山东省济南市莱芜区2022年中考二模数学试题及答案
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这是一份山东省济南市莱芜区2022年中考二模数学试题及答案,共27页。试卷主要包含了单选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
中考二模数学试题
一、单选题
1.2022的相反数是( )
A.2022 B. C.﹣2022 D.
2.如图1是用5个相同的正方体搭成的立体图形.若由图1变化至图2,则三视图中没有发生变化的是( )
A.俯视图 B.主视图和俯视图
C.主视图和左视图 D.左视图和俯视图
3.2022年北京冬奥会中国队运动员微博、抖音账号累计收获超8 000万粉丝关注,谷爱凌抖音平台迅速圈粉,美兰德数据显示,其抖音粉丝量已突破1 800万人.数据1 800万用科学记数法表示为( )
A. B. C. D.
4.如图,,FM平分,则( )
A. B. C. D.
5.对称美在生活中处处可见,下列是历届冬奥会的会徽,其中既是中心对称图形又是轴对称图形的是( )
A. B.
C. D.
6.如图,在中,,把沿直线BC向右平移6个单位长度得到,则四边形的面积是( )
A.40 B.56 C.60 D.64
7.下列计算正确的是( )
A. B.
C. D.
8.莱芜区某中学在预防新冠肺炎期间,要求学生每天测量体温,九(1)班一名同学记录了他一周的体温情况,并将统计结果绘制了如图所示的折线统计图.下列说法错误的是( )
A.这一周体温数据的众数是36.2
B.这一周体温数据的中位数是36.3
C.这一周体温数据的平均数是36.3
D.这一周体温数据的极差是0.1
9.如图,中,,利用尺规在BC,BA上分别截取BE,BD,使.分别以D,E为圆心、以大于的长为半径作弧,两弧在内交于点F;作射线BF交AC于点G,若,P为AB上一动点,则GP的最小值为( )
A. B.3 C. D.6
10.反比例函数与正比例函数的图象如图所示,点,点与点均在反比例函数的图象上,点B在直线上,四边形是平行四边形,则B点的坐标为( )
A. B. C. D.
11.如图,在菱形ABCD中,,对角线AC、BD相交于点O,点M在线段AC上,且,点P是线段BD上的一个动点,则的最小值是( )
A.2 B. C.4 D.
12.定义:平面直角坐标系中,点的横坐标x的绝对值表示为,纵坐标y的绝对值表示为,我们把点的横坐标与纵坐标的绝对值之和叫做点的折线距离,记为(其中的“+”是四则运算中的加法),若抛物线与直线只有一个交点M,已知点M在第一象限,且,令,则t的取值范围为( )
A. B.
C. D.
二、填空题
13.分解因式: .
14.在一个不透明布袋中装有除颜色外没有其他区别的1个红球和2个白球,搅匀后从中摸出一个球,放回搅匀,再摸出一个球,两次都摸出红球的概率是 .
15.代数式与代数式的和为1,则x= .
16.一个正多边形的每一个内角比每一个外角的3倍还大,则这个正多边形的边数为 .
17.如图,在扇形中,已知,,过的中点C作,,垂足分别为D、E,则图中阴影部分的面积为 .
18.如图,将矩形纸片ABCD折叠(AD>AB),使AB落在AD上,AE为折痕,然后将矩形纸片展开铺在一个平面上,E点不动,将BE边折起,使点B落在AE上的点G处,连接DE,若DE=EF,CE=1,则AD= .
三、解答题
19.
(1)
(2)先化简,再求值:,再从不等式中选择一个你喜欢的整数解代入求值.
20.为了解学生每天的睡眠情况,某初中学校从全校800名学生中随机抽取了40名学生,调查了他们平均每天的睡眠时间(单位:h),统计结果如下:
9,8,10.5,7,9,8,10,9.5,8,9,9.5,8,9.5,9,8.5,7.5,10,9.5,8,9,7,9.5,8.5,9,7,9,9,7.5,8.5,8.5,9,8,7.5,9.5,10,9.5,8.5,9,8,9.
在对这些数据整理后,绘制了如下的统计图表:
睡眠时间分布情况图
睡眠时间分组统计表
组别
睡眠时间分组
人数(频数)
1
m
2
12
3
n
4
4
请根据以上信息,解答下列问题:
(1)m= ,n= ,a= ,b= ;
(2)抽取的这40名学生平均每天睡眠时间的中位数落在 组(填组别);
(3)如果按照学校要求,学生平均每天的睡眠时间应不少于9h,请估计该校学生中睡眠时间符合要求的人数.
21.在中,,以AC为直径的与AB相交点D、E是BC的中点.
(1)判断ED与的位置关系,并说明理由;
(2)若的半径为3,,求的长.
22.如图,5G信号塔AB建在垂直于水平面的悬崖边B点处(点A、B、C在同一直线上).某测量员从悬崖底C点出发沿水平方向前行60米到D点,再沿斜坡DE方向前行52米到E点(点A、B、C、D、E在同一平面内),在点E处测得5G信号塔顶端A的仰角为,悬崖BC的高为78米,斜坡DE的坡度户.(参考数据:.)
(1)求斜坡DE的高EH的长;
(2)求信号塔AB的高度.
23.某药店购进甲、乙两种医用口罩,已知甲种口罩每袋的售价比乙种口罩多5元.小刘从该药店购买2袋甲种口罩和3袋乙种口罩共花费110元.
(1)该药店甲、乙两种口罩每袋的售价各是多少元?
(2)根据消费者需求,药店决定用不超过1900元购进甲、乙两种口罩共100袋,且甲种口罩的数量至少比乙种口罩多30袋,已知甲种口罩每袋的进价为20元,乙种口罩每袋的进价为16元.若使药店获利最大,应该购进甲、乙两种口罩各多少袋,最大获利多少元?
24.四边形ABCD和四边形AMPN有公共顶点A,连接BM和DN.
(1)如图1,若四边形ABCD和四边形AMPN都是正方形,当正方形AMPN绕点A旋转角()时,BM和DN的数量关系是 ,位置关系是 ;
(2)如图2,若四边形ABCD和四边形AMPN都是矩形,且,判断BM和DN的数量关系和位置关系,并说明理由;
(3)在(2)的条件下,若,矩形AMPN绕点A逆时针旋转角(),当时,求线段DN的长.
25.抛物线的顶点坐标为,与x轴交于点两点,与y轴交于点C,点M是抛物线上的动点.
(1)求这条抛物线的函数表达式;
(2)如图1,若点M在直线BC上方抛物线上,连接AM交BC于点E,求的最大值及此时点M的坐标;
(3)如图2,已知点,是否存在点M,使得?若存在,求出点M的坐标;若不存在,请说明理由.
答案解析部分
1.【答案】C
【解析】【解答】解:2022的相反数是-2022.
故答案为:C.
【分析】根据相反数的性质求解即可。
2.【答案】D
【解析】【解答】解:俯视图:图1,第一行是三个正方形,第二行左侧是一个正方形,图2,第一行是三个正方形,第二行左侧是一个正方形,俯视图没有变化;主视图:图1,第一层是三个正方形,第二层在左侧有一个正方形,图2,第一层是三个正方形,第二层在右侧有一个正方形,故主视图发生了变化;左视图:图1,第一层是两个正方形,第二层有一个靠左的正方形,图2,第一层是两个正方形,第二层有一个靠左的正方形,故左视图没有发生改变.综上所述:图1变化至图2,则三视图中没有发生变化的是左视图和俯视图.
故答案为:D.
【分析】根据三视图的定义求解即可。
3.【答案】C
【解析】【解答】解:.
故答案为:C.
【分析】利用科学记数法的定义及书写要求求解即可。
4.【答案】B
【解析】【解答】解:∵AB∥CD,
∴∠BMF+∠MFD=180°,
∵∠BMF=152°,
∴∠MFD=180°-∠BMF=180°-152°=28°,
∵FM平分,
∴∠EFD=2∠MFD=56°,
∵AB∥CD,
∴∠ENM=∠EFD=56°,
故答案为:B.
【分析】先利用平行线的性质可得∠MFD=180°-∠BMF=180°-152°=28°,再利用角平分线的定义可得∠EFD=2∠MFD=56°,最后利用平行线的性质可得∠ENM=∠EFD=56°。
5.【答案】C
【解析】【解答】解:A.选项不是轴对称图形,也不是中心对称图形,不符合题意;
B.选项不是轴对称图形,也不是中心对称图形,不符合题意;
C.选项既是轴对称图形,又是中心对称图形,符合题意;
D.选项是轴对称图形,不是中心对称图形,不符合题意;
故答案为:C.
【分析】根据轴对称图形和中心对称图形的定义逐项判断即可。
6.【答案】C
【解析】【解答】解:∵把RtΔABC沿直线BC向右平移3个单位长度得到△ A'B'C',
∴A'A = CC'=3, AA'//BC',
在Rt△ABC中,
∵AB=10,AC=6, BC =B'C'==8,
∵AA'//BC',
∴四边形ABC'A'是梯形,
∴四边形AB C'A'的面积
= (AA'+ BC')× AC= (6+8+6) ×6=60.
故答案为:C.
【分析】根据平移的性质可得A'A = CC'=3, AA'//BC,再利用梯形的面积公式求出四边形AB C'A'的面积即可。
7.【答案】A
【解析】【解答】解:A. ,故符合题意,
B. ,∵,
∴选项计算错误,故不符合题意,
C. ,
∵,
∴选项计算错误,故不符合题意;
D. ,∵,
∴选项计算错误,故不符合题意,
故答案为:A.
【分析】利用合并同类项、完全平方公式、平方差公式和幂的乘方逐项判断即可。
8.【答案】D
【解析】【解答】解:A、36.2出现的次数最多,则这一周体温数据的众数是36.2,不符题意;
B、将这一周体温数据按从小到大进行排序为,则中位数为36.3,不符题意;
C、这一周体温数据的平均数是,不符题意;
D、这一周体温数据的极差是36.5-36.2=0.3,符合题意;
故答案为:D.
【分析】利用众数、中位数、平均数和极差的定义及计算方法逐项求解判断即可。
9.【答案】B
【解析】【解答】解:如图,过点G作于H.
由作图可知,GB平分,
∵,,
∴,
根据垂线段最短可知,GP的最小值为3.
故答案为:B.
【分析】过点G作于H,根据角平分线的性质可得,再利用垂线段的性质可得GP的最小值为3。
10.【答案】A
【解析】【解答】解:∵反比例函数,过点A(1,3),
∴k=1×3=3,
∴反比例函数解析式为:,
∵点A′(3,b)在反比例函数的图象上,
∴3b=3,
解得:b=1,
∴A′(3,1),
∵点B在直线y=x上,
∴设B点坐标为:(a,a),
∵点A(1,3),A′(3,1),
∴A点向下平移2个单位,再向右平移2个单位,即可得到A′点,
∵四边形AA′B′B是平行四边形,
∴B点向下平移2个单位,再向右平移2个单位,即可得到B′点(a+2,a-2),
∵点B′在反比例函数的图象上,
∴(a+2)(a-2)=3,
解得:a=±(负数不合题意),
即B点坐标为:(,).
故答案为:A.
【分析】利用反比例函数图象上点的坐标性质得出A'的坐标,再利用平行四边形的性质假设出点B的坐标,进而表示出B'点坐标,即可代入反比例函数解析式得出答案。
11.【答案】B
【解析】【解答】解:过M点作MH垂直BC于H点,与OB的交点为P点,
∵菱形中,,
∴,为等边三角形,
∴,,
∴在中,,
∴,
∴此时得到最小值,,
∵,,
∴,
又∵,
∴,
故答案为:B.
【分析】过M点作MH垂直BC于H点,与OB的交点为P点,根据含30°角的直角三角形的性质可得,此时得到最小值,,再利用锐角三角函数求出即可。
12.【答案】C
【解析】【解答】解:∵抛物线与直线只有一个交点M,
∴方程组只有一组实数解,
∴,
∴,
∴,
即,
∴方程可以化为,
即,
∴,
∴
∴,
∵点在第一象限,
∴,
∵,
∴,
∴,
解得:,
∵,
∴,
∵,
∴t随b的增大而增大,
∵时,,
时,,
∴t的取值范围为.
故答案为:C.
【分析】根据二次函数图象和性质直接判断即可。
13.【答案】
【解析】【解答】解:原式,
故答案为.
【分析】利用完全平方公式因式分解即可。
14.【答案】
【解析】【解答】解:由题意作树状图如下:
由树状图可知,共有9种结果,两次都摸出红球结果有1次,
所以,两次都摸出红球概率是.
故答案为:.
【分析】先利用树状图求出所有等可能的情况数,再利用概率公式求解即可。
15.【答案】1
【解析】【解答】解:∵代数式与代数式的和为1,
∴,
去分母得,
,
去括号得,
,
移项并合并同类项得,
,
解得,
经检验,是原方程的解,
∴,
故答案为:1.
【分析】根据题意列出方程,再求解即可。
16.【答案】9
【解析】【解答】解:设正多边形的外角为x度,则内角为度,
由题意得:,
解得:,
则正多边形的边数为:,
即这个正多边形的边数为9,
故答案为:9.
【分析】设正多边形的外角为x度,则内角为度,根据题意列出方程求出x的值,再利用正多边的边数=外角和÷外角的度数可得答案。
17.【答案】
【解析】【解答】解:连接,
∵,
∴,
∵,为的中点,
∴,
∵,,
∴,
∴,
∴,,
∴,,
即,
∴,
故答案为:.
【分析】连接OC,利用割补法可得,再将数据代入计算即可。
18.【答案】
【解析】【解答】解:
由翻折的性质可知,EB=EB′,∠B=∠AB′E=∠EB′D=90°,
在Rt△EBF和Rt△EB′D中,,
∴Rt△EBF≌Rt△EB′D(HL),
∴BF=DB′,
∵四边形ABCD是矩形,
∴∠C=∠CDB′=∠EB′D=90°,
∴四边形ECDB′是矩形,
∴DB′=EC=1,
∴BF=EC=1,
由翻折的性质可知,BF=FG=1,∠FAG=45°,∠EGF=∠B=∠AGF=90°,
∴AG=FG=1,
∴AF=.
∴AB=AB′=1+,
∴AD=AB′+DB′=2+,
故答案为:2+.
【分析】先求出DB′=EC=1,再求出AB=AB′=1+,最后利用线段的和差可得AD=AB′+DB′=2+。
19.【答案】(1)解:原式=1+
=1++3
=4;
(2)解:原式=
=
=
=;
∵分母不为零,
∴a-1≠0,且a+1≠0,且a≠0,
∴a≠1且a≠-1且a≠0,
∴当a=2时,原式=.
【解析】【分析】(1)先利用0指数幂、负指数幂、绝对值的性质和特殊角的三角函数值化简,再计算即可;
(2)先利用分式的混合运算化简,再将a的值代入计算即可。
20.【答案】(1)6;18;;
(2)解:由统计表可知,抽取的这40名学生平均每天睡眠时间的中位数为第20个和第21个数据的平均数,∵1组6,2组12,6+12=18<20,3组18,18+18=36>21,∴中位数落在第3组,故答案为3;
(3)解:该校学生中睡眠时间符合要求的人数为800×=440(人),
答:估计该校学生中睡眠时间符合要求的人数为440人.
【解析】【解答】解:(1)7≤t<8时,分别为7,7.5,7,7,7.5,7.5,
频数为m=6,
9≤t<10时,频数为n=40-6-12-4=18,
∴a=×100%=15%,
b=×100%=45%,
故答案为6,18,15%,45%;
【分析】(1)根据40名学生平均每天的睡眠时间即可得出结果;
(2)由中位数的定义即可得出结论;
(3)由学校总人数×该校学生中睡眠时间符合要求的人数所占的比例,即可得出结果。
21.【答案】(1)解:ED与⊙O相切.
理由:连接OD,CD.
∵AC是直径,
∴ ∠ADC=90°,
在Rt△BDC中,E为BC的中点,
∴DE=EC,
∴∠3=∠2,
又∵OD=OC,
∴∠1=∠4,
∵∠1+∠2=90°,
∴∠ODE=∠3+∠4=90°,
∴ED与⊙O相切;
(2)解:∵∠A+∠1=90°,∠1+∠2=90°,
∴∠A=∠2,
∵∠DEC=∠A,
∴∠2=∠3=∠DEC=60°,
∴∠A=60°,
∴∠DOC=2∠A=120° ,
∴弧DC的长=.
【解析】【分析】(1)连接OD,CD,先证明∠ODE=∠3+∠4=90°,再结合OD是半径可得ED与⊙O相切;
(2)先求出∠DOC=2∠A=120° , 再利用弧长公式求解即可。
22.【答案】(1)解:∵斜坡DE的坡度i=1:2.4,DE=52米,
∴设EH=x,则DH=2.4x.
在Rt△DEH中,
∵EH2+DH2=DE2,即x2+=522,
解得,x=20(米)(负值舍去),
∴EH=20米;
(2)解:过点E作EM⊥AC于点M,
∵DH=2.4x=48(米),
∴CH=DH+DC=48+60=108(米).
∵EM⊥AC,AC⊥CD,EH⊥CD,
∴四边形EHCM是矩形,
∴EM=CH=108米,CM=EH=20米.
在Rt△AEM中,
∵∠AEM=37°,
∴AM=EM•tan37°≈108×0.75=81(米),
∴AB=AM+CM﹣BC=81+20-78=23(米),
答:信号塔AB的高度为23米.
【解析】【分析】(1) 根据坡度的定义可得DE,设EH=x,则DH=2.4x.在Rt△DEH中,EH2+DH2=DE2,即x2+=522, 解之即可;
(2)过点E作EM⊥AC于点M,先证四边形EHCM是矩形 ,在Rt△AEM中, 根据正切的定义求出AM。
23.【答案】(1)解:设该药店甲种口罩每袋的售价为x元,乙种口罩每袋的售价为y元,根据题意得:,
解这个方程组得:,
故该药店甲种口罩每袋的售价为25元,乙种口罩每袋的售价为20元;
(2)解:设该药店购进甲种口罩m袋,购进乙种口罩袋,根据题意得:
,
解这个不等式组得:65≤m≤75,
设药店获利W元,则有:
,
故当m=75时,W最大,(元),
故该药店购进甲种口罩75袋,购进乙种口罩25袋时,获利最大,最大利润为475元.
【解析】【分析】(1)设该药店甲种口罩每袋的售价为x元,乙种口罩每袋的售价为y元,根据题意列方程组,解之即可;
(2)设该药店购进甲种口罩m袋,购进乙种口罩(100-m)袋,根据题意列不等式组求出m的取值范围,设药店获利W元,写出函数解析式,根据一次函数的性质即可解决问题。
24.【答案】(1)相等;垂直
(2)解:数量关系:;位置关系:BM⊥DN.理由如下:
如图,∵四边形ABCD和四边形AMPN都是矩形,
∴∠BAD=∠MAN=90°,
∴∠BAD-∠MAD=∠MAN-∠MAD,
∴∠BAM=∠DAN,
∵,
∴,
∴,
∴DN=BM.
延长BM交AD于点O,交DN于点H,
∵,
∴∠ABM=∠AND,
又∵∠AOB=∠DOH,
∴∠OHD=∠OAB=90°,即BM⊥DN.
(3)解:∵AB=,AM=1,,
∴AN=,
分类讨论:连结MN.
①如图,当MN位于AB上方时,
在中,由勾股定理得,
∴AB=MN,
又∵MN∥AB,
∴四边形ABMN是平行四边形,
∴BM=AN=,
∵DN=BM,
∴DN=3.
②如图,当MN位于AB下方时,连结BN,
同理可得,四边形ABNM是平行四边形,
∴BN=AM=1,BN∥AM,
∴
又,
∴B、N、P在一条直线上,
∴∠BPM=90°,
∴BP=BN+NP=2,MP=AN=,
∴在Rt△BPM中,,
∵DN=BM,
∴DN=.
综上所述,DN的长为3或.
【解析】【解答】解:(1)相等;垂直.理由如下:
如图,∵四边形ABCD和四边形AMPN都是正方形,
∴,,,
∴,即:,
∴,
∴BM=DN,.
延长BM交AD、DN于点E、F,
在和中,
∵,,且,
∴,
∴.
【分析】(1)先证明,可得BM=DN,.延长BM交AD、DN于点E、F,在和中利用三角形内角和公式可得;
(2)先证, 可得DN=BM, ∠ABM=∠AND,延长BM交AD于点O,交DN于点H, 利用三角形内角和公式可得 ∠OHD=∠OAB=90°,即BM⊥DN;
(3)当时,可证四边形ABMN是平行四边形, 分为两种情况讨论: ①当MN位于AB上方时,连结MN; ②当MN位于AB下方时,连结BN;利用勾股定理可得DN。
25.【答案】(1)解:∵抛物线过顶点(1,4),
所以可以设抛物线解析式为:,
将B(3,0)代入得,,
∴抛物线的解析式为:,
即:;
(2)解:如图,过点M作轴交直线BC于点,过点A作轴交直线BC于点,
∵直线BC过点C(0,3) ,
∴设直线BC的表达式为:,
将B(3,0)代入,
得k=-1,
∴:,
,
,
∴△∽△,
∴=,
设M(m,),则(m,),
∴=-()=,
令,解得,
∴A(-1,0),
∵:, 令,解得,
∴(-1,4),
∴,
∴==,
∵<0,
当m==时,最大,
把m=代入得,==,
把m=代入M(m,),
解得M点坐标为(,);
(3)解:取线段BQ的中点G,再将QG绕点Q旋转90°得到,
则tan∠MBQ=,直线与抛物线的交点即为点M,
①将QG绕点Q顺时针旋转90°,得到,
分别过点、点B作x轴垂线,与过Q点的水平线分别交于点N、Z,
∵QG绕点Q旋转90°得到,
,
轴,
,
,
,
∴△∽△ZBQ,
∵G是QB的中点,,
∴,
∴,,
,
∴,
设lBG′:,将B(3,0),代入,
得,解得,
∴lBG′:,
由,
解得:或(舍去),
∴M(,);
②如图,将线段QG绕点Q逆时针旋转90°得到QG″,
连接G″B并延长交抛物线于点M,过G″作x轴平行线交y轴于点L,
∵旋转90°,∴,
,
,
又∵,
∴△LQG″∽△OBQ,且相似比为,
∴LG″,,
,
∴G″,
又∵B(3,0),
设:,
将G″,B(3,0)代入,
得,解得,
∴:,
由 ,
解得:或(舍去),
∴M(0,3),
综上所述,点M的坐标为(,)或(0,3).
【解析】【分析】(1)利用待定系数法可得抛物线的解析式;
(2)过点M作轴交直线BC于点,过点A作轴交直线BC于点,利用待定系数法可得直线BC的表达式 ,可证
∽△,=, 设M(m,),则(m,),=-()=,
求出 , 则 ==, 利用二次函数的性质可得m,进而求出M点坐标 ;
(3)取线段BQ的中点G,再将QG绕点Q旋转90°得到,则tan∠MBQ=,直线与抛物线的交点即为点M,分为两种情况讨论:①将QG绕点Q顺时针旋转90°,得到,②将线段QG绕点Q逆时针旋转90°得到QG″,利用三角形相似确定直线的解析式,将二次函数解析式和直线解析式联立方程组,即可求出点M的坐标。
相关试卷
这是一份2023年山东省济南市莱芜区中考数学二模试卷(含解析),共27页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
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