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2022年辽宁省锦州市中考物理试卷解析版
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这是一份2022年辽宁省锦州市中考物理试卷解析版，共51页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，简答题，计算题，实验等内容，欢迎下载使用。
2022年辽宁省锦州市中考物理试卷
一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。1～7题为单选题，8～10题为多选题。多选题漏选得1分，错选得0分）
1．（2分）下列对物理量的估测最接近实际的是（ ）
A．蚂蚁的爬行速度约为2m/s
B．冰箱冷藏室的温度约为﹣5℃
C．比赛用篮球的质量约为6g
D．日光灯的额定功率约为20W
2．（2分）中国特有的二十四节气惊艳亮相北京冬奥会的开幕式，对下列节气中涉及到的物态变化现象，分析正确的是（ ）
A．“雨水”——雨的形成是升华现象
B．“寒露”——露的形成是汽化现象
C．“霜降”——霜的形成是凝华现象
D．“大雪”——雪的形成是熔化现象
3．（2分）如图所示现象中，由于光的反射形成的是（ ）
A．露珠下的叶脉 B．塔的倒影
C．墙上的手影 D．海市蜃楼
4．（2分）下列与日常生活相关的物理现象中，解释正确的是（ ）
A．洗手池下方的回水管是一个连通器
B．塑料吸盘能吸在瓷砖墙面上，是因为吸盘对墙面有吸引力
C．灰尘被吸入吸尘器，是因为流速大的地方压强大
D．潜水员需要穿抗压潜水服，是因为液体压强随深度增加而减小
5．（2分）目前我国在能源、材料和航天等领域都取得了巨大成就。下列说法正确的是（ ）
A．核能和地热能都是可再生能源
B．半导体是制造集成电路的重要材料
C．地面控制中心通过超声波与空间站中的航天员通信
D．空间站上太阳能电池板将太阳能转化为内能
6．（2分）如图所示是小明设计的部分家庭电路，下列说法正确的是（ ）
A．灯泡与开关的连接符合安全用电要求
B．若保险丝熔断，可以用铜丝替换
C．闭合开关，若灯泡不亮，一定是灯泡短路
D．三孔插座的连接符合安装要求
7．（2分）如图所示是电与磁的四个实验，下列说法中正确的是（ ）
A．甲图：通电后小磁针发生偏转，说明电流有热效应
B．乙图：说明电磁铁的磁性强弱与电流方向有关
C．丙图：闭合开关后，磁场中导体ab受力而运动，依据该原理可制成电动机
D．丁图：闭合开关后，磁场中导体ab竖直向上运动时，灵敏电流计指针偏转
（多选）8．（2分）对北京冬奥会的一些比赛情景的描述，下列说法正确的是（ ）
A．掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性
B．单板滑雪运动员踩在滑雪板上，减小了对雪地的压强
C．短道速滑运动员在匀速转弯过程中，运动状态不变
D．跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，重力势能减小
（多选）9．（2分）在水平桌面上有甲、乙两个完全相同的烧杯，烧杯内盛有两种不同的液体。如图所示，将质量相等的A、B两个物体分别放入两种液体中（VA＜VB），静止时两烧杯内液面相平。下列说法正确的是（ ）
A．甲烧杯中液体的密度小于乙烧杯中液体的密度
B．物体A受到的浮力等于物体B受到的浮力
C．甲烧杯底受到液体的压力等于乙烧杯底受到液体的压力
D．甲烧杯对桌面的压强大于乙烧杯对桌面的压强
（多选）10．（2分）如图甲所示电路，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S1，断开开关S2，将R的滑片从b端移到a端过程中，两个电压表示数与电流表示数关系图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为4.5V
B．滑动变阻器的最大阻值为20Ω
C．R1的最小电功率为0.225W
D．闭合开关S1、S2，通电10s整个电路最多产生热量为36J
二、填空题（每空1分，共17分）
11．（2分）2022年元宵晚会上，在空间站中的航天员王亚平用古筝演奏了一曲《茉莉花》。古筝发出的声音是由于琴弦 产生的；改变拨弦的力度可以改变声音的 （选填“音调”、“响度”或“音色”）。
12．（3分）2022年6月5日10时44分，搭载着神舟十四号载人飞船的长征二号F火箭成功发射。火箭起飞过程中，以发射塔为参照物，火箭是 （选填“运动”或“静止”）的；火箭喷气发动机将燃料燃烧后燃气的内能转化为 能，此能量转化过程与四冲程汽油机的 冲程相同。
13．（2分）如图所示，小丽穿着轮滑鞋在水平地面上匀速滑行，此时地面对她的支持力与 是一对平衡力；轮滑鞋是利用滚动代替滑动来 （选填“增大”或“减小”）摩擦的。
14．（3分）如图所示，A和B是两个验电器，A的金属箔张开是因为同种电荷相互 ；用带有手柄的金属棒把A和B两个验电器的金属球连接起来，若瞬间电流的方向由B到A，则A验电器带 （选填“正”或“负”）电。金属棒的手柄是 （选填“绝缘”或“导”）体。
15．（2分）如图所示，水平桌面上的容器底部放有一个边长为10cm，质量为900g的正方体物块，则物块对容器底的压强为 Pa；逐渐向容器内倒水使物块漂浮，物块受到的浮力是 N。（g取10N/kg）
16．（3分）如图所示的滑轮组，在拉力F的作用下，物体A以0.1m/s的速度匀速直线运动了10s。物体A受到的摩擦力为4.2N，弹簧测力计示数为2N（不计绳、弹簧测力计和滑轮重）。则绳子自由端移动的距离为 m，拉力F的功率为 W，滑轮组的机械效率为 。
17．（2分）如图所示电路，电源电压恒定，定值电阻R2的阻值为20Ω，电流表A1和A2的量程均为0～0.6A。闭合开关S，当滑动变阻器R1的滑片从最左端向右移动的过程中，两个电流表的示数之差始终为0.2A。则电压表的示数为 V，滑动变阻器R1允许接入电路的最小阻值为 Ω。
三、作图题（每小题2分，共4分）
18．（2分）如图所示，S'是光源S在平面镜中所成的像，S发出的一条光线经平面镜反射后恰好经过凸透镜左侧焦点F。请你画出：
（1）光源S的位置；
（2）经过凸透镜的折射光线。
19．（2分）如图所示，用瓶起子起瓶盖时，瓶起子是一个杠杆，O是它的支点，F2是它受到的阻力。请你在图中画出作用在A点的最小动力F1及其力臂L1。
四、简答题（共3分）
20．（3分）同学们在电视上观看了神舟十三号载人飞船返回舱的着陆过程。返回舱以极大的速度进入大气层时，温度急剧升高，此时它表面的高分子固体材料发生物态变化使其降温；返回舱在距离地表10km时，打开降落伞减速，最后安全着陆。请你回答：
（1）电视机屏幕的彩色画面是由哪三种色光混合成的？
（2）高分子固体材料发生了什么物态变化？（写出一种即可）
（3）返回舱打开降落伞后，机械能如何变化？
五、计算题（本题共2小题，共12分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值和单位）
21．（5分）如图所示是我国自行设计研制的AG600全状态新构型灭火飞机。若该飞机以270km/h的速度匀速直线航行20min，消耗航空燃油1.35t，飞机发动机的功率为2.25×107W。（航空燃油的热值为4×107J/kg）求：
（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）飞机在航行过程中的阻力是多少？
（3）发动机的效率是多少？
22．（7分）小明家购买了一台电热水器，铭牌显示：容量是50L，额定电压是220V，额定功率是2000W。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]求：
（1）该电热水器正常工作时的电阻是多少？
（2）某次洗浴时，水箱装满初温为20℃的水，正常工作加热到60℃，若热水器的加热效率是84%，则此次加热消耗多少电能？
（3）一天，小明家只有该热水器和额定功率为700W的电饭锅接入电路，它们都正常工作，则标有2000r/（kW•h）的电能表的铝盘4min转了多少转？
六、实验、探究题（本题共4小题，共24分）
23．（5分）小明和小华都选用如图甲所示的实验装置“探究水沸腾时温度变化的特点”。
（1）实验时，给盛水的烧杯加热，是通过 方式改变水的内能；
（2）水沸腾时，继续加热，水的温度 （选填“升高”、“降低”或“不变”）；
（3）实验过程中两位同学分别绘制了水的温度随时间变化的图像（如图乙所示），两位同学图像不同的原因是水的 不同；
（4）水沸腾后，将水倒入烧瓶，发现水停止沸腾。如图丙所示，用橡皮塞塞住烧瓶口并将其倒置，向烧瓶底部浇冷水，发现水重新沸腾了。这是因为浇冷水后瓶内水蒸气 （填物态变化的名称），瓶内气压减小，水的沸点 （选填“升高”、“降低”或“不变”）。
24．（5分）小明做“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）如图甲所示，将一束平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小、最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝ cm。
（2）小明在某次实验中，将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上如图乙所示的位置，光屏上呈现清晰的像，此像是倒立、 的实像，生活中 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是依据此成像原理制成的；
（3）保持蜡烛位置不变，移动凸透镜至如图丙所示位置，则人眼在图中 （选填“A”或“B”）处能观察到烛焰的像；
（4）小明在图乙中烛焰和凸透镜之间的适当位置放一副眼镜，发现光屏上原本清晰的像变模糊了。将蜡烛向靠近凸透镜方向移动适当距离后，光屏上再次得到清晰的像，则该眼镜是 （选填“近视”或“远视”）眼镜。
25．（6分）小明和小红使用不同的器材分别对石块的密度进行了测量。
（1）小明将托盘天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺左侧零位，发现指针所处位置如图甲所示，应将平衡螺母向 移动，使天平横梁在水平位置平衡；
（2）把石块放在天平的 盘中，用镊子向另一个盘中加减砝码，再移动游码。当天平平衡时，砝码质量以及游码在标尺上的位置如图乙所示，则石块的质量是 g；
（3）小明又测出石块的体积是20cm3，则石块的密度是 kg/m3；
（4）实验后，小明发现所用的砝码生锈了，则所测石块密度比真实值 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
（5）小红用圆柱形容器、刻度尺和一个不吸水的小木块等器材测量石块密度：
①如图丙所示，容器内装入适量的水，小木块放入容器内静止时，测出容器内水深为h1；
②如图丁所示，用细线把石块与木块系住放入容器内静止时，测出容器内水深为h2；
③如图戊所示，将石块直接放入容器内水中，测出容器内水深为h3；
④石块密度的表达式式ρ石＝ 。（用字母表示，水的密度为ρ水）
26．（8分）小明在“探究电流与电阻关系”的实验中，所用电源是两节新的干电池，定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）小明将5Ω的定值电阻接入如图甲所示的电路中，闭合开关，向右移动滑动变阻器的滑片，电压表示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。经检查发现电路中有一根导线连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。
（2）改正电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为某一值时，电流表示数如图乙所示。接着小明用10Ω电阻替换5Ω电阻，并移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数仍为 V；
（3）小明将5Ω和15Ω电阻分别接入电路，并将电压表示数调到所控制的电压时，两次实验整个电路消耗的电功率之比为 ；
（4）为确保所给的定值电阻接入电路后都能正常进行实验，那么，滑动变阻器的最大阻值至少为 Ω；
（5）通过实验探究，小明得出的结论是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻 。
（6）实验结束后，小明想测一个额定电压为2.5V小灯泡的额定功率，但电流表损坏。他用四节新干电池串联作电源，另有规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器R1和一个铭牌不清的滑动变阻器R2，设计了如图丙所示的电路。请你帮他完成测量过程：
①闭合开关，将滑动变阻器R1的滑片移至最左端，调节滑动变阻器R2的滑片，使电压表示数为 V，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器R2的滑片位置不动，将滑动变阻器R1的滑片移至最右端，读出电压表的示数为0.5V；
③小灯泡的额定功率为 W。
2022年辽宁省锦州市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。1～7题为单选题，8～10题为多选题。多选题漏选得1分，错选得0分）
1．（2分）下列对物理量的估测最接近实际的是（ ）
A．蚂蚁的爬行速度约为2m/s
B．冰箱冷藏室的温度约为﹣5℃
C．比赛用篮球的质量约为6g
D．日光灯的额定功率约为20W
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、蚂蚁爬行的速度比较慢，一般在2cm/s左右，故A不符合实际；
B、水的凝固点是0℃，冰箱冷藏室内的水不会结冰，说明温度不低于0℃，一般是4℃，故B不符合实际；
C、比赛用篮球的质量在600g左右，故C不符合实际；
D、一般日光灯的额定功率较小，在20W左右，故D符合实际。
故选：D。
【点评】估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题。
2．（2分）中国特有的二十四节气惊艳亮相北京冬奥会的开幕式，对下列节气中涉及到的物态变化现象，分析正确的是（ ）
A．“雨水”——雨的形成是升华现象
B．“寒露”——露的形成是汽化现象
C．“霜降”——霜的形成是凝华现象
D．“大雪”——雪的形成是熔化现象
【分析】物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。
【解答】解：A、雨水主要是云层中的水蒸气遇冷液化形成的，故A不正确；
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B不正确；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故C正确；
D、雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故D不正确。
故选：C。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．（2分）如图所示现象中，由于光的反射形成的是（ ）
A．露珠下的叶脉 B．塔的倒影
C．墙上的手影 D．海市蜃楼
【分析】（1）光的直线传播现象：光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光的折射现象：知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射；
（3）光的反射现象：光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。
【解答】解：A、露珠下的叶脉，是光的折射现象，故A不符合题意；
B、塔的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故B符合题意；
C、墙上的手影，是光的直线传播形成的，故C不符合题意；
D、海市蜃楼是一种由光的折射产生的现象，是由于空气的密度不均匀而引起的，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。
4．（2分）下列与日常生活相关的物理现象中，解释正确的是（ ）
A．洗手池下方的回水管是一个连通器
B．塑料吸盘能吸在瓷砖墙面上，是因为吸盘对墙面有吸引力
C．灰尘被吸入吸尘器，是因为流速大的地方压强大
D．潜水员需要穿抗压潜水服，是因为液体压强随深度增加而减小
【分析】（1）上端开口，底部连通的仪器，叫连通器；
（2）塑料吸盘是大气压在生活中应用的实例。塑料挂衣钩里面的压强小于外界的大气压强，是大气压强把挂衣钩压在墙上的；
（3）流体的压强跟流速有关，流速越大的地方压强越小；
（4）液体内部的压强随着深度的增加而增大。
【解答】解：A、洗手池下方排水管的U形“反水弯”利用了连通器原理，故A正确；
B、使用塑料吸盘时，先挤出里边的空气，使其内部气体压强减小，在外界大气压的作用就把它压在了光滑的墙面上，故B错误；
C、根据流体压强和流速的关系可知，吸尘器应用了气体流速大的地方压强小的原理，故C错误；
D、深海潜水员必须穿抗压潜水服是因为海水压强随深度的增加而增大，故D错误。
故选：A。
【点评】本题为力学综合题，考查了学生对液体内部压强的特点、连通器、大气压的应用、以及流速与压强的关系的理解和掌握，虽知识点多、但都属于基础，难度不大。
5．（2分）目前我国在能源、材料和航天等领域都取得了巨大成就。下列说法正确的是（ ）
A．核能和地热能都是可再生能源
B．半导体是制造集成电路的重要材料
C．地面控制中心通过超声波与空间站中的航天员通信
D．空间站上太阳能电池板将太阳能转化为内能
【分析】（1）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
（2）集成电路使用的材料为半导体材料；
（3）广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；
（4）太阳能电池板将太阳能转化为电能。
【解答】解：A、地热能可以能够源源不断的从自然界得到的能源是可再生能源，化石能源、核能是不可再生能源，故A错误；
B、硅单质是重要的半导体材料，所以硅单质广泛应用于制造集成电路，故B正确；
C、地面控制中心通过电磁波与空间站中的航天员通信，故C错误；
D、太阳能电池板将太阳能转化为电能，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了太阳能的转化、半导体的应用、电磁波的应用和可再生与不可再生能源的分类，属于基础题。
6．（2分）如图所示是小明设计的部分家庭电路，下列说法正确的是（ ）
A．灯泡与开关的连接符合安全用电要求
B．若保险丝熔断，可以用铜丝替换
C．闭合开关，若灯泡不亮，一定是灯泡短路
D．三孔插座的连接符合安装要求
【分析】（1）火线首先过开关进灯泡顶端的金属点是最安全的；
（2）保险丝是用电阻率较大而熔点较低的铅锑合金制成的，当电流过大时，它会因温度过高而熔断，保护电路；
（3）保险丝熔断，可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大；
（4）三孔插座的接线方法是左零、右火、上地。
【解答】解：A、开关接在火线和灯泡之间，这样开关能控制灯泡，故A正确；
B、组成保险丝的材料是电阻率较大而熔点较低的铅锑合金，在电流过大时熔断，自动切断电路，起到保护作用；铜导线的熔点很高，当电流过大时，不能熔断起不到保护作用，容易引起火灾，故B错误；
C、保险丝熔断，可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故C错误；
D、插座的左孔接地线，中间的孔接的零线，右孔接火线，不符合于三孔插座“左零右火上地”接法，故D错误。
故选：A。
【点评】对生活中常见的安全用电规则和现象，要有适当的应对方法，这样才能做到安全用电。
7．（2分）如图所示是电与磁的四个实验，下列说法中正确的是（ ）
A．甲图：通电后小磁针发生偏转，说明电流有热效应
B．乙图：说明电磁铁的磁性强弱与电流方向有关
C．丙图：闭合开关后，磁场中导体ab受力而运动，依据该原理可制成电动机
D．丁图：闭合开关后，磁场中导体ab竖直向上运动时，灵敏电流计指针偏转
【分析】（1）通电导线周围存在磁场；
（2）电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关；
（3）通电后，导体棒在磁场中发生运动，是研究通电导线在磁场中受磁场力的；
（4）闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流的现象叫做电磁感应现象。
【解答】解：A、甲图是奥斯特实验，导线触及电源后，电路中有电流，小磁针将发生偏转，说明电流周围有磁场，属于电流的磁效应，故A错误；
B、乙图中两个电磁铁串联，通过的电流相同；线圈匝数不同，吸起大头针的数量不同，说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关，故B错误；
C、丙图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中受力而运动，依据该实验原理可制成电动机，故C正确；
D、丁图中磁场中导体ab竖直向上运动时，不切割磁感线，不会产生感应电流，电流计的指针不会偏转，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了奥斯特实验、影响通电螺线管中的磁性强弱的因素、电动机的原理、产生感应电流的条件等知识，知识点较多，但难度不大。
（多选）8．（2分）对北京冬奥会的一些比赛情景的描述，下列说法正确的是（ ）
A．掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性
B．单板滑雪运动员踩在滑雪板上，减小了对雪地的压强
C．短道速滑运动员在匀速转弯过程中，运动状态不变
D．跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，重力势能减小
【分析】（1）任何物体都具有保持原运动状态不变的性质，叫做惯性；
（2）影响压强的因素是压力和受力面积，当压力一定时，受力面积越小，压强越大；
（3）力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；
（4）重力势能与质量和高度有关；质量越大、高度越高，重力势能越大。
【解答】解：A、掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性，要保持原来的运动状态，故A正确；
B、在压力一定时，踏滑雪板，增大了受力面积，减小了对雪地的压强，故B正确；
C、短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，运动方向改变，故运动状态改变，故C错误；
D、跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，高度减小，故重力势能变小，故D正确。
故选：ABD。
【点评】此题考查多个知识点；理解惯性概念、熟悉减小压强的方法、明确运动状态改变的几种情况、理解影响重力势能的因素，可正确解答此题。
（多选）9．（2分）在水平桌面上有甲、乙两个完全相同的烧杯，烧杯内盛有两种不同的液体。如图所示，将质量相等的A、B两个物体分别放入两种液体中（VA＜VB），静止时两烧杯内液面相平。下列说法正确的是（ ）
A．甲烧杯中液体的密度小于乙烧杯中液体的密度
B．物体A受到的浮力等于物体B受到的浮力
C．甲烧杯底受到液体的压力等于乙烧杯底受到液体的压力
D．甲烧杯对桌面的压强大于乙烧杯对桌面的压强
【分析】（1）根据浮沉条件，判断浮力大小关系；
（2）根据F浮＝ρ液gV排分析液体密度大小关系；
（3）根据p＝ρgh比较压强关系，再根据p＝比较压力大小关系；
（4）甲、乙两容器对水平桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的重力之和，根据p＝比较烧杯对桌面的压强关系。
【解答】解：（1）两物体质量相等，其重力也相等，
甲图，物体A漂浮，浮力等于重力，即F甲＝G；
乙图，物体B悬浮，浮力等于重力，即F乙＝G，
所以A物体受到的浮力等于B物体受到的浮力；故B正确；
根据F浮＝ρ液gV排，在浮力相同时，由图知VA排＜VB排，所以ρ甲＞ρ乙，故A错误；
（3）因为两容器液面相平，即h甲＝h乙，而ρ甲＞ρ乙，由p＝ρgh可知，p甲＞p乙，两容器底面积相同，由p＝可知，甲烧杯底受到液体的压力大于乙烧杯底受到液体的压力，故C错误；
（4）放入物体AB后，两容器液面相平，VA＜VB，所以VA排＜VB排，说明没放物体之前甲容器中液体的体积大于乙容器中液体的体积，即V甲＞V乙，ρ甲＞ρ乙，由ρ＝可知，m甲＞m乙，G甲＞G乙；
两容器质量相同，则容器的重力相同，物体质量相同，其重力也相等，但液体的重力G甲＞G乙，
两容器对桌面的压力分别为F甲＝G器+G物+G甲，F乙＝G器+G物+G乙，所以F甲＞F乙，两容器底面积相同，由p＝可知，甲烧杯对桌面的压强大于乙烧杯对桌面的压强，故D正确。
故选：BD。
【点评】此题主要考查的是学生对液体压强计算公式、物体的浮沉条件、阿基米德原理的理解和掌握。
（多选）10．（2分）如图甲所示电路，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S1，断开开关S2，将R的滑片从b端移到a端过程中，两个电压表示数与电流表示数关系图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为4.5V
B．滑动变阻器的最大阻值为20Ω
C．R1的最小电功率为0.225W
D．闭合开关S1、S2，通电10s整个电路最多产生热量为36J
【分析】闭合开关S1，断开开关S2，定值电阻R1、R2、R串联，电压表V1测量R2两端的电压，电压表V2测量R2和R的电压之和，电流表测量电路中的电流；
闭合开关S1，断开开关S2，当滑动变阻器的滑动触头在a端时，可得出电源电压的表达式，当滑动变阻器的滑动触头在b端时，可得出电源电压的表达式，联立两式可得电源电压；
当滑片在a端时，R被短路，电路中的电阻最小，根据欧姆定律可知，电路中的电流最大，由图乙可知，最大电流I大＝0.3A，R2两端的电压U2＝3V，根据欧姆定律可求出R2的阻值；
当滑片在b端时，电路中的电阻最大，根据欧姆定律可知，电路中的电流最小，由图乙可知，最小电流I小＝0.15A，电压表V2的示数为4.5V，电压表V1的示数为1.5V，根据串联电路的特点可知R两端的电压，根据欧姆定律可求出R的最大阻值；
根据串联电路的电流特点可知通过R1的最小电流，利用P＝I2R计算出R1的最小功率；
【解答】解：闭合开关S1，断开开关S2，定值电阻R1、R2、R串联，电压表V1测量R2两端的电压，电压表V2测量R2和R的电压之和，电流表测量电路中的电流；
A、闭合开关S1，断开开关S2，当滑动变阻器的滑片在a端时，
电源电压U＝U2+U1＝3V+0.3A×R1........①，
当滑动变阻器的滑片在b端时，
电源电压U＝U2′+UR+U1′＝4.5V+0.15A×R1........②，
联立①②可得电源电压U＝6V，R1＝10Ω；
故A错误；
B、当滑片在b端时，电路中的电阻最大，根据欧姆定律可知，电路中的电流最小，
由图乙可知，最小电流I小＝0.15A，电压表V2的示数为4.5V，电压表V1的示数为1.5V，
根据串联电路的特点可知，R两端的电压UR＝4.5V﹣1.5V＝3V，
根据欧姆定律可知，R的最大阻值：R＝＝＝20Ω，故B正确；
C、根据串联电路的电流特点可知，通过R1的最小电流I1小＝I小＝0.15A，
R1的最小功率：P1＝I1小2R1＝（0.15A）2×10Ω＝0.225W，故C正确；
D、闭合开关S1，断开开关S2，当滑片在a端时，R被短路，电路中的电阻最小，根据欧姆定律可知，此时电路中的电流最大，
由图乙可知，最大电流I大＝0.3A，R2两端的电压U2＝3V，
根据欧姆定律可知，R2的阻值R2＝＝＝10Ω；
闭合开关S1、S2，R1被短路，R2与R串联，
电源电压不变，由Q＝W＝t可知，当电路中总电阻最小时，电路中产生的热量最多，
根据串联电路的特点可知，当滑动变阻器的电阻为0时，电路中的总电阻最小R总小＝R2＝10Ω，
闭合开关S1、S2，通电10s整个电路最多产生热量Q＝W＝t＝＝36J，故D正确。
故选：BCD。
【点评】本题考查动态电路分析、欧姆定律的应用和电功率的计算，解题的关键是能从图中获取相关信息，题目综合性强，难度较大。
二、填空题（每空1分，共17分）
11．（2分）2022年元宵晚会上，在空间站中的航天员王亚平用古筝演奏了一曲《茉莉花》。古筝发出的声音是由于琴弦 振动 产生的；改变拨弦的力度可以改变声音的 响度 （选填“音调”、“响度”或“音色”）。
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）声音的三特征是：音调、响度和音色，响度是由声源振动的幅度决定的，振幅越大，响度越大；音调的高低和振动的频率有关，频率越高，音调越高；音色由发声体本身的材料结构决定。
【解答】解：古筝发出的声音是由于琴弦振动产生的；
改变拨弦的力度，改变琴弦的振动幅度，可以改变声音的响度。
故答案为：振动；响度。
【点评】本题考查了声音的产生和声音的特性，属于基础性题目，难度不大。
12．（3分）2022年6月5日10时44分，搭载着神舟十四号载人飞船的长征二号F火箭成功发射。火箭起飞过程中，以发射塔为参照物，火箭是 运动 （选填“运动”或“静止”）的；火箭喷气发动机将燃料燃烧后燃气的内能转化为 机械 能，此能量转化过程与四冲程汽油机的 做功 冲程相同。
【分析】（1）判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的；
（2）火箭发动机工作时将内能转化成了机械能；四冲程汽油机在做功冲程中将燃料燃烧释放的内能转化为机械能。
【解答】解：（1）火箭发射过程中，火箭与发射塔之间的相对位置发生变化，因此火箭是运动的；
（2）火箭起飞过程中，将内能转化为火箭的机械能，四冲程汽油机做功冲程将燃料燃烧释放的内能转化为机械能，火箭发射过程的能量转化与内燃机的做功冲程的原理是相同的。
故答案为：运动；机械；做功。
【点评】该题以火箭发射为问题背景，考查了运动和静止的相对性、能量的转化等知识点，是一道综合题，但难度不大。
13．（2分）如图所示，小丽穿着轮滑鞋在水平地面上匀速滑行，此时地面对她的支持力与 重力 是一对平衡力；轮滑鞋是利用滚动代替滑动来 减小 （选填“增大”或“减小”）摩擦的。
【分析】平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
【解答】解：小丽穿着轮滑鞋在水平地面上匀速滑行，受到竖直向下的重力与竖直向上的支持力作用而处于平衡状态，重力与支持力是一对平衡力；
轮滑鞋下装有滚轮，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力。
故答案为：重力；减小。
【点评】本题考查了平衡力和影响滑动摩擦力大小的两个因素的同时，也考查了学生运用所学知识分析实际问题的能力。
14．（3分）如图所示，A和B是两个验电器，A的金属箔张开是因为同种电荷相互 排斥 ；用带有手柄的金属棒把A和B两个验电器的金属球连接起来，若瞬间电流的方向由B到A，则A验电器带 负 （选填“正”或“负”）电。金属棒的手柄是 绝缘 （选填“绝缘”或“导”）体。
【分析】验电器工作的原理：同种电荷互相排斥；
物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向，负电荷定向移动的方向与电流方向相反；
容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体。
【解答】解：验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制成的，A的金属箔张开是因为A验电器的两片金属箔片带同种电荷；
物理学规定正电荷定向移动的方向为电流方向，已知瞬间电流的方向由B到A，说明正电荷从B到A，所以A验电器带负电；
使用金属棒连接两个验电器的过程中，为了避免电荷向其他方向转移，使用的手柄必须是绝缘体。
故答案为：排斥；负；绝缘。
【点评】此题考查了验电器的原理、电流的方向及材料绝缘性的应用，是一道电现象的基础题。
15．（2分）如图所示，水平桌面上的容器底部放有一个边长为10cm，质量为900g的正方体物块，则物块对容器底的压强为 900 Pa；逐渐向容器内倒水使物块漂浮，物块受到的浮力是 9 N。（g取10N/kg）
【分析】（1）水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，根据p＝求出物块对容器底的压强；
（2）根据物体沉浮条件可求出物块漂浮时受到的浮力。
【解答】解：正方体物块的重力为：G＝mg＝0.9kg×10N/kg＝9N，
所以物块对容器底的压力为：F＝G＝9N，
则物块对容器底的压强为：p＝＝＝900Pa，
逐渐向容器内倒水使物块漂浮，物块受到的浮力为：F浮＝G＝9N。
故答案为：900；9。
【点评】本题主要考查压强的计算及物体沉浮条件的应用，比较基础，难度不大。
16．（3分）如图所示的滑轮组，在拉力F的作用下，物体A以0.1m/s的速度匀速直线运动了10s。物体A受到的摩擦力为4.2N，弹簧测力计示数为2N（不计绳、弹簧测力计和滑轮重）。则绳子自由端移动的距离为 3 m，拉力F的功率为 0.6 W，滑轮组的机械效率为 70% 。
【分析】从图中可知n＝3，根据v＝nv物得出绳子自由端的速度，根据s＝vt得出绳子自由端移动的距离；
不计绳、弹簧测力计和滑轮重，弹簧测力计示数为2N，则拉力为2N，根据P＝＝＝Fv可知拉力F的功率；
根据η＝＝＝＝得出滑轮组的机械效率。
【解答】解：从图中可知n＝3，绳子自由端的速度v＝nv物＝3×0.1m/s＝0.3m/s，绳子自由端移动的距离s＝vt＝0.3m/s×10s＝3m；
不计绳、弹簧测力计和滑轮重，弹簧测力计示数为2N，则拉力为2N，根据P＝＝＝Fv可知拉力F的功率P＝Fv＝2N×0.3m/s＝0.6W；
滑轮组的机械效率η＝＝＝＝＝×100%＝70%。
故答案为：3；0.6；70%。
【点评】本题考查速度、功率和效率的有关计算，综合性强，难度适中。
17．（2分）如图所示电路，电源电压恒定，定值电阻R2的阻值为20Ω，电流表A1和A2的量程均为0～0.6A。闭合开关S，当滑动变阻器R1的滑片从最左端向右移动的过程中，两个电流表的示数之差始终为0.2A。则电压表的示数为 4 V，滑动变阻器R1允许接入电路的最小阻值为 10 Ω。
【分析】由图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电流表A1测量通过滑动变阻器R1的电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量电源电压；
（1）根据并联电路的电流特点可知通过R2的电流，根据欧姆定律求出R2两端的电压，根据并联电路特点可知电压表示数；
（2）为了电路安全，电流表A2的示数最大为0.6A，根据并联电路特点可知通过R1的最大电流，根据欧姆定律可以求出滑动变阻器允许接入电路的最小阻值。
【解答】解：由图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电流表A1测量通过滑动变阻器R1的电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量电源电压；
（1）根据并联电路的电流特点可知，两个电流表的示数之差即为通过R2的电流I2＝0.2A，
根据欧姆定律可知，R2两端的电压U2＝I2R2＝0.2A×20Ω＝4V，
根据并联电路特点可知，电源电压U＝U1＝U2＝4V，所以电压表示数为4V；
（2）为了电路安全，电流表A2的示数最大为I＝0.6A，
根据并联电路特点可知，通过滑动变阻器的最大电流I1＝I﹣I2＝0.6A﹣0.2A＝0.4A，
根据欧姆定律可知，滑动变阻器允许接入电路的最小阻值R1小＝＝＝10Ω。
故答案为：4；10。
【点评】本题考查并联电路特点、欧姆定律的应用，正确判断电流表所测电路的电流是解题的关键。
三、作图题（每小题2分，共4分）
18．（2分）如图所示，S'是光源S在平面镜中所成的像，S发出的一条光线经平面镜反射后恰好经过凸透镜左侧焦点F。请你画出：
（1）光源S的位置；
（2）经过凸透镜的折射光线。
【分析】（1）根据平面镜成像的特点做出S；
（2）从焦点发出的光线经过凸透镜后会平行于主光轴。
【解答】解：（1）平面镜成像时，像与物体关于镜面是对称的，据此做出发光点S；
（2）由图可知，像与反射光线的连线与镜面的交点为反射点，连接S和反射点，该光线为入射光线，从焦点发出的光线经过凸透镜后会平行于主光轴；如图所示：
【点评】此题考查光的反射定律作图、平面镜成像特点和凸透镜对光线的作用，综合性较强。
19．（2分）如图所示，用瓶起子起瓶盖时，瓶起子是一个杠杆，O是它的支点，F2是它受到的阻力。请你在图中画出作用在A点的最小动力F1及其力臂L1。
【分析】杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1 L1＝F2 L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
【解答】解：由杠杆平衡条件F1 L1＝F2 L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂L1最长；由于阻力使杠杆逆时针方向转动，所以动力的方向应该向上，过点A垂直于OA向上作出最小动力F1的示意图，如图所示：
。
【点评】本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
四、简答题（共3分）
20．（3分）同学们在电视上观看了神舟十三号载人飞船返回舱的着陆过程。返回舱以极大的速度进入大气层时，温度急剧升高，此时它表面的高分子固体材料发生物态变化使其降温；返回舱在距离地表10km时，打开降落伞减速，最后安全着陆。请你回答：
（1）电视机屏幕的彩色画面是由哪三种色光混合成的？
（2）高分子固体材料发生了什么物态变化？（写出一种即可）
（3）返回舱打开降落伞后，机械能如何变化？
【分析】（1）光的三原色是红、绿、蓝三种色；
（2）表面材料可能发生熔化、汽化和升华的物态变化；
（3）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和。
【解答】解：（1）多彩的画面是由红、绿、蓝三种色光混合成的；
（2）其表面材料因为吸收大量的热量，所以可能发生熔化、汽化和升华的物态变化；
（3）返回舱打开降落伞减速的过程中，它的质量不变，速度减小，故动能减小；同时质量不变，高度减小，重力势能减小，所以机械能变小。
【点评】本题考查了光的三原色、物态变化、机械能的转化和守恒等知识，综合性强，难度不大。
五、计算题（本题共2小题，共12分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值和单位）
21．（5分）如图所示是我国自行设计研制的AG600全状态新构型灭火飞机。若该飞机以270km/h的速度匀速直线航行20min，消耗航空燃油1.35t，飞机发动机的功率为2.25×107W。（航空燃油的热值为4×107J/kg）求：
（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）飞机在航行过程中的阻力是多少？
（3）发动机的效率是多少？
【分析】（1）已知消耗的航空燃油的质量和燃油的热值，根据Q放＝qm可求出消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量；
（2）已知飞机发动机的功率和匀速航行的速度，根据P＝＝＝Fv可求出飞机航行过程中的牵引力；
（3）已知飞机发动机的功率和航行时间，根据P＝可求出飞机发动机做的功；再根据η＝×100%求出发动机的效率。
【解答】解：（1）已知消耗的航空燃油的质量m＝1.35t＝1350kg，航空燃油的热值q＝4×107J/kg，
则这些燃油完全燃烧放出的热量为：Q放＝qm＝4×107J/kg×1350kg＝5.4×1010J；
（2）已知飞机发动机的功率P＝2.25×107W，飞机匀速航行的速度v＝270km/h＝75m/s，
由P＝＝＝Fv可知飞机航行过程中的牵引力为：F＝＝＝3×105N，
由二力平衡的条件可知飞机航行过程中的阻力为：f＝F＝3×105N；
（3）由P＝可知飞机发动机做的功为：W＝Pt＝2.25×107W×20×60s＝2.7×1010J，
则发动机的效率为：η＝×100%＝＝50%。
答：（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是5.4×1010J；
（2）飞机在航行过程中的阻力3×105N；
（3）发动机的效率是50%。
【点评】本题考查了热值、热机效率和功、功率的计算公式的应用，需要熟练掌握相关的公式及变形式。
22．（7分）小明家购买了一台电热水器，铭牌显示：容量是50L，额定电压是220V，额定功率是2000W。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]求：
（1）该电热水器正常工作时的电阻是多少？
（2）某次洗浴时，水箱装满初温为20℃的水，正常工作加热到60℃，若热水器的加热效率是84%，则此次加热消耗多少电能？
（3）一天，小明家只有该热水器和额定功率为700W的电饭锅接入电路，它们都正常工作，则标有2000r/（kW•h）的电能表的铝盘4min转了多少转？
【分析】（1）知道电热水器的额定电压和额定功率，利用P＝计算出电热水器正常工作时的电阻；
（2）利用密度公式计算出水箱中水的质量，知道水的比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）计算出水吸收的热量；利用效率公式计算出此次加热消耗的电能；
（3）利用P＝计算出电热水器和电饭锅正常工作4min消耗的电能；2000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过2000r，据此可知电能表的铝盘4min的转数。
【解答】解：（1）由P＝可知，电热水器正常工作时的电阻R＝＝＝24.2Ω；
（2）由ρ＝可知，水箱中水的质量m＝ρ水V＝1×103kg/m3×50×10﹣3m3＝50kg，
水箱中的水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（60℃﹣20℃）＝8.4×106J；
由η＝可知，此次加热消耗的电能W＝＝＝1×107J；
（3）由P＝可知，电热水器4min消耗的电能W1＝P1t＝2000W×4×60s＝4.8×105J；
电饭锅4min消耗的电能W2＝P2t＝700W×4×60s＝1.68×105J；
消耗的总电能W＝W1+W2＝4.8×105J+1.68×105J＝6.48×105J＝0.18kW•h；
2000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过2000r，
则电能表的铝盘4min的转数n＝0.18kW•h×2000r/（kW•h）＝360r。
答：（1）该电热水器正常工作时的电阻是24.2Ω；
（2）此次加热消耗1×107J的电能；
（3）一天，小明家只有该热水器和额定功率为700W的电饭锅接入电路，它们都正常工作，则标有2000r/（kW•h）的电能表的铝盘4min转了360转。
【点评】本题是一道电热综合题，主要考查电功率公式、密度公式、吸热公式、效率公式的应用以及对电能表参数的理解，计算过程中注意但是的换算。
六、实验、探究题（本题共4小题，共24分）
23．（5分）小明和小华都选用如图甲所示的实验装置“探究水沸腾时温度变化的特点”。
（1）实验时，给盛水的烧杯加热，是通过 热传递 方式改变水的内能；
（2）水沸腾时，继续加热，水的温度 不变 （选填“升高”、“降低”或“不变”）；
（3）实验过程中两位同学分别绘制了水的温度随时间变化的图像（如图乙所示），两位同学图像不同的原因是水的 质量 不同；
（4）水沸腾后，将水倒入烧瓶，发现水停止沸腾。如图丙所示，用橡皮塞塞住烧瓶口并将其倒置，向烧瓶底部浇冷水，发现水重新沸腾了。这是因为浇冷水后瓶内水蒸气 液化 （填物态变化的名称），瓶内气压减小，水的沸点 降低 （选填“升高”、“降低”或“不变”）。
【分析】（1）做功和热传递可以改变物体的内能；
（2）水沸腾过程中，吸收热量，温度不变；
（3）由图像可知，水到达沸点的时间不一样，说明水的质量不同；
（4）水的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高。
【解答】解：（1）实验时，给盛水的烧杯加热，水吸收热量，通过热传递的方式改变水的内能；
（2）水沸腾过程中，吸收热量，温度不变；
（3）读图乙可以看出，在同样加热的情况下，小华的升温较慢，其原因应该是水的质量不同；
（4）在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，气体压强减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，因此，水会重新沸腾起来。
故答案为：（1）热传递；（2）不变；（3）质量；（4）液化；降低。
【点评】此题考查了液体沸腾的示意，要能够从液体的沸腾图象中分析出液体沸腾的特点，难度不大。
24．（5分）小明做“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）如图甲所示，将一束平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小、最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝ 10.0 cm。
（2）小明在某次实验中，将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上如图乙所示的位置，光屏上呈现清晰的像，此像是倒立、 放大 的实像，生活中 投影仪 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是依据此成像原理制成的；
（3）保持蜡烛位置不变，移动凸透镜至如图丙所示位置，则人眼在图中 B （选填“A”或“B”）处能观察到烛焰的像；
（4）小明在图乙中烛焰和凸透镜之间的适当位置放一副眼镜，发现光屏上原本清晰的像变模糊了。将蜡烛向靠近凸透镜方向移动适当距离后，光屏上再次得到清晰的像，则该眼镜是 远视 （选填“近视”或“远视”）眼镜。
【分析】（1）通过甲图所示的现象，结合凸透镜焦点的定义即可确定该凸透镜的焦距；
（2）凸透镜的成像规律为：当2f＞u＞f时，成倒立、放大的实像，此时v＞2f，应用为投影仪；
（3）u＜f，凸透镜成正立放大的虚像，虚像与成像物体在同侧；
（4）凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用，近视镜是凹透镜，远视境是凸透镜。
【解答】解：（1）平行光线经过凸透镜后会聚于一点，这一点就是焦点；焦点到光心的距离是焦距，由图甲可知，该凸透镜的焦距为f＝50.0cm﹣40.0cm＝10.0cm；
（2）由图丙可知，蜡烛与凸透镜的距离为u＝25.0cm−10.0cm＝15.0cm，像距为u＝55.0cm−25.0cm＝30.0cm，凸透镜的焦距为f＝10.0cm，故2f＞u＞f，由凸透镜成像规律可知，成倒立、放大的实像，是投影仪的制作原理；
（3）保持蜡烛位置不变，移动透镜至16.0cm刻度线处，此时u＝16.0cm−10.0cm＝6.0cm，u＜f时，凸透镜成正立放大的虚像，光屏上接不到，透过凸透镜观察蜡烛看到正立放大的虚像；虚像与成像物体同侧，所以应从B处观察；
（4）在烛焰和凸透镜之间放一眼镜的镜片，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向靠近凸透镜的方向移动适当距离后，光屏上再次呈现清晰的像，说明该镜片把光线会聚了，凸透镜对光线有会聚作用，故该眼镜是远视眼镜。
故答案为：（1）10.0；（2）放大；投影仪；（3）B；（4）远视。
【点评】本题是凸透镜成像的实验，考查了凸透镜对光线作用、焦距的理解，实验的操作、成像规律的认识和理解等，考查知识点多，综合性强，平时要加强学生实验，感受实验的过程。
25．（6分）小明和小红使用不同的器材分别对石块的密度进行了测量。
（1）小明将托盘天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺左侧零位，发现指针所处位置如图甲所示，应将平衡螺母向 左 移动，使天平横梁在水平位置平衡；
（2）把石块放在天平的 左 盘中，用镊子向另一个盘中加减砝码，再移动游码。当天平平衡时，砝码质量以及游码在标尺上的位置如图乙所示，则石块的质量是 46 g；
（3）小明又测出石块的体积是20cm3，则石块的密度是 2.3×103 kg/m3；
（4）实验后，小明发现所用的砝码生锈了，则所测石块密度比真实值 偏小 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
（5）小红用圆柱形容器、刻度尺和一个不吸水的小木块等器材测量石块密度：
①如图丙所示，容器内装入适量的水，小木块放入容器内静止时，测出容器内水深为h1；
②如图丁所示，用细线把石块与木块系住放入容器内静止时，测出容器内水深为h2；
③如图戊所示，将石块直接放入容器内水中，测出容器内水深为h3；
④石块密度的表达式式ρ石＝ •ρ水 。（用字母表示，水的密度为ρ水）
【分析】（1）称量前天平的调节原则是：左偏右调，右偏左调；并调节横梁在水平位置平衡；
（2）称量物体质量时，左物右码；被测物体的质量等于砝码质量加上游码对应的刻度值；
（3）根据ρ＝求出石块的密度；
（4）砝码生锈会使砝码的质量增大，再根据砝码质量的变化推断测得物体质量的变化，由密度公式判断所测密度的偏差；
（5）设容器的底面积为S，由丙、戊两图可得石块的体积；再根据阿基米德原理求出丁图与丙图相比增大的浮力，由漂浮条件可得石块的重力等于增大的浮力，从而可求出石块的质量，知道石块的质量和体积可求出石块的密度。
【解答】解：
（1）图甲中分度盘的指针右偏，则平衡螺母应向左调，使横梁在水平位置平衡；
（2）测量时，需将石块置于左盘中；图乙中，标尺的分度值为0.2g，石块的质量m＝20g+20g+5g+1g＝46g；
（3）测出石块的体积是20cm3，则石块的密度为：
ρ＝＝＝2.3g/cm3＝2.3×103kg/m3；
（4）砝码生锈后质量会增大，这样用较少的砝码或少移动游码就可以使横梁恢复平衡，因此所测石块的质量会偏小，而体积没有偏差，由密度公式ρ＝知所测石块的密度比真实值偏小；
（5）设容器的底面积为S，由丙、戊两图可知石块的体积为：V＝S（h3﹣h1）；
丁图与丙图相比，增大的浮力：ΔF浮＝ρ水gΔV排＝ρ水gS（h2﹣h1）；
由漂浮条件可得石块的重力：G＝ΔF浮＝ρ水gS（h2﹣h1），
由G＝mg可得石块的质量：m＝ρ水S（h2﹣h1）；
则石块的密度为：
ρ石＝＝＝•ρ水。
故答案为：（1）左；（2）左；46；（3）2.3×103；（4）偏小；（5）•ρ水。
【点评】本题考查了用常规方法（天平与量筒）测固体的密度，也考查了用浮力知识测固体的密度，其中后一种方法是难点，看懂图示、灵活运用物体的浮沉条件和阿基米德原理是解答此问的关键。
26．（8分）小明在“探究电流与电阻关系”的实验中，所用电源是两节新的干电池，定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）小明将5Ω的定值电阻接入如图甲所示的电路中，闭合开关，向右移动滑动变阻器的滑片，电压表示数 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。经检查发现电路中有一根导线连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。
（2）改正电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为某一值时，电流表示数如图乙所示。接着小明用10Ω电阻替换5Ω电阻，并移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数仍为 1.5 V；
（3）小明将5Ω和15Ω电阻分别接入电路，并将电压表示数调到所控制的电压时，两次实验整个电路消耗的电功率之比为 3：1 ；
（4）为确保所给的定值电阻接入电路后都能正常进行实验，那么，滑动变阻器的最大阻值至少为 25 Ω；
（5）通过实验探究，小明得出的结论是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻 成反比 。
（6）实验结束后，小明想测一个额定电压为2.5V小灯泡的额定功率，但电流表损坏。他用四节新干电池串联作电源，另有规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器R1和一个铭牌不清的滑动变阻器R2，设计了如图丙所示的电路。请你帮他完成测量过程：
①闭合开关，将滑动变阻器R1的滑片移至最左端，调节滑动变阻器R2的滑片，使电压表示数为 3.5 V，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器R2的滑片位置不动，将滑动变阻器R1的滑片移至最右端，读出电压表的示数为0.5V；
③小灯泡的额定功率为 0.375 W。
【分析】（1）原电路图中，电压表并联在变阻器和定值电阻两端，相当于测电源电压，据此分析；在“探究电流与电阻关系”的实验中，电压表应并联在定值电阻两端；
（2）根据电流表选用量程确定分度值读数，由欧姆定律求出当电阻为5Ω时电压表示数；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同；
（3）已知定值电阻5Ω和15Ω，由欧姆定律可知，在电压不变时，电流与电阻成反比得出电路的电流之比，由P＝UI可知，在电压不变时，电功率与电流成正比，据此求出两次实验整个电路的电功率之比；
（4）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻；
（5）根据实验数据分析得出结论；
（6）①分析电路的连接，灯在额定电压下正常发光；
②因电压表接在变阻器R1的滑片上，故在滑片P1移动时，电路的电流保持不变，电压表测R1与滑动变阻器R2的总电压，根据串联电路电压的规律和欧姆定律求出灯的额定电流，根据P＝UI算出小灯泡额定功率。
【解答】解：（1）原电路图中，电压表并联在变阻器和定值电阻两端，相当于测电源电压，由于电源电压不变，故当闭合开关，向右移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变；
在“探究电流与电阻关系”的实验中，电压表应并联在定值电阻两端，如下图所示：
；
（2）当电压表的示数为某一值时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A；由欧姆定律，当定值电阻为5Ω时，定值电阻两端电压为：UV＝IR＝0.3A×5Ω＝1.5V；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，故用10Ω电阻替换5Ω电阻，并移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数仍为1.5V；
（3）已知定值电阻5Ω和15Ω，根据I＝可知，在电压不变时，电流与电阻成反比，故电路的电流之比为3：1；
由P＝UI可知，在电压不变时，电功率与电流成正比，故两次实验整个电路的电功率之比为3：1；
（4）由（2）知，电阻两端的电压始终保持UV＝1.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝U﹣UV＝3V﹣1.5V＝1.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的1倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝1×25Ω＝25Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少25Ω的滑动变阻器；
（5）在5次实验中，定值电阻两端的电压始终保持UV＝1.5V不变，故得出的结论是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（6）①将R1的滑片P1移至最左端，调节R2的滑片P2，此时小灯泡、R1和滑动变阻器R2串联，电压表测量R1和滑动变阻器R2两端的电压，当电压表的示数为6V﹣2.5V＝3.5V时，小灯泡L两端的电压为2.5V，灯泡正常发光；
②保持R2的滑片位置不动，将变阻器R1的滑片移至最右端，此时电路的连接不变，电压表只测量滑动变阻器R2两端的电压，读出电压表的示数0.5V，根据串联电路电压的规律知定值电阻R1两端的电压为：U1＝3.5V﹣0.5V＝3V，
此时电路的电流为：I1＝＝＝0.15A，根据串联电路电流特点，灯泡的额定电流IL＝I1＝0.15A；
③小灯泡L的额定功率为：P＝U额IL＝2.5V×0.15A＝0.375W。
故答案为：（1）不变；见解答图；（2）1.5；（3）3：1；（4）25；（5）成反比；（6）3.5；0.375。
【点评】本题探究电流与电阻关系实验，考查电路的连接、电流表读数，电压的计算、控制变量法的运用和对器材的要求以及设计实验方案测额定功率的能力。
2022年辽宁省锦州市中考物理试卷
一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。1～7题为单选题，8～10题为多选题。多选题漏选得1分，错选得0分）
1．（2分）下列对物理量的估测最接近实际的是（ ）
A．蚂蚁的爬行速度约为2m/s
B．冰箱冷藏室的温度约为﹣5℃
C．比赛用篮球的质量约为6g
D．日光灯的额定功率约为20W
2．（2分）中国特有的二十四节气惊艳亮相北京冬奥会的开幕式，对下列节气中涉及到的物态变化现象，分析正确的是（ ）
A．“雨水”——雨的形成是升华现象
B．“寒露”——露的形成是汽化现象
C．“霜降”——霜的形成是凝华现象
D．“大雪”——雪的形成是熔化现象
3．（2分）如图所示现象中，由于光的反射形成的是（ ）
A．露珠下的叶脉 B．塔的倒影
C．墙上的手影 D．海市蜃楼
4．（2分）下列与日常生活相关的物理现象中，解释正确的是（ ）
A．洗手池下方的回水管是一个连通器
B．塑料吸盘能吸在瓷砖墙面上，是因为吸盘对墙面有吸引力
C．灰尘被吸入吸尘器，是因为流速大的地方压强大
D．潜水员需要穿抗压潜水服，是因为液体压强随深度增加而减小
5．（2分）目前我国在能源、材料和航天等领域都取得了巨大成就。下列说法正确的是（ ）
A．核能和地热能都是可再生能源
B．半导体是制造集成电路的重要材料
C．地面控制中心通过超声波与空间站中的航天员通信
D．空间站上太阳能电池板将太阳能转化为内能
6．（2分）如图所示是小明设计的部分家庭电路，下列说法正确的是（ ）
A．灯泡与开关的连接符合安全用电要求
B．若保险丝熔断，可以用铜丝替换
C．闭合开关，若灯泡不亮，一定是灯泡短路
D．三孔插座的连接符合安装要求
7．（2分）如图所示是电与磁的四个实验，下列说法中正确的是（ ）
A．甲图：通电后小磁针发生偏转，说明电流有热效应
B．乙图：说明电磁铁的磁性强弱与电流方向有关
C．丙图：闭合开关后，磁场中导体ab受力而运动，依据该原理可制成电动机
D．丁图：闭合开关后，磁场中导体ab竖直向上运动时，灵敏电流计指针偏转
（多选）8．（2分）对北京冬奥会的一些比赛情景的描述，下列说法正确的是（ ）
A．掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性
B．单板滑雪运动员踩在滑雪板上，减小了对雪地的压强
C．短道速滑运动员在匀速转弯过程中，运动状态不变
D．跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，重力势能减小
（多选）9．（2分）在水平桌面上有甲、乙两个完全相同的烧杯，烧杯内盛有两种不同的液体。如图所示，将质量相等的A、B两个物体分别放入两种液体中（VA＜VB），静止时两烧杯内液面相平。下列说法正确的是（ ）
A．甲烧杯中液体的密度小于乙烧杯中液体的密度
B．物体A受到的浮力等于物体B受到的浮力
C．甲烧杯底受到液体的压力等于乙烧杯底受到液体的压力
D．甲烧杯对桌面的压强大于乙烧杯对桌面的压强
（多选）10．（2分）如图甲所示电路，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S1，断开开关S2，将R的滑片从b端移到a端过程中，两个电压表示数与电流表示数关系图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为4.5V
B．滑动变阻器的最大阻值为20Ω
C．R1的最小电功率为0.225W
D．闭合开关S1、S2，通电10s整个电路最多产生热量为36J
二、填空题（每空1分，共17分）
11．（2分）2022年元宵晚会上，在空间站中的航天员王亚平用古筝演奏了一曲《茉莉花》。古筝发出的声音是由于琴弦 产生的；改变拨弦的力度可以改变声音的 （选填“音调”、“响度”或“音色”）。
12．（3分）2022年6月5日10时44分，搭载着神舟十四号载人飞船的长征二号F火箭成功发射。火箭起飞过程中，以发射塔为参照物，火箭是 （选填“运动”或“静止”）的；火箭喷气发动机将燃料燃烧后燃气的内能转化为 能，此能量转化过程与四冲程汽油机的 冲程相同。
13．（2分）如图所示，小丽穿着轮滑鞋在水平地面上匀速滑行，此时地面对她的支持力与 是一对平衡力；轮滑鞋是利用滚动代替滑动来 （选填“增大”或“减小”）摩擦的。
14．（3分）如图所示，A和B是两个验电器，A的金属箔张开是因为同种电荷相互 ；用带有手柄的金属棒把A和B两个验电器的金属球连接起来，若瞬间电流的方向由B到A，则A验电器带 （选填“正”或“负”）电。金属棒的手柄是 （选填“绝缘”或“导”）体。
15．（2分）如图所示，水平桌面上的容器底部放有一个边长为10cm，质量为900g的正方体物块，则物块对容器底的压强为 Pa；逐渐向容器内倒水使物块漂浮，物块受到的浮力是 N。（g取10N/kg）
16．（3分）如图所示的滑轮组，在拉力F的作用下，物体A以0.1m/s的速度匀速直线运动了10s。物体A受到的摩擦力为4.2N，弹簧测力计示数为2N（不计绳、弹簧测力计和滑轮重）。则绳子自由端移动的距离为 m，拉力F的功率为 W，滑轮组的机械效率为 。
17．（2分）如图所示电路，电源电压恒定，定值电阻R2的阻值为20Ω，电流表A1和A2的量程均为0～0.6A。闭合开关S，当滑动变阻器R1的滑片从最左端向右移动的过程中，两个电流表的示数之差始终为0.2A。则电压表的示数为 V，滑动变阻器R1允许接入电路的最小阻值为 Ω。
三、作图题（每小题2分，共4分）
18．（2分）如图所示，S'是光源S在平面镜中所成的像，S发出的一条光线经平面镜反射后恰好经过凸透镜左侧焦点F。请你画出：
（1）光源S的位置；
（2）经过凸透镜的折射光线。
19．（2分）如图所示，用瓶起子起瓶盖时，瓶起子是一个杠杆，O是它的支点，F2是它受到的阻力。请你在图中画出作用在A点的最小动力F1及其力臂L1。
四、简答题（共3分）
20．（3分）同学们在电视上观看了神舟十三号载人飞船返回舱的着陆过程。返回舱以极大的速度进入大气层时，温度急剧升高，此时它表面的高分子固体材料发生物态变化使其降温；返回舱在距离地表10km时，打开降落伞减速，最后安全着陆。请你回答：
（1）电视机屏幕的彩色画面是由哪三种色光混合成的？
（2）高分子固体材料发生了什么物态变化？（写出一种即可）
（3）返回舱打开降落伞后，机械能如何变化？
五、计算题（本题共2小题，共12分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值和单位）
21．（5分）如图所示是我国自行设计研制的AG600全状态新构型灭火飞机。若该飞机以270km/h的速度匀速直线航行20min，消耗航空燃油1.35t，飞机发动机的功率为2.25×107W。（航空燃油的热值为4×107J/kg）求：
（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）飞机在航行过程中的阻力是多少？
（3）发动机的效率是多少？
22．（7分）小明家购买了一台电热水器，铭牌显示：容量是50L，额定电压是220V，额定功率是2000W。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]求：
（1）该电热水器正常工作时的电阻是多少？
（2）某次洗浴时，水箱装满初温为20℃的水，正常工作加热到60℃，若热水器的加热效率是84%，则此次加热消耗多少电能？
（3）一天，小明家只有该热水器和额定功率为700W的电饭锅接入电路，它们都正常工作，则标有2000r/（kW•h）的电能表的铝盘4min转了多少转？
六、实验、探究题（本题共4小题，共24分）
23．（5分）小明和小华都选用如图甲所示的实验装置“探究水沸腾时温度变化的特点”。
（1）实验时，给盛水的烧杯加热，是通过 方式改变水的内能；
（2）水沸腾时，继续加热，水的温度 （选填“升高”、“降低”或“不变”）；
（3）实验过程中两位同学分别绘制了水的温度随时间变化的图像（如图乙所示），两位同学图像不同的原因是水的 不同；
（4）水沸腾后，将水倒入烧瓶，发现水停止沸腾。如图丙所示，用橡皮塞塞住烧瓶口并将其倒置，向烧瓶底部浇冷水，发现水重新沸腾了。这是因为浇冷水后瓶内水蒸气 （填物态变化的名称），瓶内气压减小，水的沸点 （选填“升高”、“降低”或“不变”）。
24．（5分）小明做“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）如图甲所示，将一束平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小、最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝ cm。
（2）小明在某次实验中，将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上如图乙所示的位置，光屏上呈现清晰的像，此像是倒立、 的实像，生活中 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是依据此成像原理制成的；
（3）保持蜡烛位置不变，移动凸透镜至如图丙所示位置，则人眼在图中 （选填“A”或“B”）处能观察到烛焰的像；
（4）小明在图乙中烛焰和凸透镜之间的适当位置放一副眼镜，发现光屏上原本清晰的像变模糊了。将蜡烛向靠近凸透镜方向移动适当距离后，光屏上再次得到清晰的像，则该眼镜是 （选填“近视”或“远视”）眼镜。
25．（6分）小明和小红使用不同的器材分别对石块的密度进行了测量。
（1）小明将托盘天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺左侧零位，发现指针所处位置如图甲所示，应将平衡螺母向 移动，使天平横梁在水平位置平衡；
（2）把石块放在天平的 盘中，用镊子向另一个盘中加减砝码，再移动游码。当天平平衡时，砝码质量以及游码在标尺上的位置如图乙所示，则石块的质量是 g；
（3）小明又测出石块的体积是20cm3，则石块的密度是 kg/m3；
（4）实验后，小明发现所用的砝码生锈了，则所测石块密度比真实值 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
（5）小红用圆柱形容器、刻度尺和一个不吸水的小木块等器材测量石块密度：
①如图丙所示，容器内装入适量的水，小木块放入容器内静止时，测出容器内水深为h1；
②如图丁所示，用细线把石块与木块系住放入容器内静止时，测出容器内水深为h2；
③如图戊所示，将石块直接放入容器内水中，测出容器内水深为h3；
④石块密度的表达式式ρ石＝ 。（用字母表示，水的密度为ρ水）
26．（8分）小明在“探究电流与电阻关系”的实验中，所用电源是两节新的干电池，定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）小明将5Ω的定值电阻接入如图甲所示的电路中，闭合开关，向右移动滑动变阻器的滑片，电压表示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。经检查发现电路中有一根导线连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。
（2）改正电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为某一值时，电流表示数如图乙所示。接着小明用10Ω电阻替换5Ω电阻，并移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数仍为 V；
（3）小明将5Ω和15Ω电阻分别接入电路，并将电压表示数调到所控制的电压时，两次实验整个电路消耗的电功率之比为 ；
（4）为确保所给的定值电阻接入电路后都能正常进行实验，那么，滑动变阻器的最大阻值至少为 Ω；
（5）通过实验探究，小明得出的结论是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻 。
（6）实验结束后，小明想测一个额定电压为2.5V小灯泡的额定功率，但电流表损坏。他用四节新干电池串联作电源，另有规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器R1和一个铭牌不清的滑动变阻器R2，设计了如图丙所示的电路。请你帮他完成测量过程：
①闭合开关，将滑动变阻器R1的滑片移至最左端，调节滑动变阻器R2的滑片，使电压表示数为 V，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器R2的滑片位置不动，将滑动变阻器R1的滑片移至最右端，读出电压表的示数为0.5V；
③小灯泡的额定功率为 W。
2022年辽宁省锦州市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。1～7题为单选题，8～10题为多选题。多选题漏选得1分，错选得0分）
1．（2分）下列对物理量的估测最接近实际的是（ ）
A．蚂蚁的爬行速度约为2m/s
B．冰箱冷藏室的温度约为﹣5℃
C．比赛用篮球的质量约为6g
D．日光灯的额定功率约为20W
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、蚂蚁爬行的速度比较慢，一般在2cm/s左右，故A不符合实际；
B、水的凝固点是0℃，冰箱冷藏室内的水不会结冰，说明温度不低于0℃，一般是4℃，故B不符合实际；
C、比赛用篮球的质量在600g左右，故C不符合实际；
D、一般日光灯的额定功率较小，在20W左右，故D符合实际。
故选：D。
【点评】估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题。
2．（2分）中国特有的二十四节气惊艳亮相北京冬奥会的开幕式，对下列节气中涉及到的物态变化现象，分析正确的是（ ）
A．“雨水”——雨的形成是升华现象
B．“寒露”——露的形成是汽化现象
C．“霜降”——霜的形成是凝华现象
D．“大雪”——雪的形成是熔化现象
【分析】物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。
【解答】解：A、雨水主要是云层中的水蒸气遇冷液化形成的，故A不正确；
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B不正确；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故C正确；
D、雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故D不正确。
故选：C。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．（2分）如图所示现象中，由于光的反射形成的是（ ）
A．露珠下的叶脉 B．塔的倒影
C．墙上的手影 D．海市蜃楼
【分析】（1）光的直线传播现象：光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光的折射现象：知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射；
（3）光的反射现象：光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。
【解答】解：A、露珠下的叶脉，是光的折射现象，故A不符合题意；
B、塔的倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故B符合题意；
C、墙上的手影，是光的直线传播形成的，故C不符合题意；
D、海市蜃楼是一种由光的折射产生的现象，是由于空气的密度不均匀而引起的，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。
4．（2分）下列与日常生活相关的物理现象中，解释正确的是（ ）
A．洗手池下方的回水管是一个连通器
B．塑料吸盘能吸在瓷砖墙面上，是因为吸盘对墙面有吸引力
C．灰尘被吸入吸尘器，是因为流速大的地方压强大
D．潜水员需要穿抗压潜水服，是因为液体压强随深度增加而减小
【分析】（1）上端开口，底部连通的仪器，叫连通器；
（2）塑料吸盘是大气压在生活中应用的实例。塑料挂衣钩里面的压强小于外界的大气压强，是大气压强把挂衣钩压在墙上的；
（3）流体的压强跟流速有关，流速越大的地方压强越小；
（4）液体内部的压强随着深度的增加而增大。
【解答】解：A、洗手池下方排水管的U形“反水弯”利用了连通器原理，故A正确；
B、使用塑料吸盘时，先挤出里边的空气，使其内部气体压强减小，在外界大气压的作用就把它压在了光滑的墙面上，故B错误；
C、根据流体压强和流速的关系可知，吸尘器应用了气体流速大的地方压强小的原理，故C错误；
D、深海潜水员必须穿抗压潜水服是因为海水压强随深度的增加而增大，故D错误。
故选：A。
【点评】本题为力学综合题，考查了学生对液体内部压强的特点、连通器、大气压的应用、以及流速与压强的关系的理解和掌握，虽知识点多、但都属于基础，难度不大。
5．（2分）目前我国在能源、材料和航天等领域都取得了巨大成就。下列说法正确的是（ ）
A．核能和地热能都是可再生能源
B．半导体是制造集成电路的重要材料
C．地面控制中心通过超声波与空间站中的航天员通信
D．空间站上太阳能电池板将太阳能转化为内能
【分析】（1）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
（2）集成电路使用的材料为半导体材料；
（3）广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；
（4）太阳能电池板将太阳能转化为电能。
【解答】解：A、地热能可以能够源源不断的从自然界得到的能源是可再生能源，化石能源、核能是不可再生能源，故A错误；
B、硅单质是重要的半导体材料，所以硅单质广泛应用于制造集成电路，故B正确；
C、地面控制中心通过电磁波与空间站中的航天员通信，故C错误；
D、太阳能电池板将太阳能转化为电能，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了太阳能的转化、半导体的应用、电磁波的应用和可再生与不可再生能源的分类，属于基础题。
6．（2分）如图所示是小明设计的部分家庭电路，下列说法正确的是（ ）
A．灯泡与开关的连接符合安全用电要求
B．若保险丝熔断，可以用铜丝替换
C．闭合开关，若灯泡不亮，一定是灯泡短路
D．三孔插座的连接符合安装要求
【分析】（1）火线首先过开关进灯泡顶端的金属点是最安全的；
（2）保险丝是用电阻率较大而熔点较低的铅锑合金制成的，当电流过大时，它会因温度过高而熔断，保护电路；
（3）保险丝熔断，可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大；
（4）三孔插座的接线方法是左零、右火、上地。
【解答】解：A、开关接在火线和灯泡之间，这样开关能控制灯泡，故A正确；
B、组成保险丝的材料是电阻率较大而熔点较低的铅锑合金，在电流过大时熔断，自动切断电路，起到保护作用；铜导线的熔点很高，当电流过大时，不能熔断起不到保护作用，容易引起火灾，故B错误；
C、保险丝熔断，可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故C错误；
D、插座的左孔接地线，中间的孔接的零线，右孔接火线，不符合于三孔插座“左零右火上地”接法，故D错误。
故选：A。
【点评】对生活中常见的安全用电规则和现象，要有适当的应对方法，这样才能做到安全用电。
7．（2分）如图所示是电与磁的四个实验，下列说法中正确的是（ ）
A．甲图：通电后小磁针发生偏转，说明电流有热效应
B．乙图：说明电磁铁的磁性强弱与电流方向有关
C．丙图：闭合开关后，磁场中导体ab受力而运动，依据该原理可制成电动机
D．丁图：闭合开关后，磁场中导体ab竖直向上运动时，灵敏电流计指针偏转
【分析】（1）通电导线周围存在磁场；
（2）电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关；
（3）通电后，导体棒在磁场中发生运动，是研究通电导线在磁场中受磁场力的；
（4）闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流的现象叫做电磁感应现象。
【解答】解：A、甲图是奥斯特实验，导线触及电源后，电路中有电流，小磁针将发生偏转，说明电流周围有磁场，属于电流的磁效应，故A错误；
B、乙图中两个电磁铁串联，通过的电流相同；线圈匝数不同，吸起大头针的数量不同，说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数有关，故B错误；
C、丙图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中受力而运动，依据该实验原理可制成电动机，故C正确；
D、丁图中磁场中导体ab竖直向上运动时，不切割磁感线，不会产生感应电流，电流计的指针不会偏转，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了奥斯特实验、影响通电螺线管中的磁性强弱的因素、电动机的原理、产生感应电流的条件等知识，知识点较多，但难度不大。
（多选）8．（2分）对北京冬奥会的一些比赛情景的描述，下列说法正确的是（ ）
A．掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性
B．单板滑雪运动员踩在滑雪板上，减小了对雪地的压强
C．短道速滑运动员在匀速转弯过程中，运动状态不变
D．跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，重力势能减小
【分析】（1）任何物体都具有保持原运动状态不变的性质，叫做惯性；
（2）影响压强的因素是压力和受力面积，当压力一定时，受力面积越小，压强越大；
（3）力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；
（4）重力势能与质量和高度有关；质量越大、高度越高，重力势能越大。
【解答】解：A、掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性，要保持原来的运动状态，故A正确；
B、在压力一定时，踏滑雪板，增大了受力面积，减小了对雪地的压强，故B正确；
C、短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，运动方向改变，故运动状态改变，故C错误；
D、跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，高度减小，故重力势能变小，故D正确。
故选：ABD。
【点评】此题考查多个知识点；理解惯性概念、熟悉减小压强的方法、明确运动状态改变的几种情况、理解影响重力势能的因素，可正确解答此题。
（多选）9．（2分）在水平桌面上有甲、乙两个完全相同的烧杯，烧杯内盛有两种不同的液体。如图所示，将质量相等的A、B两个物体分别放入两种液体中（VA＜VB），静止时两烧杯内液面相平。下列说法正确的是（ ）
A．甲烧杯中液体的密度小于乙烧杯中液体的密度
B．物体A受到的浮力等于物体B受到的浮力
C．甲烧杯底受到液体的压力等于乙烧杯底受到液体的压力
D．甲烧杯对桌面的压强大于乙烧杯对桌面的压强
【分析】（1）根据浮沉条件，判断浮力大小关系；
（2）根据F浮＝ρ液gV排分析液体密度大小关系；
（3）根据p＝ρgh比较压强关系，再根据p＝比较压力大小关系；
（4）甲、乙两容器对水平桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的重力之和，根据p＝比较烧杯对桌面的压强关系。
【解答】解：（1）两物体质量相等，其重力也相等，
甲图，物体A漂浮，浮力等于重力，即F甲＝G；
乙图，物体B悬浮，浮力等于重力，即F乙＝G，
所以A物体受到的浮力等于B物体受到的浮力；故B正确；
根据F浮＝ρ液gV排，在浮力相同时，由图知VA排＜VB排，所以ρ甲＞ρ乙，故A错误；
（3）因为两容器液面相平，即h甲＝h乙，而ρ甲＞ρ乙，由p＝ρgh可知，p甲＞p乙，两容器底面积相同，由p＝可知，甲烧杯底受到液体的压力大于乙烧杯底受到液体的压力，故C错误；
（4）放入物体AB后，两容器液面相平，VA＜VB，所以VA排＜VB排，说明没放物体之前甲容器中液体的体积大于乙容器中液体的体积，即V甲＞V乙，ρ甲＞ρ乙，由ρ＝可知，m甲＞m乙，G甲＞G乙；
两容器质量相同，则容器的重力相同，物体质量相同，其重力也相等，但液体的重力G甲＞G乙，
两容器对桌面的压力分别为F甲＝G器+G物+G甲，F乙＝G器+G物+G乙，所以F甲＞F乙，两容器底面积相同，由p＝可知，甲烧杯对桌面的压强大于乙烧杯对桌面的压强，故D正确。
故选：BD。
【点评】此题主要考查的是学生对液体压强计算公式、物体的浮沉条件、阿基米德原理的理解和掌握。
（多选）10．（2分）如图甲所示电路，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S1，断开开关S2，将R的滑片从b端移到a端过程中，两个电压表示数与电流表示数关系图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为4.5V
B．滑动变阻器的最大阻值为20Ω
C．R1的最小电功率为0.225W
D．闭合开关S1、S2，通电10s整个电路最多产生热量为36J
【分析】闭合开关S1，断开开关S2，定值电阻R1、R2、R串联，电压表V1测量R2两端的电压，电压表V2测量R2和R的电压之和，电流表测量电路中的电流；
闭合开关S1，断开开关S2，当滑动变阻器的滑动触头在a端时，可得出电源电压的表达式，当滑动变阻器的滑动触头在b端时，可得出电源电压的表达式，联立两式可得电源电压；
当滑片在a端时，R被短路，电路中的电阻最小，根据欧姆定律可知，电路中的电流最大，由图乙可知，最大电流I大＝0.3A，R2两端的电压U2＝3V，根据欧姆定律可求出R2的阻值；
当滑片在b端时，电路中的电阻最大，根据欧姆定律可知，电路中的电流最小，由图乙可知，最小电流I小＝0.15A，电压表V2的示数为4.5V，电压表V1的示数为1.5V，根据串联电路的特点可知R两端的电压，根据欧姆定律可求出R的最大阻值；
根据串联电路的电流特点可知通过R1的最小电流，利用P＝I2R计算出R1的最小功率；
【解答】解：闭合开关S1，断开开关S2，定值电阻R1、R2、R串联，电压表V1测量R2两端的电压，电压表V2测量R2和R的电压之和，电流表测量电路中的电流；
A、闭合开关S1，断开开关S2，当滑动变阻器的滑片在a端时，
电源电压U＝U2+U1＝3V+0.3A×R1........①，
当滑动变阻器的滑片在b端时，
电源电压U＝U2′+UR+U1′＝4.5V+0.15A×R1........②，
联立①②可得电源电压U＝6V，R1＝10Ω；
故A错误；
B、当滑片在b端时，电路中的电阻最大，根据欧姆定律可知，电路中的电流最小，
由图乙可知，最小电流I小＝0.15A，电压表V2的示数为4.5V，电压表V1的示数为1.5V，
根据串联电路的特点可知，R两端的电压UR＝4.5V﹣1.5V＝3V，
根据欧姆定律可知，R的最大阻值：R＝＝＝20Ω，故B正确；
C、根据串联电路的电流特点可知，通过R1的最小电流I1小＝I小＝0.15A，
R1的最小功率：P1＝I1小2R1＝（0.15A）2×10Ω＝0.225W，故C正确；
D、闭合开关S1，断开开关S2，当滑片在a端时，R被短路，电路中的电阻最小，根据欧姆定律可知，此时电路中的电流最大，
由图乙可知，最大电流I大＝0.3A，R2两端的电压U2＝3V，
根据欧姆定律可知，R2的阻值R2＝＝＝10Ω；
闭合开关S1、S2，R1被短路，R2与R串联，
电源电压不变，由Q＝W＝t可知，当电路中总电阻最小时，电路中产生的热量最多，
根据串联电路的特点可知，当滑动变阻器的电阻为0时，电路中的总电阻最小R总小＝R2＝10Ω，
闭合开关S1、S2，通电10s整个电路最多产生热量Q＝W＝t＝＝36J，故D正确。
故选：BCD。
【点评】本题考查动态电路分析、欧姆定律的应用和电功率的计算，解题的关键是能从图中获取相关信息，题目综合性强，难度较大。
二、填空题（每空1分，共17分）
11．（2分）2022年元宵晚会上，在空间站中的航天员王亚平用古筝演奏了一曲《茉莉花》。古筝发出的声音是由于琴弦 振动 产生的；改变拨弦的力度可以改变声音的 响度 （选填“音调”、“响度”或“音色”）。
【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）声音的三特征是：音调、响度和音色，响度是由声源振动的幅度决定的，振幅越大，响度越大；音调的高低和振动的频率有关，频率越高，音调越高；音色由发声体本身的材料结构决定。
【解答】解：古筝发出的声音是由于琴弦振动产生的；
改变拨弦的力度，改变琴弦的振动幅度，可以改变声音的响度。
故答案为：振动；响度。
【点评】本题考查了声音的产生和声音的特性，属于基础性题目，难度不大。
12．（3分）2022年6月5日10时44分，搭载着神舟十四号载人飞船的长征二号F火箭成功发射。火箭起飞过程中，以发射塔为参照物，火箭是 运动 （选填“运动”或“静止”）的；火箭喷气发动机将燃料燃烧后燃气的内能转化为 机械 能，此能量转化过程与四冲程汽油机的 做功 冲程相同。
【分析】（1）判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，被研究的物体和参照物之间如果发生位置的变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的；
（2）火箭发动机工作时将内能转化成了机械能；四冲程汽油机在做功冲程中将燃料燃烧释放的内能转化为机械能。
【解答】解：（1）火箭发射过程中，火箭与发射塔之间的相对位置发生变化，因此火箭是运动的；
（2）火箭起飞过程中，将内能转化为火箭的机械能，四冲程汽油机做功冲程将燃料燃烧释放的内能转化为机械能，火箭发射过程的能量转化与内燃机的做功冲程的原理是相同的。
故答案为：运动；机械；做功。
【点评】该题以火箭发射为问题背景，考查了运动和静止的相对性、能量的转化等知识点，是一道综合题，但难度不大。
13．（2分）如图所示，小丽穿着轮滑鞋在水平地面上匀速滑行，此时地面对她的支持力与 重力 是一对平衡力；轮滑鞋是利用滚动代替滑动来 减小 （选填“增大”或“减小”）摩擦的。
【分析】平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
【解答】解：小丽穿着轮滑鞋在水平地面上匀速滑行，受到竖直向下的重力与竖直向上的支持力作用而处于平衡状态，重力与支持力是一对平衡力；
轮滑鞋下装有滚轮，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力。
故答案为：重力；减小。
【点评】本题考查了平衡力和影响滑动摩擦力大小的两个因素的同时，也考查了学生运用所学知识分析实际问题的能力。
14．（3分）如图所示，A和B是两个验电器，A的金属箔张开是因为同种电荷相互 排斥 ；用带有手柄的金属棒把A和B两个验电器的金属球连接起来，若瞬间电流的方向由B到A，则A验电器带 负 （选填“正”或“负”）电。金属棒的手柄是 绝缘 （选填“绝缘”或“导”）体。
【分析】验电器工作的原理：同种电荷互相排斥；
物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向，负电荷定向移动的方向与电流方向相反；
容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体。
【解答】解：验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制成的，A的金属箔张开是因为A验电器的两片金属箔片带同种电荷；
物理学规定正电荷定向移动的方向为电流方向，已知瞬间电流的方向由B到A，说明正电荷从B到A，所以A验电器带负电；
使用金属棒连接两个验电器的过程中，为了避免电荷向其他方向转移，使用的手柄必须是绝缘体。
故答案为：排斥；负；绝缘。
【点评】此题考查了验电器的原理、电流的方向及材料绝缘性的应用，是一道电现象的基础题。
15．（2分）如图所示，水平桌面上的容器底部放有一个边长为10cm，质量为900g的正方体物块，则物块对容器底的压强为 900 Pa；逐渐向容器内倒水使物块漂浮，物块受到的浮力是 9 N。（g取10N/kg）
【分析】（1）水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，根据p＝求出物块对容器底的压强；
（2）根据物体沉浮条件可求出物块漂浮时受到的浮力。
【解答】解：正方体物块的重力为：G＝mg＝0.9kg×10N/kg＝9N，
所以物块对容器底的压力为：F＝G＝9N，
则物块对容器底的压强为：p＝＝＝900Pa，
逐渐向容器内倒水使物块漂浮，物块受到的浮力为：F浮＝G＝9N。
故答案为：900；9。
【点评】本题主要考查压强的计算及物体沉浮条件的应用，比较基础，难度不大。
16．（3分）如图所示的滑轮组，在拉力F的作用下，物体A以0.1m/s的速度匀速直线运动了10s。物体A受到的摩擦力为4.2N，弹簧测力计示数为2N（不计绳、弹簧测力计和滑轮重）。则绳子自由端移动的距离为 3 m，拉力F的功率为 0.6 W，滑轮组的机械效率为 70% 。
【分析】从图中可知n＝3，根据v＝nv物得出绳子自由端的速度，根据s＝vt得出绳子自由端移动的距离；
不计绳、弹簧测力计和滑轮重，弹簧测力计示数为2N，则拉力为2N，根据P＝＝＝Fv可知拉力F的功率；
根据η＝＝＝＝得出滑轮组的机械效率。
【解答】解：从图中可知n＝3，绳子自由端的速度v＝nv物＝3×0.1m/s＝0.3m/s，绳子自由端移动的距离s＝vt＝0.3m/s×10s＝3m；
不计绳、弹簧测力计和滑轮重，弹簧测力计示数为2N，则拉力为2N，根据P＝＝＝Fv可知拉力F的功率P＝Fv＝2N×0.3m/s＝0.6W；
滑轮组的机械效率η＝＝＝＝＝×100%＝70%。
故答案为：3；0.6；70%。
【点评】本题考查速度、功率和效率的有关计算，综合性强，难度适中。
17．（2分）如图所示电路，电源电压恒定，定值电阻R2的阻值为20Ω，电流表A1和A2的量程均为0～0.6A。闭合开关S，当滑动变阻器R1的滑片从最左端向右移动的过程中，两个电流表的示数之差始终为0.2A。则电压表的示数为 4 V，滑动变阻器R1允许接入电路的最小阻值为 10 Ω。
【分析】由图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电流表A1测量通过滑动变阻器R1的电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量电源电压；
（1）根据并联电路的电流特点可知通过R2的电流，根据欧姆定律求出R2两端的电压，根据并联电路特点可知电压表示数；
（2）为了电路安全，电流表A2的示数最大为0.6A，根据并联电路特点可知通过R1的最大电流，根据欧姆定律可以求出滑动变阻器允许接入电路的最小阻值。
【解答】解：由图可知，定值电阻R2与滑动变阻器R1并联，电流表A1测量通过滑动变阻器R1的电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量电源电压；
（1）根据并联电路的电流特点可知，两个电流表的示数之差即为通过R2的电流I2＝0.2A，
根据欧姆定律可知，R2两端的电压U2＝I2R2＝0.2A×20Ω＝4V，
根据并联电路特点可知，电源电压U＝U1＝U2＝4V，所以电压表示数为4V；
（2）为了电路安全，电流表A2的示数最大为I＝0.6A，
根据并联电路特点可知，通过滑动变阻器的最大电流I1＝I﹣I2＝0.6A﹣0.2A＝0.4A，
根据欧姆定律可知，滑动变阻器允许接入电路的最小阻值R1小＝＝＝10Ω。
故答案为：4；10。
【点评】本题考查并联电路特点、欧姆定律的应用，正确判断电流表所测电路的电流是解题的关键。
三、作图题（每小题2分，共4分）
18．（2分）如图所示，S'是光源S在平面镜中所成的像，S发出的一条光线经平面镜反射后恰好经过凸透镜左侧焦点F。请你画出：
（1）光源S的位置；
（2）经过凸透镜的折射光线。
【分析】（1）根据平面镜成像的特点做出S；
（2）从焦点发出的光线经过凸透镜后会平行于主光轴。
【解答】解：（1）平面镜成像时，像与物体关于镜面是对称的，据此做出发光点S；
（2）由图可知，像与反射光线的连线与镜面的交点为反射点，连接S和反射点，该光线为入射光线，从焦点发出的光线经过凸透镜后会平行于主光轴；如图所示：
【点评】此题考查光的反射定律作图、平面镜成像特点和凸透镜对光线的作用，综合性较强。
19．（2分）如图所示，用瓶起子起瓶盖时，瓶起子是一个杠杆，O是它的支点，F2是它受到的阻力。请你在图中画出作用在A点的最小动力F1及其力臂L1。
【分析】杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1 L1＝F2 L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
【解答】解：由杠杆平衡条件F1 L1＝F2 L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂L1最长；由于阻力使杠杆逆时针方向转动，所以动力的方向应该向上，过点A垂直于OA向上作出最小动力F1的示意图，如图所示：
。
【点评】本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
四、简答题（共3分）
20．（3分）同学们在电视上观看了神舟十三号载人飞船返回舱的着陆过程。返回舱以极大的速度进入大气层时，温度急剧升高，此时它表面的高分子固体材料发生物态变化使其降温；返回舱在距离地表10km时，打开降落伞减速，最后安全着陆。请你回答：
（1）电视机屏幕的彩色画面是由哪三种色光混合成的？
（2）高分子固体材料发生了什么物态变化？（写出一种即可）
（3）返回舱打开降落伞后，机械能如何变化？
【分析】（1）光的三原色是红、绿、蓝三种色；
（2）表面材料可能发生熔化、汽化和升华的物态变化；
（3）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和。
【解答】解：（1）多彩的画面是由红、绿、蓝三种色光混合成的；
（2）其表面材料因为吸收大量的热量，所以可能发生熔化、汽化和升华的物态变化；
（3）返回舱打开降落伞减速的过程中，它的质量不变，速度减小，故动能减小；同时质量不变，高度减小，重力势能减小，所以机械能变小。
【点评】本题考查了光的三原色、物态变化、机械能的转化和守恒等知识，综合性强，难度不大。
五、计算题（本题共2小题，共12分。要求写出必要的文字说明、公式、计算过程、数值和单位）
21．（5分）如图所示是我国自行设计研制的AG600全状态新构型灭火飞机。若该飞机以270km/h的速度匀速直线航行20min，消耗航空燃油1.35t，飞机发动机的功率为2.25×107W。（航空燃油的热值为4×107J/kg）求：
（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）飞机在航行过程中的阻力是多少？
（3）发动机的效率是多少？
【分析】（1）已知消耗的航空燃油的质量和燃油的热值，根据Q放＝qm可求出消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量；
（2）已知飞机发动机的功率和匀速航行的速度，根据P＝＝＝Fv可求出飞机航行过程中的牵引力；
（3）已知飞机发动机的功率和航行时间，根据P＝可求出飞机发动机做的功；再根据η＝×100%求出发动机的效率。
【解答】解：（1）已知消耗的航空燃油的质量m＝1.35t＝1350kg，航空燃油的热值q＝4×107J/kg，
则这些燃油完全燃烧放出的热量为：Q放＝qm＝4×107J/kg×1350kg＝5.4×1010J；
（2）已知飞机发动机的功率P＝2.25×107W，飞机匀速航行的速度v＝270km/h＝75m/s，
由P＝＝＝Fv可知飞机航行过程中的牵引力为：F＝＝＝3×105N，
由二力平衡的条件可知飞机航行过程中的阻力为：f＝F＝3×105N；
（3）由P＝可知飞机发动机做的功为：W＝Pt＝2.25×107W×20×60s＝2.7×1010J，
则发动机的效率为：η＝×100%＝＝50%。
答：（1）消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量是5.4×1010J；
（2）飞机在航行过程中的阻力3×105N；
（3）发动机的效率是50%。
【点评】本题考查了热值、热机效率和功、功率的计算公式的应用，需要熟练掌握相关的公式及变形式。
22．（7分）小明家购买了一台电热水器，铭牌显示：容量是50L，额定电压是220V，额定功率是2000W。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ水＝1.0×103kg/m3]求：
（1）该电热水器正常工作时的电阻是多少？
（2）某次洗浴时，水箱装满初温为20℃的水，正常工作加热到60℃，若热水器的加热效率是84%，则此次加热消耗多少电能？
（3）一天，小明家只有该热水器和额定功率为700W的电饭锅接入电路，它们都正常工作，则标有2000r/（kW•h）的电能表的铝盘4min转了多少转？
【分析】（1）知道电热水器的额定电压和额定功率，利用P＝计算出电热水器正常工作时的电阻；
（2）利用密度公式计算出水箱中水的质量，知道水的比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）计算出水吸收的热量；利用效率公式计算出此次加热消耗的电能；
（3）利用P＝计算出电热水器和电饭锅正常工作4min消耗的电能；2000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过2000r，据此可知电能表的铝盘4min的转数。
【解答】解：（1）由P＝可知，电热水器正常工作时的电阻R＝＝＝24.2Ω；
（2）由ρ＝可知，水箱中水的质量m＝ρ水V＝1×103kg/m3×50×10﹣3m3＝50kg，
水箱中的水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（60℃﹣20℃）＝8.4×106J；
由η＝可知，此次加热消耗的电能W＝＝＝1×107J；
（3）由P＝可知，电热水器4min消耗的电能W1＝P1t＝2000W×4×60s＝4.8×105J；
电饭锅4min消耗的电能W2＝P2t＝700W×4×60s＝1.68×105J；
消耗的总电能W＝W1+W2＝4.8×105J+1.68×105J＝6.48×105J＝0.18kW•h；
2000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h电能，电能表的转盘转过2000r，
则电能表的铝盘4min的转数n＝0.18kW•h×2000r/（kW•h）＝360r。
答：（1）该电热水器正常工作时的电阻是24.2Ω；
（2）此次加热消耗1×107J的电能；
（3）一天，小明家只有该热水器和额定功率为700W的电饭锅接入电路，它们都正常工作，则标有2000r/（kW•h）的电能表的铝盘4min转了360转。
【点评】本题是一道电热综合题，主要考查电功率公式、密度公式、吸热公式、效率公式的应用以及对电能表参数的理解，计算过程中注意但是的换算。
六、实验、探究题（本题共4小题，共24分）
23．（5分）小明和小华都选用如图甲所示的实验装置“探究水沸腾时温度变化的特点”。
（1）实验时，给盛水的烧杯加热，是通过 热传递 方式改变水的内能；
（2）水沸腾时，继续加热，水的温度 不变 （选填“升高”、“降低”或“不变”）；
（3）实验过程中两位同学分别绘制了水的温度随时间变化的图像（如图乙所示），两位同学图像不同的原因是水的 质量 不同；
（4）水沸腾后，将水倒入烧瓶，发现水停止沸腾。如图丙所示，用橡皮塞塞住烧瓶口并将其倒置，向烧瓶底部浇冷水，发现水重新沸腾了。这是因为浇冷水后瓶内水蒸气 液化 （填物态变化的名称），瓶内气压减小，水的沸点 降低 （选填“升高”、“降低”或“不变”）。
【分析】（1）做功和热传递可以改变物体的内能；
（2）水沸腾过程中，吸收热量，温度不变；
（3）由图像可知，水到达沸点的时间不一样，说明水的质量不同；
（4）水的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高。
【解答】解：（1）实验时，给盛水的烧杯加热，水吸收热量，通过热传递的方式改变水的内能；
（2）水沸腾过程中，吸收热量，温度不变；
（3）读图乙可以看出，在同样加热的情况下，小华的升温较慢，其原因应该是水的质量不同；
（4）在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，气体压强减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，因此，水会重新沸腾起来。
故答案为：（1）热传递；（2）不变；（3）质量；（4）液化；降低。
【点评】此题考查了液体沸腾的示意，要能够从液体的沸腾图象中分析出液体沸腾的特点，难度不大。
24．（5分）小明做“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）如图甲所示，将一束平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小、最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝ 10.0 cm。
（2）小明在某次实验中，将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上如图乙所示的位置，光屏上呈现清晰的像，此像是倒立、 放大 的实像，生活中 投影仪 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是依据此成像原理制成的；
（3）保持蜡烛位置不变，移动凸透镜至如图丙所示位置，则人眼在图中 B （选填“A”或“B”）处能观察到烛焰的像；
（4）小明在图乙中烛焰和凸透镜之间的适当位置放一副眼镜，发现光屏上原本清晰的像变模糊了。将蜡烛向靠近凸透镜方向移动适当距离后，光屏上再次得到清晰的像，则该眼镜是 远视 （选填“近视”或“远视”）眼镜。
【分析】（1）通过甲图所示的现象，结合凸透镜焦点的定义即可确定该凸透镜的焦距；
（2）凸透镜的成像规律为：当2f＞u＞f时，成倒立、放大的实像，此时v＞2f，应用为投影仪；
（3）u＜f，凸透镜成正立放大的虚像，虚像与成像物体在同侧；
（4）凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用，近视镜是凹透镜，远视境是凸透镜。
【解答】解：（1）平行光线经过凸透镜后会聚于一点，这一点就是焦点；焦点到光心的距离是焦距，由图甲可知，该凸透镜的焦距为f＝50.0cm﹣40.0cm＝10.0cm；
（2）由图丙可知，蜡烛与凸透镜的距离为u＝25.0cm−10.0cm＝15.0cm，像距为u＝55.0cm−25.0cm＝30.0cm，凸透镜的焦距为f＝10.0cm，故2f＞u＞f，由凸透镜成像规律可知，成倒立、放大的实像，是投影仪的制作原理；
（3）保持蜡烛位置不变，移动透镜至16.0cm刻度线处，此时u＝16.0cm−10.0cm＝6.0cm，u＜f时，凸透镜成正立放大的虚像，光屏上接不到，透过凸透镜观察蜡烛看到正立放大的虚像；虚像与成像物体同侧，所以应从B处观察；
（4）在烛焰和凸透镜之间放一眼镜的镜片，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向靠近凸透镜的方向移动适当距离后，光屏上再次呈现清晰的像，说明该镜片把光线会聚了，凸透镜对光线有会聚作用，故该眼镜是远视眼镜。
故答案为：（1）10.0；（2）放大；投影仪；（3）B；（4）远视。
【点评】本题是凸透镜成像的实验，考查了凸透镜对光线作用、焦距的理解，实验的操作、成像规律的认识和理解等，考查知识点多，综合性强，平时要加强学生实验，感受实验的过程。
25．（6分）小明和小红使用不同的器材分别对石块的密度进行了测量。
（1）小明将托盘天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺左侧零位，发现指针所处位置如图甲所示，应将平衡螺母向 左 移动，使天平横梁在水平位置平衡；
（2）把石块放在天平的 左 盘中，用镊子向另一个盘中加减砝码，再移动游码。当天平平衡时，砝码质量以及游码在标尺上的位置如图乙所示，则石块的质量是 46 g；
（3）小明又测出石块的体积是20cm3，则石块的密度是 2.3×103 kg/m3；
（4）实验后，小明发现所用的砝码生锈了，则所测石块密度比真实值 偏小 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
（5）小红用圆柱形容器、刻度尺和一个不吸水的小木块等器材测量石块密度：
①如图丙所示，容器内装入适量的水，小木块放入容器内静止时，测出容器内水深为h1；
②如图丁所示，用细线把石块与木块系住放入容器内静止时，测出容器内水深为h2；
③如图戊所示，将石块直接放入容器内水中，测出容器内水深为h3；
④石块密度的表达式式ρ石＝ •ρ水 。（用字母表示，水的密度为ρ水）
【分析】（1）称量前天平的调节原则是：左偏右调，右偏左调；并调节横梁在水平位置平衡；
（2）称量物体质量时，左物右码；被测物体的质量等于砝码质量加上游码对应的刻度值；
（3）根据ρ＝求出石块的密度；
（4）砝码生锈会使砝码的质量增大，再根据砝码质量的变化推断测得物体质量的变化，由密度公式判断所测密度的偏差；
（5）设容器的底面积为S，由丙、戊两图可得石块的体积；再根据阿基米德原理求出丁图与丙图相比增大的浮力，由漂浮条件可得石块的重力等于增大的浮力，从而可求出石块的质量，知道石块的质量和体积可求出石块的密度。
【解答】解：
（1）图甲中分度盘的指针右偏，则平衡螺母应向左调，使横梁在水平位置平衡；
（2）测量时，需将石块置于左盘中；图乙中，标尺的分度值为0.2g，石块的质量m＝20g+20g+5g+1g＝46g；
（3）测出石块的体积是20cm3，则石块的密度为：
ρ＝＝＝2.3g/cm3＝2.3×103kg/m3；
（4）砝码生锈后质量会增大，这样用较少的砝码或少移动游码就可以使横梁恢复平衡，因此所测石块的质量会偏小，而体积没有偏差，由密度公式ρ＝知所测石块的密度比真实值偏小；
（5）设容器的底面积为S，由丙、戊两图可知石块的体积为：V＝S（h3﹣h1）；
丁图与丙图相比，增大的浮力：ΔF浮＝ρ水gΔV排＝ρ水gS（h2﹣h1）；
由漂浮条件可得石块的重力：G＝ΔF浮＝ρ水gS（h2﹣h1），
由G＝mg可得石块的质量：m＝ρ水S（h2﹣h1）；
则石块的密度为：
ρ石＝＝＝•ρ水。
故答案为：（1）左；（2）左；46；（3）2.3×103；（4）偏小；（5）•ρ水。
【点评】本题考查了用常规方法（天平与量筒）测固体的密度，也考查了用浮力知识测固体的密度，其中后一种方法是难点，看懂图示、灵活运用物体的浮沉条件和阿基米德原理是解答此问的关键。
26．（8分）小明在“探究电流与电阻关系”的实验中，所用电源是两节新的干电池，定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）小明将5Ω的定值电阻接入如图甲所示的电路中，闭合开关，向右移动滑动变阻器的滑片，电压表示数 不变 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。经检查发现电路中有一根导线连接错误，请你在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。
（2）改正电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为某一值时，电流表示数如图乙所示。接着小明用10Ω电阻替换5Ω电阻，并移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数仍为 1.5 V；
（3）小明将5Ω和15Ω电阻分别接入电路，并将电压表示数调到所控制的电压时，两次实验整个电路消耗的电功率之比为 3：1 ；
（4）为确保所给的定值电阻接入电路后都能正常进行实验，那么，滑动变阻器的最大阻值至少为 25 Ω；
（5）通过实验探究，小明得出的结论是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻 成反比 。
（6）实验结束后，小明想测一个额定电压为2.5V小灯泡的额定功率，但电流表损坏。他用四节新干电池串联作电源，另有规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器R1和一个铭牌不清的滑动变阻器R2，设计了如图丙所示的电路。请你帮他完成测量过程：
①闭合开关，将滑动变阻器R1的滑片移至最左端，调节滑动变阻器R2的滑片，使电压表示数为 3.5 V，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器R2的滑片位置不动，将滑动变阻器R1的滑片移至最右端，读出电压表的示数为0.5V；
③小灯泡的额定功率为 0.375 W。
【分析】（1）原电路图中，电压表并联在变阻器和定值电阻两端，相当于测电源电压，据此分析；在“探究电流与电阻关系”的实验中，电压表应并联在定值电阻两端；
（2）根据电流表选用量程确定分度值读数，由欧姆定律求出当电阻为5Ω时电压表示数；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同；
（3）已知定值电阻5Ω和15Ω，由欧姆定律可知，在电压不变时，电流与电阻成反比得出电路的电流之比，由P＝UI可知，在电压不变时，电功率与电流成正比，据此求出两次实验整个电路的电功率之比；
（4）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻；
（5）根据实验数据分析得出结论；
（6）①分析电路的连接，灯在额定电压下正常发光；
②因电压表接在变阻器R1的滑片上，故在滑片P1移动时，电路的电流保持不变，电压表测R1与滑动变阻器R2的总电压，根据串联电路电压的规律和欧姆定律求出灯的额定电流，根据P＝UI算出小灯泡额定功率。
【解答】解：（1）原电路图中，电压表并联在变阻器和定值电阻两端，相当于测电源电压，由于电源电压不变，故当闭合开关，向右移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变；
在“探究电流与电阻关系”的实验中，电压表应并联在定值电阻两端，如下图所示：
；
（2）当电压表的示数为某一值时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A；由欧姆定律，当定值电阻为5Ω时，定值电阻两端电压为：UV＝IR＝0.3A×5Ω＝1.5V；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，故用10Ω电阻替换5Ω电阻，并移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数仍为1.5V；
（3）已知定值电阻5Ω和15Ω，根据I＝可知，在电压不变时，电流与电阻成反比，故电路的电流之比为3：1；
由P＝UI可知，在电压不变时，电功率与电流成正比，故两次实验整个电路的电功率之比为3：1；
（4）由（2）知，电阻两端的电压始终保持UV＝1.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝U﹣UV＝3V﹣1.5V＝1.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的1倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝1×25Ω＝25Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少25Ω的滑动变阻器；
（5）在5次实验中，定值电阻两端的电压始终保持UV＝1.5V不变，故得出的结论是：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
（6）①将R1的滑片P1移至最左端，调节R2的滑片P2，此时小灯泡、R1和滑动变阻器R2串联，电压表测量R1和滑动变阻器R2两端的电压，当电压表的示数为6V﹣2.5V＝3.5V时，小灯泡L两端的电压为2.5V，灯泡正常发光；
②保持R2的滑片位置不动，将变阻器R1的滑片移至最右端，此时电路的连接不变，电压表只测量滑动变阻器R2两端的电压，读出电压表的示数0.5V，根据串联电路电压的规律知定值电阻R1两端的电压为：U1＝3.5V﹣0.5V＝3V，
此时电路的电流为：I1＝＝＝0.15A，根据串联电路电流特点，灯泡的额定电流IL＝I1＝0.15A；
③小灯泡L的额定功率为：P＝U额IL＝2.5V×0.15A＝0.375W。
故答案为：（1）不变；见解答图；（2）1.5；（3）3：1；（4）25；（5）成反比；（6）3.5；0.375。
【点评】本题探究电流与电阻关系实验，考查电路的连接、电流表读数，电压的计算、控制变量法的运用和对器材的要求以及设计实验方案测额定功率的能力。
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