2021年全国统一高考数学试卷（北京卷）

这是一份2021年全国统一高考数学试卷（北京卷），共15页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2021年普通高等学校招生全国统一考试（北京卷）数学一、选择题：共10小题，每小题4分，共40分，在每小题列出的四个选项中，选出符合题目要求的一项．1. 已知集合，，则（    ）.A. ； B. ； C. ； D. .2. 在复平面内，复数满足，则（    ）.A. ； B. ； C. ； D. .3. 已知是定义在上的函数，那么“函数在上单调递增”是“函数在上的最大值为”的（   ）.A. 充分而不必要条件；  B. 必要而不充分条件；C. 充分必要条件； D. 既不充分也不必要条件.4. 某四面体的三视图如图所示，该四面体的表面积为（    ）.A. ； B. 4； C. ； D. 2.5. 双曲线过点，且离心率为，则该双曲线的标准方程为（    ）.A. ；   B. ； C. ； D. .6. 和是两个等差数列，其中为常值，，，，则（  ）.A. ； B. ； C. ； D. .7. 函数，试判断函数的奇偶性及最大值（    ）.A. 奇函数，最大值为2； B. 偶函数，最大值为2；C. 奇函数，最大值； D. 偶函数，最大值为.8. 定义：24小时内降水在平地上积水厚度（）来判断降雨程度．其中小雨（），中雨（），大雨（），暴雨  （），小明用一个圆锥形容器接了24小时的雨水，如图，则这   天降雨属于哪个等级（ ）.A. 小雨；    B. 中雨；   C. 大雨；    D. 暴雨.9. 已知圆，直线，当变化时，截得圆弦长的最小值为2，则（   ）.A.  B.  C.  D. 10. 数列是递增的整数数列，且，，则的最大值为（    ）.A. 9； B. 10； C. 11； D. 12.二、填空题：5小题，每小题5分，共25分．11. 展开式中常数项为__________．12. 已知抛物线，焦点为，点为抛物线上的点，且，则的横坐标是_______；作轴于，则_______．13. ，，，则_______；_______．14. 若点与点关于轴对称，写出一个符合题意的___．15. 已知函数，给出下列四个结论：①若，则有两个零点；  ②，使得有一个零点；③，使得有三个零点； ④，使得有三个零点．以上正确结论得序号是_______．三、解答题：共6小题，共85分，解答应写出文字说明，演算步骤或证明过程．16. 已知中，，．（1）求的大小；（2）在下列三个条件中选择一个作为已知，使存在且唯一确定，并求出边上的中线的长度．①；②周长为；③面积为；17. 已知正方体，点为中点，直线交平面于点．（1）证明：点为的中点；（2）若点为棱上一点，且二面角的余弦值为，求的值．         18. 为加快新冠肺炎检测效率，某检测机构采取“合1检测法”，即将个人的拭子样本合并检测，若为阴性，则可以确定所有样本都是阴性的；若为阳性，则还需要对本组的每个人再做检测．现有100人，已知其中2人感染病毒．（1）①若采用“10合1检测法”，且两名患者在同一组，求总检测次数；②已知10人分成一组，分10组，两名感染患者在同一组概率为，定义随机变量X为总检测次数，求检测次数X的分布列和数学期望E(X)；（2）若采用“5合1检测法”，检测次数Y的期望为E(Y)，试比较E(X)和E(Y)的大小(直接写出结果)．19. 已知函数．（1）若，求处切线方程；（2）若函数在处取得极值，求的单调区间，以及最大值和最小值．20. 已知椭圆过点，以四个顶点围成四边形面积为．（1）求椭圆E的标准方程；（2）过点的直线斜率为，交椭圆E于不同的两点B，C，直线AB，AC交于点M、N，直线AC交于点N，若，求k的取值范围．21. 定义数列：对实数p，满足：①，；②；③，．（1）对于前4项2，-2，0，1的数列，可以是数列吗？说明理由；（2）若是数列，求的值；（3）是否存在p，使得存在数列，对？若存在，求出所有这样的p；若不存在，说明理由． ————————————————————————————————————《初高中数学教研微信系列群》简介：    目前有15个群（13个高中群，2个初中群），共5000多优秀、特、高级教师，省、市、区县教研员、教辅公司数学编辑、报刊杂志高中数学编辑等汇聚而成，是一个围绕高中数学教学研究展开教研活动的微信群.    宗旨：脚踏实地、不口号、不花哨、接地气的高中数学教研！    特别说明：    1.本系列群只探讨高中数学教学研究、高中数学试题研究等相关话题；    2.由于本群是集“研究—写作—发表（出版）”于一体的“桥梁”，涉及业务合作，特强调真诚交流，入群后立即群名片：     教师格式：省+市+真实姓名，如：四川成都张三     编辑格式：公司或者刊物（简写）+真实姓名   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【思路分析】由已知条件求出的值，利用等差中项的性质可求得的值.【解析】：由已知条件可得，则，因此，.故选：B.7. 函数，试判断函数的奇偶性及最大值（    ）A. 奇函数，最大值为2 B. 偶函数，最大值为2C. 奇函数，最大值为 D. 偶函数，最大值为【思路分析】由函数奇偶性的定义结合三角函数的性质可判断奇偶性；利用二倍角公式结合二次函数的性质可判断最大值.【解析】：由题意，，所以该函数为偶函数，又，所以当时，取最大值.故选：D.8. 定义：24小时内降水在平地上积水厚度（）来判断降雨程度．其中小雨（），中雨（），大雨（），暴雨（），小明用一个圆锥形容器接了24小时雨水，如图，则这天降雨属于哪个等级（ ）A. 小雨 B. 中雨 C. 大雨 D. 暴雨【思路分析】计算出圆锥体积，除以圆面的面积即可得降雨量，即可得解.【解析】：由题意，一个半径为的圆面内的降雨充满一个底面半径为，高为的圆锥，所以积水厚度，属于中雨.故选：B.9. 已知圆，直线，当变化时，截得圆弦长的最小值为2，则（    ）A.  B.  C.  D.  【思路分析】先求得圆心到直线距离，即可表示出弦长，根据弦长最小值得出【解析】：由题可得圆心为，半径为2，则圆心到直线的距离，则弦长为，则当时，弦长取得最小值为，解得.故选：C.10. 数列是递增的整数数列，且，，则的最大值为（    ）A. 9 B. 10 C. 11 D. 12【思路分析】使数列首项、递增幅度均最小，结合等差数列的通项及求和公式即可得解.【解析】：若要使n尽可能的大，则，递增幅度要尽可能小，不妨设数列是首项为3，公差为1的等差数列，其前n项和为，则，，，所以n的最大值为11.故选：C.二、填空题：5小题，每小题5分，共25分．11. 展开式中常数项为__________．【解析】：试题分析：的展开式的通项 令得常数项为.12. 已知抛物线，焦点为，点为抛物线上的点，且，则的横坐标是_______；作轴于，则_______．【思路分析】根据焦半径公式可求的横坐标，求出纵坐标后可求.【解析】：因为抛物线的方程为，故且.因为，，解得，故，所以，故答案为：5，.13. ，，，则_______；_______．【思路分析】根据坐标求出，再根据数量积的坐标运算直接计算即可.【解析】：，，，.故答案为：0；3.14. 若点与点关于轴对称，写出一个符合题意的___．【思路分析】根据在单位圆上，可得关于轴对称，得出求解.【解析】：与关于轴对称，即关于轴对称， ，则，当时，可取的一个值为.故答案为：（满足即可）.15. 已知函数，给出下列四个结论：①若，则有两个零点；  ②，使得有一个零点；③，使得有三个零点；  ④，使得有三个零点．以上正确结论得序号是_______．【思路分析】由可得出，考查直线与曲线的左、右支分别相切的情形，利用方程思想以及数形结合可判断各选项的正误.【解析】：对于①，当时，由，可得或，①正确；对于②，考查直线与曲线相切于点，对函数求导得，由题意可得，解得，所以，存，使得只有一个零点，②正确；对于③，当直线过点时，，解得，所以，当时，直线与曲线有两个交点，若函数有三个零点，则直线与曲线有两个交点，直线与曲线有一个交点，所以，，此不等式无解，因此，不存在，使得函数有三个零点，③错误；对于④，考查直线与曲线相切于点，对函数求导得，由题意可得，解得，所以，当时，函数有三个零点，④正确.故答案为：①②④.【归纳总结】已知函数的零点或方程的根的情况，求解参数的取值范围问题的本质都是研究函数的零点问题，求解此类问题的一般步骤：（1）转化，即通过构造函数，把问题转化成所构造函数的零点问题；（2）列式，即根据函数的零点存在定理或结合函数的图象列出关系式；（3）得解，即由列出的式子求出参数的取值范围．三、解答题：共6小题，共85分，解答应写出文字说明，演算步骤或证明过程．16. 已知在中，，．（1）求的大小；（2）在下列三个条件中选择一个作为已知，使存在且唯一确定，并求出边上的中线的长度．①；②周长为；③面积为；【思路分析】（1）由正弦定理化边为角即可求解；（2）若选择①：由正弦定理求解可得不存在；若选择②：由正弦定理结合周长可求得外接圆半径，即可得出各边，再由余弦定理可求；若选择③：由面积公式可求各边长，再由余弦定理可求.【解析】：（1），则由正弦定理可得，，，，，，解得；（2）若选择①：由正弦定理结合（1）可得，与矛盾，故这样的不存在；若选择②：由（1）可得，设的外接圆半径为，则由正弦定理可得，，则周长，解得，则，由余弦定理可得边上的中线的长度为：；若选择③：由（1）可得，即，则，解得，则由余弦定理可得边上的中线的长度为：.17. 已知正方体，点为中点，直线交平面于点．（1）证明：点为中点；（2）若点为棱上一点，且二面角的余弦值为，求的值．【思路分析】(1)首先将平面进行扩展，然后结合所得的平面与直线的交点即可证得题中的结论；(2)建立空间直角坐标系，利用空间直角坐标系求得相应平面的法向量，然后解方程即可求得实数的值.【解析】：(1)如图所示，取的中点，连结，由于为正方体，为中点，故，从而四点共面，即平面CDE即平面，据此可得：直线交平面于点，当直线与平面相交时只有唯一的交点，故点与点重合，即点为中点.(2)以点为坐标原点，方向分别为轴，轴，轴正方形，建立空间直角坐标系，不妨设正方体的棱长为2，设，则：，从而：，设平面的法向量为：，则：，令可得：，设平面的法向量为：，则：，令可得：，从而：，则：，整理可得：，故（舍去）.【归纳总结】本题考查了立体几何中的线面关系和二面角的求解问题，意在考查学生的空间想象能力和逻辑推理能力，对于立体几何中角的计算问题，往往可以利用空间向量法，通过求解平面的法向量，利用向量的夹角公式求解.18. 为加快新冠肺炎检测效率，某检测机构采取“k合1检测法”，即将k个人的拭子样本合并检测，若为阴性，则可以确定所有样本都是阴性的；若为阳性，则还需要对本组的每个人再做检测．现有100人，已知其中2人感染病毒．（1）①若采用“10合1检测法”，且两名患者在同一组，求总检测次数；②已知10人分成一组，分10组，两名感染患者在同一组的概率为，定义随机变量X为总检测次数，求检测次数X的分布列和数学期望E(X)；（2）若采用“5合1检测法”，检测次数Y的期望为E(Y)，试比较E(X)和E(Y)的大小(直接写出结果)．【思路分析】（1）①由题设条件还原情境，即可得解；②求出X的取值情况，求出各情况下的概率，进而可得分布列，再由期望的公式即可得解；（2）求出两名感染者在一组的概率，进而求出，即可得解.【解析】：（1）①对每组进行检测，需要10次；再对结果为阳性的组每个人进行检测，需要10次；所以总检测次数为20次；②由题意，两名患者在同一组需检测20次，不在同一组需检测30次，所以可以取20，30，，，则的分布列:所以；（2）由题意，两名患者在同一组需检测25次，不在同一组需检测30次，可以取25，30，两名感染者在同一组的概率为，不在同一组的概率为，则.19. 已知函数．（1）若，求在处切线方程；（2）若函数在处取得极值，求的单调区间，以及最大值和最小值．【思路分析】（1）求出、的值，利用点斜式可得出所求切线的方程；（2）由可求得实数的值，然后利用导数分析函数的单调性与极值，由此可得出结果.【解析】：（1）当时，，则，，，此时，曲线在点处的切线方程为，即；（2）因为，则，由题意可得，解得，故，，列表如下：增极大值减极小值增所以，函数的增区间为、，单调递减区间为.当时，；当时，.所以，，.20. 已知椭圆过点，以四个顶点围成的四边形面积为．（1）求椭圆E的标准方程；（2）过点P(0，-3)的直线l斜率为k，交椭圆E于不同的两点B，C，直线AB，AC交y=-3于点M、N，直线AC交y=-3于点N，若|PM|+|PN|≤15，求k的取值范围．【思路分析】（1）根据椭圆所过的点及四个顶点围成的四边形的面积可求，从而可求椭圆的标准方程.（2）设，求出直线的方程后可得的横坐标，从而可得，联立直线的方程和椭圆的方程，结合韦达定理化简，从而可求的范围，注意判别式的要求.【解析】：（1）因为椭圆过，故，因为四个顶点围成的四边形的面积为，故，即，故椭圆的标准方程为：.（2）设，因为直线的斜率存在，故，故直线，令，则，同理.直线，由可得，故，解得或.又，故，所以又故即，综上，或.21. 定义数列：对实数p，满足：①，；②；③，．（1）对于前4项2，-2，0，1的数列，可以是数列吗？说明理由；（2）若是数列，求的值；（3）是否存在p，使得存在数列，对？若存在，求出所有这样的p；若不存在，说明理由．【思路分析】(1)由题意考查的值即可说明数列不是数列；(2)由题意首先确定数列的前4项，然后讨论计算即可确定的值；(3)构造数列，易知数列是的，结合(2)中的结论求解不等式即可确定满足题意的实数的值.【解析】：(1)由性质③结合题意可知，矛盾，故前4项的数列，不可能是数列.(2)性质①，由性质③，因此或，或，若，由性质②可知，即或，矛盾；若，由有，矛盾.因此只能是.又因为或，所以或.若，则，不满足，舍去.当，则前四项为:0，0，0，1，下面用纳法证明：当时，经验证命题成立，假设当时命题成立，当时：若，则，利用性质③：，此时可得：；否则，若，取可得：，而由性质②可得：，与矛盾.同理可得：，有；，有；，又因为，有即当时命题成立，证毕.综上可得：，.(3)令，由性质③可知：，由于，因此数列为数列.由（2）可知:若；，，因此，此时，，满足题意.【归纳总结】本题属于数列中的“新定义问题”，“新定义”主要是指即时定义新概念、新公式、新定理、新法则、新运算五种，然后根据此新定义去解决问题，有时还需要用类比的方法去理解新的定义，这样有助于对新定义的透彻理解.但是，透过现象看本质，它们考查的还是基础数学知识，所以说“新题”不一定是“难题”，掌握好三基，以不变应万变才是制胜法宝.