2022湖北省新高考联考协作体高二上学期起点考试物理试题扫描版含答案

2021年湖北省新高考联考协作体高二上学期起点考试

高二物理试卷详细解析

一、选择题

1.【答案】D。

【解答】A.万有引力定律是牛顿提出来的，故A错误。

B.法拉第提出用电场线来形象地描述电场，故B错误。

C.安培发现了通电导线周围磁场的分布规律，并总结出了右手螺旋定则，故C错误。

D.合力和分力，平均速度，总电阻等概念的建立都体现了等效替代的思想，故D正确。

2.【答案】A.

【解答】磁感应强度的定义式,，故A正确。

3.【答案】C。

【解答】A.“风云四号”是地球同步卫星，只能定点于赤道正上方，不可能经过武汉上空，故A错误。

B.与“风云四号”同轨道的卫星运动的线速度都相等，但质量不一定相等，动能不一定相等，故B错误。

C.“风云四号”的轨道半径小于月球绕地球的轨道半径，由知“风云四号”的向心加速度大于月球的向心加速度，故C正确。

D.7.9km/s是地球的第一宇宙速度，是卫星绕地球做圆周运动的最大运行速度，故“风云四号”的运行速度小于7.9km/s，故D错误。

4.【答案】A。

【解答】A.t=5s时，电梯的加速度为正值，方向竖直向上，电梯处于超重状态，故A正确。

B.t=0时，电梯处于静止状态，一小段时间后，电梯的加速度为正值，方向竖直向上，电梯一定加速度上升，8s~9s加速度为正值，方向竖直向上，可知电梯加速上升，故B错误。

C.10s~15s电梯的加速度为0，电梯以最大速度匀速上升，故C错误。

D.16s~21s电梯的加速度为负值，方向竖直向下，电梯向上做匀减速度运动。故17s~20s内电梯仍在上行，故D错误。

5.【答案】C。

【解答】
运动员起跳过程向上匀加速，处于超重状态，故A错误。从开始起跳到脚离开地面重心上升，离开地面到上升到最高点的过程中，重心上升距离，
运动员离开地面后做竖直上抛运动，根据可知：故C正确
在起跳过程中，根据速度位移公式可知：，
加速上升时间为：，离地减速上升的时间为：，从开始起跳到离地上升到最高点需要。B错误。起跳过程中地面对人不做功，D错误。故选C。
6.【答案】B

【解答】设、两点间距为，则、两点间距为，点处导线在点产生的磁感应强度为，根据

可知点和点处导线在点产生的磁感应强度大小都为，根据右手螺旋定则，两者夹角为，对两者矢量合成如图所示

根据几何关系，可得点和点处的导线在,点产生的磁感应强度的矢量和大小为3B，与点处的导线在,点产生的磁感应强度方向相反，所以三根导线在，点处产生的磁感应强度大小为2B。

7.【答案】D

【解答】A.由知，当变为，A错误。

因为Eq=q，所以，Eql=。

，通过分析知，B,C错误，D正确。

8.【答案】CD

【解答】A.物体向右运动时，当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相等时，时，速度最大，所以弹簧的最大弹力大于μmg,故A错误。

B.整个过程中，物块所受的摩擦力大小恒定，摩擦力一直做负功，摩擦力所做的功为-2μmg s.故B错误。

C.物体向右运动的过程，根据能量守恒定律得，弹簧的最大弹性势能Ep=μmgs。故C正确。

D.设物块在A点的初速度为v0，对整个过程，利用功能定理，-2μmgs=0-mv02所得v0=。D正确，故选C,D.

9.【答案】AD

【解答】A.把(R2+r)看作电源的等效内阻，电压表v1读数的变量的绝对值与电流表的改变量的绝对值之比等于(R2+r)=12Ω，故A正确。

B.电压表V2读数的改变量的绝对值与电流读数改变量的绝对值之比为电阻R2=10Ω，故B错误。

C.电流最小时，电阻R2消耗的功率最小，此时R1=6Ω。

I=,电阻R2消耗的功率为I2R2=，C错误。

D.由于(R2+r)＞2，当R1=0时，电源输出的功率量大，最大为W。D正确，故选AD

10.【答案】B,D。

【解答】由牛顿第二定律得F-mg=解得小球受到的场力F=mg，且方向竖直向上，电场力所做功W电=mgH,小球的电势能减少mgH，故C错误，小球上升H，故小球重力势能增加mgH，故D正确，故小球的机械能增加mgH，故A错误，由动能定理可知合外力对小球做功W合=mgH，故动能增加mgH，B正确，故选B,D。

11.【答案】BD

【解答】A.之间,电势降低,电场强度方向沿轴正方向大小为,故错误。

B.与之间电势均升高,电场强度方向相同大小均匀 ,故正确。

C、D.只要带电小球恰好能到4d处,小球就能运动到6d处, ,由动能理

,只要,则小球就能过4d,则能到达6d处,故 错误,D

正确,故选B、D。

二、实验探究题。

12.【答案】左（1分），1.92m/s（1分），0.188（2分），0.184（2分）。

【解答】（1）下落过程为匀加速运动，物体的速度逐渐变大，打点间距变大，所以纸带的左端与重物相连。

（2）因为B为AC段的中间时刻，打B点时速度，

=m/s。

（3）0到B过程，.

ΔEK=mv2=×0.10×1.922=0.184J。

13.【答案】  (1) B(3分)   (2) （3分） 

 (3) （每空2分）

【解答】   

(1)当电阻箱短路时，电路中通过的最大电流为100mA，则由闭合电路欧姆定律可知，定值电阻的最大阻值为，应选用B规格。

(2)由闭合欧姆定律得

变形得

(3)可得图像中斜率

截距

即

三、计算题。

14.【答案】带负电；；。

【解答】（1）带负电的粒子向下偏转，说明受到的电场力向下，故上极板带负电。 1分

（2）水平方向0.5l=v0t 1分

竖直方向0.5l=，                     

故vy=2v0 2分

V= 2分

（3）由题意知粒子在极板间做类平抛运动，设加速度为a，极板间电压为U，Vy=at 2分

a=  2分

  电容器所带电荷量与极板间电压的关系Q=CU= 2分

15.【答案】0.45m  18m

【解答】(1)在B点物块沿切线进入圆弧轨道，   由平抛规律可知，

， 2分

 Vy=V0=3m/s 1分

A到B的过程，竖直方向,Vy2=2gh 2分

可推出h==0.45m 1分

(2)到B点速度VB= 2分

mgR(1-cosθ)- μmgL=0-mVB2 3分

L=18m 1分

16.【答案】5Kg·m/s  ,   ；37.5J

【解答】（1）Q球恰好可以达到C点，在C点由牛顿第二定律得

g= 2分

vc= 1分

小球Q由B到C的过程由动能定理得

 2分

 1分

剪断细线后，对O小球应用动量定理

P=m2vB-0=5Kg·m/s 2分

(2)剪断细线后，P、Q两球被弹开的过程中，P、Q组成的系统动量守恒

m1v1=m2vB 2分

小球P被弹开后的速度v1=。 1分

小球P冲上斜面的过程由动能定理

-m1gh-μm1g=0-  h= 2分

（3）由能量守恒知，弹簧的弹性势 能转化为P、Q两小球的动能，

Ep= 2分

=

=37.5J 1分

16.【答案】108V/m； B≥BminT

【解答】

（1）由于粒子重直PM边界进磁场，故粒子从O点出电场的速度与x轴成45°夹角，。 2分

粒子从M到0的过程是类平抛运动。

x轴方向x=v0t 1分

y= 1分

a= 2分

联立上式，E=108V/m 1分

(2)若粒子恰好没有从PN边射出，运动轨迹如图所示，由几何关系有 2分

解得R=m 1分

由Bminqv= 2分

v= 2分

解得Bmin=T 1分

B≥BminT 1分