北京市昌平区2019-2020学年高二年级上学期期末物理试题 参考答案

这是一份北京市昌平区2019-2020学年高二年级上学期期末物理试题 参考答案，共11页。试卷主要包含了【答案】D，45A，故A错误；，5A，最为接近4A，故D正确，【答案】C，【答案】A，【答案】B等内容，欢迎下载使用。
答案和解析 1.【答案】
 【解析】解：、液晶电视的电功率约为，故其电流，故A错误；
B、电风扇的电功率约为，故其电流约为，故B错误；
C、台灯的电功率约为，故其电流约为，故C错误；
D、电饭锅的功率约为，故其电流约为，最为接近，故D正确。
故选：。
明确各家用电器的基本功率，再由分析工作电流接近的电器。
本题考查功率公式的应用，要注意明确常见电器的功率值，同时明确的应用。
 2.【答案】
 【解析】解：带正电的粒子向右运动，所以电流的方向就是向右的，
A、磁场的方向是向里的，根据左手定则可知，受到的洛伦兹力的方向是向上的。故A错误；
B、磁场的方向是向外的，根据左手定则可知，受到的洛伦兹力的方向是向下的。故B错误；
C、磁场的方向是向上的，根据左手定则可知，受到的洛伦兹力的方向是向外的。故C正确；
D、磁场的方向是向下的，根据左手定则可知，受到的洛伦兹力的方向是向里的。故D错误。
故选：。
根据左手定则，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是洛伦兹力的方向．根据左手定则来判断洛伦兹力即可．
本题就是对左手定则的直接考查，注意运动电荷的极性，同时要注意与右手定则的区别，比较简单．
 3.【答案】
 【解析】解：、磁铁放在螺线管中不动时，线圈中的磁通量不发生变化，无感应电流产生，故A正确；
、只要是线圈中的磁通量不发生变化，回路中无感应电流，指针便不会偏转，在磁铁插入、拉出过程中，以及条形磁铁在螺线管中左右移动时的过程中线圈中的磁通量均发生变化，故BCD错误。
本题考查指针不偏转的，
故选：。
根据感流电流产生的条件可知，只要线圈中的磁通量不发生变化，则回路中便无感应电流产生，指针便不会偏转。
本题考查感应电流的产生条件，要注意明确感应电流产生的条件为：闭合回路，磁通量发生变化。
 4.【答案】
 【解析】解：在同一个电场中，两点之间的电势差就不变，与放入的电荷的电荷量的大小无关，是由之间的电势差的大小还是；
让电荷量为的点电荷在电场中由点移到点，电场力做功为，故ABD错误C正确；
故选：。
明确电场的性质，知道两点间的电势差是由电场决定的，电场不变，两点之间的电势差就不变，然后根据可以直接计算电量改变后的电场力做功的大小。
 5.【答案】
 【解析】解：、电容器所带电荷量越多，板间电压越大，但电容不变．故A错误．
    、电容器所带电荷量越少，两板间电压越低，但电容不变．故B错误．
    、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，电容器不带电时与带电时，电容相同，其电容不为零．故C错误．
    、电容表征电容器容纳电荷本领的大小，由电容器本身的特性决定．故D正确．
故选D
电容表征电容器容纳电荷本领的大小，与电容器所带的电荷量、板间电压无关，由电容器本身的特性决定．
电容的定义式，是比值定义法，具有比值定义的共性，定义出的电容与、无关，反映电容本身的特性．
 6.【答案】
 【解析】解：、电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，故A错误；
B、电源向把其它形式的能转化为电能为，可见，转化的电能与电动势、电流和时间都有关，则电源把其它形式的能转化为电能越多，电动势不一定越大。故B错误；
C、电动势是由电源本身的性质决定的，与电流大小无关；故C错误；
D、根据闭合电路欧姆定律，知电动势在数值上等于路端电压与电源内阻电压之和，故D正确。
故选：。
电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量。电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压。根据闭合电路欧姆定律知电动势在数值上等于路端电压与电源内阻电压之和。
本题考查电动势的物理意义。要注意电动势是表征电源把其它形式的能转化为电能的本领，与电路电流无关。
 7.【答案】
 【解析】解：设粒子电荷量为，若粒子带正电，根据左手定则可知洛伦兹力向上，电场力向下，若粒子带负电，根据左手定则可知洛伦兹力向下，电场力向上，所以粒子的电性不一定相同，但一定满足：，即为：，其速度大小与粒子的电荷量、比荷无关，故B正确、ACD错误。
故选：。
电粒子进入复合场，受电场力和洛伦兹力，通过比较电场力和洛伦兹力的大小和方向，根据平衡条件得到速度表达式进行分析。
本题考查带电粒子在复合场中的运动，为速度选择器模型，解决本题的关键知道在速度选择器只选择速度，不选择电量与电性。
 8.【答案】
 【解析】解：由电路图可知，表头与定值电阻并联，为电流表改装原理；间并联电阻小于间并联电阻，故接、柱量程大于接、柱量程，故A正确，BCD错误；
故选：。
电流表改装原理为表头并联小电阻分流，并联电阻越小，量程越大；电压表改装原理为串联大电阻，阻值越大，量程越大。
本题考查了电流表电压表的改装原理，注意对于实验题要会计算电流表测量电流值，这个值是干路电流，不是支路电流。
 9.【答案】
 【解析】解：由于磁感应线的疏密表示磁场的强弱，根据图象可知，、、三点磁感应强度依次减弱。
A、同一电流元在磁场的不同点，所受安培力大小不同，根据可知安培力与电流元的比值不相同，故A错误；
B、不同电流元在磁场的同一点，所受安培力大小不同，而同一点的磁感应强度不变，根据可知安培力与电流元的比值相同，故B错误；
C、磁感应强度大小是由磁场本身决定的，与该点是否放入电流元或电流元的大小无关，故C错误；
D、安培力与电流元的比值表示磁感应强度，而磁感应强度是反映磁场自身性质的物理量，与电流元无关，故D正确。
故选：。
根据磁感应强度的定义式以及磁感应强度的物理意义、决定因素、磁感应线与磁感应强度的关系进行分析。
本题主要是考查磁感应强度的定义式，解答本题的关键是知道磁感应强度大小是由磁场本身决定的，与该点是否放入电流元或电流元的大小无关，知道表示的物理意义。
 10.【答案】
 【解析】解：地磁的南极在地理北极的附近，故在用安培定则判定环形电流的方向时右手的拇指必需指向南方；而根据安培定则：拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故四指的方向应该向西，故B正确，ACD错误。
故选：。
要知道环形电流的方向首先要知道地磁场的分布情况：地磁的南极在地理北极的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根据安培定则四指弯曲的方向是电流流动的方向从而判定环形电流的方向。
本题主要考查安培定则和地磁场分布，掌握安培定则和地磁场的分布情况是解决此题的关键所在，另外要掌握此类题目一定要乐于伸手判定，不要只凭想像解题。
 11.【答案】
 【解析】解：、只适用于纯电阻用电器，电吹风两端的电压就是所加电压，故A错误；
、电吹风消耗的电功率，是电路中产生的热功率，故BC错误；
D、电吹风输出的机械功率为总功率减去电阻发热功率，即，故D正确。
故选：。
在计算电功率的公式中，总功率用来计算，发热的功率用来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的。
对于电功率的计算，一定要分析清用电器是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的，小心选用，不能混用。
 12.【答案】
 【解析】解：、流过的电流为：，故A正确；
B、因两段串联，通过两棒的电流相等，所以流过导线的电流也是，故B错误；
C、由电阻定律由：，，求得：：，故C错误；
D、又，则有：，故D错误。
故选：。
根据电流的定义式求出流过的电流；两段串联，通过两棒的电流相等，结合，即可求解速度之比，根据电阻定律公式即可求解。
本题考查电流的微观表达式和电阻定律公式的直接应用，知道串联电路，电流相等是关键。
 13.【答案】
 【解析】解：、电容器在充电过程中，自由电子并不可以穿越电容器两极板间的电介质，故A错误；
B、电源向电容器充电过程，电路中电流逐渐减小，故B错误；
C、放电过程中，电路中电流逐渐减小，故灯泡的亮亮度逐渐变暗；故C错误；
D、充电过程，流过灵敏电流计的电流方向从上到下。放电过程中，流过灵敏电流计的电流方向从下到上，故D正确；
故选：。
电容器在充电过程中，自由电子并不可以穿越电容器两极板间的电介质；电源向电容器充电过程中，电流逐渐减小，电容器的电压先逐渐增大，后保持不变；放电过程中，电路中电流逐渐减小，电容器的电压也逐渐减小。
掌握电容器的工作原理，以及在充放电过程中，电流和电压的变化情况。
 14.【答案】
 【解析】解：、当水平放置的平行导轨通有如图所示的电流时，炮弹向右加速运动，安培力方向向右，根据左手定则可知导轨间的磁场方向竖直向上，故A错误；
B、当回路中电流一定时，根据牛顿第二定律可得，解得加速度，所以加速度一定，炮弹将做匀加速直线运动，故B正确；
C、若只将电流增大倍，磁感应强度也变为原来的倍，则安培力增大到原来的倍，根据动能定理，可得炮弹射出的动能也会增大倍，故C错误；
D、若只将导轨长度增大倍，根据动能定理，可得炮弹射出的动能也会增大倍，故D错误。
故选：。
根据左手定则判断导轨间的磁场方向；根据牛顿第二定律求解加速度；根据动能定理分析最后的动能。
本题主要是考查电磁炮的发射问题，关键是弄清楚电磁炮的发射原理，能够根据左手定则、牛顿第二定律、动能定理进行分析。
 15.【答案】；
、刻线
。
 【解析】【分析】
本题考查了多用电表的使用方法，掌握基础知识即可正确解题；使用欧姆表测电阻时，要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近。
电表使用前要使指针指在电流的“”刻线位置，通过调节调零旋钮实现；
欧姆表测量前要进行欧姆调零；
欧姆表中值电阻附近刻度线最均匀，读数误差最小，故测量电阻时，要通过选择恰当的倍率使指针指在中值电阻附近；每次换挡要重新调零。
【解答】
电表使用前要调节机械调零旋钮，使指针指在电流的“”刻线位置，故调节旋钮；
欧姆表测量前要进行欧姆调零，调节旋钮，使指针对准电阻的刻度线；
指针偏转度过小，说明电阻偏大，故需选择较大的倍率；每次换挡要重新调零，再进行电阻的测量；故顺序为；
故答案为：；
、刻线
。  16.【答案】       
 【解析】解：干电池内阻较小，和电流表的内阻差不多。测量电源电动势和内电阻时，实验原理是，若采用电流表外接法，测出的电动势是准确的，而电源的内阻测量值为，由于电流表内阻跟电源内阻差不多，导致误差较大；对于图，采取安培表内接法，实验的误差主要是由电压表分流所致，由于电压表内阻远远地大于滑动变阻器和电流表内阻，电压表的分流作用可以忽略；所以应选题所示电路图。
一节干电池电动势约为，则电压表应选B，为方便实验操作，滑动变阻器应选C；
根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出电源的图象如图所示：

由图象可知，图象与纵轴交点坐标值是，则电源电动势：，
图线的斜率表示电源的内阻：。
故答案为：；，；如图所示；，。
干电池内阻较小，所以采用，采用求出的内阻会受电流表内阻影响；
干电池的电动势较小，所以电压表选小量程就好，滑动变阻器选小量程方便操作；
根据数据可以在图象上描点和用平滑直线连接；
找出图象斜率和截距代表的物理含义就可以求出电动势和内阻。
本题考查了测定电源的电动势和内阻的实验。本题关键明确实验原理，会用图想法处理实验数据，能结合图象求电源电动势及内阻。
 17.【答案】解：这种说法不正确。因为电阻是导体本身的特性，与电压和电流无关，只是可以通过计算电阻的大小；
由电阻定律可知，当两电阻串联时，长度变大，所以总电阻变大；并联时，横截面积变大，所以电阻变小。
答：这种说法不正确。因为电阻是导体本身的特性，与电压和电流无关；
由电阻定律可知，当两电阻串联时，长度变大，所以总电阻变大；并联时，横截面积变大，所以电阻变小。
 【解析】电阻是导体本身的特性，与电压和电流无关。由导体的材料、长度、横截面积决定；
根据可得，电阻与长度成正比，与横截面积成反比；
本题要明确电阻是由导体本身决定的，与导体两端的电压及电流无关。
 18.【答案】解：两节新电池串联时，电流：，
灯泡两端的电压：。
一新、一旧电池串联时，电流：，
灯泡两端的电压：，
旧电池的内阻上的电压：。
不妥当。因为旧电池内阻消耗的电压大于其电动势或其消耗的电压大于其提供的电压，灯泡的电压变小。
答：当使用两节新电池时，灯泡两端的电压为；
当使用新、旧电池混装时，灯泡两端的电压及旧电池的内阻上的电压为；
不妥当。因为旧电池内阻消耗的电压大于其电动势或其消耗的电压大于其提供的电压，灯泡的电压变小。
 【解析】两节新电池串联时，根据闭合电路欧姆定律求解电流，根据求解灯泡电压；
手电筒里装一节新电池和一节旧电池搭配使用，根据闭合电路欧姆定律求解电流，根据求解灯泡电压，旧电池的内阻上的电压，从而判定是否合理。
解答本题的关键是：要把学习到的物理知识和生活实际联系起来，运用闭合电路欧姆定律和电功率的知识可判断生活中的做法是否合理。
 19.【答案】解：作出带电粒子做圆周运动的圆心和轨迹，由图中几何关系知：

做粒子通过、两点速度方向的垂线，两垂线的交点即为圆心画出粒子在第一象限运动的轨迹。
依据几何关系，结合图可知：
而不计带电粒子的重力，由洛仑兹力提供向心力，依据牛顿第二定律，则有：
解得：
由图可知，圆弧轨迹对应的圆心角为，粒子通过第一象限所需时间：
由于周期：，且半径公式；
解得：
答：匀强磁场的磁感应强度的大小是；
带电粒子穿过第一象限所用的时间为。
 【解析】不计重力的情况下带电粒子进入磁场，在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，画出运动的轨迹，确定半径与之间的关系，根据圆周运动的半径公式，即可求解磁感应强度大小；
再依据圆弧对应的圆心角，结合圆周运动的周期公式，即可求解穿过第一象限所用的时间。
抓住微粒在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力可以得到微粒圆周运动的半径、周期的表达式，根据表达式进行解答，注意本题符号运算较多，容易出现计算错误。
 20.【答案】解：、棒做切割磁感线运动产生的感应电动势为
回路中的感应电流
安培力大小
解得：；
、导体棒匀速运动，外力与安培力平衡，则
因为
所以
电路中的电能是由外力做功消耗机械能转化而来的，即克服安培力做功将机械能转化为电能；电能又通过电流做功，转化为其它形式的能。
答：所受安培力的大小为；
证明过程如解析所示，在上述电路中，电路中的电能是由外力做功消耗机械能转化而来的，即克服安培力做功将机械能转化为电能；电能又通过电流做功，转化为其它形式的能。
 【解析】、根据求出感应电动势，由欧姆定律和求解安培力的大小；
、导体棒匀速运动，外力与安培力平衡，根据求解外力的功率，根据求解电功率，从而进行比较。
解决该题的关键是明确知道金属棒在匀速运动过程中外力等于安培力，熟记安培力以及感应电动势、电功率的计算公式。
 21.【答案】解：小王的解法不正确，错误原因，此时杆不是纯电阻用电器；
此模型杆相当于发电机、杆相当于电动机，发电机通过克服安培力做功将机械能转化为电能，
故回路产生的电能等于杆减少的机械能，即：
由动量守恒定律得：，
联立解得：。
答：小王的解法不正确，正确的解法见解析。
 【解析】此模型杆相当于发电机、杆相当于电动机，发电机通过克服安培力做功将机械能转化为电能，由此分析。
本题主要是考查电磁感应现象中的能量转化问题，关键是弄清楚两根杆分析相对于哪种模型，再根据能量的转化情况进行分析解答。