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2022年广西百色市中考物理试卷解析版
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这是一份2022年广西百色市中考物理试卷解析版，共44页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
2022年广西百色市中考物理试卷
一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的。每小题选对的得3分，不选、多选或错选的均得0分）
1．（3分）为了庆祝中国共产党成立100周年，学校组织演唱歌曲《没有共产党就没有新中国》，听众从听到的声音中分辨出使用了钢琴伴奏，依据是声音的（ ）
A．音调 B．响度 C．音色 D．声速
2．（3分）如图所示，下列现象与平面镜成像原理相同的是（ ）
A．放大镜成像 B．水中的倒影
C．水面“断筷” D．手影的形成
3．（3分）2022年3月23日，中国第一位“空间老师”王亚平再度在中国空间站进行“天宫课堂”授课。空间站与地面之间的信息传递是依靠（ ）
A．激光 B．次声波 C．超声波 D．电磁波
4．（3分）如图所示的自然现象中，属于汽化现象的是（ ）
A．冰雪融化 B．滴水成冰
C．浓雾消散 D．气凝结霜
5．（3分）关于牛顿第一定律和惯性，下列说法正确的是（ ）
A．牛顿第一定律可以用实验直接验证
B．一切物体都具有惯性
C．牛顿第一定律说明物体的运动需要力来维持
D．小轿车行车时司乘人员系安全带是为了减小惯性
6．（3分）北京时间2022年6月5日10时44分，神舟十四号载人飞船在酒泉卫星发射中心成功发射。关于飞船在离地加速升空过程中能量的变化，下列说法正确的是（ ）
A．动能增大，势能增大，机械能增大
B．动能增大，势能不变，机械能增大
C．动能增大，势能减小，机械能不变
D．动能减小，势能增大，机械能不变
7．（3分）我国在城市建设和乡村振兴计划中，重视环境保护和新能源的开发利用。下面列举的项目中，不属于新能源开发的是（ ）
A．太阳能发电 B．风力发电 C．核能发电 D．燃煤发电
8．（3分）如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路的分析不正确的是（ ）
A．灯L1与灯L2并联
B．电压表测量灯L1两端的电压
C．只断开开关S1，灯L2正常发光
D．电流表测量电路总电流
9．（3分）在家庭电路中，下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．用湿布擦拭正在发光的灯泡
B．使用绝缘皮已经破损的导线
C．控制用电器的开关一定要接在火线上
D．保险丝熔断后，可换用不易熔断的铜丝代替
10．（3分）如图所示，闭合开关，下列判断正确的是（ ）
A．小磁针偏转，说明通电导体周围存在磁场
B．只对调电源正负极，小磁针偏转方向不变
C．通电螺线管的右端为N极
D．在螺线管内插入铁芯，螺线管的磁性强弱不变
11．（3分）如图所示是我国自主研制的坦克，它具有潜渡功能。当坦克潜入水中，顶部舱门离水面5m深时，舱门受到水的压强为（ρ水＝1.0×103kg/m3）（ ）
A．5×102Pa B．5×103Pa C．5×104Pa D．5×105Pa
12．（3分）如图所示电路，电源电压保持不变，R1为定值电阻。开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑动触头向右移动时，下列说法正确的是（ ）
A．电压表V的示数变小
B．电流表A的示数变小
C．电流表A1的示数变小
D．滑动变阻器R2消耗的电功率变大
二、填空题（每空1分，共16分。不要求写出计算过程，请将答案填写在答题卡上）
13．（2分）在疫情防控中，我国启动了新冠疫苗全民免费接种工作，体现了党中央对全国人民的关爱。小刚在接种疫苗过程中，能闻到医护人员擦拭在他手臂上酒精的气味，这是 现象；封闭在注射器内的空气压缩到一定程度就很难再被压缩，这是因为分子间存在 （选填“引力”或“斥力”）。
14．（2分）光的世界变幻莫测，奥秘无穷。雨后天空出现七色彩虹，这是光的 现象，其中红、 、蓝三种颜色的光被称为光的“三基色”。
15．（2分）随着人们生活水平的提高，扫地机器人逐步进入人们的生活，其工作时通过电动机转动使内部气体流速 ，压强 ，使杂物进入扫地机器人内部，从而达到清扫的目的（均选填“变大”、“变小”或“不变”）。
16．（2分）毛皮摩擦过的橡胶棒带 （选填“正”或“负”）电荷。如图所示，将带电的橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔由于带 （选填“同种”或“异种”）电荷而张开一定的角度。
17．（2分）用冷水冷却发动机，是利用水的比热容较 （选填“大”或“小”）的特性。四冲程汽油机的工作过程中 冲程将内能转化为机械能（选填“压缩”或“做功”）。
18．（2分）用弹簧测力计悬挂重为5.4N的物体，放入水中，静止时弹簧测力计示数如图所示，则物体在水中受到的浮力为 N，物体的体积为 m3。（ρ水＝1.0×103kg/m3）
19．（2分）如图所示是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验装置。闭合开关，使导体ab向左运动，电路中 感应电流（选填“有”或“无”），这一过
程机械能转化为 能。
20．（2分）如图所示，轻质细杆可绕竖直墙上的O点转动，末端挂一个重为150N的物体，拉力F沿水平方向，当θ＝45°时，拉力F＝ N。若保持拉力沿水平方向，让细杆顺时针缓慢旋转到图中虚线位置，则拉力将 （选填“变大”或“变小”）。
三、作图、实验与探究题（21题2分，22题2分，23题5分，24题7分，25题8分，共24分。）
21．（2分）如图所示，请完成图中两条入射光线通过凸透镜后的光路图。
22．（2分）如图所示，小球悬浮在水中，作出小球受到的重力和浮力的示意图。
23．（5分）如图所示是“测量小车的平均速度”的实验装置。实验时让小车从斜面的A点由静止滑下，分别测出小车到达B点和C点的时间，即可求出不同路段的平均速度。
（1）实验原理是 。
（2）实验时，为了使小车在斜面上运动的时间长些，便于测量时间，应 （选填“增大”或“减小”）斜面的倾斜角度。
（3）小车从A点运动到B点所用时间tAB＝ s；从A点到C点的路程sAC＝ cm；小车在AC段的平均速度vAC＝ m/s。
24．（7分）在探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验中，某实验小组选择如下器材：长木板、棉布、木块、砝码、弹簧测力计等进行实验。
（1）根据 知识，用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做 运动时，木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
（2）比较图1中 两次实验可知，当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）实验中发现图1丙弹簧测力计的示数比图1甲的大，由此得出结论：当压力相同时，接触面越
，滑动摩擦力越大。
（4）本实验主要采用的科学探究方法是 法。
（5）该小组将木块沿竖直方向切掉一半后重新进行实验，如图1丁所示，测得木块所受摩擦力与图1甲测得的摩擦力进行比较，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积有关。此结论是 的（选填“正确”或“错误”）。
（6）该小组在实验中发现较难保持木块匀速运动，导致弹簧测力计示数不稳定。于是他们改进实验，如图2所示，固定弹簧测力计，拉动长木板进行实验。实验过程 匀速拉动长木板，更易操作（选填“需要”或“不需要”）。
25．（8分）在探究电流与电阻关系的实验中，小华设计了如图甲所示的电路，定值电阻的阻值分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”。
（1）如图甲所示，在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应移到 端（选填“A”或“B”）。
（2）闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，其原因可能是定值电阻 （选填“断路”或“短路”）。
（3）排除故障后，分别用10Ω、15Ω、20Ω的电阻进行实验，正确操作，记录的数据如下表所示，则实验中控制电压表的示数为 V不变。将10Ω的电阻换成15Ω后，为了保持电压表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片向 端移动（选填“A”或“B”）。当使用30Ω的电阻做实验时，为了使电压表的示数与前三次相同，电源电压应不高于 V。
实验次数
1
2
3
4
R/Ω
10
15
20
30
I/A
0.3
0.2
0.15
（4）分析实验数据得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成 关系。
（5）小华想利用图甲电路改做测定小灯泡电功率的实验：将图甲中的定值电阻更换为标有“3.8V”字样的小灯泡，重新连接电路。闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为 V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 W。
四、综合应用题（26题6分，27题8分，28题10分，共24分，请写出必要的公式和重要的演算步骤及必要文字说明，只写答案的不得分）
26．（6分）如图所示是百色起义纪念公园内的一块景观石，其质量为5200kg，体积为2m3，景观石与底座的接触面积为1.3m2。求：
（1）景观石的密度；
（2）景观石的重力；
（3）景观石对底座的压强。
27．（8分）如图所示，工人师傅用滑轮组将重为500N的物体在30s内匀速提升到6m高的楼上，已知动滑轮重为100N，不计绳重及摩擦。求：
（1）拉力F；
（2）拉力的功率；
（3）滑轮组的机械效率。（计算结果保留一位小数）
28．（10分）如图甲所示电路，电源电压不变，灯泡L上标有“5V 2.5W”字样，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由b端滑到中点的过程中，灯泡L的电功率与电流的P﹣I关系图像如图乙所示，忽略温度对灯丝电阻的影响。求：
（1）灯泡L正常发光时的电阻；
（2）滑片P在b端时，1min内灯泡L消耗的电能；
（3）电源电压；
（4）在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值。
2022年广西百色市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的。每小题选对的得3分，不选、多选或错选的均得0分）
1．（3分）为了庆祝中国共产党成立100周年，学校组织演唱歌曲《没有共产党就没有新中国》，听众从听到的声音中分辨出使用了钢琴伴奏，依据是声音的（ ）
A．音调 B．响度 C．音色 D．声速
【分析】音色是取决于物体本身的一种特性，可以用于区分或辨别物体。
【解答】解：音色是取决于物体本身的一种特性，听众从听到的声音中分辨出使用了钢琴伴奏，依据是声音的音色。
故选：C。
【点评】本题考查声音的特征，是一道基础题。
2．（3分）如图所示，下列现象与平面镜成像原理相同的是（ ）
A．放大镜成像 B．水中的倒影
C．水面“断筷” D．手影的形成
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：
A、用放大镜看物体时，物体变大了，属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的，故A与题意不符；
B、水中倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B符合题意；
C、放在水中的筷子看起来向上弯折，是因为光从水中斜射入空气时，折射角大于入射角，属于光的折射现象，故C不符合题意；
D、手影的形成说明光是沿直线传播的，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。
3．（3分）2022年3月23日，中国第一位“空间老师”王亚平再度在中国空间站进行“天宫课堂”授课。空间站与地面之间的信息传递是依靠（ ）
A．激光 B．次声波 C．超声波 D．电磁波
【分析】电磁波可以传递信息，并且电磁波的传播不需要介质，声波的传播需要介质。
【解答】解：空间站与地面控制中心之间的信息传递利用的是电磁波。
故选：D。
【点评】本题考查电磁波的有关知识，属于对基础知识的考查。
4．（3分）如图所示的自然现象中，属于汽化现象的是（ ）
A．冰雪融化 B．滴水成冰
C．浓雾消散 D．气凝结霜
【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由由气态变为液态的过程叫液化，物质由由液态变为气态的过程叫汽化；物质由由固态变为液态的过程叫熔化，物质由由液态变为固态的过程叫凝固。
【解答】解：A、冰雪融化是物质由固态变成液态，是熔化现象，故A不符合题意；
B、滴水成冰是水由液态变成固态，是凝固现象，故B不符合题意；
C、浓雾消散小水滴汽化后，形成水蒸气散在空气中，是汽化现象，故C符合题意；
D、气凝结霜是空气中的水蒸气遇冷直接变成固态小晶体，是凝华现象，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查的物态变化现象均是基础知识，要注重课本基础知识的掌握。
5．（3分）关于牛顿第一定律和惯性，下列说法正确的是（ ）
A．牛顿第一定律可以用实验直接验证
B．一切物体都具有惯性
C．牛顿第一定律说明物体的运动需要力来维持
D．小轿车行车时司乘人员系安全带是为了减小惯性
【分析】牛顿第一定律又称惯性定律，是指一切物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都有惯性。惯性大小只与物体的质量有关。
【解答】解：A、牛顿第一定律是在实验的基础上，通过概括推理得出的，不可能用实验直接验证，故A错误；
B、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体在任何时候都有惯性，故B正确；
C、牛顿第一定律给出了物体不受力作用时的运动规律，同时也说明了力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力来维持，故C错误；
D、小轿车行车时司乘人员系安全带是为了防止惯性带来伤害，但不能减小惯性，故D错误。
故选：B。
【点评】熟悉牛顿第一定律的内容和得出方法，了解惯性的含义，并会用惯性解释生活中的现象是解决该题的关键。
6．（3分）北京时间2022年6月5日10时44分，神舟十四号载人飞船在酒泉卫星发射中心成功发射。关于飞船在离地加速升空过程中能量的变化，下列说法正确的是（ ）
A．动能增大，势能增大，机械能增大
B．动能增大，势能不变，机械能增大
C．动能增大，势能减小，机械能不变
D．动能减小，势能增大，机械能不变
【分析】影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
【解答】解：飞船在加速升空过程中，飞船的质量不变、速度变大、高度上升，则动能增大、重力势能增大，所以机械能将增大。
故选：A。
【点评】本题解题的关键是掌握好动能和重力势能的影响因素，属于一道基础题。
7．（3分）我国在城市建设和乡村振兴计划中，重视环境保护和新能源的开发利用。下面列举的项目中，不属于新能源开发的是（ ）
A．太阳能发电 B．风力发电 C．核能发电 D．燃煤发电
【分析】新能源又称非常规能源，是指传统能源之外的各种能源形式，指刚开始开发利用或正在积极研究、有待推广的能源，如太阳能、地热能、风能、海洋能、生物质能和核能等。
【解答】解：ABC都属于新能源开发措施，D中燃煤发电会产生废物、废气污染环境，与节能环保、低碳生活不相符，不属于开发新能源措施。
故选：D。
【点评】本题考查新能源的有关知识，属于对基础知识的考查，难度不大。
8．（3分）如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路的分析不正确的是（ ）
A．灯L1与灯L2并联
B．电压表测量灯L1两端的电压
C．只断开开关S1，灯L2正常发光
D．电流表测量电路总电流
【分析】分析电路图可知两灯的连接方式以及电流表和电压表的位置，结合并联电路的特点（并联电路中各支路独立工作、互不影响）、电流表和电压表的使用方法进行分析判断。
【解答】解：
ABD、由图知，闭合开关S1、S2，两灯并联，电流表串联在灯L2的支路上，则电流表测量通过L2的电流；电压表并联在灯L1的两端，则电压表测量灯L1两端的电压，故AB正确、D错误；
C、因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，只断开开关S1时，灯L2仍正常发光，故C正确。
故选：D。
【点评】本题考查了串并联电路的辨别、并联电路的特点以及电流表和电压表的使用方法，分析电路图得出电路的连接方式以及电流表和电压表的位置是关键。
9．（3分）在家庭电路中，下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．用湿布擦拭正在发光的灯泡
B．使用绝缘皮已经破损的导线
C．控制用电器的开关一定要接在火线上
D．保险丝熔断后，可换用不易熔断的铜丝代替
【分析】（1）生活中的水是导体，不能用湿的物体接触带电体；
（2）对各种电气设备按规定进行定期检查，如发现绝缘损坏、漏电和其他故障，应及时处理；
（3）为了安全，开关必须串联在火线和用电器之间；
（4）禁止用铜丝代替保险丝。
【解答】解：A、生活中的水是导体，用湿布擦拭正在工作的灯泡容易发生触电事故，故A不符合安全用电原则；
B、导线绝缘皮破损继续使用，当人去触摸导线时，就可能使人体和带电体接触，会造成触电事故，故B不符合安全用电原则；
C、在家庭电路中，应将控制用电器的开关接在火线上，这样在断开开关后，人在修理用电器时才不会发生触电事故，故C符合安全用电原则；
D、用铜丝代替保险丝，会使得当家庭电路中电流过大时不能熔断，起不到切断电路的作用，故D不符合安全用电原则。
故选：C。
【点评】本题考查安全用电的常识，解决此类题目要结合安全用电的知识进行分析解答。为防止因电带来的伤害，不能违反。
10．（3分）如图所示，闭合开关，下列判断正确的是（ ）
A．小磁针偏转，说明通电导体周围存在磁场
B．只对调电源正负极，小磁针偏转方向不变
C．通电螺线管的右端为N极
D．在螺线管内插入铁芯，螺线管的磁性强弱不变
【分析】（1）通电导体周围存在磁场，磁场对放入其中的磁体有力的作用；
（2）通电导体的磁场方向与电流方向有关；
（3）根据安培定则（用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极）判断出通电螺线管的南北极；
（4）电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小、线圈匝数多少。电流越大，匝数越多，电磁铁的磁性越强。
【解答】解：A、闭合开关，小磁针受到磁场力的作用发生偏转，说明通电导体周围存在磁场，故A正确；
B、通电导体周围存在磁场，磁场的方向与电流方向有关，当调换电源的正负极时，电流方向磁场的方向改变，小磁针的受力的方向改变，转动的方向改变，故B错误；
C、电流从电源的正极流出，根据安培定则可知，通电螺线管的左端是N极，右端为S极，故C错误；
D、在通电螺线管内插入铁芯，铁芯被螺线管的磁场磁化，被磁化的铁芯的磁场和螺线管的磁场共同作用，磁场大大增强，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了通电螺线管的磁场、安培定则的应用以及影响电磁铁磁性强弱的因素等，属于电磁学综合性题目。
11．（3分）如图所示是我国自主研制的坦克，它具有潜渡功能。当坦克潜入水中，顶部舱门离水面5m深时，舱门受到水的压强为（ρ水＝1.0×103kg/m3）（ ）
A．5×102Pa B．5×103Pa C．5×104Pa D．5×105Pa
【分析】利用p＝ρ液gh求出坦克顶部舱门受到水的压强。
【解答】解：坦克顶部舱门受到水的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×5m＝5×104Pa，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了液体压强公式的应用，属于基础性题目。
12．（3分）如图所示电路，电源电压保持不变，R1为定值电阻。开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑动触头向右移动时，下列说法正确的是（ ）
A．电压表V的示数变小
B．电流表A的示数变小
C．电流表A1的示数变小
D．滑动变阻器R2消耗的电功率变大
【分析】由电路图可知，开关S闭合后，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电压表V测电源两端的电压。
（1）根据电源的电压可知滑片移动时电压表V的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1支路电流的变化，从而得出电流表A1的示数变化；
（2）根据滑片的移动方向可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，利用P＝UI得出滑动变阻器R2消耗的电功率变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流变化，从而得出电流表A的示数变化。
【解答】解：由电路图可知，开关S闭合后，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电压表V测电源两端的电压。
AC.因电源的电压保持不变，所以滑片移动时电压表V的示数不变，故A错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过R1支路的电流不变，即电流表A1的示数不变，故C错误；
BD.将滑动变阻器R2的滑动触头向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由I＝可知，通过R2的电流变小，而变阻器两端的电压不变（等于电源电压），则由P＝UI可知，滑动变阻器R2消耗的电功率变小，故D错误；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表A的示数变小，故B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用好“并联电路中各支路独立工作、互不影响”是关键。
二、填空题（每空1分，共16分。不要求写出计算过程，请将答案填写在答题卡上）
13．（2分）在疫情防控中，我国启动了新冠疫苗全民免费接种工作，体现了党中央对全国人民的关爱。小刚在接种疫苗过程中，能闻到医护人员擦拭在他手臂上酒精的气味，这是 扩散 现象；封闭在注射器内的空气压缩到一定程度就很难再被压缩，这是因为分子间存在 斥力 （选填“引力”或“斥力”）。
【分析】构成物质的分子在不停地做无规则运动，分子间存在相互作用的引力和斥力。
【解答】解：用酒精消毒时，周围的人会闻到酒精的气味，这是扩散现象，说明分子都在不停地做无规则运动；
封闭在注射器筒内的空气压缩到一定程度就很难再压缩，这是因为分子间有斥力。
故答案为：扩散；斥力。
【点评】本题考查扩散现象和分子间的作用力，属于基础题。
14．（2分）光的世界变幻莫测，奥秘无穷。雨后天空出现七色彩虹，这是光的 色散 现象，其中红、 绿 、蓝三种颜色的光被称为光的“三基色”。
【分析】混合光分散为单色光的过程叫做光的色散，色散的特点是形成了光带；红、绿、蓝三种色光叫做色光的三原色
【解答】解：
雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象。所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的。其中红、绿、蓝三种色光被称为光的“三基色”。
故答案为：色散；绿。
【点评】此题考查的是光的色散现象的判断，光的色散现象的特点是形成了彩色的光带，同时涉及到色光的三原色。
15．（2分）随着人们生活水平的提高，扫地机器人逐步进入人们的生活，其工作时通过电动机转动使内部气体流速 变大 ，压强 变小 ，使杂物进入扫地机器人内部，从而达到清扫的目的（均选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】流体压强与流速的关系：在流体中，流速越大的地方，压强越小。
【解答】解：高速旋转的叶轮把空气排出风机，机器人内部的空气流速大，压强小，而外部的空气流速小，压强大，所以在内外压强差的作用下，外部空气和灰尘不断地压入机器人内部，扫地机器人就能“扫尘”了，使杂物进入吸尘器达到清扫的目的。
故答案为：变大；变小。
【点评】此题以扫地机器人为载体考查了流体压强与流速的关系的应用，难度不大。
16．（2分）毛皮摩擦过的橡胶棒带 负 （选填“正”或“负”）电荷。如图所示，将带电的橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔由于带 同种 （选填“同种”或“异种”）电荷而张开一定的角度。
【分析】用毛皮摩擦过的橡胶棒因得到电子而带负电，毛皮失去电子而带正电；根据“同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引”判断金属箔带电类型。
【解答】解：毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；
带电的橡胶棒接触验电器的金属球使验电器的两个箔片带电，根据“同种电荷相互排斥”可知，两个金属箔带的是同种电荷。
故答案为：负；同种。
【点评】本题考查摩擦起电、验电器的原理及使用，掌握用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电是解答本题的出发点，明确验电器的原理是解答本题的关键。
17．（2分）用冷水冷却发动机，是利用水的比热容较 大 （选填“大”或“小”）的特性。四冲程汽油机的工作过程中 做功 冲程将内能转化为机械能（选填“压缩”或“做功”）。
【分析】水的比热容最大，利用水的这个性质来调节周围环境的温度；汽油机的四个冲程中，只有做功冲程是将内能转化为机械能，据此解答。
【解答】解：水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，所以用冷水冷却发动机；
四冲程汽油机工作一个循环经过：吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中做功冲程将内能转化为机械能。
故答案为：大；做功。
【点评】本题考查比热容、四冲程汽油机的工作原理，掌握水的比热容大的特点及其应用、四冲程汽油机只有做功冲程内能转化为机械能是解答本题的关键。
18．（2分）用弹簧测力计悬挂重为5.4N的物体，放入水中，静止时弹簧测力计示数如图所示，则物体在水中受到的浮力为 2 N，物体的体积为 2×10﹣4 m3。（ρ水＝1.0×103kg/m3）
【分析】根据题意可知物体的重力，根据图示可知物体浸没时弹簧测力计的示数，利用称重法F浮＝G﹣F求出物体在水中受到的浮力，根据F浮＝ρ液gV排求出物体浸没时排开水的体积即为物体的体积。
【解答】解：由题意可知，物体的重力G＝5.4N，物体浸没时弹簧测力计的示数F＝3.4N，
则物体在水中受到的浮力：F浮＝G﹣F＝5.4N﹣3.4N＝2N；
因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，由F浮＝ρ液gV排可得，物体的体积：V＝V排＝＝＝2×10﹣4m3。
故答案为：2；2×10﹣4。
【点评】本题考查了称重法求浮力公式和阿基米德原理的应用，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。
19．（2分）如图所示是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验装置。闭合开关，使导体ab向左运动，电路中 有 感应电流（选填“有”或“无”），这一过
程机械能转化为 电 能。
【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，在电路中会产生感应电流，这叫电磁感应现象；
（2）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时消耗了机械能，获得了电能。
【解答】解：闭合开关，使导体ab向左运动，导体ab做切割磁感线运动，所以电路中有感应电流，这一过程消耗了机械能，获得了电能，故将机械能转化为电能。
故答案为：有；电。
【点评】此题为探究电磁感应现象的实验，掌握产生感应电流的条件、理解此过程中的能量转化是关键，难度不大。
20．（2分）如图所示，轻质细杆可绕竖直墙上的O点转动，末端挂一个重为150N的物体，拉力F沿水平方向，当θ＝45°时，拉力F＝ 150 N。若保持拉力沿水平方向，让细杆顺时针缓慢旋转到图中虚线位置，则拉力将 变大 （选填“变大”或“变小”）。
【分析】根据图像分析动力臂、阻力臂的大小，根据杠杆的平衡条件得出拉力的大小；根据杠杆的平衡条件判定拉力的变化。
【解答】解：如图：
θ＝45°，拉力的方向沿水平方向，阻力的方向是竖直方向，根据等腰直角三角形的知识可知，F的力臂与G的力臂是相同的，根据杠杆的平衡条件可知，动力等于阻力，所以F＝150N；
若保持拉力水平方向，让杠杆顺时针缓慢旋转一个小角度到虚线位置，此时的动力臂变小，阻力臂变大，在阻力不变的情况下，根据杠杆的平衡条件可知，拉力将变大。
故答案为：150；变大。
【点评】本题考查了杠杆的平衡条件的应用，利用好杠杆的平衡条件是解题的关键。
三、作图、实验与探究题（21题2分，22题2分，23题5分，24题7分，25题8分，共24分。）
21．（2分）如图所示，请完成图中两条入射光线通过凸透镜后的光路图。
【分析】要解决此题，需要掌握凸透镜对光线的作用，知道凸透镜有会聚光线的作用。而且要掌握三条特殊的光线通过凸透镜的情况。
【解答】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，过光心的光线其传播方向不变，如图：
【点评】凸透镜的特殊光线有三条：过光心的光线其传播方向不变，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴，要理解并且会画三条特殊光线。
22．（2分）如图所示，小球悬浮在水中，作出小球受到的重力和浮力的示意图。
【分析】小球在水中受到重力和浮力的作用，由于处于悬浮状态，并且静止，浮力等于重力，二者是一对平衡力。据此根据力的示意图的画法画出各个力。
【解答】解：
小球在水中处于悬浮状态，浮力等于重力，即F浮＝G，浮力的方向是竖直向上的，过小球球心，分别沿竖直向上和竖直向下的方向画一条有向线段，并分别用G和F浮表示，注意两条线段长度要相等，如图所示：
【点评】画力的示意图时，一定要结合物体所处的运动状态，当物体静止或做匀速直线运动时，受到的力是平衡力。
23．（5分）如图所示是“测量小车的平均速度”的实验装置。实验时让小车从斜面的A点由静止滑下，分别测出小车到达B点和C点的时间，即可求出不同路段的平均速度。
（1）实验原理是 v＝ 。
（2）实验时，为了使小车在斜面上运动的时间长些，便于测量时间，应 减小 （选填“增大”或“减小”）斜面的倾斜角度。
（3）小车从A点运动到B点所用时间tAB＝ 3 s；从A点到C点的路程sAC＝ 80.0 cm；小车在AC段的平均速度vAC＝ 0.16 m/s。
【分析】（1）测量小车平均速度的实验，需要测量路程和时间，通过速度公式计算出平均速度；
（2）若要计时方便，应使斜面的坡度小一些，使小车在斜面上通过的时间更长；
（3）从图中可以读出各路程的长度和时间，然后利用速度公式可以计算出速度。
【解答】解：（1）测量小车平均速度的实验，需要测量路程和时间，通过速度公式计算出平均速度，所以实验原理是v＝；
（2）若要计时方便，应使斜面的坡度小一些，使小车在斜面上通过的时间更长，便于测量时间，以减小测量时间的误差；
（3）由图可知，小车从A点B点所用时间为3s；
由图可知，刻度尺的分度值为1cm，则小车从A点运动到C点时的路程sAC＝80.0cm＝0.800m；
由图可知，小车从A点运动到C点时的时间tAC＝5s，则小车从A点运动到C点时的平均速度：vAC＝＝＝0.16m/s。
故答案为：（1）v＝；（2）减小；（3）3；80.0；0.16。
【点评】本题考查“测小车的平均速度”的实验，要增大实验的原理，一定学会读出路程和时间，按平均速度的定义求出平均速度。
24．（7分）在探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验中，某实验小组选择如下器材：长木板、棉布、木块、砝码、弹簧测力计等进行实验。
（1）根据 二力平衡 知识，用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做 匀速直线 运动时，木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
（2）比较图1中 甲、乙 两次实验可知，当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）实验中发现图1丙弹簧测力计的示数比图1甲的大，由此得出结论：当压力相同时，接触面越 粗糙
，滑动摩擦力越大。
（4）本实验主要采用的科学探究方法是 控制变量 法。
（5）该小组将木块沿竖直方向切掉一半后重新进行实验，如图1丁所示，测得木块所受摩擦力与图1甲测得的摩擦力进行比较，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积有关。此结论是 错误 的（选填“正确”或“错误”）。
（6）该小组在实验中发现较难保持木块匀速运动，导致弹簧测力计示数不稳定。于是他们改进实验，如图2所示，固定弹簧测力计，拉动长木板进行实验。实验过程 不需要 匀速拉动长木板，更易操作（选填“需要”或“不需要”）。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；
（2）（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（4）对探究实验“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”，改变某一个变量，控制其他量不变看最终结果是否会有影响，这种方法叫做控制变量法。
（5）根据控制变量法的要求分析答题；
（6）拉动木板时测力计相对静止。
【解答】】解：（1）实验中，应在水平方向拉着木块做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，滑动摩擦力大小等于拉力大小，即等于弹簧测力计示数；
（2）甲、乙两图接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，测力计的示数不同，可得滑动摩擦力的大小与压力大小有关，且接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）甲图和丙图所示实验，压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，测力计的示数不同，说明了滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关；
（4）本实验主要采用的科学探究方法是控制变量法；
（5）由图甲、丁所示实验，发现实验丁弹簧测力计的示数小于实验甲中弹簧测力计的示数，不能得出滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关，因为接触面的粗糙程度相同而物体间的压力不同，由于没有控制物体间的压力相同，所以他的结论是错误的；
（6）用图2进行实验时，无论长木板是否做匀速直线运动，木块都处于静止状态，受拉力与摩擦力平衡，拉力等于摩擦力，并且容易读数。
故答案为：（1）二力平衡；匀速直线；（2）甲、乙；（3）粗糙；（4）控制变量；（5）错误；（6）不需要。
【点评】本题考查了探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验，实验中应注意摩擦力的测量方法，并掌握控制变量法的应用。
25．（8分）在探究电流与电阻关系的实验中，小华设计了如图甲所示的电路，定值电阻的阻值分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”。
（1）如图甲所示，在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应移到 A 端（选填“A”或“B”）。
（2）闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，其原因可能是定值电阻 短路 （选填“断路”或“短路”）。
（3）排除故障后，分别用10Ω、15Ω、20Ω的电阻进行实验，正确操作，记录的数据如下表所示，则实验中控制电压表的示数为 3 V不变。将10Ω的电阻换成15Ω后，为了保持电压表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片向 A 端移动（选填“A”或“B”）。当使用30Ω的电阻做实验时，为了使电压表的示数与前三次相同，电源电压应不高于 5 V。
实验次数
1
2
3
4
R/Ω
10
15
20
30
I/A
0.3
0.2
0.15
（4）分析实验数据得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成 反比 关系。
（5）小华想利用图甲电路改做测定小灯泡电功率的实验：将图甲中的定值电阻更换为标有“3.8V”字样的小灯泡，重新连接电路。闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为 3.8 V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 1.52 W。
【分析】探究电流、电阻关系实验，应采用控制变量法，根据实验目的与题意分析答题
（1）闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至最大阻值起到保护电路元件安全的作用；
（2）根据实验现象进行分析，电流表有示数不可能断路进行判断得出答案；
（3）由表中数据，根据欧姆定律求出电压表示数；实验中应保持定值电阻两端的电压不变。当电阻由10Ω更换为15Ω时，根据串联分压特点可知，定值电阻两端的电压变大，为保证定值电阻两端的电压不变，应让滑动变阻器两端的电压变大；当电阻最大为30Ω且变阻器接入最大阻值时，电源电压为最大，根据分压原理求出电源电压的最大值；
（4）根据表中电流与电阻之积为一定值分析得出结论；
（5）根据小灯泡在额定电压下正常发光，根据公式P＝UI计算出小灯泡的额定电功率；
【解答】解：（1）闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至A端；此时电路中滑动变阻器达到最大值起到保护电路元件安全的作用；
（2）闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，其原因可能是定值电阻短路。
（3）①由表中数据，根据欧姆定律，电压表示数为：Uv＝IR＝0.3A×10Ω＝3V；
②实验中应保持定值电阻两端的电压不变。当电阻由10Ω更换为15Ω时，根据串联分压特点可知，定值电阻两端的电压变大，为保证定值电阻两端的电压不变，应让滑动变阻器两端的电压变大，故应将滑动变阻器的滑片向A端滑动；
③由题知滑动变阻器最大值为20Ω，当使用30Ω的电阻进行实验时，若要保证定值电阻的电压不变，设电压表示数为数为Uv，根据串联电路电压规律和分压原理有：＝，即＝，解得：U＝5V；
（4）分析表中数据有，当电阻为原来的几倍时，通过导体的电流为原来的几分之一，所以得出的结论是：当导体两端电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比；
（5）小灯泡在额定电压下正常发光，即当电压表示数为3.8V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数为0.4A，根据公式P＝UI计算出小灯泡的额定电功率：＝3.8V×0.4A＝1.52W；
故答案为：（1）A；（2）短路；（3）3；A；5；（4）反比；（5）3.8；1.52。
【点评】本题是探究电流与电阻关系，考查电流表的读数、控制变量法的应用、欧姆定律的运用和分析数据归纳结论的能力，同时还考查了测定小灯泡电功率的实验，综合性强，属于中等难度的题目。
四、综合应用题（26题6分，27题8分，28题10分，共24分，请写出必要的公式和重要的演算步骤及必要文字说明，只写答案的不得分）
26．（6分）如图所示是百色起义纪念公园内的一块景观石，其质量为5200kg，体积为2m3，景观石与底座的接触面积为1.3m2。求：
（1）景观石的密度；
（2）景观石的重力；
（3）景观石对底座的压强。
【分析】（1）知道景观石的质量，利用ρ＝求出景观石的密度；
（2）已知景观石的质量，根据公式G＝mg可求景观石的重力；
（2）景观石对底座的压力就等于自身的重力，根据公式p＝可求景观石对底座的压强。
【解答】解：（1）景观石的密度：
ρ＝＝＝2.6×103kg/m3；
（2）景观石受到的重力G＝mg＝5200kg×9.8N/kg＝5.096×104N；
（3）雕塑对底座的压强p＝＝＝＝3.92×104Pa。
答：（1）景观石的密度为2.6×103kg/m3；
（2）景观石受到的重力为5.096×104N；
（3）雕塑对底座的压强为3.92×104Pa。
【点评】本题考查密度、重力以及压强的计算的方法，关键知道在水平地面上物体对地面的压力等于自身的重力。
27．（8分）如图所示，工人师傅用滑轮组将重为500N的物体在30s内匀速提升到6m高的楼上，已知动滑轮重为100N，不计绳重及摩擦。求：
（1）拉力F；
（2）拉力的功率；
（3）滑轮组的机械效率。（计算结果保留一位小数）
【分析】图中使用的滑轮组承担物重的绳子股数n＝2，则s＝2h。
（1）利用s＝2h求出拉力移动的距离，不计绳重和摩擦，利用F＝（G物+G动）求拉力大小，
（2）再利用W＝Fs求拉力做功；又知道运动时间，利用功率公式求拉力的功率；
（3）利用W有＝Gh求滑轮组对重物做的功（有用功），利用机械效率的公式求滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）由图可知，n＝2；不计绳重和摩擦，则拉力F＝（G物+G动）＝（500N+100N）＝300N；
（2）拉力端移动的距离：s＝2h＝2×6m＝12m，
拉力做功：W总＝Fs＝300N×12m＝3600J，
拉力做功的功率：
P＝＝＝120W；
（3）滑轮组对重物做的功：
W有＝Gh＝500N×6m＝3000J；
滑轮组的机械效率：
η＝×100%＝×100%≈83.3%，
答：（1）拉力的大小为300N；
（2）拉力的功率为120W；
（3）滑轮组的机械效率为83.3%。
【点评】本题考查了学生对有用功、总功、功率公式、机械效率公式、滑轮组s＝nh的理解和运用，本题关键是利用好不计绳重和摩擦时拉力F＝（G物+G动）。
28．（10分）如图甲所示电路，电源电压不变，灯泡L上标有“5V 2.5W”字样，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由b端滑到中点的过程中，灯泡L的电功率与电流的P﹣I关系图像如图乙所示，忽略温度对灯丝电阻的影响。求：
（1）灯泡L正常发光时的电阻；
（2）滑片P在b端时，1min内灯泡L消耗的电能；
（3）电源电压；
（4）在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值。
【分析】（1）灯泡L上标有“5V 2.5W”字样，根据R＝计算灯泡正常发光时的电阻；
（2）闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由图乙可知此时通过电路的电流和灯泡的实际功率，根据电功公式计算1min内灯泡L消耗的电能；
（3）根据电功率公式计算滑片P在b端时灯泡两端的电压，根据串联电路电流特点、串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压，由乙图可知滑动变阻器的滑片位于中点时通过电路的电流和此时灯泡的实际功率，根据电功率公式计算灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得电源电压，电源电压不变，解方程可得滑动变阻器的阻值和电源电压；
（4）根据电功率公式计算灯泡正常发光时的电流，根据串联电路电流特点确定通过电路的最大电流，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据欧姆定律计算电路总电阻，进一步解得滑动变阻器接入电路的最小阻值。
【解答】解：（1）灯泡L上标有“5V 2.5W”字样，灯泡正常发光时的电阻：RL＝＝＝10Ω；
（2）闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，
滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由图乙可知此时通过电路的电流为0.3A，灯泡的实际功率为0.9W，1min内灯泡L消耗的电能：W＝Pt＝0.9W×60s＝54J；
（3）滑片P在b端时，灯泡两端的电压：UL1＝＝＝3V，
串联电路各处电流相等，串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压：U＝UL1+I1R＝3V+0.3A×R﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
滑动变阻器的滑片位于中点时，由图乙可知通过电路的电流为0.4A，此时灯泡的实际功率为1.6W，灯泡两端的电压：UL2＝＝＝4V，
根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得电源电压：U＝UL2+I2×＝4V+0.4A×﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
①②联立可得：R＝10Ω，U＝6V；
（4）灯泡正常发光时的电流；IL＝＝＝0.5A，
根据串联电路电流特点可知灯泡正常发光时的电流为通过电路的最大电流，根据欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，
根据欧姆定律可得此时电路总电阻：R0＝＝＝12Ω，
根据串联电路电阻规律可得滑动变阻器接入电路的最小阻值：R′＝R0﹣RL＝12Ω﹣10Ω＝2Ω。
答：（1）灯泡L正常发光时的电阻为10Ω；
（2）滑片P在b端时，1min内灯泡L消耗的电能为54J；
（3）电源电压为6V；
（4）在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为2Ω。
【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功公式、电功率公式的灵活运用。
2022年广西百色市中考物理试卷
一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的。每小题选对的得3分，不选、多选或错选的均得0分）
1．（3分）为了庆祝中国共产党成立100周年，学校组织演唱歌曲《没有共产党就没有新中国》，听众从听到的声音中分辨出使用了钢琴伴奏，依据是声音的（ ）
A．音调 B．响度 C．音色 D．声速
2．（3分）如图所示，下列现象与平面镜成像原理相同的是（ ）
A．放大镜成像 B．水中的倒影
C．水面“断筷” D．手影的形成
3．（3分）2022年3月23日，中国第一位“空间老师”王亚平再度在中国空间站进行“天宫课堂”授课。空间站与地面之间的信息传递是依靠（ ）
A．激光 B．次声波 C．超声波 D．电磁波
4．（3分）如图所示的自然现象中，属于汽化现象的是（ ）
A．冰雪融化 B．滴水成冰
C．浓雾消散 D．气凝结霜
5．（3分）关于牛顿第一定律和惯性，下列说法正确的是（ ）
A．牛顿第一定律可以用实验直接验证
B．一切物体都具有惯性
C．牛顿第一定律说明物体的运动需要力来维持
D．小轿车行车时司乘人员系安全带是为了减小惯性
6．（3分）北京时间2022年6月5日10时44分，神舟十四号载人飞船在酒泉卫星发射中心成功发射。关于飞船在离地加速升空过程中能量的变化，下列说法正确的是（ ）
A．动能增大，势能增大，机械能增大
B．动能增大，势能不变，机械能增大
C．动能增大，势能减小，机械能不变
D．动能减小，势能增大，机械能不变
7．（3分）我国在城市建设和乡村振兴计划中，重视环境保护和新能源的开发利用。下面列举的项目中，不属于新能源开发的是（ ）
A．太阳能发电 B．风力发电 C．核能发电 D．燃煤发电
8．（3分）如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路的分析不正确的是（ ）
A．灯L1与灯L2并联
B．电压表测量灯L1两端的电压
C．只断开开关S1，灯L2正常发光
D．电流表测量电路总电流
9．（3分）在家庭电路中，下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．用湿布擦拭正在发光的灯泡
B．使用绝缘皮已经破损的导线
C．控制用电器的开关一定要接在火线上
D．保险丝熔断后，可换用不易熔断的铜丝代替
10．（3分）如图所示，闭合开关，下列判断正确的是（ ）
A．小磁针偏转，说明通电导体周围存在磁场
B．只对调电源正负极，小磁针偏转方向不变
C．通电螺线管的右端为N极
D．在螺线管内插入铁芯，螺线管的磁性强弱不变
11．（3分）如图所示是我国自主研制的坦克，它具有潜渡功能。当坦克潜入水中，顶部舱门离水面5m深时，舱门受到水的压强为（ρ水＝1.0×103kg/m3）（ ）
A．5×102Pa B．5×103Pa C．5×104Pa D．5×105Pa
12．（3分）如图所示电路，电源电压保持不变，R1为定值电阻。开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑动触头向右移动时，下列说法正确的是（ ）
A．电压表V的示数变小
B．电流表A的示数变小
C．电流表A1的示数变小
D．滑动变阻器R2消耗的电功率变大
二、填空题（每空1分，共16分。不要求写出计算过程，请将答案填写在答题卡上）
13．（2分）在疫情防控中，我国启动了新冠疫苗全民免费接种工作，体现了党中央对全国人民的关爱。小刚在接种疫苗过程中，能闻到医护人员擦拭在他手臂上酒精的气味，这是 现象；封闭在注射器内的空气压缩到一定程度就很难再被压缩，这是因为分子间存在 （选填“引力”或“斥力”）。
14．（2分）光的世界变幻莫测，奥秘无穷。雨后天空出现七色彩虹，这是光的 现象，其中红、 、蓝三种颜色的光被称为光的“三基色”。
15．（2分）随着人们生活水平的提高，扫地机器人逐步进入人们的生活，其工作时通过电动机转动使内部气体流速 ，压强 ，使杂物进入扫地机器人内部，从而达到清扫的目的（均选填“变大”、“变小”或“不变”）。
16．（2分）毛皮摩擦过的橡胶棒带 （选填“正”或“负”）电荷。如图所示，将带电的橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔由于带 （选填“同种”或“异种”）电荷而张开一定的角度。
17．（2分）用冷水冷却发动机，是利用水的比热容较 （选填“大”或“小”）的特性。四冲程汽油机的工作过程中 冲程将内能转化为机械能（选填“压缩”或“做功”）。
18．（2分）用弹簧测力计悬挂重为5.4N的物体，放入水中，静止时弹簧测力计示数如图所示，则物体在水中受到的浮力为 N，物体的体积为 m3。（ρ水＝1.0×103kg/m3）
19．（2分）如图所示是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验装置。闭合开关，使导体ab向左运动，电路中 感应电流（选填“有”或“无”），这一过
程机械能转化为 能。
20．（2分）如图所示，轻质细杆可绕竖直墙上的O点转动，末端挂一个重为150N的物体，拉力F沿水平方向，当θ＝45°时，拉力F＝ N。若保持拉力沿水平方向，让细杆顺时针缓慢旋转到图中虚线位置，则拉力将 （选填“变大”或“变小”）。
三、作图、实验与探究题（21题2分，22题2分，23题5分，24题7分，25题8分，共24分。）
21．（2分）如图所示，请完成图中两条入射光线通过凸透镜后的光路图。
22．（2分）如图所示，小球悬浮在水中，作出小球受到的重力和浮力的示意图。
23．（5分）如图所示是“测量小车的平均速度”的实验装置。实验时让小车从斜面的A点由静止滑下，分别测出小车到达B点和C点的时间，即可求出不同路段的平均速度。
（1）实验原理是 。
（2）实验时，为了使小车在斜面上运动的时间长些，便于测量时间，应 （选填“增大”或“减小”）斜面的倾斜角度。
（3）小车从A点运动到B点所用时间tAB＝ s；从A点到C点的路程sAC＝ cm；小车在AC段的平均速度vAC＝ m/s。
24．（7分）在探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验中，某实验小组选择如下器材：长木板、棉布、木块、砝码、弹簧测力计等进行实验。
（1）根据 知识，用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做 运动时，木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
（2）比较图1中 两次实验可知，当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）实验中发现图1丙弹簧测力计的示数比图1甲的大，由此得出结论：当压力相同时，接触面越
，滑动摩擦力越大。
（4）本实验主要采用的科学探究方法是 法。
（5）该小组将木块沿竖直方向切掉一半后重新进行实验，如图1丁所示，测得木块所受摩擦力与图1甲测得的摩擦力进行比较，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积有关。此结论是 的（选填“正确”或“错误”）。
（6）该小组在实验中发现较难保持木块匀速运动，导致弹簧测力计示数不稳定。于是他们改进实验，如图2所示，固定弹簧测力计，拉动长木板进行实验。实验过程 匀速拉动长木板，更易操作（选填“需要”或“不需要”）。
25．（8分）在探究电流与电阻关系的实验中，小华设计了如图甲所示的电路，定值电阻的阻值分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”。
（1）如图甲所示，在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应移到 端（选填“A”或“B”）。
（2）闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，其原因可能是定值电阻 （选填“断路”或“短路”）。
（3）排除故障后，分别用10Ω、15Ω、20Ω的电阻进行实验，正确操作，记录的数据如下表所示，则实验中控制电压表的示数为 V不变。将10Ω的电阻换成15Ω后，为了保持电压表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片向 端移动（选填“A”或“B”）。当使用30Ω的电阻做实验时，为了使电压表的示数与前三次相同，电源电压应不高于 V。
实验次数
1
2
3
4
R/Ω
10
15
20
30
I/A
0.3
0.2
0.15
（4）分析实验数据得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成 关系。
（5）小华想利用图甲电路改做测定小灯泡电功率的实验：将图甲中的定值电阻更换为标有“3.8V”字样的小灯泡，重新连接电路。闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为 V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 W。
四、综合应用题（26题6分，27题8分，28题10分，共24分，请写出必要的公式和重要的演算步骤及必要文字说明，只写答案的不得分）
26．（6分）如图所示是百色起义纪念公园内的一块景观石，其质量为5200kg，体积为2m3，景观石与底座的接触面积为1.3m2。求：
（1）景观石的密度；
（2）景观石的重力；
（3）景观石对底座的压强。
27．（8分）如图所示，工人师傅用滑轮组将重为500N的物体在30s内匀速提升到6m高的楼上，已知动滑轮重为100N，不计绳重及摩擦。求：
（1）拉力F；
（2）拉力的功率；
（3）滑轮组的机械效率。（计算结果保留一位小数）
28．（10分）如图甲所示电路，电源电压不变，灯泡L上标有“5V 2.5W”字样，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由b端滑到中点的过程中，灯泡L的电功率与电流的P﹣I关系图像如图乙所示，忽略温度对灯丝电阻的影响。求：
（1）灯泡L正常发光时的电阻；
（2）滑片P在b端时，1min内灯泡L消耗的电能；
（3）电源电压；
（4）在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值。
2022年广西百色市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的。每小题选对的得3分，不选、多选或错选的均得0分）
1．（3分）为了庆祝中国共产党成立100周年，学校组织演唱歌曲《没有共产党就没有新中国》，听众从听到的声音中分辨出使用了钢琴伴奏，依据是声音的（ ）
A．音调 B．响度 C．音色 D．声速
【分析】音色是取决于物体本身的一种特性，可以用于区分或辨别物体。
【解答】解：音色是取决于物体本身的一种特性，听众从听到的声音中分辨出使用了钢琴伴奏，依据是声音的音色。
故选：C。
【点评】本题考查声音的特征，是一道基础题。
2．（3分）如图所示，下列现象与平面镜成像原理相同的是（ ）
A．放大镜成像 B．水中的倒影
C．水面“断筷” D．手影的形成
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：
A、用放大镜看物体时，物体变大了，属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的，故A与题意不符；
B、水中倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B符合题意；
C、放在水中的筷子看起来向上弯折，是因为光从水中斜射入空气时，折射角大于入射角，属于光的折射现象，故C不符合题意；
D、手影的形成说明光是沿直线传播的，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。
3．（3分）2022年3月23日，中国第一位“空间老师”王亚平再度在中国空间站进行“天宫课堂”授课。空间站与地面之间的信息传递是依靠（ ）
A．激光 B．次声波 C．超声波 D．电磁波
【分析】电磁波可以传递信息，并且电磁波的传播不需要介质，声波的传播需要介质。
【解答】解：空间站与地面控制中心之间的信息传递利用的是电磁波。
故选：D。
【点评】本题考查电磁波的有关知识，属于对基础知识的考查。
4．（3分）如图所示的自然现象中，属于汽化现象的是（ ）
A．冰雪融化 B．滴水成冰
C．浓雾消散 D．气凝结霜
【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由由气态变为液态的过程叫液化，物质由由液态变为气态的过程叫汽化；物质由由固态变为液态的过程叫熔化，物质由由液态变为固态的过程叫凝固。
【解答】解：A、冰雪融化是物质由固态变成液态，是熔化现象，故A不符合题意；
B、滴水成冰是水由液态变成固态，是凝固现象，故B不符合题意；
C、浓雾消散小水滴汽化后，形成水蒸气散在空气中，是汽化现象，故C符合题意；
D、气凝结霜是空气中的水蒸气遇冷直接变成固态小晶体，是凝华现象，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查的物态变化现象均是基础知识，要注重课本基础知识的掌握。
5．（3分）关于牛顿第一定律和惯性，下列说法正确的是（ ）
A．牛顿第一定律可以用实验直接验证
B．一切物体都具有惯性
C．牛顿第一定律说明物体的运动需要力来维持
D．小轿车行车时司乘人员系安全带是为了减小惯性
【分析】牛顿第一定律又称惯性定律，是指一切物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都有惯性。惯性大小只与物体的质量有关。
【解答】解：A、牛顿第一定律是在实验的基础上，通过概括推理得出的，不可能用实验直接验证，故A错误；
B、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体在任何时候都有惯性，故B正确；
C、牛顿第一定律给出了物体不受力作用时的运动规律，同时也说明了力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力来维持，故C错误；
D、小轿车行车时司乘人员系安全带是为了防止惯性带来伤害，但不能减小惯性，故D错误。
故选：B。
【点评】熟悉牛顿第一定律的内容和得出方法，了解惯性的含义，并会用惯性解释生活中的现象是解决该题的关键。
6．（3分）北京时间2022年6月5日10时44分，神舟十四号载人飞船在酒泉卫星发射中心成功发射。关于飞船在离地加速升空过程中能量的变化，下列说法正确的是（ ）
A．动能增大，势能增大，机械能增大
B．动能增大，势能不变，机械能增大
C．动能增大，势能减小，机械能不变
D．动能减小，势能增大，机械能不变
【分析】影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
【解答】解：飞船在加速升空过程中，飞船的质量不变、速度变大、高度上升，则动能增大、重力势能增大，所以机械能将增大。
故选：A。
【点评】本题解题的关键是掌握好动能和重力势能的影响因素，属于一道基础题。
7．（3分）我国在城市建设和乡村振兴计划中，重视环境保护和新能源的开发利用。下面列举的项目中，不属于新能源开发的是（ ）
A．太阳能发电 B．风力发电 C．核能发电 D．燃煤发电
【分析】新能源又称非常规能源，是指传统能源之外的各种能源形式，指刚开始开发利用或正在积极研究、有待推广的能源，如太阳能、地热能、风能、海洋能、生物质能和核能等。
【解答】解：ABC都属于新能源开发措施，D中燃煤发电会产生废物、废气污染环境，与节能环保、低碳生活不相符，不属于开发新能源措施。
故选：D。
【点评】本题考查新能源的有关知识，属于对基础知识的考查，难度不大。
8．（3分）如图所示电路，闭合开关S1、S2，小灯泡L1和L2正常发光，电流表和电压表均有示数。下列关于电路的分析不正确的是（ ）
A．灯L1与灯L2并联
B．电压表测量灯L1两端的电压
C．只断开开关S1，灯L2正常发光
D．电流表测量电路总电流
【分析】分析电路图可知两灯的连接方式以及电流表和电压表的位置，结合并联电路的特点（并联电路中各支路独立工作、互不影响）、电流表和电压表的使用方法进行分析判断。
【解答】解：
ABD、由图知，闭合开关S1、S2，两灯并联，电流表串联在灯L2的支路上，则电流表测量通过L2的电流；电压表并联在灯L1的两端，则电压表测量灯L1两端的电压，故AB正确、D错误；
C、因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，只断开开关S1时，灯L2仍正常发光，故C正确。
故选：D。
【点评】本题考查了串并联电路的辨别、并联电路的特点以及电流表和电压表的使用方法，分析电路图得出电路的连接方式以及电流表和电压表的位置是关键。
9．（3分）在家庭电路中，下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．用湿布擦拭正在发光的灯泡
B．使用绝缘皮已经破损的导线
C．控制用电器的开关一定要接在火线上
D．保险丝熔断后，可换用不易熔断的铜丝代替
【分析】（1）生活中的水是导体，不能用湿的物体接触带电体；
（2）对各种电气设备按规定进行定期检查，如发现绝缘损坏、漏电和其他故障，应及时处理；
（3）为了安全，开关必须串联在火线和用电器之间；
（4）禁止用铜丝代替保险丝。
【解答】解：A、生活中的水是导体，用湿布擦拭正在工作的灯泡容易发生触电事故，故A不符合安全用电原则；
B、导线绝缘皮破损继续使用，当人去触摸导线时，就可能使人体和带电体接触，会造成触电事故，故B不符合安全用电原则；
C、在家庭电路中，应将控制用电器的开关接在火线上，这样在断开开关后，人在修理用电器时才不会发生触电事故，故C符合安全用电原则；
D、用铜丝代替保险丝，会使得当家庭电路中电流过大时不能熔断，起不到切断电路的作用，故D不符合安全用电原则。
故选：C。
【点评】本题考查安全用电的常识，解决此类题目要结合安全用电的知识进行分析解答。为防止因电带来的伤害，不能违反。
10．（3分）如图所示，闭合开关，下列判断正确的是（ ）
A．小磁针偏转，说明通电导体周围存在磁场
B．只对调电源正负极，小磁针偏转方向不变
C．通电螺线管的右端为N极
D．在螺线管内插入铁芯，螺线管的磁性强弱不变
【分析】（1）通电导体周围存在磁场，磁场对放入其中的磁体有力的作用；
（2）通电导体的磁场方向与电流方向有关；
（3）根据安培定则（用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极）判断出通电螺线管的南北极；
（4）电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小、线圈匝数多少。电流越大，匝数越多，电磁铁的磁性越强。
【解答】解：A、闭合开关，小磁针受到磁场力的作用发生偏转，说明通电导体周围存在磁场，故A正确；
B、通电导体周围存在磁场，磁场的方向与电流方向有关，当调换电源的正负极时，电流方向磁场的方向改变，小磁针的受力的方向改变，转动的方向改变，故B错误；
C、电流从电源的正极流出，根据安培定则可知，通电螺线管的左端是N极，右端为S极，故C错误；
D、在通电螺线管内插入铁芯，铁芯被螺线管的磁场磁化，被磁化的铁芯的磁场和螺线管的磁场共同作用，磁场大大增强，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了通电螺线管的磁场、安培定则的应用以及影响电磁铁磁性强弱的因素等，属于电磁学综合性题目。
11．（3分）如图所示是我国自主研制的坦克，它具有潜渡功能。当坦克潜入水中，顶部舱门离水面5m深时，舱门受到水的压强为（ρ水＝1.0×103kg/m3）（ ）
A．5×102Pa B．5×103Pa C．5×104Pa D．5×105Pa
【分析】利用p＝ρ液gh求出坦克顶部舱门受到水的压强。
【解答】解：坦克顶部舱门受到水的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×5m＝5×104Pa，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了液体压强公式的应用，属于基础性题目。
12．（3分）如图所示电路，电源电压保持不变，R1为定值电阻。开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑动触头向右移动时，下列说法正确的是（ ）
A．电压表V的示数变小
B．电流表A的示数变小
C．电流表A1的示数变小
D．滑动变阻器R2消耗的电功率变大
【分析】由电路图可知，开关S闭合后，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电压表V测电源两端的电压。
（1）根据电源的电压可知滑片移动时电压表V的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1支路电流的变化，从而得出电流表A1的示数变化；
（2）根据滑片的移动方向可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，利用P＝UI得出滑动变阻器R2消耗的电功率变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流变化，从而得出电流表A的示数变化。
【解答】解：由电路图可知，开关S闭合后，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流，电压表V测电源两端的电压。
AC.因电源的电压保持不变，所以滑片移动时电压表V的示数不变，故A错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过R1支路的电流不变，即电流表A1的示数不变，故C错误；
BD.将滑动变阻器R2的滑动触头向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由I＝可知，通过R2的电流变小，而变阻器两端的电压不变（等于电源电压），则由P＝UI可知，滑动变阻器R2消耗的电功率变小，故D错误；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表A的示数变小，故B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用好“并联电路中各支路独立工作、互不影响”是关键。
二、填空题（每空1分，共16分。不要求写出计算过程，请将答案填写在答题卡上）
13．（2分）在疫情防控中，我国启动了新冠疫苗全民免费接种工作，体现了党中央对全国人民的关爱。小刚在接种疫苗过程中，能闻到医护人员擦拭在他手臂上酒精的气味，这是 扩散 现象；封闭在注射器内的空气压缩到一定程度就很难再被压缩，这是因为分子间存在 斥力 （选填“引力”或“斥力”）。
【分析】构成物质的分子在不停地做无规则运动，分子间存在相互作用的引力和斥力。
【解答】解：用酒精消毒时，周围的人会闻到酒精的气味，这是扩散现象，说明分子都在不停地做无规则运动；
封闭在注射器筒内的空气压缩到一定程度就很难再压缩，这是因为分子间有斥力。
故答案为：扩散；斥力。
【点评】本题考查扩散现象和分子间的作用力，属于基础题。
14．（2分）光的世界变幻莫测，奥秘无穷。雨后天空出现七色彩虹，这是光的 色散 现象，其中红、 绿 、蓝三种颜色的光被称为光的“三基色”。
【分析】混合光分散为单色光的过程叫做光的色散，色散的特点是形成了光带；红、绿、蓝三种色光叫做色光的三原色
【解答】解：
雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象。所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的。其中红、绿、蓝三种色光被称为光的“三基色”。
故答案为：色散；绿。
【点评】此题考查的是光的色散现象的判断，光的色散现象的特点是形成了彩色的光带，同时涉及到色光的三原色。
15．（2分）随着人们生活水平的提高，扫地机器人逐步进入人们的生活，其工作时通过电动机转动使内部气体流速 变大 ，压强 变小 ，使杂物进入扫地机器人内部，从而达到清扫的目的（均选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】流体压强与流速的关系：在流体中，流速越大的地方，压强越小。
【解答】解：高速旋转的叶轮把空气排出风机，机器人内部的空气流速大，压强小，而外部的空气流速小，压强大，所以在内外压强差的作用下，外部空气和灰尘不断地压入机器人内部，扫地机器人就能“扫尘”了，使杂物进入吸尘器达到清扫的目的。
故答案为：变大；变小。
【点评】此题以扫地机器人为载体考查了流体压强与流速的关系的应用，难度不大。
16．（2分）毛皮摩擦过的橡胶棒带 负 （选填“正”或“负”）电荷。如图所示，将带电的橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔由于带 同种 （选填“同种”或“异种”）电荷而张开一定的角度。
【分析】用毛皮摩擦过的橡胶棒因得到电子而带负电，毛皮失去电子而带正电；根据“同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引”判断金属箔带电类型。
【解答】解：毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；
带电的橡胶棒接触验电器的金属球使验电器的两个箔片带电，根据“同种电荷相互排斥”可知，两个金属箔带的是同种电荷。
故答案为：负；同种。
【点评】本题考查摩擦起电、验电器的原理及使用，掌握用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电是解答本题的出发点，明确验电器的原理是解答本题的关键。
17．（2分）用冷水冷却发动机，是利用水的比热容较 大 （选填“大”或“小”）的特性。四冲程汽油机的工作过程中 做功 冲程将内能转化为机械能（选填“压缩”或“做功”）。
【分析】水的比热容最大，利用水的这个性质来调节周围环境的温度；汽油机的四个冲程中，只有做功冲程是将内能转化为机械能，据此解答。
【解答】解：水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，所以用冷水冷却发动机；
四冲程汽油机工作一个循环经过：吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中做功冲程将内能转化为机械能。
故答案为：大；做功。
【点评】本题考查比热容、四冲程汽油机的工作原理，掌握水的比热容大的特点及其应用、四冲程汽油机只有做功冲程内能转化为机械能是解答本题的关键。
18．（2分）用弹簧测力计悬挂重为5.4N的物体，放入水中，静止时弹簧测力计示数如图所示，则物体在水中受到的浮力为 2 N，物体的体积为 2×10﹣4 m3。（ρ水＝1.0×103kg/m3）
【分析】根据题意可知物体的重力，根据图示可知物体浸没时弹簧测力计的示数，利用称重法F浮＝G﹣F求出物体在水中受到的浮力，根据F浮＝ρ液gV排求出物体浸没时排开水的体积即为物体的体积。
【解答】解：由题意可知，物体的重力G＝5.4N，物体浸没时弹簧测力计的示数F＝3.4N，
则物体在水中受到的浮力：F浮＝G﹣F＝5.4N﹣3.4N＝2N；
因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，由F浮＝ρ液gV排可得，物体的体积：V＝V排＝＝＝2×10﹣4m3。
故答案为：2；2×10﹣4。
【点评】本题考查了称重法求浮力公式和阿基米德原理的应用，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。
19．（2分）如图所示是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验装置。闭合开关，使导体ab向左运动，电路中 有 感应电流（选填“有”或“无”），这一过
程机械能转化为 电 能。
【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，在电路中会产生感应电流，这叫电磁感应现象；
（2）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时消耗了机械能，获得了电能。
【解答】解：闭合开关，使导体ab向左运动，导体ab做切割磁感线运动，所以电路中有感应电流，这一过程消耗了机械能，获得了电能，故将机械能转化为电能。
故答案为：有；电。
【点评】此题为探究电磁感应现象的实验，掌握产生感应电流的条件、理解此过程中的能量转化是关键，难度不大。
20．（2分）如图所示，轻质细杆可绕竖直墙上的O点转动，末端挂一个重为150N的物体，拉力F沿水平方向，当θ＝45°时，拉力F＝ 150 N。若保持拉力沿水平方向，让细杆顺时针缓慢旋转到图中虚线位置，则拉力将 变大 （选填“变大”或“变小”）。
【分析】根据图像分析动力臂、阻力臂的大小，根据杠杆的平衡条件得出拉力的大小；根据杠杆的平衡条件判定拉力的变化。
【解答】解：如图：
θ＝45°，拉力的方向沿水平方向，阻力的方向是竖直方向，根据等腰直角三角形的知识可知，F的力臂与G的力臂是相同的，根据杠杆的平衡条件可知，动力等于阻力，所以F＝150N；
若保持拉力水平方向，让杠杆顺时针缓慢旋转一个小角度到虚线位置，此时的动力臂变小，阻力臂变大，在阻力不变的情况下，根据杠杆的平衡条件可知，拉力将变大。
故答案为：150；变大。
【点评】本题考查了杠杆的平衡条件的应用，利用好杠杆的平衡条件是解题的关键。
三、作图、实验与探究题（21题2分，22题2分，23题5分，24题7分，25题8分，共24分。）
21．（2分）如图所示，请完成图中两条入射光线通过凸透镜后的光路图。
【分析】要解决此题，需要掌握凸透镜对光线的作用，知道凸透镜有会聚光线的作用。而且要掌握三条特殊的光线通过凸透镜的情况。
【解答】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，过光心的光线其传播方向不变，如图：
【点评】凸透镜的特殊光线有三条：过光心的光线其传播方向不变，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴，要理解并且会画三条特殊光线。
22．（2分）如图所示，小球悬浮在水中，作出小球受到的重力和浮力的示意图。
【分析】小球在水中受到重力和浮力的作用，由于处于悬浮状态，并且静止，浮力等于重力，二者是一对平衡力。据此根据力的示意图的画法画出各个力。
【解答】解：
小球在水中处于悬浮状态，浮力等于重力，即F浮＝G，浮力的方向是竖直向上的，过小球球心，分别沿竖直向上和竖直向下的方向画一条有向线段，并分别用G和F浮表示，注意两条线段长度要相等，如图所示：
【点评】画力的示意图时，一定要结合物体所处的运动状态，当物体静止或做匀速直线运动时，受到的力是平衡力。
23．（5分）如图所示是“测量小车的平均速度”的实验装置。实验时让小车从斜面的A点由静止滑下，分别测出小车到达B点和C点的时间，即可求出不同路段的平均速度。
（1）实验原理是 v＝ 。
（2）实验时，为了使小车在斜面上运动的时间长些，便于测量时间，应 减小 （选填“增大”或“减小”）斜面的倾斜角度。
（3）小车从A点运动到B点所用时间tAB＝ 3 s；从A点到C点的路程sAC＝ 80.0 cm；小车在AC段的平均速度vAC＝ 0.16 m/s。
【分析】（1）测量小车平均速度的实验，需要测量路程和时间，通过速度公式计算出平均速度；
（2）若要计时方便，应使斜面的坡度小一些，使小车在斜面上通过的时间更长；
（3）从图中可以读出各路程的长度和时间，然后利用速度公式可以计算出速度。
【解答】解：（1）测量小车平均速度的实验，需要测量路程和时间，通过速度公式计算出平均速度，所以实验原理是v＝；
（2）若要计时方便，应使斜面的坡度小一些，使小车在斜面上通过的时间更长，便于测量时间，以减小测量时间的误差；
（3）由图可知，小车从A点B点所用时间为3s；
由图可知，刻度尺的分度值为1cm，则小车从A点运动到C点时的路程sAC＝80.0cm＝0.800m；
由图可知，小车从A点运动到C点时的时间tAC＝5s，则小车从A点运动到C点时的平均速度：vAC＝＝＝0.16m/s。
故答案为：（1）v＝；（2）减小；（3）3；80.0；0.16。
【点评】本题考查“测小车的平均速度”的实验，要增大实验的原理，一定学会读出路程和时间，按平均速度的定义求出平均速度。
24．（7分）在探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验中，某实验小组选择如下器材：长木板、棉布、木块、砝码、弹簧测力计等进行实验。
（1）根据 二力平衡 知识，用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做 匀速直线 运动时，木块所受滑动摩擦力的大小等于拉力的大小。
（2）比较图1中 甲、乙 两次实验可知，当接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。
（3）实验中发现图1丙弹簧测力计的示数比图1甲的大，由此得出结论：当压力相同时，接触面越 粗糙
，滑动摩擦力越大。
（4）本实验主要采用的科学探究方法是 控制变量 法。
（5）该小组将木块沿竖直方向切掉一半后重新进行实验，如图1丁所示，测得木块所受摩擦力与图1甲测得的摩擦力进行比较，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积有关。此结论是 错误 的（选填“正确”或“错误”）。
（6）该小组在实验中发现较难保持木块匀速运动，导致弹簧测力计示数不稳定。于是他们改进实验，如图2所示，固定弹簧测力计，拉动长木板进行实验。实验过程 不需要 匀速拉动长木板，更易操作（选填“需要”或“不需要”）。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；
（2）（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（4）对探究实验“滑动摩擦力大小与哪些因素有关”，改变某一个变量，控制其他量不变看最终结果是否会有影响，这种方法叫做控制变量法。
（5）根据控制变量法的要求分析答题；
（6）拉动木板时测力计相对静止。
【解答】】解：（1）实验中，应在水平方向拉着木块做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，滑动摩擦力大小等于拉力大小，即等于弹簧测力计示数；
（2）甲、乙两图接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，测力计的示数不同，可得滑动摩擦力的大小与压力大小有关，且接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
（3）甲图和丙图所示实验，压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，测力计的示数不同，说明了滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关；
（4）本实验主要采用的科学探究方法是控制变量法；
（5）由图甲、丁所示实验，发现实验丁弹簧测力计的示数小于实验甲中弹簧测力计的示数，不能得出滑动摩擦力大小与接触面积的大小有关，因为接触面的粗糙程度相同而物体间的压力不同，由于没有控制物体间的压力相同，所以他的结论是错误的；
（6）用图2进行实验时，无论长木板是否做匀速直线运动，木块都处于静止状态，受拉力与摩擦力平衡，拉力等于摩擦力，并且容易读数。
故答案为：（1）二力平衡；匀速直线；（2）甲、乙；（3）粗糙；（4）控制变量；（5）错误；（6）不需要。
【点评】本题考查了探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验，实验中应注意摩擦力的测量方法，并掌握控制变量法的应用。
25．（8分）在探究电流与电阻关系的实验中，小华设计了如图甲所示的电路，定值电阻的阻值分别为10Ω、15Ω、20Ω、30Ω，滑动变阻器规格为“20Ω 1A”。
（1）如图甲所示，在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应移到 A 端（选填“A”或“B”）。
（2）闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，其原因可能是定值电阻 短路 （选填“断路”或“短路”）。
（3）排除故障后，分别用10Ω、15Ω、20Ω的电阻进行实验，正确操作，记录的数据如下表所示，则实验中控制电压表的示数为 3 V不变。将10Ω的电阻换成15Ω后，为了保持电压表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片向 A 端移动（选填“A”或“B”）。当使用30Ω的电阻做实验时，为了使电压表的示数与前三次相同，电源电压应不高于 5 V。
实验次数
1
2
3
4
R/Ω
10
15
20
30
I/A
0.3
0.2
0.15
（4）分析实验数据得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成 反比 关系。
（5）小华想利用图甲电路改做测定小灯泡电功率的实验：将图甲中的定值电阻更换为标有“3.8V”字样的小灯泡，重新连接电路。闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为 3.8 V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 1.52 W。
【分析】探究电流、电阻关系实验，应采用控制变量法，根据实验目的与题意分析答题
（1）闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至最大阻值起到保护电路元件安全的作用；
（2）根据实验现象进行分析，电流表有示数不可能断路进行判断得出答案；
（3）由表中数据，根据欧姆定律求出电压表示数；实验中应保持定值电阻两端的电压不变。当电阻由10Ω更换为15Ω时，根据串联分压特点可知，定值电阻两端的电压变大，为保证定值电阻两端的电压不变，应让滑动变阻器两端的电压变大；当电阻最大为30Ω且变阻器接入最大阻值时，电源电压为最大，根据分压原理求出电源电压的最大值；
（4）根据表中电流与电阻之积为一定值分析得出结论；
（5）根据小灯泡在额定电压下正常发光，根据公式P＝UI计算出小灯泡的额定电功率；
【解答】解：（1）闭合开关前，要将滑动变阻器滑片移至A端；此时电路中滑动变阻器达到最大值起到保护电路元件安全的作用；
（2）闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，其原因可能是定值电阻短路。
（3）①由表中数据，根据欧姆定律，电压表示数为：Uv＝IR＝0.3A×10Ω＝3V；
②实验中应保持定值电阻两端的电压不变。当电阻由10Ω更换为15Ω时，根据串联分压特点可知，定值电阻两端的电压变大，为保证定值电阻两端的电压不变，应让滑动变阻器两端的电压变大，故应将滑动变阻器的滑片向A端滑动；
③由题知滑动变阻器最大值为20Ω，当使用30Ω的电阻进行实验时，若要保证定值电阻的电压不变，设电压表示数为数为Uv，根据串联电路电压规律和分压原理有：＝，即＝，解得：U＝5V；
（4）分析表中数据有，当电阻为原来的几倍时，通过导体的电流为原来的几分之一，所以得出的结论是：当导体两端电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比；
（5）小灯泡在额定电压下正常发光，即当电压表示数为3.8V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数为0.4A，根据公式P＝UI计算出小灯泡的额定电功率：＝3.8V×0.4A＝1.52W；
故答案为：（1）A；（2）短路；（3）3；A；5；（4）反比；（5）3.8；1.52。
【点评】本题是探究电流与电阻关系，考查电流表的读数、控制变量法的应用、欧姆定律的运用和分析数据归纳结论的能力，同时还考查了测定小灯泡电功率的实验，综合性强，属于中等难度的题目。
四、综合应用题（26题6分，27题8分，28题10分，共24分，请写出必要的公式和重要的演算步骤及必要文字说明，只写答案的不得分）
26．（6分）如图所示是百色起义纪念公园内的一块景观石，其质量为5200kg，体积为2m3，景观石与底座的接触面积为1.3m2。求：
（1）景观石的密度；
（2）景观石的重力；
（3）景观石对底座的压强。
【分析】（1）知道景观石的质量，利用ρ＝求出景观石的密度；
（2）已知景观石的质量，根据公式G＝mg可求景观石的重力；
（2）景观石对底座的压力就等于自身的重力，根据公式p＝可求景观石对底座的压强。
【解答】解：（1）景观石的密度：
ρ＝＝＝2.6×103kg/m3；
（2）景观石受到的重力G＝mg＝5200kg×9.8N/kg＝5.096×104N；
（3）雕塑对底座的压强p＝＝＝＝3.92×104Pa。
答：（1）景观石的密度为2.6×103kg/m3；
（2）景观石受到的重力为5.096×104N；
（3）雕塑对底座的压强为3.92×104Pa。
【点评】本题考查密度、重力以及压强的计算的方法，关键知道在水平地面上物体对地面的压力等于自身的重力。
27．（8分）如图所示，工人师傅用滑轮组将重为500N的物体在30s内匀速提升到6m高的楼上，已知动滑轮重为100N，不计绳重及摩擦。求：
（1）拉力F；
（2）拉力的功率；
（3）滑轮组的机械效率。（计算结果保留一位小数）
【分析】图中使用的滑轮组承担物重的绳子股数n＝2，则s＝2h。
（1）利用s＝2h求出拉力移动的距离，不计绳重和摩擦，利用F＝（G物+G动）求拉力大小，
（2）再利用W＝Fs求拉力做功；又知道运动时间，利用功率公式求拉力的功率；
（3）利用W有＝Gh求滑轮组对重物做的功（有用功），利用机械效率的公式求滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）由图可知，n＝2；不计绳重和摩擦，则拉力F＝（G物+G动）＝（500N+100N）＝300N；
（2）拉力端移动的距离：s＝2h＝2×6m＝12m，
拉力做功：W总＝Fs＝300N×12m＝3600J，
拉力做功的功率：
P＝＝＝120W；
（3）滑轮组对重物做的功：
W有＝Gh＝500N×6m＝3000J；
滑轮组的机械效率：
η＝×100%＝×100%≈83.3%，
答：（1）拉力的大小为300N；
（2）拉力的功率为120W；
（3）滑轮组的机械效率为83.3%。
【点评】本题考查了学生对有用功、总功、功率公式、机械效率公式、滑轮组s＝nh的理解和运用，本题关键是利用好不计绳重和摩擦时拉力F＝（G物+G动）。
28．（10分）如图甲所示电路，电源电压不变，灯泡L上标有“5V 2.5W”字样，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P由b端滑到中点的过程中，灯泡L的电功率与电流的P﹣I关系图像如图乙所示，忽略温度对灯丝电阻的影响。求：
（1）灯泡L正常发光时的电阻；
（2）滑片P在b端时，1min内灯泡L消耗的电能；
（3）电源电压；
（4）在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值。
【分析】（1）灯泡L上标有“5V 2.5W”字样，根据R＝计算灯泡正常发光时的电阻；
（2）闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由图乙可知此时通过电路的电流和灯泡的实际功率，根据电功公式计算1min内灯泡L消耗的电能；
（3）根据电功率公式计算滑片P在b端时灯泡两端的电压，根据串联电路电流特点、串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压，由乙图可知滑动变阻器的滑片位于中点时通过电路的电流和此时灯泡的实际功率，根据电功率公式计算灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得电源电压，电源电压不变，解方程可得滑动变阻器的阻值和电源电压；
（4）根据电功率公式计算灯泡正常发光时的电流，根据串联电路电流特点确定通过电路的最大电流，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据欧姆定律计算电路总电阻，进一步解得滑动变阻器接入电路的最小阻值。
【解答】解：（1）灯泡L上标有“5V 2.5W”字样，灯泡正常发光时的电阻：RL＝＝＝10Ω；
（2）闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，
滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，由图乙可知此时通过电路的电流为0.3A，灯泡的实际功率为0.9W，1min内灯泡L消耗的电能：W＝Pt＝0.9W×60s＝54J；
（3）滑片P在b端时，灯泡两端的电压：UL1＝＝＝3V，
串联电路各处电流相等，串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压：U＝UL1+I1R＝3V+0.3A×R﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，
滑动变阻器的滑片位于中点时，由图乙可知通过电路的电流为0.4A，此时灯泡的实际功率为1.6W，灯泡两端的电压：UL2＝＝＝4V，
根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得电源电压：U＝UL2+I2×＝4V+0.4A×﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
①②联立可得：R＝10Ω，U＝6V；
（4）灯泡正常发光时的电流；IL＝＝＝0.5A，
根据串联电路电流特点可知灯泡正常发光时的电流为通过电路的最大电流，根据欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，
根据欧姆定律可得此时电路总电阻：R0＝＝＝12Ω，
根据串联电路电阻规律可得滑动变阻器接入电路的最小阻值：R′＝R0﹣RL＝12Ω﹣10Ω＝2Ω。
答：（1）灯泡L正常发光时的电阻为10Ω；
（2）滑片P在b端时，1min内灯泡L消耗的电能为54J；
（3）电源电压为6V；
（4）在确保电路元件安全的情况下，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为2Ω。
【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功公式、电功率公式的灵活运用。
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