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2022年黑龙江省双鸭山市中考物理试卷解析版
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这是一份2022年黑龙江省双鸭山市中考物理试卷解析版，共58页。试卷主要包含了单项选择题，双项选择题，填空题，探究与实验，分析与交流，综合与应用题等内容，欢迎下载使用。
2022年黑龙江省双鸭山市中考物理试卷
一、单项选择题（每小题2分，共24分。每小题只有一个正确选项）
1．（2分）以下数据最接近实际的是（ ）
A．答题所用学生课桌高度约为2m
B．普通中学生的质量约为50kg
C．学生步行进入考场的速度约为5m/s
D．目前考场环境温度约为37℃
2．（2分）下列关于天宫课堂上声现象知识的描述，说法正确的是（ ）
A．王亚平老师讲课时声带在振动
B．声音以340m/s的速度从天宫传到我们耳朵
C．听老师解说实验是利用声能传递能量
D．老师讲课时发出的声音在90dB以上
3．（2分）如图所示的物态变化过程中，发生凝华现象的是（ ）
A．初春，冰雪消融
B．盛夏，骄阳散雾
C．深秋，铁网挂霜
D．寒冬，冻衣变干
4．（2分）如图所示的光现象中，能用光的直线传播解释的是（ ）
A．小孔成像
B．水中倒影
C．海市蜃楼
D．雨后彩虹
5．（2分）如图所示的场景中，与惯性现象无关的是（ ）
A．小球落入凹槽
B．固定锤头
C．安全气囊
D．瀑布倾泻
6．（2分）巅峰使命，珠峰科考。2022年5月4日，在珠峰海拔8830米处，我国科考队员成功架设全球海拔最高的自动气象观测站，并成功传回实时数据。有些设备仪器是易碎品，全程由科考队员背上去。下面有关描述正确的是（ ）
A．在背负设备仪器登峰过程中，大气压增大，仪器的质量不变
B．在背负设备仪器登峰过程中，大气压减小，仪器的质量不变
C．在背负设备仪器登峰过程中，大气压增大，仪器的质量变大
D．在背负设备仪器登峰过程中，大气压减小，仪器的质量变大
7．（2分）如图所示的情景中，为了增大压强的是（ ）
A．火车轨道铺枕木
B．斧头的刃很薄
C．多轴平板货车
D．推土机安装履带
8．（2分）下列关于内能知识的描述正确的是（ ）
A．物体温度越高内能越大，所以0℃的冰没有内能
B．温度越高的物体含有的热量越多，所以0℃的冰没有热量
C．摩擦生热是通过做功的方式改变了物体的内能
D．物体吸收热量，内能增加，温度一定升高
9．（2分）刘宇同学善于思考、积极探究。一次电学实验课上，在完成老师要求的探究任务后，他把自己文具盒里的部分物品分别接入如图所示电路，其中能使小灯泡发光的是（ ）
A．塑料尺 B．中性笔芯 C．橡皮 D．铅笔芯
10．（2分）如图所示，图甲是某款电子秤的外观图，图乙是它的原理图，表盘是由电压表改装而成的，下列判断正确的是（ ）
A．物体质量越大，电子秤示数越大，电路中电流不变
B．物体质量越大，电子秤示数越小，电路中电流不变
C．物体质量越大，电子秤示数越大，电路中电流越大
D．物体质量越大，电子秤示数越小，电路中电流越大
11．（2分）请你仔细观察并分析电路图，下列说法正确的是（ ）
A．两灯串联，两电压表示数相同
B．两灯并联，两电压表示数不同
C．两灯串联，两电压表示数不同
D．两灯并联，两电压表示数相同
12．（2分）下列四幅图中，能说明洗衣机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
二、双项选择题（每小题3分，共9分。每小题有两个正确选项，选项不全但正确得1分，有错误选项不得分）
（多选）13．（3分）过度使用电子产品导致我国青少年近视率逐年上升，严重危害身心健康。图中能反映出近视成因及矫正方案的是（ ）
A． B．
C． D．
（多选）14．（3分）如图所示，用滑轮组提升重540N的物体，使它在10s内匀速上升1m，所用的拉力为200N，则在提升重物的过程中（不计绳重和摩擦），下列说法正确的是（ ）
A．有用功为600J
B．动滑轮重60N
C．滑轮组的机械效率为67.5%
D．拉力做功的功率为60W
（多选）15．（3分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关，在保证电路元件安全情况下，移动滑动变阻器的滑片，记录电表示数；图乙是电路中电流与变阻器两端电压关系的图像，下列说法正确的是（ ）
A．定值电阻R0的阻值是10Ω
B．电源电压为4.5V
C．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是5～15Ω
D．当滑动变阻器的滑片P移至中点时，电流表的示数是0.3A
三、填空题（每空1分，每小题2分，共24分）
16．（2分）编钟是我国古代的一种乐器，它是广大劳动人民智慧的结晶。演奏时轻敲或重敲同一位置，所发出声音的 （选填“音调”、“响度”或“音色”）不同；亲临现场时，我们能从不同角度看见编钟，是因为光在其表面发生 。
17．（2分）中国茶文化源远流长，一杯冲好的茶水香气四溢，这属于 现象；拿茶杯的手感觉很热，这是通过 方式增加了手的内能。
18．（2分）2022年2月12日，冬奥会比赛中，我省运动员高亭宇在500米速度滑冰比赛中，以34.32s的优异成绩刷新该项目奥运会记录，他全程的平均速度约为 m/s（保留整数位）；在冲刺阶段，他全力向后蹬冰使自己向前加速滑行，该过程中他的动能会变 。
19．（2分）小李在超市购物，用20N的水平推力推着购物车做匀速直线运动，后改用30N的水平推力推购物车，使其加速向前运动，在加速过程中购物车受到的摩擦力为 N，所受摩擦力的方向与运动方向 。
20．（2分）周末，小刚去湖边钓鱼，钓到鱼后他将鱼拉出水面，如图所示，鱼线对鱼的拉力和鱼对鱼线的拉力是一对 力；小刚使用钓鱼竿时，钓鱼竿是一个 （选填“省力”、“等臂”或“费力”）杠杆。
21．（2分）丽丽使用电子秤称得一个鸡蛋的质量为55g，将其放入水中后沉入水底，如图所示，逐渐向水中加盐，待鸡蛋悬浮于水中静止时，鸡蛋所受浮力大小为 N；沉底时鸡蛋受到的浮力为F1，悬浮时鸡蛋受到的浮力为F2，则F1 F2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
22．（2分）将一未装满水的密闭矿泉水瓶，先正立放置在水平桌面上，再倒立放置，如图所示，则倒立时水对瓶盖的压强是 Pa；正立时水对瓶底的压力为F1，倒立时水对瓶盖的压力为F2，则F1 F2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
23．（2分）两个相同的容器中分别装入质量相同的甲、乙两种液体，使用相同的热源为其加热，液体温度与加热时间的关系如图所示，若甲、乙两液体吸收相同的热量，则 液体升高的温度较多；两者比较， 液体更适合作汽车的冷却剂。
24．（2分）如图所示，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻。若开关S1、S2闭合，甲、乙两表均为电压表，示数之比为5：2，则R1、R2电阻之比为 ；若开关S1闭合、S2断开，两表均为电流表，甲、乙两表的示数之比为 。
25．（2分）如图所示是“探究通电导体产生的热量与 大小关系”的实验装置。电源电压为4.5V且保持不变，将滑动变阻器滑片移至最右端，在1min内电流通过10Ω电阻丝产生的热量为 J。
26．（2分）如图所示的家庭电路，两虚线框中连入了电灯和开关，则方框 中为开关；闭合开关后，发现电灯不亮，使用试电笔测试a、b、c三点时试电笔的氖管均发光，测试d点时试电笔的氖管不发光，则该电路的故障为 。
27．（2分）2022年5月15日，是天问一号着陆火星一周年的日子，目前设备运行状态良好，累计获取并传回原始科学数据约940GB，这些数据是通过 将信息传回地球的；如图所示，该火星车是利用电能来驱动的，电能属于 次能源。
四、探究与实验（28题7分，29题5分，30题8分，共20分）
28．（7分）（1）小亮在测量盐水密度时，天平调平后，进行了如下操作：
①用天平测量烧杯和盐水的总质量，盘中砝码及游码的位置如图甲所示，则烧杯和盐水的总质量为 g；
②将烧杯中的盐水倒入量筒中一部分，液面位置如图乙所示，盐水体积为 mL；
③用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量为87g，则盐水密度为 g/cm3。
（2）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，小宇选用焦距为10cm的凸透镜，将蜡烛、凸透镜和光屏分别放置在光具座上（如图丙）：
①首先应使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上，目的是 ；
②当蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图丙所示时，光屏上成清晰的像，则光屏上所成的像是 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的 （选填“实”或“虚”）像；
③若将蜡烛和光屏互换位置，在光屏上 （选填“能”或“不能”）成烛焰清晰的像。
29．（5分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）如图甲所示，实验前杠杆左端下沉，则应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，杠杆上刻度均匀，在A点挂3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂 个相同的钩码；当杠杆平衡后，将A、B两点下方同时增加一个相同的钩码，则杠杆将 （选填“左端下沉”、“右端下沉”或“仍保持静止不动”）；
（3）如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡；当弹簧测力计从图丙位置转到图丁位置时，其示数会 （选填“变大”、“不变”或“变小”），原因是 。
30．（8分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V，图甲是未连接完整的实验电路：
（1）连接实验电路的过程中，开关应 ；
（2）用笔画线代替导线，将图甲的实验电路连接完整（要求滑动变阻器的滑片P向B端移动时电流表的示数变大）；
（3）闭合开关后，小明发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，电压表示数接近4.5V，则电路的故障可能是 （填一种情况即可）；
（4）排除故障后，调节滑动变阻器的滑片，如图乙所示，电压表的示数为 V，为了测小灯泡的额定功率，应将滑片向 （选填“A”或“B”）端移动；
（5）改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，绘制了如图丙所示的I﹣U图像，由图像可知，小灯泡的额定功率为 W；
（6）由图丙可知小灯泡正常发光时的电阻是 Ω，小灯泡的电阻是变化的，原因是灯丝电阻受 的影响。
五、分析与交流（每小题4分，共8分）
31．（4分）飞越苍穹，筑梦星河。2022年6月5日10时44分07秒，神舟十四号载人飞船成功发射。火箭点火后，向下快速喷出气体，推动火箭加速上升。请你结合实际，分析并解答下列问题：
（1）火箭向下快速喷出气体，推动火箭加速上升，此过程包含哪些力学知识，请你说出两点。
（2）请分析发射过程中存在哪些能量转化。
32．（4分）李刚同学家里添置了一台电热水器，他建议家人不要将电热水器和其它大功率用电器同时使用，否则会存在安全隐患。请你根据所学的物理知识，解释同时使用大功率用电器存在什么安全隐患。
六、综合与应用题（33题7分，34题8分，共15分）
33．（7分）疫情防控期间，疾控部门要经常对环境进行消杀。一台运送消毒液的车辆，满载后总质量为14t，车轮与地面总接触面积为0.4m2，该车沿平直公路匀速行驶4.6km后到达目的地，共消耗汽油5kg，车匀速行驶过程中，牵引力始终为1.5×104N，汽油的热值q＝4.6×107J/kg。求：
（1）车满载时受到的总重力；
（2）车满载后静止在水平地面时对地面的压强；
（3）车行驶过程中发动机的效率。
34．（8分）小李同学家购置一台电热油汀取暖器简称电热油汀，它是一种安全可靠的空间加热器，外观及铭牌如图甲和表格所示。据了解，该电热油汀的工作物质是一种油，这种油的密度ρ＝0.8×103kg/m3，比热容约为c＝2.0×103J/（kg•℃）。
**电热油汀
额定电压
220V
额定功率
1100W
液体质量
20kg
请你分析并解答：
（1）该电热油汀正常工作10min，油汀中油升高的温度（不考虑热量损失）；
（2）电热油汀电热丝的阻值大小；
（3）为了使电热油汀的实际加热功率可以调节，他找来一个旧的电位器（滑动变阻器），只能看清上面有“6A”字样，经测试最大阻值只能调到176Ω，将它串联在电路中对电热油汀进行改装，改装后的简化电路图如图乙所示。请你计算改装后电热油汀的实际加热功率变化范围；
（4）该同学了解到此电热油汀的工作物质是一种油后，对此他产生了疑问，为什么不使用水呢？除油的密度较小外，请从物质性质的其它方面找出一条使用该油的好处。
2022年黑龙江省双鸭山市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（每小题2分，共24分。每小题只有一个正确选项）
1．（2分）以下数据最接近实际的是（ ）
A．答题所用学生课桌高度约为2m
B．普通中学生的质量约为50kg
C．学生步行进入考场的速度约为5m/s
D．目前考场环境温度约为37℃
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、学生课桌的高度大约80cm，故A错误；
B、一个中学生的质量约为50kg，故B正确；
C、人步行的速度约为1.1m/s，故C错误；
D、考场的温度应该让学生舒服，人感觉舒适的环境温度一般在18～26℃，故D错误。
故选：B。
【点评】本题是一道估算题，对日常生活中实际数据有一定的了解是解答本题的关键。
2．（2分）下列关于天宫课堂上声现象知识的描述，说法正确的是（ ）
A．王亚平老师讲课时声带在振动
B．声音以340m/s的速度从天宫传到我们耳朵
C．听老师解说实验是利用声能传递能量
D．老师讲课时发出的声音在90dB以上
【分析】（1）声音是由发声体振动而产生的；
（2）声音在空气中的传播速度约为340m/s，在太空没有空气，不能传声；
（3）太空中利用电磁波传递信息；
（4）老师讲课一般在65～75dB，据此解答。
【解答】解：A、王亚平老师讲课时能够发声是因为其声带在振动，故A正确；
B、在太空没有空气，声音不能传播，故B错误；
C、听老师解说实验是利用电磁波传递能量，故C错误；
D、老师讲课时发出的声音在70dB左右，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查声音的产生及传播、声与信息等，掌握声音的传播需要介质是解答本题的关键。
3．（2分）如图所示的物态变化过程中，发生凝华现象的是（ ）
A．初春，冰雪消融
B．盛夏，骄阳散雾
C．深秋，铁网挂霜
D．寒冬，冻衣变干
【分析】物质由液态变为固态的过程叫凝固，物质由固态变为液态的过程叫熔化；物质由液态变为气态的过程叫汽化，物质由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，物质由气态直接变为固态的过程叫凝华。
【解答】解：A、冰雪消融属于熔化，故A错误；
B、骄阳散雾液态的小水滴吸热变为水蒸气，属于汽化，故B错误；
C、深秋，铁网挂霜是空气中的水蒸气遇冷变成小冰晶，属于凝华，故C正确；
D、寒冬，冻衣变干是冰直接变成水蒸气，属于升华，故D错误。
故选：C。
【点评】判断物态变化主要看物体由什么状态变为什么状态，然后根据各种物态变化的定义来分析。
4．（2分）如图所示的光现象中，能用光的直线传播解释的是（ ）
A．小孔成像
B．水中倒影
C．海市蜃楼
D．雨后彩虹
【分析】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等。
（2）光射到介质界面上会发生反射，光的反射形成的现象有：平面镜成像、水中的倒影、凹面镜成像；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
（4）玻璃三棱镜分解白光，是光的色散现象，其实质是光的折射，彩虹的形成就是光的色散。
【解答】解：A、小孔成像是利用光的直线传播原理形成的倒立的实像，可以用光的直线传播解释，故A符合题意；
B、水中“倒影”是平面镜成像现象，其实质是光的反射，故B不符合题意；
C、海市蜃楼是光在透过不均匀的大气层时发生折射形成的，是光的折射现象，故不符合题意；
D、雨后天空出现的彩虹，是阳光通过天空中的小水珠发生折射形成，是光的色散现象，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】光的直线传播在现实生活中的例子有很多，其中小孔成像也是很典型的一类，要加强理论与实际的联系。
5．（2分）如图所示的场景中，与惯性现象无关的是（ ）
A．小球落入凹槽
B．固定锤头
C．安全气囊
D．瀑布倾泻
【分析】（1）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都有惯性；
（2）一切物体都受到重力的作用，物体的势能和动能可相互转化，水下落时，高度减小、速度增大。
【解答】解：A、小球能落回凹槽是因为小球具有惯性，故A错误；
B、紧固锤头过程中，锤头与锤柄一起运动，当锤柄遇到硬物停止时，锤头由于惯性仍保持原来的运动状态，所以会套紧，这一过程利用了惯性，故B错误；
C、安全气囊可车辆发生紧急碰撞时，安全气囊在车辆发生紧急碰撞时可以打开，减小因惯性而对人造成的伤害，故C错误；
D、瀑布是因为水受到重力的作用，从高处往低处流，在此过程中势能减小，减小的势能转化为动能，故D正确。
故选：D。
【点评】惯性在生活中应用非常多，应学会解释其现象，分清哪些与惯性有关，哪些与惯性无关。
6．（2分）巅峰使命，珠峰科考。2022年5月4日，在珠峰海拔8830米处，我国科考队员成功架设全球海拔最高的自动气象观测站，并成功传回实时数据。有些设备仪器是易碎品，全程由科考队员背上去。下面有关描述正确的是（ ）
A．在背负设备仪器登峰过程中，大气压增大，仪器的质量不变
B．在背负设备仪器登峰过程中，大气压减小，仪器的质量不变
C．在背负设备仪器登峰过程中，大气压增大，仪器的质量变大
D．在背负设备仪器登峰过程中，大气压减小，仪器的质量变大
【分析】大气压随着高度的增加而减小；质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关。
【解答】解：因为大气压随着高度的增加而减小，所以在背负设备仪器登峰过程中，高度增加，大气压减小；
质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关，因此登峰过程中仪器的质量不变，故B正确。
故选：B。
【点评】本题考查大气压强与高度的关系以及质量的影响因素，是一道基础题。
7．（2分）如图所示的情景中，为了增大压强的是（ ）
A．火车轨道铺枕木
B．斧头的刃很薄
C．多轴平板货车
D．推土机安装履带
【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
【解答】解：ACD、火车轨道铺枕木、多轴平板货车、推土机安装履带，都是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故ACD错误；
B、斧头的刃很薄，在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，故B正确。
故选：B。
【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
8．（2分）下列关于内能知识的描述正确的是（ ）
A．物体温度越高内能越大，所以0℃的冰没有内能
B．温度越高的物体含有的热量越多，所以0℃的冰没有热量
C．摩擦生热是通过做功的方式改变了物体的内能
D．物体吸收热量，内能增加，温度一定升高
【分析】（1）物体的内能与质量、温度和状态有关；一切物体在任何情况下都有内能；
（2）热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；
（3）做功和热传递都可以改变物体的内能；
（4）内能的大小与质量、温度、状态等因素有关。
【解答】解：A、因为物体的分子永不停息地做无规则的运动，所以任何物体都有内能，0℃的冰仍具有内能，故A错误；
B、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故B错误；
C、摩擦生热是通过做功的方法改变物体的内能，将机械能转化为内能，故C正确；
D、物体吸收热量，内能增大，但温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程中吸收热量，而温度保持不变，故D错误。
故选：C。
【点评】本题围绕热学中的一些基本概念的理解进行了考查，包括温度、热量、内能等，综合性强，应熟练掌握、深入理解。
9．（2分）刘宇同学善于思考、积极探究。一次电学实验课上，在完成老师要求的探究任务后，他把自己文具盒里的部分物品分别接入如图所示电路，其中能使小灯泡发光的是（ ）
A．塑料尺 B．中性笔芯 C．橡皮 D．铅笔芯
【分析】容易导电的物体叫做导体，例如：石墨、人体、大地以及酸、碱、盐的水溶液；
不容易导电的物体叫做绝缘体，如：橡胶、玻璃、塑料等。
【解答】解：塑料尺、橡皮、中性笔芯，都是绝缘体，接入电路，电路还是断路，灯泡不能发光；铅笔芯是导体，接入电路时，灯泡能发光，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查导体和绝缘体的辨别，属于识记的内容，比较简单。
10．（2分）如图所示，图甲是某款电子秤的外观图，图乙是它的原理图，表盘是由电压表改装而成的，下列判断正确的是（ ）
A．物体质量越大，电子秤示数越大，电路中电流不变
B．物体质量越大，电子秤示数越小，电路中电流不变
C．物体质量越大，电子秤示数越大，电路中电流越大
D．物体质量越大，电子秤示数越小，电路中电流越大
【分析】由图可知，电阻R0、R串联，由于电压表的阻值很大，在电路中相当于开路，所以滑片P上下移动过程中，电路中的总电阻不变；根据欧姆定律可知电路中的电流变化；
电压表测量滑动变阻器上端至滑片P之间电阻两端的电压；由图可知，物体的质量越大，弹簧伸长越长，滑动变阻器上端至滑片P之间电阻越大，根据欧姆定律可知，滑动变阻器上端至滑片P之间电阻两端的电压变化情况，据此分析。
【解答】解：由图可知，电阻R0、R串联，由于电压表的阻值很大，在电路中相当于开路，所以滑片P上下移动过程中，电路中的总电阻不变；根据欧姆定律可知，由于电源电压不变，所以电路中的电流不变，故CD错误；
由图可知，电压表测量滑动变阻器上端至滑片P之间电阻两端的电压，物体的质量越大，弹簧伸长越长，滑动变阻器上端至滑片P之间电阻越大，由于电路中的电流不变，根据欧姆定律可知，滑动变阻器上端至滑片P之间电阻两端的电压就越大，故A正确、B错误。
故选：A。
【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用，知道电压表的电阻很大，在电路中相当于开路是解题的关键。
11．（2分）请你仔细观察并分析电路图，下列说法正确的是（ ）
A．两灯串联，两电压表示数相同
B．两灯并联，两电压表示数不同
C．两灯串联，两电压表示数不同
D．两灯并联，两电压表示数相同
【分析】分析电路图、明确各电路元件的连接方式，确定电压表测哪部分电路电压，根据串联电路电压规律进行分析即可。
【解答】解：由图可知，灯L1与L2串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测L2两端的电压，由串联电路电压规律可知，U＝U1+U2，电压表V1的示数大于电压表V2的示数。
故选：C。
【点评】本题主要考查串联电路电压规律，分析清楚电路结构是正确解题的关键。
12．（2分）下列四幅图中，能说明洗衣机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】洗衣机工作时符合电动机的工作原理：通电导体在磁场中受力运动，据此解答。
【解答】解：A、导体在磁场中做切割磁感线运动产生电磁感应现象，属于电磁感应现象，故A错误；
B、通电直导线下方的小磁针转动，属于电流的磁效应，故B错误；
C、电路中有电流，通电导体在磁场中受到磁场力的作用发生运动，是电动机原理，故C正确；
D、是电铃的原理，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查电动机的工作原理，其实质是通电导线在磁场中受力而运动，属于基础题。
二、双项选择题（每小题3分，共9分。每小题有两个正确选项，选项不全但正确得1分，有错误选项不得分）
（多选）13．（3分）过度使用电子产品导致我国青少年近视率逐年上升，严重危害身心健康。图中能反映出近视成因及矫正方案的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】近视眼能看清近处的物体，不能看清远处的物体，近视眼的晶状体太厚，使像成在视网膜的前方。要戴一个凹透镜来矫正，凹透镜对光线有发散作用。
【解答】解：近视眼看远处的物体时，像成在视网膜的前面，所以A是近视眼的成像情况。近视眼需戴凹透镜矫正，所以C是近视眼的矫正做法，故AC属于近视眼成因及矫正。
故选：AC。
【点评】解答此类题目的关键是理解掌握近视眼的成像特点、形成原因和矫正措施。
（多选）14．（3分）如图所示，用滑轮组提升重540N的物体，使它在10s内匀速上升1m，所用的拉力为200N，则在提升重物的过程中（不计绳重和摩擦），下列说法正确的是（ ）
A．有用功为600J
B．动滑轮重60N
C．滑轮组的机械效率为67.5%
D．拉力做功的功率为60W
【分析】（1）动滑轮上有三段绳子，因不计绳重和摩擦，已知物体上升距离和物重，根据公式W有＝Gh可计算出有用功；
（2）已知拉力大小和物重根据公式nF＝G动+G物，可以求出动滑轮的重力；
（3）根据公式s自＝ns物可计算出自由端移动的距离，公式W总＝Fs可计算出拉力做的总功，再根据公式η＝100%可计算出滑轮组的机械效率；
（4）根据公式P＝可计算出拉力的功率。
【解答】解：
A、动滑轮上有三段绳子，因不计绳重和摩擦，有用功：W有＝Gh＝540N×1m＝540J，故A错误；
B、根据公式nF＝G动+G物可得，动滑轮的重力：G动＝nF﹣G物＝3×200N﹣540N＝60N，故B正确；
C、自由端移动的距离：s自＝ns物＝3×1m＝3m，
拉力做的总功：W总＝Fs＝200N×3m＝600J，
滑轮组的机械效率：η＝100%＝×100%＝90%，故C错误；
D、拉力的功率：P＝＝＝60W，故D正确；
故选：BD。
【点评】此题考查滑轮组的公式的灵活运用，以及功和机械效率公式的理解和掌握，熟知公式是解题关键。
（多选）15．（3分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关，在保证电路元件安全情况下，移动滑动变阻器的滑片，记录电表示数；图乙是电路中电流与变阻器两端电压关系的图像，下列说法正确的是（ ）
A．定值电阻R0的阻值是10Ω
B．电源电压为4.5V
C．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是5～15Ω
D．当滑动变阻器的滑片P移至中点时，电流表的示数是0.3A
【分析】由图甲可知，定值电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
（1）由图乙可知，当滑动变阻器两端的电压为0时，电路中的电流最大为I大＝0.6A，根据欧姆定律可知，电源电压U＝I大R0；当滑动变阻器两端的电压为3V时，电路中的电流I＝0.2A，根据串联电路的特点和欧姆定律可知，电源电压U＝3V+IR0，据此可解得R0的阻值和电源电压；
（2）当电压表示数为0时，滑动变阻器连入电路的阻值为0，当电压表示数为3V时，通过电路中的电流为0.2A，根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值；
（3）当滑动变阻器的滑片P移至中点时可知滑动变阻器的连入电路的阻值，根据串联电路的电阻特点可知电路中的总电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，据此可知电流表示数。
【解答】解：由图甲可知，定值电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
（1）由图乙可知，当滑动变阻器两端的电压为0时，电路中的电流最大为I大＝0.6A，
根据欧姆定律可知，电源电压U＝I大R0＝0.6A×R0——————①
当滑动变阻器两端的电压为3V时，电路中的电流I＝0.2A，根据串联电路的特点和欧姆定律可知，电源电压U＝3V+IR0＝3V+0.2A×R0——————②
联立①②解得：定值电阻R0＝7.5Ω；电源电压U＝4.5V；
故A错误、B正确；
（2）当电压表示数为0时，滑动变阻器连入电路的阻值为0，当电压表示数为3V时，通过电路中的电流为0.2A，
由欧姆定律可知，滑动变阻器的最大阻值RP大＝＝＝15Ω，所以滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是0～15Ω，故C错误；
（3）当滑动变阻器的滑片P移至中点时，滑动变阻器接入电路中的电阻RP′＝RP大＝×15Ω＝7.5Ω；
根据串联电路的特点可知，电路中的总电阻R＝RP′+R0＝7.5Ω+7.5Ω＝15Ω；
此时电路中的电流I′＝＝＝0.3A，即电流表示数为0.3A，故D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律以及动态电路分析，解题的关键是能从坐标图中获取相关有用信息。
三、填空题（每空1分，每小题2分，共24分）
16．（2分）编钟是我国古代的一种乐器，它是广大劳动人民智慧的结晶。演奏时轻敲或重敲同一位置，所发出声音的 响度 （选填“音调”、“响度”或“音色”）不同；亲临现场时，我们能从不同角度看见编钟，是因为光在其表面发生 漫反射 。
【分析】响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；
反射分镜面反射和漫反射，平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种反射是镜面反射；平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。
【解答】解：轻敲或重敲同一编钟的同一位置，编钟振动的幅度不同，所发出声音的响度不同；
亲临现场时，我们能从不同角度看见编钟，是因为光在其表面发生漫反射。
故答案为：响度；漫反射。
【点评】本题主要考查了响度及漫反射的理解，将知识与生活有机的结合起来，便能找到答案。
17．（2分）中国茶文化源远流长，一杯冲好的茶水香气四溢，这属于 扩散 现象；拿茶杯的手感觉很热，这是通过 热传递 方式增加了手的内能。
【分析】（1）不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象，叫扩散，扩散现象说明：分子在不停地做无规则运动；（2）改变物体内能的方式有热传递和做功。
【解答】解：热腾腾的胡辣汤香气四溢，很远就能闻到它的香味，这时扩散现象，说明分子在不停做无规则运动；
端碗时很烫手，手从碗上吸收了热量，是通过热传递方式增加了手的内能。
故答案为：扩散；热传递。
【点评】本题考查了扩散现象、热传递改变物体内能，相对比较简单，属于基础题。
18．（2分）2022年2月12日，冬奥会比赛中，我省运动员高亭宇在500米速度滑冰比赛中，以34.32s的优异成绩刷新该项目奥运会记录，他全程的平均速度约为 15 m/s（保留整数位）；在冲刺阶段，他全力向后蹬冰使自己向前加速滑行，该过程中他的动能会变 大 。
【分析】知道路程和时间，利用速度公式计算高亭宇全程的平均速度；物体由于运动具有的能量叫做动能，动能大小与物体的质量和运动速度有关。
【解答】解：高亭宇全程的平均速度：v＝＝≈15m/s；
在冲刺阶段，他全力向后蹬冰使自己向前加速滑行，该过程中他的质量不变，速度变大，动能变大。
故答案为：15；大。
【点评】本题考查速度的简单计算、动能的影响因素，是一道基础题。
19．（2分）小李在超市购物，用20N的水平推力推着购物车做匀速直线运动，后改用30N的水平推力推购物车，使其加速向前运动，在加速过程中购物车受到的摩擦力为 20 N，所受摩擦力的方向与运动方向 相反 。
【分析】（1）购物车在水平方向上做匀速直线运动，受到平衡力，根据二力平衡，地面对购物车的阻力等于水平推力；
（2）压力、接触面粗糙程度不变，摩擦阻力大小不变，摩擦力是阻碍物体运动的力，其方向与物体的运动方向相反。
【解答】解：购物车在水平方向上做匀速直线运动，此时购物车受力平衡，地面对购物车的摩擦力等于推力，即f＝F＝20N，因为压力和接触面的粗糙程度不变，因此摩擦力的大小不变，所以在加速过程中购物车受到的摩擦力为20N，摩擦力是阻碍物体运动的力，其方向与物体的运动方向相反。
故答案为：20；相反。
【点评】本题主要考查对二力平衡和摩擦力的掌握，在分析本题时，需要注意两点：一是物体在相同的表面做匀速直线运动时，不论速度如何，其受到的接触面摩擦阻力都是固定不变的；二是摩擦力的大小只与压力和接触面的粗糙程度有关。
20．（2分）周末，小刚去湖边钓鱼，钓到鱼后他将鱼拉出水面，如图所示，鱼线对鱼的拉力和鱼对鱼线的拉力是一对 相互作用 力；小刚使用钓鱼竿时，钓鱼竿是一个 费力 （选填“省力”、“等臂”或“费力”）杠杆。
【分析】力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。
【解答】解：由于力的作用是相互的，鱼线对鱼有拉力的同时，鱼对鱼线也有拉力，这一对力是相互作用力；
钓鱼竿在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
故答案为：相互作用；费力。
【点评】本题考查力的概念、杠杆的种类，掌握杠杆的分类是解答本题的关键。
21．（2分）丽丽使用电子秤称得一个鸡蛋的质量为55g，将其放入水中后沉入水底，如图所示，逐渐向水中加盐，待鸡蛋悬浮于水中静止时，鸡蛋所受浮力大小为 0.55 N；沉底时鸡蛋受到的浮力为F1，悬浮时鸡蛋受到的浮力为F2，则F1 ＜ F2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
【分析】根据物体的浮沉条件可知，鸡蛋在水中沉底，则鸡蛋在水中所受的浮力小于重力；在盐水中悬浮时，物体所受的浮力等于物体自身的重力，据此判断两种情况下的浮力大小关系。
【解答】解：已知鸡蛋的质量m＝55g＝0.055kg，则鸡蛋所受的重力G＝mg＝0.055kg×10N/kg＝0.55N；
鸡蛋在水中沉底时，鸡蛋所受的浮力小于重力，即F1＜G；
鸡蛋在盐水中悬浮时，鸡蛋所受的浮力等于重力，即F2＝G＝0.55N；
所以F1＜F2。
故答案为：0.55；＜。
【点评】本题考查物体浮沉条件及其应用，知道物体沉底与悬浮时浮力与重力的关系是解答本题的关键。
22．（2分）将一未装满水的密闭矿泉水瓶，先正立放置在水平桌面上，再倒立放置，如图所示，则倒立时水对瓶盖的压强是 1.2×103 Pa；正立时水对瓶底的压力为F1，倒立时水对瓶盖的压力为F2，则F1 ＞ F2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
【分析】（1）根据p＝ρgh求出倒立时水对瓶盖的压强；
（2）水对瓶盖和瓶底的压力，可以根据水产生的压力和水重力的关系来入手（上下粗细一样的容器中水对容器底的压力等于水的重力，上面粗、下面细的容器中水对容器底的压力小于水的重力，上面细、下面粗的容器中水的压力大于水的重力。
【解答】解：（1）由图可知，倒立时水的深度为h＝12cm＝0.12m，
则倒立时水对瓶盖的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m＝1.2×103Pa；
（2）正放时，瓶子中的水柱是粗细相同的，瓶子底部受到的压力等于瓶中水的重力；倒放时，瓶子中的水柱上面粗，下面细，瓶盖受到的压力小于瓶中水的重力；瓶中水的重力是一定的，所以正放时水对瓶底的压力大于倒放时水对瓶盖的压力，即F1＞F2。
故答案为：1.2×103；＞。
【点评】本题考查液体压强的计算，液体对容器底部的压力可以根据F＝pS分析，也可以根据承装液体容器的形状进行分析得出。知道对于圆柱形容器，对容器底的压力等于液体重；对于上口粗下口细的容器，对容器底的压力小于液体重是本题的关键。
23．（2分）两个相同的容器中分别装入质量相同的甲、乙两种液体，使用相同的热源为其加热，液体温度与加热时间的关系如图所示，若甲、乙两液体吸收相同的热量，则 甲 液体升高的温度较多；两者比较， 乙 液体更适合作汽车的冷却剂。
【分析】（1）用同一热源加热时，甲、乙两种液体在相同时间里吸收的热量相等；由图象可知，加热相同的时间，甲、乙液体升高的温度；
（2）用同一热源加热，加热的时间长的吸收的热量多；由图象可知，升高相同的温度，甲、乙液体加热时间的关系，进而可知两液体吸收热量的关系，吸收的热量多的液体更适合作汽车的冷却剂。
【解答】解：（1）由图象可知，加热相同的时间，甲升高的温度大于乙升高的温度，由于采用同一热源加热，加热相同的时间时，甲、乙两液体吸收的热量相等，因此甲、乙两液体吸收相同的热量时，甲液体升高的温度高。
（2）由图象可知，在质量和温度升高度数相同时，乙加热的时间长，由于采用同一热源加热，加热的时间长的吸收的热量多，因此乙液体吸收的热量多，故乙液体更适合作汽车的冷却剂。
故答案为：甲；乙。
【点评】本题考查了比热容的相关知识，看懂图象的含义是解题的关键。
24．（2分）如图所示，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻。若开关S1、S2闭合，甲、乙两表均为电压表，示数之比为5：2，则R1、R2电阻之比为 3：2 ；若开关S1闭合、S2断开，两表均为电流表，甲、乙两表的示数之比为 3：5 。
【分析】（1）由图可知，若开关S1、S2闭合，甲、乙两表均为电压表，则R1、R2串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测R2的电压，根据串联电路特点可知R1、R2两端的电压之比；根据欧姆定律可知R1、R2电阻之比；
（2）若开关S1闭合、S2断开，两表均为电流表，R1、R2并联，电流表甲测量通过R2支路的电流，电流表乙测量干路的电流；根据并联电路的特点和欧姆定律可知甲、乙两表的示数之比。
【解答】解：（1）由图可知，若开关S1、S2闭合，甲、乙两表均为电压表，则R1、R2串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测R2的电压，
根据串联电路的电压特点可知，R1、R2两端的电压之比＝＝＝，
根据欧姆定律可知，R1的阻值R1＝，R2的阻值R2＝，
根据串联电路的特点可知，通过R1的电流I1＝I2，
则R1、R2电阻之比＝＝＝；
（2）若开关S1闭合、S2断开，两表均为电流表，R1、R2并联，电流表甲测量通过R2支路的电流，电流表乙测量干路的电流；
根据并联电路电压特点可知，R1、R2两端的电压相等，即U1′＝U2′＝U，
根据欧姆定律可知，通过R1的电流I1′＝，通过R2的电流I2′＝，
则通过R1、R2的电流之比＝＝＝，
则甲、乙两表的示数之比＝＝＝。
故答案为：3：2；3：5。
【点评】本题考查串并联电路的特点、欧姆定律的应用，能正确判断电路连接和电压表、电流表的测量对象是解题的关键。
25．（2分）如图所示是“探究通电导体产生的热量与 电阻 大小关系”的实验装置。电源电压为4.5V且保持不变，将滑动变阻器滑片移至最右端，在1min内电流通过10Ω电阻丝产生的热量为 54 J。
【分析】（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；探究电流产生热量跟电阻关系时，要控制通电时间和电流大小不变；探究电流产生热量跟电流大小关系时，要控制电阻和通电时间相同；
（2）滑动变阻器滑片移至最右端时，电路中只有两电阻串联，根据欧姆定律求出电路中的电流，再根据公式Q＝I2Rt即可求出在1min内电流通过10Ω电阻丝产生的热量。
【解答】解：（1）图中阻值不同的两个电阻丝串联在电路中，电流相同，通电时间相同，根据控制变量法可知，这是探究电流产生热量跟电阻大小的关系；
（2）电源电压为4.5V且保持不变，将滑动变阻器滑片移至最右端，电路中电流为：
I＝＝＝0.3A，
在1min内电流通过10Ω电阻丝产生的热量为：
Q＝I2Rt＝（0.3A）2×10Ω×60s＝54J。
故答案为：电阻；54。
【点评】本题考查了电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关、欧姆定律和焦耳定律的应用，属于综合性题目。
26．（2分）如图所示的家庭电路，两虚线框中连入了电灯和开关，则方框 乙 中为开关；闭合开关后，发现电灯不亮，使用试电笔测试a、b、c三点时试电笔的氖管均发光，测试d点时试电笔的氖管不发光，则该电路的故障为 cd之间断路 。
【分析】开关接在灯与火线之间；测电笔氖管发光说明有电流通过，不发光说明没有电流。
【解答】解：开关应接在灯与火线之间，因此开关应接在乙处；
使用试电笔测试a、b、c三点时试电笔的氖管均发光，说明这三处都有电流通过，测试d点时试电笔的氖管不发光，说明故障为cd之间断路。
故答案为：乙；cd之间断路。
【点评】本题主要考查家庭电路的连接、电路故障分析，属于中档题。
27．（2分）2022年5月15日，是天问一号着陆火星一周年的日子，目前设备运行状态良好，累计获取并传回原始科学数据约940GB，这些数据是通过 电磁波 将信息传回地球的；如图所示，该火星车是利用电能来驱动的，电能属于 二 次能源。
【分析】（1）电磁波的传播不需要介质，火星和地球之间的信息传播，通过电磁波的方式进行；
（2）一次能源是指可以从自然界直接获取的能源；.二次能源是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。
【解答】解：（1）火星与地球之间是真空，目前火星车是利用电磁波将信息传回地球；
（2）火星车使用的电能都是通过其他形式的能转化而来的，是二次能源。
故答案为：电磁波；二。
【点评】本题考查了可电磁波的应用和能源的分类，是一道基础题。
四、探究与实验（28题7分，29题5分，30题8分，共20分）
28．（7分）（1）小亮在测量盐水密度时，天平调平后，进行了如下操作：
①用天平测量烧杯和盐水的总质量，盘中砝码及游码的位置如图甲所示，则烧杯和盐水的总质量为 142 g；
②将烧杯中的盐水倒入量筒中一部分，液面位置如图乙所示，盐水体积为 50 mL；
③用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量为87g，则盐水密度为 1.1 g/cm3。
（2）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，小宇选用焦距为10cm的凸透镜，将蜡烛、凸透镜和光屏分别放置在光具座上（如图丙）：
①首先应使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上，目的是 使烛焰的像成在光屏中央 ；
②当蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图丙所示时，光屏上成清晰的像，则光屏上所成的像是 缩小 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的 实 （选填“实”或“虚”）像；
③若将蜡烛和光屏互换位置，在光屏上 能 （选填“能”或“不能”）成烛焰清晰的像。
【分析】（1）天平平衡时物体的质量等于右盘中砝码的质量与游码在标尺上所对的刻度值；量筒读数要注意分度值，视线要与凹液面相平；
计算出量筒内液体的质量，读出量筒内液体的体积，根据密度公式计算液体密度；
（2）为了使像成在光屏中央，必须将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心放在同一高度上；根据凸透镜成像规律判断成像特点；
在光的折射中，光路是可逆的。
【解答】解：（1）①烧杯和盐水的总质量＝140g+2.0g＝142g；
②量筒的分度值为2mL，读数为50mL，即50cm3；
③倒出的液体质量m＝142g﹣87g＝55g；
ρ＝＝＝1.1g/cm3；
（2）①在做凸透镜成像的实验中，为了使烛焰的像成在光屏的中央，应使得光屏、凸透镜和烛焰的中心在同一高度上；
②由丙图分析可知，物距大于两倍焦距，像距在一倍到两倍焦距之间，根据成像规律，成倒立，缩小的实像；
③若将蜡烛和光屏互换位置，根据光路可逆可知，光屏上能成清晰的实像。
故答案为：（1）①142；②50；③1.1；（2）①使烛焰的像成在光屏中央；②缩小；实；③能。
【点评】本题考查了液体密度的测量实验和凸透镜成像规律实验。综合性较强。
29．（5分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）如图甲所示，实验前杠杆左端下沉，则应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，杠杆上刻度均匀，在A点挂3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂 4 个相同的钩码；当杠杆平衡后，将A、B两点下方同时增加一个相同的钩码，则杠杆将 左端下沉 （选填“左端下沉”、“右端下沉”或“仍保持静止不动”）；
（3）如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡；当弹簧测力计从图丙位置转到图丁位置时，其示数会 变大 （选填“变大”、“不变”或“变小”），原因是 阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大 。
【分析】（1）杠杆静止或匀速转动时杠杆就处于平衡状态。调节杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，在水平位置平衡目的是便于测量力臂，同时消除杠杆自重对实验的影响；
（2）设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量；根据杠杆平衡条件判断是否平衡；
（3）当拉力F向右倾斜时，保持B点不动，弹簧测力计的方向向右倾斜，这时杠杆右侧的动力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大。
【解答】解：（1）杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，则重心应向右移动，故应向右调节平衡螺母；
（2）若每个钩码重G，每个小格长L，如图甲所示，杠杆左边A处挂四个相同钩码，要使杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件可得，3G×4L＝nG×3L，解得n＝4，即应在杠杆右边B处挂同样的钩码4个；
当杠杆平衡后，在A、B两点下方同时增加一个钩码，则有4G×4L＞5G×3L，左侧力与力臂的乘积大于右侧，故左端下沉；
（3）保持C点不变，当弹簧测力计从a位置转到b位置时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大。
故答案为：（1）右；（2）4；左端下沉；（3）变大；阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大。
【点评】此题是“探究杠杆的平衡条件”实验，考查了杠杆的调平及目的，杠杆平衡条件的应用，都是杠杆平衡条件中的常见知识。
30．（8分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V，图甲是未连接完整的实验电路：
（1）连接实验电路的过程中，开关应 断开 ；
（2）用笔画线代替导线，将图甲的实验电路连接完整（要求滑动变阻器的滑片P向B端移动时电流表的示数变大）；
（3）闭合开关后，小明发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，电压表示数接近4.5V，则电路的故障可能是 小灯泡断路 （填一种情况即可）；
（4）排除故障后，调节滑动变阻器的滑片，如图乙所示，电压表的示数为 1.9 V，为了测小灯泡的额定功率，应将滑片向 B （选填“A”或“B”）端移动；
（5）改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，绘制了如图丙所示的I﹣U图像，由图像可知，小灯泡的额定功率为 0.625 W；
（6）由图丙可知小灯泡正常发光时的电阻是 10 Ω，小灯泡的电阻是变化的，原因是灯丝电阻受 温度 的影响。
【分析】（1）为保护电路，连接实验电路的过程中开关应处于断开状态；
（2）滑动变阻器选用“一上一下”两个接线柱串联接入电路，且变阻器的滑片P向右移动时电流表的示数变大，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，则滑动变阻器接入电路的阻值变小，故应将滑动变阻器的右下接线柱与电源的负极接线柱相连；
（3）实验过程中，小灯泡不发光，观察电流表和电压表，发现电流表几乎无示数，则电路可能断路，而电压表有示数而且接近电源电压，则电压表与电源接通；
（4）闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片P，同时观察电压表示数的变化；
电压表选用小量程，分度值为0.1V，据此得出电压表的示数；小灯泡的额定电压为2.5V，若要测得小灯泡正常发光时的电阻，应让灯泡两端的电压变大，让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值应变小，进而得出滑片P的移动方向；
（5）根据P＝UI得出小灯泡正常工作时的电功率；
（6）由图象可知，小灯泡正常发光时，通过灯泡的电流，根据欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻，灯丝的电阻随温度的变化而变化。
【解答】解：（1）为保护电路，连接实验电路的过程中开关应处于断开状态；
（2）滑动变阻器选用“一上一下”两个接线柱串联接入电路，且变阻器的滑片P向右移动时电流表的示数变大，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，则滑动变阻器接入电路的阻值变小，故应将滑动变阻器的右下接线柱与电源的负极接线柱相连，如图：
（3）实验过程中，小明发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，电压表示数接近4.5V，则电路可能断路，而电压表有示数而且等于电源电压，则电压表与电源接通，电路出现的故障是小灯泡断路；
（4）闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片P，同时观察电压表示数的变化；
电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.9V；小灯泡的额定电压为2.5V，若要测得小灯泡正常发光时的电阻，应让灯泡两端的电压变大，让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值应变小，滑片P应向B端移动；
（5）由丙图可知，小灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为0.25A，小灯泡正常工作时的电功率P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W。
（6）由图象可知，小灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为0.25A，根据欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻R＝＝＝10Ω；分析图丙还发现灯泡电阻是变化的，其原因是灯丝的电阻受温度的影响。
故答案为：（1）断开；（2）见解答图；（3）小灯泡断路；（4）1.9；B；（5）0.625；（6）10；温度。
【点评】本题为测量小灯泡正常发光时的电阻的实验，考查电路连接、实验原理、故障分析、电阻和电功率的计算等知识。
五、分析与交流（每小题4分，共8分）
31．（4分）飞越苍穹，筑梦星河。2022年6月5日10时44分07秒，神舟十四号载人飞船成功发射。火箭点火后，向下快速喷出气体，推动火箭加速上升。请你结合实际，分析并解答下列问题：
（1）火箭向下快速喷出气体，推动火箭加速上升，此过程包含哪些力学知识，请你说出两点。
（2）请分析发射过程中存在哪些能量转化。
【分析】（1）物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体有力的作用，同时它也受到另一个物体力的作用；
（2）从火箭的发射过程中，分析消耗了哪种形式的能，进而产生了哪种形式的能即可判断能量的转化过程。
【解答】答：（1）火箭对喷出的气体有向下的力，同时气体对火箭产生了向上巨大的推力，这说明力的作用是相互的；
火箭加速上升，运动速度加快，运动状态改变，说明力可以改变物体的运动状态；
（2）火箭上升时，消耗燃料的化学能，转化成内能，即化学能转化为内能；同时消耗了内能，产生了机械能使得火箭运动，即内能又转化成了机械能，火箭上升过程中与空气摩擦，机械能转化为内能。
【点评】本题考查了力的相互作用性，力与物体运动的关系以及能量的转化等知识，是一道综合题。
32．（4分）李刚同学家里添置了一台电热水器，他建议家人不要将电热水器和其它大功率用电器同时使用，否则会存在安全隐患。请你根据所学的物理知识，解释同时使用大功率用电器存在什么安全隐患。
【分析】家庭电路电流过大的原因有两个：短路和用电器的总功率过大，据此分析。
【解答】答：根据公式I＝可知，当电压一定时，用电器总电功率越大，总电流越大，又根据Q＝I2Rt可知，电阻和通电时间一定时，总电流越大，干路（导线）产生的热量越多，温度极易升高，容易发生火灾。
【点评】本题考查了家庭电路电流过大的原因，属于基础题。
六、综合与应用题（33题7分，34题8分，共15分）
33．（7分）疫情防控期间，疾控部门要经常对环境进行消杀。一台运送消毒液的车辆，满载后总质量为14t，车轮与地面总接触面积为0.4m2，该车沿平直公路匀速行驶4.6km后到达目的地，共消耗汽油5kg，车匀速行驶过程中，牵引力始终为1.5×104N，汽油的热值q＝4.6×107J/kg。求：
（1）车满载时受到的总重力；
（2）车满载后静止在水平地面时对地面的压强；
（3）车行驶过程中发动机的效率。
【分析】（1）根据G＝mg可求总重力；
（2）根据静止时物体对地面的压力等于重力，再利用p＝可求汽车对地面的压强；
（3）牵引力做功为有用功，燃烧汽油释放的热量为总功，利用η＝即可求解。
【解答】解：（1）车满载时的总重力G＝mg＝14×103kg×10N/kg＝1.4×105N；
（2）车满载静止时，对地面的压力等于重力，所以对地面的压强p＝＝3.5×105Pa；
（3）车行驶过程中牵引力做功为发动机的有用功，W＝F牵s＝1.5×104N×4.6×103m＝6.9×107J；
燃烧汽油产生的热量为发动机的总功，Q放＝m汽油q＝5kg×4.6×107J/kg＝2.3×108J；
则发动机的效率η＝。
答：（1）车满载时受到的总重力为1.4×105N；
（2）车满载后静止在水平地面时对地面的压强为3.5×105Pa；
（3）车行驶过程中发动机的效率为30%。
【点评】本题考查重力和质量的关系、压强的计算、热机的效率的计算，掌握有关的计算公式是解答本题的关键。
34．（8分）小李同学家购置一台电热油汀取暖器简称电热油汀，它是一种安全可靠的空间加热器，外观及铭牌如图甲和表格所示。据了解，该电热油汀的工作物质是一种油，这种油的密度ρ＝0.8×103kg/m3，比热容约为c＝2.0×103J/（kg•℃）。
**电热油汀
额定电压
220V
额定功率
1100W
液体质量
20kg
请你分析并解答：
（1）该电热油汀正常工作10min，油汀中油升高的温度（不考虑热量损失）；
（2）电热油汀电热丝的阻值大小；
（3）为了使电热油汀的实际加热功率可以调节，他找来一个旧的电位器（滑动变阻器），只能看清上面有“6A”字样，经测试最大阻值只能调到176Ω，将它串联在电路中对电热油汀进行改装，改装后的简化电路图如图乙所示。请你计算改装后电热油汀的实际加热功率变化范围；
（4）该同学了解到此电热油汀的工作物质是一种油后，对此他产生了疑问，为什么不使用水呢？除油的密度较小外，请从物质性质的其它方面找出一条使用该油的好处。
【分析】（1）根据P＝求出电热油汀正常工作10min产生的热量，因为不考虑热量损失，所以油吸收的热量等于电热丝放出的热量，根据Q吸＝cmΔt求出油汀中油升高的温度；
（2）根据P＝UI＝求出电热丝的阻值；
（3）根据P＝UI＝可知，当电路中电阻最大时，电功率最小，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电阻最大，根据P＝UI＝求出最小电功率，
当电路中电阻最小时，电功率最大，当滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中的电阻最小，根据P＝UI＝求出最大电功率，进而求出改装后电热油汀的实际加热功率变化范围；
（4）从油的比热容、导电性能等方面考虑。
【解答】解：（1）由P＝可知，电热油汀正常工作10min产生的热量：
Q放＝W＝Pt＝1100W×10×60s＝6.6×105J，
因为不考虑热量损失，所以油吸收的热量：
Q吸＝Q放＝6.6×105J，
由Q吸＝cmΔt可知，油汀中油升高的温度：
Δt＝＝＝16.5℃；
（2）由P＝UI＝可知，电热丝的阻值：
R1＝＝＝44Ω；
（3）根据P＝UI＝可知，当电路中电阻最大时，电功率最小，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电阻最大，电功率最小，
由串联电路的电阻特点可知，电路中总电阻：
R＝R1+R2＝44Ω+176Ω＝220Ω，
则电热油汀最小电功率：
P最小＝＝＝220W，
当电路中电阻最小时，电功率最大，当滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中的电阻最小，电功率最大，
此时电热油汀最大电功率：
P最大＝P额＝1100W，
由P＝UI可知，此时电路中的电流：I大＝＝＝5A＜6A，滑动变阻器能安全工作，
所以改装后电热油汀的实际加热功率变化范围是220W～1100W；
（4）①油的比热容较小，在加热时间相同的情况下，温度升高的快；②油是绝缘体，使用起来安全性比较高。
答：（1）该电热油汀正常工作10min，油汀中油升高的温度为16.5℃；
（2）电热油汀电热丝的阻值为44Ω；
（3）改装后电热油汀的实际加热功率变化范围为220W～1100W；
（4）①油的比热容较小，在加热时间相同的情况下，温度升高的快；②油是绝缘体，使用起来安全性比较高。
【点评】本题是一道电学与热学的综合应用题，考查串联电路的特点、电功率公式和热量公式的灵活运用。
2022年黑龙江省双鸭山市中考物理试卷
一、单项选择题（每小题2分，共24分。每小题只有一个正确选项）
1．（2分）以下数据最接近实际的是（ ）
A．答题所用学生课桌高度约为2m
B．普通中学生的质量约为50kg
C．学生步行进入考场的速度约为5m/s
D．目前考场环境温度约为37℃
2．（2分）下列关于天宫课堂上声现象知识的描述，说法正确的是（ ）
A．王亚平老师讲课时声带在振动
B．声音以340m/s的速度从天宫传到我们耳朵
C．听老师解说实验是利用声能传递能量
D．老师讲课时发出的声音在90dB以上
3．（2分）如图所示的物态变化过程中，发生凝华现象的是（ ）
A．初春，冰雪消融
B．盛夏，骄阳散雾
C．深秋，铁网挂霜
D．寒冬，冻衣变干
4．（2分）如图所示的光现象中，能用光的直线传播解释的是（ ）
A．小孔成像
B．水中倒影
C．海市蜃楼
D．雨后彩虹
5．（2分）如图所示的场景中，与惯性现象无关的是（ ）
A．小球落入凹槽
B．固定锤头
C．安全气囊
D．瀑布倾泻
6．（2分）巅峰使命，珠峰科考。2022年5月4日，在珠峰海拔8830米处，我国科考队员成功架设全球海拔最高的自动气象观测站，并成功传回实时数据。有些设备仪器是易碎品，全程由科考队员背上去。下面有关描述正确的是（ ）
A．在背负设备仪器登峰过程中，大气压增大，仪器的质量不变
B．在背负设备仪器登峰过程中，大气压减小，仪器的质量不变
C．在背负设备仪器登峰过程中，大气压增大，仪器的质量变大
D．在背负设备仪器登峰过程中，大气压减小，仪器的质量变大
7．（2分）如图所示的情景中，为了增大压强的是（ ）
A．火车轨道铺枕木
B．斧头的刃很薄
C．多轴平板货车
D．推土机安装履带
8．（2分）下列关于内能知识的描述正确的是（ ）
A．物体温度越高内能越大，所以0℃的冰没有内能
B．温度越高的物体含有的热量越多，所以0℃的冰没有热量
C．摩擦生热是通过做功的方式改变了物体的内能
D．物体吸收热量，内能增加，温度一定升高
9．（2分）刘宇同学善于思考、积极探究。一次电学实验课上，在完成老师要求的探究任务后，他把自己文具盒里的部分物品分别接入如图所示电路，其中能使小灯泡发光的是（ ）
A．塑料尺 B．中性笔芯 C．橡皮 D．铅笔芯
10．（2分）如图所示，图甲是某款电子秤的外观图，图乙是它的原理图，表盘是由电压表改装而成的，下列判断正确的是（ ）
A．物体质量越大，电子秤示数越大，电路中电流不变
B．物体质量越大，电子秤示数越小，电路中电流不变
C．物体质量越大，电子秤示数越大，电路中电流越大
D．物体质量越大，电子秤示数越小，电路中电流越大
11．（2分）请你仔细观察并分析电路图，下列说法正确的是（ ）
A．两灯串联，两电压表示数相同
B．两灯并联，两电压表示数不同
C．两灯串联，两电压表示数不同
D．两灯并联，两电压表示数相同
12．（2分）下列四幅图中，能说明洗衣机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
二、双项选择题（每小题3分，共9分。每小题有两个正确选项，选项不全但正确得1分，有错误选项不得分）
（多选）13．（3分）过度使用电子产品导致我国青少年近视率逐年上升，严重危害身心健康。图中能反映出近视成因及矫正方案的是（ ）
A． B．
C． D．
（多选）14．（3分）如图所示，用滑轮组提升重540N的物体，使它在10s内匀速上升1m，所用的拉力为200N，则在提升重物的过程中（不计绳重和摩擦），下列说法正确的是（ ）
A．有用功为600J
B．动滑轮重60N
C．滑轮组的机械效率为67.5%
D．拉力做功的功率为60W
（多选）15．（3分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关，在保证电路元件安全情况下，移动滑动变阻器的滑片，记录电表示数；图乙是电路中电流与变阻器两端电压关系的图像，下列说法正确的是（ ）
A．定值电阻R0的阻值是10Ω
B．电源电压为4.5V
C．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是5～15Ω
D．当滑动变阻器的滑片P移至中点时，电流表的示数是0.3A
三、填空题（每空1分，每小题2分，共24分）
16．（2分）编钟是我国古代的一种乐器，它是广大劳动人民智慧的结晶。演奏时轻敲或重敲同一位置，所发出声音的 （选填“音调”、“响度”或“音色”）不同；亲临现场时，我们能从不同角度看见编钟，是因为光在其表面发生 。
17．（2分）中国茶文化源远流长，一杯冲好的茶水香气四溢，这属于 现象；拿茶杯的手感觉很热，这是通过 方式增加了手的内能。
18．（2分）2022年2月12日，冬奥会比赛中，我省运动员高亭宇在500米速度滑冰比赛中，以34.32s的优异成绩刷新该项目奥运会记录，他全程的平均速度约为 m/s（保留整数位）；在冲刺阶段，他全力向后蹬冰使自己向前加速滑行，该过程中他的动能会变 。
19．（2分）小李在超市购物，用20N的水平推力推着购物车做匀速直线运动，后改用30N的水平推力推购物车，使其加速向前运动，在加速过程中购物车受到的摩擦力为 N，所受摩擦力的方向与运动方向 。
20．（2分）周末，小刚去湖边钓鱼，钓到鱼后他将鱼拉出水面，如图所示，鱼线对鱼的拉力和鱼对鱼线的拉力是一对 力；小刚使用钓鱼竿时，钓鱼竿是一个 （选填“省力”、“等臂”或“费力”）杠杆。
21．（2分）丽丽使用电子秤称得一个鸡蛋的质量为55g，将其放入水中后沉入水底，如图所示，逐渐向水中加盐，待鸡蛋悬浮于水中静止时，鸡蛋所受浮力大小为 N；沉底时鸡蛋受到的浮力为F1，悬浮时鸡蛋受到的浮力为F2，则F1 F2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
22．（2分）将一未装满水的密闭矿泉水瓶，先正立放置在水平桌面上，再倒立放置，如图所示，则倒立时水对瓶盖的压强是 Pa；正立时水对瓶底的压力为F1，倒立时水对瓶盖的压力为F2，则F1 F2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
23．（2分）两个相同的容器中分别装入质量相同的甲、乙两种液体，使用相同的热源为其加热，液体温度与加热时间的关系如图所示，若甲、乙两液体吸收相同的热量，则 液体升高的温度较多；两者比较， 液体更适合作汽车的冷却剂。
24．（2分）如图所示，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻。若开关S1、S2闭合，甲、乙两表均为电压表，示数之比为5：2，则R1、R2电阻之比为 ；若开关S1闭合、S2断开，两表均为电流表，甲、乙两表的示数之比为 。
25．（2分）如图所示是“探究通电导体产生的热量与 大小关系”的实验装置。电源电压为4.5V且保持不变，将滑动变阻器滑片移至最右端，在1min内电流通过10Ω电阻丝产生的热量为 J。
26．（2分）如图所示的家庭电路，两虚线框中连入了电灯和开关，则方框 中为开关；闭合开关后，发现电灯不亮，使用试电笔测试a、b、c三点时试电笔的氖管均发光，测试d点时试电笔的氖管不发光，则该电路的故障为 。
27．（2分）2022年5月15日，是天问一号着陆火星一周年的日子，目前设备运行状态良好，累计获取并传回原始科学数据约940GB，这些数据是通过 将信息传回地球的；如图所示，该火星车是利用电能来驱动的，电能属于 次能源。
四、探究与实验（28题7分，29题5分，30题8分，共20分）
28．（7分）（1）小亮在测量盐水密度时，天平调平后，进行了如下操作：
①用天平测量烧杯和盐水的总质量，盘中砝码及游码的位置如图甲所示，则烧杯和盐水的总质量为 g；
②将烧杯中的盐水倒入量筒中一部分，液面位置如图乙所示，盐水体积为 mL；
③用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量为87g，则盐水密度为 g/cm3。
（2）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，小宇选用焦距为10cm的凸透镜，将蜡烛、凸透镜和光屏分别放置在光具座上（如图丙）：
①首先应使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上，目的是 ；
②当蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图丙所示时，光屏上成清晰的像，则光屏上所成的像是 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的 （选填“实”或“虚”）像；
③若将蜡烛和光屏互换位置，在光屏上 （选填“能”或“不能”）成烛焰清晰的像。
29．（5分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）如图甲所示，实验前杠杆左端下沉，则应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，杠杆上刻度均匀，在A点挂3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂 个相同的钩码；当杠杆平衡后，将A、B两点下方同时增加一个相同的钩码，则杠杆将 （选填“左端下沉”、“右端下沉”或“仍保持静止不动”）；
（3）如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡；当弹簧测力计从图丙位置转到图丁位置时，其示数会 （选填“变大”、“不变”或“变小”），原因是 。
30．（8分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V，图甲是未连接完整的实验电路：
（1）连接实验电路的过程中，开关应 ；
（2）用笔画线代替导线，将图甲的实验电路连接完整（要求滑动变阻器的滑片P向B端移动时电流表的示数变大）；
（3）闭合开关后，小明发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，电压表示数接近4.5V，则电路的故障可能是 （填一种情况即可）；
（4）排除故障后，调节滑动变阻器的滑片，如图乙所示，电压表的示数为 V，为了测小灯泡的额定功率，应将滑片向 （选填“A”或“B”）端移动；
（5）改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，绘制了如图丙所示的I﹣U图像，由图像可知，小灯泡的额定功率为 W；
（6）由图丙可知小灯泡正常发光时的电阻是 Ω，小灯泡的电阻是变化的，原因是灯丝电阻受 的影响。
五、分析与交流（每小题4分，共8分）
31．（4分）飞越苍穹，筑梦星河。2022年6月5日10时44分07秒，神舟十四号载人飞船成功发射。火箭点火后，向下快速喷出气体，推动火箭加速上升。请你结合实际，分析并解答下列问题：
（1）火箭向下快速喷出气体，推动火箭加速上升，此过程包含哪些力学知识，请你说出两点。
（2）请分析发射过程中存在哪些能量转化。
32．（4分）李刚同学家里添置了一台电热水器，他建议家人不要将电热水器和其它大功率用电器同时使用，否则会存在安全隐患。请你根据所学的物理知识，解释同时使用大功率用电器存在什么安全隐患。
六、综合与应用题（33题7分，34题8分，共15分）
33．（7分）疫情防控期间，疾控部门要经常对环境进行消杀。一台运送消毒液的车辆，满载后总质量为14t，车轮与地面总接触面积为0.4m2，该车沿平直公路匀速行驶4.6km后到达目的地，共消耗汽油5kg，车匀速行驶过程中，牵引力始终为1.5×104N，汽油的热值q＝4.6×107J/kg。求：
（1）车满载时受到的总重力；
（2）车满载后静止在水平地面时对地面的压强；
（3）车行驶过程中发动机的效率。
34．（8分）小李同学家购置一台电热油汀取暖器简称电热油汀，它是一种安全可靠的空间加热器，外观及铭牌如图甲和表格所示。据了解，该电热油汀的工作物质是一种油，这种油的密度ρ＝0.8×103kg/m3，比热容约为c＝2.0×103J/（kg•℃）。
**电热油汀
额定电压
220V
额定功率
1100W
液体质量
20kg
请你分析并解答：
（1）该电热油汀正常工作10min，油汀中油升高的温度（不考虑热量损失）；
（2）电热油汀电热丝的阻值大小；
（3）为了使电热油汀的实际加热功率可以调节，他找来一个旧的电位器（滑动变阻器），只能看清上面有“6A”字样，经测试最大阻值只能调到176Ω，将它串联在电路中对电热油汀进行改装，改装后的简化电路图如图乙所示。请你计算改装后电热油汀的实际加热功率变化范围；
（4）该同学了解到此电热油汀的工作物质是一种油后，对此他产生了疑问，为什么不使用水呢？除油的密度较小外，请从物质性质的其它方面找出一条使用该油的好处。
2022年黑龙江省双鸭山市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（每小题2分，共24分。每小题只有一个正确选项）
1．（2分）以下数据最接近实际的是（ ）
A．答题所用学生课桌高度约为2m
B．普通中学生的质量约为50kg
C．学生步行进入考场的速度约为5m/s
D．目前考场环境温度约为37℃
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、学生课桌的高度大约80cm，故A错误；
B、一个中学生的质量约为50kg，故B正确；
C、人步行的速度约为1.1m/s，故C错误；
D、考场的温度应该让学生舒服，人感觉舒适的环境温度一般在18～26℃，故D错误。
故选：B。
【点评】本题是一道估算题，对日常生活中实际数据有一定的了解是解答本题的关键。
2．（2分）下列关于天宫课堂上声现象知识的描述，说法正确的是（ ）
A．王亚平老师讲课时声带在振动
B．声音以340m/s的速度从天宫传到我们耳朵
C．听老师解说实验是利用声能传递能量
D．老师讲课时发出的声音在90dB以上
【分析】（1）声音是由发声体振动而产生的；
（2）声音在空气中的传播速度约为340m/s，在太空没有空气，不能传声；
（3）太空中利用电磁波传递信息；
（4）老师讲课一般在65～75dB，据此解答。
【解答】解：A、王亚平老师讲课时能够发声是因为其声带在振动，故A正确；
B、在太空没有空气，声音不能传播，故B错误；
C、听老师解说实验是利用电磁波传递能量，故C错误；
D、老师讲课时发出的声音在70dB左右，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查声音的产生及传播、声与信息等，掌握声音的传播需要介质是解答本题的关键。
3．（2分）如图所示的物态变化过程中，发生凝华现象的是（ ）
A．初春，冰雪消融
B．盛夏，骄阳散雾
C．深秋，铁网挂霜
D．寒冬，冻衣变干
【分析】物质由液态变为固态的过程叫凝固，物质由固态变为液态的过程叫熔化；物质由液态变为气态的过程叫汽化，物质由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，物质由气态直接变为固态的过程叫凝华。
【解答】解：A、冰雪消融属于熔化，故A错误；
B、骄阳散雾液态的小水滴吸热变为水蒸气，属于汽化，故B错误；
C、深秋，铁网挂霜是空气中的水蒸气遇冷变成小冰晶，属于凝华，故C正确；
D、寒冬，冻衣变干是冰直接变成水蒸气，属于升华，故D错误。
故选：C。
【点评】判断物态变化主要看物体由什么状态变为什么状态，然后根据各种物态变化的定义来分析。
4．（2分）如图所示的光现象中，能用光的直线传播解释的是（ ）
A．小孔成像
B．水中倒影
C．海市蜃楼
D．雨后彩虹
【分析】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等。
（2）光射到介质界面上会发生反射，光的反射形成的现象有：平面镜成像、水中的倒影、凹面镜成像；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
（4）玻璃三棱镜分解白光，是光的色散现象，其实质是光的折射，彩虹的形成就是光的色散。
【解答】解：A、小孔成像是利用光的直线传播原理形成的倒立的实像，可以用光的直线传播解释，故A符合题意；
B、水中“倒影”是平面镜成像现象，其实质是光的反射，故B不符合题意；
C、海市蜃楼是光在透过不均匀的大气层时发生折射形成的，是光的折射现象，故不符合题意；
D、雨后天空出现的彩虹，是阳光通过天空中的小水珠发生折射形成，是光的色散现象，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】光的直线传播在现实生活中的例子有很多，其中小孔成像也是很典型的一类，要加强理论与实际的联系。
5．（2分）如图所示的场景中，与惯性现象无关的是（ ）
A．小球落入凹槽
B．固定锤头
C．安全气囊
D．瀑布倾泻
【分析】（1）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都有惯性；
（2）一切物体都受到重力的作用，物体的势能和动能可相互转化，水下落时，高度减小、速度增大。
【解答】解：A、小球能落回凹槽是因为小球具有惯性，故A错误；
B、紧固锤头过程中，锤头与锤柄一起运动，当锤柄遇到硬物停止时，锤头由于惯性仍保持原来的运动状态，所以会套紧，这一过程利用了惯性，故B错误；
C、安全气囊可车辆发生紧急碰撞时，安全气囊在车辆发生紧急碰撞时可以打开，减小因惯性而对人造成的伤害，故C错误；
D、瀑布是因为水受到重力的作用，从高处往低处流，在此过程中势能减小，减小的势能转化为动能，故D正确。
故选：D。
【点评】惯性在生活中应用非常多，应学会解释其现象，分清哪些与惯性有关，哪些与惯性无关。
6．（2分）巅峰使命，珠峰科考。2022年5月4日，在珠峰海拔8830米处，我国科考队员成功架设全球海拔最高的自动气象观测站，并成功传回实时数据。有些设备仪器是易碎品，全程由科考队员背上去。下面有关描述正确的是（ ）
A．在背负设备仪器登峰过程中，大气压增大，仪器的质量不变
B．在背负设备仪器登峰过程中，大气压减小，仪器的质量不变
C．在背负设备仪器登峰过程中，大气压增大，仪器的质量变大
D．在背负设备仪器登峰过程中，大气压减小，仪器的质量变大
【分析】大气压随着高度的增加而减小；质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关。
【解答】解：因为大气压随着高度的增加而减小，所以在背负设备仪器登峰过程中，高度增加，大气压减小；
质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处的空间位置的变化无关，因此登峰过程中仪器的质量不变，故B正确。
故选：B。
【点评】本题考查大气压强与高度的关系以及质量的影响因素，是一道基础题。
7．（2分）如图所示的情景中，为了增大压强的是（ ）
A．火车轨道铺枕木
B．斧头的刃很薄
C．多轴平板货车
D．推土机安装履带
【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
【解答】解：ACD、火车轨道铺枕木、多轴平板货车、推土机安装履带，都是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故ACD错误；
B、斧头的刃很薄，在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，故B正确。
故选：B。
【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
8．（2分）下列关于内能知识的描述正确的是（ ）
A．物体温度越高内能越大，所以0℃的冰没有内能
B．温度越高的物体含有的热量越多，所以0℃的冰没有热量
C．摩擦生热是通过做功的方式改变了物体的内能
D．物体吸收热量，内能增加，温度一定升高
【分析】（1）物体的内能与质量、温度和状态有关；一切物体在任何情况下都有内能；
（2）热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；
（3）做功和热传递都可以改变物体的内能；
（4）内能的大小与质量、温度、状态等因素有关。
【解答】解：A、因为物体的分子永不停息地做无规则的运动，所以任何物体都有内能，0℃的冰仍具有内能，故A错误；
B、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故B错误；
C、摩擦生热是通过做功的方法改变物体的内能，将机械能转化为内能，故C正确；
D、物体吸收热量，内能增大，但温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程中吸收热量，而温度保持不变，故D错误。
故选：C。
【点评】本题围绕热学中的一些基本概念的理解进行了考查，包括温度、热量、内能等，综合性强，应熟练掌握、深入理解。
9．（2分）刘宇同学善于思考、积极探究。一次电学实验课上，在完成老师要求的探究任务后，他把自己文具盒里的部分物品分别接入如图所示电路，其中能使小灯泡发光的是（ ）
A．塑料尺 B．中性笔芯 C．橡皮 D．铅笔芯
【分析】容易导电的物体叫做导体，例如：石墨、人体、大地以及酸、碱、盐的水溶液；
不容易导电的物体叫做绝缘体，如：橡胶、玻璃、塑料等。
【解答】解：塑料尺、橡皮、中性笔芯，都是绝缘体，接入电路，电路还是断路，灯泡不能发光；铅笔芯是导体，接入电路时，灯泡能发光，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查导体和绝缘体的辨别，属于识记的内容，比较简单。
10．（2分）如图所示，图甲是某款电子秤的外观图，图乙是它的原理图，表盘是由电压表改装而成的，下列判断正确的是（ ）
A．物体质量越大，电子秤示数越大，电路中电流不变
B．物体质量越大，电子秤示数越小，电路中电流不变
C．物体质量越大，电子秤示数越大，电路中电流越大
D．物体质量越大，电子秤示数越小，电路中电流越大
【分析】由图可知，电阻R0、R串联，由于电压表的阻值很大，在电路中相当于开路，所以滑片P上下移动过程中，电路中的总电阻不变；根据欧姆定律可知电路中的电流变化；
电压表测量滑动变阻器上端至滑片P之间电阻两端的电压；由图可知，物体的质量越大，弹簧伸长越长，滑动变阻器上端至滑片P之间电阻越大，根据欧姆定律可知，滑动变阻器上端至滑片P之间电阻两端的电压变化情况，据此分析。
【解答】解：由图可知，电阻R0、R串联，由于电压表的阻值很大，在电路中相当于开路，所以滑片P上下移动过程中，电路中的总电阻不变；根据欧姆定律可知，由于电源电压不变，所以电路中的电流不变，故CD错误；
由图可知，电压表测量滑动变阻器上端至滑片P之间电阻两端的电压，物体的质量越大，弹簧伸长越长，滑动变阻器上端至滑片P之间电阻越大，由于电路中的电流不变，根据欧姆定律可知，滑动变阻器上端至滑片P之间电阻两端的电压就越大，故A正确、B错误。
故选：A。
【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用，知道电压表的电阻很大，在电路中相当于开路是解题的关键。
11．（2分）请你仔细观察并分析电路图，下列说法正确的是（ ）
A．两灯串联，两电压表示数相同
B．两灯并联，两电压表示数不同
C．两灯串联，两电压表示数不同
D．两灯并联，两电压表示数相同
【分析】分析电路图、明确各电路元件的连接方式，确定电压表测哪部分电路电压，根据串联电路电压规律进行分析即可。
【解答】解：由图可知，灯L1与L2串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测L2两端的电压，由串联电路电压规律可知，U＝U1+U2，电压表V1的示数大于电压表V2的示数。
故选：C。
【点评】本题主要考查串联电路电压规律，分析清楚电路结构是正确解题的关键。
12．（2分）下列四幅图中，能说明洗衣机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】洗衣机工作时符合电动机的工作原理：通电导体在磁场中受力运动，据此解答。
【解答】解：A、导体在磁场中做切割磁感线运动产生电磁感应现象，属于电磁感应现象，故A错误；
B、通电直导线下方的小磁针转动，属于电流的磁效应，故B错误；
C、电路中有电流，通电导体在磁场中受到磁场力的作用发生运动，是电动机原理，故C正确；
D、是电铃的原理，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查电动机的工作原理，其实质是通电导线在磁场中受力而运动，属于基础题。
二、双项选择题（每小题3分，共9分。每小题有两个正确选项，选项不全但正确得1分，有错误选项不得分）
（多选）13．（3分）过度使用电子产品导致我国青少年近视率逐年上升，严重危害身心健康。图中能反映出近视成因及矫正方案的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】近视眼能看清近处的物体，不能看清远处的物体，近视眼的晶状体太厚，使像成在视网膜的前方。要戴一个凹透镜来矫正，凹透镜对光线有发散作用。
【解答】解：近视眼看远处的物体时，像成在视网膜的前面，所以A是近视眼的成像情况。近视眼需戴凹透镜矫正，所以C是近视眼的矫正做法，故AC属于近视眼成因及矫正。
故选：AC。
【点评】解答此类题目的关键是理解掌握近视眼的成像特点、形成原因和矫正措施。
（多选）14．（3分）如图所示，用滑轮组提升重540N的物体，使它在10s内匀速上升1m，所用的拉力为200N，则在提升重物的过程中（不计绳重和摩擦），下列说法正确的是（ ）
A．有用功为600J
B．动滑轮重60N
C．滑轮组的机械效率为67.5%
D．拉力做功的功率为60W
【分析】（1）动滑轮上有三段绳子，因不计绳重和摩擦，已知物体上升距离和物重，根据公式W有＝Gh可计算出有用功；
（2）已知拉力大小和物重根据公式nF＝G动+G物，可以求出动滑轮的重力；
（3）根据公式s自＝ns物可计算出自由端移动的距离，公式W总＝Fs可计算出拉力做的总功，再根据公式η＝100%可计算出滑轮组的机械效率；
（4）根据公式P＝可计算出拉力的功率。
【解答】解：
A、动滑轮上有三段绳子，因不计绳重和摩擦，有用功：W有＝Gh＝540N×1m＝540J，故A错误；
B、根据公式nF＝G动+G物可得，动滑轮的重力：G动＝nF﹣G物＝3×200N﹣540N＝60N，故B正确；
C、自由端移动的距离：s自＝ns物＝3×1m＝3m，
拉力做的总功：W总＝Fs＝200N×3m＝600J，
滑轮组的机械效率：η＝100%＝×100%＝90%，故C错误；
D、拉力的功率：P＝＝＝60W，故D正确；
故选：BD。
【点评】此题考查滑轮组的公式的灵活运用，以及功和机械效率公式的理解和掌握，熟知公式是解题关键。
（多选）15．（3分）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关，在保证电路元件安全情况下，移动滑动变阻器的滑片，记录电表示数；图乙是电路中电流与变阻器两端电压关系的图像，下列说法正确的是（ ）
A．定值电阻R0的阻值是10Ω
B．电源电压为4.5V
C．滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是5～15Ω
D．当滑动变阻器的滑片P移至中点时，电流表的示数是0.3A
【分析】由图甲可知，定值电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
（1）由图乙可知，当滑动变阻器两端的电压为0时，电路中的电流最大为I大＝0.6A，根据欧姆定律可知，电源电压U＝I大R0；当滑动变阻器两端的电压为3V时，电路中的电流I＝0.2A，根据串联电路的特点和欧姆定律可知，电源电压U＝3V+IR0，据此可解得R0的阻值和电源电压；
（2）当电压表示数为0时，滑动变阻器连入电路的阻值为0，当电压表示数为3V时，通过电路中的电流为0.2A，根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值；
（3）当滑动变阻器的滑片P移至中点时可知滑动变阻器的连入电路的阻值，根据串联电路的电阻特点可知电路中的总电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，据此可知电流表示数。
【解答】解：由图甲可知，定值电阻R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；
（1）由图乙可知，当滑动变阻器两端的电压为0时，电路中的电流最大为I大＝0.6A，
根据欧姆定律可知，电源电压U＝I大R0＝0.6A×R0——————①
当滑动变阻器两端的电压为3V时，电路中的电流I＝0.2A，根据串联电路的特点和欧姆定律可知，电源电压U＝3V+IR0＝3V+0.2A×R0——————②
联立①②解得：定值电阻R0＝7.5Ω；电源电压U＝4.5V；
故A错误、B正确；
（2）当电压表示数为0时，滑动变阻器连入电路的阻值为0，当电压表示数为3V时，通过电路中的电流为0.2A，
由欧姆定律可知，滑动变阻器的最大阻值RP大＝＝＝15Ω，所以滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是0～15Ω，故C错误；
（3）当滑动变阻器的滑片P移至中点时，滑动变阻器接入电路中的电阻RP′＝RP大＝×15Ω＝7.5Ω；
根据串联电路的特点可知，电路中的总电阻R＝RP′+R0＝7.5Ω+7.5Ω＝15Ω；
此时电路中的电流I′＝＝＝0.3A，即电流表示数为0.3A，故D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律以及动态电路分析，解题的关键是能从坐标图中获取相关有用信息。
三、填空题（每空1分，每小题2分，共24分）
16．（2分）编钟是我国古代的一种乐器，它是广大劳动人民智慧的结晶。演奏时轻敲或重敲同一位置，所发出声音的 响度 （选填“音调”、“响度”或“音色”）不同；亲临现场时，我们能从不同角度看见编钟，是因为光在其表面发生 漫反射 。
【分析】响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；
反射分镜面反射和漫反射，平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种反射是镜面反射；平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。
【解答】解：轻敲或重敲同一编钟的同一位置，编钟振动的幅度不同，所发出声音的响度不同；
亲临现场时，我们能从不同角度看见编钟，是因为光在其表面发生漫反射。
故答案为：响度；漫反射。
【点评】本题主要考查了响度及漫反射的理解，将知识与生活有机的结合起来，便能找到答案。
17．（2分）中国茶文化源远流长，一杯冲好的茶水香气四溢，这属于 扩散 现象；拿茶杯的手感觉很热，这是通过 热传递 方式增加了手的内能。
【分析】（1）不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象，叫扩散，扩散现象说明：分子在不停地做无规则运动；（2）改变物体内能的方式有热传递和做功。
【解答】解：热腾腾的胡辣汤香气四溢，很远就能闻到它的香味，这时扩散现象，说明分子在不停做无规则运动；
端碗时很烫手，手从碗上吸收了热量，是通过热传递方式增加了手的内能。
故答案为：扩散；热传递。
【点评】本题考查了扩散现象、热传递改变物体内能，相对比较简单，属于基础题。
18．（2分）2022年2月12日，冬奥会比赛中，我省运动员高亭宇在500米速度滑冰比赛中，以34.32s的优异成绩刷新该项目奥运会记录，他全程的平均速度约为 15 m/s（保留整数位）；在冲刺阶段，他全力向后蹬冰使自己向前加速滑行，该过程中他的动能会变 大 。
【分析】知道路程和时间，利用速度公式计算高亭宇全程的平均速度；物体由于运动具有的能量叫做动能，动能大小与物体的质量和运动速度有关。
【解答】解：高亭宇全程的平均速度：v＝＝≈15m/s；
在冲刺阶段，他全力向后蹬冰使自己向前加速滑行，该过程中他的质量不变，速度变大，动能变大。
故答案为：15；大。
【点评】本题考查速度的简单计算、动能的影响因素，是一道基础题。
19．（2分）小李在超市购物，用20N的水平推力推着购物车做匀速直线运动，后改用30N的水平推力推购物车，使其加速向前运动，在加速过程中购物车受到的摩擦力为 20 N，所受摩擦力的方向与运动方向 相反 。
【分析】（1）购物车在水平方向上做匀速直线运动，受到平衡力，根据二力平衡，地面对购物车的阻力等于水平推力；
（2）压力、接触面粗糙程度不变，摩擦阻力大小不变，摩擦力是阻碍物体运动的力，其方向与物体的运动方向相反。
【解答】解：购物车在水平方向上做匀速直线运动，此时购物车受力平衡，地面对购物车的摩擦力等于推力，即f＝F＝20N，因为压力和接触面的粗糙程度不变，因此摩擦力的大小不变，所以在加速过程中购物车受到的摩擦力为20N，摩擦力是阻碍物体运动的力，其方向与物体的运动方向相反。
故答案为：20；相反。
【点评】本题主要考查对二力平衡和摩擦力的掌握，在分析本题时，需要注意两点：一是物体在相同的表面做匀速直线运动时，不论速度如何，其受到的接触面摩擦阻力都是固定不变的；二是摩擦力的大小只与压力和接触面的粗糙程度有关。
20．（2分）周末，小刚去湖边钓鱼，钓到鱼后他将鱼拉出水面，如图所示，鱼线对鱼的拉力和鱼对鱼线的拉力是一对 相互作用 力；小刚使用钓鱼竿时，钓鱼竿是一个 费力 （选填“省力”、“等臂”或“费力”）杠杆。
【分析】力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。
【解答】解：由于力的作用是相互的，鱼线对鱼有拉力的同时，鱼对鱼线也有拉力，这一对力是相互作用力；
钓鱼竿在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
故答案为：相互作用；费力。
【点评】本题考查力的概念、杠杆的种类，掌握杠杆的分类是解答本题的关键。
21．（2分）丽丽使用电子秤称得一个鸡蛋的质量为55g，将其放入水中后沉入水底，如图所示，逐渐向水中加盐，待鸡蛋悬浮于水中静止时，鸡蛋所受浮力大小为 0.55 N；沉底时鸡蛋受到的浮力为F1，悬浮时鸡蛋受到的浮力为F2，则F1 ＜ F2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
【分析】根据物体的浮沉条件可知，鸡蛋在水中沉底，则鸡蛋在水中所受的浮力小于重力；在盐水中悬浮时，物体所受的浮力等于物体自身的重力，据此判断两种情况下的浮力大小关系。
【解答】解：已知鸡蛋的质量m＝55g＝0.055kg，则鸡蛋所受的重力G＝mg＝0.055kg×10N/kg＝0.55N；
鸡蛋在水中沉底时，鸡蛋所受的浮力小于重力，即F1＜G；
鸡蛋在盐水中悬浮时，鸡蛋所受的浮力等于重力，即F2＝G＝0.55N；
所以F1＜F2。
故答案为：0.55；＜。
【点评】本题考查物体浮沉条件及其应用，知道物体沉底与悬浮时浮力与重力的关系是解答本题的关键。
22．（2分）将一未装满水的密闭矿泉水瓶，先正立放置在水平桌面上，再倒立放置，如图所示，则倒立时水对瓶盖的压强是 1.2×103 Pa；正立时水对瓶底的压力为F1，倒立时水对瓶盖的压力为F2，则F1 ＞ F2（选填“＞”、“＝”或“＜”）。
【分析】（1）根据p＝ρgh求出倒立时水对瓶盖的压强；
（2）水对瓶盖和瓶底的压力，可以根据水产生的压力和水重力的关系来入手（上下粗细一样的容器中水对容器底的压力等于水的重力，上面粗、下面细的容器中水对容器底的压力小于水的重力，上面细、下面粗的容器中水的压力大于水的重力。
【解答】解：（1）由图可知，倒立时水的深度为h＝12cm＝0.12m，
则倒立时水对瓶盖的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.12m＝1.2×103Pa；
（2）正放时，瓶子中的水柱是粗细相同的，瓶子底部受到的压力等于瓶中水的重力；倒放时，瓶子中的水柱上面粗，下面细，瓶盖受到的压力小于瓶中水的重力；瓶中水的重力是一定的，所以正放时水对瓶底的压力大于倒放时水对瓶盖的压力，即F1＞F2。
故答案为：1.2×103；＞。
【点评】本题考查液体压强的计算，液体对容器底部的压力可以根据F＝pS分析，也可以根据承装液体容器的形状进行分析得出。知道对于圆柱形容器，对容器底的压力等于液体重；对于上口粗下口细的容器，对容器底的压力小于液体重是本题的关键。
23．（2分）两个相同的容器中分别装入质量相同的甲、乙两种液体，使用相同的热源为其加热，液体温度与加热时间的关系如图所示，若甲、乙两液体吸收相同的热量，则 甲 液体升高的温度较多；两者比较， 乙 液体更适合作汽车的冷却剂。
【分析】（1）用同一热源加热时，甲、乙两种液体在相同时间里吸收的热量相等；由图象可知，加热相同的时间，甲、乙液体升高的温度；
（2）用同一热源加热，加热的时间长的吸收的热量多；由图象可知，升高相同的温度，甲、乙液体加热时间的关系，进而可知两液体吸收热量的关系，吸收的热量多的液体更适合作汽车的冷却剂。
【解答】解：（1）由图象可知，加热相同的时间，甲升高的温度大于乙升高的温度，由于采用同一热源加热，加热相同的时间时，甲、乙两液体吸收的热量相等，因此甲、乙两液体吸收相同的热量时，甲液体升高的温度高。
（2）由图象可知，在质量和温度升高度数相同时，乙加热的时间长，由于采用同一热源加热，加热的时间长的吸收的热量多，因此乙液体吸收的热量多，故乙液体更适合作汽车的冷却剂。
故答案为：甲；乙。
【点评】本题考查了比热容的相关知识，看懂图象的含义是解题的关键。
24．（2分）如图所示，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻。若开关S1、S2闭合，甲、乙两表均为电压表，示数之比为5：2，则R1、R2电阻之比为 3：2 ；若开关S1闭合、S2断开，两表均为电流表，甲、乙两表的示数之比为 3：5 。
【分析】（1）由图可知，若开关S1、S2闭合，甲、乙两表均为电压表，则R1、R2串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测R2的电压，根据串联电路特点可知R1、R2两端的电压之比；根据欧姆定律可知R1、R2电阻之比；
（2）若开关S1闭合、S2断开，两表均为电流表，R1、R2并联，电流表甲测量通过R2支路的电流，电流表乙测量干路的电流；根据并联电路的特点和欧姆定律可知甲、乙两表的示数之比。
【解答】解：（1）由图可知，若开关S1、S2闭合，甲、乙两表均为电压表，则R1、R2串联，电压表甲测电源电压，电压表乙测R2的电压，
根据串联电路的电压特点可知，R1、R2两端的电压之比＝＝＝，
根据欧姆定律可知，R1的阻值R1＝，R2的阻值R2＝，
根据串联电路的特点可知，通过R1的电流I1＝I2，
则R1、R2电阻之比＝＝＝；
（2）若开关S1闭合、S2断开，两表均为电流表，R1、R2并联，电流表甲测量通过R2支路的电流，电流表乙测量干路的电流；
根据并联电路电压特点可知，R1、R2两端的电压相等，即U1′＝U2′＝U，
根据欧姆定律可知，通过R1的电流I1′＝，通过R2的电流I2′＝，
则通过R1、R2的电流之比＝＝＝，
则甲、乙两表的示数之比＝＝＝。
故答案为：3：2；3：5。
【点评】本题考查串并联电路的特点、欧姆定律的应用，能正确判断电路连接和电压表、电流表的测量对象是解题的关键。
25．（2分）如图所示是“探究通电导体产生的热量与 电阻 大小关系”的实验装置。电源电压为4.5V且保持不变，将滑动变阻器滑片移至最右端，在1min内电流通过10Ω电阻丝产生的热量为 54 J。
【分析】（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；探究电流产生热量跟电阻关系时，要控制通电时间和电流大小不变；探究电流产生热量跟电流大小关系时，要控制电阻和通电时间相同；
（2）滑动变阻器滑片移至最右端时，电路中只有两电阻串联，根据欧姆定律求出电路中的电流，再根据公式Q＝I2Rt即可求出在1min内电流通过10Ω电阻丝产生的热量。
【解答】解：（1）图中阻值不同的两个电阻丝串联在电路中，电流相同，通电时间相同，根据控制变量法可知，这是探究电流产生热量跟电阻大小的关系；
（2）电源电压为4.5V且保持不变，将滑动变阻器滑片移至最右端，电路中电流为：
I＝＝＝0.3A，
在1min内电流通过10Ω电阻丝产生的热量为：
Q＝I2Rt＝（0.3A）2×10Ω×60s＝54J。
故答案为：电阻；54。
【点评】本题考查了电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关、欧姆定律和焦耳定律的应用，属于综合性题目。
26．（2分）如图所示的家庭电路，两虚线框中连入了电灯和开关，则方框 乙 中为开关；闭合开关后，发现电灯不亮，使用试电笔测试a、b、c三点时试电笔的氖管均发光，测试d点时试电笔的氖管不发光，则该电路的故障为 cd之间断路 。
【分析】开关接在灯与火线之间；测电笔氖管发光说明有电流通过，不发光说明没有电流。
【解答】解：开关应接在灯与火线之间，因此开关应接在乙处；
使用试电笔测试a、b、c三点时试电笔的氖管均发光，说明这三处都有电流通过，测试d点时试电笔的氖管不发光，说明故障为cd之间断路。
故答案为：乙；cd之间断路。
【点评】本题主要考查家庭电路的连接、电路故障分析，属于中档题。
27．（2分）2022年5月15日，是天问一号着陆火星一周年的日子，目前设备运行状态良好，累计获取并传回原始科学数据约940GB，这些数据是通过 电磁波 将信息传回地球的；如图所示，该火星车是利用电能来驱动的，电能属于 二 次能源。
【分析】（1）电磁波的传播不需要介质，火星和地球之间的信息传播，通过电磁波的方式进行；
（2）一次能源是指可以从自然界直接获取的能源；.二次能源是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。
【解答】解：（1）火星与地球之间是真空，目前火星车是利用电磁波将信息传回地球；
（2）火星车使用的电能都是通过其他形式的能转化而来的，是二次能源。
故答案为：电磁波；二。
【点评】本题考查了可电磁波的应用和能源的分类，是一道基础题。
四、探究与实验（28题7分，29题5分，30题8分，共20分）
28．（7分）（1）小亮在测量盐水密度时，天平调平后，进行了如下操作：
①用天平测量烧杯和盐水的总质量，盘中砝码及游码的位置如图甲所示，则烧杯和盐水的总质量为 142 g；
②将烧杯中的盐水倒入量筒中一部分，液面位置如图乙所示，盐水体积为 50 mL；
③用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量为87g，则盐水密度为 1.1 g/cm3。
（2）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，小宇选用焦距为10cm的凸透镜，将蜡烛、凸透镜和光屏分别放置在光具座上（如图丙）：
①首先应使烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度上，目的是 使烛焰的像成在光屏中央 ；
②当蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图丙所示时，光屏上成清晰的像，则光屏上所成的像是 缩小 （选填“放大”、“等大”或“缩小”）的 实 （选填“实”或“虚”）像；
③若将蜡烛和光屏互换位置，在光屏上 能 （选填“能”或“不能”）成烛焰清晰的像。
【分析】（1）天平平衡时物体的质量等于右盘中砝码的质量与游码在标尺上所对的刻度值；量筒读数要注意分度值，视线要与凹液面相平；
计算出量筒内液体的质量，读出量筒内液体的体积，根据密度公式计算液体密度；
（2）为了使像成在光屏中央，必须将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心放在同一高度上；根据凸透镜成像规律判断成像特点；
在光的折射中，光路是可逆的。
【解答】解：（1）①烧杯和盐水的总质量＝140g+2.0g＝142g；
②量筒的分度值为2mL，读数为50mL，即50cm3；
③倒出的液体质量m＝142g﹣87g＝55g；
ρ＝＝＝1.1g/cm3；
（2）①在做凸透镜成像的实验中，为了使烛焰的像成在光屏的中央，应使得光屏、凸透镜和烛焰的中心在同一高度上；
②由丙图分析可知，物距大于两倍焦距，像距在一倍到两倍焦距之间，根据成像规律，成倒立，缩小的实像；
③若将蜡烛和光屏互换位置，根据光路可逆可知，光屏上能成清晰的实像。
故答案为：（1）①142；②50；③1.1；（2）①使烛焰的像成在光屏中央；②缩小；实；③能。
【点评】本题考查了液体密度的测量实验和凸透镜成像规律实验。综合性较强。
29．（5分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）如图甲所示，实验前杠杆左端下沉，则应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙所示，杠杆上刻度均匀，在A点挂3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂 4 个相同的钩码；当杠杆平衡后，将A、B两点下方同时增加一个相同的钩码，则杠杆将 左端下沉 （选填“左端下沉”、“右端下沉”或“仍保持静止不动”）；
（3）如图丙所示，若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡；当弹簧测力计从图丙位置转到图丁位置时，其示数会 变大 （选填“变大”、“不变”或“变小”），原因是 阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大 。
【分析】（1）杠杆静止或匀速转动时杠杆就处于平衡状态。调节杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动，在水平位置平衡目的是便于测量力臂，同时消除杠杆自重对实验的影响；
（2）设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量；根据杠杆平衡条件判断是否平衡；
（3）当拉力F向右倾斜时，保持B点不动，弹簧测力计的方向向右倾斜，这时杠杆右侧的动力臂变短，根据杠杆的平衡条件可知，使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大。
【解答】解：（1）杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，则重心应向右移动，故应向右调节平衡螺母；
（2）若每个钩码重G，每个小格长L，如图甲所示，杠杆左边A处挂四个相同钩码，要使杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件可得，3G×4L＝nG×3L，解得n＝4，即应在杠杆右边B处挂同样的钩码4个；
当杠杆平衡后，在A、B两点下方同时增加一个钩码，则有4G×4L＞5G×3L，左侧力与力臂的乘积大于右侧，故左端下沉；
（3）保持C点不变，当弹簧测力计从a位置转到b位置时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大。
故答案为：（1）右；（2）4；左端下沉；（3）变大；阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大。
【点评】此题是“探究杠杆的平衡条件”实验，考查了杠杆的调平及目的，杠杆平衡条件的应用，都是杠杆平衡条件中的常见知识。
30．（8分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V，图甲是未连接完整的实验电路：
（1）连接实验电路的过程中，开关应 断开 ；
（2）用笔画线代替导线，将图甲的实验电路连接完整（要求滑动变阻器的滑片P向B端移动时电流表的示数变大）；
（3）闭合开关后，小明发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，电压表示数接近4.5V，则电路的故障可能是 小灯泡断路 （填一种情况即可）；
（4）排除故障后，调节滑动变阻器的滑片，如图乙所示，电压表的示数为 1.9 V，为了测小灯泡的额定功率，应将滑片向 B （选填“A”或“B”）端移动；
（5）改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，绘制了如图丙所示的I﹣U图像，由图像可知，小灯泡的额定功率为 0.625 W；
（6）由图丙可知小灯泡正常发光时的电阻是 10 Ω，小灯泡的电阻是变化的，原因是灯丝电阻受 温度 的影响。
【分析】（1）为保护电路，连接实验电路的过程中开关应处于断开状态；
（2）滑动变阻器选用“一上一下”两个接线柱串联接入电路，且变阻器的滑片P向右移动时电流表的示数变大，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，则滑动变阻器接入电路的阻值变小，故应将滑动变阻器的右下接线柱与电源的负极接线柱相连；
（3）实验过程中，小灯泡不发光，观察电流表和电压表，发现电流表几乎无示数，则电路可能断路，而电压表有示数而且接近电源电压，则电压表与电源接通；
（4）闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片P，同时观察电压表示数的变化；
电压表选用小量程，分度值为0.1V，据此得出电压表的示数；小灯泡的额定电压为2.5V，若要测得小灯泡正常发光时的电阻，应让灯泡两端的电压变大，让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值应变小，进而得出滑片P的移动方向；
（5）根据P＝UI得出小灯泡正常工作时的电功率；
（6）由图象可知，小灯泡正常发光时，通过灯泡的电流，根据欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻，灯丝的电阻随温度的变化而变化。
【解答】解：（1）为保护电路，连接实验电路的过程中开关应处于断开状态；
（2）滑动变阻器选用“一上一下”两个接线柱串联接入电路，且变阻器的滑片P向右移动时电流表的示数变大，根据欧姆定律可知电路总电阻变小，则滑动变阻器接入电路的阻值变小，故应将滑动变阻器的右下接线柱与电源的负极接线柱相连，如图：
（3）实验过程中，小明发现小灯泡不发光，电流表示数几乎为零，电压表示数接近4.5V，则电路可能断路，而电压表有示数而且等于电源电压，则电压表与电源接通，电路出现的故障是小灯泡断路；
（4）闭合开关后，缓慢移动滑动变阻器的滑片P，同时观察电压表示数的变化；
电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.9V；小灯泡的额定电压为2.5V，若要测得小灯泡正常发光时的电阻，应让灯泡两端的电压变大，让滑动变阻器两端的电压变小，根据串联分压特点可知，滑动变阻器接入电路的阻值应变小，滑片P应向B端移动；
（5）由丙图可知，小灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为0.25A，小灯泡正常工作时的电功率P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W。
（6）由图象可知，小灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为0.25A，根据欧姆定律可知小灯泡正常发光时的电阻R＝＝＝10Ω；分析图丙还发现灯泡电阻是变化的，其原因是灯丝的电阻受温度的影响。
故答案为：（1）断开；（2）见解答图；（3）小灯泡断路；（4）1.9；B；（5）0.625；（6）10；温度。
【点评】本题为测量小灯泡正常发光时的电阻的实验，考查电路连接、实验原理、故障分析、电阻和电功率的计算等知识。
五、分析与交流（每小题4分，共8分）
31．（4分）飞越苍穹，筑梦星河。2022年6月5日10时44分07秒，神舟十四号载人飞船成功发射。火箭点火后，向下快速喷出气体，推动火箭加速上升。请你结合实际，分析并解答下列问题：
（1）火箭向下快速喷出气体，推动火箭加速上升，此过程包含哪些力学知识，请你说出两点。
（2）请分析发射过程中存在哪些能量转化。
【分析】（1）物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体有力的作用，同时它也受到另一个物体力的作用；
（2）从火箭的发射过程中，分析消耗了哪种形式的能，进而产生了哪种形式的能即可判断能量的转化过程。
【解答】答：（1）火箭对喷出的气体有向下的力，同时气体对火箭产生了向上巨大的推力，这说明力的作用是相互的；
火箭加速上升，运动速度加快，运动状态改变，说明力可以改变物体的运动状态；
（2）火箭上升时，消耗燃料的化学能，转化成内能，即化学能转化为内能；同时消耗了内能，产生了机械能使得火箭运动，即内能又转化成了机械能，火箭上升过程中与空气摩擦，机械能转化为内能。
【点评】本题考查了力的相互作用性，力与物体运动的关系以及能量的转化等知识，是一道综合题。
32．（4分）李刚同学家里添置了一台电热水器，他建议家人不要将电热水器和其它大功率用电器同时使用，否则会存在安全隐患。请你根据所学的物理知识，解释同时使用大功率用电器存在什么安全隐患。
【分析】家庭电路电流过大的原因有两个：短路和用电器的总功率过大，据此分析。
【解答】答：根据公式I＝可知，当电压一定时，用电器总电功率越大，总电流越大，又根据Q＝I2Rt可知，电阻和通电时间一定时，总电流越大，干路（导线）产生的热量越多，温度极易升高，容易发生火灾。
【点评】本题考查了家庭电路电流过大的原因，属于基础题。
六、综合与应用题（33题7分，34题8分，共15分）
33．（7分）疫情防控期间，疾控部门要经常对环境进行消杀。一台运送消毒液的车辆，满载后总质量为14t，车轮与地面总接触面积为0.4m2，该车沿平直公路匀速行驶4.6km后到达目的地，共消耗汽油5kg，车匀速行驶过程中，牵引力始终为1.5×104N，汽油的热值q＝4.6×107J/kg。求：
（1）车满载时受到的总重力；
（2）车满载后静止在水平地面时对地面的压强；
（3）车行驶过程中发动机的效率。
【分析】（1）根据G＝mg可求总重力；
（2）根据静止时物体对地面的压力等于重力，再利用p＝可求汽车对地面的压强；
（3）牵引力做功为有用功，燃烧汽油释放的热量为总功，利用η＝即可求解。
【解答】解：（1）车满载时的总重力G＝mg＝14×103kg×10N/kg＝1.4×105N；
（2）车满载静止时，对地面的压力等于重力，所以对地面的压强p＝＝3.5×105Pa；
（3）车行驶过程中牵引力做功为发动机的有用功，W＝F牵s＝1.5×104N×4.6×103m＝6.9×107J；
燃烧汽油产生的热量为发动机的总功，Q放＝m汽油q＝5kg×4.6×107J/kg＝2.3×108J；
则发动机的效率η＝。
答：（1）车满载时受到的总重力为1.4×105N；
（2）车满载后静止在水平地面时对地面的压强为3.5×105Pa；
（3）车行驶过程中发动机的效率为30%。
【点评】本题考查重力和质量的关系、压强的计算、热机的效率的计算，掌握有关的计算公式是解答本题的关键。
34．（8分）小李同学家购置一台电热油汀取暖器简称电热油汀，它是一种安全可靠的空间加热器，外观及铭牌如图甲和表格所示。据了解，该电热油汀的工作物质是一种油，这种油的密度ρ＝0.8×103kg/m3，比热容约为c＝2.0×103J/（kg•℃）。
**电热油汀
额定电压
220V
额定功率
1100W
液体质量
20kg
请你分析并解答：
（1）该电热油汀正常工作10min，油汀中油升高的温度（不考虑热量损失）；
（2）电热油汀电热丝的阻值大小；
（3）为了使电热油汀的实际加热功率可以调节，他找来一个旧的电位器（滑动变阻器），只能看清上面有“6A”字样，经测试最大阻值只能调到176Ω，将它串联在电路中对电热油汀进行改装，改装后的简化电路图如图乙所示。请你计算改装后电热油汀的实际加热功率变化范围；
（4）该同学了解到此电热油汀的工作物质是一种油后，对此他产生了疑问，为什么不使用水呢？除油的密度较小外，请从物质性质的其它方面找出一条使用该油的好处。
【分析】（1）根据P＝求出电热油汀正常工作10min产生的热量，因为不考虑热量损失，所以油吸收的热量等于电热丝放出的热量，根据Q吸＝cmΔt求出油汀中油升高的温度；
（2）根据P＝UI＝求出电热丝的阻值；
（3）根据P＝UI＝可知，当电路中电阻最大时，电功率最小，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电阻最大，根据P＝UI＝求出最小电功率，
当电路中电阻最小时，电功率最大，当滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中的电阻最小，根据P＝UI＝求出最大电功率，进而求出改装后电热油汀的实际加热功率变化范围；
（4）从油的比热容、导电性能等方面考虑。
【解答】解：（1）由P＝可知，电热油汀正常工作10min产生的热量：
Q放＝W＝Pt＝1100W×10×60s＝6.6×105J，
因为不考虑热量损失，所以油吸收的热量：
Q吸＝Q放＝6.6×105J，
由Q吸＝cmΔt可知，油汀中油升高的温度：
Δt＝＝＝16.5℃；
（2）由P＝UI＝可知，电热丝的阻值：
R1＝＝＝44Ω；
（3）根据P＝UI＝可知，当电路中电阻最大时，电功率最小，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电阻最大，电功率最小，
由串联电路的电阻特点可知，电路中总电阻：
R＝R1+R2＝44Ω+176Ω＝220Ω，
则电热油汀最小电功率：
P最小＝＝＝220W，
当电路中电阻最小时，电功率最大，当滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中的电阻最小，电功率最大，
此时电热油汀最大电功率：
P最大＝P额＝1100W，
由P＝UI可知，此时电路中的电流：I大＝＝＝5A＜6A，滑动变阻器能安全工作，
所以改装后电热油汀的实际加热功率变化范围是220W～1100W；
（4）①油的比热容较小，在加热时间相同的情况下，温度升高的快；②油是绝缘体，使用起来安全性比较高。
答：（1）该电热油汀正常工作10min，油汀中油升高的温度为16.5℃；
（2）电热油汀电热丝的阻值为44Ω；
（3）改装后电热油汀的实际加热功率变化范围为220W～1100W；
（4）①油的比热容较小，在加热时间相同的情况下，温度升高的快；②油是绝缘体，使用起来安全性比较高。
【点评】本题是一道电学与热学的综合应用题，考查串联电路的特点、电功率公式和热量公式的灵活运用。
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