人教版 (2019)选择性必修3第四节 羧酸 羧酸衍生物第2课时当堂达标检测题

这是一份人教版 (2019)选择性必修3第四节 羧酸 羧酸衍生物第2课时当堂达标检测题，共18页。试卷主要包含了单选题，共13小题，填空题，共4小题，推断题，共2小题等内容，欢迎下载使用。
第三章第四节第2课时羧酸的衍生物分层作业提高练习2021_2022学年高中化学选择性必修3（人教版2019）一、单选题，共13小题1．下列关于油脂的叙述中不正确的是(　　)A．天然油脂没有固定的熔点和沸点，所以天然油脂是混合物B．C17H33COOH和C17H31COOH与甘油形成的酯属于油脂C．油脂和石油不属于同类物质D．油都是由不饱和高级脂肪酸甘油酯组成的，脂肪都是由饱和高级脂肪酸甘油酯组成的2．下列化学方程式书写不正确的是A．苯胺与盐酸的反应：+HCl→ B．苯酚钠溶液与二氧化碳反应：2 +CO2+H2O→2 +Na2CO3C．溴乙烷消去反应：CH3CH2Br+NaOHCH2=CH2↑+NaBr+H2OD．工业上由乙醛生产乙酸：2CH3CHO+O22CH3COOH3．下列关于有机化合物的说法正确的是A．属于醛类，官能团为—CHOB．分子式为的有机物中能与NaHCO3溶液反应的有3种C．立方烷()的六氨基(—)取代物有3种D．乙酸乙酯在NaOH溶液中发生的水解反应称之为皂化反应4．某有机物的结构简式为下列叙述正确的是A．1 mol该有机物与NaOH溶液完全反应时，消耗1 mol NaOHB．该有机物可通过加聚反应生成C．该有机物水解所得的产物能发生加成反应D．该有机物分子的单体为两种5．羟甲香豆素(丙)是一种治疗胆结石的药物，部分合成路线如图。下列说法错误的是A．甲分子中的含氧官能团为羟基、酯基B．常温下1mol乙最多与4molNaOH的水溶液完全反应C．乙生成丙的反应条件是浓硫酸、加热D．丙分子中碳原子轨道杂化类型为sp2和sp3，且所有的碳原子可能共平面6．化合物Z是制备药物洛索洛芬钠的关键中间体，可由下列反应制得。下列有关X、Y、Z的说法正确的是A．CH3CH2OH中sp3杂化的原子有3个B．Y在水中的溶解度比Z在水中的溶解度小C．一定条件下，1molZ最多可以和1molNaOH溶液反应D．X、Y、Z分别与足量酸性KMnO4溶液反应所得芳香族化合物不相同7．下列有关油脂的说法错误的是A．油脂的组成元素为C、H、OB．油脂属于酯，只有在碱性条件下才能水解C．天然油脂大多数是混合物D．无论是液态还是固态，油脂的密度均比水小8．下列关于油脂的说法正确的是A．天然油脂是纯净物B．油脂的水解产物中一定有甘油C．油脂是高级脂肪酸和甘油的混合物D．油脂不属于酯类9．亚油酸又称9，12-十八碳二烯酸，在玉米油中的含量大于60%，经常食用玉米油可降低人体血清中的胆固醇，有防止动脉粥样硬化、冠状动脉硬化和血栓形成的作用，因此玉米油被誉为“健康油”“长寿油”。下列有关说法正确的是A．亚油酸不能水解B．玉米油没有固定的熔、沸点，常温下为固态C．亚油酸不能使溴水褪色D．玉米油营养价值高是因为饱和脂肪酸含量高10．乙酰苯胺可用作止痛剂、退热剂，制备装置如图所示。反应原理为：。已知苯胺可溶于水，沸点，接触空气易被氧化；冰醋酸的沸点为。乙酰苯胺的溶解度如下表：温度/20255080100溶解度/g0.460.560.843.455.5 下列说法错误的是A．反应物中加入适量锌粉，防止苯胺被氧化B．使用球形冷凝管可以提高反应物的转化率C．用水浴加热效果更佳D．反应结束后，将锥形瓶中反应液倒入冷水中，过滤、洗涤，可获得乙酰苯胺晶体11．有机物、可发生如图所示转化，下列关于有机物、的叙述正确A．互为同系物 B．互为同分异构体C．均可与碳酸氢钠反应 D．均可发生取代反应12．1mol某有机物在稀硫酸作用下，水解生成2mol相同的物质。有下列物质：①蔗糖②麦芽糖③淀粉④⑤⑥⑦其中符合此题目要求的是A．②⑤⑥⑦ B．②④⑤ C．①②⑤⑦ D．①④⑤⑥13．卡莫氟具有抑制病毒复制的效果，其结构简式如图所示。下列关于卡莫氟的说法错误的是A．分子式为B．该物质中含有的官能团有碳碳双键、酰胺基和碳氟键C．该物质既能发生加成反应，又能发生取代反应D．该物质与足量溶液反应时最多消耗二、填空题，共4小题14．酰胺(1)酰胺的结构酰胺是____分子中____得到的化合物，其结构一般表示为，其中的叫做酰基，叫做____。常见的酰胺：乙酰胺：、苯甲酰胺：、N，N—二甲基甲酰胺：等。(2)酰胺的性质酰胺在酸或碱存在并加热的条件下可以发生水解反应。如果水解时加入碱，生成的酸就会变成盐，同时有氨气逸出。RCONH2+H2O+HCl____；RCONH2+NaOH____。15．丙烯酰胺是一种重要的有机合成的中间体。它的球棍模型如图所示(图中“棍”代表单键或双键，不同颜色的球表示不同原子)：(1)丙烯酰胺的分子式为___________，结构简式为___________。(2)有关丙烯酰胺的说法正确的是___________。A．丙烯酰胺分子内所有原子不可能在同一平面内B．丙烯酰胺属于烃的衍生物C．丙烯酰胺能使酸性高锰酸钾溶液褪色D．丙烯酰胺能使溴的四氯化碳溶液褪色(3)工业上生产丙烯酰胺可以用下面的反应(反应均在一定条件下进行)：CH≡CHCH2=CHCN丙烯酰胺，假设反应I和反应II都是原子利用率为100%的反应，反应I所需另一反应物的分子式为___________，反应II的化学方程式为___________。(4)聚丙烯酰胺(PAM)是一种合成有机高分子絮凝剂，写出由丙烯酰胺合成聚丙烯酰胺的化学方程式：___________。16．油脂的水解反应(1)油脂在酸性条件下水解生成_____和____，以硬脂酸甘油酯为例：(硬脂酸甘油酯)+3H2O3C17H35COOH+(甘油)(2)硬脂酸甘油酯与NaOH溶液共热的化学方程式为：_____。油脂在碱性条件下的水解反应又叫_____反应，硬脂酸甘油酯与烧碱水解生成的____是肥皂的主要成分，_____是一种重要的工业原料。17．某物质的结构为，回答下列问题：(1)1mol该油脂一定条件下可与___molH2发生加成反应。(2)与氢氧化钠溶液混合加热能得到___的主要成分。(3)与其互为同分异构体且完全水解后产物相同的油脂有两种，写出其同分异构体的结构简式：___。三、推断题，共2小题18．结构中没有环状的烷烃又名开链烷烃，其分子通式为CnH2n+2(n为正整数)。分子中每减少2个碳氢键，同时必然会增加1个碳碳键，则它可能是重键(即形成双键或三键)，也可能是连接成环头烃，都称为增加了1个不饱和度(用希腊字母Ω表示，又名“缺氢指数”)。如乙烯和环丙烷的不饱和度为1，苯和苯酚的不饱和度为4。(1)维生素A的结构为，维生素A的化学式为_______。根据题干信息计算，维生素A的不饱和度为_______(2)推测含碳、氢、氧元素的有机物的不饱和度计算公式为：Ω=1+ _______的个数‒_______(3)运用不饱和度的知识确定有机物的结构简式：1 mol有机物A完全燃烧时耗氧气9.5 mol，生成9 mol CO2与54 g水，A分子中含两个六元环，1 mol A水解消耗2 mol NaOH，A的键线式为_______(4)的一种同分异构体同时满足下列条件，写出该同分异构体的结构简式为_______①分子中含有酚羟基，且不能发生银镜反应；②碱性条件水解生成两种产物，酸化后分子中均只有2种不同化学环境的氢。19．A为天然气的主要成分；B、C均能发生银镜反应；C分子式为C3H6O；D与CO、H2以物质的量1︰1︰1反应形成C；G是有芳香气味、不易溶于水的油状液体，其转化关系如下，请回答：(1)D的结构式_____。(2)C→F的反应类型_____。(3)E+F→G的化学方程式_____。(4)下列说法不正确的是_____。A．可用酸性KMnO4溶液鉴别A和DB．E、F均能与金属Na和NaHCO3溶液反应C．G与NaOH溶液共热后能重新生成E和FD．与G具有相同官能团的同分异构体有2种
参考答案：1．D【解析】A、天然油脂都是混合物，没有固定的熔、沸点，选项A正确；B、油脂是由高级脂肪酸和甘油形成的酯，所以由C17H33COOH和C17H31COOH与甘油形成的酯属于油脂，选项B正确；C、油脂属于酯类，而石油的主要成分是烃类，它们属于不同类别的物质，选项C正确；D、油和脂肪都是既含有不饱和高级脂肪酸甘油酯又含有饱和高级脂肪酸甘油酯的物质，只是在油中不饱和高级脂肪酸甘油酯的含量较高，选项D不正确。答案选D。本题考查油脂的结构和性质，注意油脂是混合物不是高分子化合物，石油属于烃，油脂是由高级脂肪酸和甘油形成的酯。2．B【解析】A．苯胺中的氨基可以与HCl反应生成盐，方程式为+HCl→，A正确；B．由于酸性＞，因此苯酚钠与CO2反应生成NaHCO3，方程式为+CO2+H2O→+ NaHCO3，B错误；C．溴乙烷在NaOH的醇溶液中加热可以发生消去反应生成乙烯，方程式为CH3CH2Br+NaOHCH2=CH2↑+NaBr+H2O，C正确；D．工业上用乙醛催化氧化的方法来生产乙酸，将醛基氧化为羧基，方程式为2CH3CHO+O22CH3COOH，D正确；故选B。3．C【解析】A． 属于酯类，官能团为—OCHO，故A错误；B． 分子式为C5H10O2的有机物能与 NaHCO3溶液反应，说明含有-COOH，碳链结构为C-C-C-C，羧基有两种连接方式，如果碳链结构为，羧基有两种连接方式，所以属于酸的同分异构体有4种，故B错误；C． 氨基可以占据同一边上的两个顶点，同一平面对角线的两个顶点，立方体对角线的两个顶点，故立方烷的六氨基（-NH2）取代物有3种，而六氨基（-NH2）取代物的种类等于二氨基（-NH2）取代物的种类，也有3种，故C正确；D．油脂在碱性条件下水解生成高级脂肪酸盐和甘油，高级脂肪酸盐为肥皂主要成分，该反应为皂化反应，故D错误；故选C。4．B【解析】从结构上看，合成该有机物的反应为：n，为加聚反应。为酯类，既能在酸性条件下水解，也能在碱性条件下水解。由于1mol该有机物中含n mol酯基，因此水解时所需的水为n mol，生成了n mol乙酸和1mol。据此解题。A. 从结构上看，该有机物为高分子，1 mol该有机物与NaOH溶液完全反应时，将消耗n mol NaOH，A项错误；B. 合成该有机物的反应为：n，为加聚反应，B项正确；C. 该有机物发生的水解反应为：+H2O+n所得的产物不含碳碳双键等可以发生加成反应的官能团，因此无法发生加成反应，C项错误；D. 从合成该有机物的反应为：n来看，合成该有机物分子的单体为，D项错误；答案应选B。5．B【解析】A．由甲的结构可知，甲分子中的含氧官能团为羟基、酯基，A正确；B．乙水解生成，产物中的酚羟基、羧基又和氢氧化钠发生反应，所以常温下1mol乙最多与3molNaOH的水溶液完全反应，B错误；C．由图示可知，乙生成丙为醇的消去反应，反应条件为浓硫酸、加热，C正确；D．苯环、碳碳双键、酯基中的碳原子均采取sp2杂化，甲基中的碳原子采取sp3杂化；苯环及其连接的碳原子共面，碳碳双键及其连接的原子共面，碳氧双键及其连接的原子共面，单键可以旋转，3个平面可以重合，即所有的碳原子可能共平面，D正确；答案选B。6．A【解析】A．CH3CH2OH中两个C原子均为饱和碳原子，为sp3杂化，O原子形成两个σ键，还有两对孤对电子，所以也为sp3杂化，共有3个原子，A正确；B．Y中含有羧基，为亲水基，Z中不含亲水基，所以Y在水中的溶解度比Z在水中的溶解度大，B错误；C．Z中Br原子、酯基都可以和NaOH溶液反应，1molZ最多可以和2molNaOH溶液反应，C错误；D．与苯环相连的碳原子上有氢原子时可以被酸性KMnO4溶液氧化为羧基，所以X、Y、Z分别与足量酸性KMnO4溶液反应所得芳香族化合物均为对苯二甲酸，D错误；综上所述答案为A。7．B【解析】A．油脂是高级脂肪酸的甘油酯，由C、H、O三种元素组成，故A正确；B．油脂含-COO-，在酸或碱作用下均可发生水解反应，故B错误；C．构成天然油脂的高级脂肪酸的烃基不同，所以天然油脂大多数是由混甘油酯分子构成的混合物，故C正确；D．常温下呈固态的油脂叫做脂，液态的叫做油，油脂的密度一般比水小，故D正确；故选：B。8．B【解析】A．天然油脂是混合物，A错误；B．油脂都是高级脂肪酸与甘油形成的酯，故水解产物中一定有甘油，B正确；C．油脂都是高级脂肪酸与甘油形成的酯，C错误；D．油脂属于酯类，D错误；故选B。9．A【解析】A．亚油酸又称9，12-十八碳二烯酸，亚油酸中含碳碳双键、羧基，没有酯基等能水解的官能团，不能水解，故A正确；B．玉米油是混合物，没有固定熔、沸点，常温下为液态，故B错误；C．亚油酸中含有碳碳双键，所以能和溴发生加成反应而使溴水褪色，故C错误；D．玉米油可降低人体血清中的胆固醇，有防止动脉粥样硬化、冠状动脉硬化和血栓形成的作用，玉米油营养价值高是因为不饱和脂肪酸含量高，故D错误；故选：A。10．C【解析】A．由于苯胺接触空气易被氧化，反应物中加入适量锌粉，锌粉可与酸反应生成氢气，形成氢气环境，从而防止苯胺被氧化，故A正确；B．球形冷凝管内管曲面多，可使蒸气与冷凝液充分进行热量交换，可使更多蒸发出去的有机物冷凝为液态回流，减小反应物蒸发损失，使反应充分进行，可以提高反应物的转化率，故B正确；C．由题中信息可知，制取乙酰苯胺的反应温度为105，大于水的沸点，所以该反应不能使用水浴加热，故C错误；D．由题中信息可知，反应物苯胺、乙酸均溶于水，产物乙酰苯胺在20时溶解度很小，所以，反应结束后，将锥形瓶中反应液倒入冷水中，乙酰苯胺为沉淀，过滤、洗涤，可获得乙酰苯胺晶体，故D正确；答案为C。11．D【解析】A．由结构简式可知，M和N所含官能团不同，不是同类物质，不互为同系物，故A错误；B．由结构简式可知，二者分子式不同，不互为同分异构体，故B错误；C．由结构简式可知，M分子中含有羧基，可与碳酸氢钠反应，N分子中不含有羧基，不能与碳酸氢钠反应，故C错误；D．由结构简式可知，M分子中含有的羟基和羧基，N分子中含有的羟基和酰胺基都能发生取代反应，故D正确；故选D。12．A【解析】①1mol蔗糖水解生成1mol葡萄糖和1mol果糖，①不符合；②1mol麦芽糖水解生成2mol葡萄糖，②符合；③1mol淀粉水解生成n mol葡萄糖，③不符合；④1mol 水解生成1molHOCH2CH2OH和1molHOOCCOOH，④不符合；⑤1mol 水解生成2molCH3CH(OH)COOH，⑤符合；⑥1mol 水解生成2mol 3，4，5羟基苯甲酸，⑥符合；⑦1mol 水解生成2molCHCH(NH2)2COOH，⑦符合；综上所述本题选A。13．D【解析】A．由结构简式可知，卡莫氟的分子式为，A项正确；B．由结构简式可知，该物质中含有的官能团有：碳碳双键、酰胺基和碳氟键，B项正确；C．该物质中含有碳碳双键，可发生加成反应，含有酰胺基，可发生水解反应，即取代反应，C项正确；D．该物质水解时可断裂的化学键的位置如图所示，故该物质与足量溶液反应时最多消耗，D项错误；答案选D。14．(1)     羧酸     羟基被氨基所替代     酰胺基(2)     RCOOH+NH4Cl     RCOONa+NH3↑【解析】略15．(1)     C3H5ON     CH2=CHCONH2(2)ABCD(3)     HCN     CH2=CH-CN+H2O (4)【解析】(1)由题图可知，绿球代表C、白球代表H、红球代表O、蓝球代表N，则分子式为C3H5ON，结构简式为CH2=CHCONH2，故答案为：C3H5ON；CH2=CHCONH2；(2)丙烯酰胺分子中存在氨基，所有原子不可能在同一平面内，故A正确；丙烯酰胺中含C、H、N、O四种元素，属于烃的衍生物，故B正确；丙烯酰胺中含碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故C正确；丙烯酰胺中含碳碳双键，能使溴的四氯化碳溶液褪色，故D正确。故答案为：ABCD；(3)由题意可知，Ⅰ为乙炔与HCN的加成反应，Ⅱ为CH2=CHCN与水的反应，该反应为CH2=CH-CN+H2O ，故答案为：HCN；CH2=CH-CN+H2O ；(4)由丙烯酰胺合成聚丙烯酰胺，发生加聚反应，该反应的化学方程式为，故答案为：；16．(1)     高级脂肪酸     甘油(2)     (硬脂酸甘油酯)+3NaOH3C17H35COONa(硬脂酸钠)+ (甘油)     皂化     硬脂酸钠     甘油【解析】(1)油酸属于酯类物质，在酸性条件下水解生成高级脂肪酸和甘油；(2)硬脂酸甘油酯与NaOH溶液共热生成硬脂酸钠和甘油，方程式为： (硬脂酸甘油酯)+3NaOH3C17H35COONa(硬脂酸钠)+ (甘油)；该反应又称皂化反应，其中硬脂酸钠是肥皂的主要成分，甘油可用作重要的工业原料。17．(1)1(2)肥皂(3)、【解析】略18．(1)     C20H30O     6(2)     碳原子     氢原子数(或氢原子个数的一半)(3)(4)【解析】(1)由维生素A的键线式结构，拐点和端点为碳原子可知，分子中含有20个C原子，根据碳原子有4条共价键，可知分子中含有30个H原子，分子中还含有1个O原子，所以维生素A的化学式为C20H30O；维生素A的结构中含有1个环和5个碳碳双键，则维生素A的不饱和度为6，故答案为：C20H30O；6；(2)根据题给不饱和度(Ω)的定义，分子中每减少2个H原子，就增加了1个不饱和度，饱和烃的通式为CnH2n+2，因氧原子形成2条共价键，可看成氧原子插入烃分子中C、C原子之间或C、H原子之间，不影响氢原子数，所以含碳、氢、氧元素的有机物的不饱和度计算公式为：Ω==n+1-氢原子数，即Ω=1+ 碳原子的个数‒氢原子数，故答案为：碳原子；氢原子数(或氢原子个数的一半)；(3)设该有机物的分子式为CxHyOz，根据有机物燃烧反应的通式：CxHyOz+(x+-)O2→xCO2+H2O，已知1 mol有机物A完全燃烧时耗氧气9.5 mol，生成9 mol CO2与54 g水，则有x=9，y=6，代入：x+-=9.5，解得z=2，所以A的分子式为C9H6O2；由A的分子式可知，其不饱和度Ω==7，A分子中含有2个O原子，能水解，说明含有1个酯基，1 mol A水解消耗2 mol NaOH，说明为酚酯，A分子中含两个六元环，则其中一个六元环为苯环；1个酯基、1个苯环共用去不饱和度为：1+4=5，则另一个六元环中还应含有1个碳碳双键，则A的键线式为，故答案为：；(4)的分子式为C9H6O3，有2个环和5个双键，不饱和度为7；符合①分子中含有酚羟基，且不能发生银镜反应，说明含有苯环，且苯环上连有羟基，不含醛基；②碱性条件水解生成两种产物，酸化后分子中均只有2种不同化学环境的氢，说明含有酯基，且水解产物分子结构具有高度对称性；苯环、酯基共用去5个不饱和度，则分子结构中还应含有碳碳三键，则满足条件的同分异构体结构简式为：。19．(1)(2)加成反应或还原反应(3)HCOOH+ CH3CH2CH2OHHCOOCH2CH2CH3+H2O(4)BCD【解析】由题给信息和有机物的转化关系可知，一定条件下，天然气的主要成分甲烷与水反应生成一氧化碳和氢气，则A为甲烷；一定条件下，一氧化碳和氢气反应生成能发生银镜反应的甲醛，则B为甲醛；甲醛在催化剂作用下与氧气发生催化氧化反应生成甲酸，则E为甲酸；一定条件下，乙烯与一氧化碳和氢气以物质的量1︰1︰1反应生成丙醛，则C为丙醛、D为乙烯；丙醛在催化剂作用下与氢气发生加成反应生成1—丙醇，则F为1—丙醇；1—丙醇与甲酸在浓硫酸共热条件下发生酯化反应生成HCOOCH2CH2CH3，则G为HCOOCH2CH2CH3。(1)由分析可知，D为乙烯，结构式为，故答案为：；(2)由分析可知，C→F的反应为丙醛在催化剂作用下与氢气发生加成反应生成1—丙醇，故答案为：加成反应或还原反应；(3)E+F→G的反应为1—丙醇与甲酸在浓硫酸共热条件下发生酯化反应生成HCOOCH2CH2CH3和水，反应的化学方程式为HCOOH+ CH3CH2CH2OHHCOOCH2CH2CH3+H2O，故答案为：HCOOH+ CH3CH2CH2OHHCOOCH2CH2CH3+H2O；(4)A．甲烷不能与酸性高锰酸钾溶液反应，乙烯能与酸性高锰酸钾溶液发生氧化反应，使溶液褪色，则用酸性高锰酸钾溶液可以鉴别甲烷和乙烯，故正确；B．1—丙醇能与金属钠反应，但不能与碳酸氢钠溶液反应，故错误；C．HCOOCH2CH2CH3与氢氧化钠溶液共热发生水解反应生成甲酸钠和1—丙醇，故错误；D．与HCOOCH2CH2CH3具有相同官能团的同分异构体可能为HCOOCH(CH3) 2、CH3 COOCH2CH3、CH3CH2COOCH3共3种，故错误；故选BCD。