2022年广东省普通高中物理学业水平选择考模拟测试（一模）试卷 (解析版)

这是一份2022年广东省普通高中物理学业水平选择考模拟测试（一模）试卷 (解析版)，共15页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题，填空题等内容，欢迎下载使用。
 广东省普通高中2022年学业水平选择考模拟测试（一模）物理试卷一、单选题1．中俄核能合作项目——田湾核电站和徐大堡核电站于2021年5月举行开工仪式。下列有关核电站采用何种核变化及其对应核反应方程的说法，正确的是（　　）A．衰变，B．衰变，C．核聚变，D．核裂变，2．“超级电容器”由于电极中加入了表面积非常大的石墨烯，所以具备超大的容量，适合作为动力电池的助力动力源。相对于普通电容器，“超级电容器”（　　）A．极板电荷量较大 B．极板间的电场强度较大C．单位电压容纳的电荷量较大 D．带相同电荷量时电压较大3．“神舟十三号”飞船与我国空间站“天和”核心舱于2021年10月16日成功对接。对接后开启推进器，经过t时间后飞船和空间站组合体的速度增量为m/s；若推进器用同样的推力单独对飞船进行加速，经过相同的时间后飞船的速度增量为m/s，设飞船的质量约为3.0×103kg，则空间站的质量约为（　　）A．2.5×104kg B．2.2×104kg C．4.4×102kg D．3.6×102kg4．小朋友站在向上做匀速直线运动的电梯中，竖直向上抛出小球后小球落回手中（小球未碰到电梯顶部）。以地面为参考系和零势能面，小球与电梯底面距离最大时，小球的（　　）A．动能为零 B．重力势能最大C．速度方向竖直向上 D．加速度方向竖直向上5．浮桶式灯塔模型如图甲，其由带空腔的磁体和一个连着灯泡的线圈组成，磁体在空腔产生的磁场如图乙所示，磁体通过支柱固磁体定在暗礁上，线圈随波浪相对磁体沿竖直方向运动，且始终处于磁场中，则浮桶线圈（　　）A．当海面平静时，灯泡稳定发光B．当海水水平匀速流动时，灯泡稳定发光C．海水上下震荡幅度越大，灯泡发光越亮D．海水上下震荡速度越快，灯泡发光越亮6．如图，一名小朋友用力沿着箭头方向将推拉门的一扇门从贴近右门框的地方拉到图示位置后放手，这扇门与左右门框各撞击一次后，又几乎回到了图示位置。则从小朋友拉门开始到最终门停止，这扇门运动的v−t图像符合实际的是（　　）A． B．C． D．7．有一种测量电场强度的方法，其原理如图，竖直平面的虚线框内存在水平方向的匀强电场，虚线框高度为d。让质量为m、带电量为q的粒子从M点由静止释放，最终带电粒子在电场区域下边界的照相底片上打出一个感光点P，P点与M点的水平距离为0.5d，已知重力加速度为g，则电场强度E大小为（　　）A． B． C． D．二、多选题8．如图，家用小型起重机拉起重物的绳子一端固定在起重机斜臂顶端，另一端跨过动滑轮A和定滑轮B之后与电动机相连。起重机正将重为G的重物匀速竖直上拉，忽略绳子与滑轮的摩擦以及绳子和动滑轮A的重力，∠ABC=60°，则（　　）A．绳子对定滑轮B的作用力方向竖直向下B．绳子对定滑轮B的作用力方向与BA成30°斜向下C．绳子对定滑轮B的作用力大小等于GD．绳子对定滑轮B的作用力大小等于9．有一种“投珠入瓶”的游戏，如图，三个高为d的开口塑料瓶相隔等距离d排成一直线，游戏者从距离塑料瓶“1”为9d、距离地面高度为6d的位置将质量为m的玻璃珠水平抛出投向塑料瓶。某次游戏者将玻璃珠投入到塑料瓶“1”，重力加速度为g，则（　　）A．玻璃珠落入塑料瓶“1”的这次游戏，玻璃珠出手时的速度为B．玻璃珠出手后到落到塑料瓶“1”的瓶口过程中，动能增加为5mgdC．玻璃珠无论落入塑料瓶“1”“2”或“3”，从出手后到瓶口，动能均增加5mgdD．若游戏者抛出时对玻璃珠做功为5mgd，则玻璃珠将落入塑料瓶“2”10．如图是进行变压器演示实验的示意图，在铁环上用刷有绝缘漆的铜丝绕制了匝数分别为n1、n2的两个线圈。线圈n1与开关S1、干电池E1、交流电源E2构成电路，交流电源E2的电动势（V），线圈n2与开关S2、灵敏电流表G、交流电压表V构成电路。则（　　）A．若S1接“1”，在将S2接“3”的瞬间灵敏电流表指针将发生偏转B．若S2接“3”，在将S1接“1”的瞬间灵敏电流表指针将发生偏转C．若S1接“2”，在S2接“4”后，电压表指针的摆动频率为D．若S1接“2”，S2接“4”，稳定后电压表的读数为（V）三、实验题11．某兴趣小组用光电门、计时器和直尺测量当地的重力加速度。图（a）是其实验装置，其操作方法是：让直尺下端刚好处于光电门处并由静止释放，光电计时器记录直尺通过光电门的时间，直尺运动过程中尺身始终处于竖直方向，图（b）是量程分别为0～15.0cm的钢尺和0～20.0cm的塑料尺。（1）为了较准确测出重力加速度，应选择　     　（选填“钢尺”或“塑料尺”）完成该实验。（2）小组通过5次实验，测得直尺通过光电门的时间如下表。第4次实验操作可能存在的问题是：直尺下端开始遮光时具有　     　（选填“加速度”“初速度”或“重力”）次数12345时间/s0.1840.1860.1850.1500.186（3）剔除第4组数据，从表格其他数据算出时间的平均值是0.185s，并利用选定的直尺的量程L代入，得8.77m/s2，结果与当地重力加速度差距较大，上述数据处理存在的问题是　                                             　。（4）根据实验数据，正确的计算结果应该是g=　         　。（结果保留2位小数）12．某实验小组用如图（a）所示的实验器材，研究某电学元件Z（额定电压为2.5V）的特性并做出伏安特性曲线。请完成下列实验内容：（1）请将图（a）中的实验电路补充完整；（2）实验测得该电学元件Z的伏安特性曲线如图（b）中实线所示，则该元件在额定电压下工作时电阻为　     　．（结果保留2位有效数字）（3）实验小组为了进一步研究元件的特性，他们将伏安特性曲线上电压为2.25V和2.50V的两个点与原点用虚线K、L连接，如图（b）中虚线所示，比较K、L的斜率可知，随着电压的升高，Z的电阻　     　（选填“增大”“减小”或“不变”），导电能力　     　（选填“增强”“减弱”或“不变”）。四、解答题13．我国南方某些城市中秋节仍保留着秋千表演节目。如图，某次甲从绳子与地面平行的位置由静止摆下，在秋千踏板摆到最低点时迅速将地面上的乙向上一拉，乙竖直跃上秋千，然后一起站着并向上摆．当再次返回最低点时，乙从秋千上水平跳出，甲继续摆到绳子与竖直方向成33°角时速度为零。已知秋千踏板摆到最低点时与地面平行，且距离地面1.8m；甲、乙站立在秋千上时重心与绳上端距离为3.2m，甲、乙质量相等，甲、乙始终保持身体直立，cos33°≈0.84，g取10m/s2，忽略空气阻力和踏板质量。求：（1）当甲、乙一起再次返回最低点时，甲、乙的共同速度大小；（2）乙的落地点距踏板在最低点时的水平距离。14．双聚焦分析器是一种能同时实现速度聚焦和方向聚焦的质谱仪，其模型图如图（a）所示。其原理图如图（b）所示，电场分析器中有指向圆心O的辐射状电场，磁场分析器中有垂直纸面的匀强磁场。质量为m、电荷量为q的离子被加速后，进入辐射电场，恰好沿着半径为R的圆弧轨迹通过电场区域后，垂直边界从P点进入圆形磁场区域，PO1=d。之后垂直磁场下边界射出并从K点进入检测器，检测器可在O1M和O2N之间左右移动且与磁场下边界距离恒等于0.5d。已知圆弧轨迹处的电场强度为E。（1）求磁场区域磁感应强度B；（2）由不同离子组成的粒子束，以不同速度进入电场分析器后能沿着半径为R的圆弧轨迹通过电场并从P点垂直进入磁场，粒子离开O1O2时与O1O2所夹锐角相同，若探测器能接收到的粒子中比荷的最大值与最小值之比为，求的值。15．随着海拔高度的增加，大气压会相应地减小，高度每增加1m，大气压强降低约11Pa；某登山运动员在攀登珠穆朗玛峰的过程中，发现他携带的手表表面玻璃发生了爆裂．此时，运动员所在高度的气温为-15℃。已知27℃时，表内压强与海平面处的大气压相等，均为1×105Pa；当手表内外压强差超过6×104Pa时，手表表面玻璃可能爆裂．求手表表面玻璃爆裂前瞬间表内压强p1和运动员所在的高度？（结果取整数）16．如图，直角三棱镜ABC由某种透明物质制成，AC外表面镀有水银。一束与BC边平行的光线从AB边的D点射入棱镜。已知AB=2m，AD=0.5m，∠B=30°，棱镜对该光的折射率。求光线第一次到达BC面时在BC面发生折射的入射角及入射点与C点的距离。五、填空题17．春天的早晨，花园里绿叶上的小露珠呈球状，其主要原因是：液体表面层分子比较　     　（选填“稀疏”“密集”或“均匀”），表面层分子间的相互作用力表现为　     　（选填“引力”或“斥力”），表面层出现表面张力。18．高铁进站过程中，声音越来越尖锐，其原因是：当声源靠近人时，单位时间被人接收的声波的个数　     　（选填“大于”“小于”或“等于”）声源静止时的，导致人接收到的声音的　     　（选填“频率”“周期”或“波长”）变大。
答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】核电站采用的是铀发生核裂变的反应故答案为：D。
【分析】其核电站使用的核反应为铀核裂变反应，其反应方程为。2．【答案】C【解析】【解答】CD．由于超级电容器具备超大的容量，即单位电压容纳的电荷量较大，也就是电容C较大，故带相同电荷量时电压较小，C符合题意，D不符合题意；AB．电容器的容纳能力较大，并不代表实际使用中极板电荷量较大、场强较大，也有可能极板电荷量很小，场强很小，AB不符合题意。故答案为：C。
【分析】超级电容器其容纳电荷的本领大所以其电容较大，所以当电压相同时容纳的电荷量比较大；其电容大不代表电荷量大及场强的大小。3．【答案】B【解析】【解答】对飞船和空间站组合体，根据牛顿第二定律其中对飞船，根据牛顿第二定律其中联立解得空间站的质量约为B符合题意，ACD不符合题意。故答案为：B
【分析】利用速度公式可以求出加速度的大小；利用整体的牛顿第二定律可以求出其推力的大小，结合牛顿第二定律可以求出空间站的质量大小。4．【答案】C【解析】【解答】A．小球与电梯底面距离最大时，小球与电梯具有相同的速度，动能不为零，A不符合题意；B．由A可知小球依然具有向上的速度，重力势能不是最大，B不符合题意；C．小球与电梯一样具有竖直向上的速度，C符合题意；D．小球的加速度等于重力加速度，方向竖直向下，D不符合题意；故答案为：C。
【分析】当小球与电梯地面距离最大时其小球与电梯速度相同所以动能不等于0；利用其小球具有初速度所以其重力势能不是最大；利用其只受重力可以判别小球加速度竖直向下。5．【答案】D【解析】【解答】A．当海面平静时，线圈静止不动，不切割磁感线，不产生电动势，灯泡不亮，A不符合题意；B．当海水水平匀速流动时，线圈不切割磁感线，不产生电动势，灯泡不亮，B不符合题意；CD．线圈随海水上下震荡，切割磁感线产生的电动势可知：电动势的大小与海水上下震荡速度有关，与震荡幅度无关，v越大，E越大，则灯泡发光越亮，C不符合题意，D符合题意。故答案为：D。
【分析】当其海平面平静时其线圈静止不动没有切割磁感线所以不会产生感应电流；当其海水水平匀速运动时，其线圈不切割磁场不会产生感应电动势；当其线圈切割的速度越大其产生的感应电动势越大则灯泡越亮。6．【答案】A【解析】【解答】小朋友用力沿着箭头方向将推拉门的一扇门时，门开始加速一段时间，拉力消失后，门减速，与左门框撞击一次后，原速率反弹，速度反向，向右减速运动，碰到右门框后，原速率反弹，速度反向，门向左减速并停下，符合该运动情景的v−t图像的是A项。 故答案为：A。
【分析】利用其加速度的方向可以判别其速度时间图像斜率，利用其加速度与速度的方向可以判别门速度的大小变化。7．【答案】A【解析】【解答】竖直方向满足水平方向满足联立解得。故答案为：A。
【分析】利用竖直方向的位移公式结合水平方向的位移公式可以求出水平方向加速度的大小，结合牛顿第二定律可以求出电场强度的大小。8．【答案】B,D【解析】【解答】A．绳子对定滑轮的B的作用力为BA和BC两段绳子弹力的合力，方向斜向左下，A不符合题意；B．C．D．重物匀速运动，则任意段绳子的弹力等于重力的一半，即。由平行四边形可知，合力方向延∠ABC的角平分线，与BA夹角30°斜向下，大小为，BD符合题意，C不符合题意。故答案为：BD。
【分析】利用其两个绳子的拉力方向可以求出绳子对定滑轮的作用力方向；利用其匀速运动的平衡条件可以判别绳子拉力的大小，结合力的合成可以求出绳子对B的作用力大小。9．【答案】B,C,D【解析】【解答】A．玻璃珠落入塑料瓶“1”的这次游戏，玻璃珠运动时间出手时的速度为A不符合题意；B．玻璃珠出手后到落到塑料瓶“1”的瓶口过程中，动能增加等于重力做的功，大小为5mgd，B符合题意；C．玻璃珠无论落入塑料瓶“1”“2”或“3”，从出手后到瓶口，重力做功均为5mgd，则动能均增加5mgd，C符合题意；D．若玻璃珠将落入塑料瓶“2”，则平抛的初速度为游戏者抛出时对玻璃珠做功为D符合题意。故答案为：BCD。
【分析】利用平抛运动的位移公式结合水平位移和竖直位移的大小可以求出出手速度的大小；利用其机械能守恒定律结合重力做功可以求出其动能的增量；利用其平抛运动的位移公式结合功能关系可以求出其游戏者对玻璃珠做功的大小。10．【答案】B,D【解析】【解答】A．若S1接“1”，原线圈通有的是恒定电流，在副线圈中没有感应电流，故指针不偏转，A不符合题意；B．若S2接“3”，在将S1接“1”的瞬间，原线圈电流突然变化，副线圈产生感应电流，灵敏电流表指针发生偏转，B符合题意；C．若S1接“2”，在S2接“4”后，电压表显示的是有效值，不会摆动，C不符合题意；D．若S1接“2”，S2接“4”，交流电压有效值为根据得D符合题意。故答案为：BD。
【分析】当其S1接直流电时其副线圈没有感应电流其指针不会偏转；当其S1接1的瞬间其回路中磁通量变化则灵敏电流表的指针发生偏转；当其S1结合2时其电压表显示有效值不会发生偏转；利用其电压之比与匝数之比的关系可以求出稳定后其电压表的读数。11．【答案】（1）钢尺（2）初速度（3）计算位移时误用钢尺的量程，应该用钢尺的总长度（4）9.70m/s2【解析】【解答】（1）由于钢尺的密度大，空气阻力的影响小，所以选钢尺；（2）由表格可知，第4次实验的时间明显小于其他几次，可能存在的问题是：直尺下端开始遮光时具有初速度；（3）根据，带入计算的加速度得结果与当地重力加速度差距较大，上述数据处理存在的问题是计算位移时误用钢尺的量程，应该用钢尺的总长度；（4）由图可知，钢尺总长度为0.166m，根据实验数据，正确的计算结果应该是
【分析】（1）由于钢尺其密度大受到的阻力小所以选择钢尺；
（2）由于第4次时间明显偏小则可能直尺下落时已经具有初速度；
（3）利用其重力加速度的表达式可以判别其重力加速度差距偏大是由于其L使用了钢尺的量程而不是长度；
（4）利用其重力加速度的表达式结合表格数据可以求出重力加速度的大小。12．【答案】（1）（2）6.5Ω（3）增大；减弱【解析】【解答】（1）滑动变阻器采用分压接法，连接如下（2）由图像可知，由得因为电流I的估读，所以在的范围内均可。（3）由图可知，L的斜率小于K的斜率，因为是I-U图像，斜率越大，电阻越小，所以L对应的电阻大，即随着电压的升高，Z的电阻增大，导电能力减弱。
【分析】（1）滑动变阻器使用分压式接法；
（2）利用其欧姆定律可以求出电阻的大小；
（3）由于其L的斜率小于K的斜率可以判别其其电阻的大小，结合其电阻的变化可以判别导电能量的变化。13．【答案】（1）解：设甲第一次摆到最低点时，速度为v0，由机械能守恒定律得得v0=8m/s设甲将乙拉上瞬间共速为v1，甲将乙拉上的过程，水平方向动量守恒，由mv0=2mv1得v1=4m/s所以当甲乙一起回到最低点时速度为4m/s；（2）解：设乙水平跳出瞬间，甲的速度为v2，乙的速度为v3，由动量守恒定律2mv1=mv2+mv3甲摆到最高点过程，由机械能守恒定律得v2=3.2m/sv3=4.8m/s乙做平抛运动，有乙落地时与踏板在最低点时的水平距离为s=v3t解得s=2.88m【解析】【分析】（1）当甲第一次运动到最低点的过程中，利用机械能守恒定律可以求出其速度的大小；结合其动量守恒定律可以求出其甲乙一起回到最低点的速度大小；
（2）当其乙跳出时，利用机械能守恒定律及动量守恒定律可以求出其乙与甲分离时速度的大小，结合平抛运动的位移公式可以求出水平距离的大小。14．【答案】（1）解：设离子的速度为v0，粒子在电场和磁场中分别做匀速圆周运动，在电场中，电场力提供向心力在磁场中，洛伦兹力提供向心力解得磁感应强度为（2）解：设在某处被检测到的离子在磁场中的轨道半径为r，则在磁场中在电场中可得由此可知当粒子运动半径最小时，荷质比最大；当粒子运动半径最大时，荷质比最小。如图，设a（q1，m1）、b（q2，m2）离子在磁场中的分别在M、N处被检测到，半径分别为r1、r2，易知在所有被检测到的粒子半径中，r1最小，r2最大。由于两离子到达O1O2时，与O1O2夹角相等，均设为θ，由此可得：∠O1FM和∠O2GN均为θ。如图，内几何关系O3F=r1O1O3=d - r1得由几何关系解得在b的轨迹中又解得r2=3d又可得【解析】【分析】（1）粒子在磁场和电场中做匀速圆周运动，利用牛顿第二定律可以求出磁感应强度的大小；
（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，利用几何关系可以求出轨道半径的大小，结合牛顿第二定律可以求出粒子比荷的大小。15．【答案】解：设此时的高度为h，气体等容变化，由查理定律得解得表内气体压强p1=86000Pa由题意可知又因为解得h=6727m【解析】【分析】气体发生等容变化，结合气体的温度可以求出压强的大小及运动员所做的高度。16．【答案】解：如图所示，由几何关系可知光线在AB边的入射角为i1=60°由折射定律可得解得r1=30°所以三角形为等边三角形，则F为AC边的中点，可知θ+60°=90°又θ+i3=90°可得光线在BC边的入射角i2=60°由此可知EF与AB平行，则E为BC的中点，故入射点E与C点的距离为【解析】【分析】画出光线经过三棱镜折射的光路图，利用折射定律可以求出其折射角的大小；再利用几何关系可以求出其E与C之间的距离。17．【答案】稀疏；引力【解析】【解答】小露珠呈球状，是由于表面层分子张力作用的缘故，分子出现张力是因为液体表面层分子比较稀疏，表面层分子间的相互作用力表现为引力。
【分析】由于液体表面分子比较稀疏，其分子之间的相互作用力体现为引力。18．【答案】大于；频率【解析】【解答】根据多普勒效应可知，当声源靠近人时，单位时间被人接收的声波的个数大于声源静止时的个数，从而导致人接收到的声音的频率变大。
【分析】当声源靠近人时，单位时间被人接收的声波的个数大于声源静止时的个数，利用其周期偏小从而导致人接收到的声音的频率变大。