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湖北省华中师范大学第一附属中学2021-2022学年高一下学期期末考试数学试题及答案
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华中师大一附中2021-2022学年度第二学期期末考试高一数学本试卷为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共150分,考试时间120分钟注意事项:1. 答卷前,请考生务必把自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2. 作答时,务必将答案写在答题卡上,写在本试卷及草稿纸上无效。 3. 考试结束后,将答题卡交回。第I卷(选择题)一、单项选择题(共8小题,每小题5分,共40分。每小题只有一个选项符合题意)1.已知集合,,则“”是“”的( )A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件2.已知角为第二象限角,,则的值为( )A. B. C. D.3.如果一个复数的实部和虚部相等,则称这个复数为“等部复数”,若复数为“等部复数”,则实数的值为( ) A. B.0 C.2 D.4.在锐角三角形中,a,b,c分别是内角A,B,C的对应边,设A=2C,则的取值范围是( )A. B. C. D.5.如图,在三棱锥中,平面ABC,,,,则点A到平面PBC的距离为( ).A. B. C.3 D.6.高一某班参加“红五月校园合唱比赛”,10位评委的打分如下:,,则( )A.该组数据的平均数为7,众数为 B.该组数据的第60百分位数为6C.如果再增加一位评委给该班也打7分,则该班得分的方差变小D.评判该班合唱水平的高低可以使用这组数据的平均数、中位数,也可以使用这组数据的众数7.《九章算术》是我国古代著名的数学著作,书中记载有几何体“刍甍”.现有一个刍甍如图所示,底面ABCD为正方形,底面ABCD,四边形ABFE,CDEF为两个全等的等腰梯形,,则该刍甍的外接球的体积为( )A. B. C. D.8.定义域在的函数图像的两个端点为A、B,向量,设是图像上任意一点,其中,,若不等式恒成立,则称函数在上满足“k范围线性近似”,其中最小的正实数k称为该函数的线性近似阈值.下列定义在上的函数中,线性近似阈值最小的是( )A. B. C. D.二、多项选择题(每题有两个或者两个以上正确答案,每题5分,少选得3分,共20分)9.设为复数,且,则下列命题正确的是( )A.若,则 B.若,则C.若,则 D.若,则10.已知函数(其中,,)的部分图象如图所示,则下列结论正确的是( )A.函数f(x)的图象的周期为B.函数f(x)的图象关于点(,0)对称C.函数f(x)在区间[-,]上的最大值为2D.直线与)图像所有交点的横坐标之和为11.已知,则( )A.的最大值为 B.的最小值为4C.的最小值为 D.的最小值为112.如图,平面四边形是由正方形和直角三角形组成的直角梯形,,,现将沿斜边翻折成(不在平面内),若为的中点,则在翻折过程中,下列结论正确的是( )A.与不可能垂直 B.三棱锥体积的最大值为C.若都在同一球面上,则该球的表面积是D.直线与所成角的取值范围为()第II卷(非选择题)三、填空题(共4题,每题5分,共20分)13.已知非零向量,的夹角为,,,则______.14.已知直三棱柱中,.若三棱柱外接球的表面积是,则它的体积的最大值是___________.15.已知D是的边BC上一点,且,,,则的最大值为______. 16.佩香囊是端午节传统习俗之一.香囊内通常填充一些中草药,有清香、驱虫、开窍的.因地方习俗的差异,香囊常用丝布做成各种不同的形状,形形色色,玲珑夺目.图1的平行四边形ABCD由六个边长为1的正三角形构成.将它沿虚线折起来,可得图2所示的六面体形状的香囊.那么在图2这个六面体中内切球半径为__________,体积为__________.四、解答题:本题共6小题,共70分.应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(本小题满分10分)在中,.(1)若,求;(2)若存在且唯一确定,求的取值范围. 18.(本小题满分12分)年月日,第十三届全国人民代表大会第五次会议在北京人民大会堂开幕,会议报告指出,年,国内生产总值和居民人均可支配收入明显增长.某地为了解居民可支配收入情况,随机抽取人,经统计,这人去年可支配收入(单位:万元)均在区间内,按,,,,,分成组,频率分布直方图如图所示,若上述居民可支配收入数据的第百分位数为.(1)求的值,并估计这位居民可支配收入的平均值(同一组中的数据用该组区间的中点值作代表);(2)用样本的频率估计概率,从该地居民中抽取甲、乙、丙人,若每次抽取的结果互不影响,求抽取的人中至少有两人去年可支配收入在内的概率. 19.(本小题满分12分)如图所示,在四棱锥中,已知PA⊥底面ABCD,且底面ABCD为梯形,,,,点E在线段PD上,.(1)求证:平面PAB;(2)求证:平面PAC⊥平面PCD. 20.(本小题满分12分)已知函数.(1)求函数的单调递增区间;(2)若函数在区间上有且仅有两个零点,求实数k的取值范围. 21.(本小题满分12分)在如图所示的七面体中,四边形为边长为2的正方形, 平面,,且,,,分别是,,的中点. (1)求点到平面的距离;(2)若直线交于点,直线交平面于点,证明:,,三点共线. 22.(本小题满分12分)如图,某圆形小区有两块空余绿化扇形草地(圆心角为)和(圆心角为),为圆的直径.现分别要设计出两块社区活动区域,其中一块为矩形区域,一块为平行四边形区域,已知圆的直径百米,且点在劣弧上(不含端点),点在上、点在上、点和在上、点在上,记.(1)经设计,当达到最大值时,取得最佳观赏效果,求取何值时,最大,最大值是多少?(2)设矩形和平行四边形面积和为,求的最大值及此时的值.
参考答案:1.A 【解题思路】由充分、必要条件定义即可得出答案.【详解】因为,所以“” “”,但“”推不出“”,所以“”是“”的充分不必要条件.故选:A.2.D 【解题思路】先由平方关系求得,再由余弦差角公式求解即可.【详解】因为角为第二象限角,所以,则.故选:D.3.D 【解题思路】化简复数,再由“等部复数”的定义即可求出答案.【详解】化简复数,因为“等部复数”的实部和虚部相等,复数为“等部复数”,所以,所以.故选:D.4.A 【解题思路】由正弦定理把边化角,再用三角恒等变换化简,转化为三角函数的值域问题,即可求解【详解】由正弦定理可得又因为三角形是锐角三角形,所以,即,也即,所以,所以,,, ,所以的取值范围是,5.A 【解题思路】根据线面垂直的性质可得,再根据线面垂直的判定定理可得平面PAB,则有,再利用等体积法即可得出答案.【详解】解:因为平面ABC,平面ABC,所以,又因为,即,因为,所以平面PAB,又平面PAB,所以,因为,,所以,的面积,设点A到平面PBC的距离为h,则三棱锥的体积,即,解得,即点A到平面PBC的距离为.6.C 【解题思路】首先将数据从小到大排列,再根据平均数、众数、中位数、方差的定义计算可得;【详解】解:这组数据从小到大排列为、、、、、、、、、,故平均数为,众数为和,中位数为,故A错误;方差为,因为,所以第60百分位数为,故B错误;如果再增加一位评委给该班也打分,则平均分不变也为,此时的方差为,故C正确;对于D:因为众数有两个,故不能用众数评判该班合唱水平的高低,故D错误;故选:C7.A 【解题思路】根据给定条件,求出点E到平面的距离,再由几何体的结构特征确定球心位置,结合球面的性质求解作答.【详解】取AD,BC中点N,M,正方形中心O,EF中点,连接,如图,依题意,平面,,点O是MN的中点,,等腰中,,,同理,因此,等腰梯形的高,由几何体的结构特征知,刍甍的外接球球心在直线上,连,正方形外接圆半径,则有,而,当点在线段的延长线(含点O)时,视为非负数,若点在线段(不含点O)上,视为负数,即有,即,解得,因此刍甍的外接球球心为O,半径为,所以刍甍的外接球的体积为.关键点睛:解决与球有关的内切或外接问题时,关键是确定球心的位置,再利用球的截面小圆性质求解.8.C 【解题思路】由题意可得点的横坐标相等,点在线段上,然后可得【详解】由题意可得点的横坐标相等,点在线段上,所以对于A,因为,所以,直线的方程为所以,因为,所以,当且仅当时等号成立所以,所以该函数的线性近似阈值为;对于B,因为,所以,直线的方程为所以,因为,所以,当且仅当时等号成立所以,所以该函数的线性近似阈值为;对于C,由函数,得,,直线方程为,线性近似阀值为.对于D,由函数可得,,方程为,由三角函数图象与性质可知,线性近似阀值为,因为,所以线性近似阀值最小的是故选:C9.BD 【解题思路】由反例可知AC错误;由可得,得到,知B正确;设,,根据共轭复数定义和复数乘法及模长运算可求得,知D正确.【详解】对于A,若,,则,此时,A错误;对于B,,,又,,即,B正确;对于C,若,则,若为虚数,则,C错误;对于D,设,,则,,,,,,D正确.故选:BD.10.AC 【解题思路】先利用函数图象 ,从而求得函数解析式,然后利用零点,对称性及正弦三角形最值求解得结果.【详解】依题意,,得,故A正确;,,则,当时,取最小值,则,得,即,当时,,故B错误;当[-,],则,则,故C正确;,则,设直线与)图像所有交点的横坐标为,则,解得,故D错误;故选:AC.11.BC 【解题思路】根据基本不等式可求A,B,D,根据判别式判断方程有根可判断C.【详解】由,即,当且仅当时等号.故A错,,进而可得:,当且仅当取等号,故B正确,令,则,所以,故可化为,整理得,由,得,即,解得或(舍去),C正确,,,当且仅当时等号成立,D错误故选:BC.12.BCD 【解题思路】对于A选项:根据线面垂直的判断定理,由,当时,平面,则;对于B选项:取的中点,连接,根据,则平面平面时,三棱锥体积的最大值,从而可判断;对于C,根据,可得都在同一球面上,且球的半径为,从而可判断;对于D选项:由可以看成以为轴线,以为平面角的圆锥的母线,即可求得与所成角的取值范围.【详解】解:对于A选项:由,则,当时,且,此时满足平面,因此,故A错误;对于B,取的中点,连接,则,且,因为,当平面平面时,三棱锥体积的最大值,在中,,则,此时,所以三棱锥体积的最大值为,故B正确;对于C,因为,所以都在同一球面上,且球的半径为,所以该球的表面积是,故C正确;对于D,作,因为为的中点,所有,,所以,所以,所以,可以看成以为轴线,以为平面角的圆锥的母线,所以与夹角为,与夹角为,又不在平面内,,,所以与所成角的取值范围,所以正确,故选:BCD.本题考查线面平行与垂直的判定定理及异面直线所成的角,多面体的外接球问题,棱锥的体积问题,考查了折叠问题,考查转化思想,计算能力与空间想象能力,有一定的难度.13. 【解题思路】利用垂直关系的向量表示,结合数量积的定义及运算律求解作答.【详解】非零向量,的夹角为,,则由得:,即,于是得,所以.故答案为:14. 【解题思路】分别取的中点和F,连接,取的中点为O,由题意可得O为外接球的球心,根据三棱锥的几何性质及外接球表面积,可求得的长,设AB=x,AC=y,则,求得体积V的表达式,结合基本不等式,即可得答案.【详解】分别取的中点和F,连接,取的中点为O,因为,所以为外接圆的圆心,同理F为外接圆的圆心,因为直三棱柱,则O为直三棱柱外接球的球心,连接,设,则,外接球半径为R,在中,,,,所以又三棱柱外接球的表面积是,所以,解得,,设AB=x,AC=y,则所以该几何体的体积当且仅当时等号成立,所以该几何体体积最大值为.15.## 【解题思路】设,,,则,,再在和中分别列出余弦定理,根据联立可得,再结合,得到,进而消去,结合基本不等式 求解最大值即可【详解】设,,,则,.在中,;在中,.因为,所以,所以,整理①.因为,所以.在中,,即,结合①可得,所以,即,当且仅当时,等号成立.16. 【解题思路】由两个同底且棱长都为1的正三棱锥构成的几何体求解.【详解】解:如图所示:易知该几何体是侧棱长为1,以边长为1的等边三角形为底的两个正三棱锥组成,O为的中心,即内切球的球心,M为FB的中点,连接HM,作,则ON为内切球的半径,因为 ,所以,所以内切球的半径为,内切球的体积为,故答案为:,17.(1)因为,所以.因为,所以.由余弦定理知所以.得.所以,或.由正弦定理知.所以,当时,.当时,.(2)由(1)得,存在且唯一确定,则,或,综上,当或时,存在且唯一确定.18.(1)由频率分布直方图,可得,则①因为居民收入数据的第60百分位数为8.1,所以,则②将①与②联立,解得.所以平均值为.(2)根据题意,设事件A,B,C分别为甲、乙、丙在[7.5,8.5)内,则.①“抽取3人中有2人在[7.5,8.5)内”,且与与互斥,根据概率的加法公式和事件独立性定义,得.②“抽取3人中有3人在[7.5,8.5)内”,由事件独立性定义,得.所以抽取的3人中至少有两人去年可支配收入在[7.5,8.5)内的概率:.19.(1)(1)过E作交PA于点F,连接BF,因为,所以.又,所以.又,所以所以四边形BCEF为平行四边形,所以,又CE平面PAB,BF平面PAB,所以平面PAB.(2)在梯形ABCD中,,,,,所以.所以,即因为PA⊥平面ABCD,CD平面ABCD,所以.又,所以CD⊥平面PAC,又CD平面PCD,所以平面PAC⊥平面PCD.20.(1),令,所以,所以函数的单调递增区间为:(2)函数在区间上有且仅有两个零点,即曲线与直线在区间上有且仅有两个交点,由,当时,,设,则,当时, 曲线与直线区间上有且仅有两个交点.21.(1)解:记到平面的距离为,在中,,,∴,(2)证明:∵,∴与确定平面,∵,平面,且,平面,∴平面平面,∵平面,∴平面,平面,∴点在直线上,则,,三点共线.22.(1)在矩形OEFG中,,,所以.因为MN∥PQ,,所以,在△OQP中,,,由正弦定理可知:,即,得.所以因为,所以,当,时,最大值为百米.(2)设平行四边形MNPQ边MN上的高为h,所以有,所以平行四边形MNPQ的面积为,在矩形OEFG中,,所以矩形OEFG的面积为,所以.其中,,,因为,所以,当,时,百米2,此时.
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