2022云南省昆一中高三第九次考前适应性训练理综PDF版含答案

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昆明一中2022届高三第九次联考物理参考答案14【答案】A【解析】A．飞船在低轨道变轨到高轨道实现对接，需要飞船先运动到空间站轨道下方圆周轨道上合适的位置，然后向后喷气加速做离心运动，故A正确；B．对接后构成的组合体质量变大，但依然满足万有引力提供向心力，故环绕速度大小不变，B错误C．若航天员与连接空间站的安全绳脱离，航天员的所受万有引力依然满足匀速圆周运动，故航天员依然做同轨的圆周运动，C错误；D．航天员此时处于完全失重状态，但依然受地球的引力作用，故D错误； 15【答案】  D【解析】由于核反应前两个氘核的动能相同，知核反应前两氘核动量等大反向，又核反应前后系统的总动量守恒，系统的总动量为零，因而反应后氦核与中子的动量等大反向，但动量不同， A错误；该核反应释放的能量，B错误；由能量守恒可得：核反应后的总能量为，由动能与动量的关系，且，可知核反应后氦核的动能为，中子的动能为：，C错误，D正确．16【答案】C【解析】采用逆向思维，动车连续经过相等的位移所用的时间之比为：，则动车第1节车厢最前端从经过5号旅客到停下所用的时间为第1节车厢经过他用时的2倍，历时2t，故A错误；B．动车第1节车厢最前端从经过5号旅客到停下总位移为4l，用时2t，平均速度为，故B错误；C．由以上逆向思维可知，则加速度，并且，得，同时又有，所以，故C正确，D错误。 17【答案】B【解析】由P=Fv得，知于图象bc斜率为定值，可知发电机功率为定值。由，以及，得，可知，P不变，v增大，则加速度a减小，故汽车由b到c过程做加速度减小的变加速直线运动，故A错误；B．汽车从a到b牵引力不变，设为F1，由图可知。再由图知，速度达到最大速度时，牵引力。阻力f不变，汽车做匀加速直线运动，设加速度大小为a1，根据牛顿第二定律，联立并带入数据得加速度。设b点的速度为，汽车从a到b持续的时间为，故B正确；C．b点时已经达到最大功率，则最大功率为，故C错误；D．汽车能够获得的最大速度为，故D错误。 18【答案】B【解析】如图所示，由，解得，即，做出最极限的三种情况的圆，可看出MO板上的区域长度MP为：NO板上的区域长度DE为：   19【答案】BC【解析】根据左手定则可知，磁场沿顺时针方向绕垂直纸面并过O点的轴缓慢旋转的过程中安培力的方向可能垂直纸面向外，也可能垂直纸面向里，故A错误；B．当磁场的方向与ab的连线平行时，此时导体ab受到的安培力大小为零，故B正确；C D．三分之二圆弧形导体ab的连线长度，当磁场方向与ab的连线垂直时，安培力最大，故D错误。磁场转动过程中，导体b受到的安培力大小在之间，可能为BIr，故C正确； 20【答案】BD【解析】当b固定时，杆a最后速度为0，当b自由时，杆a最后速度为v ，由动量守恒定律解得，所以A错误；两次的杆a都做减速运动，开始时切割磁感线速度最大，产生的感应电动势最大小，感应电流最大，安培力最大，有，所以杆a所受安培力，两次的最大值相等，则B正确；当b固定时，产生的焦耳热为。当b自由时，产生的焦耳热为，所以Q1：Q2 = 3：2，C错误；当b固定时，通过的电荷量为q1，由动量定理可得 ，，得当b自由时，通过的电荷量为q2，由动量定理可得 ，得，则q1 ：q2 = 3：2 所以D正确； 21【答案】C D【解析】A．弹丸越过B点后做平抛运动，在竖直方向上有，水平方向上有，联立解得t =1s， N、C之间的距离。整个过程的飞行时间一定小于2s，因此重力的冲量小于mgt=1N•s ，A错误；B．A、杆之间的距离一定小于N、C之间的距离，B错误；C．弹丸从B点运动到C点，由机械能守恒定律有，解得弹丸落地时的速度大小为，C正确；D．整个运动过程中，由功能关系得，解得弹弓对弹丸做的功为，D错误。故选CD。 22（6分）【答案】 (1)   (2)A     (3) 【解析】(1)[1]由于通过光电门时间很短，所以碰撞后滑块B的速度大小为(2)若碰撞过程中满足动量守恒，则有，变形得，要使图像为一条直线，则应做出图像，选A结合图像可得，截距为，可得 23（9分）【答案】 （1）①小于    ②小于    （2） 1.3V   0.88±0.02Ω   （3） 小于【解析】（1）（各2分）由于电压表的分流作用，电源电动势和内阻测量值均小于它的真实值。（2）（各2分）由闭合电路欧姆定律可知，，变形可得，则有：截距；斜率，解得，则一节干电池的，（0.88±0.02Ω）（3）（1分）由于电压表的分流作用，导致一节电池的内阻测量值小于它的真实值。 24.（12分）【解析】（1） 对电子逸出后恰要打在M板上时速度减为零，由动能定理：－eUC = 0－mvm2    （3分）解得vm=                   （1分）（2）交换电源电极后，电子在电场中做加速运动；要形成饱和电流，每一个电子逸出后均要能到达M极板。垂直电场方向逸出的电子在电场中做类平抛运动：沿极板半径方向匀速运动R = vmt                         （2分）沿垂直极板方向作匀加速直线运动：                                     （2分）                                             （2分）    发光面积                    （2分） 25.（20分）【解析】A下滑过程，由机械能守恒定律                       （1分）                  得                                  （1分）与弹性碰撞，由动量守恒定律得：                （2分）由机械能守恒定律得：         （2分）解得：，     （2分）碰后反向运动，由机械能守恒定律有：                  （1分）解得：h2 = 0.45                                       （1分）（2）以开始压缩弹簧，的加速度水平向右，所以第一象限是的运动图线，第四象限是的运动图线。  由图像知t0时刻弹簧压缩量最短，此时：C物体：                                                    （1分）B物体：                                                     （1分）解得：                                                         （1分）时刻、速度相等，设为v共，则， （1分）代入数据得                                                     （1分）a-t图像的面积表示物体速度的变化量， ，            （2分）         S =2（ + ）                                                 （2分）代入数据得总面积S的大小为：；                                    （1分） 3-3（1）（5分）【答案】BCD【解析】在时，分子势能最小，但不为零，此时分子力为零，所以乙图线为分子势能与分子间距离的关系图线，故A错误，BC正确；DE．由于图乙为分子势能与分子间距离的关系图线，可以看出两分子从无穷远处靠近的过程中，分子势能先减小后增大，故D正确，E错误。故选BCD。 （2）（10分）【解析】(1)由题意知，打气过程中温度不变，打进气球的气体压强为，则根据玻意耳定律得  （2分）整理得                  （2分）(2)如图所示，做出图线             （2分）读出此时气球体积为 （2分）气球压强倒数为则气球压强为     （2分） 3-4（1）【答案】ACD【详解】A．设该波的周期为T，由题可得，解得T=4s，质点b的振动周期等于a的振动周期，即为4s，故A正确；B．波从a传到c的时间为，则在t=5s时刻质点c已振动了2s，而c起振方向向下，故在t=5s时刻质点c恰好经过平衡位置向上，故B错误；C．ad间距离为12m，波在同一介质中匀速传播，则波从a传到d的时间为，即在t=6s时刻波恰好传到质点d处，故C正确；D．在4s-6s的时间间隔内，质点c已振动了1s-3s，质点c正从波谷向波峰运动，即向上运动，故D正确；E．bd相距10m；该波的波长λ=vT=2×4=8m，故bd相距xbd=，故有可能b、d同向运动，故E错误。（2）①【解析】光从立方体中射出的最短传播距离为  （1分）光在透明材料中的速度     （1分）则可得光从立方体中射出需要的最短传播时间为 （1分）联立得；    （1分） ②当光射到表面上时，入射角等于临界角，光产生的全反射，此点为有光射出的边缘点，如图所示：，得C=37°                                            （2分）每一个表面上有光射出区域的半径为                （1分）每一个表面上有光射出区域的面积为                （1分）则可得光从立方体射出的区域面积与立方体表面积的比       （2分）