还剩24页未读，
继续阅读
2022年广东省东莞市中考物理模拟试卷（含解析）
展开
这是一份2022年广东省东莞市中考物理模拟试卷（含解析），共27页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2022年广东省东莞市中考物理模拟试卷
一、单选题（本大题共7小题，共21分）
1. 对物理量的估测，是一种良好的学习习惯，也是学好物理的基本功之一。小明是一位发育正常的九年级学生，下列是与他有关的一些数据，你认为合理的是( )
A. 他的体重为150N
B. 他身体的平均密度约为1.0×103kg/m3
C. 他的手掌宽度为25cm
D. 他百米赛跑的速度可达20m/s
2. 关于声和电磁波的说法正确的是( )
A. 声和电磁波都能传递信息且都能在真空中传播
B. 住宅安装双层玻璃窗可以减小噪声对室内的影响
C. “听诊器”能使人的心脏振动幅度增大，响度增大
D. 只有主人说出暗语时才能打开“声纹锁”，其辨别声音的主要依据是音调
3. 如图所示，甲、乙两队正在进行拨河比赛，经过激烈比拼，甲队获胜，下列说法正确的是( )
A. 甲队对乙队的拉力大于乙队对甲队的拉力
B. 甲队对乙队的拉力小于乙队对甲队的拉力
C. 甲队受到地面的摩擦力小于乙队受到地面的摩擦力
D. 甲队受到地面的摩擦力大于乙队受到地面的摩擦力
4. 如图所示为一高山的等高线图，某登山运动员从A点到达B点时，下列说法正确的是( )
A. 运动员的体重变大
B. 运动员的重力势能减小
C. 运动员烧水时，水的沸点升高
D. 运动员携带的气压计的示数减小
5. 由于水的比热容比沙石或干泥土的比热容大，所以在沿海地区陆地表面的气温比海面的气温昼夜变化显著．因此( )
A. 白天的海风多是从陆地吹向海面，夜晚的海风多是从海面吹向陆地
B. 白天的海风多是从海面吹向陆地，夜晚的海风多是从陆地吹向海面
C. 白天和夜晚的海风多是从陆地吹向海面
D. 白天和夜晚的海风多是从海面吹向陆地
6. 击剑比赛中，当甲方运动员的剑(图中用“S甲”表示)击中乙方的导电服时，电路导通，乙方指示灯L乙亮。下面能反映这种原理的电路是( )
A.
B.
C.
D.
7. 电位器和滑动变阻器都是变阻器，它们的原理都是通过改变导体的长度从而改变接入电路中的电阻．如图是某电位器的结构示意图，电阻片R的两端分别与接线端A、C相连，滑动片P的一端通过转轴O与接线端B相连，另一端与电阻片R接触良好，并能绕转轴O在电阻片R上滑动．已知电阻片R的总电阻为10Ω，将电位器A、B两个接线柱分别接在电压为2.4V的电源两端．当滑动片P位于如图所示的位置时，接线端B、C间的电阻为6Ω.则下列说法中正确的是( )
A. 接线端B、C间的电压为2.4V
B. 电位器消耗的电功率为1.44W
C. 通过A、B间电阻的电流为0.4A
D. 滑动片P逆时针向C端滑动的过程中，接入电路中的电阻变小
二、填空题（本大题共7小题，共21分）
8. 小明利用电脑上的视频摄像头给自己拍数码登记照。试拍后发现左脸白，右脸黑，原来是台灯放在左侧，这是由于光的______造成的；调整台灯后，小明应在距离镜头______处；如果觉得像偏小，他应该______(选填“靠近”或“远离”)镜头。看着自己的照片．发现面部光线还是不均匀。请你帮他想出一个解决办法______。
9. 近段时间江苏省发改委对江苏省汽油价格进行了微小调整。和大多数物质一样，汽油也有热胀冷缩的性质，随着气温的上升，汽油密度会______(“变大”或“变小”)，受此因素影响，在每吨汽油价格不变的情况下，每升汽油的价格应______(“上调”或“下调”)，某同学上学途中经过加油站时，闻到汽油味，这是由于______。
10. 热熔钻工艺是在金属薄板上一次加工出孔的技术，热熔钻头采用耐磨、耐高温的硬质材料制成．钻头与薄板接触时，钻头高速旋转，使钻头和薄板之间剧烈摩擦，用______的方式(填“做功”或“热传递”)，瞬间达到几千℃的温度，实现______能转化为______能，由于温度超过金属的熔点，钻头附近的金属迅速熔化，钻头继续施加向下的压力，几秒钟就在金属薄板上贯穿一个孔．
11. 如图是某商场的自动扶梯。扶梯的部分几何尺寸如图所示，质量为50kg的小华站在该扶梯上从商场一楼到二楼。已知扶梯以1m/s的速皮匀速上行。则扶梯对他做的功是______J，对他做功的功率是______W。如果站在扶梯上的人数增多，扶梯的效率将______(填“变大”、“变小”或“不变”)。若小华为较快上楼，在扶梯以上述速度上行的同时，他又相对扶梯以1m/s的速度在扶梯上向上步行，则他从一楼到达二楼所需的时间为______s。
12. 如图所示是“科普大篷车”进校园活动中，一群学生围着“会飞的碗”时的情景，同学们都为眼前的碗悬在空中这一“奇观”而啧啧称奇。图中的“会飞的碗”之所以悬停在空中是因为下方的气孔中有高速喷出的气流，使得碗的下方气体流速比碗上方气体流速快，导致碗下方气体压强______(填“大于”、“等于”或“小于”)碗上方气体压强，这样碗受到一个气体向上的“举力”而悬停在空中一定高度处。若下方出气孔中喷出的气体流速变慢些，碗的高度将______些(填“上升”、“不变”或“下降”)，某同学将自己手中的一串钥匙放在碗的位置，这串钥匙______(填“会”或“不会”)“飞起来”。
13. 如甲图所示，水平地面上的物体，受到方向不变的推力F的作用，其F−t和v−t的图象分别如图乙、如丙图所示。由图象可知，0～3s内，推力对物体做功______J；t=5s时，物体受到的摩擦力是______；9～12s内，推力对物体做功的功率是______。
14. 小阳利用磁敏电阻为他的自行车设计了一个速度计，磁铁固定在自行车的辐条上，磁敏电阻固定在自行车的后车架上，安装示意图如图甲，工作电路如图乙，已知电源电压为6V恒定不变。当磁铁与磁敏电阻Rs靠得最近时阻值为200Ω，磁铁与磁敏电阻Rs离得最远时阻值为400Ω，靠近或远离时的实际电阻在这两者之间变化；当R0两端电压不低于4.5V时电子计数器就能有效计数，低于4.5V就不能产生计数，车轮每转动一圈就计数一次。为保证电子计数器有效工作，电阻R0最小阻值为______Ω.某次行驶中，小明发现5分钟恰好完整计数了300次，车轮的周长为3m，则这段时间内自行车行驶的平均速度为______km/ℎ。
三、作图题（本大题共2小题，共4分）
15. 在公园的海洋馆里，人们可以透过厚厚的玻璃看到海底景观，请作出图中AB光线透过玻璃的光路．(已知v空气>v水>v玻璃)
16. 如图所示的水桶，是在一个最小外力作用下所处的状态。作出它此时的受力示意图。
四、实验探究题（本大题共2小题，共12分）
17. 如图是利用太阳能给LED路灯供电的自动控制电路的原理示意图．其中，R是光敏电阻，光敏电阻的阻值R随光照度的增强而减小．白天，通过太阳能电池板与蓄电池回路将太阳能转化为化学能储存在大容量蓄电池内．傍晚，当光照度小于一定值时，通过蓄电池与LED回路，路灯开始工作．
请用笔画线将电路原理图连接完整，使工作电路能正常工作(与触点的接线只能接在静触点上，图中已给出静触点D、E、F、G的四根引线；连线不能交叉)
18. (1)如甲图，小明将一块凸透镜正对太阳光，在透镜下面放上白纸(白纸与透镜平行)，改变透镜到白纸的距离s并测出s与对应的白纸被烤焦的时间t，绘出乙图所示的图象，可判断该透镜的焦距f为______cm。
(2)调整实验器材，使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的______上，这样调整的目的是______；在调整器材高度时，应______(填“点燃”或“不点燃”)蜡烛。
(3)如丙所示，当把一块焦距为15cm的凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在15cm刻度线位置时，光屏应在______(选填“Ⅰ”、“Ⅱ”或“Ⅲ”)区域内左右移动，才能在光屏上得到清晰的实像。
(4)在第(3)问中，当光屏上成清晰像的时候，保持透镜和光屏位置不变，若将蜡烛向左移动适当的距离，为了使光屏上仍能成清晰的像，则应在透镜前加上适当度数的______(选填“近视眼镜”、“老花眼镜”)。
(5)小明在实验中将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，则像距v与t的大致变化关系为丁图中的______。
五、计算题（本大题共4小题，共32分）
19. 克强同学在实验室想测量一块不规则瓷片的密度。当他用天平测量瓷片的质量为M后，发现瓷片放不进量筒，于是改用如图所示的方法测瓷片的体积：
a.往烧杯中加入适量的水，把瓷片浸没，在水面到达的位置上作标记；
b.取出瓷片；
c.往量筒加入适量的水，记录量筒中水的体积V1；
d.______(填写操作内容)；
e.操作后记录量筒中水的体积V2；
f.则瓷片的密度ρ为：______(用M、V1、V2表示)；
g.根据以上步骤，你认为克强同学测出的瓷片密度值将______(选填“偏大”或“偏小”)，出现误差的原因是______。
20. 在探究“通过导体的电流与电阻关系”实验中，有两个滑动变阻器为A“1A 20Ω”，B“1A 50Ω”。
(1)用笔画线代替导线，将电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变大。
(2)连接电路时，开关应该______。
(3)闭合开关后，如果发现电流表示数为零，电压表示数接近电源电压，原因可能是______。
(4)如果将5Ω电阻换成10Ω电阻，闭合开关后，电压表的示数将______，接下来应该将滑片P向______(填A或B)端移动。
(5)多次更换电阻进行实验，正确操作后，记下电流表的示数，得到电流I随电阻R变化的图像如图所示，由图像可知，实验过程中电压表的示数为______V。由图像可得出的结论是______。
(6)实验中如果电源电压为6v，所选用定值电阻分别为5Ω、10Ω、15Ω，为了顺利完成实验，应该选取的滑动变阻器为______(填A或B)。
21. 距离传感器发出的超声波遇到物体后反射回传感器，传感器收到信号后自动计算出物体与传感器的距离，并显示物体的距离(s)一时间(t)图象．超声波在空气中的速度是340m/s．
(1)若传感器在发出信号后0.01s收到从物体反射回来的信号．物体距传感器多远？
(2)若显示物体的s一t图象如图1，物体在0至15s的运动情况如何．
(3)如图2所示，一物体在F=10N的水平拉力作用下，沿水平地面做直线运动．传感器显示物体的s一t图象如图3，求：在0至15s物体受到的摩擦力多大？拉力的功率多大？
22. 图甲所示是我市某家用电辅热式平板太阳能热水器，其电加热的额定功率为1500W，图乙是其储水箱水位探测电路原理图，其中电源电压为24V，A为水位指示表(由量程为0−0.6A电流表改成)，R0阻值为10Ω，R1为压敏电阻，其阻值与储水箱水深的关系如图丙所示。
(1)热水器正常加热时，电热丝电阻多大？(结果保留一位小数)
(2)阴雨天，将储水箱中50kg、30℃的水加热到50℃，正常通电要多长时间？[设电热全部被水箱中的水吸收且水无热损失，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
(3)当水位指示表指示储水箱深为0.2m时，探测电路中的电流多大？
六、综合题（本大题共3小题，共16分）
23. 近年来，多旋翼无人机发展迅速。由于其机动性和灵活性强，广泛应用在航拍领域、交通管理等方面。如图所示为某品牌四旋翼无人机，它采用4个电机带动旋翼(螺旋桨)转动，对下方空气施力的同时获得升力。该无人机设有一键起降和返航、空中悬停等功能，还拥有北斗定位系统。携带的摄像机可以进行高清拍摄并实时把信号传到遥控器显示器。
(1)遥控无人机的升空原理与______(选填“风筝”、“火箭”或“热气球”)相同。
(2)无人机在匀速向上飞行时，机械能______(选填“变大”或“变小”)。只要增加______侧两个旋翼的转速，就能使无人机左侧抬升，向右倾斜飞行。
(3)拍摄地面图象时，减小悬停高度可以使图象______(选填“变大”或“变小”)，为了使照片清晰，还应将摄像机的镜头适当______(选填“前推”或“后缩”)。
(4)电动机在工作时保持其工作电压恒定不变，通过电子调速器来调节电动机的电流从而控制电动机的功率，每一个电动机连接一个电子调速器，那么电动机和电子调速器的连接方式是______联。
24. 智能机器人目前已能够为人类在很多方面进行高效率、高精准度的服务，在图书馆领域，机器人可以辅助或替代图书馆员的工作，提供整理图书、读者咨询等服务。下表是某智能机器人图书馆员“小i”(如图)的部分参数：
参数名
电源电压/V
最大负重/kg
提升重物最大高度/m
机器人车轮直径/cm
充电功率/W
数据
48
20
0.6
10
2.5
(1)“小i”也提供无线上网服务，它与互联网之间通过______来传递信息。
(2)“小i”每天需将1944kg图书从借阅处分批搬回书架上，每次放回需将图书提高0.5m，则每天搬书上书架做功______J，若充电效率为90%，则每天应至少充电______ℎ。(g取10N/kg)
(3)如图乙所示为“小i”承受图书重力的过载保护电路原理图，图中R为压力传感器，阻值随所受压力变化图像如图丙所示，图乙中触发器的电阻忽略不计，通过的电流超过0.5A时就触发电动机停止工作，放弃执行搬书指令，以免“小i”受损伤。因此为保护“小i”，电阻箱R0的阻值至少应为______Ω；“小i”长时间工作后，为减轻其最大负重，应将电阻箱R0的阻值适当______(选填“增大”或“减小”)。
(4)图书馆管理人员发现，“小i”经过斜面时，爬坡打滑爬不上去，在不改变智能机器人硬件情况下，为了让“小i”能爬坡，可采用的方法之一是______。
25. 阅读短文，回答问题。
混合动力汽车 混合动力汽车一般是指同时装备两种动力来源--热动力源(由传统的内燃机产生)与电动力源(电池与电动机)的汽车。它既有传统汽车的发动机、变速箱、传动系统、油路、油箱，也有电动车的电池、电动机、控制电路。混合动力汽车根据有无外接充电电源可分为插电式混 合动力以及非插电式混合动力两种。插电式混合动力汽车的电池容量比较大，有充电接口。如 果每次都是短途行驶，有较好的充电条件，插电混合动力汽车可以不用加油，当做纯电动车使 用，具有电动车的优点。 而非插电式混合动力，电池容量比较小，没有充电接口，必须加油，通过发动机驱动发电机来给电池充电。
比亚迪“秦”属于插电式混合动力车。在 110kW 电机和发动机共同驱动下，秦的最高时速可达185km/ℎ，0 到百公里加速时间仅为 6.9 秒。所用的铁蓄电池组的额定电压为 300V，容量 为 75A⋅ℎ(蓄电池放电电流和放电时间乘积)，纯电动最大续航里程为 100km。
丰田的 Prius 属于非插电式混合动力汽车。启动时，仅依靠电动机的动力即可启动汽车，此时发动机并未启动，而进一步加速时发动机介入，此时这款混合动力系统将充分发挥发动机 和电动机双方的动力，实现强劲动力；当车辆进入正常行驶状态时，系统将自动调节，均衡地使用发动机和电动机。车辆轻载行驶时，发动机向车辆提供驱动功率，同时发动机输出的多余 功率驱动发电机，经功率转换器为蓄电池充电；而当车辆减速时，发动机自动停止运转，电动 机作为发电机回收了部分能量，转化为电能储存在电池中，为未来驾驶提供动力。
(1)关于 Prius 混合动力汽车，下列说法不正确的是______ A.根据需要，发动机可以停止运转，单独依靠电动机行驶 B.根据需要，电动机和发动机可以联合驱动提高车辆动力性 C.在车辆减速、制动时，由发电机切换为电动机 D.轻载行驶时，燃料的化学能主要转化为汽车行驶的动能和蓄电池储存的电能
(2)与相同功率的传统燃油车相比，非插电式混合动力汽车的油耗较______(高/低)，这 是因为 ______。
(3)比亚迪“秦”的蓄电池组充满电至少要消耗______kW⋅ℎ 的电能。
(4)有一辆丰田 Prius 在高速公路上以 30m/s 的速度匀速行驶，当驾驶员看到前方高速出口的 标志牌时立即减速，速度由 30m/s 减小到 20m/s，已知该车的动能 E 与其速度 v 的关系如 下表所示。若在此过程中动力蓄电池获得的电能为汽车所减少动能的 50%，则动力蓄电池 获得的电能为______J。
v/ms−1
1
2
4
10
20
E/J
6.0×102
2.4×103
9.6×103
6×104
2.4×105
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、小明是一位发育正常的九年级学生，质量应在50kg左右，重力G=mg=50kg×10N/kg=500N，体重为150n是不合理的；
B、人在水中一般接近悬浮状态，所以人的密度与水的密度相差不大，约为1.0×103kg/m3，小明身体的平均密度约为1.0×103kg/m3是正确的；
C、小明手掌的宽度约在半拃左右，等于宽度为10cm，宽度为25cm是不合理的；
D、小明跑百米的时间约在14s左右，速度约v=st=100m14s≈7m/s，20m/s偏大。
故选：B。
A、体重的估测从质量计算出重力；
B、人体的密度可依照人在水中所处的状态来估测；
C、手掌的宽度可用自己的拃估测一下；
D、百米跑的速度根据自己的成绩用公式v=st试算一下。
平视注意对身边的质量、长度、速度、重力、电流、电压等物理量的观察和思考，培养自己的估测能力。
2.【答案】B
【解析】解：A、电磁波能在空气和真空中传播，声音在空气中可以传播，不能在真空中传播，故A不正确。
B、根据减少噪音的方法，在传播途中减弱，安装双层玻璃可以减少噪声对室内的影响，故B是正确的。
C、使用听诊器是利用固体传声效果好来听心脏的跳动，从而了解病情，故C是错误的。
D、声纹锁辨别声音的主要依据是音色，故D是错误的。
故选：B。
要解答此题需掌握：声音的传播与电磁波传播的特点，减少噪音的方法，听诊器的工作原理及声纹锁的工作原理。
本题联系生活考查了物理知识的实际应用，解题的关键是熟练掌握相关的知识点，有一定的综合性。
3.【答案】D
【解析】解：
(1)因为物体间力的作用是相互的，对于拔河的两个队，甲对乙施加了多大拉力，乙对甲也同时产生一样大小的拉力，故AB说法不正确；
(2)双方之间的拉力并不是决定胜负的因素，哪边能获胜就取决于哪边的摩擦力大，甲队获胜，甲队受到地面的摩擦力大于乙队受到地面的摩擦力，故C说法不正确；D说法正确。
故选：D。
物体间力的作用是相互的，当物体甲给物体乙一个作用力时，物体乙必然同时给物体甲一个反作用力，拔河比赛中，靠的是受到地面摩擦力的大小。因为他们之间力的作用是相互的，作用力和反作用力大小相等，方向相反，同时存在同时消失。
本题以拔河比赛为切入点考查相关的知识，很多同学认为对绳子拉力较大的哪一组获胜，实际上两组人对绳子的拉力是相同的，之所以获胜是因为与地面的摩擦力大，是一道容易出错的题目。
4.【答案】D
【解析】解：A、人的体重是随高度的增加而减小的，故A错误；
B、运动员的重力势能与质量、高度两因素有关，当质量一定时，高度升高，重力势能变大，故B错误；
C、大气压强随高度升高而减小，水的沸点随气压的减小而降低，故C错误；
D、大气压强随高度的升高而减小，所测气压B点比A点减小，故D正确．
故选D．
根据地理课所学等高线知识来看图，B点海拔2000m，A点海拔1000m，即B点比A点高．根据重力与高度关系、重力势能与高度关系、大气压强与高度的关系的知识点来判断．
各学科知识之间是有联系的．本题要求掌握重力势能与高度的关系，大气压强与高度的关系，液体沸点与大气压的关系．
5.【答案】B
【解析】解：水的比热容比泥土沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆地温度上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地；晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面．因此，在海岸附近形成的一种有日变化的风系．在基本气流微弱时，白天风从海上吹向陆地，夜晚风从陆地吹向海洋．前者称为海风，后者称为陆风，合称为海陆风．
故选：B．
要解答本题需掌握：水的比热容比泥土沙石的大，导致海陆风的形成．
本题主要考查学生对：海陆风形成原理的了解，是一道基础题．
6.【答案】D
【解析】解：因为甲方指示灯和乙方指示灯可以单独工作，并且互不影响，因此甲、乙指示灯为并联连接；根据题意可知，甲方开关控制乙方指示灯的工作；乙方开关控制甲方指示灯的工作；因此D选项电路符合要求。
故选：D。
当甲方运动员的剑击中乙方的导电服时，乙方指示灯亮，而甲方指示灯不会亮；同理，当乙方运动员的剑击中甲方的导电服时，甲方指示灯亮，而乙方指示灯不会亮，由此可知这两盏灯的连接方式为并联，且S甲与乙方的灯串联，S乙与甲方的灯串联。
本题考查串并联电路的特点，会根据用电器的工作情况确定用电器的连接方式，并会根据题意确定开关的作用。
7.【答案】B
【解析】解：A、因为是将滑动变阻器的AB两端接入电路，故BC两端的电压为零；
B、电位器消耗的功率：P=U2RAB=2.4V×2.4V4Ω=1.44W；
C、通过电位器的电流：I=URAB=2.4V4Ω=0.6A；
D、当滑片向C端移动时，增加了接入电路中电阻丝的长度，因此接入电路中的电阻变大．
故选 B．
A、根据滑动变阻器的AB接入电路分析BC间的电压；
B、已知滑动变阻器的总电阻和BC间的电阻以及AB两端的电压，先求出AB间的电阻，然后根据P=U2R求出电位器消耗的总功率；
C、已知AB的电阻和AB两端的电压，根据欧姆定律即可求出通过AB的电流；
D、根据接入电路中导线的长度分析滑片向C端移动时，电阻的变化情况．
本题考查滑动变阻器的使用、欧姆定律的应用以及电功率的计算公式的掌握情况，通过本题理解滑动变阻器的原理．
8.【答案】直线传播 大于二倍焦距 靠近 灯光不直接照射面部(用多灯从不同角度照明；让光透过白布照明；让墙面反射灯光照明等等)。
【解析】解：由于光沿直线传播，台灯放在左侧，所以灯光几乎全部射到人的左侧脸上，所以左脸白，右脸黑。
摄像头就相当于照相机，照相机是利用物距大于2倍焦距成倒立缩小的实像的原理制成的。故小明距离镜头应大于2倍焦距，要想使像大一些，应靠近镜头，使物距减小，像距增大，像也增大。
要想使自己照片面部光线均匀，不应让光线从某一角度照射，应让光线多角度照射。
故答案为：直线传播；大于二倍焦距；靠近，灯光不直接照射面部(用多灯从不同角度照明；让光透过白布照明；让墙面反射灯光照明等等)。
①光在同种均匀介质中是沿直线传播的。
②摄像头就相当于照相机，解决本题时可以将摄像头想象成照相机考虑问题即可。
本题主要考查学生对光的直线传播，以及凸透镜成像规律的了解和掌握。是一道基础题。
9.【答案】变小 下调 汽油分子在不停地做无规则运动
【解析】解：汽油温度升高时，体积也变大，质量不变，根据公式ρ=mV可以知道，物体的密度变小。在每吨汽油价格不变的情况下，即质量不变的情况下，按体积来计算时，每升汽油的价格应下调。
能够闻到汽油味，是汽油在空气中发生扩散现象的缘故，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
故答案为：变小；下调；汽油分子在不停地做无规则运动。
当物体的温度升高时，体积变大，质量不变，根据公式ρ=mV可以知道，物体的密度变小。扩散是指不同物质相互接触时彼此进入对方的现象。扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
此题的考查的知识点比较多，有①温度升高时，体积变大，密度变小；②扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
10.【答案】做功 机械 内
【解析】解：钻头高速旋转，使钻头和薄板之间剧烈摩擦，这是通过做功的方式，使物体内能增大，温度升高，实现机械能转化为内能。
故答案为：机械；内。
做功可以改变物体的内能，当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能。
本题主要考查学生对做功改变物体内能的理解和能量转化的认识，是一道基础题。
11.【答案】1470 294 变大 2.5
【解析】解：(1)扶梯对他做的功：
W=Gℎ=mgℎ=50kg×9.8N/kg×3m=1470J；
由勾股定律可得扶梯的长度s=5m，
由v=st可得，从一楼到二楼的时间：
t=sv=5m1m/s=5s；
扶梯对他做功的功率：
P=Wt=1470J5s=294W。
(2)站在扶梯上的人数增多说明有用功增加，而额外功几乎不变，机械效率会变大；
(3)当人在扶梯上行走时，相对于地面的速度v′=2m/s；根据v=st得：
t′=sv′=5m2m/s=2.5s。
故答案为：1470；294；变大；2.5。
(1)扶梯对他做的功实际上是克服他的重力所做的功，由W=Gℎ=mgℎ计算；再利用速度公式求出从一楼到二楼的时间t，最后根据功率的定义式求出功率的大小；
(2)扶梯上人数增多，重力增大，克服重力所做的功增大，即有用功增大，效率将会变大；
(3)先求出小华相对于地面的速度，再求出扶梯的长度，最后由速度公式的变形式求出时间。
本题考查的知识点多，解答本题的关键是从图中获取扶梯的高度、长度，难点是人在扶梯上行走时他相对于地面的速度是多少。
12.【答案】小于 上升 不会
【解析】解：
(1)在流体中，流速越大的位置，压强越小；图中碗下方的气孔中有高速喷出的气流，使得碗的下方气体流速比碗上方气体流速快，导致碗下方气体压强小于碗上方气体压强，从而产生向下的大气压力差；
所以，此时碗受到向下的重力、大气向下的压力差、气体向上的“举力”，处于平衡状态而悬停在空中一定高度处；
(2)若下方出气孔中喷出的气体流速变慢些，碗受到大气向下的压力差将变小，碗的高度将上升；
(3)图中碗的重心在碗的下部，重心低，碗容易处于稳定状态，才会出现悬停在空中的情况；一串钥匙，重心不稳定，所以某同学将自己手中的一串钥匙放在碗的位置，钥匙不会处于平衡状态，这串钥匙不会飞起来。
故答案为：小于；上升；不会。
流体压强与流速的关系：流速越大的地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大。
本题考查流体压强与流速的关系，难度不大。
13.【答案】0 60N 60W
【解析】解：
(1)由丙图知，0～3s内物体的速度为零，物体处于静止状态，所以，0～3s内推力对物体做功为0J；
(2)由丙图知，9～12s内，物体做匀速直线运动，且v=1m/s，由图乙知，9−12s时的推力F=60N，而物体在水平方向上受到的滑动摩擦力f与推力F是一对平衡力，则此时受到的摩擦力f=F=60N；
由丙图知，在3～6s内，物体做加速运动，由于物体对地面的压力和接触面的粗糙程度都没有改变，所以摩擦力的大小不变，也为60N，则t=5s时，物体受到的摩擦力为60N；
9～12内推力F做功的功率：P=Fv=60N×1m/s=60W。
故答案为：0；60N；60W。
(1)从图丙中分析0−3s时物体的速度大小可得出物体此时所处的状态，然后根据做功的两个必要条件分析解答；
(2)从图丙中得出，在9−12s内物体做匀速直线运动及速度大小，此时处于平衡状态，从对应的F−t图象中得出物体所受的推力大小，根据二力平衡条件求出摩擦力大小；而压力、接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，可求t=5s时物体受到的摩擦力大小；
利用P=Wt=Fst=Fv计算在9−12s内做功的功率。
本题考查学生对图象的认识，v−t图象、F−t图象相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡条件求出力的大小是本题的关键所在。
14.【答案】600；10.8
【解析】解：有图可知定值电阻R0和磁敏电阻RS串联在电路中，电子计数器实质是电压表和定值电阻R0并联，是测量定值电阻R0两端的电压，由题干可知当磁敏电阻RS等于200Ω，电子计数器(电压表)示数为4.5V时，定值电阻有最小值，由串联电路中电压与电阻成正比即U0Us=R0Rs得4.5V1.5V=R0200，所以R0=600Ω；
5分钟恰好完整计数了300次则自行车行驶的路程S=300×3m=900m，由公式V=St得V=900m300s=3m/s=10.8km/ℎ；
故答案：600；10.8。
根据题干所给条件和串联电路的电压和电阻的关系分析，可得出R0的最小电阻，由速度公式v=st便可得出自行车的速度。
本题考查串联电路中电压和电阻的关系以及速度的计算，要求学生在平时的学习中，加强对过程中基础知识的储备，以便灵活应用。
15.【答案】解：先过入射点B垂直左侧玻璃面作出法线，再在玻璃内部法线的另一侧画出折射光线，注意折射角小于入射角，并交玻璃右侧面于点C；
过C点垂直玻璃右侧面作出法线，在玻璃右侧法线另一侧的空气中画出折射光线，注意折射角大于入射角，特别注意此时的折射角大于厚玻璃左侧第一次折射的入射角，如图所示：
【解析】要做好本题，首先应知道光线通过厚玻璃要发生两次折射：
第一次折射是从水进入厚玻璃，根据V水>V玻璃，满足折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，作出光在玻璃中的折射光线；
第二次折射是从玻璃到空气，根据V空气>V水>V玻璃，满足折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，作出光由玻璃砖斜射进入空气的折射光线，第二次折射的折射角大于第一次折射的入射角．
本题首先考查光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，折射角随入射角的增大而增大．
本题的难点在与玻璃两端的两条光线不平行，而且第二次折射的折射角大于第一次折射的入射角，解决此问题的依据是
V空气>V水>V玻璃，理论是光在两种介质中的速度相差越大，折射角与入射角的差值会越大．
16.【答案】解：由图易知：水桶受到重力和支持力的作用。
要达到如图的状态，若施加的力最小，那么此时力的力臂最长，即以水桶右下端为支点，以水桶左上端和右下端的连线为最长力臂；那么过水桶左上端，作垂直于此连线的力即为所施加的最小力。
另外，若以水桶左上端为动力作用点，那么在重力的作用下，水桶与水平面接触的一端有向右滑动的趋势，故也会受到水平向左的静摩擦力。
综上所述，共受到四个力的作用：最小力F、支持力N、重力G、摩擦力f。
【解析】对物体进行受力分析，有规律可循：先重力、后弹力、然后看摩擦、最后再判其他力；
回到此题，首先水桶受重力和支持力的作用。
而题干告诉了“在一个最小外力作用下所处的状态”，那么肯定有一个“最小力”，这就要从杠杆的平衡条件入手分析；
以水桶右下端为支点，若用最小力保持水桶的状态，力臂需最大，即水桶左上端与右下端的连线；由此可做出这个力。
最后再找是否有摩擦力，若以水桶左上端为支点，由于此时杠杆平衡，在重力乘以其力臂不为0的情况下，必须有一个向右的力来使得杠杆保持平衡，因此水桶会有向右运动的趋势，所以水桶会受到摩擦力的作用，且方向水平向左。
本题考查了力的图示的画法。力的图示要把力的作用点和方向表示出来。由于此题涉及的力较多，还需根据杠杆的平衡条件来判断最小力，根据水桶所处状态来判断是否存在摩擦力，所以提升了试题的难度。
17.【答案】解：光敏电阻的阻值R随光照度的增强而减小，所以白天时，光敏电阻的阻值减小，电路中的电流增大，电磁铁的磁性增强，衔铁被吸下，与静触点G、F接触，此时太阳能电池板与蓄电池组成闭合电路；
夜晚光照强度减弱，光敏电阻的阻值增大，电路中的电流减小，电磁铁的磁性减弱，衔铁被弹簧拉起，使衔铁与静触点E、D接触，此时蓄电池与LED路灯组成闭合电路．据此连接电路如下图所示：
【解析】白天充电，应该让太阳能电池板与蓄电池组成闭合电路；夜晚供电，应该让蓄电池与LED路灯组成闭合电路，据此连接电路．
此题主要考查的是学生对电磁继电器工作原理和电磁铁磁性强弱影响因素的理解和掌握，理解光敏电阻的阻值R随光照度的变化是解决此题的关键．
18.【答案】12 主光轴 使像能成在光屏的中心 点燃 Ⅱ 近视眼镜 B
【解析】解：(1)由图乙可知，当透镜与白纸间距S=12cm时，白纸被烤焦的时间t=4min，所用的时间最短，说明太阳光经过凸透镜会聚后该点的温度最高，这个点就是凸透镜的焦点，则测出透镜与白纸间距即为焦距f=12cm；
(2)在实验前要调节烛焰、凸透镜和光屏，使它们的中心大致在同一高度，并在同一直线上，这条直线是凸透镜的主光轴，这样调整的目的是使像能成在光屏的中心；在调整器材高度时，应点燃蜡烛；
(3)凸透镜焦距是15cm，当把凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在15cm刻度线位置时，物距为50cm−15cm=35cm，大于2倍焦距，所以此时成倒立缩小的实像，像在1倍和2倍焦距之间，即Ⅱ区域；
(4)保持透镜和光屏位置不变，若将蜡烛向左移动适当的距离，物距增大了，则根据凸透镜成像特点，像距要变小，但是使光屏上仍能成清晰的像，那就要让光线发散一些，能起到发散作用的是凹透镜，近视镜是凹透镜；
(5)当物距大于焦距时凸透镜成的是实像；将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距变大，像距则变小，且越来越靠近焦点，故像距v与t的大致变化关系为图中的B。
故答案为：(1)12；(2)主光轴；使像能成在光屏的中心；点燃；(3)Ⅱ；(4)近视眼镜；(5)B。
(1)根据图乙找出白纸被烤焦的最短时间，所对应的透镜与白纸间距即为焦距；
(2)在实验中，为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度，同时各中心要在同一直线上；
(3)根据凸透镜成像特点分析；
(4)凹透镜对光线有发散作用；
(5)根据凸透镜成实像的条件及物距和像距的关系分析。
本题是探究凸透镜成像的规律，通过例举一些实验数据，让学生通过数据总结结论，考查了分析数据得出结论的能力。
19.【答案】然后将量筒的水缓慢倒入烧杯中，让水面到达标记处；ρ=MV1−V2；偏小；取出瓷片时，瓷片上会沾有水，因此倒入水的体积大于瓷片的体积
【解析】解：a.往烧杯中加入适量的水，把瓷片浸没，在水面到达的位置上作标记；
b.取出瓷片；
c.往量筒加入适量的水，记录量筒中水的体积V1；
d.然后将量筒的水缓慢倒入烧杯中，让水面到达标记处；
e.操作后记录量筒中水的体积V2；
f.则瓷片的密度ρ=MV1−V2；
g，因为取出瓷片时，瓷片上会沾有水，因此倒入水的体积大于瓷片的体积，由ρ=mV可知，测量结果偏小。
故答案为：d、将量筒的水缓慢倒入烧杯中，让水面到达标记处，
f、ρ=MV1−V2；
g、偏小；取出瓷片时，瓷片上会沾有水，因此倒入水的体积大于瓷片的体积。
d、在如图所示的方法中，向烧杯中所添加水的体积就是矿石的体积，通过量筒两次的示数之差可以求出；
f、矿石的密度可利用密度的公式计算得出。
g、实验的误差主要产生在从烧杯中取出矿石时，上面容易带出一定量的水，使再补充的水体积增大，进而影响密度的结果；
固体密度的测量是初中物理的重要实验，一定要熟练掌握。天平、量筒的读数，以及利用密度公式进行简单的计算，这都是测密度实验中最基本的技能，需要我们熟练掌握。
20.【答案】断开 电阻R断路 变大 A 1.5 电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 B
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变大，说明变阻器电阻变小，故变阻器应选右下接线柱与电阻串联在电路中，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，连接电路时，开关应该断开；
(3)闭合开关后，如果发现电流表示数为零，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即原因可能是电阻R断路；
(4)根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，电压表的示数将变大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动；
(5)研究电流与电阻的关系时，需移动滑动变阻器来控制定值电阻的电压相同，由图可知，电阻两端的电压始终保持：
UV=IR=0.1A×15Ω=……=0.3A×5Ω=1.5V；
由于电阻两端的电压始终为一定值，故由图像可得出的结论是：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(6)根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−1.5V=4.5V，
变阻器分得的电压为电压表示数的4.5V1.5V=3倍，根据分压原理，当接入15Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=3×15Ω=45Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少45Ω的滑动变阻器，故选：B。
故答案为：(1)见解答图；(2)断开；(3)电阻R断路；(4)变大；A；(5)1.5；电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(6)B。
(1)根据滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变大，说明变阻器电阻变小，据此确定变阻器连接方式；
(2)为了保护电路，连接电路时，开关应该断开；
(3)闭合开关后，如果发现电流表示数为零，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
(4)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)根据欧姆定律求出电压表示数；根据电阻两端的电压始终为一定值分析；
(6)根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入15Ω电阻时变阻器连入电路中的阻值。
本题研究电流与电阻的关系，考查电路连接、注意事项、电路故障、器材的选择、控制过程和数据分析等知识，综合性强，但难度不大。
21.【答案】解：(1)物体距传感器s=vt=340m/s×0.01s2=1.7m．
答：物体距传感器是1.7m．
(2)由图象可知物体在0至15s内距离传感器始终是20m，所以说物体没有移动．
(3)由图3知，路程与时间成正比，物体作匀速直线运动，物体受到水平拉力F和摩擦力f二力平衡，
故f=F=10N
在0至15s拉力做的功W=Fs′=10N×30m=300J
拉力的功率P=Wt′=300J15s=20W．
答：在0至15s物体受到的摩擦力为10N，拉力的功率为20W．
【解析】(1)已知声音传播的速度和所用的时间，根据公式s=vt可求物体距传感器的距离．
(2)从图象可以看出，在0至15s内，物体的运动距离没有发生变化．
(3)由图象可知，路程与时间成正比，物体做匀速直线运动，拉力等于摩擦力，先根据公式W=Fs求出所做的功，再利用公式P=Wt求出拉力的功率．
本题考查距离、摩擦力和功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，还要知道物体做匀速直线运动时拉力和摩擦力相等，要学会分析图象，最容易出错的是信号从发出到反射回来的时间，这个时间是来回的时间，不是一次的时间．
22.【答案】解：(1)因为电加热时，P=1500W，U=220V，
所以由P=U2R得：R=U2P=(220V)21500W≈32.3Ω；
(2)水吸收的热量为：Q=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×50kg×(50℃−30℃)=4.2×106J，
又因为W=Q=Pt
所以t=WP=4.2×106J1500W=2800s；
(3)由丙图可知，ℎ=0.2m时，Rx=150Ω，
则探测电路中的电流为I=URx+R0=24V150Ω+10Ω=0.15A。
答：(1)热水器正常加热时，电热丝电阻32.3Ω；
(2)正常通电要2800s；
(3)探测电路中的电流0.15A。
【解析】(1)利用R=U2P求出电阻；
(2)先利用水的吸热公式求出水吸收的热量，再利用P=Wt求出加热时间；
(3)当水位指示表指示储水箱深为0.2m，根据此时压敏电阻和定值电阻的阻值，求出总阻值，由欧姆定律可求此时的电流。
本题综合考查了电路中的相关知识，对学生的审题能力、图象分析和计算能力等要求较高，难度较大。
23.【答案】火箭 变大 左 变大 前推 串
【解析】解：(1)四旋翼无人机，当电机带动旋翼(螺旋桨)转动，对下方空气施加向下的作用力，根据物体间力的作用是相互的，空气对它施加向上的反作用力，即为升力，与火箭的工作原理相同；风筝的工作原理是流体压强与流速的关系，热气球的工作原理是物体的浮沉条件；
(2)无人机在匀速向上飞行时，质量不变，速度不变，动能不变；高度变大，重力势能变大，所以机械能变大；
若增大左侧两个旋翼的转速，则左侧旋翼对空气向下的作用力变大，因物体间力的作用是相互的，所以空气对左侧旋翼向上作用力变大，能使左侧抬升，向右倾斜飞行；
(3)摄像机的镜头是凸透镜，成倒立缩小的实像，当拍摄地面图象时减小悬停高度即物距减小，像距变大，所成的像也变大，所以还应将摄像机的镜头适当前推；
(4)由题意知，每一个电动机连接一个电调，通过电子调速器(简称电调)来控制电动机的电流从而改变电动机的功率，故电动机和电调的连接方式是串联。
故答案为：(1)火箭；(2)变大；左；(3)变大；前推；(4)串。
(1)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
(2)重力势能大小的影响因素：质量、高度；质量越大，高度越高，重力势能越大；动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大；机械能为动能和势能的和；力是改变物体运动状态的原因；
(3)凸透镜成实像时，根据“物近像远像变大，物远像近像变小”即可判断；
(4)根据题意和串并联电路的特点可判断电动机和电调的连接方式。
本题是一道以多旋翼无人机为背景的信息给予题，涉及到的知识点较多，关键能从题干中获取有用的信息，熟练运用已学的知识即可正确解题，综合性强，难度较大。
24.【答案】电磁波 9720 1.2 81 减小 减小斜面的倾斜程度
【解析】解：(1)“小i”提供无线上网服务，则它与互联网之间通过电磁波来传递信息。
(2)“小i”每天搬书上书架做功：
W=Gℎ=mgℎ=1944kg×10N/kg×0.5m=9720J；
由η=WW电×100%得，充电时存储的电能：W电=Wη=9720J90%=10800J，
由P=Wt得，充电时间：t=W电P=10800J2.5W=4320s=1.2ℎ；
(3)“小i”承受的最大压力：F=G′=m′g=20kg×10N/kg=200N，
由图丙可知，当F′=200N时，压力传感器的阻值R=15Ω，
由I=UI得，电路总电阻：R总=UI=48V0.5A=96Ω，
电阻箱R0接入的最小阻值：R0=R总−R=96Ω−15Ω=81Ω；
由于电源电压和触发电动机停止工作的电流不变，根据R总=UI可知，电路总电阻不变，要减轻“小i”的最大负重，即减小其承受的压力，由图像可知压力传感器的阻值将增大，所以由电阻的串联可知，应将电阻箱R0的阻值适当减小；
(4)“小i“经过斜面时，爬坡打滑爬不上去，说明所受的阻力较大，
在不改变智能机器人硬件情况下，即动力不变，为了让“小i”能爬坡，
需要减小阻力，可采用的方法是：①减小斜面的倾斜程度；②减小最大负重。
故答案为：(1)电磁波；(2)9720；1.2；(3)81；减小；(4)减小斜面的倾斜程度。
(1)电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；
(2)根据W=Gℎ=mgℎ求出“小i”每天搬书上书架做功；然后根据η=WW电×100%求出充电存储的电能，再利用P=Wt求出充电时间；
(3)根据表格中的数据先求出“小i”承受的最大压力，由图丙可知此时压力传感器的阻值，利用欧姆定律和串联电路电阻的特点求出电阻箱R0接入的最小阻值；
由于电源电压和触发电动机停止工作的电流不变，即电路总电阻不变，要减轻“小i”的最大负重，即减小其承受的压力，从而知道压力传感器的阻值的变化，利用串联电路电阻特点求出电阻箱R0的阻值的变化。
(4)“小i“经过斜面时，爬坡打滑爬不上去，说明所受的阻力较大，在不改变智能机器人硬件情况下，可以从减小阻力进行分析。
本题以智能机器人为背景，涉及到的知识点较多，关键是从题干中获取有用的信息，熟练运用相关知识即可正确解题，虽综合性强，但难度不大。
25.【答案】C；低；混合动力汽车的能量利用率较高；22.5；1.5×105
【解析】解：
(1)A.在较好的充电条件下，插电混合动力汽车可以不用加油，当做纯电动车使用，故A正确；
B.非插电式混合动力汽车充分发挥发动机和电动机双方的动力，实现强劲动力，故B正确；
C.当非插电式混合动力汽车车辆减速时，发动机自动停止运转，电动机作为发电机回收了部分能量，转化为电能储存在电池中，为未来驾驶提供动力，故C错误；
D.车辆轻载行驶时，发动机向车辆提供驱动功率，同时发动机输出的多余功率驱动发电机，经功率转换器为蓄电池充电，故D正确；
(2)非插电式混合动力汽车进入正常行驶状态时，自动均衡地使用发动机和电动机；
车辆轻载行驶时，发动机向车辆提供驱动功率，同时发动机输出的多余功率驱动发电机，经功率转换器为蓄电池充电；
而当车辆减速时，发动机自动停止运转，电动 机作为发电机回收了部分能量，转化为电能储存在电池中，为未来驾驶提供动力，
综上可知，混合动力汽车的能量利用率较高，汽车的油耗较低；
(3)比亚迪“秦”的蓄电池组充满电时消耗的最少电能：
W=UIt=300V×75A×3600s=8.1×107J=22.5kW⋅ℎ；
(4)由表格数据可知，汽车的动能与速度平方的比值：
6.0×102J(1m/s)2=2.4×103J(2m/s)2=9.6×103J(4m/s)2=6×104J(10m/s)2=2.4×105J(20m/s)2=6.0×102J⋅s2/m2，
则汽车速度为30m/s时汽车的动能：
E=6.0×102J⋅s2/m2×(30m/s)2=5.4×105J，
在此过程中动力蓄电池获得的电能为汽车所减少动能的50%，则动力蓄电池获得的电能：
W电=(E−E′)η=(5.4×105J−2.4×105J)×50%=1.5×105J。
故答案为：(1)C；(2)低；混合动力汽车的能量利用率较高；(3)22.5；(4)1.5×105。
(1)根据材料提供的信息解答此题；
(2)分析非插电式混合动力汽车工作时的特点得出油耗的高低和原因；
(3)根据W=UIt求出比亚迪“秦”的蓄电池组充满电时消耗的最少电能；
(4)分析表格数据得出电能与速度的关系，然后求出速度为30m/s时的动能，利用在此过程中动力蓄电池获得的电能为汽车所减少动能的50%求出动力蓄电池 获得的电能。
本题考查了电功率公式和效率公式的应用等，从题干和表格中获取有用的信息是关键。
2022年广东省东莞市中考物理模拟试卷
一、单选题（本大题共7小题，共21分）
1. 对物理量的估测，是一种良好的学习习惯，也是学好物理的基本功之一。小明是一位发育正常的九年级学生，下列是与他有关的一些数据，你认为合理的是( )
A. 他的体重为150N
B. 他身体的平均密度约为1.0×103kg/m3
C. 他的手掌宽度为25cm
D. 他百米赛跑的速度可达20m/s
2. 关于声和电磁波的说法正确的是( )
A. 声和电磁波都能传递信息且都能在真空中传播
B. 住宅安装双层玻璃窗可以减小噪声对室内的影响
C. “听诊器”能使人的心脏振动幅度增大，响度增大
D. 只有主人说出暗语时才能打开“声纹锁”，其辨别声音的主要依据是音调
3. 如图所示，甲、乙两队正在进行拨河比赛，经过激烈比拼，甲队获胜，下列说法正确的是( )
A. 甲队对乙队的拉力大于乙队对甲队的拉力
B. 甲队对乙队的拉力小于乙队对甲队的拉力
C. 甲队受到地面的摩擦力小于乙队受到地面的摩擦力
D. 甲队受到地面的摩擦力大于乙队受到地面的摩擦力
4. 如图所示为一高山的等高线图，某登山运动员从A点到达B点时，下列说法正确的是( )
A. 运动员的体重变大
B. 运动员的重力势能减小
C. 运动员烧水时，水的沸点升高
D. 运动员携带的气压计的示数减小
5. 由于水的比热容比沙石或干泥土的比热容大，所以在沿海地区陆地表面的气温比海面的气温昼夜变化显著．因此( )
A. 白天的海风多是从陆地吹向海面，夜晚的海风多是从海面吹向陆地
B. 白天的海风多是从海面吹向陆地，夜晚的海风多是从陆地吹向海面
C. 白天和夜晚的海风多是从陆地吹向海面
D. 白天和夜晚的海风多是从海面吹向陆地
6. 击剑比赛中，当甲方运动员的剑(图中用“S甲”表示)击中乙方的导电服时，电路导通，乙方指示灯L乙亮。下面能反映这种原理的电路是( )
A.
B.
C.
D.
7. 电位器和滑动变阻器都是变阻器，它们的原理都是通过改变导体的长度从而改变接入电路中的电阻．如图是某电位器的结构示意图，电阻片R的两端分别与接线端A、C相连，滑动片P的一端通过转轴O与接线端B相连，另一端与电阻片R接触良好，并能绕转轴O在电阻片R上滑动．已知电阻片R的总电阻为10Ω，将电位器A、B两个接线柱分别接在电压为2.4V的电源两端．当滑动片P位于如图所示的位置时，接线端B、C间的电阻为6Ω.则下列说法中正确的是( )
A. 接线端B、C间的电压为2.4V
B. 电位器消耗的电功率为1.44W
C. 通过A、B间电阻的电流为0.4A
D. 滑动片P逆时针向C端滑动的过程中，接入电路中的电阻变小
二、填空题（本大题共7小题，共21分）
8. 小明利用电脑上的视频摄像头给自己拍数码登记照。试拍后发现左脸白，右脸黑，原来是台灯放在左侧，这是由于光的______造成的；调整台灯后，小明应在距离镜头______处；如果觉得像偏小，他应该______(选填“靠近”或“远离”)镜头。看着自己的照片．发现面部光线还是不均匀。请你帮他想出一个解决办法______。
9. 近段时间江苏省发改委对江苏省汽油价格进行了微小调整。和大多数物质一样，汽油也有热胀冷缩的性质，随着气温的上升，汽油密度会______(“变大”或“变小”)，受此因素影响，在每吨汽油价格不变的情况下，每升汽油的价格应______(“上调”或“下调”)，某同学上学途中经过加油站时，闻到汽油味，这是由于______。
10. 热熔钻工艺是在金属薄板上一次加工出孔的技术，热熔钻头采用耐磨、耐高温的硬质材料制成．钻头与薄板接触时，钻头高速旋转，使钻头和薄板之间剧烈摩擦，用______的方式(填“做功”或“热传递”)，瞬间达到几千℃的温度，实现______能转化为______能，由于温度超过金属的熔点，钻头附近的金属迅速熔化，钻头继续施加向下的压力，几秒钟就在金属薄板上贯穿一个孔．
11. 如图是某商场的自动扶梯。扶梯的部分几何尺寸如图所示，质量为50kg的小华站在该扶梯上从商场一楼到二楼。已知扶梯以1m/s的速皮匀速上行。则扶梯对他做的功是______J，对他做功的功率是______W。如果站在扶梯上的人数增多，扶梯的效率将______(填“变大”、“变小”或“不变”)。若小华为较快上楼，在扶梯以上述速度上行的同时，他又相对扶梯以1m/s的速度在扶梯上向上步行，则他从一楼到达二楼所需的时间为______s。
12. 如图所示是“科普大篷车”进校园活动中，一群学生围着“会飞的碗”时的情景，同学们都为眼前的碗悬在空中这一“奇观”而啧啧称奇。图中的“会飞的碗”之所以悬停在空中是因为下方的气孔中有高速喷出的气流，使得碗的下方气体流速比碗上方气体流速快，导致碗下方气体压强______(填“大于”、“等于”或“小于”)碗上方气体压强，这样碗受到一个气体向上的“举力”而悬停在空中一定高度处。若下方出气孔中喷出的气体流速变慢些，碗的高度将______些(填“上升”、“不变”或“下降”)，某同学将自己手中的一串钥匙放在碗的位置，这串钥匙______(填“会”或“不会”)“飞起来”。
13. 如甲图所示，水平地面上的物体，受到方向不变的推力F的作用，其F−t和v−t的图象分别如图乙、如丙图所示。由图象可知，0～3s内，推力对物体做功______J；t=5s时，物体受到的摩擦力是______；9～12s内，推力对物体做功的功率是______。
14. 小阳利用磁敏电阻为他的自行车设计了一个速度计，磁铁固定在自行车的辐条上，磁敏电阻固定在自行车的后车架上，安装示意图如图甲，工作电路如图乙，已知电源电压为6V恒定不变。当磁铁与磁敏电阻Rs靠得最近时阻值为200Ω，磁铁与磁敏电阻Rs离得最远时阻值为400Ω，靠近或远离时的实际电阻在这两者之间变化；当R0两端电压不低于4.5V时电子计数器就能有效计数，低于4.5V就不能产生计数，车轮每转动一圈就计数一次。为保证电子计数器有效工作，电阻R0最小阻值为______Ω.某次行驶中，小明发现5分钟恰好完整计数了300次，车轮的周长为3m，则这段时间内自行车行驶的平均速度为______km/ℎ。
三、作图题（本大题共2小题，共4分）
15. 在公园的海洋馆里，人们可以透过厚厚的玻璃看到海底景观，请作出图中AB光线透过玻璃的光路．(已知v空气>v水>v玻璃)
16. 如图所示的水桶，是在一个最小外力作用下所处的状态。作出它此时的受力示意图。
四、实验探究题（本大题共2小题，共12分）
17. 如图是利用太阳能给LED路灯供电的自动控制电路的原理示意图．其中，R是光敏电阻，光敏电阻的阻值R随光照度的增强而减小．白天，通过太阳能电池板与蓄电池回路将太阳能转化为化学能储存在大容量蓄电池内．傍晚，当光照度小于一定值时，通过蓄电池与LED回路，路灯开始工作．
请用笔画线将电路原理图连接完整，使工作电路能正常工作(与触点的接线只能接在静触点上，图中已给出静触点D、E、F、G的四根引线；连线不能交叉)
18. (1)如甲图，小明将一块凸透镜正对太阳光，在透镜下面放上白纸(白纸与透镜平行)，改变透镜到白纸的距离s并测出s与对应的白纸被烤焦的时间t，绘出乙图所示的图象，可判断该透镜的焦距f为______cm。
(2)调整实验器材，使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的______上，这样调整的目的是______；在调整器材高度时，应______(填“点燃”或“不点燃”)蜡烛。
(3)如丙所示，当把一块焦距为15cm的凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在15cm刻度线位置时，光屏应在______(选填“Ⅰ”、“Ⅱ”或“Ⅲ”)区域内左右移动，才能在光屏上得到清晰的实像。
(4)在第(3)问中，当光屏上成清晰像的时候，保持透镜和光屏位置不变，若将蜡烛向左移动适当的距离，为了使光屏上仍能成清晰的像，则应在透镜前加上适当度数的______(选填“近视眼镜”、“老花眼镜”)。
(5)小明在实验中将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，则像距v与t的大致变化关系为丁图中的______。
五、计算题（本大题共4小题，共32分）
19. 克强同学在实验室想测量一块不规则瓷片的密度。当他用天平测量瓷片的质量为M后，发现瓷片放不进量筒，于是改用如图所示的方法测瓷片的体积：
a.往烧杯中加入适量的水，把瓷片浸没，在水面到达的位置上作标记；
b.取出瓷片；
c.往量筒加入适量的水，记录量筒中水的体积V1；
d.______(填写操作内容)；
e.操作后记录量筒中水的体积V2；
f.则瓷片的密度ρ为：______(用M、V1、V2表示)；
g.根据以上步骤，你认为克强同学测出的瓷片密度值将______(选填“偏大”或“偏小”)，出现误差的原因是______。
20. 在探究“通过导体的电流与电阻关系”实验中，有两个滑动变阻器为A“1A 20Ω”，B“1A 50Ω”。
(1)用笔画线代替导线，将电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变大。
(2)连接电路时，开关应该______。
(3)闭合开关后，如果发现电流表示数为零，电压表示数接近电源电压，原因可能是______。
(4)如果将5Ω电阻换成10Ω电阻，闭合开关后，电压表的示数将______，接下来应该将滑片P向______(填A或B)端移动。
(5)多次更换电阻进行实验，正确操作后，记下电流表的示数，得到电流I随电阻R变化的图像如图所示，由图像可知，实验过程中电压表的示数为______V。由图像可得出的结论是______。
(6)实验中如果电源电压为6v，所选用定值电阻分别为5Ω、10Ω、15Ω，为了顺利完成实验，应该选取的滑动变阻器为______(填A或B)。
21. 距离传感器发出的超声波遇到物体后反射回传感器，传感器收到信号后自动计算出物体与传感器的距离，并显示物体的距离(s)一时间(t)图象．超声波在空气中的速度是340m/s．
(1)若传感器在发出信号后0.01s收到从物体反射回来的信号．物体距传感器多远？
(2)若显示物体的s一t图象如图1，物体在0至15s的运动情况如何．
(3)如图2所示，一物体在F=10N的水平拉力作用下，沿水平地面做直线运动．传感器显示物体的s一t图象如图3，求：在0至15s物体受到的摩擦力多大？拉力的功率多大？
22. 图甲所示是我市某家用电辅热式平板太阳能热水器，其电加热的额定功率为1500W，图乙是其储水箱水位探测电路原理图，其中电源电压为24V，A为水位指示表(由量程为0−0.6A电流表改成)，R0阻值为10Ω，R1为压敏电阻，其阻值与储水箱水深的关系如图丙所示。
(1)热水器正常加热时，电热丝电阻多大？(结果保留一位小数)
(2)阴雨天，将储水箱中50kg、30℃的水加热到50℃，正常通电要多长时间？[设电热全部被水箱中的水吸收且水无热损失，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
(3)当水位指示表指示储水箱深为0.2m时，探测电路中的电流多大？
六、综合题（本大题共3小题，共16分）
23. 近年来，多旋翼无人机发展迅速。由于其机动性和灵活性强，广泛应用在航拍领域、交通管理等方面。如图所示为某品牌四旋翼无人机，它采用4个电机带动旋翼(螺旋桨)转动，对下方空气施力的同时获得升力。该无人机设有一键起降和返航、空中悬停等功能，还拥有北斗定位系统。携带的摄像机可以进行高清拍摄并实时把信号传到遥控器显示器。
(1)遥控无人机的升空原理与______(选填“风筝”、“火箭”或“热气球”)相同。
(2)无人机在匀速向上飞行时，机械能______(选填“变大”或“变小”)。只要增加______侧两个旋翼的转速，就能使无人机左侧抬升，向右倾斜飞行。
(3)拍摄地面图象时，减小悬停高度可以使图象______(选填“变大”或“变小”)，为了使照片清晰，还应将摄像机的镜头适当______(选填“前推”或“后缩”)。
(4)电动机在工作时保持其工作电压恒定不变，通过电子调速器来调节电动机的电流从而控制电动机的功率，每一个电动机连接一个电子调速器，那么电动机和电子调速器的连接方式是______联。
24. 智能机器人目前已能够为人类在很多方面进行高效率、高精准度的服务，在图书馆领域，机器人可以辅助或替代图书馆员的工作，提供整理图书、读者咨询等服务。下表是某智能机器人图书馆员“小i”(如图)的部分参数：
参数名
电源电压/V
最大负重/kg
提升重物最大高度/m
机器人车轮直径/cm
充电功率/W
数据
48
20
0.6
10
2.5
(1)“小i”也提供无线上网服务，它与互联网之间通过______来传递信息。
(2)“小i”每天需将1944kg图书从借阅处分批搬回书架上，每次放回需将图书提高0.5m，则每天搬书上书架做功______J，若充电效率为90%，则每天应至少充电______ℎ。(g取10N/kg)
(3)如图乙所示为“小i”承受图书重力的过载保护电路原理图，图中R为压力传感器，阻值随所受压力变化图像如图丙所示，图乙中触发器的电阻忽略不计，通过的电流超过0.5A时就触发电动机停止工作，放弃执行搬书指令，以免“小i”受损伤。因此为保护“小i”，电阻箱R0的阻值至少应为______Ω；“小i”长时间工作后，为减轻其最大负重，应将电阻箱R0的阻值适当______(选填“增大”或“减小”)。
(4)图书馆管理人员发现，“小i”经过斜面时，爬坡打滑爬不上去，在不改变智能机器人硬件情况下，为了让“小i”能爬坡，可采用的方法之一是______。
25. 阅读短文，回答问题。
混合动力汽车 混合动力汽车一般是指同时装备两种动力来源--热动力源(由传统的内燃机产生)与电动力源(电池与电动机)的汽车。它既有传统汽车的发动机、变速箱、传动系统、油路、油箱，也有电动车的电池、电动机、控制电路。混合动力汽车根据有无外接充电电源可分为插电式混 合动力以及非插电式混合动力两种。插电式混合动力汽车的电池容量比较大，有充电接口。如 果每次都是短途行驶，有较好的充电条件，插电混合动力汽车可以不用加油，当做纯电动车使 用，具有电动车的优点。 而非插电式混合动力，电池容量比较小，没有充电接口，必须加油，通过发动机驱动发电机来给电池充电。
比亚迪“秦”属于插电式混合动力车。在 110kW 电机和发动机共同驱动下，秦的最高时速可达185km/ℎ，0 到百公里加速时间仅为 6.9 秒。所用的铁蓄电池组的额定电压为 300V，容量 为 75A⋅ℎ(蓄电池放电电流和放电时间乘积)，纯电动最大续航里程为 100km。
丰田的 Prius 属于非插电式混合动力汽车。启动时，仅依靠电动机的动力即可启动汽车，此时发动机并未启动，而进一步加速时发动机介入，此时这款混合动力系统将充分发挥发动机 和电动机双方的动力，实现强劲动力；当车辆进入正常行驶状态时，系统将自动调节，均衡地使用发动机和电动机。车辆轻载行驶时，发动机向车辆提供驱动功率，同时发动机输出的多余 功率驱动发电机，经功率转换器为蓄电池充电；而当车辆减速时，发动机自动停止运转，电动 机作为发电机回收了部分能量，转化为电能储存在电池中，为未来驾驶提供动力。
(1)关于 Prius 混合动力汽车，下列说法不正确的是______ A.根据需要，发动机可以停止运转，单独依靠电动机行驶 B.根据需要，电动机和发动机可以联合驱动提高车辆动力性 C.在车辆减速、制动时，由发电机切换为电动机 D.轻载行驶时，燃料的化学能主要转化为汽车行驶的动能和蓄电池储存的电能
(2)与相同功率的传统燃油车相比，非插电式混合动力汽车的油耗较______(高/低)，这 是因为 ______。
(3)比亚迪“秦”的蓄电池组充满电至少要消耗______kW⋅ℎ 的电能。
(4)有一辆丰田 Prius 在高速公路上以 30m/s 的速度匀速行驶，当驾驶员看到前方高速出口的 标志牌时立即减速，速度由 30m/s 减小到 20m/s，已知该车的动能 E 与其速度 v 的关系如 下表所示。若在此过程中动力蓄电池获得的电能为汽车所减少动能的 50%，则动力蓄电池 获得的电能为______J。
v/ms−1
1
2
4
10
20
E/J
6.0×102
2.4×103
9.6×103
6×104
2.4×105
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、小明是一位发育正常的九年级学生，质量应在50kg左右，重力G=mg=50kg×10N/kg=500N，体重为150n是不合理的；
B、人在水中一般接近悬浮状态，所以人的密度与水的密度相差不大，约为1.0×103kg/m3，小明身体的平均密度约为1.0×103kg/m3是正确的；
C、小明手掌的宽度约在半拃左右，等于宽度为10cm，宽度为25cm是不合理的；
D、小明跑百米的时间约在14s左右，速度约v=st=100m14s≈7m/s，20m/s偏大。
故选：B。
A、体重的估测从质量计算出重力；
B、人体的密度可依照人在水中所处的状态来估测；
C、手掌的宽度可用自己的拃估测一下；
D、百米跑的速度根据自己的成绩用公式v=st试算一下。
平视注意对身边的质量、长度、速度、重力、电流、电压等物理量的观察和思考，培养自己的估测能力。
2.【答案】B
【解析】解：A、电磁波能在空气和真空中传播，声音在空气中可以传播，不能在真空中传播，故A不正确。
B、根据减少噪音的方法，在传播途中减弱，安装双层玻璃可以减少噪声对室内的影响，故B是正确的。
C、使用听诊器是利用固体传声效果好来听心脏的跳动，从而了解病情，故C是错误的。
D、声纹锁辨别声音的主要依据是音色，故D是错误的。
故选：B。
要解答此题需掌握：声音的传播与电磁波传播的特点，减少噪音的方法，听诊器的工作原理及声纹锁的工作原理。
本题联系生活考查了物理知识的实际应用，解题的关键是熟练掌握相关的知识点，有一定的综合性。
3.【答案】D
【解析】解：
(1)因为物体间力的作用是相互的，对于拔河的两个队，甲对乙施加了多大拉力，乙对甲也同时产生一样大小的拉力，故AB说法不正确；
(2)双方之间的拉力并不是决定胜负的因素，哪边能获胜就取决于哪边的摩擦力大，甲队获胜，甲队受到地面的摩擦力大于乙队受到地面的摩擦力，故C说法不正确；D说法正确。
故选：D。
物体间力的作用是相互的，当物体甲给物体乙一个作用力时，物体乙必然同时给物体甲一个反作用力，拔河比赛中，靠的是受到地面摩擦力的大小。因为他们之间力的作用是相互的，作用力和反作用力大小相等，方向相反，同时存在同时消失。
本题以拔河比赛为切入点考查相关的知识，很多同学认为对绳子拉力较大的哪一组获胜，实际上两组人对绳子的拉力是相同的，之所以获胜是因为与地面的摩擦力大，是一道容易出错的题目。
4.【答案】D
【解析】解：A、人的体重是随高度的增加而减小的，故A错误；
B、运动员的重力势能与质量、高度两因素有关，当质量一定时，高度升高，重力势能变大，故B错误；
C、大气压强随高度升高而减小，水的沸点随气压的减小而降低，故C错误；
D、大气压强随高度的升高而减小，所测气压B点比A点减小，故D正确．
故选D．
根据地理课所学等高线知识来看图，B点海拔2000m，A点海拔1000m，即B点比A点高．根据重力与高度关系、重力势能与高度关系、大气压强与高度的关系的知识点来判断．
各学科知识之间是有联系的．本题要求掌握重力势能与高度的关系，大气压强与高度的关系，液体沸点与大气压的关系．
5.【答案】B
【解析】解：水的比热容比泥土沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆地温度上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地；晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面．因此，在海岸附近形成的一种有日变化的风系．在基本气流微弱时，白天风从海上吹向陆地，夜晚风从陆地吹向海洋．前者称为海风，后者称为陆风，合称为海陆风．
故选：B．
要解答本题需掌握：水的比热容比泥土沙石的大，导致海陆风的形成．
本题主要考查学生对：海陆风形成原理的了解，是一道基础题．
6.【答案】D
【解析】解：因为甲方指示灯和乙方指示灯可以单独工作，并且互不影响，因此甲、乙指示灯为并联连接；根据题意可知，甲方开关控制乙方指示灯的工作；乙方开关控制甲方指示灯的工作；因此D选项电路符合要求。
故选：D。
当甲方运动员的剑击中乙方的导电服时，乙方指示灯亮，而甲方指示灯不会亮；同理，当乙方运动员的剑击中甲方的导电服时，甲方指示灯亮，而乙方指示灯不会亮，由此可知这两盏灯的连接方式为并联，且S甲与乙方的灯串联，S乙与甲方的灯串联。
本题考查串并联电路的特点，会根据用电器的工作情况确定用电器的连接方式，并会根据题意确定开关的作用。
7.【答案】B
【解析】解：A、因为是将滑动变阻器的AB两端接入电路，故BC两端的电压为零；
B、电位器消耗的功率：P=U2RAB=2.4V×2.4V4Ω=1.44W；
C、通过电位器的电流：I=URAB=2.4V4Ω=0.6A；
D、当滑片向C端移动时，增加了接入电路中电阻丝的长度，因此接入电路中的电阻变大．
故选 B．
A、根据滑动变阻器的AB接入电路分析BC间的电压；
B、已知滑动变阻器的总电阻和BC间的电阻以及AB两端的电压，先求出AB间的电阻，然后根据P=U2R求出电位器消耗的总功率；
C、已知AB的电阻和AB两端的电压，根据欧姆定律即可求出通过AB的电流；
D、根据接入电路中导线的长度分析滑片向C端移动时，电阻的变化情况．
本题考查滑动变阻器的使用、欧姆定律的应用以及电功率的计算公式的掌握情况，通过本题理解滑动变阻器的原理．
8.【答案】直线传播 大于二倍焦距 靠近 灯光不直接照射面部(用多灯从不同角度照明；让光透过白布照明；让墙面反射灯光照明等等)。
【解析】解：由于光沿直线传播，台灯放在左侧，所以灯光几乎全部射到人的左侧脸上，所以左脸白，右脸黑。
摄像头就相当于照相机，照相机是利用物距大于2倍焦距成倒立缩小的实像的原理制成的。故小明距离镜头应大于2倍焦距，要想使像大一些，应靠近镜头，使物距减小，像距增大，像也增大。
要想使自己照片面部光线均匀，不应让光线从某一角度照射，应让光线多角度照射。
故答案为：直线传播；大于二倍焦距；靠近，灯光不直接照射面部(用多灯从不同角度照明；让光透过白布照明；让墙面反射灯光照明等等)。
①光在同种均匀介质中是沿直线传播的。
②摄像头就相当于照相机，解决本题时可以将摄像头想象成照相机考虑问题即可。
本题主要考查学生对光的直线传播，以及凸透镜成像规律的了解和掌握。是一道基础题。
9.【答案】变小 下调 汽油分子在不停地做无规则运动
【解析】解：汽油温度升高时，体积也变大，质量不变，根据公式ρ=mV可以知道，物体的密度变小。在每吨汽油价格不变的情况下，即质量不变的情况下，按体积来计算时，每升汽油的价格应下调。
能够闻到汽油味，是汽油在空气中发生扩散现象的缘故，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
故答案为：变小；下调；汽油分子在不停地做无规则运动。
当物体的温度升高时，体积变大，质量不变，根据公式ρ=mV可以知道，物体的密度变小。扩散是指不同物质相互接触时彼此进入对方的现象。扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
此题的考查的知识点比较多，有①温度升高时，体积变大，密度变小；②扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
10.【答案】做功 机械 内
【解析】解：钻头高速旋转，使钻头和薄板之间剧烈摩擦，这是通过做功的方式，使物体内能增大，温度升高，实现机械能转化为内能。
故答案为：机械；内。
做功可以改变物体的内能，当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能。
本题主要考查学生对做功改变物体内能的理解和能量转化的认识，是一道基础题。
11.【答案】1470 294 变大 2.5
【解析】解：(1)扶梯对他做的功：
W=Gℎ=mgℎ=50kg×9.8N/kg×3m=1470J；
由勾股定律可得扶梯的长度s=5m，
由v=st可得，从一楼到二楼的时间：
t=sv=5m1m/s=5s；
扶梯对他做功的功率：
P=Wt=1470J5s=294W。
(2)站在扶梯上的人数增多说明有用功增加，而额外功几乎不变，机械效率会变大；
(3)当人在扶梯上行走时，相对于地面的速度v′=2m/s；根据v=st得：
t′=sv′=5m2m/s=2.5s。
故答案为：1470；294；变大；2.5。
(1)扶梯对他做的功实际上是克服他的重力所做的功，由W=Gℎ=mgℎ计算；再利用速度公式求出从一楼到二楼的时间t，最后根据功率的定义式求出功率的大小；
(2)扶梯上人数增多，重力增大，克服重力所做的功增大，即有用功增大，效率将会变大；
(3)先求出小华相对于地面的速度，再求出扶梯的长度，最后由速度公式的变形式求出时间。
本题考查的知识点多，解答本题的关键是从图中获取扶梯的高度、长度，难点是人在扶梯上行走时他相对于地面的速度是多少。
12.【答案】小于 上升 不会
【解析】解：
(1)在流体中，流速越大的位置，压强越小；图中碗下方的气孔中有高速喷出的气流，使得碗的下方气体流速比碗上方气体流速快，导致碗下方气体压强小于碗上方气体压强，从而产生向下的大气压力差；
所以，此时碗受到向下的重力、大气向下的压力差、气体向上的“举力”，处于平衡状态而悬停在空中一定高度处；
(2)若下方出气孔中喷出的气体流速变慢些，碗受到大气向下的压力差将变小，碗的高度将上升；
(3)图中碗的重心在碗的下部，重心低，碗容易处于稳定状态，才会出现悬停在空中的情况；一串钥匙，重心不稳定，所以某同学将自己手中的一串钥匙放在碗的位置，钥匙不会处于平衡状态，这串钥匙不会飞起来。
故答案为：小于；上升；不会。
流体压强与流速的关系：流速越大的地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大。
本题考查流体压强与流速的关系，难度不大。
13.【答案】0 60N 60W
【解析】解：
(1)由丙图知，0～3s内物体的速度为零，物体处于静止状态，所以，0～3s内推力对物体做功为0J；
(2)由丙图知，9～12s内，物体做匀速直线运动，且v=1m/s，由图乙知，9−12s时的推力F=60N，而物体在水平方向上受到的滑动摩擦力f与推力F是一对平衡力，则此时受到的摩擦力f=F=60N；
由丙图知，在3～6s内，物体做加速运动，由于物体对地面的压力和接触面的粗糙程度都没有改变，所以摩擦力的大小不变，也为60N，则t=5s时，物体受到的摩擦力为60N；
9～12内推力F做功的功率：P=Fv=60N×1m/s=60W。
故答案为：0；60N；60W。
(1)从图丙中分析0−3s时物体的速度大小可得出物体此时所处的状态，然后根据做功的两个必要条件分析解答；
(2)从图丙中得出，在9−12s内物体做匀速直线运动及速度大小，此时处于平衡状态，从对应的F−t图象中得出物体所受的推力大小，根据二力平衡条件求出摩擦力大小；而压力、接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，可求t=5s时物体受到的摩擦力大小；
利用P=Wt=Fst=Fv计算在9−12s内做功的功率。
本题考查学生对图象的认识，v−t图象、F−t图象相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡条件求出力的大小是本题的关键所在。
14.【答案】600；10.8
【解析】解：有图可知定值电阻R0和磁敏电阻RS串联在电路中，电子计数器实质是电压表和定值电阻R0并联，是测量定值电阻R0两端的电压，由题干可知当磁敏电阻RS等于200Ω，电子计数器(电压表)示数为4.5V时，定值电阻有最小值，由串联电路中电压与电阻成正比即U0Us=R0Rs得4.5V1.5V=R0200，所以R0=600Ω；
5分钟恰好完整计数了300次则自行车行驶的路程S=300×3m=900m，由公式V=St得V=900m300s=3m/s=10.8km/ℎ；
故答案：600；10.8。
根据题干所给条件和串联电路的电压和电阻的关系分析，可得出R0的最小电阻，由速度公式v=st便可得出自行车的速度。
本题考查串联电路中电压和电阻的关系以及速度的计算，要求学生在平时的学习中，加强对过程中基础知识的储备，以便灵活应用。
15.【答案】解：先过入射点B垂直左侧玻璃面作出法线，再在玻璃内部法线的另一侧画出折射光线，注意折射角小于入射角，并交玻璃右侧面于点C；
过C点垂直玻璃右侧面作出法线，在玻璃右侧法线另一侧的空气中画出折射光线，注意折射角大于入射角，特别注意此时的折射角大于厚玻璃左侧第一次折射的入射角，如图所示：
【解析】要做好本题，首先应知道光线通过厚玻璃要发生两次折射：
第一次折射是从水进入厚玻璃，根据V水>V玻璃，满足折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，作出光在玻璃中的折射光线；
第二次折射是从玻璃到空气，根据V空气>V水>V玻璃，满足折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，作出光由玻璃砖斜射进入空气的折射光线，第二次折射的折射角大于第一次折射的入射角．
本题首先考查光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，折射角随入射角的增大而增大．
本题的难点在与玻璃两端的两条光线不平行，而且第二次折射的折射角大于第一次折射的入射角，解决此问题的依据是
V空气>V水>V玻璃，理论是光在两种介质中的速度相差越大，折射角与入射角的差值会越大．
16.【答案】解：由图易知：水桶受到重力和支持力的作用。
要达到如图的状态，若施加的力最小，那么此时力的力臂最长，即以水桶右下端为支点，以水桶左上端和右下端的连线为最长力臂；那么过水桶左上端，作垂直于此连线的力即为所施加的最小力。
另外，若以水桶左上端为动力作用点，那么在重力的作用下，水桶与水平面接触的一端有向右滑动的趋势，故也会受到水平向左的静摩擦力。
综上所述，共受到四个力的作用：最小力F、支持力N、重力G、摩擦力f。
【解析】对物体进行受力分析，有规律可循：先重力、后弹力、然后看摩擦、最后再判其他力；
回到此题，首先水桶受重力和支持力的作用。
而题干告诉了“在一个最小外力作用下所处的状态”，那么肯定有一个“最小力”，这就要从杠杆的平衡条件入手分析；
以水桶右下端为支点，若用最小力保持水桶的状态，力臂需最大，即水桶左上端与右下端的连线；由此可做出这个力。
最后再找是否有摩擦力，若以水桶左上端为支点，由于此时杠杆平衡，在重力乘以其力臂不为0的情况下，必须有一个向右的力来使得杠杆保持平衡，因此水桶会有向右运动的趋势，所以水桶会受到摩擦力的作用，且方向水平向左。
本题考查了力的图示的画法。力的图示要把力的作用点和方向表示出来。由于此题涉及的力较多，还需根据杠杆的平衡条件来判断最小力，根据水桶所处状态来判断是否存在摩擦力，所以提升了试题的难度。
17.【答案】解：光敏电阻的阻值R随光照度的增强而减小，所以白天时，光敏电阻的阻值减小，电路中的电流增大，电磁铁的磁性增强，衔铁被吸下，与静触点G、F接触，此时太阳能电池板与蓄电池组成闭合电路；
夜晚光照强度减弱，光敏电阻的阻值增大，电路中的电流减小，电磁铁的磁性减弱，衔铁被弹簧拉起，使衔铁与静触点E、D接触，此时蓄电池与LED路灯组成闭合电路．据此连接电路如下图所示：
【解析】白天充电，应该让太阳能电池板与蓄电池组成闭合电路；夜晚供电，应该让蓄电池与LED路灯组成闭合电路，据此连接电路．
此题主要考查的是学生对电磁继电器工作原理和电磁铁磁性强弱影响因素的理解和掌握，理解光敏电阻的阻值R随光照度的变化是解决此题的关键．
18.【答案】12 主光轴 使像能成在光屏的中心 点燃 Ⅱ 近视眼镜 B
【解析】解：(1)由图乙可知，当透镜与白纸间距S=12cm时，白纸被烤焦的时间t=4min，所用的时间最短，说明太阳光经过凸透镜会聚后该点的温度最高，这个点就是凸透镜的焦点，则测出透镜与白纸间距即为焦距f=12cm；
(2)在实验前要调节烛焰、凸透镜和光屏，使它们的中心大致在同一高度，并在同一直线上，这条直线是凸透镜的主光轴，这样调整的目的是使像能成在光屏的中心；在调整器材高度时，应点燃蜡烛；
(3)凸透镜焦距是15cm，当把凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在15cm刻度线位置时，物距为50cm−15cm=35cm，大于2倍焦距，所以此时成倒立缩小的实像，像在1倍和2倍焦距之间，即Ⅱ区域；
(4)保持透镜和光屏位置不变，若将蜡烛向左移动适当的距离，物距增大了，则根据凸透镜成像特点，像距要变小，但是使光屏上仍能成清晰的像，那就要让光线发散一些，能起到发散作用的是凹透镜，近视镜是凹透镜；
(5)当物距大于焦距时凸透镜成的是实像；将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距变大，像距则变小，且越来越靠近焦点，故像距v与t的大致变化关系为图中的B。
故答案为：(1)12；(2)主光轴；使像能成在光屏的中心；点燃；(3)Ⅱ；(4)近视眼镜；(5)B。
(1)根据图乙找出白纸被烤焦的最短时间，所对应的透镜与白纸间距即为焦距；
(2)在实验中，为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度，同时各中心要在同一直线上；
(3)根据凸透镜成像特点分析；
(4)凹透镜对光线有发散作用；
(5)根据凸透镜成实像的条件及物距和像距的关系分析。
本题是探究凸透镜成像的规律，通过例举一些实验数据，让学生通过数据总结结论，考查了分析数据得出结论的能力。
19.【答案】然后将量筒的水缓慢倒入烧杯中，让水面到达标记处；ρ=MV1−V2；偏小；取出瓷片时，瓷片上会沾有水，因此倒入水的体积大于瓷片的体积
【解析】解：a.往烧杯中加入适量的水，把瓷片浸没，在水面到达的位置上作标记；
b.取出瓷片；
c.往量筒加入适量的水，记录量筒中水的体积V1；
d.然后将量筒的水缓慢倒入烧杯中，让水面到达标记处；
e.操作后记录量筒中水的体积V2；
f.则瓷片的密度ρ=MV1−V2；
g，因为取出瓷片时，瓷片上会沾有水，因此倒入水的体积大于瓷片的体积，由ρ=mV可知，测量结果偏小。
故答案为：d、将量筒的水缓慢倒入烧杯中，让水面到达标记处，
f、ρ=MV1−V2；
g、偏小；取出瓷片时，瓷片上会沾有水，因此倒入水的体积大于瓷片的体积。
d、在如图所示的方法中，向烧杯中所添加水的体积就是矿石的体积，通过量筒两次的示数之差可以求出；
f、矿石的密度可利用密度的公式计算得出。
g、实验的误差主要产生在从烧杯中取出矿石时，上面容易带出一定量的水，使再补充的水体积增大，进而影响密度的结果；
固体密度的测量是初中物理的重要实验，一定要熟练掌握。天平、量筒的读数，以及利用密度公式进行简单的计算，这都是测密度实验中最基本的技能，需要我们熟练掌握。
20.【答案】断开 电阻R断路 变大 A 1.5 电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 B
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变大，说明变阻器电阻变小，故变阻器应选右下接线柱与电阻串联在电路中，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，连接电路时，开关应该断开；
(3)闭合开关后，如果发现电流表示数为零，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即原因可能是电阻R断路；
(4)根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，电压表的示数将变大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动；
(5)研究电流与电阻的关系时，需移动滑动变阻器来控制定值电阻的电压相同，由图可知，电阻两端的电压始终保持：
UV=IR=0.1A×15Ω=……=0.3A×5Ω=1.5V；
由于电阻两端的电压始终为一定值，故由图像可得出的结论是：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(6)根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−1.5V=4.5V，
变阻器分得的电压为电压表示数的4.5V1.5V=3倍，根据分压原理，当接入15Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=3×15Ω=45Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少45Ω的滑动变阻器，故选：B。
故答案为：(1)见解答图；(2)断开；(3)电阻R断路；(4)变大；A；(5)1.5；电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(6)B。
(1)根据滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变大，说明变阻器电阻变小，据此确定变阻器连接方式；
(2)为了保护电路，连接电路时，开关应该断开；
(3)闭合开关后，如果发现电流表示数为零，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
(4)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)根据欧姆定律求出电压表示数；根据电阻两端的电压始终为一定值分析；
(6)根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入15Ω电阻时变阻器连入电路中的阻值。
本题研究电流与电阻的关系，考查电路连接、注意事项、电路故障、器材的选择、控制过程和数据分析等知识，综合性强，但难度不大。
21.【答案】解：(1)物体距传感器s=vt=340m/s×0.01s2=1.7m．
答：物体距传感器是1.7m．
(2)由图象可知物体在0至15s内距离传感器始终是20m，所以说物体没有移动．
(3)由图3知，路程与时间成正比，物体作匀速直线运动，物体受到水平拉力F和摩擦力f二力平衡，
故f=F=10N
在0至15s拉力做的功W=Fs′=10N×30m=300J
拉力的功率P=Wt′=300J15s=20W．
答：在0至15s物体受到的摩擦力为10N，拉力的功率为20W．
【解析】(1)已知声音传播的速度和所用的时间，根据公式s=vt可求物体距传感器的距离．
(2)从图象可以看出，在0至15s内，物体的运动距离没有发生变化．
(3)由图象可知，路程与时间成正比，物体做匀速直线运动，拉力等于摩擦力，先根据公式W=Fs求出所做的功，再利用公式P=Wt求出拉力的功率．
本题考查距离、摩擦力和功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，还要知道物体做匀速直线运动时拉力和摩擦力相等，要学会分析图象，最容易出错的是信号从发出到反射回来的时间，这个时间是来回的时间，不是一次的时间．
22.【答案】解：(1)因为电加热时，P=1500W，U=220V，
所以由P=U2R得：R=U2P=(220V)21500W≈32.3Ω；
(2)水吸收的热量为：Q=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×50kg×(50℃−30℃)=4.2×106J，
又因为W=Q=Pt
所以t=WP=4.2×106J1500W=2800s；
(3)由丙图可知，ℎ=0.2m时，Rx=150Ω，
则探测电路中的电流为I=URx+R0=24V150Ω+10Ω=0.15A。
答：(1)热水器正常加热时，电热丝电阻32.3Ω；
(2)正常通电要2800s；
(3)探测电路中的电流0.15A。
【解析】(1)利用R=U2P求出电阻；
(2)先利用水的吸热公式求出水吸收的热量，再利用P=Wt求出加热时间；
(3)当水位指示表指示储水箱深为0.2m，根据此时压敏电阻和定值电阻的阻值，求出总阻值，由欧姆定律可求此时的电流。
本题综合考查了电路中的相关知识，对学生的审题能力、图象分析和计算能力等要求较高，难度较大。
23.【答案】火箭 变大 左 变大 前推 串
【解析】解：(1)四旋翼无人机，当电机带动旋翼(螺旋桨)转动，对下方空气施加向下的作用力，根据物体间力的作用是相互的，空气对它施加向上的反作用力，即为升力，与火箭的工作原理相同；风筝的工作原理是流体压强与流速的关系，热气球的工作原理是物体的浮沉条件；
(2)无人机在匀速向上飞行时，质量不变，速度不变，动能不变；高度变大，重力势能变大，所以机械能变大；
若增大左侧两个旋翼的转速，则左侧旋翼对空气向下的作用力变大，因物体间力的作用是相互的，所以空气对左侧旋翼向上作用力变大，能使左侧抬升，向右倾斜飞行；
(3)摄像机的镜头是凸透镜，成倒立缩小的实像，当拍摄地面图象时减小悬停高度即物距减小，像距变大，所成的像也变大，所以还应将摄像机的镜头适当前推；
(4)由题意知，每一个电动机连接一个电调，通过电子调速器(简称电调)来控制电动机的电流从而改变电动机的功率，故电动机和电调的连接方式是串联。
故答案为：(1)火箭；(2)变大；左；(3)变大；前推；(4)串。
(1)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
(2)重力势能大小的影响因素：质量、高度；质量越大，高度越高，重力势能越大；动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大；机械能为动能和势能的和；力是改变物体运动状态的原因；
(3)凸透镜成实像时，根据“物近像远像变大，物远像近像变小”即可判断；
(4)根据题意和串并联电路的特点可判断电动机和电调的连接方式。
本题是一道以多旋翼无人机为背景的信息给予题，涉及到的知识点较多，关键能从题干中获取有用的信息，熟练运用已学的知识即可正确解题，综合性强，难度较大。
24.【答案】电磁波 9720 1.2 81 减小 减小斜面的倾斜程度
【解析】解：(1)“小i”提供无线上网服务，则它与互联网之间通过电磁波来传递信息。
(2)“小i”每天搬书上书架做功：
W=Gℎ=mgℎ=1944kg×10N/kg×0.5m=9720J；
由η=WW电×100%得，充电时存储的电能：W电=Wη=9720J90%=10800J，
由P=Wt得，充电时间：t=W电P=10800J2.5W=4320s=1.2ℎ；
(3)“小i”承受的最大压力：F=G′=m′g=20kg×10N/kg=200N，
由图丙可知，当F′=200N时，压力传感器的阻值R=15Ω，
由I=UI得，电路总电阻：R总=UI=48V0.5A=96Ω，
电阻箱R0接入的最小阻值：R0=R总−R=96Ω−15Ω=81Ω；
由于电源电压和触发电动机停止工作的电流不变，根据R总=UI可知，电路总电阻不变，要减轻“小i”的最大负重，即减小其承受的压力，由图像可知压力传感器的阻值将增大，所以由电阻的串联可知，应将电阻箱R0的阻值适当减小；
(4)“小i“经过斜面时，爬坡打滑爬不上去，说明所受的阻力较大，
在不改变智能机器人硬件情况下，即动力不变，为了让“小i”能爬坡，
需要减小阻力，可采用的方法是：①减小斜面的倾斜程度；②减小最大负重。
故答案为：(1)电磁波；(2)9720；1.2；(3)81；减小；(4)减小斜面的倾斜程度。
(1)电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；
(2)根据W=Gℎ=mgℎ求出“小i”每天搬书上书架做功；然后根据η=WW电×100%求出充电存储的电能，再利用P=Wt求出充电时间；
(3)根据表格中的数据先求出“小i”承受的最大压力，由图丙可知此时压力传感器的阻值，利用欧姆定律和串联电路电阻的特点求出电阻箱R0接入的最小阻值；
由于电源电压和触发电动机停止工作的电流不变，即电路总电阻不变，要减轻“小i”的最大负重，即减小其承受的压力，从而知道压力传感器的阻值的变化，利用串联电路电阻特点求出电阻箱R0的阻值的变化。
(4)“小i“经过斜面时，爬坡打滑爬不上去，说明所受的阻力较大，在不改变智能机器人硬件情况下，可以从减小阻力进行分析。
本题以智能机器人为背景，涉及到的知识点较多，关键是从题干中获取有用的信息，熟练运用相关知识即可正确解题，虽综合性强，但难度不大。
25.【答案】C；低；混合动力汽车的能量利用率较高；22.5；1.5×105
【解析】解：
(1)A.在较好的充电条件下，插电混合动力汽车可以不用加油，当做纯电动车使用，故A正确；
B.非插电式混合动力汽车充分发挥发动机和电动机双方的动力，实现强劲动力，故B正确；
C.当非插电式混合动力汽车车辆减速时，发动机自动停止运转，电动机作为发电机回收了部分能量，转化为电能储存在电池中，为未来驾驶提供动力，故C错误；
D.车辆轻载行驶时，发动机向车辆提供驱动功率，同时发动机输出的多余功率驱动发电机，经功率转换器为蓄电池充电，故D正确；
(2)非插电式混合动力汽车进入正常行驶状态时，自动均衡地使用发动机和电动机；
车辆轻载行驶时，发动机向车辆提供驱动功率，同时发动机输出的多余功率驱动发电机，经功率转换器为蓄电池充电；
而当车辆减速时，发动机自动停止运转，电动 机作为发电机回收了部分能量，转化为电能储存在电池中，为未来驾驶提供动力，
综上可知，混合动力汽车的能量利用率较高，汽车的油耗较低；
(3)比亚迪“秦”的蓄电池组充满电时消耗的最少电能：
W=UIt=300V×75A×3600s=8.1×107J=22.5kW⋅ℎ；
(4)由表格数据可知，汽车的动能与速度平方的比值：
6.0×102J(1m/s)2=2.4×103J(2m/s)2=9.6×103J(4m/s)2=6×104J(10m/s)2=2.4×105J(20m/s)2=6.0×102J⋅s2/m2，
则汽车速度为30m/s时汽车的动能：
E=6.0×102J⋅s2/m2×(30m/s)2=5.4×105J，
在此过程中动力蓄电池获得的电能为汽车所减少动能的50%，则动力蓄电池获得的电能：
W电=(E−E′)η=(5.4×105J−2.4×105J)×50%=1.5×105J。
故答案为：(1)C；(2)低；混合动力汽车的能量利用率较高；(3)22.5；(4)1.5×105。
(1)根据材料提供的信息解答此题；
(2)分析非插电式混合动力汽车工作时的特点得出油耗的高低和原因；
(3)根据W=UIt求出比亚迪“秦”的蓄电池组充满电时消耗的最少电能；
(4)分析表格数据得出电能与速度的关系，然后求出速度为30m/s时的动能，利用在此过程中动力蓄电池获得的电能为汽车所减少动能的50%求出动力蓄电池 获得的电能。
本题考查了电功率公式和效率公式的应用等，从题干和表格中获取有用的信息是关键。
相关试卷
2024年广东省东莞市南城开心实验学校中考物理一模试卷（含解析）： 这是一份2024年广东省东莞市南城开心实验学校中考物理一模试卷（含解析），共21页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2023年广东省东莞市可园中学中考物理二模试卷（含解析）： 这是一份2023年广东省东莞市可园中学中考物理二模试卷（含解析），共23页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验题，计算题，综合能力题等内容，欢迎下载使用。
2023年广东省东莞市香市中学中考物理二模试卷（含解析）： 这是一份2023年广东省东莞市香市中学中考物理二模试卷（含解析），共23页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图题，实验题，计算题，综合能力题等内容，欢迎下载使用。
