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2022年广西河池市凤山县中考物理模拟试卷（二）
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这是一份2022年广西河池市凤山县中考物理模拟试卷（二），共33页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图题，实验与探究题，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
2022年广西河池市凤山县中考物理模拟试卷（二）
一、单项选择题（每小题3分，共36分。每小题只有一个选项是正确的。请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑。）
1．（3分）下列数据中最接近实际的是（ ）
A．我国1元硬币的直径约为2.5mm
B．中学生正常步行的速度约为1.1m/s
C．八年级物理书的重力约为0.2N
D．人心脏跳动一次约5s
2．（3分）下列光现象中，由于光的直线传播形成的是（ ）
A．水中倒影 B．海市蜃楼
C．筷子变弯 D．手影
3．（3分）下列各物理量中能反映物质特性的是（ ）
A．比热容 B．内能 C．热量 D．温度
4．（3分）如图，分别在A、B、C处用同样大小的力推门，可以感受到在A点用力容易把门推开，这说明力的作用效果与下列哪个因素有关（ ）
A．力的作用点 B．力的大小 C．力的方向 D．力的单位
5．（3分）“秋荷一滴流，清夜坠玄天。将来玉盘上，不定始知圆”。诗中露的形成属于（ ）
A．凝固 B．升华 C．液化 D．凝华
6．（3分）静止在桌面上的物体，下列分析正确的是（ ）
A．物体受到的重力与桌面对它的支持力是一对平衡力
B．物体受到的重力与它对桌面的压力是一对平衡力
C．物体对桌面的压力与桌面对它的支持力是一对平衡力
D．物体受到的重力与它对桌面的压力是一对相互作用力
7．（3分）匀速直线运动的甲、乙两物体，它们通过的路程之比为3：1，所用时间之比是2：3，则它们的速度之比是（ ）
A．1：2 B．2：1 C．9：2 D．2：9
8．（3分）甲灯标有“36V60W”，乙灯标有“100V60W”，它们如在各自的额定电压下工作，则发光的情况是（ ）
A．甲灯亮 B．乙灯亮 C．一样亮 D．不知道
9．（3分）如图所示电路，电源两端的电压保持不变，开关S1闭合，当开关S2由闭合到断开时，判断电流表、电压表示数的变化，下列说法正确的是（ ）
A．电流表的示数变小 B．电流表的示数变大
C．电压表的示数变小 D．电压表的示数变大
10．（3分）如图，密封的圆台形容器装满了水，从甲图变为如乙图放置，则水对容器底的作用情况是（ ）
A．压强减小，压力不变 B．压强不变，压力增大
C．压强减小，压力减小 D．压强不变，压力减小
11．（3分）如图所示，用滑轮组提升重物时，重800N的物体在10s内匀速上升1m。已知拉绳子的力F为500N，则提升重物的过程中（ ）
A．绳子自由端被拉下3m
B．有用功是800J
C．拉力F的功率是80W
D．滑轮组的机械效率是53.3%
12．（3分）如图甲所示是某同学探究“电流与电压关系”的电路图，开关S闭合后，将滑动变阻器的滑片P从a端移至b端，电流表和电压表的示数变化关系如图乙。在电源电压不变的条件下，则由图象可以判断（ ）
A．电源两端电压是3.5V
B．R0的电阻值是25Ω
C．R最大电阻值是5Ω
D．该电路最大电功率是1.8W
二、填空题（每空1分，共16分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上，不要求写出演算过程）
13．（2分）如图所示，木块长度的测量值是 cm，该刻度尺的分度值是 mm。
14．（2分）目前，购物支付已进入“刷脸”时代，如图所示，消费者结账时只需面对摄像头，经系统自动拍照、扫描，确认相关信息后，即可迅速完成交易。摄像头相当于一个 镜，当人靠近摄像头时，光源自动打开，照亮人脸，人脸通过摄像头成一个 的实像。
15．（2分）用0℃的冰来冷却物体比用相同质量0℃的水冷却物体效果好。这是因为冰 过程中要 热量。
16．（2分）某瓶煤油倒去一半后，瓶内剩余煤油的质量将 ，某瓶氧气，给人供氧用去了一半，则瓶内剩余氧气的密度 。（选填“变大”“变小”或“不变”）
17．（2分）“长征三号丙”运载火箭用液氢做燃料是因为氢气具有较大的 ；火箭发射塔使用水做冷却介质是因为水的 较大。
18．（2分）剪刀、斧头要磨得锋利是通过 受力面积来增大压强。书包带宽些好，因为这样肩膀受到的压强 。（选填“增大”或“减小”）
19．（2分）小明探究怎样使物体上浮或下沉，用手将质量为150g、体积为1.6×10﹣4m3的苹果浸没在水中，苹果受到的浮力为 N；松手后，待苹果最终静止时，苹果受到的浮力是 N。（g取10N/kg）
20．（2分）如图，电源电压保持不变，电阻R1＝R2＝R3＝20Ω。要使R2、R3并联，应闭合开关 ，此时电流表的示数为I1；当R1、R2串联，此时电流表的示数为I2；则I1：I2＝ 。
三、作图题（每小题2分，共4分。请将答案填写在答题卡上）
21．（2分）画出图中光线AB的折射光线和光线CD的入射光线。
22．（2分）如图所示电路中，请在甲、乙两处分别接入电流表或电压表，当S闭合后，使两灯均能发光。
四、实验与探究题（第22题3分，第23题3分，第24题5分，第25题4分，第26题5分，共20分。请将答案填写在答题卡上）
23．（3分）小明同学利用如图所示的装置探究“平面镜成像的特点”。
（1）把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，再拿另一支外形相同的未点燃的蜡烛B竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去跟蜡烛A的像完全重合，这个位置就是像的位置，在白纸上记下A和B的位置。移动点燃的蜡烛，重复多次实验。分别测出A和B到玻璃板的距离，并将现象，数据记录在下表中。
实验次数
1
2
3
4
A到玻璃板的距离/cm
3.50
5.00
8.00
10.00
B到玻璃板的距离/cm
3.52
5.00
8.10
10.00
像与物的大小关系
相等
相等
相等
相等
进一步实验与分析，可以得到结论：平面镜所成像的大小与物体的大小相等，像和物体到平面镜的距离相等，像和物体的连线与镜面垂直，平面镜所成的像与物体关于镜面 ；
（2）小明照镜子时，他从与镜相距1m处移动至3m处时，他和像之间的距离改变了 m，当他远离镜子移动时，他的像的大小 （选填“变大”或“变小”或“不变”）。
24．（3分）小明同学为了测量某品牌酱油的密度，进行了如下实验：
（1）把天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示。此时应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使天平平衡；
（2）用天平测出烧杯的质量m1＝20.6g；
（3）取适量酱油倒入烧杯，用天平测烧杯和酱油的总质量，当天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示；
（4）然后将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，量筒中酱油的体积如图丙所示。请你帮小明同学计算出酱油的密度是 g/cm3．以上方法测出的密度测量值会 （填“偏大”或“偏小”）。
25．（5分）在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，装置如图所示，铝块和木块的外形相同，一端带有定滑轮的长木板固定不动，铝块通过细线与弹簧测力计相连（忽略滑轮的摩擦）。
（1）图甲中，将铝块放在水平木板上，竖直向上拉测力计，当铝块沿水平方向做 运动时，铝块所受滑动摩擦力大小等于测力计的示数F1，则F1＝ N。
（2）比较甲、乙两次实验，可以得出：在 相同时， 越大，滑动摩擦力越大。
（3）请你判断：图丙中，铝块水平运动时所受滑动摩擦力 （选填“大于”、“等于”或“小于”）图甲中铝块所受滑动摩擦力。
（4）图乙中，木块随铝块一起匀速运动时，木块与铝块之间 （选填“有”或“没有”）摩擦力。
26．（4分）如图为小华做“探究杠杆平衡条件”实验的装置，杠杆上相邻刻线间的距离相等。
（1）杠杆在如图甲的位置静止时 （选填“是”或“不是”）处于杠杆平衡状态。
（2）为使图甲杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）端调节。
（3）如图乙，杠杆在水平位置平衡后，在A点挂两个钩码，每个钩码重0.5N，在B点竖直向下拉弹簧测力计，仍使杠杆水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数应为 N．当弹簧测力计改为斜拉时，再次使杠杆水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
27．（5分）在测量未知阻值R的实验中，小明设计了实验电路并进行连接，如图甲所示。
（1）在连接电路时，开关应处于 状态。
（2）图甲是小明接好的实物连接图，其中有一条导线连接错误，该导线是第 条（从图中选填导线序号）；
（3）改正错误后再进行实验，将滑动变阻器的阻值调至最大值，闭合开关S，发现电流表无示数，电压表的示数较大，则电路故障可能是 。
（4）排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.4V时，电流表示数如图乙所示，则其示数为 A，未知电阻R＝ Ω。
五、综合应用题（第27题6分，第28题9分，第29题9分，共24分。解答时要求写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。答案必须明确写出数值和单位。请将解答过程写在答题卡上）
28．（6分）随着人们生活水平的日益提高，小汽车越来越多地走进了百姓家庭，一辆使用汽油为燃料的小汽车，以72km/h的速度在水平路面上匀速行驶100km，小汽车在这段路程中发动机的实际功率为46kW。求：
（1）小汽车运动的时间；
（2）小汽车发动机所做的功。
29．（9分）如图甲所示，将一重为10N的物体A放在装有适量水的杯中，物体A漂浮于水面，浸在水中的体积占总体积的45，此时水面到杯底的距离为30cm。如果将小球B用体积和重力不计的细线系于A下方后，再轻轻放入该杯水中，静止时A上表面与水面刚好相平，如图乙。已知ρB＝1.5×103kg/m3。求：
（1）在图甲中杯壁上距杯底5cm处O点受到水的压强。
（2）物体A的密度。
（3）小球B的体积。
30．（9分）图如1是某兴趣小组同学设计的测温电路，电源电压恒定，电流表的量程为0～0.6A，R1是一个定值电阻，R2是一个热敏电阻，其阻值随温度的变化图线如图2。闭合开关，当测量温度为10℃时，电流表示数为0.3A；当测量温度为20℃时，电流表示数为0.4A。问：
（1）测量温度为10℃时，热敏电阻R2的阻值和功率；
（2）电源电压和电阻R1的大小；
（3）该电路可测量的最高温度；
（4）通过调节电源电压，可改变最高测量温度。要使电路最高测量温度达到100℃，电源电压应不高于多少伏？
2022年广西河池市凤山县中考物理模拟试卷（二）
参考答案与试题解析
一、单项选择题（每小题3分，共36分。每小题只有一个选项是正确的。请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑。）
1．（3分）下列数据中最接近实际的是（ ）
A．我国1元硬币的直径约为2.5mm
B．中学生正常步行的速度约为1.1m/s
C．八年级物理书的重力约为0.2N
D．人心脏跳动一次约5s
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、我国1元硬币的直径约为2.5cm，故A错误；
B、中学生正常步行的速度约为1.1m/s，符合实际，故B正确；
C、八年级物理书的重力约为2N，故C错误；
D、人心脏跳动一次约1s，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2．（3分）下列光现象中，由于光的直线传播形成的是（ ）
A．水中倒影 B．海市蜃楼
C．筷子变弯 D．手影
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、平静水面上景物的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的。故A不符合题意；
B、海市蜃楼是光在不均匀的介质中传播时发生的折射现象。故B不符合题意；
C、从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了。故C不符合题意；
D、手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子。故D符合题意。
故选：D。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
3．（3分）下列各物理量中能反映物质特性的是（ ）
A．比热容 B．内能 C．热量 D．温度
【分析】（1）单位质量的某种物质温度升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比热容。比热容是物质的一种特性，同种物质比热容是一定的，比热容与物体的质量、升高的温度、吸收的热量都无关。
（2）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量。
（3）做功和热传递都可以改变物体的内能。
【解答】解：比热容是物质的一种特性，同种物质的比热容是一定的。而物质的内能、吸收或放出热量、温度等在一定条件下是可以变化的。
故选：A。
【点评】掌握比热容的概念，知道比热容是物质的一种特性是本题的关键所在。
4．（3分）如图，分别在A、B、C处用同样大小的力推门，可以感受到在A点用力容易把门推开，这说明力的作用效果与下列哪个因素有关（ ）
A．力的作用点 B．力的大小 C．力的方向 D．力的单位
【分析】力的大小、方向、作用点叫做力的三要素，力的三要素影响力的作用效果。
【解答】解：力的三要素包括力的大小、方向、作用点。分别在A、B、C处用同样大小的力推门，可以感受到在A点用力容易把门推开，是因为力的作用点不同。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对力的三要素的掌握，属于基础知识的考查，比较简单。
5．（3分）“秋荷一滴流，清夜坠玄天。将来玉盘上，不定始知圆”。诗中露的形成属于（ ）
A．凝固 B．升华 C．液化 D．凝华
【分析】（1）诗词中的“秋”说明了当时的气候条件；
（2）“一滴流”说明了物体所处的状态为液态。
【解答】解：“秋荷一滴流”中的“一滴流”是指露水，它是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水珠汇聚在荷叶上形成的。
故选：C。
【点评】我们在分析物态变化过程时，要先弄清楚物质原来的状态，及物质发生变化后的状态。
6．（3分）静止在桌面上的物体，下列分析正确的是（ ）
A．物体受到的重力与桌面对它的支持力是一对平衡力
B．物体受到的重力与它对桌面的压力是一对平衡力
C．物体对桌面的压力与桌面对它的支持力是一对平衡力
D．物体受到的重力与它对桌面的压力是一对相互作用力
【分析】（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
（2）相互作用力：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
【解答】解：A、物体受到的重力与桌面对它的支持力，符合二力平衡的条件，该选项说法正确；
B、物体受到的重力与它对桌面的压力，作用在两个物体上，方向相同，不符合二力平衡的条件，该选项说法不正确；
C、物体对桌面的压力与桌面对它的支持力，作用在两个物体上，不符合二力平衡的条件，该选项说法不正确；
D、物体受到的重力与它对桌面的压力，方向相同，不符合相互作用力的条件，该选项说法不正确。
故选：A。
【点评】平衡力和相互作用力容易混淆，注意两者的异同点：
（1）相同点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上。
（2）不同点：平衡力是一个受力作用，相互作用力是两个受力物体。
7．（3分）匀速直线运动的甲、乙两物体，它们通过的路程之比为3：1，所用时间之比是2：3，则它们的速度之比是（ ）
A．1：2 B．2：1 C．9：2 D．2：9
【分析】知道做匀速直线运动的甲、乙两物体的路程之比和所用时间之比，根据v=st求出速度之比。
【解答】解：由题意可知，甲、乙两物体做匀速直线运动，且s甲：s乙＝3：1，t甲：t乙＝2：3，
由v=st可得，两物体的速度之比：v甲v乙=s甲t甲s乙t乙=s甲s乙×t乙t甲=31×32=9：2。
故选：C。
【点评】本题考查了速度公式的应用，计算过程要注意各量之间的关系，不要颠倒。
8．（3分）甲灯标有“36V60W”，乙灯标有“100V60W”，它们如在各自的额定电压下工作，则发光的情况是（ ）
A．甲灯亮 B．乙灯亮 C．一样亮 D．不知道
【分析】灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，即实际功率越大，表示灯在单位时间内消耗的电功越大，则产生的光能也越大，灯就越亮了；额定电压下灯泡的实际功率等于灯泡的额定功率。
【解答】解：甲、乙两个灯泡在各自的额定电压下工作，即灯泡的实际功率等于额定功率；
因灯泡的亮暗取决于灯泡的实际功率，
所以额定功率相同的两个灯泡一样亮。
故选：C。
【点评】本题考查灯泡亮度的比较，在额定电压下工作，比较额定功率即可，即灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率。
9．（3分）如图所示电路，电源两端的电压保持不变，开关S1闭合，当开关S2由闭合到断开时，判断电流表、电压表示数的变化，下列说法正确的是（ ）
A．电流表的示数变小 B．电流表的示数变大
C．电压表的示数变小 D．电压表的示数变大
【分析】（1）分析电路结构，明确各电路元件的连接方式，作出等效电路图；
（2）根据电路电阻变化情况，由欧姆定律分析答题。
【解答】解：（1）开关S1与S2都闭合时等效电路图如图甲所示，
；
开关S1闭合、S2断开时的等效电路图如图乙所示；
（2）由等效电路图知，开关S2闭合后（如图甲所示）与S2断开时（如图乙所示）相比，
①电压表始终测电源两端电压，由于电源电压不变，所以电压表示数不变；
②电路总电阻由R1变为R1+R2，电路总电阻R变大，电源电压U不变，
由I=UR知，电路电流变小，电流表示数变小；
由以上分析可知：开关S2闭合后（如图甲所示）与S2断开时（如图乙所示）相比，电压表示数不变，电流表示数变小。
故选：A。
【点评】本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构、知道电路电阻的变化情况、熟练应用欧姆定律是正确解题的关键。
10．（3分）如图，密封的圆台形容器装满了水，从甲图变为如乙图放置，则水对容器底的作用情况是（ ）
A．压强减小，压力不变 B．压强不变，压力增大
C．压强减小，压力减小 D．压强不变，压力减小
【分析】先分析水对容器底的压强，由液体压强公式P＝ρgh，只需分析当把容器倒置过来后，h有何变化，就可以得出压强如何变化。
分析水对容器底的压力，我们就需要用公式F＝PS进行分析。因为倒置过来后水对容器底的压强不变大而容器底面积却变小了，所以直接用公式F＝PS就能分析出水对容器底的压力变化情况。
【解答】解：圆台形容器内装满了水，倒置后水的深度不变，由液体压强公式p＝ρgh可得，水对容器底的压强p不变。水对容器底的压力F＝pS＝ρghS．当如图甲放置时，水对容器底的压力F甲＝ρghS大，即水对容器底的压力大小等于以S大为底面积、h为高的水柱的重力；而这部分水柱的重力大于容器内的水的重力G，所以F甲＞G．当如图乙放置时，水对容器底的压力F乙＝pS小＝ρghS小，即水对容器底的压力大小等于以S小为底面积、h为高的水柱的重力；而这部分水柱的重力小于容器内的水的重力G，所以F乙＜G．综上所述可得F甲＞F乙，即倒置后压力变小。
故选：D。
【点评】分析液体压强变化关键是确定深度大小变化；液体对容器底的压力和压强，一般先根据p＝ρgh计算压强，然后根据F＝pS计算压力。
11．（3分）如图所示，用滑轮组提升重物时，重800N的物体在10s内匀速上升1m。已知拉绳子的力F为500N，则提升重物的过程中（ ）
A．绳子自由端被拉下3m
B．有用功是800J
C．拉力F的功率是80W
D．滑轮组的机械效率是53.3%
【分析】由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s＝nh求出绳子自由端被拉下的距离，根据W＝Gh求出有用功，根据W＝Fs求出总功，利用P=Wt求出拉力的功率，利用η=W有用W总×100%求出滑轮组的机械效率。
【解答】解：由图可知，n＝2，则绳子自由端被拉下的距离：
s＝nh＝2×1m＝2m，故A错误；
做的有用功：
W有＝Gh＝800N×1m＝800J，故B正确；
拉力做的总功：
W总＝Fs＝500N×2m＝1000J，
拉力的功率：
P=W总t=1000J10s=100W，故C错误；
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总×100%=800J1000J×100%＝80%，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对功率的公式、机械效率公式、滑轮组s＝nh、有用功、总功的理解和运用，因条件已给出，难度不大。
12．（3分）如图甲所示是某同学探究“电流与电压关系”的电路图，开关S闭合后，将滑动变阻器的滑片P从a端移至b端，电流表和电压表的示数变化关系如图乙。在电源电压不变的条件下，则由图象可以判断（ ）
A．电源两端电压是3.5V
B．R0的电阻值是25Ω
C．R最大电阻值是5Ω
D．该电路最大电功率是1.8W
【分析】（1）当滑片位于b端时接入电路中的电阻为0，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，根据图象读出电源电压；
（2）根据欧姆定律算出R0的电阻值；
（3）根据串联电路电压的规律算出滑动变阻器两端的电压，根据图乙判断出最小电流，根据欧姆定律算出最大电阻；
（4）根据图象读出电路中的最大电流，根据P＝UI求出电路消耗的最大功率。
【解答】解：
由图知，电阻R0和变阻器串联，电压表测R0的电压，电流表测电路中的电流，滑片P从a端移至b端，电流表和电压表的示数变化关系如图乙；
A、当滑片位于b端时，变阻器接入电路中的电阻为0，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，此时电流表的示数最大，根据图象可知，电源电压为3V，故A错误；
B、由图乙知，当R0的电压为3V时，电流为0.6A，则R0的电阻值为：R=UI=3V0.6A=5Ω，故B错误；
C、由图乙知，当电流最小为0.1A时，滑动变阻器的电阻最大，滑动变阻器两端的电压为3V﹣0.5V＝2.5V，
则滑动变阻器的最大电阻为：R滑大=U滑大I最小=2.5V0.1A=25Ω，故C错误；
D、电路最大电功率：P大＝UI大＝3V×0.6A＝1.8W，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查电流随电压的变化图象分析，图象中包含了大量有用的信息，关键看我们能否结合实验的要求将其找出，然后再利用相关公式进行计算。
二、填空题（每空1分，共16分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上，不要求写出演算过程）
13．（2分）如图所示，木块长度的测量值是 1.75 cm，该刻度尺的分度值是 1 mm。
【分析】刻度尺的最小分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度，刻度尺的使用要注意其量程和分度值，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值即为物体长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度值即为物体长度；读数时视线要与物体末端所对刻度相垂直，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
【解答】解：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；木块左侧与6.00cm刻度线对齐，右侧在7.75cm处，所以木块的长度为L＝7.75cm﹣6.00cm＝1.75cm。
故答案为：1.75；1。
【点评】物理中有很多的测量工具，刻度尺需要估读到分度值的下一位数字，其他的测量工具不需要估读。
14．（2分）目前，购物支付已进入“刷脸”时代，如图所示，消费者结账时只需面对摄像头，经系统自动拍照、扫描，确认相关信息后，即可迅速完成交易。摄像头相当于一个 凸透 镜，当人靠近摄像头时，光源自动打开，照亮人脸，人脸通过摄像头成一个 倒立、缩小 的实像。
【分析】凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像头。
【解答】解：摄像镜头实际上是一个凸透镜，人在凸透镜的二倍焦距以外，成倒立、缩小的实像。
故答案为：凸透；倒立、缩小。
【点评】凸透镜成像的三种情况和应用，在凸透镜成像习题中有重要的应用，一定要熟练掌握。
15．（2分）用0℃的冰来冷却物体比用相同质量0℃的水冷却物体效果好。这是因为冰 熔化 过程中要 吸收 热量。
【分析】因为0℃的冰熔化为0℃的水时要吸收大量的热，而温度保持0℃不变，当冰全部熔化后，再吸热，水才能升温；而0℃的水吸热后直接升温，因此不难判断谁的冷却效果好。
【解答】解：0℃的水和0℃的冰温度相同，冷热程度相同，用0℃的冰冷却物体效果较好，因为0℃的冰熔化成0℃的水的过程中，吸收热量，会降低物体的温度，更利于冷却物体，所以0℃的冰冷却效果会更好。
故答案为：熔化；吸收。
【点评】此题结合冰、水实例考查学生对熔化吸热的理解与应用，要会结合物态变化特点分析解答。
16．（2分）某瓶煤油倒去一半后，瓶内剩余煤油的质量将 变小 ，某瓶氧气，给人供氧用去了一半，则瓶内剩余氧气的密度 变小 。（选填“变大”“变小”或“不变”）
【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量，质量与物体的形状、状态、位置和温度无关；
（2）氧气用掉一半，质量减半，氧气还充满整个氧气瓶，体积保持不变，根据密度公式判断密度的变化。
【解答】解：（1）质量是物体的性质，决定于物体所含物质的多少，煤油倒去一半后，物质总量减少，所以瓶内剩余煤油的质量将变小；
（2）某瓶氧气，给人供氧用去了一半，则瓶内剩余氧气的质量变小，
而氧气的体积不变，仍然等于瓶子的容积，
根据ρ=mV知，瓶内剩余氧气的密度变小。
故答案为：变小；变小。
【点评】本题考查了学生对质量、密度概念的理解和应用，知道质量决定于物体所含物质的多少，密度是物质的特性，同种物质（同种状态）密度相同是此题关键，气体密度要根据实际情况来判定，可能改变，也可能不变。
17．（2分）“长征三号丙”运载火箭用液氢做燃料是因为氢气具有较大的 热值 ；火箭发射塔使用水做冷却介质是因为水的 比热容 较大。
【分析】（1）某种质量物质完全燃烧放出的热量和质量的比值叫热值，热值在数值上等于该物质1kg完全燃烧放出的热量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；
（2）单位质量的某种物质温度升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量为该物质的比热容，水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多.
【解答】解：
（1）火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量。
（2）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以工厂里的冷却塔大多用水作为冷却物质；
故答案为：热值；比热容。
【点评】本题考查了水的比热容大的利用、热值定义的掌握情况，属于热学基础知识的考查，难度不大。
18．（2分）剪刀、斧头要磨得锋利是通过 减小 受力面积来增大压强。书包带宽些好，因为这样肩膀受到的压强 减小 。（选填“增大”或“减小”）
【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关，据此利用控制变量法分析解答。
【解答】解：剪刀、斧头要磨得锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。
书包带宽些，增大了肩膀的受力面积，在压力一定时减小了压强，使人感觉更舒服。
故答案为：减小；减小。
【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
19．（2分）小明探究怎样使物体上浮或下沉，用手将质量为150g、体积为1.6×10﹣4m3的苹果浸没在水中，苹果受到的浮力为 1.6 N；松手后，待苹果最终静止时，苹果受到的浮力是 1.5 N。（g取10N/kg）
【分析】（1）当苹果浸没在水中时，此时排开水的体积就等于苹果的体积，利用阿基米德原理计算此时苹果受到的浮力；
（2）知道苹果的质量，利用公式G＝mg计算苹果受到的重力；浮力与重力进行比较，重力大于浮力就下沉，重力等于浮力就悬浮，重力大于浮力就上浮；最后根据苹果所处的状态求出静止时受到的浮力。
【解答】解：（1）当苹果浸没在水中时，排开水的体积就等于苹果的体积，
即V排＝V物＝1.6×10﹣4m3，
所以此时苹果受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1000kg/m3×10N/kg×1.6×10﹣4m3＝1.6N；
（2）m＝150g＝0.15kg，
苹果受到的重力：G＝mg＝0.15kg×10N/kg＝1.5N；
因为G＜F浮，所以松手后苹果会上浮；
当苹果静止时，处于漂浮状态，则受到的浮力F浮′＝G＝1.5N。
故答案为：1.6；1.5。
【点评】本题考查了浮力和重力的计算、物体的浮沉条件，关键是对公式及公式变形的理解和应用，利用好隐含条件物体浸没水中时V排＝V。
20．（2分）如图，电源电压保持不变，电阻R1＝R2＝R3＝20Ω。要使R2、R3并联，应闭合开关 S1、S2 ，此时电流表的示数为I1；当R1、R2串联，此时电流表的示数为I2；则I1：I2＝ 4：1 。
【分析】（1）电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。
（2）根据电阻的串并联特点和欧姆定律分别表示出I1、I2，然后再求出比值。
【解答】解：
由电路图可知，电流从电源的正极流出经过电流表后，要使电阻R2、R3并联，则电流分别通过电阻R2、R3，所以应闭合开关S1、S2 （电阻R1处于短路状态）；
电流表在干路上，则电流表的示数：I1=UR2+UR3=U20Ω+U20Ω=U10Ω（U为电源电压）；
要使R1、R2串联，电流从电源的正极流出依次经过R1、R2，所以开关S1、S2都断开，此时电流表测量串联电路中的电流；
由串联电路电阻规律和欧姆定律可知，此时电流表的示数：I2=UR串=UR1+R2=U20Ω+20Ω=U40Ω；
则电流表示数之比为I1：I2=U10Ω：U40Ω=4：1。
故答案为：S1、S2；4：1。
【点评】本题是一道关于电路组成、电阻的串并联以及欧姆定律的综合题，在解题时应先根据串、并联电路电阻的特点，分别表示出电流的大小，再计算电流的比值。
三、作图题（每小题2分，共4分。请将答案填写在答题卡上）
21．（2分）画出图中光线AB的折射光线和光线CD的入射光线。
【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
【解答】解：
平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，据此完成光路图，如图所示：
【点评】凹透镜三条特殊光线：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
22．（2分）如图所示电路中，请在甲、乙两处分别接入电流表或电压表，当S闭合后，使两灯均能发光。
【分析】电流表相当于导线，使用时与被测电路元件串联；电压表相当于开路，使用时与被测电路元件并联；根据电压表和电流表的正确使用方法以及在电路中的作用进行分析。
【解答】解：
电流表在电路中相当于导线，电压表在电路中相当于开路；根据电路图可知，要使两灯均能发光，则两灯泡必须并联连接；因电流表与被测用电器串联，电压表与被测用电器并联，所以甲为电流表，乙为电压表，如下图：
【点评】解决本类题的关键是牢记电压表和电流表的正确使用方法，并且能够识别串并联电路。
四、实验与探究题（第22题3分，第23题3分，第24题5分，第25题4分，第26题5分，共20分。请将答案填写在答题卡上）
23．（3分）小明同学利用如图所示的装置探究“平面镜成像的特点”。
（1）把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，再拿另一支外形相同的未点燃的蜡烛B竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去跟蜡烛A的像完全重合，这个位置就是像的位置，在白纸上记下A和B的位置。移动点燃的蜡烛，重复多次实验。分别测出A和B到玻璃板的距离，并将现象，数据记录在下表中。
实验次数
1
2
3
4
A到玻璃板的距离/cm
3.50
5.00
8.00
10.00
B到玻璃板的距离/cm
3.52
5.00
8.10
10.00
像与物的大小关系
相等
相等
相等
相等
进一步实验与分析，可以得到结论：平面镜所成像的大小与物体的大小相等，像和物体到平面镜的距离相等，像和物体的连线与镜面垂直，平面镜所成的像与物体关于镜面 对称 ；
（2）小明照镜子时，他从与镜相距1m处移动至3m处时，他和像之间的距离改变了 4 m，当他远离镜子移动时，他的像的大小 不变 （选填“变大”或“变小”或“不变”）。
【分析】平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
【解答】解：（1）平面镜所成像的大小与物体的大小相等，像和物体到平面镜的距离相等，像和物体的连线与镜面垂直，平面镜所成的像与物体关于镜面，说明平面镜所成的像与物体关于镜面对称；
（2）小明从与镜相距1m处移动至3m处时，他与平面镜距离改变了2m，像与平面镜距离也改变2m，他和像之间的距离改变了4m；
平面镜成像大小只与成像物体大小有关，小明远离镜子移动时，小明的大小不变，则他的像的大小不变。
故答案为：（1）对称；（2）4；不变。
【点评】平面镜成像特点是平面镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。
24．（3分）小明同学为了测量某品牌酱油的密度，进行了如下实验：
（1）把天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示。此时应将平衡螺母向 左 （选填“左”或“右”）调节，使天平平衡；
（2）用天平测出烧杯的质量m1＝20.6g；
（3）取适量酱油倒入烧杯，用天平测烧杯和酱油的总质量，当天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示；
（4）然后将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，量筒中酱油的体积如图丙所示。请你帮小明同学计算出酱油的密度是 1.06 g/cm3．以上方法测出的密度测量值会 偏大 （填“偏大”或“偏小”）。
【分析】（1）游码归零后，横梁哪端高平衡螺母向哪端调；
（2）物体的质量等于砝码质量与标尺示数的和，看清标尺的分度值，读出示数加上砝码质量数就为烧杯和液体的总质量；
烧杯和液体的总质量减去烧杯的质量即为酱油的质量；
利用密度公式ρ=mV求出液体密度。
玻璃容器中的液体向外倒的过程中，容器壁一定要粘液体，所以不能全部倒出，将会带来实验误差，明确对体积测量结果的影响，进一步判断对密度测量结果的影响。
【解答】解：
（1）根据图甲所示，指针右偏，为使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母向左端移动；
（4）如图乙所示，量筒的分度值为2mL，则量筒中酱油的体积为40cm3；
烧杯和酱油的总质量为m＝50g+10g+3g＝63g；
由于空烧杯的质量m1＝20.6g，则酱油的质量为m′＝63g﹣20.6g＝42.4g
因此酱油的密度为：ρ′=m′V=42.4g40cm3=1.06g/cm3；
由题意可知，测得酱油的质量准确，将烧杯中的酱油全部倒入量筒中时，因烧杯壁上会沾有一部分酱油，则用量筒测得酱油的体积偏小，由ρ=mV可知，密度的测量结果偏大。
故答案为：（1）左；（4）1.06；偏大。
【点评】本题考查了液体密度的方法，本实验中由于将烧杯中的酱油全部倒入量筒中时，倒不干净，使得体积测量值偏小、从而使得密度的测量值偏大。正确的顺序应该是：先测量液体和烧杯的总质量，再将液体倒入量筒中一部分（读出体积），再测量剩余液体和烧杯的质量，求出量筒内液体的质量，最后利用密度公式求解。
25．（5分）在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，装置如图所示，铝块和木块的外形相同，一端带有定滑轮的长木板固定不动，铝块通过细线与弹簧测力计相连（忽略滑轮的摩擦）。
（1）图甲中，将铝块放在水平木板上，竖直向上拉测力计，当铝块沿水平方向做 匀速直线 运动时，铝块所受滑动摩擦力大小等于测力计的示数F1，则F1＝ 1.6 N。
（2）比较甲、乙两次实验，可以得出：在 接触面粗糙程度 相同时， 压力 越大，滑动摩擦力越大。
（3）请你判断：图丙中，铝块水平运动时所受滑动摩擦力 等于 （选填“大于”、“等于”或“小于”）图甲中铝块所受滑动摩擦力。
（4）图乙中，木块随铝块一起匀速运动时，木块与铝块之间 没有 （选填“有”或“没有”）摩擦力。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；由测力计分度值读数；
（2）（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（4）根据木块的运动状态分析其受力情况。
【解答】解：（1）图甲中，将铝块放在水平木板上，竖直向上拉测力计，当铝块沿水平方向做匀速直线运动时，绳子的拉力与铝块所受滑动摩擦力为一对平衡力，铝块所受滑动摩擦力大小等于测力计的示数F1，测力计分度值为0.2N，F1＝1.6N；
（2）比较图甲、乙两次实验可知，接触面的粗糙程度相同，压力不同，压力越大，弹簧测力计示数越大，滑动摩擦力越大，可以得出结论：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）图丙和甲中铝块比较，因压力大小和接触面粗糙程度不变，故水平匀速运动时所受滑动摩擦力等于图甲中铝块所受滑动摩擦力；
（4）图乙中，木块随铝块一起匀速运动时，木块与铝块之间没有发生相对滑动，也没有发生相对滑动的趋势，所以木块没有受到摩擦力。
故答案为：（1）匀速直线；1.6；（2）接触面粗糙程度；压力；（3）等于；（4）没有。
【点评】本题是探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验，主要考查了摩擦力的测量方法及控制变量法的应用，要正确测量滑动摩擦力的大小，需充分利用二力平衡条件。
26．（4分）如图为小华做“探究杠杆平衡条件”实验的装置，杠杆上相邻刻线间的距离相等。
（1）杠杆在如图甲的位置静止时 是 （选填“是”或“不是”）处于杠杆平衡状态。
（2）为使图甲杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）端调节。
（3）如图乙，杠杆在水平位置平衡后，在A点挂两个钩码，每个钩码重0.5N，在B点竖直向下拉弹簧测力计，仍使杠杆水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数应为 1.5 N．当弹簧测力计改为斜拉时，再次使杠杆水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】（1）杠杆静止不动或匀速转动叫杠杆的平衡；
（2）调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端调节；
（3）根据杠杆的平衡条件分析；
分析动力臂的变化，根据杠杆的平衡条件分析。
【解答】解：
（1）杠杆静止不动或匀速转动叫杠杆的平衡，故杠杆在如图甲的位置静止时是处于杠杆平衡状态；
（2）图中右端上翘，为使图甲杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右端调节；
（3）如图乙，杠杆在水平位置平衡后，在A点挂两个钩码，每个钩码重0.5N，在B点竖直向下拉弹簧测力计，仍使杠杆水平位置平衡，由杠杆的平衡条件可得：F×OB＝2G×OA，
即：F×2L＝2×0.5N×3L，
则此时弹簧测力计的示数：F＝1.5N；
当弹簧测力计改为斜拉时，根据力臂的定义，可知动力臂变小，因阻力和阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件可知，再次使杠杆水平位置平衡时，弹簧测力计的示数将变大。
故答案为：（1）是；（2）右；（3）1.5；变大。
【点评】本题“探究杠杆平衡条件”实验，考查对杠杆平衡的理解、器材调试及杠杆平衡条件的运用。
27．（5分）在测量未知阻值R的实验中，小明设计了实验电路并进行连接，如图甲所示。
（1）在连接电路时，开关应处于 断开 状态。
（2）图甲是小明接好的实物连接图，其中有一条导线连接错误，该导线是第 2 条（从图中选填导线序号）；
（3）改正错误后再进行实验，将滑动变阻器的阻值调至最大值，闭合开关S，发现电流表无示数，电压表的示数较大，则电路故障可能是 电阻R断路 。
（4）排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.4V时，电流表示数如图乙所示，则其示数为 0.3 A，未知电阻R＝ 8 Ω。
【分析】（1）为了保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态；
（2）原电路中，电阻和电压表没有连入电路中，电阻应与电流表串联，电压表与电阻并联且电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出；
（3）闭合开关S，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表的示数较大，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（4）根据电流表选用量程确定分度值读数，根据R=UI算出未知电阻R的阻值。
【解答】解：（1）为了保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态；
（2）原电路中，电阻和电压表没有连入电路中，电阻应与电流表串联，电压表与电阻并联，且电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出，所以错误的是导线2；
（3）闭合开关S，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表的示数较大，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即电路故障可能是电阻R断路；
（4）排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.4V时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，未知电阻R的阻值为：
R=UI=2.4V0.3A=8Ω。
故答案为：（1）断开；（2）2；（3）电阻R断路；（4）0.3；8。
【点评】本题测量未知阻值R的实验，考查了注意事项、电路连接、电路故障、电流表读数以及电阻的计算等知识。
五、综合应用题（第27题6分，第28题9分，第29题9分，共24分。解答时要求写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。答案必须明确写出数值和单位。请将解答过程写在答题卡上）
28．（6分）随着人们生活水平的日益提高，小汽车越来越多地走进了百姓家庭，一辆使用汽油为燃料的小汽车，以72km/h的速度在水平路面上匀速行驶100km，小汽车在这段路程中发动机的实际功率为46kW。求：
（1）小汽车运动的时间；
（2）小汽车发动机所做的功。
【分析】（1）根据t=sv得出小汽车运动的时间；
（2）根据W＝Pt得出小汽车发动机所做的功。
【解答】解：（1）小汽车运动的时间t=sv=100km72km/ℎ=2518h＝5000s；
（2）小汽车发动机所做的功W＝Pt＝46×1000W×5000s＝2.3×108J。
答：（1）小汽车运动的时间为5000s；
（2）小汽车发动机所做的功为2.3×108J。
【点评】本题考查速度和功的计算，属于对基础知识的考查，难度较小。
29．（9分）如图甲所示，将一重为10N的物体A放在装有适量水的杯中，物体A漂浮于水面，浸在水中的体积占总体积的45，此时水面到杯底的距离为30cm。如果将小球B用体积和重力不计的细线系于A下方后，再轻轻放入该杯水中，静止时A上表面与水面刚好相平，如图乙。已知ρB＝1.5×103kg/m3。求：
（1）在图甲中杯壁上距杯底5cm处O点受到水的压强。
（2）物体A的密度。
（3）小球B的体积。
【分析】（1）根据图求出O点的深度，利用p＝ρ水gh即可求出O点受到水的压强。
（2）根据漂浮即可求出物体A受到的浮力；
根据F浮＝ρ水gV排得出物体A静止时浸入水中的体积；已知浸入水中的体积占总体积的45，据此求出物体A的体积，根据G＝mg＝ρVg算出A的密度；
（3）根据悬浮浮力等于重力，根据F浮＝ρ水gV排和G＝mg＝ρVg可得：ρ水g（VA+VB）＝GA+ρBgVB，整理可得小球B的体积。
【解答】解：
（1）O点的深度h＝30cm﹣5cm＝25cm＝0.25m，
则pO＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.25m＝2500Pa；
（2）因为A漂浮在水中，所以F浮＝GA＝10N，
根据F浮＝ρ水gV排得：
V排=F浮ρ水g=10N1×103kg/m3×10N/kg=1×10﹣3m3；
已知浸入水中的体积占总体积的45，则物体A的体积VA=54V排=54×1×10﹣3m3＝1.25×10﹣3m3；
根据G＝mg＝ρVg可得A的密度：
ρA=GAVAg=10N1.25×10−3m3×10N/kg=0.8×103kg/m3；
（3）图乙中A、B共同悬浮：根据F浮＝ρ水gV排和G＝mg＝ρVg可得：
ρ水g（VA+VB）＝GA+ρBgVB，
所以，VB=ρ水gVA−GA(ρB−ρ水)g=1×103kg/m3×10N/kg×1.25×10−3m3−10N(1.5×103kg/m3−1×103kg/m3)×10N/kg=5×10﹣4m3。
答：（1）在图甲中杯壁上距杯底5cm处O点受到水的压强为2500Pa；
（2）物体A的密度为0.8×103kg/m3；
（3）小球B的体积为5×10﹣4m3。
【点评】本题综合考查了多个公式，关键是知道物体漂浮时浮力等于自身重力以及物体所受力的分析，分析物体所受力这是本题的难点也是重点，还要学会浮力公式及其变形的灵活运用，有一定的拔高难度，属于难题。
30．（9分）图如1是某兴趣小组同学设计的测温电路，电源电压恒定，电流表的量程为0～0.6A，R1是一个定值电阻，R2是一个热敏电阻，其阻值随温度的变化图线如图2。闭合开关，当测量温度为10℃时，电流表示数为0.3A；当测量温度为20℃时，电流表示数为0.4A。问：
（1）测量温度为10℃时，热敏电阻R2的阻值和功率；
（2）电源电压和电阻R1的大小；
（3）该电路可测量的最高温度；
（4）通过调节电源电压，可改变最高测量温度。要使电路最高测量温度达到100℃，电源电压应不高于多少伏？
【分析】根据电路图可知，定值电阻R1和热敏电阻R2串联，电流表测量电路电流；
（1）根据图2读出温度为10℃时热敏电阻的阻值，再根据串联电路电流规律和P＝I2R求出热敏电阻R2的功率；
（2）根据串联电路电阻规律和欧姆定律表示出电源电压的关系式；再根据图2读出温度为20℃时热敏电阻的阻值，再利用串联电路电阻规律和欧姆定律表示出电源电压的关系式；最后联立关系式求出电源电压和定值电阻R1的阻值；
（3）根据图2可知，热敏电阻随温度的升高而减小，所以当电流表示数最大时测量的温度最高，根据电流表的量程可知电路最大电流，再根据欧姆定律求出电路最小总电阻，进一步求出热敏电阻接入电路的最小阻值，最后根据图2读出测量的最高温度；
（4）根据图2读出温度为100℃时热敏电阻接入电路的阻值，然后根据电路允许的最大电流、串联电路电阻规律和欧姆定律求出电源电压的最小值。
【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1和热敏电阻R2串联，电流表测量电路电流；
（1）根据图2可知，当温度为10℃时，热敏电阻的阻值为75Ω；
因串联电路中各处电流相等，所以电路电流为0.3A，则热敏电阻R2的功率：P2＝I2R2＝（0.3A）2×75Ω＝6.75W；
（2）因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以当温度为10℃时，电路的总电阻：R总＝R1+R2＝R1+75Ω，
由I=UR可得，电源电压：U＝IR总＝0.3A×（R1+75Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
根据图2可知，当温度为20℃时，热敏电阻的阻值为50Ω；
因串联电路中各处电流相等，所以电路电流为0.4A，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以当温度为20℃时，电路的总电阻：R总′＝R1+R2′＝R1+50Ω，
由I=UR可得，电源电压：U＝I′R总′＝0.4A×（R1+50Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
联立①②可得：U＝30V，R1＝25Ω；
（3）根据图2可知，热敏电阻随温度的升高而减小，则当热敏电阻接入电路的阻值越小时，电路的总电阻越小，由欧姆定律可知，电路电流越大，所以当电流表示数最大时测量的温度最高；
因电流表的量程为0～0.6A，所以电路中最大电流为0.6A，由I=UR可知，电路最小总电阻：R总小=UI大=30V0.6A=50Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以热敏电阻接入电路的最小阻值：R2小＝R总小﹣R1＝50Ω﹣25Ω＝25Ω，
由图2可知，电路测量的最高温度为40℃；
（4）根据图2可知，温度为100℃时，热敏电阻接入电路的阻值为10Ω，此时电路允许通过最大电流为0.6A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻：R总＝R1+R2＝25Ω+10Ω＝35Ω，
由I=UR可知，电源电压的最小值：U小＝I大R总＝0.6A×35Ω＝21V。
答：（1）测量温度为10℃时，热敏电阻R2的阻值为75Ω，功率为6.75W；
（2）电源电压为30V，电阻R1的大小为25Ω；
（3）该电路可测量的最高温度为40℃；
（4）要使电路最高测量温度达到100℃，电源电压应不高于21V。
【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率计算公式的应用，关键是根据图象读出热敏电阻对应的电阻或温度。
2022年广西河池市凤山县中考物理模拟试卷（二）
一、单项选择题（每小题3分，共36分。每小题只有一个选项是正确的。请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑。）
1．（3分）下列数据中最接近实际的是（ ）
A．我国1元硬币的直径约为2.5mm
B．中学生正常步行的速度约为1.1m/s
C．八年级物理书的重力约为0.2N
D．人心脏跳动一次约5s
2．（3分）下列光现象中，由于光的直线传播形成的是（ ）
A．水中倒影 B．海市蜃楼
C．筷子变弯 D．手影
3．（3分）下列各物理量中能反映物质特性的是（ ）
A．比热容 B．内能 C．热量 D．温度
4．（3分）如图，分别在A、B、C处用同样大小的力推门，可以感受到在A点用力容易把门推开，这说明力的作用效果与下列哪个因素有关（ ）
A．力的作用点 B．力的大小 C．力的方向 D．力的单位
5．（3分）“秋荷一滴流，清夜坠玄天。将来玉盘上，不定始知圆”。诗中露的形成属于（ ）
A．凝固 B．升华 C．液化 D．凝华
6．（3分）静止在桌面上的物体，下列分析正确的是（ ）
A．物体受到的重力与桌面对它的支持力是一对平衡力
B．物体受到的重力与它对桌面的压力是一对平衡力
C．物体对桌面的压力与桌面对它的支持力是一对平衡力
D．物体受到的重力与它对桌面的压力是一对相互作用力
7．（3分）匀速直线运动的甲、乙两物体，它们通过的路程之比为3：1，所用时间之比是2：3，则它们的速度之比是（ ）
A．1：2 B．2：1 C．9：2 D．2：9
8．（3分）甲灯标有“36V60W”，乙灯标有“100V60W”，它们如在各自的额定电压下工作，则发光的情况是（ ）
A．甲灯亮 B．乙灯亮 C．一样亮 D．不知道
9．（3分）如图所示电路，电源两端的电压保持不变，开关S1闭合，当开关S2由闭合到断开时，判断电流表、电压表示数的变化，下列说法正确的是（ ）
A．电流表的示数变小 B．电流表的示数变大
C．电压表的示数变小 D．电压表的示数变大
10．（3分）如图，密封的圆台形容器装满了水，从甲图变为如乙图放置，则水对容器底的作用情况是（ ）
A．压强减小，压力不变 B．压强不变，压力增大
C．压强减小，压力减小 D．压强不变，压力减小
11．（3分）如图所示，用滑轮组提升重物时，重800N的物体在10s内匀速上升1m。已知拉绳子的力F为500N，则提升重物的过程中（ ）
A．绳子自由端被拉下3m
B．有用功是800J
C．拉力F的功率是80W
D．滑轮组的机械效率是53.3%
12．（3分）如图甲所示是某同学探究“电流与电压关系”的电路图，开关S闭合后，将滑动变阻器的滑片P从a端移至b端，电流表和电压表的示数变化关系如图乙。在电源电压不变的条件下，则由图象可以判断（ ）
A．电源两端电压是3.5V
B．R0的电阻值是25Ω
C．R最大电阻值是5Ω
D．该电路最大电功率是1.8W
二、填空题（每空1分，共16分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上，不要求写出演算过程）
13．（2分）如图所示，木块长度的测量值是 cm，该刻度尺的分度值是 mm。
14．（2分）目前，购物支付已进入“刷脸”时代，如图所示，消费者结账时只需面对摄像头，经系统自动拍照、扫描，确认相关信息后，即可迅速完成交易。摄像头相当于一个 镜，当人靠近摄像头时，光源自动打开，照亮人脸，人脸通过摄像头成一个 的实像。
15．（2分）用0℃的冰来冷却物体比用相同质量0℃的水冷却物体效果好。这是因为冰 过程中要 热量。
16．（2分）某瓶煤油倒去一半后，瓶内剩余煤油的质量将 ，某瓶氧气，给人供氧用去了一半，则瓶内剩余氧气的密度 。（选填“变大”“变小”或“不变”）
17．（2分）“长征三号丙”运载火箭用液氢做燃料是因为氢气具有较大的 ；火箭发射塔使用水做冷却介质是因为水的 较大。
18．（2分）剪刀、斧头要磨得锋利是通过 受力面积来增大压强。书包带宽些好，因为这样肩膀受到的压强 。（选填“增大”或“减小”）
19．（2分）小明探究怎样使物体上浮或下沉，用手将质量为150g、体积为1.6×10﹣4m3的苹果浸没在水中，苹果受到的浮力为 N；松手后，待苹果最终静止时，苹果受到的浮力是 N。（g取10N/kg）
20．（2分）如图，电源电压保持不变，电阻R1＝R2＝R3＝20Ω。要使R2、R3并联，应闭合开关 ，此时电流表的示数为I1；当R1、R2串联，此时电流表的示数为I2；则I1：I2＝ 。
三、作图题（每小题2分，共4分。请将答案填写在答题卡上）
21．（2分）画出图中光线AB的折射光线和光线CD的入射光线。
22．（2分）如图所示电路中，请在甲、乙两处分别接入电流表或电压表，当S闭合后，使两灯均能发光。
四、实验与探究题（第22题3分，第23题3分，第24题5分，第25题4分，第26题5分，共20分。请将答案填写在答题卡上）
23．（3分）小明同学利用如图所示的装置探究“平面镜成像的特点”。
（1）把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，再拿另一支外形相同的未点燃的蜡烛B竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去跟蜡烛A的像完全重合，这个位置就是像的位置，在白纸上记下A和B的位置。移动点燃的蜡烛，重复多次实验。分别测出A和B到玻璃板的距离，并将现象，数据记录在下表中。
实验次数
1
2
3
4
A到玻璃板的距离/cm
3.50
5.00
8.00
10.00
B到玻璃板的距离/cm
3.52
5.00
8.10
10.00
像与物的大小关系
相等
相等
相等
相等
进一步实验与分析，可以得到结论：平面镜所成像的大小与物体的大小相等，像和物体到平面镜的距离相等，像和物体的连线与镜面垂直，平面镜所成的像与物体关于镜面 ；
（2）小明照镜子时，他从与镜相距1m处移动至3m处时，他和像之间的距离改变了 m，当他远离镜子移动时，他的像的大小 （选填“变大”或“变小”或“不变”）。
24．（3分）小明同学为了测量某品牌酱油的密度，进行了如下实验：
（1）把天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示。此时应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，使天平平衡；
（2）用天平测出烧杯的质量m1＝20.6g；
（3）取适量酱油倒入烧杯，用天平测烧杯和酱油的总质量，当天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示；
（4）然后将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，量筒中酱油的体积如图丙所示。请你帮小明同学计算出酱油的密度是 g/cm3．以上方法测出的密度测量值会 （填“偏大”或“偏小”）。
25．（5分）在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，装置如图所示，铝块和木块的外形相同，一端带有定滑轮的长木板固定不动，铝块通过细线与弹簧测力计相连（忽略滑轮的摩擦）。
（1）图甲中，将铝块放在水平木板上，竖直向上拉测力计，当铝块沿水平方向做 运动时，铝块所受滑动摩擦力大小等于测力计的示数F1，则F1＝ N。
（2）比较甲、乙两次实验，可以得出：在 相同时， 越大，滑动摩擦力越大。
（3）请你判断：图丙中，铝块水平运动时所受滑动摩擦力 （选填“大于”、“等于”或“小于”）图甲中铝块所受滑动摩擦力。
（4）图乙中，木块随铝块一起匀速运动时，木块与铝块之间 （选填“有”或“没有”）摩擦力。
26．（4分）如图为小华做“探究杠杆平衡条件”实验的装置，杠杆上相邻刻线间的距离相等。
（1）杠杆在如图甲的位置静止时 （选填“是”或“不是”）处于杠杆平衡状态。
（2）为使图甲杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）端调节。
（3）如图乙，杠杆在水平位置平衡后，在A点挂两个钩码，每个钩码重0.5N，在B点竖直向下拉弹簧测力计，仍使杠杆水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数应为 N．当弹簧测力计改为斜拉时，再次使杠杆水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
27．（5分）在测量未知阻值R的实验中，小明设计了实验电路并进行连接，如图甲所示。
（1）在连接电路时，开关应处于 状态。
（2）图甲是小明接好的实物连接图，其中有一条导线连接错误，该导线是第 条（从图中选填导线序号）；
（3）改正错误后再进行实验，将滑动变阻器的阻值调至最大值，闭合开关S，发现电流表无示数，电压表的示数较大，则电路故障可能是 。
（4）排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.4V时，电流表示数如图乙所示，则其示数为 A，未知电阻R＝ Ω。
五、综合应用题（第27题6分，第28题9分，第29题9分，共24分。解答时要求写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。答案必须明确写出数值和单位。请将解答过程写在答题卡上）
28．（6分）随着人们生活水平的日益提高，小汽车越来越多地走进了百姓家庭，一辆使用汽油为燃料的小汽车，以72km/h的速度在水平路面上匀速行驶100km，小汽车在这段路程中发动机的实际功率为46kW。求：
（1）小汽车运动的时间；
（2）小汽车发动机所做的功。
29．（9分）如图甲所示，将一重为10N的物体A放在装有适量水的杯中，物体A漂浮于水面，浸在水中的体积占总体积的45，此时水面到杯底的距离为30cm。如果将小球B用体积和重力不计的细线系于A下方后，再轻轻放入该杯水中，静止时A上表面与水面刚好相平，如图乙。已知ρB＝1.5×103kg/m3。求：
（1）在图甲中杯壁上距杯底5cm处O点受到水的压强。
（2）物体A的密度。
（3）小球B的体积。
30．（9分）图如1是某兴趣小组同学设计的测温电路，电源电压恒定，电流表的量程为0～0.6A，R1是一个定值电阻，R2是一个热敏电阻，其阻值随温度的变化图线如图2。闭合开关，当测量温度为10℃时，电流表示数为0.3A；当测量温度为20℃时，电流表示数为0.4A。问：
（1）测量温度为10℃时，热敏电阻R2的阻值和功率；
（2）电源电压和电阻R1的大小；
（3）该电路可测量的最高温度；
（4）通过调节电源电压，可改变最高测量温度。要使电路最高测量温度达到100℃，电源电压应不高于多少伏？
2022年广西河池市凤山县中考物理模拟试卷（二）
参考答案与试题解析
一、单项选择题（每小题3分，共36分。每小题只有一个选项是正确的。请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑。）
1．（3分）下列数据中最接近实际的是（ ）
A．我国1元硬币的直径约为2.5mm
B．中学生正常步行的速度约为1.1m/s
C．八年级物理书的重力约为0.2N
D．人心脏跳动一次约5s
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、我国1元硬币的直径约为2.5cm，故A错误；
B、中学生正常步行的速度约为1.1m/s，符合实际，故B正确；
C、八年级物理书的重力约为2N，故C错误；
D、人心脏跳动一次约1s，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2．（3分）下列光现象中，由于光的直线传播形成的是（ ）
A．水中倒影 B．海市蜃楼
C．筷子变弯 D．手影
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、平静水面上景物的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的。故A不符合题意；
B、海市蜃楼是光在不均匀的介质中传播时发生的折射现象。故B不符合题意；
C、从水中筷子上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是筷子的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了。故C不符合题意；
D、手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子。故D符合题意。
故选：D。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
3．（3分）下列各物理量中能反映物质特性的是（ ）
A．比热容 B．内能 C．热量 D．温度
【分析】（1）单位质量的某种物质温度升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比热容。比热容是物质的一种特性，同种物质比热容是一定的，比热容与物体的质量、升高的温度、吸收的热量都无关。
（2）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量。
（3）做功和热传递都可以改变物体的内能。
【解答】解：比热容是物质的一种特性，同种物质的比热容是一定的。而物质的内能、吸收或放出热量、温度等在一定条件下是可以变化的。
故选：A。
【点评】掌握比热容的概念，知道比热容是物质的一种特性是本题的关键所在。
4．（3分）如图，分别在A、B、C处用同样大小的力推门，可以感受到在A点用力容易把门推开，这说明力的作用效果与下列哪个因素有关（ ）
A．力的作用点 B．力的大小 C．力的方向 D．力的单位
【分析】力的大小、方向、作用点叫做力的三要素，力的三要素影响力的作用效果。
【解答】解：力的三要素包括力的大小、方向、作用点。分别在A、B、C处用同样大小的力推门，可以感受到在A点用力容易把门推开，是因为力的作用点不同。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对力的三要素的掌握，属于基础知识的考查，比较简单。
5．（3分）“秋荷一滴流，清夜坠玄天。将来玉盘上，不定始知圆”。诗中露的形成属于（ ）
A．凝固 B．升华 C．液化 D．凝华
【分析】（1）诗词中的“秋”说明了当时的气候条件；
（2）“一滴流”说明了物体所处的状态为液态。
【解答】解：“秋荷一滴流”中的“一滴流”是指露水，它是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水珠汇聚在荷叶上形成的。
故选：C。
【点评】我们在分析物态变化过程时，要先弄清楚物质原来的状态，及物质发生变化后的状态。
6．（3分）静止在桌面上的物体，下列分析正确的是（ ）
A．物体受到的重力与桌面对它的支持力是一对平衡力
B．物体受到的重力与它对桌面的压力是一对平衡力
C．物体对桌面的压力与桌面对它的支持力是一对平衡力
D．物体受到的重力与它对桌面的压力是一对相互作用力
【分析】（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
（2）相互作用力：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
【解答】解：A、物体受到的重力与桌面对它的支持力，符合二力平衡的条件，该选项说法正确；
B、物体受到的重力与它对桌面的压力，作用在两个物体上，方向相同，不符合二力平衡的条件，该选项说法不正确；
C、物体对桌面的压力与桌面对它的支持力，作用在两个物体上，不符合二力平衡的条件，该选项说法不正确；
D、物体受到的重力与它对桌面的压力，方向相同，不符合相互作用力的条件，该选项说法不正确。
故选：A。
【点评】平衡力和相互作用力容易混淆，注意两者的异同点：
（1）相同点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上。
（2）不同点：平衡力是一个受力作用，相互作用力是两个受力物体。
7．（3分）匀速直线运动的甲、乙两物体，它们通过的路程之比为3：1，所用时间之比是2：3，则它们的速度之比是（ ）
A．1：2 B．2：1 C．9：2 D．2：9
【分析】知道做匀速直线运动的甲、乙两物体的路程之比和所用时间之比，根据v=st求出速度之比。
【解答】解：由题意可知，甲、乙两物体做匀速直线运动，且s甲：s乙＝3：1，t甲：t乙＝2：3，
由v=st可得，两物体的速度之比：v甲v乙=s甲t甲s乙t乙=s甲s乙×t乙t甲=31×32=9：2。
故选：C。
【点评】本题考查了速度公式的应用，计算过程要注意各量之间的关系，不要颠倒。
8．（3分）甲灯标有“36V60W”，乙灯标有“100V60W”，它们如在各自的额定电压下工作，则发光的情况是（ ）
A．甲灯亮 B．乙灯亮 C．一样亮 D．不知道
【分析】灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，即实际功率越大，表示灯在单位时间内消耗的电功越大，则产生的光能也越大，灯就越亮了；额定电压下灯泡的实际功率等于灯泡的额定功率。
【解答】解：甲、乙两个灯泡在各自的额定电压下工作，即灯泡的实际功率等于额定功率；
因灯泡的亮暗取决于灯泡的实际功率，
所以额定功率相同的两个灯泡一样亮。
故选：C。
【点评】本题考查灯泡亮度的比较，在额定电压下工作，比较额定功率即可，即灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率。
9．（3分）如图所示电路，电源两端的电压保持不变，开关S1闭合，当开关S2由闭合到断开时，判断电流表、电压表示数的变化，下列说法正确的是（ ）
A．电流表的示数变小 B．电流表的示数变大
C．电压表的示数变小 D．电压表的示数变大
【分析】（1）分析电路结构，明确各电路元件的连接方式，作出等效电路图；
（2）根据电路电阻变化情况，由欧姆定律分析答题。
【解答】解：（1）开关S1与S2都闭合时等效电路图如图甲所示，
；
开关S1闭合、S2断开时的等效电路图如图乙所示；
（2）由等效电路图知，开关S2闭合后（如图甲所示）与S2断开时（如图乙所示）相比，
①电压表始终测电源两端电压，由于电源电压不变，所以电压表示数不变；
②电路总电阻由R1变为R1+R2，电路总电阻R变大，电源电压U不变，
由I=UR知，电路电流变小，电流表示数变小；
由以上分析可知：开关S2闭合后（如图甲所示）与S2断开时（如图乙所示）相比，电压表示数不变，电流表示数变小。
故选：A。
【点评】本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构、知道电路电阻的变化情况、熟练应用欧姆定律是正确解题的关键。
10．（3分）如图，密封的圆台形容器装满了水，从甲图变为如乙图放置，则水对容器底的作用情况是（ ）
A．压强减小，压力不变 B．压强不变，压力增大
C．压强减小，压力减小 D．压强不变，压力减小
【分析】先分析水对容器底的压强，由液体压强公式P＝ρgh，只需分析当把容器倒置过来后，h有何变化，就可以得出压强如何变化。
分析水对容器底的压力，我们就需要用公式F＝PS进行分析。因为倒置过来后水对容器底的压强不变大而容器底面积却变小了，所以直接用公式F＝PS就能分析出水对容器底的压力变化情况。
【解答】解：圆台形容器内装满了水，倒置后水的深度不变，由液体压强公式p＝ρgh可得，水对容器底的压强p不变。水对容器底的压力F＝pS＝ρghS．当如图甲放置时，水对容器底的压力F甲＝ρghS大，即水对容器底的压力大小等于以S大为底面积、h为高的水柱的重力；而这部分水柱的重力大于容器内的水的重力G，所以F甲＞G．当如图乙放置时，水对容器底的压力F乙＝pS小＝ρghS小，即水对容器底的压力大小等于以S小为底面积、h为高的水柱的重力；而这部分水柱的重力小于容器内的水的重力G，所以F乙＜G．综上所述可得F甲＞F乙，即倒置后压力变小。
故选：D。
【点评】分析液体压强变化关键是确定深度大小变化；液体对容器底的压力和压强，一般先根据p＝ρgh计算压强，然后根据F＝pS计算压力。
11．（3分）如图所示，用滑轮组提升重物时，重800N的物体在10s内匀速上升1m。已知拉绳子的力F为500N，则提升重物的过程中（ ）
A．绳子自由端被拉下3m
B．有用功是800J
C．拉力F的功率是80W
D．滑轮组的机械效率是53.3%
【分析】由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s＝nh求出绳子自由端被拉下的距离，根据W＝Gh求出有用功，根据W＝Fs求出总功，利用P=Wt求出拉力的功率，利用η=W有用W总×100%求出滑轮组的机械效率。
【解答】解：由图可知，n＝2，则绳子自由端被拉下的距离：
s＝nh＝2×1m＝2m，故A错误；
做的有用功：
W有＝Gh＝800N×1m＝800J，故B正确；
拉力做的总功：
W总＝Fs＝500N×2m＝1000J，
拉力的功率：
P=W总t=1000J10s=100W，故C错误；
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总×100%=800J1000J×100%＝80%，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对功率的公式、机械效率公式、滑轮组s＝nh、有用功、总功的理解和运用，因条件已给出，难度不大。
12．（3分）如图甲所示是某同学探究“电流与电压关系”的电路图，开关S闭合后，将滑动变阻器的滑片P从a端移至b端，电流表和电压表的示数变化关系如图乙。在电源电压不变的条件下，则由图象可以判断（ ）
A．电源两端电压是3.5V
B．R0的电阻值是25Ω
C．R最大电阻值是5Ω
D．该电路最大电功率是1.8W
【分析】（1）当滑片位于b端时接入电路中的电阻为0，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，根据图象读出电源电压；
（2）根据欧姆定律算出R0的电阻值；
（3）根据串联电路电压的规律算出滑动变阻器两端的电压，根据图乙判断出最小电流，根据欧姆定律算出最大电阻；
（4）根据图象读出电路中的最大电流，根据P＝UI求出电路消耗的最大功率。
【解答】解：
由图知，电阻R0和变阻器串联，电压表测R0的电压，电流表测电路中的电流，滑片P从a端移至b端，电流表和电压表的示数变化关系如图乙；
A、当滑片位于b端时，变阻器接入电路中的电阻为0，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，此时电流表的示数最大，根据图象可知，电源电压为3V，故A错误；
B、由图乙知，当R0的电压为3V时，电流为0.6A，则R0的电阻值为：R=UI=3V0.6A=5Ω，故B错误；
C、由图乙知，当电流最小为0.1A时，滑动变阻器的电阻最大，滑动变阻器两端的电压为3V﹣0.5V＝2.5V，
则滑动变阻器的最大电阻为：R滑大=U滑大I最小=2.5V0.1A=25Ω，故C错误；
D、电路最大电功率：P大＝UI大＝3V×0.6A＝1.8W，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查电流随电压的变化图象分析，图象中包含了大量有用的信息，关键看我们能否结合实验的要求将其找出，然后再利用相关公式进行计算。
二、填空题（每空1分，共16分。请把答案直接填写在答题卡相应的位置上，不要求写出演算过程）
13．（2分）如图所示，木块长度的测量值是 1.75 cm，该刻度尺的分度值是 1 mm。
【分析】刻度尺的最小分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度，刻度尺的使用要注意其量程和分度值，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值即为物体长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度值即为物体长度；读数时视线要与物体末端所对刻度相垂直，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
【解答】解：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；木块左侧与6.00cm刻度线对齐，右侧在7.75cm处，所以木块的长度为L＝7.75cm﹣6.00cm＝1.75cm。
故答案为：1.75；1。
【点评】物理中有很多的测量工具，刻度尺需要估读到分度值的下一位数字，其他的测量工具不需要估读。
14．（2分）目前，购物支付已进入“刷脸”时代，如图所示，消费者结账时只需面对摄像头，经系统自动拍照、扫描，确认相关信息后，即可迅速完成交易。摄像头相当于一个 凸透 镜，当人靠近摄像头时，光源自动打开，照亮人脸，人脸通过摄像头成一个 倒立、缩小 的实像。
【分析】凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像头。
【解答】解：摄像镜头实际上是一个凸透镜，人在凸透镜的二倍焦距以外，成倒立、缩小的实像。
故答案为：凸透；倒立、缩小。
【点评】凸透镜成像的三种情况和应用，在凸透镜成像习题中有重要的应用，一定要熟练掌握。
15．（2分）用0℃的冰来冷却物体比用相同质量0℃的水冷却物体效果好。这是因为冰 熔化 过程中要 吸收 热量。
【分析】因为0℃的冰熔化为0℃的水时要吸收大量的热，而温度保持0℃不变，当冰全部熔化后，再吸热，水才能升温；而0℃的水吸热后直接升温，因此不难判断谁的冷却效果好。
【解答】解：0℃的水和0℃的冰温度相同，冷热程度相同，用0℃的冰冷却物体效果较好，因为0℃的冰熔化成0℃的水的过程中，吸收热量，会降低物体的温度，更利于冷却物体，所以0℃的冰冷却效果会更好。
故答案为：熔化；吸收。
【点评】此题结合冰、水实例考查学生对熔化吸热的理解与应用，要会结合物态变化特点分析解答。
16．（2分）某瓶煤油倒去一半后，瓶内剩余煤油的质量将 变小 ，某瓶氧气，给人供氧用去了一半，则瓶内剩余氧气的密度 变小 。（选填“变大”“变小”或“不变”）
【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量，质量与物体的形状、状态、位置和温度无关；
（2）氧气用掉一半，质量减半，氧气还充满整个氧气瓶，体积保持不变，根据密度公式判断密度的变化。
【解答】解：（1）质量是物体的性质，决定于物体所含物质的多少，煤油倒去一半后，物质总量减少，所以瓶内剩余煤油的质量将变小；
（2）某瓶氧气，给人供氧用去了一半，则瓶内剩余氧气的质量变小，
而氧气的体积不变，仍然等于瓶子的容积，
根据ρ=mV知，瓶内剩余氧气的密度变小。
故答案为：变小；变小。
【点评】本题考查了学生对质量、密度概念的理解和应用，知道质量决定于物体所含物质的多少，密度是物质的特性，同种物质（同种状态）密度相同是此题关键，气体密度要根据实际情况来判定，可能改变，也可能不变。
17．（2分）“长征三号丙”运载火箭用液氢做燃料是因为氢气具有较大的 热值 ；火箭发射塔使用水做冷却介质是因为水的 比热容 较大。
【分析】（1）某种质量物质完全燃烧放出的热量和质量的比值叫热值，热值在数值上等于该物质1kg完全燃烧放出的热量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；
（2）单位质量的某种物质温度升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量为该物质的比热容，水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多.
【解答】解：
（1）火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量。
（2）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以工厂里的冷却塔大多用水作为冷却物质；
故答案为：热值；比热容。
【点评】本题考查了水的比热容大的利用、热值定义的掌握情况，属于热学基础知识的考查，难度不大。
18．（2分）剪刀、斧头要磨得锋利是通过 减小 受力面积来增大压强。书包带宽些好，因为这样肩膀受到的压强 减小 。（选填“增大”或“减小”）
【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关，据此利用控制变量法分析解答。
【解答】解：剪刀、斧头要磨得锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。
书包带宽些，增大了肩膀的受力面积，在压力一定时减小了压强，使人感觉更舒服。
故答案为：减小；减小。
【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
19．（2分）小明探究怎样使物体上浮或下沉，用手将质量为150g、体积为1.6×10﹣4m3的苹果浸没在水中，苹果受到的浮力为 1.6 N；松手后，待苹果最终静止时，苹果受到的浮力是 1.5 N。（g取10N/kg）
【分析】（1）当苹果浸没在水中时，此时排开水的体积就等于苹果的体积，利用阿基米德原理计算此时苹果受到的浮力；
（2）知道苹果的质量，利用公式G＝mg计算苹果受到的重力；浮力与重力进行比较，重力大于浮力就下沉，重力等于浮力就悬浮，重力大于浮力就上浮；最后根据苹果所处的状态求出静止时受到的浮力。
【解答】解：（1）当苹果浸没在水中时，排开水的体积就等于苹果的体积，
即V排＝V物＝1.6×10﹣4m3，
所以此时苹果受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1000kg/m3×10N/kg×1.6×10﹣4m3＝1.6N；
（2）m＝150g＝0.15kg，
苹果受到的重力：G＝mg＝0.15kg×10N/kg＝1.5N；
因为G＜F浮，所以松手后苹果会上浮；
当苹果静止时，处于漂浮状态，则受到的浮力F浮′＝G＝1.5N。
故答案为：1.6；1.5。
【点评】本题考查了浮力和重力的计算、物体的浮沉条件，关键是对公式及公式变形的理解和应用，利用好隐含条件物体浸没水中时V排＝V。
20．（2分）如图，电源电压保持不变，电阻R1＝R2＝R3＝20Ω。要使R2、R3并联，应闭合开关 S1、S2 ，此时电流表的示数为I1；当R1、R2串联，此时电流表的示数为I2；则I1：I2＝ 4：1 。
【分析】（1）电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。
（2）根据电阻的串并联特点和欧姆定律分别表示出I1、I2，然后再求出比值。
【解答】解：
由电路图可知，电流从电源的正极流出经过电流表后，要使电阻R2、R3并联，则电流分别通过电阻R2、R3，所以应闭合开关S1、S2 （电阻R1处于短路状态）；
电流表在干路上，则电流表的示数：I1=UR2+UR3=U20Ω+U20Ω=U10Ω（U为电源电压）；
要使R1、R2串联，电流从电源的正极流出依次经过R1、R2，所以开关S1、S2都断开，此时电流表测量串联电路中的电流；
由串联电路电阻规律和欧姆定律可知，此时电流表的示数：I2=UR串=UR1+R2=U20Ω+20Ω=U40Ω；
则电流表示数之比为I1：I2=U10Ω：U40Ω=4：1。
故答案为：S1、S2；4：1。
【点评】本题是一道关于电路组成、电阻的串并联以及欧姆定律的综合题，在解题时应先根据串、并联电路电阻的特点，分别表示出电流的大小，再计算电流的比值。
三、作图题（每小题2分，共4分。请将答案填写在答题卡上）
21．（2分）画出图中光线AB的折射光线和光线CD的入射光线。
【分析】在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
【解答】解：
平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，据此完成光路图，如图所示：
【点评】凹透镜三条特殊光线：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
22．（2分）如图所示电路中，请在甲、乙两处分别接入电流表或电压表，当S闭合后，使两灯均能发光。
【分析】电流表相当于导线，使用时与被测电路元件串联；电压表相当于开路，使用时与被测电路元件并联；根据电压表和电流表的正确使用方法以及在电路中的作用进行分析。
【解答】解：
电流表在电路中相当于导线，电压表在电路中相当于开路；根据电路图可知，要使两灯均能发光，则两灯泡必须并联连接；因电流表与被测用电器串联，电压表与被测用电器并联，所以甲为电流表，乙为电压表，如下图：
【点评】解决本类题的关键是牢记电压表和电流表的正确使用方法，并且能够识别串并联电路。
四、实验与探究题（第22题3分，第23题3分，第24题5分，第25题4分，第26题5分，共20分。请将答案填写在答题卡上）
23．（3分）小明同学利用如图所示的装置探究“平面镜成像的特点”。
（1）把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板的前面，再拿另一支外形相同的未点燃的蜡烛B竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去跟蜡烛A的像完全重合，这个位置就是像的位置，在白纸上记下A和B的位置。移动点燃的蜡烛，重复多次实验。分别测出A和B到玻璃板的距离，并将现象，数据记录在下表中。
实验次数
1
2
3
4
A到玻璃板的距离/cm
3.50
5.00
8.00
10.00
B到玻璃板的距离/cm
3.52
5.00
8.10
10.00
像与物的大小关系
相等
相等
相等
相等
进一步实验与分析，可以得到结论：平面镜所成像的大小与物体的大小相等，像和物体到平面镜的距离相等，像和物体的连线与镜面垂直，平面镜所成的像与物体关于镜面 对称 ；
（2）小明照镜子时，他从与镜相距1m处移动至3m处时，他和像之间的距离改变了 4 m，当他远离镜子移动时，他的像的大小 不变 （选填“变大”或“变小”或“不变”）。
【分析】平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
【解答】解：（1）平面镜所成像的大小与物体的大小相等，像和物体到平面镜的距离相等，像和物体的连线与镜面垂直，平面镜所成的像与物体关于镜面，说明平面镜所成的像与物体关于镜面对称；
（2）小明从与镜相距1m处移动至3m处时，他与平面镜距离改变了2m，像与平面镜距离也改变2m，他和像之间的距离改变了4m；
平面镜成像大小只与成像物体大小有关，小明远离镜子移动时，小明的大小不变，则他的像的大小不变。
故答案为：（1）对称；（2）4；不变。
【点评】平面镜成像特点是平面镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。
24．（3分）小明同学为了测量某品牌酱油的密度，进行了如下实验：
（1）把天平放在水平台面上，将游码移到标尺的零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示。此时应将平衡螺母向 左 （选填“左”或“右”）调节，使天平平衡；
（2）用天平测出烧杯的质量m1＝20.6g；
（3）取适量酱油倒入烧杯，用天平测烧杯和酱油的总质量，当天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示；
（4）然后将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，量筒中酱油的体积如图丙所示。请你帮小明同学计算出酱油的密度是 1.06 g/cm3．以上方法测出的密度测量值会 偏大 （填“偏大”或“偏小”）。
【分析】（1）游码归零后，横梁哪端高平衡螺母向哪端调；
（2）物体的质量等于砝码质量与标尺示数的和，看清标尺的分度值，读出示数加上砝码质量数就为烧杯和液体的总质量；
烧杯和液体的总质量减去烧杯的质量即为酱油的质量；
利用密度公式ρ=mV求出液体密度。
玻璃容器中的液体向外倒的过程中，容器壁一定要粘液体，所以不能全部倒出，将会带来实验误差，明确对体积测量结果的影响，进一步判断对密度测量结果的影响。
【解答】解：
（1）根据图甲所示，指针右偏，为使横梁在水平位置平衡，应将平衡螺母向左端移动；
（4）如图乙所示，量筒的分度值为2mL，则量筒中酱油的体积为40cm3；
烧杯和酱油的总质量为m＝50g+10g+3g＝63g；
由于空烧杯的质量m1＝20.6g，则酱油的质量为m′＝63g﹣20.6g＝42.4g
因此酱油的密度为：ρ′=m′V=42.4g40cm3=1.06g/cm3；
由题意可知，测得酱油的质量准确，将烧杯中的酱油全部倒入量筒中时，因烧杯壁上会沾有一部分酱油，则用量筒测得酱油的体积偏小，由ρ=mV可知，密度的测量结果偏大。
故答案为：（1）左；（4）1.06；偏大。
【点评】本题考查了液体密度的方法，本实验中由于将烧杯中的酱油全部倒入量筒中时，倒不干净，使得体积测量值偏小、从而使得密度的测量值偏大。正确的顺序应该是：先测量液体和烧杯的总质量，再将液体倒入量筒中一部分（读出体积），再测量剩余液体和烧杯的质量，求出量筒内液体的质量，最后利用密度公式求解。
25．（5分）在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，装置如图所示，铝块和木块的外形相同，一端带有定滑轮的长木板固定不动，铝块通过细线与弹簧测力计相连（忽略滑轮的摩擦）。
（1）图甲中，将铝块放在水平木板上，竖直向上拉测力计，当铝块沿水平方向做 匀速直线 运动时，铝块所受滑动摩擦力大小等于测力计的示数F1，则F1＝ 1.6 N。
（2）比较甲、乙两次实验，可以得出：在 接触面粗糙程度 相同时， 压力 越大，滑动摩擦力越大。
（3）请你判断：图丙中，铝块水平运动时所受滑动摩擦力 等于 （选填“大于”、“等于”或“小于”）图甲中铝块所受滑动摩擦力。
（4）图乙中，木块随铝块一起匀速运动时，木块与铝块之间 没有 （选填“有”或“没有”）摩擦力。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；由测力计分度值读数；
（2）（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（4）根据木块的运动状态分析其受力情况。
【解答】解：（1）图甲中，将铝块放在水平木板上，竖直向上拉测力计，当铝块沿水平方向做匀速直线运动时，绳子的拉力与铝块所受滑动摩擦力为一对平衡力，铝块所受滑动摩擦力大小等于测力计的示数F1，测力计分度值为0.2N，F1＝1.6N；
（2）比较图甲、乙两次实验可知，接触面的粗糙程度相同，压力不同，压力越大，弹簧测力计示数越大，滑动摩擦力越大，可以得出结论：接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）图丙和甲中铝块比较，因压力大小和接触面粗糙程度不变，故水平匀速运动时所受滑动摩擦力等于图甲中铝块所受滑动摩擦力；
（4）图乙中，木块随铝块一起匀速运动时，木块与铝块之间没有发生相对滑动，也没有发生相对滑动的趋势，所以木块没有受到摩擦力。
故答案为：（1）匀速直线；1.6；（2）接触面粗糙程度；压力；（3）等于；（4）没有。
【点评】本题是探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验，主要考查了摩擦力的测量方法及控制变量法的应用，要正确测量滑动摩擦力的大小，需充分利用二力平衡条件。
26．（4分）如图为小华做“探究杠杆平衡条件”实验的装置，杠杆上相邻刻线间的距离相等。
（1）杠杆在如图甲的位置静止时 是 （选填“是”或“不是”）处于杠杆平衡状态。
（2）为使图甲杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）端调节。
（3）如图乙，杠杆在水平位置平衡后，在A点挂两个钩码，每个钩码重0.5N，在B点竖直向下拉弹簧测力计，仍使杠杆水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数应为 1.5 N．当弹簧测力计改为斜拉时，再次使杠杆水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】（1）杠杆静止不动或匀速转动叫杠杆的平衡；
（2）调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端调节；
（3）根据杠杆的平衡条件分析；
分析动力臂的变化，根据杠杆的平衡条件分析。
【解答】解：
（1）杠杆静止不动或匀速转动叫杠杆的平衡，故杠杆在如图甲的位置静止时是处于杠杆平衡状态；
（2）图中右端上翘，为使图甲杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向右端调节；
（3）如图乙，杠杆在水平位置平衡后，在A点挂两个钩码，每个钩码重0.5N，在B点竖直向下拉弹簧测力计，仍使杠杆水平位置平衡，由杠杆的平衡条件可得：F×OB＝2G×OA，
即：F×2L＝2×0.5N×3L，
则此时弹簧测力计的示数：F＝1.5N；
当弹簧测力计改为斜拉时，根据力臂的定义，可知动力臂变小，因阻力和阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件可知，再次使杠杆水平位置平衡时，弹簧测力计的示数将变大。
故答案为：（1）是；（2）右；（3）1.5；变大。
【点评】本题“探究杠杆平衡条件”实验，考查对杠杆平衡的理解、器材调试及杠杆平衡条件的运用。
27．（5分）在测量未知阻值R的实验中，小明设计了实验电路并进行连接，如图甲所示。
（1）在连接电路时，开关应处于 断开 状态。
（2）图甲是小明接好的实物连接图，其中有一条导线连接错误，该导线是第 2 条（从图中选填导线序号）；
（3）改正错误后再进行实验，将滑动变阻器的阻值调至最大值，闭合开关S，发现电流表无示数，电压表的示数较大，则电路故障可能是 电阻R断路 。
（4）排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.4V时，电流表示数如图乙所示，则其示数为 0.3 A，未知电阻R＝ 8 Ω。
【分析】（1）为了保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态；
（2）原电路中，电阻和电压表没有连入电路中，电阻应与电流表串联，电压表与电阻并联且电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出；
（3）闭合开关S，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表的示数较大，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
（4）根据电流表选用量程确定分度值读数，根据R=UI算出未知电阻R的阻值。
【解答】解：（1）为了保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态；
（2）原电路中，电阻和电压表没有连入电路中，电阻应与电流表串联，电压表与电阻并联，且电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出，所以错误的是导线2；
（3）闭合开关S，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表的示数较大，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即电路故障可能是电阻R断路；
（4）排除故障后，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表示数为2.4V时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，未知电阻R的阻值为：
R=UI=2.4V0.3A=8Ω。
故答案为：（1）断开；（2）2；（3）电阻R断路；（4）0.3；8。
【点评】本题测量未知阻值R的实验，考查了注意事项、电路连接、电路故障、电流表读数以及电阻的计算等知识。
五、综合应用题（第27题6分，第28题9分，第29题9分，共24分。解答时要求写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。答案必须明确写出数值和单位。请将解答过程写在答题卡上）
28．（6分）随着人们生活水平的日益提高，小汽车越来越多地走进了百姓家庭，一辆使用汽油为燃料的小汽车，以72km/h的速度在水平路面上匀速行驶100km，小汽车在这段路程中发动机的实际功率为46kW。求：
（1）小汽车运动的时间；
（2）小汽车发动机所做的功。
【分析】（1）根据t=sv得出小汽车运动的时间；
（2）根据W＝Pt得出小汽车发动机所做的功。
【解答】解：（1）小汽车运动的时间t=sv=100km72km/ℎ=2518h＝5000s；
（2）小汽车发动机所做的功W＝Pt＝46×1000W×5000s＝2.3×108J。
答：（1）小汽车运动的时间为5000s；
（2）小汽车发动机所做的功为2.3×108J。
【点评】本题考查速度和功的计算，属于对基础知识的考查，难度较小。
29．（9分）如图甲所示，将一重为10N的物体A放在装有适量水的杯中，物体A漂浮于水面，浸在水中的体积占总体积的45，此时水面到杯底的距离为30cm。如果将小球B用体积和重力不计的细线系于A下方后，再轻轻放入该杯水中，静止时A上表面与水面刚好相平，如图乙。已知ρB＝1.5×103kg/m3。求：
（1）在图甲中杯壁上距杯底5cm处O点受到水的压强。
（2）物体A的密度。
（3）小球B的体积。
【分析】（1）根据图求出O点的深度，利用p＝ρ水gh即可求出O点受到水的压强。
（2）根据漂浮即可求出物体A受到的浮力；
根据F浮＝ρ水gV排得出物体A静止时浸入水中的体积；已知浸入水中的体积占总体积的45，据此求出物体A的体积，根据G＝mg＝ρVg算出A的密度；
（3）根据悬浮浮力等于重力，根据F浮＝ρ水gV排和G＝mg＝ρVg可得：ρ水g（VA+VB）＝GA+ρBgVB，整理可得小球B的体积。
【解答】解：
（1）O点的深度h＝30cm﹣5cm＝25cm＝0.25m，
则pO＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.25m＝2500Pa；
（2）因为A漂浮在水中，所以F浮＝GA＝10N，
根据F浮＝ρ水gV排得：
V排=F浮ρ水g=10N1×103kg/m3×10N/kg=1×10﹣3m3；
已知浸入水中的体积占总体积的45，则物体A的体积VA=54V排=54×1×10﹣3m3＝1.25×10﹣3m3；
根据G＝mg＝ρVg可得A的密度：
ρA=GAVAg=10N1.25×10−3m3×10N/kg=0.8×103kg/m3；
（3）图乙中A、B共同悬浮：根据F浮＝ρ水gV排和G＝mg＝ρVg可得：
ρ水g（VA+VB）＝GA+ρBgVB，
所以，VB=ρ水gVA−GA(ρB−ρ水)g=1×103kg/m3×10N/kg×1.25×10−3m3−10N(1.5×103kg/m3−1×103kg/m3)×10N/kg=5×10﹣4m3。
答：（1）在图甲中杯壁上距杯底5cm处O点受到水的压强为2500Pa；
（2）物体A的密度为0.8×103kg/m3；
（3）小球B的体积为5×10﹣4m3。
【点评】本题综合考查了多个公式，关键是知道物体漂浮时浮力等于自身重力以及物体所受力的分析，分析物体所受力这是本题的难点也是重点，还要学会浮力公式及其变形的灵活运用，有一定的拔高难度，属于难题。
30．（9分）图如1是某兴趣小组同学设计的测温电路，电源电压恒定，电流表的量程为0～0.6A，R1是一个定值电阻，R2是一个热敏电阻，其阻值随温度的变化图线如图2。闭合开关，当测量温度为10℃时，电流表示数为0.3A；当测量温度为20℃时，电流表示数为0.4A。问：
（1）测量温度为10℃时，热敏电阻R2的阻值和功率；
（2）电源电压和电阻R1的大小；
（3）该电路可测量的最高温度；
（4）通过调节电源电压，可改变最高测量温度。要使电路最高测量温度达到100℃，电源电压应不高于多少伏？
【分析】根据电路图可知，定值电阻R1和热敏电阻R2串联，电流表测量电路电流；
（1）根据图2读出温度为10℃时热敏电阻的阻值，再根据串联电路电流规律和P＝I2R求出热敏电阻R2的功率；
（2）根据串联电路电阻规律和欧姆定律表示出电源电压的关系式；再根据图2读出温度为20℃时热敏电阻的阻值，再利用串联电路电阻规律和欧姆定律表示出电源电压的关系式；最后联立关系式求出电源电压和定值电阻R1的阻值；
（3）根据图2可知，热敏电阻随温度的升高而减小，所以当电流表示数最大时测量的温度最高，根据电流表的量程可知电路最大电流，再根据欧姆定律求出电路最小总电阻，进一步求出热敏电阻接入电路的最小阻值，最后根据图2读出测量的最高温度；
（4）根据图2读出温度为100℃时热敏电阻接入电路的阻值，然后根据电路允许的最大电流、串联电路电阻规律和欧姆定律求出电源电压的最小值。
【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1和热敏电阻R2串联，电流表测量电路电流；
（1）根据图2可知，当温度为10℃时，热敏电阻的阻值为75Ω；
因串联电路中各处电流相等，所以电路电流为0.3A，则热敏电阻R2的功率：P2＝I2R2＝（0.3A）2×75Ω＝6.75W；
（2）因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以当温度为10℃时，电路的总电阻：R总＝R1+R2＝R1+75Ω，
由I=UR可得，电源电压：U＝IR总＝0.3A×（R1+75Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
根据图2可知，当温度为20℃时，热敏电阻的阻值为50Ω；
因串联电路中各处电流相等，所以电路电流为0.4A，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以当温度为20℃时，电路的总电阻：R总′＝R1+R2′＝R1+50Ω，
由I=UR可得，电源电压：U＝I′R总′＝0.4A×（R1+50Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
联立①②可得：U＝30V，R1＝25Ω；
（3）根据图2可知，热敏电阻随温度的升高而减小，则当热敏电阻接入电路的阻值越小时，电路的总电阻越小，由欧姆定律可知，电路电流越大，所以当电流表示数最大时测量的温度最高；
因电流表的量程为0～0.6A，所以电路中最大电流为0.6A，由I=UR可知，电路最小总电阻：R总小=UI大=30V0.6A=50Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以热敏电阻接入电路的最小阻值：R2小＝R总小﹣R1＝50Ω﹣25Ω＝25Ω，
由图2可知，电路测量的最高温度为40℃；
（4）根据图2可知，温度为100℃时，热敏电阻接入电路的阻值为10Ω，此时电路允许通过最大电流为0.6A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻：R总＝R1+R2＝25Ω+10Ω＝35Ω，
由I=UR可知，电源电压的最小值：U小＝I大R总＝0.6A×35Ω＝21V。
答：（1）测量温度为10℃时，热敏电阻R2的阻值为75Ω，功率为6.75W；
（2）电源电压为30V，电阻R1的大小为25Ω；
（3）该电路可测量的最高温度为40℃；
（4）要使电路最高测量温度达到100℃，电源电压应不高于21V。
【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率计算公式的应用，关键是根据图象读出热敏电阻对应的电阻或温度。
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