2022年湖南省娄底市中考物理冲刺试卷（一）(word版含答案)

这是一份2022年湖南省娄底市中考物理冲刺试卷（一）(word版含答案)，共25页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2022年湖南省娄底市中考物理冲刺试卷（一）

一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 下列物理学家或学者与他研究的成果对应正确的是(    )
A. 沈括最早记述了地理的两极和地磁的两极不重合
B. 法拉第最先通过实验发现了电与磁之间的联系
C. 伽利略最早利用水银做实验测得了大气压的数值
D. 奥斯特通过实验最先精确的确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系
2. 北京冬奥会开幕式的倒计时方式以二十四节气为序曲，从“雨水”开始，一路倒数最终行至“立春”，在开幕式一开篇就向世界展现本届开幕式的中国风格和中国气质。下列自然现象，由凝华形成的是(    )
A. 霜降，红红的枫叶蒙上白霜 B. 冬至，静的的池塘覆上薄冰
C. 立春，皑皑的白雪开始消融 D. 白露，青青的小草挂上露珠
3. 智能语音控制系统可通过网络让用户以语言对话的交互方式，实现影音娱乐、生活服务信息查询等多项功能的操作。以下说法中错误的是(    )
A. 智能系统可根据语音指令完成相应操作，说明声音可以传递信息
B. 系统上的音箱靠扬声器纸盆的振动发出声音
C. 对系统发布“大点儿声”的指令，目的是要改变声音的音调
D. 播放音乐时，人们能分辨出不同乐器的声音，依据是声音的音色
4. 如图所示，这是游客在公园拍摄的一张照片，下列说法错误的是(    )
A. 建筑物在水中的倒影是由光的反射形成的虚像
B. 湖水看上去比实际浅，这是由光的折射造成的
C. 我们能从不同方向看到柳树是因为光发生了镜面反射
D. 柳树在岸边形成的影子是由光的直线传播形成的

5. 如图所示，这款“自拍神器”可三脚架支撑可伸缩可折叠，还可手持蓝牙遥控器拍照，为人们外出旅游拍照带来极大便利。下列关于利用自拍杆拍照的说法，错误的是(    )
A. 增大物距，减小像的大小，从而增大取景范围
B. 用蓝牙遥控器遥控拍照，是利用了电磁波传递信息
C. 某同学照了半身像后，想拍全身像，他应该远离自拍杆
D. 某同学照了全身像后，想拍半身像，他应该远离自拍杆
6. 如图是2021年4月13日奥运会女足亚洲区淘汰赛中我国女足拿下韩国闯进东京奥运会的场景。关于比赛中的一些现象，下列分析正确的是(    )


A. 踢出去的足球，其惯性大小随速度的变化而变化
B. 踢足球时，脚对足球的作用力使足球发生了形变
C. 踢足球时，脚对足球的作用力与足球对脚的作用力是对平衡力
D. 踢出去的足球能够继续运动，是因为运动员对足球力的作用仍然存在
7. 生活中处处有物理，下列说法错误的是(    )
A. 甲图钳子是省力杠杆
B. 乙图破窗锤的敲击端做成锥状是利用减小受力面积来增大压强
C. 丙图自行车刹车时用力捏车闸是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力
D. 丁图在火车站站台候车时，人必须站在安全线以外，是为了避免列车驶过时空气流速增大压强减小造成的危险
8. 光头强用如图所示的装置将200N的蜂蜜匀速提高3m，送给楼上的熊大、熊二，所用的拉力是125N，不计桶重、绳重和摩擦。下列说法不正确的是(    )
A. 绳子自由端移动的距离为6m
B. 拉力做的功为750J
C. 动滑轮重50N
D. 该滑轮组的机械效率为75%

9. 下列关于电流和电路的表述，正确的是(    )
A. 用毛皮摩擦过的橡胶棒带的电荷叫作正电荷
B. 串联电路中电流从正极流向负极的过程中，电流越来越小
C. 并联电路中有两条以上电流路径，各支路的电流大小一定不相等
D. 测电流时，必须将电流表和被测的用电器串联，电流必须从表的正接线柱流进
10. 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是(    )
A. 不高于220V的电压对人体都是安全的
B. 闭合教室里一个开关，三盏灯同时亮，说明这三盏灯是串联的
C. 使用试电笔时不能接触笔尾的金属体
D. 家庭电路中电流过大导致空气开关跳闸，原因是电路短路或者总功率过大
11. 如图所示为“机器人餐厅”的机器人为顾客送餐时的情景。机器人接到指令后，内部的电动机会驱动其底部的轮子将美食送到指定客人的桌边。制作电动机依据的是下列四幅图中的(    )
A.
B.
C.
D.

12. 如图所示，图甲是某款即热式电热水龙头，图乙是它的电路原理图，R1和R2是阻值分别为22Ω和44Ω的电热丝。通过旋转手柄改变与开关S接触的两个相邻触点，实现冷水、温水、热水挡的切换。则(    )
A. 开关S接触2、3触点时，水龙头放出的是热水
B. 开关S接触3、4触点时，电热丝R1、R2串联
C. 水龙头在温水挡正常工作时的电流是15A
D. 水龙头在热水挡正常工作时的功率是3300W

二、填空题（本大题共6小题，共24.0分）
13. 为测量一个不吸水石块的密度，首先用天平测量出它的质量，所用砝码的质量和游码的位置如甲图所示，则石块的质量是______g，用排水法测出它的体积如乙图所示，则它的密度是______kg/m3。


14. 5G网络采用的电磁波频率比4G网络更高，下载速度比4G网络快数百倍，与4G相比，5G电磁波的波长更______(选填“长”或“短”)；如图是一款华为折叠屏5G手机，其折叠屏主要是由______材料制成的柔性发光二极管(选填“导体”、“半导体”或“超导体”)。
15. 新冠肺炎疫情中使用负压救护车救治和转运感染者，“负压”就是通过技术手段使车内气压______外界气压，使新鲜空气流入车内，而车内被污染的空气通过无害化处理后排出，最大限度地减少医护人员与病人交叉感染。救护车疾驰而过，以路旁的树木为参照物，医护人员和患者都是______的。
16. 如图所示是某同学设计的水位自动报警装置，当水位上升到与金属片A接触时，控制电路接通，此时，工作电路中的______(选填“灯亮”或“铃响”)，通电螺线管上方为______(选填“N”或“S”)极。

17. 针对新冠疫情，我国采取了各项措施，例如图甲所示，在公共场所的入口设有自动测温设备，当人通过时，可以显示出人的体温，受其启发，小明同学为学校的图书馆设计了“自动测温门”，电路如图乙所示，R是定值电阻，B是一个由半导体材料制成的热敏电阻，其阻值随温度变化关系如图丙所示，电源电压不变，则被测者体温越高，电流表的示数______(选填“越大”或“越小”)，电压表的示数______(选填“越大”或“越小”)。

18. 太阳是人类的“能源之母”，地球上除核能、地热能和潮汐能以外，几乎所有能源都来自太阳。太阳能分布广阔、获取方便，既是清洁能源，又是______(填“可再生”或“不可再生”)能源。小明家的太阳能热水器装水50L，这些水升高2℃所吸收的热量是______J。[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，密度为1.0×103kg/m3]

三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
19. 如图甲所示为搬花神器，用它把花盆抬起时，相当于一个绕O点转动的杠杆。其简化示意图如图乙所示，请在乙图中画出：
(1)花盆所受重力的示意图(O'为其重心)；
(2)杠杆平衡时作用在A点的最小动力F1及其力臂L1。

20. 如图所示，一条与主光轴垂直的光线经平面镜反射后射向前方的凹透镜。请画出经过平面镜反射后的反射光线以及经过凹透镜折射后的折射光线。


四、实验探究题（本大题共2小题，共18.0分）
21. 在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，实验过程如图所示，其中弹簧测力计示数的大小关系是：F1>F2>F3，F3
【解析】
【分析】
本题考查了称重法求浮力、阿基米德原理的应用，要注意控制变量法在实验中的应用。
(1)(2) 浮力大小与排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与什么因素有关时，应找出不变的量和变化的量，研究浮力与变化量的关系；
(3) 根据 F浮=G-F 计算出在水中受到的浮力；根据阿基米德的变形公式 V排=F浮ρ水g 计算出物体的体积，根据密度公式表示出密度；
(4) 根据称量法和弹簧测力计示数的大小判断出两种液体中浮力的大小，由阿基米德原理判断出液体密度的大小，根据压强公式 p=ρgh 判断出 p水 与 p液 的关系。
【解答】
(1) 要探究浮力的大小跟物体排开液体体积的关系，需要控制液体的密度相同，改变排开液体的体积，图乙丙符合题意；
(2) 由丙丁图知排开液体的体积都等于物体的体积，保持不变，排开液体的密度不同，物体受到的浮力不同，所以，比较图丙丁可知，物体受到的浮力大小与液体的密度有关；
(3) 分析甲、丙两图可得，物体浸没在水中时受到的浮力 F浮=F1-F3 ，
由 F浮=ρ液gV排 可知，物体的体积： ，
根据 G=mg 得，
物体的质量为： m=Gg=F1g ，
物体的密度为： ；
(4) 根据称量法知水中浮力为： F浮水=F1-F3 ，液体中浮力为： F浮液=F1-F4 ，
因为 F3F浮液 ，
根据 F浮=ρ液gV排 可知，在排开液体体积相同时，水的密度大于液体的密度，
由图知丙丁的深度相同，
根据压强公式 p=ρgh 判断出 p水>p液 。   
22.【答案】左  20.8  多次测量求平均值  偏小  C
【解析】解：(1)图甲中，电压表和变阻器串联，是错误的，电压表和电阻并联，如答图所示；
；
(2)闭合开关前，为了保护电路，滑片应滑至阻值最大处，即最左端；
(3)由图乙可知，电流表选择小量程，分度值是0.02A，电流表的示数是0.12A，电压表选择小量程，分度值是0.1V，电压表的示数是2.5V，电阻的阻值为：R=UxIx=2.5V0.12A≈20.8Ω；
为了减小误差，需要多次测量电阻的阻值求平均值；
(4)考虑到电压表中也有电流通过，电压表和电阻并联，由并联电路电流的规律可知电流表的示数变大，电压表的示数准确，由R=UI可知测得的Rx的测量值与真实值偏小；
(5)A.闭合开关S1，滑动变阻器的滑片使电流表的示数为灯泡的额定电流，闭合开关S2，电阻Rx与灯泡并联，电阻Rx与灯泡两端的电压相等，但不能得到电阻Rx的电压值，不能得到灯泡正常发光时的电阻，故A不符合题意；
B.闭合开关S1，滑动变阻器的滑片使电流表的示数为灯泡的额定电流，闭合开关S2，电阻Rx与灯泡并联，电阻Rx与灯泡两端的电压相等，但不能得到电阻Rx的电压值，不能得到灯泡正常发光时的电阻，故B不符合题意；
C.只闭合S1，移动变阻器的滑片，使电压表示数为2.5V，则灯正常发光；保持滑片位置不动，闭合S2，断开S1，记下电压表的示数U1，此时电压表测Rx与灯的电压，因电路的连接没有改变，各电阻的大小和电压没有改变，灯仍正常发光，由串联电路电压的规律，Rx的电压Ux=U1-2.5V通过Rx的电流，即灯的额定电流I=U1-2.5VRx；
灯泡正常发光时的电阻为：RL=2.5VI=2.5VU1-2.5VRx=2.5VU1-2.5VRx，故C符合题意；
D.定值电阻与灯串联，电路中只有电压表，只闭合S1，电表测定值电阻的电压；当只闭合S2时，电压表测灯与定值电阻的电压，无法确定灯是否正常发光，故D不符合题意。
故答案为：(1)如上图所示；(2)左；(3)20.8；多次测量求平均值；(4)偏小；(5)C。
(1)“测量定值电阻Rx阻值”的实验电路中，电压表应测量待测电阻两端的电压；
(2)闭合开关前，滑动变阻器阻值应调至最大；
(3)首先确定电表的量程和分度值，然后读数，根据欧姆定律求出电阻的大小；实验中为了减小误差，应多次测量求平均值；
(4)根据电压表的分流作用分析；
(5)要想测量小灯泡正常发光时的电阻，需要测量出小灯泡正常发光时两端的电压和通过小灯泡的电流。
本题考查实物图的连接、欧姆定律的应用、特殊方法测量电阻，有一定的难度。

23.【答案】解：(1)疫苗车空车的重力：
G=mg=4×103kg×10N/kg=4×104N，
疫苗车空车静止在水平地面时，对地面的压力：
F=G=4×104N，
受力面积S=0.2m2，
对水平地面的压强：
p=FS=4×104N0.2m2=2×105Pa；
(2)因为疫苗车在水平路面匀速直线行驶，所以疫苗车受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等，
疫苗车受到的牵引力：
F=f=3000N，
由P=Wt=Fst=Fv可得疫苗车行驶速度：
v=PF=60×103W3000N=20/s；
(3)疫苗车匀速行驶s=50km=50000m做的有用功：
W=Fs=3000N×50000m=1.5×108J，
若换用效率为30%的汽油机提供动力，
由η=WQ放=30%可得汽油完全燃烧释放的热量：
Q放=W30%=1.5×108J30%=5×108J，
由Q放=mq可得，需要完全燃烧汽油的质量：
m'=Q放q汽油=5×108J4.0×107J/kg=12.5kg。
答：(1)疫苗车空车静止在水平地面时，对地面的压强为2×105Pa；
(2)疫苗车在水平路面匀速直线行驶时，受到的阻力为3000N，疫苗车的速度为20m/s；
(3)若换用效率为30%的汽油机提供动力，需要消耗汽油的质量为12.5kg。
【解析】(1)知道疫苗车空车的质量，利用G=mg求其重力，疫苗车空车静止在水平地面时，对地面的压力等于其重力，知道受力面积，利用p=FS求对水平地面的压强；
(2)由于疫苗车在水平路面匀速直线行驶，疫苗车受到的牵引力、阻力是一对平衡力，大小相等，可求疫苗车受到的牵引力，知道疫苗车的功率，利用P=Wt=Fst=Fv求疫苗车行驶速度；
(3)利用W=Fs求疫苗车匀速行驶50km做的有用功，若换用效率为30%的汽油机提供动力，利用η=WQ放=30%求汽油完全燃烧释放的热量，再利用Q放=mq求需要完全燃烧汽油的质量。
本题考查了重力公式、压强公式、功率公式、功的公式、二力平衡条件、效率公式以及燃料完全燃烧释放热量公式的综合应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。

24.【答案】解：(1)由P=Wt=Fst=Fv可知其牵引力：F=Pv=3×104W10m/s=3000N，
由所受的阻力为其重力的0.02倍，即f=0.02G=0.02mg，
又因为匀速行驶，处于平衡状态，受到平衡力作用，由二力平衡条件可得：f=F=3000N，
该汽车的整车质量：m=f0.02g=3000N0.02×10N/kg=1.5×104kg；
(2)由表中数据知，每次充满时的能量W=1.8×107J，每次充满的时间t=30s，
充电桩为电动汽车充电时的输出功率：P'=Wt=1.8×107J30s=6×105W；
电容存储设备的额定输出功率P″=72kW=7.2×104W，电容存储设备的额定输出电压U=720V，
根据P=UI可得电容存储设备输出的电流：I=P″U=7.2×104W720V=100A；
(3)已知电容存储设备能将电能的50%转化为汽车前进的机械能，
则每次充满时的能量转化为的机械能：W机=ηW电=50%×1.8×107J=9×106J，
电动汽在水平路面上做匀速直线运动，由力的平衡条件可得此时的牵引力：F'=f'=2×103N，
由W=Fs可知电动汽车行驶的最远距离：s=W机F'=9×106J2×103N=4500m。
答：(1)该汽车的整车质量为1.5×104kg；
(2)充电桩为电动汽车充电时的输出功率是6×105W；电容存储设备正常工作时的电流是100A；
(3)理论上最远能行驶的距离是4500m。
【解析】(1)已知电机的输出功率和汽车的行驶速度，根据P=Wt=Fst=Fv可求出其牵引力；根据题意得出阻力f=0.02G=0.02mg，当汽车匀速行驶时，处于平衡状态，受到平衡力作用，由二力平衡的条件可知牵引力大小与阻力大小相等，据此可得出汽车的质量大小；
(2)由表中数据可知每次充满时的能量和所需的时间，根据P=Wt可求出充电桩为电动汽车充电时的输出功率；
已知电容存储设备的额定输出功率和额定输出电压，根据P=UI可求出电容存储设备正常工作时输出的电流；
(3)根据题意可得出每次充满时转化的机械能，电动汽车匀速行驶时，由二力平衡条件可知牵引力大小与阻力大小相等，根据W=Fs可求出电动汽车行驶的最远距离。
本题考查了功、功率、效率和电功率计算公式的应用，从表格中读取相关数据是解题的关键。