鲁科版高中物理选择性必修第一册第2章机械振动本章复习提升含解析

第2章 机械振动本章复习提升易混易错练易错点一　对振幅、位移和路程概念理解不清1.()一质点做简谐运动,振幅是4 cm、频率是2.5 Hz,某时刻该质点从平衡位置起向正方向运动,经2.5 s质点的位移和路程分别是(　　)A.4 cm,24 cm　　　B.-4 cm,100 cmC.0,100 cm　　　D.4 cm,100 cm2.()一弹簧振子做简谐运动,周期为T=2 s,在半分钟内振子通过的路程是60 cm,则在此时间内振子经过平衡位置的次数和振子的振幅分别为              (　　)A.15次,2 cm　　　B.30次,1 cmC.15次,1 cm　　　D.60次,2 cm易错点二　回复力与合外力混淆3.(2020河南安阳高二下月考,)如图所示,将弹簧振子从平衡位置拉下一段距离Δx,释放后振子在A、B间振动。设AB=20 cm,振子由A到B运动时间为0.1 s,则下列说法正确的是              (　　)A.振子的振幅为20 cm,周期为0.2 sB.振子在A、B两处受到的回复力分别为kΔx+mg与kΔx-mgC.振子在A、B两处受到的回复力大小都是kΔxD.振子完成一次全振动通过的路程是20 cm4.()(多选)如图所示,一竖直放置的轻弹簧下端固定在水平地面上,质量为m的小球从弹簧正上方高为h处自由下落到弹簧上端A点,然后压缩弹簧到最低点C,若小球放在弹簧上可静止在B点,小球运动过程中空气阻力忽略不计,则下列说法正确的是              (　　)A.B点位于A、C连线中点的上方B.B点位于A、C连线中点的下方C.小球在A点的回复力等于mgD.小球在C点的回复力大于mg易错点三　图像信息提取不准确5.(2020山东临沂十八中高二月考,)如图所示,一轻质弹簧下端系一质量为m的书写式激光笔,组成一弹簧振子,并将其悬挂于教室内一体机白板的前方。使弹簧振子沿竖直方向上下自由振动,白板以速率v水平向左匀速运动,激光笔在白板上留下如图所示的书写印迹。图中相邻竖直虚线的间隔均为x0(未标出),印迹上P、Q两点的纵坐标分别为y0和-y0。忽略空气阻力,重力加速度为g,则              (　　)A.该弹簧振子的振幅为2y0B.该弹簧振子的振动周期为C.激光笔在留下P、Q两点时加速度相同D.激光笔在留下PQ段印迹的过程中,弹簧弹力对激光笔做功为-2mgy06.()如图所示为A、B两个简谐运动的位移-时间图像。(1)A的振幅是　　　　cm,周期是　　　　s;B的振幅是　　　　cm,周期是　　　　s。 (2)试写出这两个简谐运动的位移随时间变化的关系式。     易错点四　对周期性和对称性运动分析不全面7.()一个做简谐运动的质点,先后以同样的速度通过相距10 cm的A、B两点,历时0.5 s(如图所示)。过B点后再经过t=0.5 s,质点以大小相等、方向相反的速度再次通过B点,则质点振动的周期是              (　　)A.0.5 s　　　B.1 s　　　C.2 s　　　D.4 s8.()质点沿x轴做简谐运动,平衡位置为坐标原点O。质点先后经过a点(xa=-5 cm)和b点(xb=5 cm)时速度相同,所用时间tab=0.2 s;质点继续运动由b点回到a点所用的最短时间tba=0.4 s。则该质点做简谐运动的频率为              (　　)A.1 Hz　　　B.1.25 Hz　　　C.2 Hz　　　D.2.5 Hz思想方法练思想方法一　周期性、对称性思想1.()(多选)一个质点以O为平衡位置做简谐运动,位移随时间变化的图像如图所示,a、b、c、d表示质点在不同时刻的相应位置,下列说法正确的是              (　　)A.质点通过位置b时,相对平衡位置的位移为B.质点从位置a到c和从位置b到d所用时间相等C.质点从位置a到b和从位置b到c的平均速度相等D.质点在b、d两位置速度相同2.()(多选)一弹簧振子做简谐运动,周期为T。下列说法正确的是 (　　)A.若t时刻和(t+Δt)时刻振子运动速度、位移的大小相等、方向相反,则Δt一定等于的奇数倍B.若t时刻和(t+Δt)时刻振子运动速度的大小相等、方向相反,则Δt一定等于的奇数倍C.若Δt=,则在t时刻和(t+Δt)时刻弹簧的长度一定相等D.若Δt=,则在t时刻和(t+Δt)时刻弹簧的长度可能相等3.()如图所示,一质点沿水平直线做简谐运动,先后以相同速度通过a、b两点,经历时间tab=1 s,过b点后再经t'=1 s 质点第一次反向通过b点。若在这两秒内质点所通过的路程是8 cm,则该质点的振动周期为　　　　,振幅为　　　　。 思想方法二　数形结合思想4.()如图甲所示,一弹簧振子在A、B间做简谐运动,O为平衡位置,图乙是弹簧振子做简谐运动时的位移-时间图像,则关于弹簧振子的加速度随时间的变化规律,下列四个图像中正确的是              (　　)5.()在心电图仪、地震仪等仪器工作过程中,要进行振动记录。如图甲所示是一种常用的记录方法,在弹簧振子的小球上安装一支记录用笔P,在下面放一条白纸带,当小球振动时,匀速拉动纸带(纸带速度与振子振动方向垂直),笔就在纸带上画出一条曲线,如图乙所示。若匀速拉动纸带的速度为1 m/s,作出P的振动图像。            6.()如图所示为一单摆的共振曲线,该单摆的摆长约为多少?共振时单摆的振幅多大?共振时摆球的最大速度和最大加速度各为多少?(g取10 m/s2)    
答案全解全析本章复习提升易混易错练1.D　周期T== s=0.4 s,t=2.5 s=6T,质点在2.5 s时到达正向最大位移处,故位移为4 cm,路程为x=6×4A+A=25A=100 cm。2.B　振子完成一次全振动经过轨迹上每个位置两次(最大位移处除外),而每次全振动振子通过的路程为4个振幅,由此分析可知B正确。3.C　振子在A、B间振动,AB=20 cm,故振幅为10 cm,选项A错误;根据F=-kx可知振子在A、B两处受到的回复力大小都为kΔx,B错误,C正确;振子完成一次全振动经过的路程为40 cm,D错误。4.ACD　小球放在弹簧上,可以静止于B点,可知B点为平衡位置,若小球从A点由静止释放,平衡位置在A点和最低点连线的中点,而小球从弹簧的正上方自由下落,最低点需下移,但是平衡位置不变,可知B点位于A、C连线中点的上方,故A项正确,B项错误;小球在A点所受弹力为零,则小球在A点所受的合力为mg,即回复力为mg,故C项正确;若从A点由静止释放小球,到达最低点时的加速度与在A点的加速度对称,大小为g,但是C点所处的位置在A点关于平衡位置对称点的下方,小球在C点的回复力大于mg,故D项正确。5.D　白板匀速运动,振子振动的周期等于白板运动位移2x0所用的时间,则振动周期T=,振幅为A=y0,A、B错误。加速度是矢量,激光笔在留下P、Q两点时加速度大小相等,方向相反,C错误。在激光笔留下PQ段印迹的过程中,根据动能定理可知,合外力做功为零,由于重力做正功为2mgy0,故弹力对激光笔做负功,为-2mgy0,D正确。故选D。6.答案　(1)0.5　0.4　0.2　0.8　(2)xA=0.5 sin(5πt+π)cm,xB=0.2 sin cm解析　(1)由题图知:A的振幅是0.5 cm,周期是0.4 s;B的振幅是0.2 cm,周期是0.8 s。(2)由题图知,φA=π,由TA=0.4 s,得ωA==5π rad/s,则A简谐运动的表达式为xA=0.5 sin(5πt+π) cm。同样由题图可看出φB=,由TB=0.8 s,得ωB==2.5π rad/s,则B简谐运动的表达式为xB=0.2 sincm。7.C　根据题意,由振动的对称性可知:AB的中点(设为O)为平衡位置,A、B两点对称分布于O点两侧,如图所示。质点从平衡位置O向右运动到B的时间tOB=×0.5 s=0.25 s。质点从B向右运动到右方最大位移处(设为D)的时间tBD=×0.5 s=0.25 s。所以,质点从O到D的时间tOD=T=0.25 s+0.25 s=0.5 s,所以T=2 s。故选C。8.B　由题意可知:a、b两点在O点的两侧,关于O点对称,质点由a点到b点所用时间tab=0.2 s,再由b点回到a点所用最短时间tba=0.4 s,表明质点经过b点后还要继续向x轴的正方向运动,振幅大于5 cm,设周期为T,由简谐运动的对称性可知,tba=,即=0.4 s,T=0.8 s,频率f== Hz=1.25 Hz,B项正确。思想方法练1.BD　质点通过位置b时,相对平衡位置的位移大于,选项A错误;质点从位置a到c和从位置b到d所用时间相等,选项B正确;质点从位置a到b和从位置b到c所用时间相等,位移不相等,所以平均速度不相等,选项C错误;由简谐运动的对称性知选项D正确。2.AD　若Δt=或Δt=nT-(n=1,2,3…),则在t和(t+Δt)两时刻振子必在关于平衡位置对称的两位置(包括平衡位置),这两时刻,振子的位移、速度均大小相等、方向相反,但在这两时刻弹簧的长度并不一定相等[只有当振子在t和(t+Δt)两时刻均在平衡位置时,弹簧长度才相等]。反过来,若在t和(t+Δt)两时刻振子的位移和速度均大小相等、方向相反,则Δt一定等于的奇数倍,即Δt=(2n-1)(n=1,2,3…)。如果仅仅是振子的速度在t和(t+Δt)两时刻大小相等、方向相反,那么不能得出以上结论。根据以上分析,B、C错误,A、D正确。3.答案　4 s　4 cm解析　简谐运动是以平衡位置为中心的对称运动,因为通过a、b两点时的速度相同,所以a、b连线的中点(设为O)必是振动的平衡位置。如图所示,根据简谐运动的对称性可知,从质点反向通过b点到返回a点所用的时间必与从a点到b点所用的时间相同,即tba=tab=1 s,质点从a点经左方最大位移处d再返回a点所用的时间tada必与质点从b点经右方最大位移处c再返回b点所用的时间tbcb相等,即tada=tbcb=t'=1 s。综上所述,质点的振动周期为T=tab+tbcb+tba+tada=4 s。由图和简谐运动的对称性可知,质点在一个周期内通过的路程为s=2