端移动的速度为：vA＝3vB，利用P＝＝＝Fv求拉力F的功率；
（4）B匀速上升0.6m，绳子自由端移动的距离：sA＝nsB，再利用W＝Fs可求B匀速上升0.6m的过程中，拉力F做的功。
【解答】解：
A、由图可知，n＝3，不计绳重及摩擦，绳子自由端的拉力（即滑轮组对物体A的拉力）：
FA＝（GB+G动）＝×（5N+1N）＝2N，
B匀速下降，物体A匀速向右运动时，受到向右的拉力FA和向左的摩擦力作用，
由二力平衡条件可得，物体A受到的摩擦力：
f＝FA＝2N，故A错误；
B、当使物体B以0.3m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，此时A受到向右的拉力FA、摩擦力和向左的拉力F作用，
因为物体A对桌面的压力大小和接触面的粗糙程度都不变，所以摩擦力大小不变，
所以，由力的平衡条件可得：
F＝FA+f＝2N+2N＝4N，故B错误；
C、绳子自由端移动的速度（即物体A运动的速度）：vA＝nvB＝3×0.3m/s＝0.9m/s，
则拉力F的功率为：
P＝FvA＝4N×0.9m/s＝3.6W，故C正确；
D、B匀速上升0.6m，则绳子自由端移动的距离：
sA＝nsB＝3×0.6m＝1.8m，
该过程中拉力F做功：
W＝FsA＝4N×1.8m＝7.2J，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了滑轮组的特点、力的平衡知识、功和功率的计算，知识点多，综合性强，难度较大。
二、填空题（共6小题，19-22每小题4分，23-24每题2分，满分20分）
19．（4分）音乐课上，同学们饱含深情地演唱“我和我的祖国，一刻也不能分割……”，歌声是由声带 振动 产生的。在需要安静环境的医院、学校附近禁止鸣笛是在 声源 处减弱噪声。
【分析】声音的产生是由于发声的物体在振动。
控制噪声污染的措施：在声源处减弱噪声；在传播过程中减弱噪声；在人耳处减弱噪声。
【解答】解：歌声是由声带的振动而产生的；学校附近禁止鸣笛是在声源处减弱噪声。
故答案为：振动；声源。
【点评】本题考查声音产生的原因及控制噪声污染的措施，属于基础知识，难度较小。
20．（4分）做“纸杯烧水”实验时，小明用蜡烛外焰加热盛有适量冷水的纸杯，一段时间后水沸腾了。沸腾过程中，他多次测得水温为97.5℃，这说明当地水面上的气压 低于 标准大气压；他把蜡烛移开，水停止沸腾，这说明水沸腾需要 吸收 热量。
【分析】（1）液体的沸点与其表面气压有关；
（2）液体的沸腾条件：达到沸点、继续吸热。
【解答】解：水的沸点与其表面气压有关，气压越高，沸点越高。在1标准大气压下，水的沸点为100℃。若多次测得的水的沸点均为97.5℃，则说明当地水面上的气压低于1标准大气压。
把蜡烛移开后，水无法继续吸收热量，所以会停止沸腾。
故答案为：低于；吸收。
【点评】这类题较为简单，但是具有一定的综合性，是对我们综合能力的考查。
21．（4分）小明站在竖直放置的平面镜前6米处，当他正对平面镜以1m/s的速度靠近平面镜时，以镜中的像为参照物，小明是 运动 （选填“运动”或“静止”）的，他经过 6 秒与自己在镜中的像相遇。
【分析】（1）判断物体的运动和静止，判断物体和参照物之间是否发生了位置的变化；
（2）平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
【解答】解：小明站在竖直放置的平面镜前5m处，物像到平面镜的距离相等，以1m/s的速度靠近平面镜时，像以同样的速度靠近平面镜，他与像的位置发生了变化，所以以小明的像为参照物小明是运动的；
平面镜成像时，像距等于物距，当像距等于物距等于0m时，像物重合，所以需要的时间为：t＝＝＝6s。
故答案为：运动；6。
【点评】本题考查了运动和静止的相对性、平面镜成像的特点。
22．（4分）一个标准大气压下，将质量1.0kg的水从20℃加热到沸腾，水吸收的热量是 3.36×105 J。小明家天然气热水器的热效率是84%，他某次洗澡，耗水40kg，自来水进热水器的温度是24℃，出热水器的温度是40℃，小明这次洗澡天然气放出的热量是 3.2×106 J，消耗天然气 0.1 m3。已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值是3.2×107J/m³。
【分析】（1）一个标准大气压下，水的沸点是100℃，利用Q吸＝cmΔt求水吸收的热量；
（2）利用Q吸＝cmΔt求洗澡时水吸收的热量；已知热水器的热效率，由η＝可求得天然气完全燃烧放出的热量，再利用Q＝Vq可求得天然气体积。
【解答】解：（1）一个标准大气压下，水的沸点是100℃，水吸收的热量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×1.0kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J；
（2）他某次洗澡时水吸收的热量：
Q吸′＝cm′Δt′＝4.2×103J/（kg•℃）×40kg×（40℃﹣24℃）＝2.688×106J；
由η＝可得，天然气完全放出的热量：
Q放＝＝＝3.2×106J；
由Q放＝Vq可得，消耗天然气体积：
V＝＝＝0.1m3。
故答案为：3.36×105；3.2×106；0.1。
【点评】本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放出热量公式、热效率公式的应用，难易程度适中。
23．（2分）如图，F1、F2分别为透镜的焦点，点光源S发出的两束光线射向透镜，画出经过两个透镜折射后的光线（有作图痕迹）。

【分析】（1）跟主光轴平行的光线经凹透镜折射后，折射光线的反向延长线过焦点；
（2）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过另一侧的焦点。
【解答】解：点光源S向左发出的平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过凹透镜右侧的虚焦点F1；
点光源S向右发出的平行于主光轴的光线经过凸透镜折射后，其折射光线经过凸透镜右侧的焦点F2，如图所示：

【点评】本题考查了根据凸透镜和凹透镜的特殊光线作图，属于基础题。
24．（2分）如图，一个曲线型杠杆，O为支点，连接地面和杠杆的弹簧可以被压缩或拉伸，请在图中画出能使杠杆在此位置顺时针转动时最小动力F1的示意图，画出此时阻力F2的示意图。

【分析】根据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂不变时，动力臂越长越省力，确定出最长的力臂；阻力F2是弹簧对杠杆的弹力，作用点在杠杆上，垂直杠杆向上，据此画出F2的示意图。
【解答】解：由图可知，支点为O，当阻力、阻力臂的乘积一定，OA之间的连线作为动力臂时，动力臂是最大的，此时的动力F1最小，要使杠杆在此位置顺时针转动，动力F1的方向垂直于OA向下；
阻力F2是弹簧对杠杆的弹力，作用点在杠杆上，方向垂直杠杆向上，如图所示：

【点评】此题考查了有关力的示意图和最小力的示意图的画法，要画出最小的力，关键是确定最长的力臂，即从支点到作用点的距离。
三、实验与探究题（24题4分，25题5分，26题6分，共15分）
25．（4分）实验室有如下器材：天平（含砝码）、量筒、烧杯、金属块、细线（质量和体积不计）、足量的水。

用上述器材测量金属块的密度，步骤如下：
①在量筒中倒入20mL水；
②把金属块浸没在量筒的水中，如图1所示，由此可知金属块的体积为 20 cm3；
③把天平放在水平桌面上，如图2甲所示，接下来的操作是：
a.将游码拨到零刻度线处；
b.向 右 （填“左”或“右”）调节平衡螺母，使天平平衡；
c.取出量筒中的金属块放在左盘，向右盘加减砝码并移动游码使天平重新平衡，如图2乙所示，读出金属块的质量，计算金属块的密度是 7.89 g/cm3。该实验所测密度比金属块实际的密度 偏大 （填“偏大”或“偏小”）。
【分析】②金属块的体积等于金属块和水的总体积减去水的体积；
③b.调节天平平衡时，天平的指针向左偏则向右调节平衡螺母，指针向右偏则向左调节平衡螺母；
c.由图2乙得出金属块的质量，再根据密度公式计算出金属块的密度；
金属块从水中取出时，金属块表面附着少量水，直接测量金属块的质量，导致金属块的质量偏大，再根据密度公式得出金属块密度的变化。
【解答】解：②由图1可知金属块和水的总体积为40mL＝40cm3，量筒中水的体积为20mL＝20cm3，
金属块的体积V＝40cm3﹣20cm3＝20cm3；
③b.由图甲可知当游码未移至零刻度线时，指针向左偏，当游码移至零刻度线时，指针仍向左偏，应向右调节平衡螺母，使天平平衡；
c.由图2乙可知金属块的质量m＝100g+50g+5g+2.8g＝157.8g，
金属块的密度；
金属块从水中取出时，金属块表面附着少量水，直接测量金属块的质量，导致金属块的质量偏大，由可知，金属块密度测量值偏大。
故答案为：②20；③b.右；c.7.89；偏大。
【点评】本题考查了固体密度的测量、天平的使用与读数、排水法测体积、误差分析等，是一道综合题，难度不大。
26．（5分）在“测量小灯泡电功率”的实验中，所用小灯泡上标有“2.5V”字样。

（1）如图甲所示是小军已经连接的部分实验电路，在连接电路时，小军操作上出现的错误是 开关没有断开 。
（2）请你用笔画线代替导线在答题卡上帮小军将图甲所示的实物电路连接完整。
（3）连接完实验电路，检查无误后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表、电压表的示数都为零。出现这种现象的原因可能是 D 。
A．小灯泡短路
B．小灯泡开路
C．变阻器短路
D．变阻器开路
（4）排除上述故障后，闭合开关，调节滑动变阻器使小灯泡两端电压略高于2.5V，观察小灯泡的亮度并记下电压表、电流表的示数。接下来，将滑动变阻器的滑片向 B （选填“A”或“B”）端移动，使小灯泡正常发光，观察小灯泡的亮度并记下电压表、电流表的示数。
（5）继续调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压略低于、等于2.5V，观察小灯泡的亮度并记下电压表、电流表的示数。根据这些实验数据画出小灯泡的电流电压I﹣U关系图象，过此图线上任一点M分别作两坐标轴的平行线如图乙所示，它们与两坐标轴围成的矩形的面积在数值上等于小灯泡此时的 实际电功率 。
【分析】（1）为保护电路，在连接电路时，开关应断开；
（2）灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，变阻器按一上一下接入电路中；
（3）逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
（4）灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
（5）根据I﹣U关系图象，过此图线上任一点M分别作两坐标轴的平行线，它们与两坐标轴围成的矩形的面积等于UI，根据P＝UI分析。
【解答】解：（1）为保护电路，在连接电路时，开关应断开，故小军操作上出现的错误是没有断开开关；
（2）灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，变阻器按一上一下接入电路中，如下所示：

（3）A．若小灯泡短路，电路为通路，电流表有示数，不符合题意；
B．若小灯泡开路，则电压表串联在电路中测电源电压，电压表示数即为电源电压，不符合题意；
C．若变阻器短路，则电流表示数，电压表示数即为电源电压，不符合题意；
D．若变阻器开路，整个电路断路，灯不发光，两表都没有示数，符合题意；
故选D；
（4）灯在额定电压下正常发光，因大于灯的额定电压2.5V，应减小灯的电压，根据串联电路电压的规律，应增大变阻器的电压，由分压原理，应增大变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向B端移动，直到电压表示数为额定电压，观察小灯泡的亮度并记下电压表、电流表的示数；
（5）根据这些实验数据画出小灯泡的电流电压I﹣U关系图象，过此图线上任一点M分别作两坐标轴的平行线，它们与两坐标轴围成的矩形的面积等于UI，根据P＝UI，故两坐标轴围成的矩形的面积在数值上等于小灯泡此时的实际电功率。
故答案为：（1）开关没有断开；（2）如上；（3）D；（4）B；（5）实际电功率。
【点评】本题测量小灯泡电功率，考查注意事项、电路连接、故障分析、操作过程和电功率公式的运用。
27．（6分）（1）探究“某种液体凝固时温度变化的特点”。如图甲所示，小红在试管中放入适量的液体，并固定一支电子温度计（传感器感应温度、液晶屏显示数字），将其放入冰箱中，每隔4min记录一次液体的温度，绘制出了图乙所示的温度随时间变化的图象。
（1）①由图象可知，该液体的凝固点是 0 ℃。
②该物质第12min时的内能 大于 （填“大于”“小于”或“等于”）第16min时的内能。
③图象中，液体凝固前与凝固后降温快慢不同，其原因是 液态物质的比热容大于固态物质的比热容； 。
（2）如图丙，艾英同学在做探究平面镜成像特点“的实验时，所用的实验器材有带底座的玻璃板、白纸、笔、火柴、光屏、刻度尺、两支外形相同的蜡烛A和B。
①在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿 未点燃 （填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。这种确定像与物大小的方法是 等效替代法 （填“控制变量法”或“等效替代法”）。
②当蜡烛A向玻璃板靠近时，像的大小 不变 （填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】（1）①晶体凝固时的温度叫做凝固点；
②在凝固过程中，放出热量、内能减少，温度不变；
③质量相同的同种物质，比热容不同，降低相同的温度，比热容大时放出的热量多；
（2）①等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法。等效替代法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一。
②平面镜成像特点：像距等于物距，物像等大。
【解答】解：（1）①由图象可知，物体从8到20min，温度保持0℃不变，处于凝固过程，所以可知该晶体的凝固点为0℃；
②物体从8到20min，为凝固过程，处于固液共存态。凝固过程中要不断放热，所以16min时物质的内能小于12min时物质的内能；
③液体凝固成固体，质量不变，在放热条件相同的情况下，由图乙可知凝固后降温比凝固前降温加快，根据Q放＝cm△t可知，这是因为液态物质的比热容大于固态物质的比热容；
（2）①在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧（A侧）观察，直至它与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法；
②当蜡烛A向玻璃板靠近，蜡烛A的大小不变，由平面镜成像特点可知，蜡烛A的像大小不变。
故答案为：（1）①0；②大于；③液态物质的比热容大于固态物质的比热容；（2）①未点燃；等效替代法；②不变。
【点评】本题综合考查了探究“水的凝固”、“平面镜成像”两个实验的几个问题，能从物质的凝固图象得出相关信息是关键。
四、论述与计算题（27题4分，28题7分，共11分）
28．（4分）“科技给我力量，创新伴我成长”。在刚刚结束的学校科技创新节活动中，“创新”学习小组的同学们用一支蜡烛使小汽艇开动起来，获得创意一等奖，同学们展示了制作过程：用中空铜管在高温下弯曲成螺旋状制成发动机，用双面胶将发动机黏在塑料泡沫船体上，然后将铜管里注满水，把汽艇放入水池中，点燃放在螺旋状铜管下的蜡烛，铜管中的水被加热后沸腾，产生的水蒸气推动管内水猛烈向后喷出，使汽艇向前行驶，同时，管内压力变小，池中的水就会从管外流入管内，如此一来，铜管内的水再次被加热，反复进行，汽艇就不断前行。
（1）蜡烛汽艇发动机把内能转化为 机械 能；铜管内水沸腾后产生的水蒸气推动管内水猛烈向后喷出时，喷出去的水就会给汽艇一个向前的力，这是因为 物体间力的作用是相互的 。
（2）汽艇铜管中的水喷出后，管内压力变小，在 大气压 作用下，池中的水从管外流入管内。
（3）随着蜡烛不断燃烧，汽艇浸在水中的体积会 变小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。

【分析】（1）水蒸气推动水运动时，内能转化为机械能。
物体间力的作用是相互的。
（2）管内气压减小，水在大气压作用下进入管内。
（3）对于漂浮的物体，物体的重力减小，浮力减小，根据F浮＝ρ水gV排分析物体排开水的体积。
【解答】解：（1）铜管中的水被加热后沸腾，产生的水蒸气推动管内水猛烈向后喷出，水蒸气的内能转化为水的机械能。
铜管内水沸腾后产生的水蒸气推动管内水猛烈向后喷出时，水水蒸气给水一个向后的力，物体间力的作用是相互的，喷出去的水就会给汽艇一个向前的力，推动汽艇前进。
（2）汽艇铜管中的水喷出后，管内压力变小，管外的水在大气压作用下进入管内。
（3）随着蜡烛不断燃烧，汽艇的重力不断减小，汽艇受到的浮力不断减小，汽艇排开水的体积不断变小。
故答案为：（1）机械；物体间力的作用是相互的；（2）大气压；（3）变小。
【点评】本题通过蜡烛汽艇考查了能量转化、物体间力的作用是相互的、大气压、漂浮条件、阿基米德原理等，体现了物理在创新中的重要应用。
29．（7分）为了探究“向水中释放潜水装置的有关规律”，小明建立了如图甲所示的理想模型。由某种材料制成的圆柱体A悬挂在滑轮组下面，绳子的自由端握在小明手中。小明通过缓慢释放绳子，使物体A在空中下降，然逐渐进入水中。物体A下表面向下移动的距离为x，小明手拉绳子的力F与x的关系如图乙所示，已知圆柱体A底面积S＝0.09m2，高H＝1m；（不计动滑轮重力、绳重和各处摩擦）。ρ水＝1×103kg/m3，g取10N/kg，小明的质量为70kg。
（1）求A物体的重力G；
（2）求当x＝2m时，物体A底部受到的压强；
（3）计算出图乙中Fx的数值。

【分析】（1）根据F﹣x图象得到绳子拉力F；根据图甲滑轮组可知绳子的有效股数，不计动滑轮重力、绳重和各处摩擦，根据F＝G求出A物体的重力；
（2）根据F﹣x图象得到A的底面距离水面的深度，根据公式p＝ρgh可求A底部受到的液体压强；
（3）由F﹣x图象可知，当x≥2m时，手拉绳子的力Fx不变，此时物体A浸没在水中，根据F浮＝ρ水gV排求出物体A 受到的浮力，根据Fx＝（G﹣F浮）求出Fx的数值。
【解答】解：（1）由图乙可知，当x＝0时，F＝600N，即物体A在空中下降时的拉力为600N；由图甲可知，滑轮组绳子的有效股数n＝2，不计动滑轮重力、绳重和各处摩擦，由F＝G可得，A物体的重力：
G＝nF＝2×600N＝1200N；
（2）圆柱体A高H＝1m，由图乙可知，当x＝2m时，圆柱体A刚好完全浸没在水中，即物体A底部到水面距离为1m，根据公式p＝ρgh可知，物体A底部受到的压强为：
p＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×1m＝1×104Pa；
（3）由F﹣x图象可知，当x≥2m时，手拉绳子的力Fx不变，此时物体A浸没在水中，
则物体A排开水的体积V排＝VA＝SH＝0.09m2×1m＝0.09m3，
物体A 受到的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×0.09m3＝900N，
对物体A受力分析，受到重力、浮力和拉力的作用，
则有：Fx＝（G﹣F浮）＝×（1200N﹣900N）＝150N。
答：（1）A物体的重力G为1200N；
（2）物体A底部受到的压强为1×104Pa；
（3）图乙中Fx的数值为150N。
【点评】本题主要考查滑轮组绳子拉力的计算以及阿基米德原理的掌握于应用，关键能从图象上找出有用的信息，熟练运用相关公式即可正确解题，有一定的难度。