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    2022届河南省高三百校2月大联考数学(文)试题含解析

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    2022届河南省高三百校2月大联考数学(文)试题含解析

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    这是一份2022届河南省高三百校2月大联考数学(文)试题含解析,共16页。试卷主要包含了单选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    2022届河南省高三百校2月大联考数学(文)试题一、单选题1.已知集合,则       A BC D【答案】A【分析】先求出集合,再根据集合的交集运算求得答案.【详解】由题意得,其中奇数有13,则,故选:A2.已知为复数z的共轭复数,且满足,则z=       A B C D【答案】B【分析】根据题意和复数的加法运算求出,结合共轭复数的概念即可得出结果.【详解】.故选:B.3.若等差数列满足公差成等比数列,则的通项公式为(       An B2n C D【答案】C【分析】根据成等比数列,由求解.【详解】因为成等比数列,所以,即解得(舍去),所以的通项公式为.故选:C.4.已知,则的概率是(       A B C D【答案】D【分析】如图作出以(xy)为坐标的点在平面上的图形及满足的点集的图形,分别求出面积,再根据几何概型即可得出答案.【详解】解:如图,以(xy)为坐标的点在平面上的集合是矩形ABCD内部(包括边界),满足的点集是矩形内部阴影部分,矩形ABCD的面积为6,阴影部分的面积为,故所求概率为故选:D5.函数上的图象大致是(       A BC D【答案】A【分析】利用排除法,先判断函数的奇偶性,再由函数在上的取值可判断【详解】因为所以函数为奇函数,故排除选项CD因为在上,,所以排除选项B故选:A6.对于曲线),以下说法正确的是(       A.曲线是椭圆 B.曲线是双曲线C.曲线的焦点坐标是 D.曲线的焦点坐标是【答案】D【分析】m进行分类讨论,分为双曲线和椭圆,即可判断.【详解】时,曲线为双曲线,故焦点坐标为时,曲线为椭圆,焦点坐标为.故选:D.7.执行如下程序框图,则输出的S为(       A B0 C1 D2【答案】A【分析】根据程序的循环结构即可求出最后答案 .【详解】时,时,时,时,根据循环条件可知,时,满足输出条件,此时故选:A8.已知,则以下不等式正确的是(       A BC D【答案】B【分析】根据条件结合基本不等式进行求解.【详解】由题意,,故选项A错误;,当且仅当时,等号成立,故选项B正确;,则,故选项C错误;,故选项D错误.故选:B.9.在三棱锥中,,平面平面ABC,则三棱锥外接球的半径为(       A1 B C2 D【答案】B【分析】设三棱锥外接球的球心为OAC的中点为M,则由已知条件可得O的外心,球半径R外接圆半径,从而可求得结果【详解】设三棱锥外接球的球心为OAC的中点为M,则平面ABC而平面平面ABC,故O的外心,球半径R外接圆半径,,故故选:B10.已知抛物线的焦点为F,过F作与x轴垂直的直线交抛物线于MN两点(M在第一象限),Q为抛物线上异于MN的任意一点,则       A B C1 D2【答案】C【分析】易得,设,利用斜率公式求解.【详解】由题意得,则.故选:C.11.若过圆锥顶点P的轴截面PAB是等边三角形,MPB的中点,H为底面半圆弧AB上一点,弧AH与弧HB的弧长比为21,则直线MH与直线PA所成角的余弦值为(       A B C D【答案】A【分析】设圆锥母线长为2OAB的中点则可得即为所求异面直线所成的角(或其补角),然后根据题意在中利用余弦定理求解即可【详解】设圆锥母线长为2OAB的中点即为所求异面直线所成的角(或其补角),,取OB的中点为T,故.故选:A.12.已知,若在区间上恰有4个零点,则实数a的取值范围是(       A.(13 B.(24 C D【答案】C【分析】x,数形结合确定的范围使得图像和恰好有四个交点.【详解】在区间上恰有4个零点,等价图象恰好有4个交点,因为x,所以如图所示,则应该满足,解得.故选:C.二、填空题13.已知向量满足,则向量的夹角为______【答案】60°【分析】设出夹角,利用化简可求夹角.【详解】设向量的夹角为,由题意得,故,故,所以故答案为:.14.已知等比数列的前n项和为,则c=______.【答案】1【分析】,得到,从而求得公比求解.【详解】因为所以故公比.故答案为:115.现有一组数据:13467721,设中位数为a,众数为b,方差为,则______.【答案】【分析】先求出中位数和众数,再求方差,然后可得结果.【详解】由题意可知中位数是6,众数是7,即平均数为所以所以.故答案为:.16.已知的图象有一条公切线,则c=______.【答案】-1.5【分析】求导,得到公切线的斜率,从而得到切点求解.【详解】因为,所以所以公切线的斜率为2,与的图象相切于点,与的图象相切于点,即.故选:三、解答题17.已知的内角ABC的对边分别为abc(1)C(2),求面积的最大值.【答案】(1)(2)【分析】1)先化为整式,再利用正弦定理化简为,结合角的关系可求;2)根据及基本不等式求出的最大值,利用面积公式可得结果.(1)得,由正弦定理得,即,故,不合题意,舍去.(2)因为,故当且仅当时,取得最大值,面积的最大值为18.某中学高三实验班共50人,某次考试的数学成绩分布如下表:分数女同学147521男同学2551062 (1)若成绩不低于120分认定为优秀,则从班里同学中任选1人,求优秀的概率;(2)填充以下列联表,并计算有没有90%的把握认为数学成绩是否优秀与性别有关. 优秀不优秀合计女同学   男同学   合计    附:,其中0.100.050.012.7063.8416.635 【答案】(1)0.52(2)表格见解析,没有90%的把握认为数学成绩是否优秀与性别有关.【分析】1)根据表格得出不低于120分的同学人数,进而求出优秀的概率;2)根据表格数据完成列联表,然后结合参考公式求出,进而与参考数据比对得到结论.(1)由表格数据可得,不低于120分的同学人数为26,故任选1人,优秀的概率为(2)列联表填充如下: 优秀不优秀合计女同学81220男同学181230合计262450 ,对照数据可知,没有90%的把握认为数学成绩是否优秀与性别有关.19.已知三棱台中,,平面平面ABC.(1)证明:平面(2)求四面体的体积.【答案】(1)证明见解析(2)【分析】1)利用面面垂直的性质证明,然后根据线面垂直的判定定理即可;2)利用等体积法即可求得(1)平面平面ABCBC为平面与平面ABC的交线平面.BC中点为D,连接,又四边形为菱形,.AC平面平面(2)如图所示,设到平面的距离为h,则连接MhM到平面的距离 20.已知椭圆C的离心率为,直线与椭圆仅有一个公共点.(1)求椭圆C的方程;(2)若直线l,试问在x轴上是否存在一定点M,使得过M的直线交椭圆于PQ两点,交lN,且满足,若存在,求出点M的坐标;若不存在,请说明理由.【答案】(1)(2)存在,(40).【分析】(1)根据离心率列出一个方程,联立直线方程和椭圆方程由再得一个方程,结合本身abc的关系即可解出abc的值,从而确定椭圆的标准方程;(2),直线PQ的方程为,由,得,即,联立直线PQ与椭圆方程,得,从而可求mnt的关系,再结合Nl和直线PQ的交点即可求出m的值,从而可判定PQ是否过定点.(1)代入,整理得,解得椭圆C的方程为.(2),直线PQ的方程为,得,即.代入椭圆方程,整理得,即.. (1n)代入,可得,代入上式可得. 当直线PQ的方程为时,也满足题意. 故定点M(40).21.已知函数上为非单调函数.(1)求实数a的取值范围;(2)时,若,证明:.【答案】(1)(2)证明见解析【分析】1)先求导数,转化为函数存在极值点,构造函数求解最值可得结果;2)把所证结论转化为极值点偏移问题,通过构造新函数,判断单调性,比较大小来进行证明.(1)由题意,因为上为非单调函数,存在极值点,所以,则.,则.,则所以在区间上,单调递增;在区间上,单调递减,的值域为,即要使上为非单调函数,只需a的取值范围是.(2)证明:当时,,令,得上,单调递减;在上,单调递增. 由题意可得,要证即证,即证,即证因为,所以,则都在增区间上,即只需证,则只需证. ,则因为,所以,所以,即为增函数,所以又因为,所以,即,原式得证.【点睛】本题解题的关键是:一是把非单调函数转化为极值问题进行求解;二是极值点偏移问题转化为构造新函数的单调性问题来求解.22.已知在平面直角坐标系xOy中,直线l的参数方程为t为参数,m为常数)以直角坐标原点O为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系,曲线C的极坐标方程为(1)求曲线C的直角坐标方程和直线l的普通方程;(2)若曲线C与直线l有公共点,求m的取值范围.【答案】(1)(2)【分析】1)由极坐标与直角坐标的转化公式可求得曲线C的直角坐标方程,直接消去参数,可得直线l的普通方程,2)由(1)知曲线C是以点(11)为圆心,2为半径的圆,所以只要求出圆心到直线的距离小于等于半径,从而可求出m的取值范围(1)由曲线C的极坐标方程得,即曲线C的直角坐标方程为t为参数,m为常数)得,即直线l的普通方程为(2)由(1)知曲线C是以点(11)为圆心,2为半径的圆,圆C与直线l有公共点,即圆心(11)到直线l的距离,故m的取值范围是23.已知,函数的最小值为3(1)的值;(2)求不等式的解集.【答案】(1)(2)【分析】1)由绝对值三角不等式定理列不等式求解;(2)作出两个函数的图像,结合图像可知的解集.(1)由题意,,得,故的值为(2)画出的图象如图,由图可知,函数相交于点,所以的解集为 

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