2022年江苏省无锡中考物理考前卷（三）(word版含答案)

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2022年江苏省无锡中考物理考前卷（三）
一．选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个正确）（共12小题）
1．体育课上，老师吹响哨子，哨声响彻整个操场。这个哨声（　　）
A．音调低 B．响度大 C．振幅小 D．频率低
2．《墨经》中记载了影子的形成、平面镜的反射等光学问题，下图中光学现象与平面镜成像原理相同的是（　　）
A．渔民叉鱼
B．海市蜃楼
C．石拱桥和它在水中的倒影
D．激光引导掘进方向
3．关于分子动理论知识，下列说法中不正确的是（　　）
A．端午节粽子飘香是扩散现象
B．盐放到热汤里，“化”得更快一些，说明扩散现象与温度有关
C．50mL酒精和50mL水混合总体积小于100mL，说明分子间有间隙
D．液体很难被压缩，说明液体分子间只存在斥力
4．如图是因“吵架”走红于网络的江西省图书馆机器人“图图”和“旺宝”。两机器人站立不动时，若认为“图图”是运动的，则选择的参照物是（　　）

A．地面 B．远处的行人
C．旺宝 D．静立的工作人员
5．下列说法正确的是（　　）
A．原子由原子核和质子构成
B．石油是可再生能源
C．核电站利用核聚变发电
D．手机利用电磁波交流信息
6．如图所示，一金属小球从塑料轨道的E点，由静止滑下，经过D点，到达最低点C后，到达左侧最高点A点。则下列说法中正确的是（　　）

A．小球到达A点后，能沿轨道重新返回到E点
B．小球从E到A过程，A点的机械能大于D点的机械能
C．小球从E到A过程，B点的机械能大于D点的机械能
D．小球从E到A过程，机械能在不断减小
7．图甲是海南网上扶贫超市给百香果配的多功能小勺子，把A点压在百香果上固定，B处的“刺刀”刺进果壳，用力使勺子绕A点转动一周，“刺刀”就把果壳切开（如图乙）。关于勺子的构造和使用说法正确的是（　　）

A．勺子绕着果转动时运动状态不变
B．勺柄表面有花纹是为了减小摩擦
C．“刺刀”很尖利是为了增大压力
D．勺子转动切果时可作省力杠杆用
8．如图所示，用滑轮组提升重物时，重400N的重物在10s内匀速上升了1m，知拉绳子的力F为250N，不计绳重和摩擦，则提升重物的过程中（　　）

A．滑轮组的机械效率是80%
B．动滑轮的重力为150N
C．拉力F的功率是40W
D．绳子自由端下降速度为0.3m/s
9．如图所示是“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的几个实验情景，其中三个烧杯均放在水平桌面上，物体A均处于静止状态，图甲、丙和丁所示中，弹簧测力计的示数分别为4.0N、2.8N和2.5N。若盐水的密度为1.2×103kg/m3，则下列结论正确的是（　　）


A．物体A的密度为3.2×103kg/m3
B．图乙中，物体A受到的拉力为1.0N
C．图丙中，弹簧测力计的示数比乙中小0.5N
D．图丁中，物体A对容器底部的压力为0.3N
10．如图中的电加热眼罩，可以缓解上网课时间较长的眼睛疲劳，它有两个发热电阻。当开关S1闭合时，只有R2工作，为低温状态；再闭合S2，R1、R2同时工作，为高温状态；若断开S1，眼罩停止发热。下面电路图符合以上要求的是（　　）

A． B．
C． D．
11．如图所示装置甲、乙和丙完全相同，燃料质量均为10g，烧杯内液体初温和质量都相等，燃料完全燃烧完后，液体均未沸腾，液体的末温分别为t甲、t乙和t丙，且t甲＞t乙＞t丙，则下列说法正确的是（　　）

A．燃料b放出热量最多
B．液体2吸收的热量最少
C．燃料a 的热值比燃料b的大
D．液体1的比热容比液体2的大
12．测量空气湿度的模拟电路如图1所示，R是定值电阻，RH为湿敏电阻，湿度表是由两电表中某只改装而成；在电压一定时，通过湿敏电阻①和②的电流I与湿度S关系的图像如图2所示；当开关S闭合后，随着湿度的增大，湿度表指针向右偏转。则（　　）


A．为提高测量灵敏度，应选用湿敏电阻①
B．湿敏电阻的阻值随湿度升高而增大
C．随着湿度的增大，电路消耗的总功率变小
D．湿度表是由电压表改装而成的
二．填空题(本题共10小题，每空1分，共24分)（共10小题）
13．在平静的水面上轻轻滴一滴油，油会慢慢扩展开来，形成一层薄薄的油膜，这 　 　（选填“是”或“不是”）扩散现象。油膜的面积不会无限扩大，因为分子之间存在 　 　。
14．测电笔可以测试导线是火线还是零线，如图所示，持笔方式正确的是 　 　；将笔尖与导线接触，若氖管发光，此导线为 　 　。

15．如图所示，将玻璃板架两本书之间，下方放一些小纸屑，用丝绸在玻璃板上反复摩擦，小纸屑就会上下飞舞、跳跃不停。这是因为摩擦后的玻璃板带上电荷，能 　 　小纸屑，小纸屑与玻璃板接触后，带上同种电荷，又互相排斥。这一实验，适宜在 　 　（选填“干燥”或“潮湿”）环境下进行。

16．如图所示是小球弹跳的频闪照片，小球弹起的高度越来越低，其中1、2是两等高的位置。小球在上升过程中重力势能 　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）；小球具有较大机械能的是 　 　（选填“1”或“2”）位置。

17．如图所示，质量为50kg的同学用滑轮将重为400N的物体竖直向上匀速提升2m，她所用拉力为250N.此过程中，该同学所做的有用功为 　 　J，滑轮的机械效率为 　 　，她对地面的压力为 　 　N。（g取10N/kg）

18．如图所示，甲、乙、丙三个实验装置完全相同，燃料的质量都为10g，烧杯中液体的质量都为10g，比较不同燃料的热值应该选择 　 　两个装置，通过观察 　 　比较燃料燃烧放出热量的多少.


19．利用如图所示器材“探究二力平衡的条件”。
（1）实验中选择小卡片的目的是 　 　（填“考虑”、“不考虑”）小卡片的重力；
（2）在左右两侧细线挂上相等个数的钩码，将小卡片旋转一定角度，松手后小卡片 　 　（选填“能”或“不能”）保持静止。
（3）用手指水平向右轻弹图示位置中静止的轻卡片，若不计一切阻力，轻卡片离开手指后将做 　 　直线运动，直至碰上右侧滑轮或钩码接触桌面。

20．用光具座、点燃的蜡烛、凸透镜、光屏做“探究凸透镜成像规律”实验。
（1）小明将蜡烛放在距透镜较远处，移动光屏至某位置时，恰好在屏上成清晰的像，当蜡烛继续远离透镜时，此光屏上的像仍较清晰，小明认为此时像距可近似等于焦距，用上述方法测出的焦距与真实值相比 　 　（选填“偏大”或“偏小”）。
（2）将蜡烛移动至图示位置时，光屏上能成清晰的像，利用这一规律可制成 　 　。
（3）小明在蜡烛与透镜之间放置一副眼镜，光屏上的像模糊了，将光屏适当靠近透镜，像又清晰了，此眼镜是用于矫正 　 　视眼的。
21．如图甲是小芳家的电能表，图乙是电烤箱内部简化电路图，其额定电压为220V，高温挡功率为1500W，低温挡功率为500W。该电烤箱处于低温挡时，正常工作12min，电能表转盘转动 　 　圈，R1与R2之比为 　 　。


22．为了探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系，小明组装了如图甲所示装置，其中木块重1N，每个钩码重0.5N。他每次在木块上增加一个钩码，向右拉动长木板，测出木块所受的摩擦力。多次实验后，他将木块上钩码的重力G和弹簧测力计示数F拉记入如表。
实验次数
1
2
3
4
5
6
钩码的重力G/N
0.5
1
1.5
2
2.5
3
测力计拉力F拉/N
0.9
1.3
1.5
1.8
2.2
2.4

（1）向右拉动长木板时，　 　确保匀速拉动。（两空均选填“需要”或“不需要”）
（2）小明将钩码重力大小记为木块与木板之间的压力大小，将测力计示数记为木块所受摩擦力大小。在图乙所示坐标系中描点后，先后画出a、b两条f﹣F压图像（a为虚线，b为实线），其中数据处理合理的是 　 　（选填“a”或“b”）。
（3）小明查询资料得知：滑动摩擦力与压力成正比，但自己所作图线并不过原点，其主要原因是 　 　。
三．解答题(本题共7小题，共32分。其中26、29题应写出必要的解题过程)（共7小题）
23．如图所示，S'为发光点S在平面镜MN中所成的像，请在图中画出发光点S的位置，并画出一条由S点发出，经平面镜反射后通过P点的光线。

24．用手把小球压在弹簧上，弹簧被压缩到A点，松手后小球向上运动，如图（b）所示。请在图中画出小球离开弹簧后所受到的力的示意图（空气对小球的作用力忽略不计）。

25．定滑轮可以看作杠杆，在如图中画出定滑轮支点以及拉力F的力臂。

26．现在很多旅游景点为方便游客都配有如图1所示的新型太阳能电动观光车，已知该车的整车质量为400kg．（g取10N/kg）。
（1）该车利用太阳能电池给车供电，太阳能电池工作时的能量转化过程是 　 　。
（2）若车上人的总质量是200kg，车轮与地面总接触面积为500cm2，则观光车静止时对水平地面的压强是多大？
（3）观光车以5m/s的速度在水平路面上匀速行驶时，受到的平均阻力是200N，则5min内观光车克服阻力做的功是多少？牵引力做功的功率是多少？
（4）盘山公路可以简化成物理斜面模型（如图2），设山路长为s，高为h，重为G的观光车在牵引力F的作用下沿山路匀速上到山顶，行驶过程中受到路面的摩擦力为f，忽略空气的阻力。试利用功的原理推导摩擦力的表达式：f＝F﹣。

27．在探究动能大小与质量关系的两次实验中，小球从同一高度由静止开始释放时的场景如图所示，木板固定在水平面上。
（1）该实验中的研究对象是　 　（选填“小球”或“木块”），通过比较木块在木板上滑行的　 　来比较动能大小的，这种研究方法是　 　法。
（2）图中错误的操作是　 　。改正错误后进行实验，发现乙图木块滑出的远些，则可以做出判断，在　 　相同的情况下，　 　越大，动能越大。
（3）木块与小球分离后，在水平木板上继续向前滑行，此时木块在水平方向受到摩擦力作用，这个力对木块运动状态的影响是　 　。

28．小明同学在伏安法测电阻的实验中。

（1）在连接电路时，开关S应处于 　 　状态，滑动变阻器的滑片P应放在 　 　的位置。（选填“A”或“B”）。
（2）小明同学连接了如图甲所示的电路，闭合开关，电流表 　 　示数，电压表 　 　示数。（两空均选填“有”或“无”）
（3）他仔细检查电路，发现有一根导线连接错误，请你在答图甲中错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线画出正确的一根连接导线。
（4）正确连接电路后，闭合开关，调节滑动变阻器滑片P，当电压表的示数为2V时，观察到电流表示数如图乙所示，他记下数据并算出电阻R的阻值为 　 　。
（5）同组小斌同学继续向 　 　（选填“A”或“B”）端移动滑片P，适当增大电阻R两端的电压，并进行了多次测量，目的是 　 　选择下列选项。
①计算电阻的平均值从而减小实验误差；
②避免实验出现偶然性和片面性的结果。
（6）完成上述实验后，小明还想测量一段电炉丝的电阻Rx，为测量电阻Rx的阻值，老师提供了以下器材：待测电阻Rx、已知阻值的定值电阻R0一个、电压不变但电压值未知的电源一个、电流表一只、开关两个、导线若干。小明设计了如图所示电路。
①闭合开关S1，断开开关S2，读出此时电流表的示数I1；
②闭合S2，断开S1，读出此时电流表示数I2；
③得出表达式：Rx＝　 　。
29．某厂家生产的油汀取暖器有四种规格，每种规格都有两根电热丝、三个挡位和相同的电路图，对应的功率如表所示。
规格
9片
10片
11片
12片
功率
1挡
600W
800W
800W
1000W
2挡
1000W
1000W
1200W
1200W
3挡
1600W
1800W
2000W

（1）“12片”的油汀取暖器3挡的功率为 　 　W。
（2）“11片”的油汀取暖器的空腔内灌有4kg的导热油，导热油的比热容为2.1×103J/（kg•℃），可知油温升高100℃吸收的热量为 　 　×105J。
（3）“10片”的油汀取暖器在2挡正常工作时，其电热丝的电阻为 　 　Ω。（家庭电路电压220V）
（4）如图是“9片”的油汀取暖器的旋钮式功率选择开关。转动旋钮可以将左侧相邻两个金属触点相连，同时与右侧金属板连通。已知图中旋钮处于位置M（金属片连接b、c两触点）时对应的挡位是2，则位置H对应的挡位是 　 　（填“1”或“3”）。


2022年江苏省无锡中考物理考前卷（三）
参考答案与试题解析
一．选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个正确）（共12小题）
1．体育课上，老师吹响哨子，哨声响彻整个操场。这个哨声（　　）
A．音调低 B．响度大 C．振幅小 D．频率低
【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
【解答】解：体育课上，老师吹响哨子，哨声响彻整个操场，说明哨声响度大，故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对声音的三个特性﹣﹣音调、响度、音色以及声与能量的掌握，属于声学基础知识的考查，比较简单。
2．《墨经》中记载了影子的形成、平面镜的反射等光学问题，下图中光学现象与平面镜成像原理相同的是（　　）
A．渔民叉鱼
B．海市蜃楼
C．石拱桥和它在水中的倒影
D．激光引导掘进方向
【分析】解答此题要明确以下知识点：
（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：平面镜成像原理是光的反射；
A、由鱼反射的光线从水中斜射入空气时，在水面处发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，看到是鱼的虚像，比鱼的实际位置高一些，则渔民叉鱼是光的折射现象，故A不符合题意；
B、海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播时发生光的折射形成的，故B不符合题意；
C、平静的水面相当于平面镜，石拱桥在水中的倒影是平面镜成像现象，是由光的反射形成的，故C符合题意。
D、激光引导掘进方向，利用了光的直线传播，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
3．关于分子动理论知识，下列说法中不正确的是（　　）
A．端午节粽子飘香是扩散现象
B．盐放到热汤里，“化”得更快一些，说明扩散现象与温度有关
C．50mL酒精和50mL水混合总体积小于100mL，说明分子间有间隙
D．液体很难被压缩，说明液体分子间只存在斥力
【分析】分子热运动理论的内容：一是物质是由分子构成的；二是构成物质的分子都在不停地做无规则运动；三是分子间存在相互作用力﹣﹣引力和斥力；
不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
温度越高，分子无规则运动越剧烈。
【解答】解：A、能闻到粽子的香味，是扩散现象，说明分子在不停做无规则运动。故A正确；
B、分子扩散与温度有关，温度越高，分子无规则运动越剧烈，扩散越快。所以盐放到热汤里，“化”得更快一些。故B正确；
C、50ml的酒精和50ml的水混合之后，总体积小于100ml，这是由于分子间存在间隙，水分子与酒精分子相互进入对方分子间的空隙，从而使总体积变小。故C正确；
D、液体很难被压缩，说明分子间有斥力；同时液体分子之间也存在引力。故D错误。
故选：D。
【点评】此题考查的是分子动理论的应用，是一道联系实际的应用题，体现了物理知识与日常生活的密切联系。
4．如图是因“吵架”走红于网络的江西省图书馆机器人“图图”和“旺宝”。两机器人站立不动时，若认为“图图”是运动的，则选择的参照物是（　　）

A．地面 B．远处的行人
C．旺宝 D．静立的工作人员
【分析】物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的。
【解答】解：两机器人站立不动时，若认为“图图”是运动的，则选择的参照物是远处的行人，因为“图图”相对于行人位置发生的变化。
故ACD错误，B正确。
故选：B。
【点评】能够根据参照物判断物体的运动状态，可解答此题。
5．下列说法正确的是（　　）
A．原子由原子核和质子构成
B．石油是可再生能源
C．核电站利用核聚变发电
D．手机利用电磁波交流信息
【分析】（1）原子由原子核和核外电子构成的；
（2）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
（3）核电站是利用核裂变来发电的；
（4）电磁波可以传递信息。
【解答】解：
A、原子由原子核和核外电子组成的，故A错误；
B、石油是化石能源会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以石油属于不可再生能源，故B错误；
C、目前的核电站都是利用核裂变释放的能量来发电的，故C错误；
D、手机利用电磁波交流信息，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了对原子的结构、核能利用的认识、能源的分类、电磁波的应用等，都属于基础的知识点，难度不大。
6．如图所示，一金属小球从塑料轨道的E点，由静止滑下，经过D点，到达最低点C后，到达左侧最高点A点。则下列说法中正确的是（　　）

A．小球到达A点后，能沿轨道重新返回到E点
B．小球从E到A过程，A点的机械能大于D点的机械能
C．小球从E到A过程，B点的机械能大于D点的机械能
D．小球从E到A过程，机械能在不断减小
【分析】由于克服摩擦力做功，所以小球在运动过程中的机械能一直在减小。
【解答】解：AD、因为小球在运动过程中，要克服摩擦力做功，所以小球的机械能在不断减小，因此小球到达A点后，并不能沿轨道重新返回到E点，故A错误，D正确；
BC、因为小球在运动过程中机械能在不断减小，所以D点的机械能大于B点的机械能，B点的机械能大于A点的机械能，故BC错误。
故选：D。
【点评】由于克服摩擦力做功，机械能总量是减少的，这是本题的解题关键。
7．图甲是海南网上扶贫超市给百香果配的多功能小勺子，把A点压在百香果上固定，B处的“刺刀”刺进果壳，用力使勺子绕A点转动一周，“刺刀”就把果壳切开（如图乙）。关于勺子的构造和使用说法正确的是（　　）

A．勺子绕着果转动时运动状态不变
B．勺柄表面有花纹是为了减小摩擦
C．“刺刀”很尖利是为了增大压力
D．勺子转动切果时可作省力杠杆用
【分析】（1）要判决杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，要先判断动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
（2）增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；
（3）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力来增大压强；在压力一定时，减小受力面积来增大压强；
（4）运动状态保持不变，指的是物体速度的大小和方向都不能发生变化，否则物体的运动状态就变了。
【解答】解：A、勺子绕着果转动时，勺子的运动方向发生变化，其运动状态发生变化，故A错误；
B、勺柄表面有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故B错误；
C、“刺刀”很尖利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，受力面积的大小不能改变压力的大小，故C错误；
D、勺子转动切果时，动力臂可以大于阻力臂，所以可作省力杠杆用，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对增大摩擦的方法、杠杆的分类，增大压强的方法，都属于基础知识，只要细心并不难解答。
8．如图所示，用滑轮组提升重物时，重400N的重物在10s内匀速上升了1m，知拉绳子的力F为250N，不计绳重和摩擦，则提升重物的过程中（　　）

A．滑轮组的机械效率是80%
B．动滑轮的重力为150N
C．拉力F的功率是40W
D．绳子自由端下降速度为0.3m/s
【分析】（1）由图知，n＝2，绳子自由端移动的距离s＝2h，利用W有＝Gh求拉力做的有用功，W总＝Fs求拉力做的有总功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；
（2）不计绳重和摩擦，利用F＝（G+G动）求动滑轮的重力；
（3）利用P＝求拉力做功功率；
（4）利用速度公式求绳子自由端下降速度。
【解答】解：A、由图知，n＝2，绳子自由端被拉下的距离：
s＝2h＝2×1m＝2m，
拉力做的有用功：
W有＝Gh＝400N×1m＝400J，
拉力做的总功：W总＝Fs＝250N×2m＝500J，
滑轮组的机械效率：
η＝＝×100%＝80%，故A正确。
B、不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动），则动滑轮的重力：
G动＝2F﹣G＝2×250N﹣400N＝100N，故B错误；
C、拉力做功的功率：
P＝＝＝50W，故C错误；
D、绳子自由端下降的速度：
v＝＝＝0.2m/s，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，要利用好关系式：不计绳重和摩擦，拉力F＝（G+G动）。
9．如图所示是“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的几个实验情景，其中三个烧杯均放在水平桌面上，物体A均处于静止状态，图甲、丙和丁所示中，弹簧测力计的示数分别为4.0N、2.8N和2.5N。若盐水的密度为1.2×103kg/m3，则下列结论正确的是（　　）


A．物体A的密度为3.2×103kg/m3
B．图乙中，物体A受到的拉力为1.0N
C．图丙中，弹簧测力计的示数比乙中小0.5N
D．图丁中，物体A对容器底部的压力为0.3N
【分析】（1）根据称重法F浮＝G﹣F拉可求得A受到的浮力，根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可得到A的体积，由图甲可得到A的质量，最后根据可求得其密；
（2）先求出在水中受到的浮力，再根据F浮＝G﹣F拉可得A在乙中的拉力；
（3）A在乙中的拉力与丙中比较可得结论；
（4）根据实验丁中物体A对烧杯底部的压力等于支持力，物体A受到的支持力F＝G﹣F浮﹣F拉。
【解答】解：
A、实验甲、丙中，弹簧测力计的示数分别为4.0N、2.8N，A在盐水中的浮力为：F浮＝G﹣F拉＝4.0N﹣2.8N＝1.2N；
物体A全部浸没，根据阿基米德原理可知，F浮＝ρ盐水gV排，
＝1×10﹣4m3，
物体A的密度为：
＝4×103kg/m3，故A错误；
B、物体A在水中受到的浮力为：F浮水＝ρ水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣4m3＝1N，在乙中物体A受到的拉力：F＝G﹣F浮水＝4N﹣1N＝3N，故B错误；
C、在实验丙中，弹簧测力计的示数：F丙拉＝2.8N，在乙中物体A受到的拉力：F＝3N，弹簧测力计的示数比乙中小：3N﹣2.8N＝0.2N，故C错误；
D、由甲、丙，F浮盐水＝G﹣F丙拉＝4N﹣2.8N＝1.2N，根据实验丁中物体A对烧杯底部的压力等于支持力，F支＝G﹣F浮﹣F丁拉＝4N﹣1.2N﹣2.5N＝0.3N，容器底部也受到物体对它的压力，故压力等于0.3N，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了实验现象分析，应用控制变量法分析图示实验即可正确解题，同时考查了浮力的计算及阿基米德原理的应用，在熟练掌握公式的同时，要能够熟练变形应用。
10．如图中的电加热眼罩，可以缓解上网课时间较长的眼睛疲劳，它有两个发热电阻。当开关S1闭合时，只有R2工作，为低温状态；再闭合S2，R1、R2同时工作，为高温状态；若断开S1，眼罩停止发热。下面电路图符合以上要求的是（　　）

A． B．
C． D．
【分析】由题意可知，只闭合S1时，R2工作，为低温状态，再闭合S2后，R1、R2同时工作，为高温状态，说明R2可以独立工作、R1和R2可以同时工作，即两电阻并联；断开S1时，眼罩停止发热，说明开关S1位于干路，开关S2位于R1支路，结合并联电阻的规律及P＝分析回答。
【解答】解：经分析可知，R1、R2并联，开关S1位于干路，开关S2位于R1支路上。
A、由电路图可知，开关S1闭合时，R1与R2同时工作，再闭合S2后，R1短路，只有R2工作，故A不符合题意；
B、由电路图可知，开关S1闭合时，R1与R2同时工作，再闭合S2后，R2短路，只有R1工作，故B不符合题意；
C、由电路图可知，开关S1闭合时，只有R2工作，再闭合S2后，R1、R2同时工作（两电阻并联），因并联电阻小于其中任一电阻，根据P＝，故开关S1闭合时，功率较小，为低温状态；
再闭合S2后，功率较大，为高温状态，故C符合题意；
D、由电路图可知，开关S1闭合时，只有R1工作；再闭合S2后，R1、R2并联同时工作，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查了电路图的设计及并联电阻的规律及电功率公式的运用，根据题意得出两电阻的连接方式和开关的位置是关键。
11．如图所示装置甲、乙和丙完全相同，燃料质量均为10g，烧杯内液体初温和质量都相等，燃料完全燃烧完后，液体均未沸腾，液体的末温分别为t甲、t乙和t丙，且t甲＞t乙＞t丙，则下列说法正确的是（　　）

A．燃料b放出热量最多
B．液体2吸收的热量最少
C．燃料a 的热值比燃料b的大
D．液体1的比热容比液体2的大
【分析】（1）为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断两种液体比热容的大小关系；
（2）燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小。
【解答】解：（1）为了比较热值大小，要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲、乙两图进行实验；由题意知甲、乙两实验烧杯中液体的初温相等，末温T甲＞T乙，则△t甲＞△t乙，
由图甲、乙所示实验可知，两烧杯中的液体种类即比热容c、质量m都相等，由热量公式Q＝cm△t可知，
Q甲＞Q乙，燃料燃烧释放的热量被烧杯中的液体吸收，则燃料释放的热量Qa＞Qb，燃料a 的热值比燃料b的大，故A错误，C正确；
（2）为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断两种液体比热容的大小关系，应选择甲、丙两图进行实验；甲、丙所示实验中所用燃料种类与质量相同，则燃料燃烧释放的热量相等，即Q1＝Q2，故B错误；
燃料燃烧释放的热量被烧杯中的液体吸收，则Q1＝Q2，
甲、丙两实验烧杯中液体的初温相等，末温T甲＞T丙，则△t甲＞△t丙，即△t1＞△t2，
因为Q1＝Q2，m相等，△t1＞△t2，Q＝cm△t，
所以由c＝可知，c1＜c2。故D错误；
由于甲、乙两实验所使用的燃料质量m相同而种类不同，由Q＝mq可知，q1＞q2。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对热值概念、比热容概念的了解与掌握，分析时用好控制变量法是本题的关键。
12．测量空气湿度的模拟电路如图1所示，R是定值电阻，RH为湿敏电阻，湿度表是由两电表中某只改装而成；在电压一定时，通过湿敏电阻①和②的电流I与湿度S关系的图像如图2所示；当开关S闭合后，随着湿度的增大，湿度表指针向右偏转。则（　　）


A．为提高测量灵敏度，应选用湿敏电阻①
B．湿敏电阻的阻值随湿度升高而增大
C．随着湿度的增大，电路消耗的总功率变小
D．湿度表是由电压表改装而成的
【分析】如图1所示，定值电阻R和湿敏电阻RH串联接入电路，电压表测量RH的电压，串联电路中电流处处相等；如图2所示，湿敏电阻的湿度越大，通过湿敏电阻①和②的电流越大，说明电路中的电流越大；
（1）为提高测量灵敏度，湿度增大，电流变化越明显越好，据此分析应该选择的湿敏电阻；
（2）随着湿度增大，电路中电流增大，电路的总电压不变，根据P＝UI计算电路消耗的总功率如何变化；
（3）图2中湿敏电阻的湿度越大，电路中的电流越大，根据欧姆定律可知，此时湿敏电阻的电阻越小，根据串联电路的分压原理，湿敏电阻的电压减小，据此分析湿度表是什么表改装而来。
【解答】解：A、湿度增大，电流变化越明显说明湿度表越灵敏，根据图乙可知，湿度越大，通过湿敏电阻①的电流变化越明显，所以为提高测量灵敏度，应选用湿敏电阻①，故A正确。
BD、定值电阻R和湿敏电阻RH串联接入电路，电压表测量RH的电压，串联电路中电流处处相等；如图2所示，湿敏电阻的湿度越大，通过湿敏电阻①和②的电流越大，说明电路中的电流越大，根据欧姆定律可知，湿敏电阻的阻值变小，即湿敏电阻的阻值随湿度升高而减小，根据串联电路分压原理可知，湿敏电阻的电压减小。当开关S闭合后，随着湿度的增大，湿度表指针向右偏转，所以此湿度表是由电流表改装而成的，故B、D错误；
C、随着湿度增大，电路中电流增大，电路的总电压不变，根据P＝UI计算电路消耗的总功率变大，故C错误。
故选：A。
【点评】本题主要考查了电路的动态分析和欧姆定律的应用，题目综合性较强。
二．填空题(本题共10小题，每空1分，共24分)（共10小题）
13．在平静的水面上轻轻滴一滴油，油会慢慢扩展开来，形成一层薄薄的油膜，这 　不是　（选填“是”或“不是”）扩散现象。油膜的面积不会无限扩大，因为分子之间存在 　引力　。
【分析】不同的物质在相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散现象；扩散现象表明分子永不停息地做无规则运动，分子运动眼睛无法看到，分子间存在着相互作用的引力和斥力。
【解答】解：在平静的水面上轻轻滴一滴油，油会慢慢扩展开来，形成一层薄薄的油膜，这不是扩散现象；油膜的面积不会无限扩大，因为分子之间存在引力的缘故。
故答案为：不是；引力。
【点评】本题主要考查学生对扩散现象以及分子间引力的理解和掌握，是一道基础题。
14．测电笔可以测试导线是火线还是零线，如图所示，持笔方式正确的是 　甲　；将笔尖与导线接触，若氖管发光，此导线为 　火线　。

【分析】根据测电笔的使用方法分析。
【解答】解：
用测电笔来辨别火线与零线时，笔尖接触要检测的导线，手指应接触笔尾金属体，故甲正确；
将笔尖与导线接触，若氖管发光，说明接触的是火线；当氖管不亮时，说明接触的是零线。
故本题答案为：甲；火线。
【点评】本题考查了测电笔的使用，是一道基础题。
15．如图所示，将玻璃板架两本书之间，下方放一些小纸屑，用丝绸在玻璃板上反复摩擦，小纸屑就会上下飞舞、跳跃不停。这是因为摩擦后的玻璃板带上电荷，能 　吸引　小纸屑，小纸屑与玻璃板接触后，带上同种电荷，又互相排斥。这一实验，适宜在 　干燥　（选填“干燥”或“潮湿”）环境下进行。

【分析】（1）摩擦可以使物体带电，带电体具有吸引轻小物体的性质；
（2）电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】解：
带电体具有吸引轻小物体的性质，用丝绸在玻璃板上摩擦，玻璃板因摩擦而带上了电荷，能吸引轻小物体，所以能吸引小纸屑；小纸屑与玻璃板接触后，由于玻璃板上的电荷转移到纸屑上，纸屑由于带上与玻璃板相同的电荷，而相互排斥，从而很快离开玻璃板。摩擦起电现象适宜在干燥的环境下进行。
故答案为：吸引；干燥。
【点评】深入理解摩擦起电、带电体的性质和电荷间的作用规律，即可解答此题。
16．如图所示是小球弹跳的频闪照片，小球弹起的高度越来越低，其中1、2是两等高的位置。小球在上升过程中重力势能 　增大　（选填“增大”、“减小”或“不变”）；小球具有较大机械能的是 　1　（选填“1”或“2”）位置。

【分析】重力势能的大小与质量、高度有关；机械能包括动能和势能，在动能和势能转化过程中，若考虑空气阻力、摩擦力等因素，机械能会减小。
【解答】解：小球在上升过程中，质量不变，高度变大，重力势能增大；
由图可知，小球弹跳的高度会越来越低，说明小球的机械能逐渐减小，是由于小球克服空气阻力做功，消耗一部分机械能，所以在1位置的机械能大于2位置的机械能。
故答案为：增大；1。
【点评】本题考查了动能、重力势能和机械能的大小变化，关键要抓住题目的隐含信息，即：小球弹跳的高度越来越低，说明小球的机械能越来越小。
17．如图所示，质量为50kg的同学用滑轮将重为400N的物体竖直向上匀速提升2m，她所用拉力为250N.此过程中，该同学所做的有用功为 　800　J，滑轮的机械效率为 　80%　，她对地面的压力为 　750　N。（g取10N/kg）

【分析】（1）利用W有＝Gh求有用功；
（2）由图可知n＝2，利用η＝＝＝＝求滑轮的机械效率；
（3）利用G＝mg求同学的重力，同学对地面的压力等于她的重力加上绳子对她的拉力。
【解答】解：（1）该同学所做的有用功：W有＝Gh＝400N×2m＝800J；
（2）由图可知n＝2，滑轮的机械效率：η＝＝＝＝＝＝80%；
（3）同学的重力：G人＝m人g＝50kg×10N/kg＝500N，
由于绳子对同学的拉力方向向下，使用同学对地面的压力：F压＝F+G人＝250N+500N＝750N。
故答案为：800；80%；750。
【点评】本题考查了使用动滑轮时有用功和机械效率的计算，是一道基础题。
18．如图所示，甲、乙、丙三个实验装置完全相同，燃料的质量都为10g，烧杯中液体的质量都为10g，比较不同燃料的热值应该选择 　甲、乙　两个装置，通过观察 　温度计示数的变化　比较燃料燃烧放出热量的多少.


【分析】燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的种类、质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用质量相同的不同燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小。
【解答】解：为了比较热值大小要用质量相同的不同燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数的变化得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲、乙两图进行实验；
燃料完全燃烧放出的热量的多少，是通过温度计示数的变化来反映，这用到了转换法。
故答案为：甲、乙；温度计示数的变化。
【点评】该题考查了控制变量法和转换法在燃料的热值探究实验中的应用，分析时用好控制变量法是本题的关键。
19．利用如图所示器材“探究二力平衡的条件”。
（1）实验中选择小卡片的目的是 　不考虑　（填“考虑”、“不考虑”）小卡片的重力；
（2）在左右两侧细线挂上相等个数的钩码，将小卡片旋转一定角度，松手后小卡片 　不能　（选填“能”或“不能”）保持静止。
（3）用手指水平向右轻弹图示位置中静止的轻卡片，若不计一切阻力，轻卡片离开手指后将做 　匀速　直线运动，直至碰上右侧滑轮或钩码接触桌面。

【分析】（1）实验中，用到了小卡片，是因为小卡片的质量很小，其重力远小于卡片受到的拉力，重力可以忽略；
（2）要验证不在同一直线上两个力是否平衡，可以将小卡片转过一个角度，小卡片上受到的两个拉力就不在一条直线上；
（3）物体在平衡力的作用下保持静止或匀速直线运动状态。
【解答】解：（1）选择比较轻的卡片，是不考虑卡片重力对实验的影响；
（2）为观察不在同一直线上的两个力是否能平衡，需用手将卡片旋转一个角度，观察到小卡片上受到的两个拉力就不在一条直线上，根据二力平衡条件可知，小卡片不能保持静止；
（3）用手指水平向右轻弹一下原本静止在滑轮之间某处的小卡片，小卡片会向右运动，手不施力之后，它受到平衡力，所以继续保持匀速直线运动状态。
故答案为：（1）不考虑；（2）不能；（3）匀速。
【点评】此题探究的是二力平衡的条件，注意从二力平衡的四个条件进行分析；二力平衡是初中物理力学中的难点，也是一个重点需要掌握，还要注意用好控制变量法。
20．用光具座、点燃的蜡烛、凸透镜、光屏做“探究凸透镜成像规律”实验。
（1）小明将蜡烛放在距透镜较远处，移动光屏至某位置时，恰好在屏上成清晰的像，当蜡烛继续远离透镜时，此光屏上的像仍较清晰，小明认为此时像距可近似等于焦距，用上述方法测出的焦距与真实值相比 　偏大　（选填“偏大”或“偏小”）。
（2）将蜡烛移动至图示位置时，光屏上能成清晰的像，利用这一规律可制成 　照相机　。
（3）小明在蜡烛与透镜之间放置一副眼镜，光屏上的像模糊了，将光屏适当靠近透镜，像又清晰了，此眼镜是用于矫正 　远　视眼的。
【分析】（1）当u＝v＝2f时，成倒立等大的实像；凸透镜成实像时，物远像近像变小，当物距很大时，像距非常靠近焦点；
（2）当u＞2f，成倒立、缩小的实像，像距f＜v＜2f，应用为照相机；
（3）远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成远视眼。
【解答】解：（1）从“小明将蜡烛放在距透镜较远处，移动光屏至某位置时，恰好在屏上成清晰的像，当蜡烛继续远离透镜时，在此处光屏上还能成清晰像，”可知：当物体到凸透镜的距离远远大于二倍焦距时，像距稍大于焦距，小明运用这种方法测出来的焦距与实际相比偏大；
（2）由图可知，此时u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用为照相机；
（3）将一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，结果，光屏上原来清晰的像变模糊了，他只将光屏向靠近凸透镜的方向移动适当距离时，又在光屏上观察到蜡烛清晰的像，说明提前成像了，故放置的是使光线会聚的凸透镜，这种眼镜是用来矫正远视眼的。
故答案为：（1）偏大；（2）照相机；（3）远。
【点评】此题是探究凸透镜成像的规律，解决此题的关键有二：①熟练掌握凸透镜成像的规律及应用；②根据已知条件判断出甲乙透镜的类型。
21．如图甲是小芳家的电能表，图乙是电烤箱内部简化电路图，其额定电压为220V，高温挡功率为1500W，低温挡功率为500W。该电烤箱处于低温挡时，正常工作12min，电能表转盘转动 　120　圈，R1与R2之比为 　1：2　。


【分析】（1）知道电烤箱低温挡功率，利用W＝Pt求电烤箱处于低温挡时，正常工作12min消耗的电能；而1200r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转1200r，据此求此时电能表的转数；
（2）由电路图可知，闭合S1、断开S2，R1与R2串联，电路的总电阻最大，电压一定，由P＝UI＝可知此时电路的总功率最小，电烤箱处于低温挡，知道低温挡功率，利用P＝求R串的大小，即R1+R2的大小；
当S1、S2均闭合时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，电压一定，由P＝UI＝可知总功率最大，电烤箱处于高温挡，知道高温挡功率，利用P＝求R1的大小，进而求R2的大小，再求出R1：R2。
【解答】解：
（1）电烤箱低温挡功率P低温＝500W，
由P＝可得电烤箱处于低温挡时，正常工作12min消耗的电能：
W＝P低温t＝500W×12×60s＝3.6×105J＝0.1kW•h，
因为1200r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转1200r，
此时电能表的转数：
n＝1200r/（kW•h）×0.1kW•h＝120r；
（2）由电路图可知，闭合S1、断开S2，R1与R2串联，电路的总电阻最大，电压一定，由P＝UI＝可知此时电路的总功率最小，电烤箱处于低温挡，P低温＝500W；
由P＝可得：
R串＝R1+R2＝＝；
当S1、S2均闭合时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，电压一定，由P＝UI＝可知总功率最大，电烤箱处于高温挡，P高温＝1500W；
由P＝可得：
R1＝＝；
R2＝R串﹣R1＝﹣＝；
R1：R2＝：＝1：2。
故答案为：120；1：2。
【点评】本题考查了电能、电阻的计算，分析电路图，得出高温挡、低温挡时的电路组成是关键。
22．为了探究滑动摩擦力大小与压力大小的关系，小明组装了如图甲所示装置，其中木块重1N，每个钩码重0.5N。他每次在木块上增加一个钩码，向右拉动长木板，测出木块所受的摩擦力。多次实验后，他将木块上钩码的重力G和弹簧测力计示数F拉记入如表。
实验次数
1
2
3
4
5
6
钩码的重力G/N
0.5
1
1.5
2
2.5
3
测力计拉力F拉/N
0.9
1.3
1.5
1.8
2.2
2.4

（1）向右拉动长木板时，　不需要　确保匀速拉动。（两空均选填“需要”或“不需要”）
（2）小明将钩码重力大小记为木块与木板之间的压力大小，将测力计示数记为木块所受摩擦力大小。在图乙所示坐标系中描点后，先后画出a、b两条f﹣F压图像（a为虚线，b为实线），其中数据处理合理的是 　a　（选填“a”或“b”）。
（3）小明查询资料得知：滑动摩擦力与压力成正比，但自己所作图线并不过原点，其主要原因是 　忽略了物体木块自身1N的重力　。
【分析】（1）拉动木板时，木块受到向左的摩擦力，由于木块相对地面静止，则摩擦力与弹簧秤的拉力是一对平衡力；
（2）作图时，图像应过大部分的点；
（3）滑动摩擦力大小与压力大小的关系满足关系式f＝μF压，即滑动摩擦力与压力成正比，该图像为一条过原点的直线。
【解答】解：（1）只需要拉动木板运动就行，测力计始终处于静止状态，而滑动摩擦力大小与速度无关，所以测力计的示数会很稳定，不需要确保匀速拉动；
（2）由图可知，描点连线时，使尽量多的点落在直线上，其他的点均匀分布在直线两侧，所以a图像更合理；
（3）小明发现自己所作图线不过原点，出现这种情况的原因可能时实验时忽略了物体木块自身1N的重力。
故答案为：（1）不需要；（2）a；（3）忽略了物体木块自身1N的重力。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和获取信息的能力，体现了对过程和方法的考查。
三．解答题(本题共7小题，共32分。其中26、29题应写出必要的解题过程)（共7小题）
23．如图所示，S'为发光点S在平面镜MN中所成的像，请在图中画出发光点S的位置，并画出一条由S点发出，经平面镜反射后通过P点的光线。

【分析】根据平面镜成像的特点可知，物与像关于镜面对称，首先作出像点S′的发光点S，连接PS′，与镜面的交点为入射点O，再画出入射光线SO。
【解答】解：作出像点S′的对称点，即为发光点S，连接S′P，与镜面的交点为入射点O，再连接SO，画上箭头，则SO为入射光线，OP为反射光线。如下图所示：

【点评】注意平面镜成像的基本特点是物像关于平面镜的轴对称；所有的反射光线的反向延长线都要过像点。
24．用手把小球压在弹簧上，弹簧被压缩到A点，松手后小球向上运动，如图（b）所示。请在图中画出小球离开弹簧后所受到的力的示意图（空气对小球的作用力忽略不计）。

【分析】由题意分析小球离开弹簧后的受力情况，根据力的示意图画法画出小球所受到的力的示意图。
【解答】解：小球离开弹簧后向上运动，不再受到弹簧的弹力，忽略空气对小球的作用力，此时小球只受重力的作用；从小球重心O作竖直向下的有向线段，即为其受到重力的示意图，如图所示：

【点评】作力的示意图：用一条带箭头的线段表示力，长短代表力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，并标出力的符号和大小。解答本题的关键是正确分析出小球的受力情况。
25．定滑轮可以看作杠杆，在如图中画出定滑轮支点以及拉力F的力臂。

【分析】杠杆可以绕某一固定点转动，根据杠杆的定义中的某一固定点确定支点O；手作用在绳子上的力为拉力F1，根据力臂的定义画出相应的力臂。
【解答】解：定滑轮可以绕中间轴转动，所以支点O为定滑轮的轴；
拉力是自由端沿绳子斜向下的拉力，过支点O作拉力F1作用线的垂线段为拉力的力臂L1。
如图所示：

【点评】此类作图题的关键是掌握杠杆的五要素，然后根据力臂的定义正确画出力臂。
26．现在很多旅游景点为方便游客都配有如图1所示的新型太阳能电动观光车，已知该车的整车质量为400kg．（g取10N/kg）。
（1）该车利用太阳能电池给车供电，太阳能电池工作时的能量转化过程是 　太阳能转化为电能　。
（2）若车上人的总质量是200kg，车轮与地面总接触面积为500cm2，则观光车静止时对水平地面的压强是多大？
（3）观光车以5m/s的速度在水平路面上匀速行驶时，受到的平均阻力是200N，则5min内观光车克服阻力做的功是多少？牵引力做功的功率是多少？
（4）盘山公路可以简化成物理斜面模型（如图2），设山路长为s，高为h，重为G的观光车在牵引力F的作用下沿山路匀速上到山顶，行驶过程中受到路面的摩擦力为f，忽略空气的阻力。试利用功的原理推导摩擦力的表达式：f＝F﹣。

【分析】（1）太阳能电池是将太阳能转化为电能的装置；
（2）观光车静止时对地面的压力和自身的重力相等，根据F＝G＝mg求出其大小，利用p＝求出对水平地面的压强；
（3）知道车行驶的速度和时间，根据速度公式求出行驶的距离，根据W＝Fs求出克服阻力做的功，匀速行驶时牵引力做功的功和克服阻力做的功相等，根据P＝求出牵引力做功的功率；
（4）把盘山公路简化为物理模型斜面，牵引力做的功为总功，将汽车提升做的功为有用功，额外功等于总功减去有用功，而额外功是克服摩擦阻力做的功，据此求摩擦力大小。
【解答】解：（1）太阳能电池工作时是将太阳能转化为电能；
（2）观光车静止时对水平地面的压力：
F＝G总＝m总g＝（200kg+400kg）×10N/kg＝6000N，
对水平地面的压强：
p＝＝＝1.2×105Pa；
（3）观光车以5m/s的速度在水平路面上匀速行驶时，
由v＝可得，行驶的距离：
s＝vt＝5m/s×5×60s＝1500m，
克服阻力做的功：
W阻＝f阻s＝200N×1500m＝3×105J，
因匀速行驶时，牵引力做功的功和克服阻力做的功相等，
W牵引＝W阻＝3×105J，
牵引力做功的功率：
P＝＝＝1000W；
（4）牵引力做的功为总功W总＝Fs，克服汽车重力做的功为有用功W有用＝Gh，
因W总＝W有用+W额，
所以，克服摩擦力做的功为W额＝W总﹣W有用＝Fs﹣Gh，
由W额＝fs可得，摩擦力：
f＝＝＝F﹣。
答：（1）太阳能转化为电能；
（2）观光车静止时对水平地面的压强是1.2×105Pa；
（3）5min内观光车克服阻力做的功是3×105J，牵引力做功的功率是1000W；
（4）利用功的原理推导摩擦力的过程如上图所示。
【点评】本题考查了太阳能蓄电池能量的转化、压强的计算、路程的计算、功和功率的计算以及功的原理，明确有用功和总功、额外功较为关键，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。
27．在探究动能大小与质量关系的两次实验中，小球从同一高度由静止开始释放时的场景如图所示，木板固定在水平面上。
（1）该实验中的研究对象是　小球　（选填“小球”或“木块”），通过比较木块在木板上滑行的　距离　来比较动能大小的，这种研究方法是　转换　法。
（2）图中错误的操作是　木块的初始位置不同　。改正错误后进行实验，发现乙图木块滑出的远些，则可以做出判断，在　速度　相同的情况下，　质量　越大，动能越大。
（3）木块与小球分离后，在水平木板上继续向前滑行，此时木块在水平方向受到摩擦力作用，这个力对木块运动状态的影响是　木块由运动变为静止　。

【分析】（1）探究物体的动能的大小与什么因素有关实验中，根据转换法，小球的动能大小是通过木块被推的距离大小来反应的，据此分析小该实验研究的主体；
（2）根据控制变量法分析；
（3）力可以改变物体的运动状态和形状。
【解答】解：（1）探究物体的动能的大小与什么因素有关实验中，小球的动能大小是通过木块被推的距离大小来反应的，小该实验研究的主体是小球；
该实验中小车动能的大小是通过木块被推的距离体现的，木块被撞的越远，说明小球的动能越大，被撞的越近，说明小球的动能越小，这是转换法的应用；
（2）探究动能大小与质量关系时需要控制小球的速度相同，质量不同，小球去撞击木板上相同位置的木块；由图可知，木块的初始位置不同，是错误的；
改正错误后进行实验，发现乙图木块滑出的远些，这说明乙中的小球的动能大；则可以做出判断，在速度相同的情况下，质量越大，动能越大；
（3）木块在水平方向受到摩擦力作用，摩擦力改变了木块的运动状态，木块最终会静止在木板上。
故答案为：（1）小球；距离；转换；（2）木块的初始位置不同；速度；质量；（3）木块由运动变为静止。
【点评】本实验研究动能的大小与什么因素有关，考查控制变量法和转换法的运用和对实验方案的改进，分析清楚图示情景是正确解题的关键。
28．小明同学在伏安法测电阻的实验中。

（1）在连接电路时，开关S应处于 　断开　状态，滑动变阻器的滑片P应放在 　B　的位置。（选填“A”或“B”）。
（2）小明同学连接了如图甲所示的电路，闭合开关，电流表 　无　示数，电压表 　有　示数。（两空均选填“有”或“无”）
（3）他仔细检查电路，发现有一根导线连接错误，请你在答图甲中错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线画出正确的一根连接导线。
（4）正确连接电路后，闭合开关，调节滑动变阻器滑片P，当电压表的示数为2V时，观察到电流表示数如图乙所示，他记下数据并算出电阻R的阻值为 　10Ω　。
（5）同组小斌同学继续向 　A　（选填“A”或“B”）端移动滑片P，适当增大电阻R两端的电压，并进行了多次测量，目的是 　①　选择下列选项。
①计算电阻的平均值从而减小实验误差；
②避免实验出现偶然性和片面性的结果。
（6）完成上述实验后，小明还想测量一段电炉丝的电阻Rx，为测量电阻Rx的阻值，老师提供了以下器材：待测电阻Rx、已知阻值的定值电阻R0一个、电压不变但电压值未知的电源一个、电流表一只、开关两个、导线若干。小明设计了如图所示电路。
①闭合开关S1，断开开关S2，读出此时电流表的示数I1；
②闭合S2，断开S1，读出此时电流表示数I2；
③得出表达式：Rx＝　　。
【分析】（1）在连接电路时，为保护电路，开关S应处于断开状态，滑动变阻器的滑片P应放在阻值最大处；
（2）分析电路连接，根据电压表内阻很大分析；
（3）原电路中，电压表与电流串联后再与电阻并联是错误的，电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联，据此分析；
（4）根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律求出电阻R的阻值；
（5）要适当增大电阻R两端的电压，由串联电路的规律结合分压原理分析；多次测量取平均值可减小误差；
（6）根据欧姆定律可得到U＝IR，根据并联电路电压的特点列等式即可求出待测电阻。
【解答】解：（1）在连接电路时，为了保护电路，开关S应处于断开状态，滑动变阻器的滑片P应放在阻值最大处，即放在B位置；
（2）小明同学连接了如图甲所示的电路，电压表与电流串联后再与电阻并联，因电压表内阻很大，故闭合开关，电流表无示数，电压表与定值电阻并联，测定值电阻R的电压，故电压表有示数；
（3）原电路中，电压表与电流串联后再与电阻并联是错误的，电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联，修改后如下图所示：

（4）由图乙可知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.2A，由欧姆定律，电阻的阻值为：R＝＝＝10Ω；
（5）要适当增大电阻R两端的电压，由串联电路的规律，即减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路的电阻，故同组小斌同学继续向A端移动滑片P；并进行了多次测量，目的是计算电阻的平均值从而减小实验误差，故选①。
（6）闭合S1，断开S2，读出此时电流表示数I1，此时定值电阻两端的电压为：U0＝I1R0；
断开S1，闭合S2，读出此时电流表示数I2，此时待测电阻两端的电压为：UX＝I2RX；
因为两电阻并联，则Ux＝U0，即I2RX＝I1R0，则待测电阻为：Rx＝。
故答案为：（1）断开；B；（2）无；有；（3）如上所示；（4）10Ω；（5）A；①；（6）。
【点评】本题是伏安法测电阻的实验，考查注意事项、电路分析、电路连接、电流表读数及电阻计算和数据处理的方法，属于常考命题点，难度不大。
29．某厂家生产的油汀取暖器有四种规格，每种规格都有两根电热丝、三个挡位和相同的电路图，对应的功率如表所示。
规格
9片
10片
11片
12片
功率
1挡
600W
800W
800W
1000W
2挡
1000W
1000W
1200W
1200W
3挡
1600W
1800W
2000W

（1）“12片”的油汀取暖器3挡的功率为 　2200　W。
（2）“11片”的油汀取暖器的空腔内灌有4kg的导热油，导热油的比热容为2.1×103J/（kg•℃），可知油温升高100℃吸收的热量为 　8.4　×105J。
（3）“10片”的油汀取暖器在2挡正常工作时，其电热丝的电阻为 　48.4　Ω。（家庭电路电压220V）
（4）如图是“9片”的油汀取暖器的旋钮式功率选择开关。转动旋钮可以将左侧相邻两个金属触点相连，同时与右侧金属板连通。已知图中旋钮处于位置M（金属片连接b、c两触点）时对应的挡位是2，则位置H对应的挡位是 　3　（填“1”或“3”）。

【分析】（1）分析表中数据可求出“12片”的油汀取暖器3挡的功率；
（2）根据Q吸＝cmΔt可求出吸收的热量；
（3）根据P＝可求出电阻；
（4）当转动旋钮处于位置H（金属片连接a、b两触点）时，两电热丝组成并联电路；当转动旋钮处于位置M（金属片连接b、c两触点）时，只有上面电热丝接入电路；当转动旋钮处于位置M（金属片连接c、d两触点）时，只有下面电热丝接入电路；据此分析。
【解答】解：（1）分析“9片”、“10片”、“11片”三种规格的油汀取暖器可知，3挡功率等于1挡、2挡功率之和，而每种规格都有两根电热丝、三个挡位和相同的电路图，所以，“12片”的油汀取暖器3挡的功率为1挡与2挡功率之和，即为1000W+1200W＝2200W；
（2）导热油吸收的热量为：Q吸＝cmΔt＝2.1×103J/（kg•℃）×4kg×100℃＝8.4×105J；
（3）“10片”的油汀取暖器在2挡正常工作时，功率P＝1000W，由P＝可得，此时电热丝的电阻为：R＝＝＝48.4Ω；
（4）由图可知，当转动旋钮处于位置H（金属片连接a、b两触点）时，两电热丝组成并联电路；当转动旋钮处于位置M（金属片连接b、c两触点）时，只有上面电热丝接入电路；当转动旋钮处于位置M（金属片连接c、d两触点）时，只有下面电热丝接入电路；
由题可知，当图中旋钮处于位置M（金属片连接b、c两触点）时对应的挡位是2，根据P＝可知，在电压一定时，电功率与电阻成反比，当转动旋钮处于位置H时，两电热丝组成并联电路，此时总电阻最小，功率最大，故位置H对应的挡位是3。
故答案为：（1）2200；（2）8.4；（3）48.4；（4）3。
【点评】本题主要考查了电功率、热量的计算，综合性较强，考查的内容较多。