2022年辽宁省营口市中考物理试卷解析版

这是一份2022年辽宁省营口市中考物理试卷解析版，共59页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，简答题，计算题，实验等内容，欢迎下载使用。
2022年辽宁省营口市中考物理试卷
一、选择题（本题共13道小题，共30分。其中1～9小题为单选题，每小题2分，每小题只有一个正确选项；10～13小题为多选题，每小题2分，漏选得2分，错选不得分。）
1．（2分）下列物体长度最接近20cm的是（　　）
A．九年级物理课本的厚度 B．课桌的高度
C．一支新2B铅笔的长度 D．一枚1元硬币的直径
2．（2分）关于下列诗句中的物态变化，说法正确的是（　　）
A．“欲渡黄河冰塞川”，冰的形成是凝华现象
B．“一蓑烟雨任平生”，雨的形成是汽化现象
C．“窗含西岭千秋雪”，雪的形成是凝固现象
D．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象
3．（2分）同学们在音乐教室上声乐课时，下列说法正确的是（　　）
A．钢琴伴奏声是由空气柱振动产生的
B．同学们美妙的歌声是通过空气传入人耳的
C．弹琴时用力按压琴键可以提高琴声的音调
D．上课时关闭门窗是在声源处减弱噪声
4．（2分）2022年2月，中国女足勇夺亚洲杯冠军。关于比赛中的场景，下列说法正确的是（　　）
A．静止在水平球场上的足球受到的重力和支持力是一对平衡力
B．滚动的足球最终停下来，说明物体的运动需要力来维持
C．足球鞋底部的鞋钉，可以有效的减小摩擦
D．运动员射门时，脚对球的力大于球对脚的力
5．（2分）下列光现象中，由于光的反射形成的是（　　）
A．激光准直
B．水面“倒影”
C．海市蜃楼
D．铅笔“折断”
6．（2分）下列关于内能、热量和热机的说法正确的是（　　）
A．0℃物体内能一定为零
B．物体的内能增加一定是从外界吸收热量
C．热机的功率越大效率越高
D．柴油机的压缩冲程将机械能转化为内能
7．（2分）下列不是利用连通器原理工作的是（　　）
A．茶壶 B．船闸
C．抽水机 D．地漏
8．（2分）某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示。R2为定值电阻，R1为光敏电阻，当有光照射光敏电阻时其阻值变小。激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次（计数器可视为电压表）。闭合开关，激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是（　　）

A．电阻R1的阻值变小 B．通过R2的电流变大
C．电阻R1两端的电压变大 D．电阻R2两端的电压变大
9．（2分）下列四个实验能反映动圈式话筒工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
（多选）10．（3分）下列关于安全用电的说法正确的是（　　）
A．可以在高压线附近放风筝
B．雷雨天不要在大树下避雨
C．发现有人触电时，应立即切断电源
D．使用试电笔时，手不能接触笔尖金属体
（多选）11．（3分）细心的小明帮妈妈做家务时，发现许多厨房用具的工作原理涉及物理知识。下列说法正确的是（　　）
A．高压锅是利用气压增大，沸点降低的原理工作的
B．吸盘式挂钩利用了大气压强
C．排油烟机是利用流体压强与流速关系的原理工作的
D．瓶起子是一种费力杠杆
（多选）12．（3分）如图所示，水平桌面上盛有适量盐水的烧杯中，漂浮着冰块A，悬浮着物块B。当冰块A完全熔化后，下列分析正确的是（　　）

A．烧杯中盐水的密度变小
B．烧杯内液面不发生变化
C．杯底受到液体的压强变小
D．物块B受到的浮力变小
（多选）13．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压不变，小灯泡L的阻值不变，滑动变阻器R的规格是“50Ω 1A”。闭合开关，在保证电路元件安全的前提下，最大范围内移动滑片，绘制通过变阻器的电流与变阻器阻值关系的图像如图乙所示。下列说法正确的是（　　）

A．电源电压为5V
B．小灯泡的电阻为10Ω
C．小灯泡的额定功率为0.9W
D．整个电路电功率最小时，10s内滑动变阻器消耗的电能为5J
二、填空题（本题共8道小题，每空1分，共25分）
14．（3分）2022年4月16日，神舟十三号载人飞船返回舱成功着陆，神舟十三号载人飞行任务取得圆满成功。返回舱进入大气层，与空气摩擦温度升高是通过 　 　（选填“热传递”或“做功”）方式改变内能；神舟十三号飞船在轨期间，做 　 　（选填“直线”或“曲线”）运动；航天员在空间站工作时的影像是通过 　 　传回地面指挥中心的。
15．（4分）“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船。”诗中的月亮相对于寒山寺是 　 　的；月亮和渔火中 　 　是光源；诗人根据 　 　辨别乌啼和钟声；自然界中霜的形成需要 　 　热量。
16．（3分）春节吃饺子是中华民族传统习俗。包饺子时，捏出漂亮的花边，说明力可以改变物体的 　 　；煮一段时间饺子会上浮，在上浮过程中，饺子受到水的压强会 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；刚出锅的饺子，咬上一口满屋飘香，这是 　 　现象。
17．（3分）我国光伏发电量位居世界首位，太阳能是 　 　（选填“可再生”或“不可再生”）能源；锂离子电池充电时，电池相当于 　 　（选填“电源”或“用电器”）；100g氢完全燃烧放出的热量是 　 　J。（q氢＝1.4×108J/kg）
18．（3分）如图所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒去接触验电器的金属球，金属箔片因带上 　 　（选填“正”或“负”）电荷互相 　 　而张开，瞬时电流方向是 　 　（选填“由玻璃棒到验电器”或“由验电器到玻璃棒”）。

19．（3分）如图所示，木板B在F＝5N的水平拉力作用下沿水平方向做匀速直线运动，此时弹簧测力计示数是2N，则木块A受到的摩擦力是 　 　N，方向是 　 　；当F增大到7N时，木块A受到的摩擦力 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

20．（3分）如图所示，用12.5N的拉力F，10s内把重为20N的木箱匀速提升30cm（不计绳重及摩擦），则绳子自由端移动的速度是 　 　m/s，动滑轮重是 　 　N，该滑轮组的机械效率是 　 　。

21．（3分）如图所示，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，通电一段时间后 　 　（选填“甲”或“乙”）容器连接的U形管液面高度差较大，实验表明：电流通过导体产生的热量跟 　 　（选填“电流”或“电阻”）的大小有关；当电流为0.2A时，通电10s甲容器中的电阻产生的热量是 　 　J。

三、作图题（本题共3道小题，每小题3分，共9分）
22．（3分）图甲是自行车的手闸，其中ABO部分可视为一种杠杆，其简化示意图如图乙所示，O为支点，F2为阻力，请在图乙中画出：
（1）作用在A点的最小动力F1及其力臂l1；
（2）阻力F2的力臂l2。

23．（3分）如图所示，一束光线从玻璃斜射入空气，同时发生反射和折射，请在图中画出反射光线和折射光线的大致传播方向。

24．（3分）有一种自动控制的楼道灯，只有光线暗且有声音时，电路接通，灯亮；光线亮时，不论发出多大声音，灯也不亮；楼道中还有一个三孔插座，且与楼道灯互不影响。请用笔画线代替导线完成电路。

四、简答题（本题4分）
25．（4分）北京冬奥会中国代表团获得9枚金牌，创造冬奥征战史最佳战绩。跳台滑雪运动员由高处急速滑下，到达赛道底部顺势跃向空中，向前滑翔，最终，稳稳地落在地面。请用所学的物理知识回答下列问题：
（1）冲出跳台的运动员为什么能在空中继续飞行？
（2）运动员在下降过程中动能和重力势能是怎样转化的？
（3）滑雪板为什么又宽又长？
五、计算题（本题共3道小题，共22分。要求写出必要的文字说明、公式、运算过程、数值、单位和答）
26．（7分）随着科技发展，有些餐厅利用机器人送餐。某次送餐时，机器人与食物的总质量为30kg，轮子与水平地面的接触面积为1×10﹣3m2，机器人受到的阻力为30N。求：
（1）静止时机器人对水平地面的压强；（g取10N/kg）
（2）机器人水平匀速运动36m，用时1min，牵引力做功的功率是多少。

27．（7分）如图所示，电源电压保持不变，小灯泡规格是“3V 1.5W”，R1＝10Ω，滑动变阻器R2上标有“20Ω 1A”，电压表选用3V量程。断开S2，闭合S和S1，当滑片P移到变阻器中点时，小灯泡正常发光。求：
（1）小灯泡正常发光时的电流；
（2）电源电压；
（3）断开S1，闭合S和S2，在保证电路元件安全前提下，电路消耗的最大功率是多少。

28．（8分）某电热水壶（电阻不变）的参数如下表，当家中只有电热水壶单独工作时，电热水壶正常工作5min可将1.5L初温40℃的水烧开（标准大气压）。[ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]求：
产品型号
XXX
最大容量
1.5L
额定电压
220V
额定功率
1500W
（1）这壶水吸收的热量；
（2）电热水壶的加热效率；
（3）这段时间内家中标有“3600r/（kW•h）”电能表的转盘转了多少转。
六、实验、探究题（本题共4道小题，共30分）
29．（7分）小明用蜡烛、凸透镜（焦距10cm）、光屏在光具座上进行“探究凸透镜成像的规律”的实验。

（1）实验在 　 　（选填“较亮”或“较暗”）的环境下进行，现象更明显。
（2）蜡烛、透镜和光屏位置如图甲所示，光屏上会出现烛焰清晰 　 　（选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像，此现象和生活中 　 　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的原理相同；保持凸透镜位置不变，增大物距后，将光屏移动到适当位置，光屏上会重新出现烛焰清晰的像，该像与移动前的像相比会 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（3）保持凸透镜位置不变，移动蜡烛至图乙所示位置，在透镜右侧通过透镜可以观察到烛焰 　 　（选填“正立”或“倒立”）的像。
（4）将图甲中的透镜换成焦距f＝5cm的凸透镜，光屏上烛焰的像变模糊。将蜡烛向 　 　（选填“左”或“右”）移动适当距离，光屏上重新出现烛焰清晰的像；若不移动蜡烛，在蜡烛和透镜之间放置一个度数适当的 　 　（选填“近视”或“远视”）镜片，光屏上也会重新出现烛焰清晰的像。
30．（7分）在“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示。

（1）组装器材时应先固定 　 　（选填“A”、“B”或“C”）的位置。为使冰块均匀受热，应选用 　 　（选填“大冰块”或“碎冰”）进行实验。
（2）实验过程中某一时刻温度计的示数如图乙所示，此时冰的温度为 　 　℃。
（3）图丙是根据实验数据绘制的冰熔化时温度随时间变化的图像，分析图像可知：第6min，处于 　 　（选填“固”、“液”或“固液共存”）态；冰熔化时需要吸收热量，温度 　 　；冰是 　 　（选填“晶体”或“非晶体”）；0～4min升温比8～12min升温快的原因是 　 　。
31．（8分）酒精消毒液已成为居家必备用品。小强利用天平、量筒等实验器材测量某酒精消毒液的密度。

（1）将天平放在 　 　上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，此时指针位置如图甲所示，应向 　 　调节平衡螺母直至天平平衡。
（2）测量步骤如下：
①在烧杯中倒入适量消毒液，用天平测出烧杯和消毒液的总质量为78g；
②将烧杯中部分消毒液倒入量筒，液面位置如图乙所示，量筒内消毒液的体积为 　 　cm3；
③用天平测出烧杯和剩余消毒液的质量如图丙所示，则其质量为 　 　g；
④消毒液的密度为 　 　g/cm3。
（3）小强测量一个木块（ρ木＜ρ水）的密度，由于木块体积较大无法放入量筒，于是利用电子秤、一根细钢针、烧杯和水设计如下实验，测出了木块的密度。
①如图A所示向烧杯中倒入适量水，电子秤的示数为m1；
②如图B所示将木块放在水中，静止时电子秤的示数为m2；
③　 　，电子秤的示数为m3；
④木块密度ρ木＝　 　（用m1、m2、m3和ρ水表示）。
（4）测完密度后，小强发现由于电子秤没调零，每次测量结果都偏大2g，则测得的木块密度 　 　（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
32．（8分）在“探究电流与电阻关系”的实验中，可供使用的实验器材有：电源（电压恒为3V）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，三个阻值不同的定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω）和导线若干。

（1）用笔画线表示导线，把图甲实物图连接完整（要求：向左移动滑片电流表示数变大）。
（2）连接电路前，开关应处于 　 　状态。
（3）正确连接电路后，闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，用一根导线分别与定值电阻和电流表并联，两表仍无示数，当导线与滑动变阻器并联时，发现两表指针有明显偏转，故障原因是 　 　。
（4）排除故障后，闭合开关，电压表的示数为0.6V，电流表的示数如图乙所示，则电流为 　 　A，使用的定值电阻阻值为 　 　Ω。
（5）图丙是根据测量的数据绘制的电流与电阻关系的图像，分析图像可得出结论：导体两端电压一定时，　 　。
（6）小明利用电源（电压恒定）、电流表、阻值为R0的定值电阻、铭牌磨损的滑动变阻器、开关和单刀双掷开关各一个，设计了如图丁所示的电路，测量未知电阻Rx的阻值，请将实验步骤补充完整：
①开关S闭合，开关S1接a时，移动变阻器的滑片到某一位置，此时电流表的示数为I1；
②开关S闭合，开关S1接b时，变阻器的滑片 　 　（选填“移到最左端”、“移到最右端”或“保持不动”），此时电流表的示数为I2；
③电阻Rx＝　 　（用I1、I2和R0表示）。

2022年辽宁省营口市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共13道小题，共30分。其中1～9小题为单选题，每小题2分，每小题只有一个正确选项；10～13小题为多选题，每小题2分，漏选得2分，错选不得分。）
1．（2分）下列物体长度最接近20cm的是（　　）
A．九年级物理课本的厚度 B．课桌的高度
C．一支新2B铅笔的长度 D．一枚1元硬币的直径
【分析】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释。
【解答】解：A、九年级物理课本的厚度在1cm，故A不符合要求；
B、课桌的高度大约为80cm，故B不符合要求；
C、一支新2B铅笔的长度大约为20cm，故C符合要求；
D、一枚1元硬币的直径约2.5cm，故D不符合要求。
故选：C。
【点评】估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。
2．（2分）关于下列诗句中的物态变化，说法正确的是（　　）
A．“欲渡黄河冰塞川”，冰的形成是凝华现象
B．“一蓑烟雨任平生”，雨的形成是汽化现象
C．“窗含西岭千秋雪”，雪的形成是凝固现象
D．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象
【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
【解答】解：A、冰是由水凝固形成的，故A错误；
BD、雨、露都是由水蒸气液化形成的，故B错误，D正确；
C、雪是空气中的水蒸气凝华形成的，故C错误。
故选：D。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．（2分）同学们在音乐教室上声乐课时，下列说法正确的是（　　）
A．钢琴伴奏声是由空气柱振动产生的
B．同学们美妙的歌声是通过空气传入人耳的
C．弹琴时用力按压琴键可以提高琴声的音调
D．上课时关闭门窗是在声源处减弱噪声
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传声；
（3）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
（4）减弱噪声的三个途径分别是：人耳处、传播过程中和声源处。
【解答】解：A、钢琴伴奏声是由琴键振动产生的，故A错误；
B、声音的传播需要介质，美妙的歌声是通过空气传入人耳的，故B正确。
C、用力按压琴键可以增大振动的幅度，提高声音的响度，故C错误；
D、为了减少对外界的干扰，常关闭门窗，是在传播过程中减弱噪声，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对声音的三个特性﹣﹣音调、响度、音色以及噪声的控制的掌握，属于声学基础知识的考查，比较简单。
4．（2分）2022年2月，中国女足勇夺亚洲杯冠军。关于比赛中的场景，下列说法正确的是（　　）
A．静止在水平球场上的足球受到的重力和支持力是一对平衡力
B．滚动的足球最终停下来，说明物体的运动需要力来维持
C．足球鞋底部的鞋钉，可以有效的减小摩擦
D．运动员射门时，脚对球的力大于球对脚的力
【分析】（1）物体受到几个力的作用保持静止状态或匀速直线运动状态，我们就说这几个力是平衡力；
（2）力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因；
（3）当压力一定时，接触面越粗糙滑动摩擦力越大；
（4）运动员射门时，脚对球的力和球对脚的力是相互作用力，大小相等。’
【解答】解：A、水平球场上的足球受到重力和支持力的作用保持静止，说明这两个力是平衡力，故A正确；
B、滚动的足球受到阻力的作用停了下来，说明力改变了物体的运动状态，故B错误；
C、足球鞋底部的鞋钉，是通过增加接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故C错误；
D、运动员射门时，脚对球的力和球对脚的力是相互作用力，大小相等，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了运动和力的知识，要求学生认识平衡力，知道力对运动的影响，知道影响摩擦力大小的因素、知道相互作用力的特点。
5．（2分）下列光现象中，由于光的反射形成的是（　　）
A．激光准直
B．水面“倒影”
C．海市蜃楼
D．铅笔“折断”
【分析】①光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子折断了等；
②光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；
③要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。
【解答】解：A、激光准直应用了光的直线传播的知识，故A错误；
B、平静的水面相当于平面镜，水中的倒影是平面镜成像现象，故属于光的反射，故A正确；
C、海市蜃楼现象，属于光的折射现象，故C错误；
D、水中的“断笔”是由于光从水中通过空气进入人的眼睛时，光线的传播方向发生改变而形成的虚像，故属于光的折射现象，故D错误。
故选：B。
【点评】此题主要考查了光的反射、光的折射、光的直线传播现象，平时要注意各个现象的形成原因。
6．（2分）下列关于内能、热量和热机的说法正确的是（　　）
A．0℃物体内能一定为零
B．物体的内能增加一定是从外界吸收热量
C．热机的功率越大效率越高
D．柴油机的压缩冲程将机械能转化为内能
【分析】（1）一切物体在任何情况下都有内能；
（2）改变物体内能的两种方式：做功和热传递，改变物体内能的两种方法是等效的；
（3）热机效率是指有效利用的能量（有用功）与燃料完全燃烧放出的热量（总功）的比值，比值越大，效率越高；功率是指单位时间内做功的多少，反映的是做功的快慢；
（4）压缩冲程中机械能转化为内能。
【解答】解：A、一切物体在任何情况下都有内能，即0℃的物体内能一定不为零，故A错误；
B、物体内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能是有物体对它做了功，故B错误；
C、功率是反映物体做功快慢的物理量，热机效率与功率无关，故C错误；
D、柴油机的压缩冲程中，活塞对气体做功，将机械能转化为内能，故D正确。
故选D。
【点评】本题考查内能和热机的有关知识，综合性强，难度适中。
7．（2分）下列不是利用连通器原理工作的是（　　）
A．茶壶 B．船闸
C．抽水机 D．地漏
【分析】连通器的特点：上端开口下端连通的容器．连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
【解答】解：A、茶壶的结构是：上端开口，下部连同，即是一个连通器，故A错误；
B、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故B错误；
C、抽水机是利用大气压工作的，与连通器无关，故C正确；
D、地漏是利用连通器的原理制成的，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查连通器的原理，解题的关键是知道连通器是上端开口，底部相连的，内装同种液体静止时液面保持相平。
8．（2分）某科技小组为快递公司设计的分拣计数装置简化电路如图所示。R2为定值电阻，R1为光敏电阻，当有光照射光敏电阻时其阻值变小。激光被遮挡一次，计数器会自动计数一次（计数器可视为电压表）。闭合开关，激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是（　　）

A．电阻R1的阻值变小 B．通过R2的电流变大
C．电阻R1两端的电压变大 D．电阻R2两端的电压变大
【分析】（1）两电阻串联，计数器（电压表）测R2的电压，已知当有光照射时电阻变小，据此分析激光被遮挡瞬间电阻R2变化；
（2）由串联电阻的规律和欧姆定律分析电路的电流变化；
（3）根据U＝IR确定R1、R2两端电压的变化。
【解答】解：A、两电阻串联，计数器（电压表）测R2的电压，已知当有光照射时电阻变小，故激光被遮挡瞬间电阻R2变大，A错误；
B、由串联电阻的规律，电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路的电流变小，B错误；
CD、根据U＝IR可知，电流变小时，R2两端的电压变小，由于电源电压不变，由串联电路的电压规律可知，则R1两端的电压变大，故C正确、D错误。
故选：C。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。
9．（2分）下列四个实验能反映动圈式话筒工作原理的是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】动圈式话筒工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器。由此可知其工作原理是电磁感应现象。
【解答】解：当人对着动圈式话筒说话时，它会产生随人的声音变化而变化的电流，即：闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时能够产生感应电流。故C选项是正确的。
故选：C。
【点评】发电机、动圈式话筒利用电磁感应现象原理，带电动机的用电器、扬声器利用通电导体在磁场中受力原理，带电磁铁的仪器利用是电流的磁效应原理。
（多选）10．（3分）下列关于安全用电的说法正确的是（　　）
A．可以在高压线附近放风筝
B．雷雨天不要在大树下避雨
C．发现有人触电时，应立即切断电源
D．使用试电笔时，手不能接触笔尖金属体
【分析】（1）在高压输电线旁，易发生高压电弧触电和跨步电压触电；
（2）下雨时站在大树下，湿的树和岩壁就是导体，可以将雷电导入人体，人就会触电；
（3）发现有人触电，应当先断开电源，不能用手将人拉开，否则施救者也会触电；
（4）使用试电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，手不能接触笔尖的金属体。
【解答】解：A、高压输电线的电压很高，若在高压线附近放风筝，可能会发生高压触电事故，故A错误；
B、大树是导体，在下雨时尤其如此，所在雷雨天不要在大树下避雨，以防雷击事故的发生，故B正确；
C、发现有人触电时，应立即切断电源或用绝缘体把导线挑开，然后救人，故C正确；
D、据测电笔的使用可知，使用试电笔时，为了安全手不能碰到笔尖金属体，故D正确。
故选：BCD。
【点评】本题考查了安全用电的常识，属于基础知识在日常生活中一定要养成安全用电的习惯。
（多选）11．（3分）细心的小明帮妈妈做家务时，发现许多厨房用具的工作原理涉及物理知识。下列说法正确的是（　　）
A．高压锅是利用气压增大，沸点降低的原理工作的
B．吸盘式挂钩利用了大气压强
C．排油烟机是利用流体压强与流速关系的原理工作的
D．瓶起子是一种费力杠杆
【分析】（1）液体的沸点跟气压有关，气压越高，液体的沸点越高；
（2）吸盘挂钩是利用大气压的作用来工作的；
（3）流体压强与流速的关系是：流体流速越大的地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大；
（4）杠杆分为三类：省力杠杆（动力臂大于阻力臂，省力费距离）、费力杠杆（动力臂小于阻力臂，费力省距离）和等臂杠杆（动力臂等于阻力臂，不省力不费力，不省距离不费距离）。
【解答】解：A、高压锅能很快地煮熟食物是因为锅内气压增大水的沸点升高，故A错误；
B、吸盘挂衣钩其工作过程是通过排除吸盘与墙壁之间的空气，松手后，吸盘恢复原状的过程中，导致内部气压小于外界大气压，外界大气压将其压在墙壁上，所以，它是利用大气压工作的，故B正确；
C、在液体和气体中，流速越快的地方压强越小；排油烟机是利用流体压强与流速的关系来排烟的；故C正确；
D、日常生活中用瓶起子起瓶盖，瓶起子在使用中动力臂大于阻力臂，是一个省力的杠杆，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查气体压强、大气压、流体压强与流速的关系以及杠杆等知识的应用，解答时需要准确区分各物理知识点及其应用，这些知识点中考出现概率很高。
（多选）12．（3分）如图所示，水平桌面上盛有适量盐水的烧杯中，漂浮着冰块A，悬浮着物块B。当冰块A完全熔化后，下列分析正确的是（　　）

A．烧杯中盐水的密度变小
B．烧杯内液面不发生变化
C．杯底受到液体的压强变小
D．物块B受到的浮力变小
【分析】（1）冰化成水后，水的密度要小于盐水的密度；
（2）液面高度的变化，可由比较冰块排开盐水的体积和冰块熔化成的水的体积来确定；
（3）冰块熔化后质量不变，根据p＝可知容器底部受到的压强的变化；
（4）浮力的大小等于物体排开的液体所受的重力大小，所以影响浮力大小的因素是液体的密度和物体排开的液体的体积。
【解答】解：A、冰化成水后，由于水的密度要小于盐水的密度，混合后，盐水的密度变小，故A正确；
B、冰块漂浮，则F浮＝G排＝G冰，即：m排＝m冰，则V排＝＝；冰块全部熔化成水后质量不变，
水的体积为：V水＝＝，由于水的密度小于盐水的密度，
所以，V水＞V排，即液面会上升，故B错误；
C、容器是规则的，容器底部受到的压力等于盐水与冰块重力的和，所以压力不变，底面积不变，根据p＝可知，容器底部受到的压强不变，故C错误；
D、冰化成水后，盐水的密度变小，由阿基米德原理可知物块B受到的浮力变小，故D正确。
故选：AD。
【点评】此题考查了物体浮沉条件的应用以及压强的变化，掌握冰化成水质量不变是解题的关键。
（多选）13．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压不变，小灯泡L的阻值不变，滑动变阻器R的规格是“50Ω 1A”。闭合开关，在保证电路元件安全的前提下，最大范围内移动滑片，绘制通过变阻器的电流与变阻器阻值关系的图像如图乙所示。下列说法正确的是（　　）

A．电源电压为5V
B．小灯泡的电阻为10Ω
C．小灯泡的额定功率为0.9W
D．整个电路电功率最小时，10s内滑动变阻器消耗的电能为5J
【分析】由图可知，灯泡L与变阻器R串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器R两端的电压；
当电路中的电流I1＝0.3A时，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压U＝I1RL+I1R1，
当电路中的电流I2＝0.1A时，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源电压U＝I2RL+I2R2，
联立可得电源电压U和灯泡L的电阻RL；
由图乙可知，电路中的最大电流为0.3A，
为保证电路元件安全，电路中的电路不能超过灯泡L的额定电流和变阻器允许通过的最大电流，由变阻器的规格可知，变阻器允许通过的最大电流为1A，大于0.3A，据此可判断灯泡L的额定电流，根据P＝I2RL可求出小灯泡的额定功率为0.9W；
电路中电源电压不变，当电路中的电流最小时，整个电路电功率最小，
由图乙可知电路中的最小和此时变阻器的阻值根据W＝I2Rt求出整个电路电功率最小时，10s内滑动变阻器消耗的电能。
【解答】解：由图可知，灯泡L与变阻器R串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量变阻器R两端的电压；
AB、当电路中的电流I1＝0.3A时，根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压U＝I1RL+I1R1＝0.3A×RL+0.3A×10Ω——————①
当电路中的电流I2＝0.1A时，根据串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压U＝I2RL+I2R2＝0.1A×RL+0.1A×50Ω——————②
联立①②式可得，电源电压U＝6V，灯泡L的电阻RL＝10Ω，故A错误、B正确；
C、由图乙可知，电路中的最大电流为0.3A，
为保证电路元件安全，电路中的电路不能超过灯泡L的额定电流和变阻器允许通过的最大电流中的任意一个电流值，
由变阻器的规格可知，变阻器允许通过的最大电流为1A，大于0.3A，
所以，灯泡L的额定电流IL＝0.3A，
小灯泡的额定功率：P＝IL2RL＝（0.3A）2×10Ω＝0.9W，故C正确；
D、电路中电源电压不变，当电路中的电流最小时，整个电路电功率最小，
由图乙可知，电路中的最小电流为I2＝0.1A，此时变阻器的电阻R2＝50Ω，
整个电路电功率最小时，10s内滑动变阻器消耗的电能W＝I22R2t＝（0.1A）2×50Ω×10s＝5J，故D正确。
故选：BCD。
【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用、电能的计算，能从图中获取相关信息是解题的关键。
二、填空题（本题共8道小题，每空1分，共25分）
14．（3分）2022年4月16日，神舟十三号载人飞船返回舱成功着陆，神舟十三号载人飞行任务取得圆满成功。返回舱进入大气层，与空气摩擦温度升高是通过 　做功　（选填“热传递”或“做功”）方式改变内能；神舟十三号飞船在轨期间，做 　曲线　（选填“直线”或“曲线”）运动；航天员在空间站工作时的影像是通过 　电磁波　传回地面指挥中心的。
【分析】（1）改变物体内能的方式有做功和热传递；
（2）根据运动速度和运动方向判断物体运动状态；
（3）电磁波可以在真空中传播。
【解答】解：（1）返回舱进入大气层，与空气摩擦温度升高是通过做功方式改变内能做功；
（2）神舟十三号飞船在轨期间，运动的方向不断发生变化，做曲线运动；
（3）电磁波可以在真空中传播，航天员在空间站工作时的影像是通过电磁波传回地面指挥中心的。
故答案为：做功；曲线；电磁波。
【点评】本题考查做功改变物体内能、电磁波、曲线运动的判断等知识，综合性强，难度适中。
15．（4分）“月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船。”诗中的月亮相对于寒山寺是 　运动　的；月亮和渔火中 　渔火　是光源；诗人根据 　音色　辨别乌啼和钟声；自然界中霜的形成需要 　放出　热量。
【分析】（1）判断物体是运动还是静止，关键是看与所选的参照物之间的相对位置是否发生了改变；
（2）本身能够发光的物体叫光源；
（3）分辨声音是利用的声音的特色，不同的物体发出的声音的 特色是不同的；
（4）霜是物质由气态变为固态，是凝华现象，凝华放热。
【解答】解：诗中的月亮相对于寒山寺位置发生了变化，相对于寒山市，月亮是运动的；
渔火本身能够发光，是光源；月亮本身不能发光，不是光源；
不同物体发出声音的音色不同，通常利用音色来区分发声体，诗人根据音色辨别乌啼和钟声；
霜是由空气中的水蒸气变为固态，凝华现象，需要放出热量。
故答案为：运动；渔火；音色；放出。
【点评】本题是力学、热学、声学的一道综合题，考查学生对力、热、声的一些基础知识的了解和掌握。
16．（3分）春节吃饺子是中华民族传统习俗。包饺子时，捏出漂亮的花边，说明力可以改变物体的 　形状　；煮一段时间饺子会上浮，在上浮过程中，饺子受到水的压强会 　变小　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；刚出锅的饺子，咬上一口满屋飘香，这是 　扩散　现象。
【分析】（1）力的作用效果：一是改变物体的形状，二 是改变物体的运动状态；
（2）液体的压强随深度的增加而增加；
（3）不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象。
【解答】解：（1）包饺子时，捏出漂亮的花边，这是力可以改变物体的形状；
（2）液体的压强随深度的增加而增加，饺子在上浮过程中，深度越来越小，故饺子受到水的压强会变小；
（3）不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象，刚出锅的饺子，咬上一口满屋飘香，这是扩散现象。
故答案为：形状；变小；扩散。
【点评】本题涉及问题多、综合性强，但问题简单，要求灵活运用所学知识解释实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。
17．（3分）我国光伏发电量位居世界首位，太阳能是 　可再生　（选填“可再生”或“不可再生”）能源；锂离子电池充电时，电池相当于 　用电器　（选填“电源”或“用电器”）；100g氢完全燃烧放出的热量是 　1.4×107　J。（q氢＝1.4×108J/kg）
【分析】（1）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源．化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源；
（2）电路由电源、开关、导线、用电器组成，分析题意，然后答题；
（3）利用Q放＝mq求出100g氢完全燃烧放出的热量。
【解答】（1）太阳能可以在自然界里源源不断的得到补充是可再生能源；
（2）在给锂离子电池充电的过程中，电能转化为电池的化学能，在电路中锂离子电池消耗电能，锂离子电池相当于用电器；
（3）100g氢完全燃烧放出的热量：Q放＝mq＝0.1kg×1.4×108J/kg＝1.4×107J。
故答案为：可再生；用电器；1.4×107。
【点评】本题涉及问题多、综合性强，但问题简单，要求灵活运用所学知识解释实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。
18．（3分）如图所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒去接触验电器的金属球，金属箔片因带上 　正　（选填“正”或“负”）电荷互相 　排斥　而张开，瞬时电流方向是 　由玻璃棒到验电器　（选填“由玻璃棒到验电器”或“由验电器到玻璃棒”）。

【分析】（1）丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；
（2）电荷间相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（3）物理学上规定：正电荷定向移动的方向为电流方向，与电子定向移动方向相反。
【解答】解：丝绸和玻璃棒摩擦，玻璃棒束缚电子的本领弱，失去电子带正电。带正电的玻璃棒接触不带电的验电器时，验电器金属球上的电子会转移到玻璃棒上，金属箔片因为失去电子而带正电荷，同种电荷相互排斥而张开。因为电流的方向与正电荷定向移动的方向相同，所以电流的方向是从玻璃棒到验电器。
故答案为：正；排斥；由玻璃棒到验电器。
【点评】本题考查了自然界的两种电荷，电流的方向以及电荷间的作用。
19．（3分）如图所示，木板B在F＝5N的水平拉力作用下沿水平方向做匀速直线运动，此时弹簧测力计示数是2N，则木块A受到的摩擦力是 　2　N，方向是 　水平向右　；当F增大到7N时，木块A受到的摩擦力 　不变　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

【分析】摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与物体运动状态无关。滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反，据此做出判断。
【解答】解：（1）由题意知，用5N的水平力F，拉着长木板B沿水平地面上做匀速直线运动，木块A始终静止不动，此时弹簧测力计对木块A的拉力与木块A和木板B间的摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，故木块A受到的摩擦力是2N；方向水是平向右；
（2）逐渐增大F，B与A间的压力大小和接触面的粗糙程度仍不变，所以A受到的摩擦力不变。
故答案为：2；水平向右；不变。
【点评】本题考查了有关摩擦力大小和方向的判断，关键掌握影响摩擦力大小的因素，注意摩擦力方向总是与物体相对运动趋势或相对运动方向相反。
20．（3分）如图所示，用12.5N的拉力F，10s内把重为20N的木箱匀速提升30cm（不计绳重及摩擦），则绳子自由端移动的速度是 　0.06　m/s，动滑轮重是 　5　N，该滑轮组的机械效率是 　80%　。

【分析】（1）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用v＝求出绳子自由端移动的速度；
（2）利用不计绳重和摩擦时F＝（G+G动）求动滑轮的重力；
（3）利用η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）由图可知n＝2，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝2×30cm＝60cm＝0.6m，
绳子自由端移动的速度：v＝＝＝0.06m/s；
（2）因为不计绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动＝nF﹣G＝2×12.5N﹣20N＝5N；
（3）滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝×100%＝80%。
故答案为：0.06；5；80%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时速度、动滑轮的重力和机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时F＝（G+G动）是关键。
21．（3分）如图所示，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，通电一段时间后 　甲　（选填“甲”或“乙”）容器连接的U形管液面高度差较大，实验表明：电流通过导体产生的热量跟 　电阻　（选填“电流”或“电阻”）的大小有关；当电流为0.2A时，通电10s甲容器中的电阻产生的热量是 　4　J。

【分析】（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法；电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想；
（2）根据Q＝I2Rt求出通电10s甲容器中的电阻产生的热量。
【解答】解：（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，由图可知，甲乙中的电阻串联在电路中，电流和通电时间相同，电阻越大，产生的热量越多，所以甲容器中电阻丝产生的热量多，U形管液面高度较大，说明电流通过导体产生的热量跟电阻有关；
（2）通电10s甲容器中的电阻产生的热量：Q甲＝I2R甲t＝（0.2A）2×10Ω×10s＝4J。
故答案为：甲；电阻；4。
【点评】此题主要考查学生对“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验以及焦耳定律计算公式的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
三、作图题（本题共3道小题，每小题3分，共9分）
22．（3分）图甲是自行车的手闸，其中ABO部分可视为一种杠杆，其简化示意图如图乙所示，O为支点，F2为阻力，请在图乙中画出：
（1）作用在A点的最小动力F1及其力臂l1；
（2）阻力F2的力臂l2。

【分析】（1）根据杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；
（2）阻力臂是指从支点到阻力的作用线的距离。
【解答】解：（1）由杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂l1最长；动力的方向应该向下，过点A垂直于OA向右作出最小动力F1的示意图；
（2）从支点O作阻力F2作用线的垂线，支点到垂足的距离为阻力臂l2，如图所示：
。
【点评】本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
23．（3分）如图所示，一束光线从玻璃斜射入空气，同时发生反射和折射，请在图中画出反射光线和折射光线的大致传播方向。

【分析】光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；
折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由玻璃斜射进入空气中时，折射光线远离法线，折射角大于入射角。
【解答】解：过入射点O作垂直于界面的法线，根据反射角等于入射角，在法线上侧的玻璃中作出反射光线；当光由玻璃斜射进入空气中时，折射光线远离法线，折射角大于入射角，在法线上侧的空气中作出折射光线，如下图所示：
。
【点评】本题考查了光的反射定律和折射规律，是中考热点之一，要求学生不仅要会根据反射定律和折射定律由入射光线画反射光线和折射光线，而且要会根据反射或折射画出入射光线。
24．（3分）有一种自动控制的楼道灯，只有光线暗且有声音时，电路接通，灯亮；光线亮时，不论发出多大声音，灯也不亮；楼道中还有一个三孔插座，且与楼道灯互不影响。请用笔画线代替导线完成电路。

【分析】由题意知，只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，由此判断两开关与灯泡的连接情况；螺丝灯口的接法：火线接入灯尾金属点，零线接入螺旋套；对于三孔插座的接线方法是要求“左零右火上接地”。
【解答】解：由题意知：只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，说明灯泡与两个开关串联，且火线要先过开关，再接入灯泡尾部的金属点，零线接入螺旋套；三孔插座与灯泡并联，其接法为：左零右火上接地，如图所示：

【点评】本题是家庭电路的连接，考查对串联和并联的理解，还要注意对家庭电路连接要符合安全用电的要求。
四、简答题（本题4分）
25．（4分）北京冬奥会中国代表团获得9枚金牌，创造冬奥征战史最佳战绩。跳台滑雪运动员由高处急速滑下，到达赛道底部顺势跃向空中，向前滑翔，最终，稳稳地落在地面。请用所学的物理知识回答下列问题：
（1）冲出跳台的运动员为什么能在空中继续飞行？
（2）运动员在下降过程中动能和重力势能是怎样转化的？
（3）滑雪板为什么又宽又长？
【分析】（1）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质叫惯性；
（2）动能与物体的速度和质量有关，重力势能与物体的质量和高度有关；
（3）滑雪板做的又宽又长，增大了受力面积，在压力一定时减小了对雪面的压强，因此运动员没有深陷雪地中。
【解答】解：（1）运动员从跳台末端飞出，由于具有惯性，所以在空中能继续向前飞行；
（2）运动员由高处滑下的过程中，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，所以运动员在下降过程中重力势能转化为动能；
（3）滑雪板做的又宽又长，增大了受力面积，在压力一定时减小了对雪面的压强，避免陷入雪中。
故答案为：（1）运动员具有惯性；（2）重力势能转化为动能；（3）压力一定，增大受力面积减少压强。
【点评】本题考查了学生对惯性、减小压强的方法的了解与掌握，利用所学知识分析解释滑雪中遇到的问题，有意义！
五、计算题（本题共3道小题，共22分。要求写出必要的文字说明、公式、运算过程、数值、单位和答）
26．（7分）随着科技发展，有些餐厅利用机器人送餐。某次送餐时，机器人与食物的总质量为30kg，轮子与水平地面的接触面积为1×10﹣3m2，机器人受到的阻力为30N。求：
（1）静止时机器人对水平地面的压强；（g取10N/kg）
（2）机器人水平匀速运动36m，用时1min，牵引力做功的功率是多少。

【分析】（1）已知所托物体的质量及机器人总质量，由G＝mg可求得其重力；机器人送餐时对水平地面的压力等于其重力，已知她与地面的接触面积，由p＝可求得机器人送餐时对水平地面的压强。
（2）因为在水平面上匀速行驶，F＝f，由W＝Fs可求得牵引力做的功，由P＝可求得功率。
【解答】解：（1）机器人送餐时的总重力G＝mg＝30kg×10N/kg＝300N；
机器人送餐时对水平地面的压力F＝G＝300N，
机器人送餐时对水平地面的压强为：
p＝＝＝3×105Pa；
（2）因为在水平面上匀速行驶，F＝f＝30N，
牵引力做的功：
W＝Fs＝30N×36m＝1080J；
机器人运动时间t＝1min＝60s，
牵引力做功的功率为：
P＝＝＝18W。
答：（1）静止时机器人对水平地面的压强为3×105Pa；
（2）机器人水平匀速运动36m，用时1min，牵引力做功的功率是18W。
【点评】此题涉及到功的计算、重力的计算、压强的计算、功率的计算等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
27．（7分）如图所示，电源电压保持不变，小灯泡规格是“3V 1.5W”，R1＝10Ω，滑动变阻器R2上标有“20Ω 1A”，电压表选用3V量程。断开S2，闭合S和S1，当滑片P移到变阻器中点时，小灯泡正常发光。求：
（1）小灯泡正常发光时的电流；
（2）电源电压；
（3）断开S1，闭合S和S2，在保证电路元件安全前提下，电路消耗的最大功率是多少。

【分析】（1）根据P＝UI算出小灯泡正常发光时的电流；
（2）断开S2，闭合S和S1，小灯泡和滑动变阻器串联，当滑片P移到变阻器中点时，小灯泡正常发光，由欧姆定律算出，滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压的规律算出电源电压；
（3）断开S1，闭合S和S2，电路为R2和灯泡L的串联电路，电压表测R1两端的电压，当电压表示数为3V时，电路中的电流最大，电路的总功率最大；由欧姆定律算出电路中的最大电流，根据P＝UI算出电路的最大功率。
【解答】解：（1）根据P＝UI得小灯泡正常发光时的电流为：
I＝＝＝0.5A；
（2）断开S2，闭合S和S1，小灯泡和滑动变阻器串联，当滑片P移到变阻器中点时，小灯泡正常发光，电路中的电流为I＝0.5A，
滑动变阻器两端的电压为：
U滑＝I×R滑大＝0.5A××20Ω＝5V，
根据串联电路电压的规律知电源电压为：
U＝UL+U滑＝3V+5V＝8V；
（3）断开S1，闭合S和S2，电路为R2和灯泡L的串联电路，电压表测R1两端的电压，当电压表示数为3V时，电路中的电流最大，电路的总功率最大；
电路中的最大电流为：
I大＝＝＝0.3A，
电路的最大功率为：
P大＝UI大＝8V×0.3A＝2.4W。
答：（1）小灯泡正常发光时的电流为0.5A；
（2）电源电压为8V；
（3）断开S1，闭合S和S2，在保证电路元件安全前提下，电路消耗的最大功率是2.4W。
【点评】本题主要考查了学生对欧姆定律和电功率计算公式的应用，解题关键是准确分析开关在不同状态下的电路结构，难度较大。
28．（8分）某电热水壶（电阻不变）的参数如下表，当家中只有电热水壶单独工作时，电热水壶正常工作5min可将1.5L初温40℃的水烧开（标准大气压）。[ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]求：
产品型号
XXX
最大容量
1.5L
额定电压
220V
额定功率
1500W
（1）这壶水吸收的热量；
（2）电热水壶的加热效率；
（3）这段时间内家中标有“3600r/（kW•h）”电能表的转盘转了多少转。
【分析】（1）先根据密度公式求出水的质量，标准大气压下水的沸点是100℃，然后根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（2）根据W＝Pt求出电热水壶消耗的电能，最后利用η＝×100%求出电热水壶正常工作时的加热效率；
（3）根据W＝算出电能表的转盘转的转数。
【解答】解：（1）水的体积：V＝1.5L＝1.5dm3＝1.5×10﹣3m3，
由ρ＝可得水的质量为：
m＝ρ水V＝1.0×103kg∕m3×1.5×10﹣3m3＝1.5kg，
标准大气压下水的沸点是100℃，则水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J∕（kg•℃）×1.5kg×（100℃﹣40℃）＝3.78×105J；
（2）该电热水壶正常工作5min＝300s消耗的电能：
W＝Pt＝1500W×300s＝4.5×105J＝0.125kW•h，
电热水壶正常工作时的加热效率：
η＝×100%＝×100%＝84%；
（3）3600revs/kW•h表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3600r，
电能表的转盘转的转数为：
n＝WN＝0.125kW•h×3600r/（kW•h）＝450r。
答：（1）这壶水吸收的热量为3.78×105J；
（2）电热水壶的加热效率为84%；
（3）这段时间内家中标有“3600r/（kW•h）”电能表的转盘转了450转。
【点评】本题为电热综合题，考查了密度公式、吸热公式、效率公式、电功和电功率公式的应用以及对电能表参数含义的理解。
六、实验、探究题（本题共4道小题，共30分）
29．（7分）小明用蜡烛、凸透镜（焦距10cm）、光屏在光具座上进行“探究凸透镜成像的规律”的实验。

（1）实验在 　较暗　（选填“较亮”或“较暗”）的环境下进行，现象更明显。
（2）蜡烛、透镜和光屏位置如图甲所示，光屏上会出现烛焰清晰 　缩小　（选填“放大”、“等大”或“缩小”）的像，此现象和生活中 　照相机　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的原理相同；保持凸透镜位置不变，增大物距后，将光屏移动到适当位置，光屏上会重新出现烛焰清晰的像，该像与移动前的像相比会 　变小　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（3）保持凸透镜位置不变，移动蜡烛至图乙所示位置，在透镜右侧通过透镜可以观察到烛焰 　正立　（选填“正立”或“倒立”）的像。
（4）将图甲中的透镜换成焦距f＝5cm的凸透镜，光屏上烛焰的像变模糊。将蜡烛向 　右　（选填“左”或“右”）移动适当距离，光屏上重新出现烛焰清晰的像；若不移动蜡烛，在蜡烛和透镜之间放置一个度数适当的 　近视　（选填“近视”或“远视”）镜片，光屏上也会重新出现烛焰清晰的像。
【分析】（1）进行实验时，物体和环境的对比度越大，物体越亮，现象越明显；
（2）凸透镜成实像时，物距大于2倍焦距时，成倒立、缩小的实像，像距f＜v＜2f，应用于照相机；根据凸透镜成实像时，物远像近像变小的特点进行判断；
（3）当物距小于1倍焦距时，成正立、放大的虚像；
（4）凸透镜的焦距变小，折射率变大，像会提前会聚；近视镜是凹透镜，对光线有发散的作用。
【解答】解：（1）为了实验现象更明显，应该在较暗的环境下进行；
（2）物体到凸透镜的距离是物距，像到凸透镜的距离是像距；已知凸透镜的焦距f＝10cm，从图上看透镜在光具座刻度50.0cm处，而蜡烛在光具座20.0cm处，物距u＝50.0cm﹣20.0cm＝30.0cm，物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；
保持凸透镜位置不变，增大物距后，像距会变小，像变小；
（3）保持凸透镜位置不变，移动蜡烛至图乙时，u＝50.0cm﹣43.0cm＝7cm＜f，成正立、放大的虚像；
（4）将图甲中的透镜换成焦距f＝5cm的凸透镜，焦距变小，折射能力变大，像会提前会聚，在光屏的前方，可以适当向右移动，使像向右移动到光屏处；像在光屏的前方，相当近视眼，可以配戴凹透镜，即近视镜，使光线发散，成的像向右移动。
故答案为：（1）较暗；（2）缩小；照相机；变小；（3）右；近视。
【点评】此题主要考查的是凸透镜成像规律及其探究实验操作的理解，难点是物距的大小与成像性质的关联，但只要熟练掌握凸透镜成像规律即可解答。
30．（7分）在“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示。

（1）组装器材时应先固定 　C　（选填“A”、“B”或“C”）的位置。为使冰块均匀受热，应选用 　碎冰　（选填“大冰块”或“碎冰”）进行实验。
（2）实验过程中某一时刻温度计的示数如图乙所示，此时冰的温度为 　﹣3　℃。
（3）图丙是根据实验数据绘制的冰熔化时温度随时间变化的图像，分析图像可知：第6min，处于 　固液共存　（选填“固”、“液”或“固液共存”）态；冰熔化时需要吸收热量，温度 　保持不变　；冰是 　晶体　（选填“晶体”或“非晶体”）；0～4min升温比8～12min升温快的原因是 　水的比热容大　。
【分析】（1）安装实验器材时，需要用酒精灯的外焰加热，应按照“自下而上”的顺序进行；选用碎冰块来进行实验，均匀受热，效果更好些；
（2）对温度计进行读数时，要先观察温度计的量程和分度值；
（3）从图像可以看出，从第4分钟到第8分钟冰的温度保持在0℃不变，这个温度就是冰熔化时的温度，说明冰是晶体，此过程冰处于固液混合状态；0～4min升温比8～12min快，可比较二者比热容关系。
【解答】解：（1）安装实验器材时，需要用酒精灯的外焰加热，应按照“自下而上”的顺序进行，所以先固定C；让冰受热均匀且与温度计的玻璃泡充分接触，应该选用碎冰块；
（2）该温度计的分度值为1℃，示数在0℃以下，所以温度计的示数为﹣3℃；
（3）从图像可以看出，从第4分钟到第8分钟冰的温度保持在0℃不变，这个温度就是冰熔化时的温度，说明冰是晶体，此过程冰处于固液混合状态；
冰在熔化前后的质量不变，0～4min和8～12min物质吸收的热量相同（相同的装置且加热时间相同），由图象可知，0～4min升温比8～12min快，即冰比水的升温快，所以，根据Q吸＝cmΔt可知，冰的比热容小于水的比热容。
故答案为：（1）C；碎冰；（2）﹣3；（3）固液共存；保持不变；晶体；水的比热容大。
【点评】本题考查熔化的探究实验，属于基础题目。
31．（8分）酒精消毒液已成为居家必备用品。小强利用天平、量筒等实验器材测量某酒精消毒液的密度。

（1）将天平放在 　水平台　上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，此时指针位置如图甲所示，应向 　左　调节平衡螺母直至天平平衡。
（2）测量步骤如下：
①在烧杯中倒入适量消毒液，用天平测出烧杯和消毒液的总质量为78g；
②将烧杯中部分消毒液倒入量筒，液面位置如图乙所示，量筒内消毒液的体积为 　40　cm3；
③用天平测出烧杯和剩余消毒液的质量如图丙所示，则其质量为 　44　g；
④消毒液的密度为 　0.85　g/cm3。
（3）小强测量一个木块（ρ木＜ρ水）的密度，由于木块体积较大无法放入量筒，于是利用电子秤、一根细钢针、烧杯和水设计如下实验，测出了木块的密度。
①如图A所示向烧杯中倒入适量水，电子秤的示数为m1；
②如图B所示将木块放在水中，静止时电子秤的示数为m2；
③　用细钢针把木块压入水中，使木块浸没在水中　，电子秤的示数为m3；
④木块密度ρ木＝　ρ水　（用m1、m2、m3和ρ水表示）。
（4）测完密度后，小强发现由于电子秤没调零，每次测量结果都偏大2g，则测得的木块密度 　不变　（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
【分析】（1）天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线处，平衡螺母向上翘的一端调节。
（2）②量筒中液体的体积等于液面对应的刻度值。
③物体的质量等于砝码质量和游码对应刻度值的和。量筒中消毒液的质量等于前后两次质量测量的差值。
④知道消毒液的质量和体积，根据密度公式求出消毒液的密度。
（3）用电子秤测量烧杯和水的质量，把木块放入水中，木块漂浮在水面上，测量烧杯、水和木块的质量，求出木块的质量；用细钢针把木块浸没在水中，测量电子秤增加的测量值，即木块排开水的质量，求出木块浸没在水中排开水的质量，求出木块排开水的体积，即木块的体积；知道木块的质量和体积，根据密度公式，求出木块的密度。
（4）由于电子秤没调零，每次测量结果都偏大2g，质量的差值是不变的，所以密度测量值不变。
【解答】解：（1）天平放在水平台上，发现指针指在分度盘的右侧，说明天平的右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端调节，使天平平衡。
（2）②将烧杯中部分消毒液倒入量筒，液面对应40mL，所以消毒液的体积为：V＝40mL＝40cm3。
③烧杯和剩余消毒液的质量：m＝20g+20g+4g＝44g。
量筒中消毒液的质量：m'＝78g﹣44g＝34g。
④消毒液的密度：ρ＝＝＝0.85g/cm3。
（3）①如图A所示向烧杯中倒入适量水，电子秤的示数为m1；
②如图B所示将木块放在水中，静止时电子秤的示数为m2；
木块的质量：m木＝m2﹣m1。
③用细钢针把木块压入水中，使木块浸没在水中，电子秤的示数为m3；
木块的体积V木＝V排＝＝。
④木块密度ρ木＝＝＝ρ水。
（4）由于电子秤没调零，每次测量结果都偏大2g，m1、m2、m3都偏大，m2﹣m1的差值不变，m3﹣m1的差值不变，由密度公式ρ木＝ρ水得，木块的密度不变。
故答案为：（1）水平台；左；（2）②40；③44；④0.85；（3）③用细钢针把木块压入水中，使木块浸没在水中；④ρ水；（4）不变。
【点评】本题考查了天平的正确使用、用天平和量筒测量液体的密度、测量比水密度小的木块的密度、实验评估等，是一道综合性很强的实验综合题。
32．（8分）在“探究电流与电阻关系”的实验中，可供使用的实验器材有：电源（电压恒为3V）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，三个阻值不同的定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω）和导线若干。

（1）用笔画线表示导线，把图甲实物图连接完整（要求：向左移动滑片电流表示数变大）。
（2）连接电路前，开关应处于 　断开　状态。
（3）正确连接电路后，闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，用一根导线分别与定值电阻和电流表并联，两表仍无示数，当导线与滑动变阻器并联时，发现两表指针有明显偏转，故障原因是 　滑动变阻器断路　。
（4）排除故障后，闭合开关，电压表的示数为0.6V，电流表的示数如图乙所示，则电流为 　0.12　A，使用的定值电阻阻值为 　5　Ω。
（5）图丙是根据测量的数据绘制的电流与电阻关系的图像，分析图像可得出结论：导体两端电压一定时，　通过导体的电流与其电阻成反比　。
（6）小明利用电源（电压恒定）、电流表、阻值为R0的定值电阻、铭牌磨损的滑动变阻器、开关和单刀双掷开关各一个，设计了如图丁所示的电路，测量未知电阻Rx的阻值，请将实验步骤补充完整：
①开关S闭合，开关S1接a时，移动变阻器的滑片到某一位置，此时电流表的示数为I1；
②开关S闭合，开关S1接b时，变阻器的滑片 　保持不动　（选填“移到最左端”、“移到最右端”或“保持不动”），此时电流表的示数为I2；
③电阻Rx＝　　（用I1、I2和R0表示）。
【分析】（1）滑片向左滑动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器连入电路的电阻变小，从而确定滑动变阻器接入的接线柱；
（2）为了保护电路，连接电路时开关应断开；
（3）正确连接电路后，闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，说明电路中出现了断路；导线与元件并联后，元件被短路，当两表指针有明显偏转时，说明此时电路是通路，据此分析故障的原因；
（4）根据电流表选用小量程确定分度值读出示数，根据欧姆定律求定值电阻的阻值；
（5）根据图像中电流与电阻之积为一定值分析得出结论；
（6）在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R应起到电压表的测量作用，故将Rx与电流表串联后再与Rx并联，先测通过Rx的电流，保持滑片位置不变，再通过开关的转换，使电流表测Rx与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，根据并联电路电流的规律求出通过R0的电流，根据欧姆定律求出R0两端的电压，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出Rx的阻值。
【解答】解：（1）滑片向左滑动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器连入电路的电阻变小，故滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：
；
（2）为了保护电路，连接电路时开关应断开；
（3）正确连接电路后，闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，说明电路中出现了断路，用一根导线分别与定值电阻和电流表并联，两表仍无示数，说明除定值电阻和电流表之外仍然存在断路，当导线与滑动变阻器并联时，发现两表指针有明显偏转，说明除滑动变阻器之外的元件没有故障，因此故障原因是滑动变阻器断路；
（4）图乙中电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.12A，使用的定值电阻阻值：R＝＝＝5Ω；
（5）由图像可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：导体两端电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比；
（6）①开关S闭合，开关S1接a时，移动变阻器的滑片到某一位置，此时电流表的示数为I1，定值电阻R0与未知电阻Rx并联，电流表测通过未知电阻Rx的电流；
②开关S闭合，开关S1接b时，变阻器的滑片保持不动，此时电流表的示数为I2，定值电阻R0与未知电阻Rx并联，电流表测通过定值电阻R0与未知电阻Rx的总电流；
③由并联电路的电流特点可知，通过R0的电流为：I0＝I2﹣I1，
由欧姆定律可知，R0两端的电压：U0＝I0R0＝（I2﹣I1）R0，
由并联电路的电压特点可知，Rx两端的电压：Ux＝U0＝（I2﹣I1）R0，
则未知电阻的阻值：Rx＝＝。
故答案为：（1）如图所示；（2）断开；（3）滑动变阻器断路；（4）0.12；5；（5）通过导体的电流与其电阻成反比；（6）保持不动；。
【点评】本题探究电流与电阻关系，考查电路连接、注意事项、故障分析、电流表读数、欧姆定律的应用、分析图像归纳结论和设计特殊方法测未知电阻的能力。