2022年山东省临沂市费县第二中学中考物理二模试题（有答案）

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2022年山东省临沂市费县第二中学九年级物理二模试题解析
一、选择题（每题2分共40分）
1.下列物理量最接近实际的是（ ）
A.教室的棚顶高度约为5m B.骑自行车的速度约为30m/s
C.一般洗澡水的温度约为40℃ D.人双脚站立时对地面压强约为1.2×105Pa
【答案】C。
【解析】A．教室的棚顶高度约为3m，故A不符合题意；
B．骑自行车的速度约为5m/s，故B不符合题意；
C．一般洗澡水的温度约为40℃，故C符合题意；
D．人双脚站立时对地面压强约为
故D不符合题意。故选C。
2.线上学习中与声现象有关的说法，错误的是（ ）
A．老师可以根据音色判断谁在回答问题
B．调节旋钮增大音量，增大了声音的响度
C．有时听不到声音，可能是人发出了次声波
D．学生听老师讲课，利用了声音能够传递信息
【答案】C。
【解析】A、音色是由发声体本身决定，故老师可以根据音色判断谁在回答问题，故A正确；
B、响度指声音的强弱，与振幅和距离有关，故调节旋钮增大音量，增大了声音的响度，故B正确；
C、人的发声频率范围大约为85～1100Hz，不能发出次声波，故C错误；
D、学生听老师讲课，利用了声音能够传递信息，故D正确。故选：C。
3.如图所示的现象中，属于光的折射的是（ ）。

A．水中筷子“弯折” B．地上的身影 C．水中荷花的倒影 D．墙上的手影
【答案】A。
【解析】A.筷子“弯折”是由于光的折射而形成的，故A符合题意；
B.“影子”是由光的直线传播形成的，故B不符合题意；
C.水中倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C不符合题意；
D.墙上的手影由光沿直线传播形成的，故D与题意不符。故选A。
4.二十四节气是古代中国人的智慧结，它反映季节变化，指导农事活动，影响着千家万户的衣食住行。2016年11月30，“中国二十四节气”被正式列入联合国教科文组织人类非物质文化遗产名录。下列描述中发生液化现象的是（ ）

A．甲图中立春时节冰雪消融 B．乙图中冬至时节房檐下的冰挂
C．丙图中大雪时节地上的雪 D．图中白露时节草叶上的露珠
【答案】D。
【解析】A．冰雪消融，由固态变为液态，属于熔化现象，故A错误；
B．房檐下的冰挂的形成，由液态变为固态，属于凝固现象，故B错误；
C．雪是水蒸气直接变为固态形成的，属于凝华现象，故C错误；
D．露珠是水蒸气遇冷变为液态的小水滴，属于液化现象，故D正确。故选D。
5.以下对四个体育运动项目中涉及的物理知识描述正确的是（ ）。
A．踢足球——踢出去的足球在草地上越滚越慢是因为足球不受力的作用；
B．立定跳远——脚用力向后蹬地，是为了增大惯性；
C．打排球——大力扣球，手对球的作用力大于球对手的作用力；
D．引体向上——双手握住单杠静止时，人受到的重力与单杠对人的拉力是平衡力
【答案】D。
【解析】A．踢出去的足球在草地上越滚越慢是因为足球受到了阻力的作用，故A错误；
B．一脚用力向后蹬地，是为了增大动能，惯性只与质量有关，故B错误；
C．大力扣球，手对球的作用力与球对手的作用力是相互作用力，大小相等，方向相反，故C错误；D．双手握住单杠静止时，人受到的重力与单杠对人的拉力，满足同一物体，大小相等，方向相反，且人也处于静止状态，故人受到的重力与单杠对人的拉力是平衡力，故D正确。故选D。
6.医用外科口罩与N95级口罩根据飞沫颗粒的大小和气流速度，可通过拦截、惯性碰撞附着、扩散吸附、静电吸引等多种机制捕捉含病毒分子的飞沫，起到良好的防病毒作用。下列判断错误的是( )
A. 病毒分子具有惯性 B. 温度越高病毒分子运动得越快
C. 温度越高病毒分子的动能越小 D. 带静电的物体对轻小物体有吸引作用
【答案】C。
【解析】A．一切物体在任何情况下都具有惯性，病毒分子同样具有惯性，故A项正确，不符合题意；B．温度越高分子运动越快，故B项正确，不符合题意；
C．温度越高分子运动越快，病毒分子的动能越大，故C项错误，符合题意；
D．带电体具有吸引轻小物体的性质，故D项正确，不符合题意。故选C。
7.目前，我国上市的新冠疫苗已经达到4个，据了解疫苗需在2-8℃的冰箱中保存。下列说法正确的是（ ）
A．注射器吸取疫苗液体的原理和用吸管喝牛奶的原理相同
B．注射疫苗前，用酒精对皮肤消毒，因酒精升华吸热使皮肤感觉凉爽
C．注射疫苗时选用的注射器针尖较细是为了减小压强
D．打开冰箱时看到周围有“白雾”，这是由于水蒸气吸热汽化形成的
【答案】A。
【解析】A．注射器吸取疫苗液体和用吸管喝牛奶，都是利用大气压，故A正确；
B．用酒精消毒时，皮肤感觉凉爽，是因为酒精蒸发吸热，故B错误；
C．针尖较细是为了减小受力面积从而增大压强，故C错误；
D．打开冰箱，其周围的白雾是空气中的水蒸气遇冷放热液化成小水珠形成的，故D错误。故选A。
8.关于热和能，下列说法中正确的是（ ）。
A．热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体；
B．一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能变大；
C．内燃机的压缩冲程，主要通过热传递增加了汽缸内物质的内能；
D．物体内能增加，一定是外界对物体做了功
【答案】B。
【解析】A．热传递时，热量总是从高温物体传递给低温物体，而不是温度，故A错误；
B．一块0℃的冰熔化成0℃的水后，不断吸热，温度不变，但是内能变大，故B正确；
C．内燃机的压缩冲程，压缩气体，对气体做功，主要通过做功增加了汽缸内物质的内能，故C错误；
D．物体内能增加，不一定是外界对物体做了功，可以是从外界吸收了热量，故D错误。故选B。
9.2021年5月29日20时55分，货运飞船“天舟二号”在海南文昌发射场成功发射，并在8小时后与“天和核心舱”成功实现自主交会对接。则下列说法中错误的是（ ）
A．用氢作燃料，是因为氢的热值大
B．“天舟二号”打开太阳能帆板后可将太阳能转化为电能
C．火箭向下喷燃气才能上升，是因为力的作用是相互的
D．“天舟二号”和“天和核心舱”对接时，两者的动能均为0
【答案】D。
【解析】A．氢相比其它常规燃料，热值更大，较适合做飞船的燃料，故A正确，A不符合题意；B．太阳能板是一种将太阳能转化为电能的装置，故B正确，B不符合题意；
C．火箭向下喷气，根据力的作用是相互的可知，气会对火箭一个向上的力，故C正确，C不符合题意；
D．“天舟二号”和“天和核心舱”对接时，它们都一直在运动，所以两者都存在动能，故D错误，D符合题意。故选D。
10.小明将两个完全相同的物体A、B，分别放在甲、乙两种液体中，A、B处于如图所示的漂浮状态，且此时液面处于同一水平高度。由此可判断（ ）。

A．甲液体密度小于乙液体密度
B．物体A、B下表面所受液体压强相等
C．甲液体对容器底部的压强小于乙液体对容器底部的压强
D．A物体受到的浮力小于B物体受到的浮力
【答案】B。
【解析】AD、两个完全相同的物体A、B，则两物体的重力相同，A、B分别放入两杯中，两物体漂浮，受到的浮力F＝G，故两物体受到的浮力相同，F浮A＝F浮B，根据阿基米德原理：F浮＝ρ液gV排，因B排开液体的体积大，故为ρ甲＞ρ乙，故AD错误；
B、因为两个完全相同的物体A、B，则两物体的重力相同，所受的浮力相等，所以上下表面所受的压力差相等，上表面所受液体压力都为0，因此物体A、B下表面所受液体压强相等，故B正确；C、静止时甲、乙液面刚好相平（如图所示），即容器底部的深度相同，图中甲乙两种液体的密度分别为ρ甲＞ρ乙，根据p＝ρgh可知，两烧杯底部所受液体的压强分别为
p甲＞p乙．故C错误。
故选：B。
11.图示的四种工具中，正常使用时属于费力杠杆的是（ ）
A．园艺剪 B．筷子
C．瓶盖起子 D．核桃夹
【答案】B。
【解析】A．园艺剪在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B．筷子使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B符合题意；
C．瓶盖起子使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D．核桃夹使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。故选B。
12.如图，两个滑轮组，提升一个重为17N的物体A（每个滑轮重相同），使物体A在2s内拉升了20cm，拉力如图所示，下列说法正确的是（ ）。

A．甲中，绳端移动的距离为60cm B．乙中，拉力的功率为1.7W
C．甲中，动滑轮由两根绳子吊着 D．乙中，动滑轮的重力为2N
【答案】A。
【解析】AC．从甲图可以看到，在动滑轮与定滑轮的中间画一条虚线，虚线往下，有三条绳子吊着动滑轮，即甲中，动滑轮由三根绳子吊着，故C错误；再由题意可知，物体A在2s内拉升了20cm，三条绳子吊着动滑轮，则甲图中的绳端移动的距离是物体A上升的高度三倍，即。甲中，绳端移动的距离为60cm，故A正确；
B．从乙图可以看到，绳端的拉力是9N，两条绳子托着动滑轮，则乙图中的绳端移动的距离是物体A上升的高度两倍，即
相同的时间2s，那么乙图中绳端移动的速度
根据可知，乙中拉力的功率
乙中拉力的功率是1.8W；故B错误；
D．从乙图可以看到，绳端的拉力是9N，两条绳子托着动滑轮，设动滑轮的重力，物体A的重力是17N，则，代入数据可得，解得。
乙中，动滑轮的重力为1N；故D错误。故选A。
13.为加强疫情防控、保护师生安全，学校在校门口设立了红外人脸识别测温系统。若人脸识别通过，开关S1闭合；若红外测温数值在正常范围内，开关S2闭合。只有两个条件都满足时，系统才会启动电动机打开闸门放行。图中电路设计符台要求的是（ ）
A． B．C．D．
【答案】B。
【解析】只有当人脸识别通过、体温在正常范围都满足时，系统才会启动电动机打开闸门，当人脸识别不通过或体温不正常时，闸门就不会打开，这说明两个开关是相互影响的，所以两个开关是串联的，故B正确，ACD错误。故选B。
14.如图所示的电路中，若闭合开关S1、S2，小灯泡均能正常发光，电流表和电压表均有示数，下列对电路分析正确的是（ ）

A.电压表只能测量灯L2两端电压 B.若闭合S1、S2，电流表测量干路电流
C.若先闭合S1，再闭合S2，电压表示数不变 D.若先闭合S1，再闭合S2，电流表示数不变
【答案】D。
【解析】AB．由图知道，闭合开关S1、S2，两灯并联，电流表串联在灯L1的支路上，则电流表测量通过L1的电流；电压表并联在灯L2的两端，则电压表测量并联电路两端的电压，故AB错误；
C．由于S1在干路上，若先闭合S1，则电压表的示数为零，再闭合S2，电压表测量并联电路两端的电压，即示数发生变化，故C错误；
D．由于S1在干路上，若先闭合S1，则电流表测通过L1的电流；再闭合S2，由于电流表串联在灯L1的支路上，并联电路各支路互不影响，则电流表示数不发生变化，故D正确。故选D。
15.电给我们的生活带来了极大的便利，但不正确用电也会带来很大的危害，甚至会危及生命。安全用电是每一位公民的必备素养。下列做法中不符合安全用电原则的是（ ）
A．在家庭电路中安装保险丝或空气开关
B．在未断开电源开关的情况下更换灯泡
C．不接触低压带电体，不靠近高压带电体
D．及时更换达到使用寿命的插座、导线和家用电器
【答案】B。
【解析】A．根据安全用电的要求，当电路中电流过大时，保险丝会煊断，空气开关自动断开，切断电路，对用电器起到保护作用，所以在家庭电路中安装保险丝或空气开关，故A正确，不符合题意；
B．为防止触电，更换灯泡和维修电器时应先切断电源，故B错误，符合题意；
C．只要靠近高压带电体就可能会发生高压电弧触电，接触低压带电体也可能触电，对人体造成伤害，故C正确，不符合题意；
D．达到使用寿命的插座、导线和家用电器都可能出现导线绝缘皮破损，使用时容易引发触电或短路，造成安全事故，因此要及时更换，故D正确，不符合题意。故选B。
16.如图是一款带滚轮的书包，其内部没有装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的LED灯会发光。下图各实验装置中，能反映此现象原理的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】A。
【解析】一款带滚轮的书包，其内部没有装电池，但拖动书包使轮子滚动时，嵌在轮子里的LED灯会发光，是机械能转化为电能。
A．图中电磁感应实验，闭合电路的部分导体切割磁感线产生感应电流，机械能转化为电能，故A符合题意；
B．图中是奥斯特实验，证明电流周围存在磁场，故B不符合题意；
C．图中实验探究磁极间的相互作用，故C不符合题意；
D．图中实验说明通电导体在磁场中会受到磁力的作用，是电动机的原理，故D不符合题意。故选A。
17.如图所示，闭合电磁铁开关S，条形磁铁静止在水平桌面上。下列判断正确的是（ ）

A．条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力
B．条形磁铁受到桌面对其向左的摩擦力
C．将滑动变阻器的滑片向右移动，条形磁铁受到的摩擦力不变
D．若只改变电源的正负极，条形磁铁受到的摩擦力变大
【答案】A。
【解析】A．由安培定则得，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向电磁铁右端为N极，左侧为S极，同名磁极相互排斥，所以条形磁铁受到电磁铁对其向左的作用力，故A正确；
B．条形磁铁处于静止状态，水平方向上受到平衡力的作用，水平向左的排斥力和桌面对条形磁铁的水平向右的摩擦力为一对平衡力，故B错误；
C．将滑动变阻器的滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电磁铁的磁性变弱，排斥力变小，摩擦力和排斥力是一对平衡力，大小相等，所以摩擦力变小，故C错误；
D．若只改变电源的正负极，电流的方向改变，大小不变，则电磁铁的磁性不变，条形磁体受到电磁铁的吸引力大小等于原来的排斥力大小，此时吸引力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，则摩擦力不变，故D错误。故选A。
18.能源、信息和新材料是当今社会十分关注的课题，以下有关说法正确的是（　　）
A．风能、水能、太阳能、电能及核能等均属于一次能源；
B．医院检查身体所使用的B超主要是利用电磁波工作的；
C．WiFi 是一种无线网络传输技术，它通过超声波传递信息；
D．半导体是导电性能介于导体和绝缘体之间的一种特殊材料，具有重要价值
【答案】D。
【解析】A、风能、水能、太阳能、核能可以从自然界直接获取，是一次能源；电能属于二次能源，故A错误；
B、医院检查身体所用的B超利用了超声波传递信息，故B错误；
C、WiFi是利用了电磁波中的微波技术进行信息传输，故C错误；
D、容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间，具有一些特殊的物理性质，可制作二极管、三极管灯，故D正确。故选：D。
19.如图所示，凸透镜的焦距为10cm，此时蜡烛在光屏上成一个清晰的像。凸透镜的位置固定不变，只移动点燃的蜡烛和光屏，下列说法正确的是（ ）

A．把蜡烛移到刻度值为30cm处，再向左移动光屏，能在光屏上得到倒立缩小的清晰实像，成像规律可以应用于照相机
B．把蜡烛移到刻度值为14cm处，再向右移动光屏，能在光屏上得到倒立放大的虚像，成像规律可以应用于投影仪
C．把蜡烛移到刻度值为5cm处，再向右移动光屏，能在光屏上得到正立放大的虚像，成像规律可以应用于放大镜
D．蜡烛在光屏上已成一个清晰的像，如果在蜡烛和凸透镜之间放一个近视眼镜，为了在光屏上重新得到清晰的像，光屏应向左移动
【答案】A。
【解析】A、蜡烛移到刻度值为30cm处，u＞2f，成倒立、缩小的实像，像距2fv＞f，光屏应向左移动，是照相机工作原理，故A正确；
B、蜡烛移到刻度值为14cm处，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，故B错误；
C、蜡烛移到刻度值为5cm处，u＜f，成正立、放大的虚像，虚像不能呈现在光屏上，故C错误；
D、近视镜片是凹透镜，对光线起发散作用，放置后，光线延迟会聚，像距变大，应向右移动光屏才能得到清晰的像，故D错误。故选：A。
20.如图甲所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为30Ω，电压表的量程为0～15V。电压表的示数与滑动变阻器R2的关系如图乙所示。则下列结果正确的是（ ）

A.电源电压为20V B.为了保证电压表不被烧坏，滑动变阻器的阻值变化范围为4～30Ω
C.R1的阻值为5Ω D.开关S闭合后电路消耗的最小功率为14.4W
【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压。
（1）由图乙可知，当R2＝10Ω时U1＝12V，当R2′＝20Ω时U1′＝8V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流分别为：I＝＝，I′＝＝，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压保持不变，
所以，电源的电压：U＝I（R1+R2）＝I′（R1+R2′），即（R1+10Ω）＝（R1+20Ω），
解得：R1＝10Ω，故C错误；
电源的电压U＝I（R1+R2）＝×（10Ω+10Ω）＝24V，故A错误；
（2）当电压表的示数U1″＝15V时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
此时电路中的电流：I大＝＝＝1.5A，
此时滑动变阻器两端的电压：U2小＝U﹣U1″＝24V﹣15V＝9V，
则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R2小＝＝＝6Ω，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，
所以，滑动变阻器接入电路中的阻值范围为6Ω～30Ω，故B错误；
（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，
则P小＝＝＝14.4W，故D正确。故选D。
二、填空题（每空1分共18分）
21.（1）如图甲所示，所测物体的长度是______cm；（2）如图乙所示，弹簧测力计的示数是______ N。

【答案】3.10；3.4。
【解析】（1）[1]从图中甲可以看出，刻度尺的分度值为0.1cm，刻度尺读数时要估读到分度值的下一位，物体的左端在刻度尺的0.00cm处，右端在刻度尺3.10cm 处，物体的长度为3.10cm。
（2）[2]从图中乙可以看出，弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计的读数为3.4N。
22.盛夏凌晨池塘边草木上的露珠是空气中的水蒸气_______形成的。为防止儿童溺水，在池塘边上安装了如图所示的摄像头，其镜头是一个_______（选填“凸”或“凹”）透镜，当儿童靠近池塘的过程中，通过镜头所成的实像越来越_______（选填“大”或“小”）。

【答案】液化；凸；大。
【解析】露珠是空气中的水蒸气遇冷液化而成的。摄像头的镜头是一个凸透镜，能成缩小倒立的实像，儿童靠近池塘时，物距变小，所成的像变大。
23.2020年5月27日，我国的登山队员成功登顶珠穆朗玛峰，并开展峰顶测量，12月8日宣布珠穆朗玛峰的最新高程为8848.86米。随着登山队员攀登高度的不断增加，大气压强_______（选填“增大”、“减小”或“不变”），水的沸点会_______（选填“升高”、“降低”或“不变”）。某登山队员沿着一段平直的斜坡匀速向上运动，在这个过程中登山队员的运动状态_______（选填“变化”或“不变”），登山队员在大本营休息时，捧着一杯热水取暖，是通过_______的方式改变物体的内能。
【答案】减小；降低；不变；热传递。
【解析】[1][2]大气压强随着海拔高度增加而减小，而气压减小时，水的沸点会降低。
[3]某个过程中，登山队员做的是匀速直线运动，所以其运动状态不变。
[4]通过热水取暖，是水的热量传递给人，所以是通过热传递的方式改变物体内能的。
24.小明用橡皮来擦除写在牛皮纸上的错别字，由于用力太小字没有擦干净，稍加用力就擦干净了，这是通过增大______（选填“压力”或“接触面的粗糙程度”）来增大摩擦力的；擦完后牛皮纸变热，这是通过______的方式来改变纸的内能；橡皮磨损后，它的______（选填“密度”或“质量”）不会变化。
【答案】（1）压力；（2）做功；（3）密度。
【解析】用力擦是在接触面粗糙程度一定时通过增大压力来增大摩擦力的。
擦完后手触摸到该处的牛皮纸变热，这通过做功的方式来改变纸的内能。
橡皮擦磨损后，它的质量变小，但密度是物质本身的一种特性，与物质的质量、体积无关，故它的密度不变。
25.如图是电阻A和B的I﹣U图象。若把二者并联后接入电路中，当通过电阻B的电流是0.2A时，通过电阻A的电流是　 　A。若把二者串联后接入某电路，当通过电阻A的电流为0.3A，电阻B两端的电压是　 V。

【答案】0.4；3。
【解析】因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，将A、B并联后接入电路中时，它们两端的电压相等，由图象可知，当通过B的电流为0.2A时，两端的电压为2.0V，所以A两端的电压也为2.0V，此时通过A的电流为0.4A；
因串联电路中各处的电流相等，所以电阻A、B串联时，通过A的电流为0.3A时，通过B的电流也为0.3A，由图象可知，此时B两端的电压为UB＝3V。
故答案为：0.4；3。
26.如图所示的电路，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，其中R 1=10Ω。当只闭合开关S1时，电流表示数为0.6A，则电源电压为____V；当同时闭合开关S1、S2时，电流表的示数增大了0.5A，则R 2的阻值是____Ω。

【答案】6；12。
【解析】[1]只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，由可得电源电压

[2]当同时闭合开关S1、S2时，两电阻并联，电流表测干路电流，因为并联电路各支路独立工作、互不影响，所以通过R1的电流不变，仍为0.6A，而电流表的示数增大了0.5A，即通过R2的电流
因为并联电路各支路两端的电压相等，由可得R2的电阻。
27.如图是小军家的电能表，让“220V 1200W”的用电器单独正常工作5min，发现电能表的转盘转过200r，此用电器消耗的电能为______ J ， 电能表的示数变为______kW·h。每消耗1kW·h的电能，该电能表转盘转______r。

【答案】3.6×105；2021.7；2000。
【解析】[1]此用电器的功率为1200W，正常工作5min消耗的电能为
W=Pt=1200W×5×60s=3.6×105J=0.1kW·h
[2]电能表原来示数为2021.6kW·h，此用电器单独工作5min消耗了0.1kW·h，则电能表的示数变为W'=2021.6kW·h+0.1kW·h=2021.7kW·h
[3]此用电器单独工作5min消耗了0.1kW·h，电能表的转盘转过200r，则电能表转速为；即每消耗1kW·h的电能，该电能表转盘转过2000r。
三、作图与实验题（28题4分、29题5分、30题5分、31题6分、31题4分，共24分）
28.按要求作图：（1）甲图中的小球静止在斜面上，请画出小球所受重力的示意图；
（2）请在乙图中画出反射光线对应的入射光线；
（3）丙图中，O是杠杆OA的支点，请画出拉力F的力臂；
（4）丁图是一通电螺旋管，请在括号里标出静止小磁针的“N”或“S”极。

【分析】（1）根据重力的方向是竖直向下的，过重心做竖直向下的力即可。
（2）光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。
（3）力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点．②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线．③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。
（4）由电源的正负极及右手螺旋定则可判断螺线管的极性，根据磁极间的相互作用可知小磁针的指向。
【解析】
（1）重力的方向是竖直向下的，过重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示；
（2）图中法线已经画出，根据反射角等于入射角，在法线下侧作出入射光线，如图所示；
（3）从支点O向拉力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂L，如图所示；
（4）电流由右侧流入，由右手螺旋定则可知，螺旋管的右端为N极，左端为S极；由磁极间的相互作用可知小磁针的右侧为S极，左侧为N极．如图所示。

【点评】（1）本题考查了重力的示意图的作法．不管物体怎样运动，重力的方向总是竖直向下的。
（2）作图时极易出错的细节：①法线是虚线，②法线垂直镜面，所以要画垂直号，③注意角度是相等的，所以画的时候不要使两角的大小差异太过明显，尽量使用量角器，④注意标出光线上的箭头和箭头的方向。
（3）作力臂时要找好支点与力的作用线，力臂应是从支点到力的作用线的距离。
（4）右手螺旋定则内容为：用右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为N极方向。
29.实验小组利用天平、量筒和烧杯等器材测量牛奶的密度。
（1）天平调平衡后，将适量的牛奶倒入烧杯中，并用天平测量烧杯和牛奶的总质量，通过加减砝码的一番操作，当小明将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，横梁指针如图甲所示，接下来他应该_______（选填序号）：
A．向左调节平衡螺母　　B．移动游码　　C．取下最小的砝码后移动游码
（2）测出烧杯和牛奶的总质量为116g后，将烧杯中的一部分牛奶倒入量筒，液面位置如图乙所示，则量筒中牛奶的体积为_______cm3
（3）测量烧杯和剩余牛奶的总质量，天平横梁平衡时如图丙所示，则烧杯和剩余牛奶的总质量为_______kg。
（4）小明测量的牛奶密度为_______kg/m3。
（5）在向量简倒入牛奶时，如果不慎有牛奶溅出，则测出的牛奶密度会_______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。

【答案】C；40；72；1.1×103；偏大。
【解析】（1）[1]当小明将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，横梁指针向右偏，作说明加入的砝码太多了，应去掉最小的砝码，调节标尺上的游码，直到横梁平衡，故C符合题意。AB不符合题意。故选C。
（2）[2]量筒的分度值为2mL，则量筒中牛奶的体积为40mL=40cm3。
（3）[3] 烧杯和剩余牛奶的总质量为m=50g+20g+2g=72g。
（4）小明测量的牛奶密，
（5）在向量简倒入牛奶时，如果不慎有牛奶溅出，测出的体积是准确的，测出的牛奶质量会偏大，根据 ,则测出的牛奶密度会偏大。
30.图甲是小丽同学探究“冰熔化时温度的变化规律”的实验装置图。

（1）如图乙所示，温度计的示数为______℃（不需要估读）；
（2）安装实验器材时，小丽应按照______的顺序进行（选填“从上到下”或“从下到上”）；
（3）她将冰熔化的过程绘制成如图丙所示的温度随时间变化的图像。分析图像数据可知，冰是______（选填“晶体”或“非晶体”）；
（4）分析图丙可知，该物质在t1时刻的内能______t2时刻的内能；CD段加热时间是AB段加热时间的2倍，则冰的比热容______水的比热容（两空均选填“大于”、“等于”或“小于”）。
（5）当试管中的冰全部熔化成水后，继续用酒精灯加热，试管中的水______沸腾（选填“能”或“不能”）。
【答案】-4；从下到上；晶体；小于；小于；不能。
【解析】（1）[1]从下往上读，发现刻度在变小，说明是负数，故从零刻度向下读，分度值为1℃，故读数为-4℃。
（2）[2] 安装实验器材时，小丽应按照从下往上，确定铁圈的位置，再确定温度计的位置。
（3）[3]冰熔化的过程，温度不变，说明是晶体，有固定的熔化温度。
（4）[4] [5]物质在t1时刻的内能小于t2时刻的内能，因为从t1时刻到t2时刻需要吸收热量，故填小于；改变相同的温度，冰吸收热量的时间短，水吸收的热量的时间长，吸收的热量多，故水的比热容大，故冰的比热容小于水的比热容。
（5）[6]当试管中的冰全部熔化成水后，继续用酒精灯加热，由于烧杯中的水沸腾后，试管中的水能到到达100℃，但是不能从外界吸收热量，故试管中的水不会沸腾。
31.如图所示，在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω，有两个规格分别为“10Ω 1A”的A滑动变阻器和“50Ω 2A”的B滑动变阻器，电源电压为6V。

（1）本实验中应选择______滑动变阻器（选填“A”或“B”）。
（2）请你用笔画线代替导线将如图甲中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向左移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大。
（3）连好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表电压表均有示数。接下来应进行的操作是______。
A．断开开关，更换小灯泡 B．检查电路是否断路
C．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光
（4）问题解决后，继续进行实验，发现电压表的示数如图乙所示，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向______（选填“右”或“左”）端移动，直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为______W。
（5）实验中多次测量的目的是______。
A.测不同电压下小灯泡的实际功率 B.多次测量求平均值，减小误差
【答案】B ；C；右；0.45；A。
【解析】（1）小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流：
I== =0.25A，根据串联电路电压的规律，灯正常发光时，变阻器分得的电压为：
U'=6V－2.5V=3.5V，由欧姆定律可得此时变阻器连入的阻值R= = =14Ω＞10Ω，故选用“50Ω 2A”的滑动变阻器B；
（2）实验中滑动变阻器、电流表应串联在电路中，灯泡正常工作电流约0.25A，所以电流表应使用0~0.6A量程，由滑片P向左移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大，所以应将其右下接线柱接入电路中，实物图如图所示；

（3）闭合开关后，电流表有示数，说明电路是通路，灯泡没损坏，也不是断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，下一步操作：移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光，即应进行C项操作；
（4）闭合开关，由图乙知，电压表量程0~3V，分度值0.1V，电压表示数为1.7V，小于灯的额定电压2.5V，要测量小灯泡的额定功率，由串联电路电压的规律，应增大灯的电压减小变阻器分得的电压，根据分压原理，应减小变阻器分得的电压，应将滑动变阻器滑片向右端移动，当电压表示数为2.5V时，小灯泡正常发光；由图丙知，电流表分度值为0.02A，此时示数为0.18A，则小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.18A=0.45W；
（5）灯泡两端电压不同时其实际功率不同，多次测量的目的是测不同电压下小灯泡的实际功率，从而得到灯泡亮度也实际功率的关系。故选A。
故答案为：（1）B；（2）见上图；（3）C；（4）右；0.45；（5）A。
32.利用图甲装置探究“平面镜成像的特点”：在水平桌面上铺一张白纸，再将玻璃板竖立在白纸上，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形完全相同但不点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合。

（1）把光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是　　像。
（2）图乙是小强某次测量蜡烛A到平面镜的距离L为　　cm；将蜡烛靠近玻璃板，像的大小将　　。（选填“变大”、“变小”或“不变”）
（3）若将玻璃板向左倾斜，如图丙所示，观察到蜡烛A的像的大致位置在图中的　　（选填“①”或“②”）处。
【答案】（1）虚；（2）3.50；不变；（3）②。
【解析】（1）光屏不能接收虚像，只能接收到实像，而平面镜所成的像是虚像；所以光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是虚像；
（2）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0刻度线对齐，右侧与3.5cm对齐，估读为3.50cm。
平面镜成像所成的像与物的大小相同，将点燃的蜡烛逐渐靠近玻璃板，它的像将不变；
（3）如下图，作出蜡烛火焰关于平面镜的对称点，可知在实验中如果把平板玻璃向左倾斜（如图丙），观察到蜡烛的像的大致位置在图中的②处；

四、计算题（33题9分、34题9分）
33.随着科技的发展，低碳环保电瓶车的出现极大地方便了人们的出行。一天，小明的妈妈驾驶电瓶车送小明上学。假设小明的妈妈驾驶电瓶车是匀速行驶的，电瓶车的牵引力恒为100N，从家到学校的路程是1.5km，用时5min。求：（1）电瓶车行驶的速度是多少m/s；（2）电瓶车受到地面的摩擦力；（3）电瓶车牵引力的功率。
【答案】（1）5m/s；（2）100N；（3）500W。
【解析】（1）电瓶车的速度。
（2）因为电瓶车匀速行驶，由二力平衡可知，电瓶车受到地面的摩擦力。
（3）因为电瓶车匀速行驶，电瓶车牵引力的功率。
答：（1）电瓶车行驶的速度是5m/s；（2）电瓶车受到地面的摩擦力100N；（3）电瓶车牵引力的功率500W。
34.如图甲所示为某高、低温两挡位电烤箱的内部简化电路，S为手动开关，S1为自动控制开关，R1和R2均为电热丝，图乙是电烤箱正常工作时电流随时间变化的图像。求:
（1）高温挡工作时的功率；（2）电热丝R2的阻值；（3）15min内R1消耗的电能。

【答案】（1）2200W；（2）55Ω；（3）1.188×106J。
【解析】（1）高温挡工作时的功率
（2）当 S、S1闭合，两电阻并联，总电阻最小，根据可知，此时电功率最大，为高温档，当只有S闭合时，R1单独工作，为低温档，低温档的功率为
。
电热丝R2的功率为，
则电热丝R2的阻值为。
（3）15min内R1消耗的电能。
答：（1）高温挡工作时的功率2200W；（2）电热丝R2的阻值为55Ω；（3）15min内R1消耗的电能1.188×106J。