2021乐山沫若中学高二下学期入学考试数学(理科)试题含答案
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这是一份2021乐山沫若中学高二下学期入学考试数学(理科)试题含答案,共11页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
四川省乐山沫若中学2021年高二下期数学(理科)入学考试试题满分:150分 考试时间:120分钟 一、选择题:(共12个小题,每题5分,共60分。)1.点A(3,2,1)关于xOy平面的对称点为( )A.(-3,-2,-1) B.(-3,2,1) C.(3,-2,1) D.(3,2,-1)2.抛物线的准线方程为 A. B. C. D. 3.设a,b是两条直线,,是两个平面,且,,则“”是“”的( )A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件4.体积为的正方体的顶点都在同一个球面上,则该球的表面积为( )A. B. C. D.5.过抛物线的焦点作直线交抛物线于,两点,如果,那么 A. 6 B. 8 C. 9 D. 106.已知双曲线的一条渐近线方程为,则此双曲线的离心率为 A. B. C. D. 7.在底面为正方形的四棱锥中,底面,,则异面直线与所成的角为( )A. B. C. D.8.若直线与圆的两个交点关于直线对称,则的值分别为( )A. B. C. D. 9.已知,为椭圆的左、右焦点,点在上,,则等于 A. B. C. D. 10.已知P是△ABC所在平面外一点,点P与AB,AC,BC的距离相等,且点P在△ABC上的射影O在△ABC内,则O一定是△ABC的( )A.内心 B.外心 C.重心 D.中心11.已知,是双曲线的左、右焦点,过的直线l与双曲线的左、右两支分别交于点A,B,若为等边三角形,则该双曲线的渐近线的斜率为( )A. B. C. D.12.如图,正方体中,P为底面上的动点,于E,且则点P的轨迹是( )A.线段 B.圆 C.椭圆的一部分 D.抛物线的一部分二、填空题:(共4个小题,每题5分,共20分。)13.命题“”的否定是___________.14.若抛物线上的点到焦点的距离为10,则到轴的距离是 .15.设、分别是椭圆的左、右焦点.若是该椭圆上的一个动点,则的最大值为 .16.已知双曲线右支上一点分别为其左右焦点,圆是内切圆,且与圆相切于点(为半焦距),若,则双曲线离心率的取值范围是_____. 三、解答题:(共6个小题,共70分。)17.(满分10分)如图所示,直棱柱中,四边形ABCD为菱形,点E是线段的中点.(1)求证:平面BDE;(2)求证:. 18.(满分12分)已知圆,圆心在直线上.(1)求圆的标准方程;(2)求直线被圆截得的弦的长. 19.(满分12分)如图,一简单组合体的一个面内接于圆O,是圆O的直径,矩形所在的平面垂直于圆O所在的平面.(1)证明:平面平面;(2)若,,,试求该简单组合体的体积. 20.(满分12分)已知过抛物线的焦点,斜率为的直线交抛物线于,,,两点,且.(Ⅰ)求该抛物线的方程(Ⅱ)为坐标原点,为抛物线上一点,若,求的值. 21.(满分12分)如图,在三棱锥中,平面平面,,,,,是的中点.(Ⅰ)求证:平面;(Ⅱ)设点是的中点,求二面角的余弦值. 22.(满分12分)已知椭圆的长轴长为4,焦距为,点为椭圆上一动点,且直线的斜率之积为.(1)求椭圆的标准方程;(2)设分别是椭圆的左右顶点,若点是上不同于的两点,且满,求证:的面积为定值. 数学试题(理科)答案一、选择题(共12个小题,每题5分,共60分。)1.D 2.C 3.C. 4.B. 5.B 6、A 7. 8.、B 9.D 10.A 11.C .12.A二、填空题(共4个小题,每题5分,共20分。)13. 14.9 15.4 16.. 三、解答题:(共6个小题,共70分。)17.【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析.【分析】(1)连接AC交BD于点O,连接OE,即可得到,从而得证;(2)依题意可得,再由,即可得到平面,从而得证;【详解】(1)证明:如图,连接AC交BD于点O,连接OE;因为О,E分别为线段AC,的中点,故,而平面BDE,平面BDE,故平面(2)证明:因为直棱柱,故平面ABCD,又平面ABCD,所以.因为ABCD是菱形,所以.又,平面,平面,所以平面.因为平面,故.18.【答案】(1);(2).【分析】(1)由圆的一般式方程求出圆心代入直线即可求出得值,即可求解;(2)先计算圆心到直线的距离,利用即可求弦长.【详解】(1)由圆,可得所以圆心为,半径 又圆心在直线上,即,解得.所以圆的一般方程为,故圆的标准方程为.(2)由(1)知,圆心,半径.圆心到直线的距离.则直线被圆截得的弦的长为.所以,直线被圆截得的弦的长为.19.【答案】(1)证明见解析;(2).【分析】(1)由题意可得,,由线面垂直的判定定理可得面,再由,可得面,根据面面垂直的判定定理即可证明.(2)根据面面垂直的性质定理可得,且面,根据锥体的体积公式即可求解.【详解】解 (1)证明:因为内接于圆O且为直径所以在矩形中有且与相交于点C所以面而所以面因此面面(2)解:由题知,面面且面面所以面所以.又因为,所以同理面,在中,所以矩形的面积为因此该简单组合体的体积20.【答案】(Ⅰ);(Ⅱ)或2【解析】(Ⅰ)抛物线的焦点为,,则直线的方程为,代入抛物线的方程,可得,可得,由抛物线的定义可得,由已知,得,解得,即抛物线的方程为;(Ⅱ)由可得,可得或,即有,,,,设,,,,,即有,,由,可得,即,解得或2 21.【答案】(Ⅰ)证明见解析;(Ⅱ).【分析】(Ⅰ)根据面面垂直的性质定理可得平面,根据线面垂直的性质定理,可得,根据等腰三角形中线的性质,可得,利用线面垂直的判定定理,即可得证;(Ⅱ)根据面面垂直的性质定理可得平面,结合题意,如图建系,可得各点坐标,进而可得,,的坐标,即可求得两个平面的法向量,利用二面角的向量求法,即可求得答案.【详解】解:(Ⅰ)平面平面,平面平面=AC,平面,,∴平面,∵平面,∴,∵,是的中点,∴,∵,平面,∴平面. (Ⅱ)∵平面平面,平面平面=AC,平面,∴平面,∵平面,∴,以C为原点,CA,CB,CP为x,y,z轴正方向,建立如图所示的空间直角坐标系,,,,,,,则,,,由(Ⅰ)知是平面的一个法向量,设是平面的法向量,则有,即,令,则,,∴,设二面角所成角为,由图可得为锐角,则. 22.【答案】(1);(2)定值为,证明见解析【分析】(1)根据题意可得,,再由即可求解. (2)设,且直线的方程为:,由题意可得,联立直线和椭圆方程,利用韦达定理可得,再由,化简整理即可求解.【详解】(1)由题意可得 解得,椭圆的标准方程为(2)证明:设,直线的方程为: 由得即,联立直线和椭圆方程:,整理得:由韦达定理可得:又代入,可得,的面积,的面积为定值.【点睛】关键点点睛:本题考查了直线与椭圆的位置关系,解题的关键是求出直线的方程中,考查了计算能力.
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