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2022年辽宁省朝阳市中考物理试卷（Word解析版）
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这是一份2022年辽宁省朝阳市中考物理试卷（Word解析版），共25页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年辽宁省朝阳市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分
一、单选题（本大题共8小题，共16分）
1. 下列数据中，最接近实际的是( )
A. 钢笔的长度大约是20dm
B. 人步行的速度约为1.1m/s
C. 手机电池的电压是220V
D. 噪声强弱等级150dB是较为理想的安静环境
2. 下列现象中与日食形成原理相同的是( )
A. 雨后彩虹 B. 海市蜃楼 C. 镜花水月 D. 立竿见影
3. 新冠肺炎疫情防控期间，下列有关说法正确的是( )
A. 戴口罩可以预防感染，是因为口罩材料的分子之间没有间隙
B. 身穿防护服的医护人员的护目镜容易起雾，这是汽化现象
C. 闻到消毒水的味道说明分子在不停地做无规则运动
D. 手机收到核酸检测报告，说明超声波可以传递信息
4. 下列说法中正确的是( )
A. 信鸽是靠地磁场来导航的
B. 马德堡半球实验测出了大气压的值
C. 飞机产生升力的原因是机翼上方气流的速度较大，压强较大
D. 物体的运动需要力来维持
5. 近年来，我国“探月工程”取得重大突破，在探测器登陆月球、获取月壤并成功返回地球过程中，说法正确的是( )
A. 探测器绕月飞行时运动状态保持不变
B. 着陆时反推火箭向下喷火减速，可以说明物体间力的作用是相互的
C. 探测器在月球上没有惯性
D. 月壤样本带回地球后质量会变大
6. 如图所示，气球与头发摩擦，头发会随着气球飘起来，下列说法中正确的是( )
A. 气球与头发摩擦创造了电荷
B. 气球因摩擦带电而成为导体
C. 气球若带负电荷，则头发带正电荷
D. 气球与头发因带有同种电荷而互相吸引
7. 关于家庭电路及安全用电，下列说法中正确的是( )
A. 只有大功率用电器才需使用三孔插座
B. 控制用电器的开关应该连接在零线和用电器之间
C. 电能表是测量电功率的仪表
D. 使用试电笔辨别火线与零线时，手指千万不能碰到笔尖金属体
8. 下列说法正确的是( )
A. 发光二极管是由半导体材料制成的
B. 验钞机发出了蓝紫色的光说明紫外线是蓝紫色的
C. 烤箱的电阻丝向外辐射的红外线随温度的升高而减弱
D. 白炽灯的灯丝用久会变细是凝华现象
二、多选题（本大题共2小题，共6分）
9. 在水平桌面上有两个完全相同的烧杯，杯内分别盛满甲、乙两种不同液体，把两个完全相同的小球分别放入两烧杯中，小球静止后位置如图所示，下列判断正确的是( )
A. 液体的密度ρ甲>ρ乙 B. 小球排开液体的质量m排甲
A. 电源电压为9V B. 滑动变阻器的最大阻值为40Ω
C. 灯泡的额定功率为4.2W D. 此过程中灯泡的最小功率为1.2W
三、填空题（本大题共9小题，共19分）
11. 音乐会上，观众可以根据乐器发出声音的______不同，分辨出是哪种乐器；现场观众听到的声音是通过______传播的。
12. 小明在水平地面上沿水平方向推木箱，但没推动，此时木箱所受推力______(选填“大于”、“小于”或“等于”)摩擦力；擦黑板时要用力按黑板擦是通过______的方法增大摩擦力。
13. 初春时节，大凌河畔的一只天鹅展翅向高处飞去，它在水中像的大小______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，以河边的大树为参照物，天鹅是______(选填“运动”或“静止”)的。
14. 如图所示，将水加热至沸腾后，塞子被冲出，此过程的能量转化方式与汽油机的______冲程相同。若单缸四冲程汽油机飞轮转速为1200r/min，则1s内完成个______冲程。
15. 如图所示，用滑轮组提升重900N的物体A，使它在10s内匀速上升1m，此时滑轮组的机械效率为75%，则在提升重物的过程中(不计绳重及摩擦)，动滑轮的重力为______N，拉力做功的功率为______W。
16. 手摇发电机的工作原理与图中的______(选填“甲”或“乙”)相同，它在工作时把机械能转化为______能。
17. 从远处看太阳像一个巨大的火球，它在不断地向外释放能量，在太阳内部时刻都在发生着核______变，太阳能属于______(选填“可再生”或“不可再生”)能源。
18. 汽车在转向前，司机会拨动转向横杆，汽车同侧的前后两个转向灯就会同时闪亮、同时熄灭，但其中一个灯损坏时，另一个仍能正常工作，这两个转向灯在电路中的连接方式为______，转向横杆相当于电路中的______。
19. 如图所示电路中，电源电压恒为4.5V，灯L标有“3V 0.9W”，滑动变阻器R上标有“30Ω 1A”的字样，电压表量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，则灯泡正常工作时的电流为______A，此时通电1min滑动变阻器产生的热量为______J。为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器连入电路的阻值范围是______Ω(灯丝电阻保持不变)。
四、作图题（本大题共2小题，共4分）
20. 如图所示，水杯静止在水平桌面上，O是水杯重心，画出水杯受力的示意图。
21. 闭合开关S后，在通电螺线管和条形磁铁的共同作用下，小磁针静止在图示位置。请在图中标出小磁针的N极和A点的磁感线方向。
五、实验探究题（本大题共5小题，共28分）
22. 图甲是小丽在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置，有关数据如表所示：
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
温度/℃
90
94
96
98
98
98
98
(1)图乙是1min时温度计的示数，此时水的温度是______℃。
(2)请在图丙的方格纸上画出水的温度随时间变化的图象。
(3)根据图象可知，水沸腾时______热量，温度______(选填“升高”、“降低”或“不变”)。
(4)另外一名同学采用了相同的装置进行实验，发现从开始加热到沸腾的时间过长，其原因可能是______(答出一条即可)。
23. 学习了透镜的知识以后，小明借来了爷爷的眼镜片进行了探究：
(1)如图甲所示，太阳光经过镜片在光屏上形成了一个最小最亮的光斑，由此判断，爷爷佩戴的是______(选填“近视镜”或“远视镜”)，镜片的焦距是______cm。
(2)他把镜片放置在桌子上，调节到如图乙所示的位置，墙上出现了窗户清晰的像(像未画出)，这个像是倒立______的实像，______(选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一成像原理工作的。
(3)小明将镜片向上移动一定高度，墙壁上的像将______(选填“向上移动”、“向下移动”或“仍然成在原来的位置”)。
24. 小明利用如图所示实验装置“探究杠杆的平衡条件”：
(1)轻质杠杆静止时如图甲所示，可将左端的平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节，使其在水平位置平衡，这样操作的目的是便于测量______。
(2)小明多次实验并记录数据如表，总结数据得出杠杆的平衡条件：______。
次数
动力F1/N
动力臂l1/m
阻力F2/N
阻力臂l2/m
1
1
0.1
2
0.05
2
2
0.15
1.5
0.2
3
3
0.05
1.5
0.1
(3)第2次实验所挂钩码的个数和位置如图乙所示，此时将两侧所挂的钩码同时向支点O靠近一格，杠杆会______(选填“左侧下降”、“右侧下降”或“仍水平平衡”)。
(4)如图丙所示，用弹簧测力计在A处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，在测力计逐渐向左倾斜到虚线位置的过程中，保持杠杆在水平位置平衡，则测力计的示数将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
25. 小文利用如图所示的实验装置，进行了如下实验：
(1)通过______三个图进行比较，说明浮力的大小与物体浸没在液体中的深度无关。
(2)物体A浸没在水中时受到的浮力是______N，物体A的体积是______m3。
(3)由图示实验数据得出盐水的密度是______kg/m3。
(4)他还想探究“物体受到的浮力大小与其形状是否有关”，于是找来薄铁片、烧杯和水进行实验，实验步骤如下：
步骤一，将铁片放入盛水的烧杯中，铁片下沉至杯底。
步骤二，将铁片弯成“碗状”再放入盛水的烧杯中，让它漂浮在水面上。
①通过分析可知，第一次铁片受到的浮力______(选填“大于”、“小于”或“等于”)第二次铁片受到的浮力。
②小文得到的结论是：物体受到的浮力大小与其形状有关，他得出错误结论的原因是______。
26. 小明利用两节干电池、电流表、电压表、开关、滑动变阻器、阻值为5Ω、10Ω和20Ω的定值电阻各一个以及导线若干等器材，进行了“探究电流与电阻的关系”的实验：
(1)请用笔画线代替导线将图甲实物图连接完整，要求滑动变阻器的滑片向左移动时电流表示数变大。
(2)先把5Ω的电阻接入电路中，将滑片移至阻值最大端，闭合开关后，发现电压表有示数且接近电源电压，电流表无示数，其原因可能是______。
次数
电阻R/Ω
电流I/A
1
5
2
10
0.2
3
20
0.1
(3)排除故障后继续实验，电流表示数如图乙，为______A；接下来换上10Ω的电阻进行实验，闭合开关后，滑片应该向______端移动，使电压表的示数保持不变。
(4)通过表中实验数据可以得出的结论是：______。
(5)上述实验完成后，他想测量另一个铭牌模糊不清的滑动变阻器Rx的最大阻值，在保证电路安全的情况下，设计了如图丙所示的电路(电源电压恒定但未知，定值电阻的阻值为R0)，请将他的实验步骤补充完整：
①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电压表的示数为U1；
②______，读出电压表的示数为U2；
③滑动变阻器最大阻值Rx=______(用已知量和测量量的符号表示)。
六、计算题（本大题共2小题，共17分）
27. 某品牌家用汽车满载时的质量为1.15t，静止时车轮与水平地面的总接触面积为0.2m2，它在平直路面上匀速行驶36km，期间受到的阻力为车总重的0.1倍，汽车发动机的效率为40%，求：
(1)汽车满载静止在水平地面上时，对地面的压强是多少？
(2)匀速行驶过程中牵引力所做的功是多少？
(3)汽油的热值为q=4.6×107J/kg，这段时间内消耗汽油的质量是多少？
28. 如图所示是一款家用电热壶的内部简化电路图，它通过温控开关S可自动实现加热、保温两个挡位的转换，保温挡的额定功率为110W，R1、R2是两个阻值不变的发热元件，R2=48.4Ω，求：
(1)R1的阻值。
(2)加热挡的额定功率。
(3)若电热壶内装有1L的水，现用加热挡使水从25℃升高到100℃，水吸收的热量是多少？
(4)不计热量损失的情况下，在(3)中若实际加热时间为300s，则电热壶的实际加热功率是多少？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：
A、钢笔的长度大约为26cm，故A错误；
B、成年人正常步行的速度在4km/h≈1.1m/s左右，故B正确；
C、手机电池的电压约为5V，故C错误；
D.为了保证休息和睡眠，声音不能超过50dB，因此最理想的安静环境是30-40dB；为了不影响工作声音不要超过70dB，故D错误。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，要对实际生活中常见的物体做到熟知。
2.【答案】D
【解析】解：日食形成的原因是由于光在同一种均匀介质中沿直线传播；
A、雨后天边出现的彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这是光的色散现象，故A不符合题意；
B、海市蜃楼是一种由光的折射产生的现象，是由于空气的密度不均匀而引起的，故B不符合题意；
C、镜花水月，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C不符合题意；
D、立竿见影，由于光的直线传播形成的，故D符合题意；
故选：D。
(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的，激光准直、日晷应用的是光的直线传播原理；
(2)当光照射到两种介质界面上时，有一部分光被反射回原来介质的现象是光的反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
本题考查光的直线传播的具体生活实例，需要利用生活和物理之间的联系进行判断；还要区分三种光现象：光的直线传播、光的反射、光的折射。
3.【答案】C
【解析】解：A、分子之间存在间隙，口罩材料的分子之间也有空隙，故A错误；
B.戴口罩的护士的护目镜容易起“雾”，是护士呼出的水蒸气遇到冷的护目镜液化形成的小水珠，故B错误；
C、接种地点弥漫着消毒水味道，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、手机收到核酸检测报告，利用的是电磁波传递信息，故D错误。
故选：C。
(1)物质是由分子或原子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子之间存在间隙；
(2)物质由液态变为气态的过程叫汽化，物质从气态变为液态的过程是液化；
(3)电磁波可以传递无线信息。
此题考查了分子动理论的应用、物态变化及电磁波的应用，是一道联系社会热点的应用题，也是一道综合题，难度不大。
4.【答案】A
【解析】解：A、信鸽辨别地磁场的强弱变化来定向的，能从千里之外飞回家，故A正确；
B、马德堡半球实验半球实验证明了大气压的存在，托里拆利实验第一个测出了大气压的值，故B错误；
C、机翼的形状上凸下平，在相同是时间内，空气经过上方的路程长、速度大；经过下方的路程短、速度小。上方空气流速越大、压强越小；下方空气流速越小、压强越大。所以机翼上方的气流对机翼的压强小于机翼下方的气流对机翼的压强，机翼在压强差的作用下，受到向上的升力作用，故C错误；
D、力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，故D错误。
故选：A。
(1)有的科学家认为：鸽子两眼之间的突起，在长途飞行中，感知地磁场的变化，它们靠地磁场变化来辨别方向；
(2)马德堡半球实验证明了大气压的存在，托里拆利实验第一个测出了大气压的值；
(3)飞机机翼上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，机翼在压强差的作用下，受到向上的升力；
(4)力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因。
此题考查地磁场、马德堡半球实验、飞机的升力、力的作用等，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
5.【答案】B
【解析】解：A、探测器绕月飞行时，由于运行速度和运行方向在发生变化，所以运动状态是变化的，故A错误；
B、着陆时反推火箭向下喷火，利用火箭发动机向下喷气来获得燃气对它向上的反作用力来实现，这是因为物体间力的作用是相互的，故B正确；
C、任何物体都具有惯性，探测器在月球上具有惯性，故C错误；
D、质量是物体一个基本属性，不随位置、形状、温度、状态的变化而变化，所以，采集回来的月壤样品，返回地球后质量不变，故D错误。
故选B。
(1)力可以改变物体的运动状态；运动状态的改变包括速度大小和运动方向的改变。
(2)物体间力的作用是相互的；
(3)惯性大小只与质量有关，任何物体都具有惯性；
(4)质量是物体一个基本属性，不随位置、形状、温度、状态的变化而变化。
本题以卫星发射等为背景，考查了力的作用效果、力与运动的关系、质量的概念等基础知识，难度不大。
6.【答案】C
【解析】解：气球与头发摩擦后，摩擦过程中若气球得到电子带负电，则头发失去电子的带正电；相互靠近时出现了如图所示的吸引现象，是因为异种电荷互相吸引。摩擦起电现象实质是电荷的转移，并没有创造电荷，也没有把气球变成导体，故C正确。
故选：C。
(1)摩擦后的物体能够吸引轻小物体，则说明物体带了电或电荷，此过程叫摩擦起电；
(2)电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查了摩擦起电现象和电荷间作用规律，考查的是基础知识，是一道基础题。
7.【答案】D
【解析】解：A、大功率用电器、带金属外壳的用电器必须使用三孔插座，故A错误。
B、控制用电器的开关必须连接在火线和用电器之间，故B错误。C、电能表是用来测量用电器消耗电能(电功)的仪表，故C错误。
D、使用试电笔时，不能用手接触测电笔前端的金属体，这样会造成人身触电事故，故D正确。
故选：D。
(1)大功率用电器、带金属外壳的用电器必须使用三孔插座。
(2)控制用电器的开关必须连接在火线和用电器之间。
(3)电能表是用来测量用电器消耗电能(电功)的仪表。
(4)使用试电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电，是十分危险的：使用试电笔时，不能用手接触试电笔前端的金属体，这样会造成人身触电事故。
本题考查了电能表的作用以及一些安全用电常识，属于基础题目。
8.【答案】A
【解析】解：
A、发光二极管具有单向导电性，主要材料是半导体，故A正确；
B、紫外线本身是看不见的，医院里面的消毒灯看起来呈蓝紫色，是因为除了紫外线外，它还发出少量的蓝光和紫光，故B错误；
C、一个物体温度升高时，它辐射的红外线增强，故C错误；
D、用久了的灯泡钨丝变细，钨丝在高温下变成钨蒸气，属于升华现象，故D错误。
故选：A。
(1)发光二极管是由半导体材料制成的，可将电能转化为光能，而且二极管具有单向导电性。
(2)紫外线是不可见光，不能引起人们的视觉；
(3)红外线是一种不可见光，红外线具有热效应，所以温度越高的物体，辐射的红外线越强；
(4)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华。
此题考查了不可见光的应用、光的色散等，属于基础知识，难度不大。
9.【答案】AC
【解析】解：A、由图可知，小球在甲中漂浮，则ρ球<ρ甲，在乙中悬浮，则ρ球=ρ乙，故液体的密度ρ甲>ρ乙，故A正确；
B、由图可知，小球在甲中漂浮，则小球在甲液体受到的浮力F浮甲=G，在乙中悬浮，则小球在乙液体受到的浮力F浮乙=G，所以F浮甲=F浮乙，
根据阿基米德原理可知，小球排开液体的重力G排甲=G排乙，根据G=mg可知，小球排开液体的质量m排甲=m排乙，故B错误；
CD、由题意可知，液面相平，液体的密度ρ甲>ρ乙，根据p=ρgh可知，液体对烧杯底的压强p甲>p乙，
由于烧杯完全相同，根据p=FS可知，液体对烧杯底的压力F甲>F乙，故C正确、D错误。
故选：AC。
(1)根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球与两种液体的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；
(2)根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球在两种液体中受到的浮力与其重力的关系，进而得出浮力关系；根据阿基米德原理可知小球排开液体的重力关系，利用重力公式可知排开液体的质量关系；
(3)(4)知道液体的密度关系，利用p=ρgh可知液体对烧杯底的压强关系；利用p=FS可知液体对烧杯底的压力关系。
本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件、液体压强公式、压强定义公式、重力公式的综合应用，题目综合性较强，有一定的难度。
10.【答案】ABC
【解析】解：由电路图可知，闭合开关S，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
ABD.当滑片位于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，
由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器两端的电压最大即电压表V2的示数最大，灯泡两端的电压最小即电压表V1的示数最小，
则图象A表示电流表与电压表V1示数变化关系图象，图象B表示电流表与电压表V2示数变化关系图象，
由图乙可知，电路中的最小电流I小=0.2A，灯泡两端的电压UL=1V，滑动变阻器两端的电压U滑=8V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：U=UL+U滑=1V+8V=9V，故A正确；
由I=UR可得，滑动变阻器的最大阻值：R滑=U滑I小=8V0.2A=40Ω，故B正确；
此时灯泡的电功率最小，则PL小=ULI小=1V×0.2A=0.2W，故D错误；
C.灯正常发光时电路中的电流最大，滑动变阻器两端的电压最小，
由图乙可知，此时电路中的电流I大=0.6A，变阻器两端的电压U滑'=2V，
此时灯泡两端的电压：UL'=U-U滑'=9V-2V=7V，
灯泡的额定功率：PL额=UL'I大=7V×0.6A=4.2W，故C正确。
故选：ABC。
由电路图可知，闭合开关S，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片位于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器两端的电压最大即电压表V2的示数最大，灯泡两端的电压最小即电压表V1的示数最小，据此判断出电流表与两电压表示数变化对应的关系图象，再根据图乙读出电路中的最小电流和灯泡两端的电压以及滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出灯泡的最小电功率；
(2)灯正常发光时电路中的电流最大，滑动变阻器两端的电压最小，根据图乙读出此时电路中的电流和变阻器两端的电压，利用串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，再利用P=UI求出灯泡的额定功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确判断出电流表与两电压表示数变化对应的关系图象是关键。
11.【答案】音色 空气
【解析】解：不同乐器发声的音色不同，可以通过音色区分不同的乐器；
观众能听到乐器发出的声音是通过空气传播到现场观众耳朵中的。
故答案为：音色；空气。
不同物质的特征不同，发出声音的音色也会不同；
声音能够在固体、液体、气体中传播，真空不能传声。
此题考查的是声音的特性及传播，是一道声学的基础题。
12.【答案】等于 增大压力
【解析】解：小明在水平地面上沿水平方向推木箱，但没推动，木箱处于静止状态，水平方向上受到的推力、摩擦力是一对平衡力，大小相等；
擦黑板时要用力按黑板擦，是通过增大压力的方法增大摩擦力。
故答案为：等于；增大压力。
(1)根据二力平衡条件，当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力作用，且一对平衡力的大小相等，方向相反。
(2)影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度；增大摩擦的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；在接触面粗糙程度一定时，增大压力。
此题考查了二力平衡条件和增大摩擦力方法知识的应用，要明确当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力的作用，难度不大。
13.【答案】不变 运动
【解析】解：(1)平静的水面相当于平面镜，由于物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，所以不管天鹅距水面的距离远还是近，像始终和物体等大，因此两只天鹅飞离水面的过程中，它在水中的像的大小不变；
(2)两只天鹅飞离水面的过程中，以河边的大树为参照物，天鹅与河边的大树之间的距离变大，则天鹅在向上运动。
故答案为：不变；运动。
(1)倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等。
(2)看被研究的物体与所选的标准之间的位置关系来判断物体的运动方向。
本题主要考查学生对平面镜成像特点的了解和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地进行解答。
14.【答案】做功 40
【解析】解：(1)将水加热至沸腾后，塞子被冲出，在此过程中内能转化为机械能，做功冲程也是把内能转化为机械能。
(2)飞轮转速是1200r/min=20r/s，表示每秒飞轮转动20圈，完成10个工作循环，要经过40个冲程。
故答案为：(1)做功；(2)40。
(1)做功冲程把内能转化为机械能。
(2)热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周。
本题考查内燃机工作特点及能量转化情况，属于基础题。
15.【答案】300 120
【解析】解：有用功W有=Gh=900N×1m=900J，由机械效率公式可知总功W总=W有η=900J75%=1200J。
额外功W额=W总-W有=1200J-900J=300J，动滑轮的重G动=W额h=300J1m=300N。
拉力做功的功率为P=w总t=1200J10s=120W。
故答案为：300；120。
由重力和上升的高度可求出有用功，再由机械效率可求出总功，再求出额外功，就可以求出动滑轮的重力。
利用P=Wt可求出功率。
本题为计算功率的题目，要熟练运用公式。
16.【答案】甲 电
【解析】解：图甲装置中没有电源，是电磁感应原理图；图乙装置中有电源，说明通电导体在磁场中受力运动，是电动机原理图；手摇发电机是利用电磁感应原理制成的；故手摇发电机的工作原理与图中的甲相同；发电机工作时把机械能转化为电能。
故答案为：甲；电。
(1)发电机的原理是电磁感应现象，电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，故甲为发电机原理图，乙为电动机原理图。
(2)发电机是把其他形式的能转化为电能，电动机是把电能转化为机械能。
本题既考查了电动机、发电机的工作原理，又考查了电动机、发电机的结构及能量转化。
17.【答案】聚 可再生
【解析】解：太阳像一个巨大的火球，它在不断地向外释放巨大的能量，在太阳内部时刻都在发生核聚变。
太阳能取之不尽用之不竭，属于可再生能源。
故答案为：聚；可再生。
(1)核能的释放通过核裂变、核聚变实现，氢弹就是核聚变释放的能量，太阳能内部时刻发生核聚变。
(2)不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。
知道核聚变和裂变的实例，理解不可再生概念，可解答此题。
18.【答案】并联 开关
【解析】解：汽车同侧的前后两个转向灯会同时闪亮、同时熄灭，但转向灯也可以单独工作，所以它们是并联的；
司机拨动横杆，转向灯才会工作，所以这根杆子起到开关的作用；
故答案为：并联；开关。
串、并联电路的特点：串联电路，电流只有一条通路，开关控制整个电路。并联电路电流有多条通路，各支路互不影响。
本题主要考查了串联和并联电路的区别、电路的组成，是电学知识的基本应用。
19.【答案】0.3 27 5Ω～20
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)灯泡正常发光时的电压为3V，功率为0.9W，
根据P=UI可得，此时的电流：IL=PLUL=0.9W3V=0.3A；
(2)根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压UR=U-UL=4.5V-3V=1.5V；
根据串联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的电流IR=IL=0.3A，
通电1min滑动变阻器产生的热量Q=W=URIRt=1.5V×0.3A×60s=27J；
(3)串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，
所以电路中的最大电流Imax=0.3A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
由I=UR可知，灯泡的电阻RL=ULIL=3V0.3A=10Ω；
电路中的总电阻R总小=UImax=4.5V0.3A=15Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：Rmin=R总小-RL=15Ω-10Ω=5Ω；
当电压表的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，
此时灯泡两端的电压：UL'=U-URmax=4.5V-3V=1.5V，
电路中的电流：Imin=UL'RL=1.5V10Ω=0.15A，
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：Rmax=UmaxImin=3V0.15A=20Ω，
所以，动变阻器连入电路中的阻值范围是5Ω～20Ω。
故答案为：0.3；27；5Ω～20。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)灯泡正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI此时的电流；
(2)知道灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压，利用Q=W=UIt求出通电1min滑动变阻器产生的热量；
(3)比较灯泡正常发光时的电流、电流表的最大示数和滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小值；当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的最小电流，进一步求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值。
滑动变阻器的作用就是要保护电路中的各元件，并改变电路的电流、电压大小，在确定滑动范围时，应重点关注电流与电压的变化，找出最大值和最小值才能最终确定其范围，具体电路中，尤其要关注多个电压或电流的情况，必须保证每一个元件都不能超过其工作要求。
20.【答案】解：桌面上水杯受到重力G和支持力F，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上；因水杯静止在水平桌面上，此时二力为一对平衡力；两力的作用点都画在重心O处，注意表示两力的线段长度要相等。如图所示：
【解析】水杯受到重力G和支持力F，作用点在重心，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上。
重力的方向总是竖直向下，会根据具体的接触面判断支持力的方向，并会用示意图表示物体受力情况。
21.【答案】解：在电源外部，电流是从电源的正极流出，经过外电路回到电源负极。根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，则大拇指指向右端即为螺线管的N极，由磁极间的相互作用可知，小磁针左端为S极，右端为N极，由磁极间的相互作用可知，条形磁铁左端为S极，右端为N极，在磁体外部，磁感线的方向是从N极指向S极。则条形磁铁磁感线的方向向左；如图所示：
【解析】利用电源的正负极，可以确定电流的方向，结合电流表的使用规则，可以确定电流表的正负接线柱。
根据安培定则可以确定螺线管的N、S极，结合螺线管的绕向，利用磁极间的相互作用可以确定小磁针和条形磁铁的N、S极。
在磁体外部，磁感线的方向是从N极指向S极。
安培定则中共涉及三个方向：①线圈绕向；②电流方向；③磁场方向。在对于安培定则的考查中，一般是告诉其中两个方向，求第三个方向。
22.【答案】92 吸收 不变 水的质量太大
【解析】解：(1)温度计的分度值是1℃，此时是零上，液柱上表面对准了90℃上面第2个小格处，读作92℃；
(2)根据表格中数据进行描点，将各点用平滑的曲线连接起来，如下图所示：
；
(3)根据图象可知，水沸腾过程中要不断吸收热量，但温度不变；
(4)从开始给水加热到水开始沸腾所用的时间过长，可能是水的质量太大，或水的初温太低。
故答案为：(1)92；(2)见解答图；(3)吸收；不变；(4)水的质量太大。
(1)温度计读数时，先确定是零上还是零下，认清分度值，再读数；
(2)在做沸腾图象时，要先根据表格中数据进行描点，然后用平滑的曲线将各点连接起来；
(3)水在沸腾过程中温度保持不变，持续吸热；
(4)从开始给水加热到水开始沸腾所用的时间过长，可能是水的质量太大，或水的初温太低。
在观察水沸腾的实验中，应会读温度计，并学会记录相关数据，绘制温度随时间变化的图象，同时重点观察沸腾过程中的现象，这些都是该实验中应该重点掌握的内容。
23.【答案】远视镜 25.0 缩小 照相机 向上移动
【解析】解：(1)由图中，平行光线经凸透镜后会聚到一点，说明凸透镜对光线具有会聚作用；远视镜是用凸透镜制成的；凸透镜的焦距为35.0cm-10.0cm=25.0cm；
(2)由图知，像距小于物距，此时物距大于二倍焦距成倒立缩小的实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，照相机是根据这个原理制成的；
(3)在凸透镜成实像时，通过凸透镜光心的光线方向不变，将镜片向上移动一定高度，墙壁上的像将向上移动。
故答案为：(1)远视镜；25.0；(2)缩小；照相机；(3)向上移动。
(1)掌握简单测量焦距的方法，让凸透镜正对着平行光，移动光屏找到焦点，从焦点到凸透镜的距离约等于焦距；
(2)当物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的，此时像距处于f和2f之间，像距小于物距；
(3)在凸透镜成实像时，通过凸透镜光心的光线方向不变，由此分析像的运动情况。
本题考查凸透镜成像规律实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
24.【答案】右 力臂 动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1l1=F2l2) 右端会下沉 变大
【解析】解：(1)杠杆如图甲所示，左端向下倾斜，则重心应向右移动，故应向右调节左端或右端的平衡螺母，使杠杆处于水平位置平衡时，便于我们直接读数力臂大小；
(2)根据表格中的实验数据得出杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1l1=F2l2)；
(3)若一个钩码重G，每一个小格长L，如图乙所示，将两侧所挂的钩码同时向支点O靠近一格，则左侧4G×2L=8GL，右侧3G×3L=9GL，因为8GL<9GL，所以杠杆不能平衡，右端会下沉；
(4)弹簧测力计逐渐向左倾斜拉杠杆，拉力的力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大。
答案为：(1)右、力臂；(2)动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1l1=F2l2)；(3)右端会下沉；(4)变大。
(1)杠杆不在水平平衡时，实验前调为水平位置平衡，以便我们直接读数力臂，支点在杠杆的中点可以消除杠杆的自重；如果杠杆左端向下倾斜，应向右调节左端或右端的平衡螺母；如果杠杆右端向下倾斜，应向左调节左端或右端的平衡螺母；
(2)杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1l1=F2l2)；
(3)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件进行判断；
(4)阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。
本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算。当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小。
25.【答案】甲、丙、丁 4 4×10-4 1.1×103 小于 没有控制物体排开液体的体积和液体密度相同
【解析】解：(1)探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，应控制液体种类相同，深度不同，故应选择甲、丙、丁图；
根据称重法可知，物体在两种情况下受到的浮力是相同的，故说明浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关，
(2)由图A、D可知，物体浸没在水中时受到的浮力F浮=G-F=5N-1N=4N，
物体排开水的体积等于物体的体积，由F浮=ρ水gV排水可得，物体排开水的体积：
V排水=F浮ρ水g=4N1.0×103kg/m3×10N/kg=4×10-4m3，
物体排开水的体积等于物体的体积，即V物体=4×10-4m3；
(3)由图A、E所示实验可知，物块浸没在盐水中所受浮力：
F浮盐水=G-F'=5N-0.6N=4.4N，
浮力F浮盐水=ρ盐水gV排盐水，
此时物体排开盐水的体积V排盐水=V物体=4×10-4m3；
盐水的密度：ρ盐水=F浮盐水gV排盐水=4.4N10N/kg×4×10-4m3=1.1×103kg/m3。
(4)由物体的浮沉条件可知，铁片下沉时F浮1
故答案为：(1)甲、丙、丁；(2)4；4×10-4；(3)4；4×10-4；(4)1.1×103；(5)小于；没有控制物体排开液体的体积和液体密度相同。
(1)探究物体所受浮力大小与物体浸没在液体中的深度是否有关时，需要控制液体的密度相同、排开的液体的体积相同，改变物体在液体中的深度；
(2)根据F浮=G-F求浮力大小，由F浮=ρgV排公式变形可求得物体排开水的体积，因为物体浸没，所以物块排开水的体积等于物体的体积；
(3)物体的重力与弹簧测力计拉力之差是物体受到的浮力，已经求出物体的体积，根据F浮=ρ液gV排公式变形可求得盐水的密度；
(4)物体下沉时F浮
本题探究影响浮力大小的因素，重点考查了控制变量法在实际的中具体运用，对常见的错误认识做了澄清。
26.【答案】定值电阻断路 0.4 右 在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 将滑动变阻器的滑片移至最右端 U1-U2U2R0
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片向左移动时电流表示数变大，说明电路中电阻变小，故变阻器应选左下接线柱与电源串联在电路中，如下图所示：
；
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数且接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，故其原因可能是定值电阻断路；
(3)排除故障后继续实验，电流表示数如图乙，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数保持不变；
(4)由表中数据可知，电流与电阻的乘积UV=IR=5Ω×0.4A=0.2A×10Ω=0.1A×20Ω=2V，为一定值，故可以得出的结论是：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(5)实验步骤：
①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电压表的示数为U1；
②将滑动变阻器的滑片移至最右端，读出电压表的示数为U2；
③在步骤①中，电路为只有R0的简单电路，电压表测电源电压，其示数为U1；
在步骤②中，R0与变阻器最大阻值Rx串联，电压表测R0两端的电压，其示数为U2；根据串联电路电压规律，变阻器两端电压为U滑=U1-U2，根据串联电路分压原理，
U滑R滑=U2R0，即U1-U2Rx=U2R0，
解得：Rx=U1-U2U2R0。
故答案为：(1)见解答图；(2)定值电阻断路；(3)0.4；右；(4)在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(5)②将滑动变阻器的滑片移至最右端；③U1-U2U2R0。
(1)滑动变阻器的滑片向左移动时电流表示数变大，说明电路中电阻变小，据此确定变阻器应选左下接线柱串联在电路中；
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数且接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
(3)根据电流表选用量程确定分度值读数；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(4)利用表中数据，根据电流与电阻的乘积为一定值得出结论；
(5)要测滑动变阻器最大阻值，首先要得到电源电压，然后利用串联电路分压原理求出滑动变阻器最大阻值Rx。
本题探究电流与电阻关系的实验，考查了电路连接、电路故障、电流表读数、实验操作以及设计实验方案测电阻的能力。
27.【答案】解：(1)汽车满载时的重力：G=mg=1.15×103kg×10N/kg=1.15×104N，
汽车满载静止在水平地面上时，对地面的压力：F=G=1.15×104N，
对地面的压强：p=FS=1.15×104N0.2m2=5.75×104Pa；
(2)因汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，汽车的牵引力：F'=f=0.1G=0.1×1.15×104N=1.15×103N，
匀速行驶过程中牵引力所做的功：W=F's=1.15×103N×36×103m=4.14×107N；
(3)由η=WQ吸×100%可得，消耗汽油完全燃烧释放的热量：Q放=Wη=4.14×107J40%=1.035×108N，
由Q放=mq可得，这段时间内消耗汽油的质量：m'=Q放q=1.035×108J4.6×107J/kg=2.25kg。
答：(1)汽车满载静止在水平地面上时，对地面的压强是5.75×104Pa；
(2)匀速行驶过程中牵引力所做的功是4.14×107N；
(3)这段时间内消耗汽油的质量是2.25kg。
【解析】(1)根据G=mg求出汽车满载时的重力，汽车满载静止在水平地面上时对地面的压力等于其重力，利用p=FS求出对地面的压强；
(2)汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据F=f=0.1G求出汽车的牵引力，利用W=Fs求出匀速行驶过程中牵引力所做的功；
(3)根据η=WQ吸×100%求出消耗汽油完全燃烧释放的热量，利用Q放=mq求出这段时间内消耗汽油的质量。
本题考查了重力公式和压强公式、二力平衡条件、做功公式、效率公式以及燃料完全燃烧释放热量公式的综合应用等，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
28.【答案】解：(1)由电路图可知，旋转开关接2时，电路为R1的简单电路，电热壶处于保温挡，
由P=UI=U2R可得，R1的阻值：R1=U2P保温=(220V)2110W=440Ω；
(2)旋转开关接3时，R1与R2并联，电热壶处于加热挡，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，电阻R2的电功率：P2=U2R2=(220V)248.4Ω=1000W，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，加热挡的额定功率：P加热=P保温+P2=110W+1000W=1110W；
(3)电热壶内装有水的体积：V=1L=1dm3=1×10-3m3，
由ρ=mV可得，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×1×10-3m3=1kg，
则水吸收的热量：Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃-25℃)=3.15×105J；
(4)不计热量损失的情况下，消耗的电能：W=Q吸=3.15×105J，
则电热壶的实际加热功率：P加热'=Wt'=3.15×105J300s=1050W。
答：(1)R1的阻值为440Ω；
(2)加热挡的额定功率为1110W；
(3)水吸收的热量是3.15×105J；
(4)电热壶的实际加热功率是1050W。
【解析】(1)由电路图可知，旋转开关接2时，电路为R1的简单电路，电热壶处于保温挡，根据P=UI=U2R求出R1的阻值；
(2)旋转开关接3时，R1与R2并联，电热壶处于加热挡，根据并联电路的电压特点和P=UI=U2R求出电阻R2的电功率，并联电路中各支路独立工作、互不影响，加热挡的额定功率等于保温功率加上电阻R2的电功率；
(3)知道电热壶内装有水的体积和水的密度，根据m=ρV求出水的质量，又知道水的初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm(t-t0)求出水吸收的热量；
(4)不计热量损失的情况下，消耗的电能和水吸收的热量相等，根据P=Wt求出电热壶的实际加热功率。
本题考查了电功率公式和并联电路的特点、密度公式、吸入公式的综合应用等，涉及到的知识点较大，综合性强，有一定的难度。
2022年辽宁省朝阳市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分
一、单选题（本大题共8小题，共16分）
1. 下列数据中，最接近实际的是( )
A. 钢笔的长度大约是20dm
B. 人步行的速度约为1.1m/s
C. 手机电池的电压是220V
D. 噪声强弱等级150dB是较为理想的安静环境
2. 下列现象中与日食形成原理相同的是( )
A. 雨后彩虹 B. 海市蜃楼 C. 镜花水月 D. 立竿见影
3. 新冠肺炎疫情防控期间，下列有关说法正确的是( )
A. 戴口罩可以预防感染，是因为口罩材料的分子之间没有间隙
B. 身穿防护服的医护人员的护目镜容易起雾，这是汽化现象
C. 闻到消毒水的味道说明分子在不停地做无规则运动
D. 手机收到核酸检测报告，说明超声波可以传递信息
4. 下列说法中正确的是( )
A. 信鸽是靠地磁场来导航的
B. 马德堡半球实验测出了大气压的值
C. 飞机产生升力的原因是机翼上方气流的速度较大，压强较大
D. 物体的运动需要力来维持
5. 近年来，我国“探月工程”取得重大突破，在探测器登陆月球、获取月壤并成功返回地球过程中，说法正确的是( )
A. 探测器绕月飞行时运动状态保持不变
B. 着陆时反推火箭向下喷火减速，可以说明物体间力的作用是相互的
C. 探测器在月球上没有惯性
D. 月壤样本带回地球后质量会变大
6. 如图所示，气球与头发摩擦，头发会随着气球飘起来，下列说法中正确的是( )
A. 气球与头发摩擦创造了电荷
B. 气球因摩擦带电而成为导体
C. 气球若带负电荷，则头发带正电荷
D. 气球与头发因带有同种电荷而互相吸引
7. 关于家庭电路及安全用电，下列说法中正确的是( )
A. 只有大功率用电器才需使用三孔插座
B. 控制用电器的开关应该连接在零线和用电器之间
C. 电能表是测量电功率的仪表
D. 使用试电笔辨别火线与零线时，手指千万不能碰到笔尖金属体
8. 下列说法正确的是( )
A. 发光二极管是由半导体材料制成的
B. 验钞机发出了蓝紫色的光说明紫外线是蓝紫色的
C. 烤箱的电阻丝向外辐射的红外线随温度的升高而减弱
D. 白炽灯的灯丝用久会变细是凝华现象
二、多选题（本大题共2小题，共6分）
9. 在水平桌面上有两个完全相同的烧杯，杯内分别盛满甲、乙两种不同液体，把两个完全相同的小球分别放入两烧杯中，小球静止后位置如图所示，下列判断正确的是( )
A. 液体的密度ρ甲>ρ乙 B. 小球排开液体的质量m排甲
A. 电源电压为9V B. 滑动变阻器的最大阻值为40Ω
C. 灯泡的额定功率为4.2W D. 此过程中灯泡的最小功率为1.2W
三、填空题（本大题共9小题，共19分）
11. 音乐会上，观众可以根据乐器发出声音的______不同，分辨出是哪种乐器；现场观众听到的声音是通过______传播的。
12. 小明在水平地面上沿水平方向推木箱，但没推动，此时木箱所受推力______(选填“大于”、“小于”或“等于”)摩擦力；擦黑板时要用力按黑板擦是通过______的方法增大摩擦力。
13. 初春时节，大凌河畔的一只天鹅展翅向高处飞去，它在水中像的大小______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，以河边的大树为参照物，天鹅是______(选填“运动”或“静止”)的。
14. 如图所示，将水加热至沸腾后，塞子被冲出，此过程的能量转化方式与汽油机的______冲程相同。若单缸四冲程汽油机飞轮转速为1200r/min，则1s内完成个______冲程。
15. 如图所示，用滑轮组提升重900N的物体A，使它在10s内匀速上升1m，此时滑轮组的机械效率为75%，则在提升重物的过程中(不计绳重及摩擦)，动滑轮的重力为______N，拉力做功的功率为______W。
16. 手摇发电机的工作原理与图中的______(选填“甲”或“乙”)相同，它在工作时把机械能转化为______能。
17. 从远处看太阳像一个巨大的火球，它在不断地向外释放能量，在太阳内部时刻都在发生着核______变，太阳能属于______(选填“可再生”或“不可再生”)能源。
18. 汽车在转向前，司机会拨动转向横杆，汽车同侧的前后两个转向灯就会同时闪亮、同时熄灭，但其中一个灯损坏时，另一个仍能正常工作，这两个转向灯在电路中的连接方式为______，转向横杆相当于电路中的______。
19. 如图所示电路中，电源电压恒为4.5V，灯L标有“3V 0.9W”，滑动变阻器R上标有“30Ω 1A”的字样，电压表量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，则灯泡正常工作时的电流为______A，此时通电1min滑动变阻器产生的热量为______J。为了保证电路中各元件安全工作，滑动变阻器连入电路的阻值范围是______Ω(灯丝电阻保持不变)。
四、作图题（本大题共2小题，共4分）
20. 如图所示，水杯静止在水平桌面上，O是水杯重心，画出水杯受力的示意图。
21. 闭合开关S后，在通电螺线管和条形磁铁的共同作用下，小磁针静止在图示位置。请在图中标出小磁针的N极和A点的磁感线方向。
五、实验探究题（本大题共5小题，共28分）
22. 图甲是小丽在“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置，有关数据如表所示：
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
温度/℃
90
94
96
98
98
98
98
(1)图乙是1min时温度计的示数，此时水的温度是______℃。
(2)请在图丙的方格纸上画出水的温度随时间变化的图象。
(3)根据图象可知，水沸腾时______热量，温度______(选填“升高”、“降低”或“不变”)。
(4)另外一名同学采用了相同的装置进行实验，发现从开始加热到沸腾的时间过长，其原因可能是______(答出一条即可)。
23. 学习了透镜的知识以后，小明借来了爷爷的眼镜片进行了探究：
(1)如图甲所示，太阳光经过镜片在光屏上形成了一个最小最亮的光斑，由此判断，爷爷佩戴的是______(选填“近视镜”或“远视镜”)，镜片的焦距是______cm。
(2)他把镜片放置在桌子上，调节到如图乙所示的位置，墙上出现了窗户清晰的像(像未画出)，这个像是倒立______的实像，______(选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)就是利用这一成像原理工作的。
(3)小明将镜片向上移动一定高度，墙壁上的像将______(选填“向上移动”、“向下移动”或“仍然成在原来的位置”)。
24. 小明利用如图所示实验装置“探究杠杆的平衡条件”：
(1)轻质杠杆静止时如图甲所示，可将左端的平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节，使其在水平位置平衡，这样操作的目的是便于测量______。
(2)小明多次实验并记录数据如表，总结数据得出杠杆的平衡条件：______。
次数
动力F1/N
动力臂l1/m
阻力F2/N
阻力臂l2/m
1
1
0.1
2
0.05
2
2
0.15
1.5
0.2
3
3
0.05
1.5
0.1
(3)第2次实验所挂钩码的个数和位置如图乙所示，此时将两侧所挂的钩码同时向支点O靠近一格，杠杆会______(选填“左侧下降”、“右侧下降”或“仍水平平衡”)。
(4)如图丙所示，用弹簧测力计在A处竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，在测力计逐渐向左倾斜到虚线位置的过程中，保持杠杆在水平位置平衡，则测力计的示数将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
25. 小文利用如图所示的实验装置，进行了如下实验：
(1)通过______三个图进行比较，说明浮力的大小与物体浸没在液体中的深度无关。
(2)物体A浸没在水中时受到的浮力是______N，物体A的体积是______m3。
(3)由图示实验数据得出盐水的密度是______kg/m3。
(4)他还想探究“物体受到的浮力大小与其形状是否有关”，于是找来薄铁片、烧杯和水进行实验，实验步骤如下：
步骤一，将铁片放入盛水的烧杯中，铁片下沉至杯底。
步骤二，将铁片弯成“碗状”再放入盛水的烧杯中，让它漂浮在水面上。
①通过分析可知，第一次铁片受到的浮力______(选填“大于”、“小于”或“等于”)第二次铁片受到的浮力。
②小文得到的结论是：物体受到的浮力大小与其形状有关，他得出错误结论的原因是______。
26. 小明利用两节干电池、电流表、电压表、开关、滑动变阻器、阻值为5Ω、10Ω和20Ω的定值电阻各一个以及导线若干等器材，进行了“探究电流与电阻的关系”的实验：
(1)请用笔画线代替导线将图甲实物图连接完整，要求滑动变阻器的滑片向左移动时电流表示数变大。
(2)先把5Ω的电阻接入电路中，将滑片移至阻值最大端，闭合开关后，发现电压表有示数且接近电源电压，电流表无示数，其原因可能是______。
次数
电阻R/Ω
电流I/A
1
5
2
10
0.2
3
20
0.1
(3)排除故障后继续实验，电流表示数如图乙，为______A；接下来换上10Ω的电阻进行实验，闭合开关后，滑片应该向______端移动，使电压表的示数保持不变。
(4)通过表中实验数据可以得出的结论是：______。
(5)上述实验完成后，他想测量另一个铭牌模糊不清的滑动变阻器Rx的最大阻值，在保证电路安全的情况下，设计了如图丙所示的电路(电源电压恒定但未知，定值电阻的阻值为R0)，请将他的实验步骤补充完整：
①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电压表的示数为U1；
②______，读出电压表的示数为U2；
③滑动变阻器最大阻值Rx=______(用已知量和测量量的符号表示)。
六、计算题（本大题共2小题，共17分）
27. 某品牌家用汽车满载时的质量为1.15t，静止时车轮与水平地面的总接触面积为0.2m2，它在平直路面上匀速行驶36km，期间受到的阻力为车总重的0.1倍，汽车发动机的效率为40%，求：
(1)汽车满载静止在水平地面上时，对地面的压强是多少？
(2)匀速行驶过程中牵引力所做的功是多少？
(3)汽油的热值为q=4.6×107J/kg，这段时间内消耗汽油的质量是多少？
28. 如图所示是一款家用电热壶的内部简化电路图，它通过温控开关S可自动实现加热、保温两个挡位的转换，保温挡的额定功率为110W，R1、R2是两个阻值不变的发热元件，R2=48.4Ω，求：
(1)R1的阻值。
(2)加热挡的额定功率。
(3)若电热壶内装有1L的水，现用加热挡使水从25℃升高到100℃，水吸收的热量是多少？
(4)不计热量损失的情况下，在(3)中若实际加热时间为300s，则电热壶的实际加热功率是多少？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：
A、钢笔的长度大约为26cm，故A错误；
B、成年人正常步行的速度在4km/h≈1.1m/s左右，故B正确；
C、手机电池的电压约为5V，故C错误；
D.为了保证休息和睡眠，声音不能超过50dB，因此最理想的安静环境是30-40dB；为了不影响工作声音不要超过70dB，故D错误。
故选：B。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，要对实际生活中常见的物体做到熟知。
2.【答案】D
【解析】解：日食形成的原因是由于光在同一种均匀介质中沿直线传播；
A、雨后天边出现的彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这是光的色散现象，故A不符合题意；
B、海市蜃楼是一种由光的折射产生的现象，是由于空气的密度不均匀而引起的，故B不符合题意；
C、镜花水月，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C不符合题意；
D、立竿见影，由于光的直线传播形成的，故D符合题意；
故选：D。
(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的，激光准直、日晷应用的是光的直线传播原理；
(2)当光照射到两种介质界面上时，有一部分光被反射回原来介质的现象是光的反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
本题考查光的直线传播的具体生活实例，需要利用生活和物理之间的联系进行判断；还要区分三种光现象：光的直线传播、光的反射、光的折射。
3.【答案】C
【解析】解：A、分子之间存在间隙，口罩材料的分子之间也有空隙，故A错误；
B.戴口罩的护士的护目镜容易起“雾”，是护士呼出的水蒸气遇到冷的护目镜液化形成的小水珠，故B错误；
C、接种地点弥漫着消毒水味道，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、手机收到核酸检测报告，利用的是电磁波传递信息，故D错误。
故选：C。
(1)物质是由分子或原子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子之间存在间隙；
(2)物质由液态变为气态的过程叫汽化，物质从气态变为液态的过程是液化；
(3)电磁波可以传递无线信息。
此题考查了分子动理论的应用、物态变化及电磁波的应用，是一道联系社会热点的应用题，也是一道综合题，难度不大。
4.【答案】A
【解析】解：A、信鸽辨别地磁场的强弱变化来定向的，能从千里之外飞回家，故A正确；
B、马德堡半球实验半球实验证明了大气压的存在，托里拆利实验第一个测出了大气压的值，故B错误；
C、机翼的形状上凸下平，在相同是时间内，空气经过上方的路程长、速度大；经过下方的路程短、速度小。上方空气流速越大、压强越小；下方空气流速越小、压强越大。所以机翼上方的气流对机翼的压强小于机翼下方的气流对机翼的压强，机翼在压强差的作用下，受到向上的升力作用，故C错误；
D、力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，故D错误。
故选：A。
(1)有的科学家认为：鸽子两眼之间的突起，在长途飞行中，感知地磁场的变化，它们靠地磁场变化来辨别方向；
(2)马德堡半球实验证明了大气压的存在，托里拆利实验第一个测出了大气压的值；
(3)飞机机翼上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，机翼在压强差的作用下，受到向上的升力；
(4)力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因。
此题考查地磁场、马德堡半球实验、飞机的升力、力的作用等，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
5.【答案】B
【解析】解：A、探测器绕月飞行时，由于运行速度和运行方向在发生变化，所以运动状态是变化的，故A错误；
B、着陆时反推火箭向下喷火，利用火箭发动机向下喷气来获得燃气对它向上的反作用力来实现，这是因为物体间力的作用是相互的，故B正确；
C、任何物体都具有惯性，探测器在月球上具有惯性，故C错误；
D、质量是物体一个基本属性，不随位置、形状、温度、状态的变化而变化，所以，采集回来的月壤样品，返回地球后质量不变，故D错误。
故选B。
(1)力可以改变物体的运动状态；运动状态的改变包括速度大小和运动方向的改变。
(2)物体间力的作用是相互的；
(3)惯性大小只与质量有关，任何物体都具有惯性；
(4)质量是物体一个基本属性，不随位置、形状、温度、状态的变化而变化。
本题以卫星发射等为背景，考查了力的作用效果、力与运动的关系、质量的概念等基础知识，难度不大。
6.【答案】C
【解析】解：气球与头发摩擦后，摩擦过程中若气球得到电子带负电，则头发失去电子的带正电；相互靠近时出现了如图所示的吸引现象，是因为异种电荷互相吸引。摩擦起电现象实质是电荷的转移，并没有创造电荷，也没有把气球变成导体，故C正确。
故选：C。
(1)摩擦后的物体能够吸引轻小物体，则说明物体带了电或电荷，此过程叫摩擦起电；
(2)电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查了摩擦起电现象和电荷间作用规律，考查的是基础知识，是一道基础题。
7.【答案】D
【解析】解：A、大功率用电器、带金属外壳的用电器必须使用三孔插座，故A错误。
B、控制用电器的开关必须连接在火线和用电器之间，故B错误。C、电能表是用来测量用电器消耗电能(电功)的仪表，故C错误。
D、使用试电笔时，不能用手接触测电笔前端的金属体，这样会造成人身触电事故，故D正确。
故选：D。
(1)大功率用电器、带金属外壳的用电器必须使用三孔插座。
(2)控制用电器的开关必须连接在火线和用电器之间。
(3)电能表是用来测量用电器消耗电能(电功)的仪表。
(4)使用试电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电，是十分危险的：使用试电笔时，不能用手接触试电笔前端的金属体，这样会造成人身触电事故。
本题考查了电能表的作用以及一些安全用电常识，属于基础题目。
8.【答案】A
【解析】解：
A、发光二极管具有单向导电性，主要材料是半导体，故A正确；
B、紫外线本身是看不见的，医院里面的消毒灯看起来呈蓝紫色，是因为除了紫外线外，它还发出少量的蓝光和紫光，故B错误；
C、一个物体温度升高时，它辐射的红外线增强，故C错误；
D、用久了的灯泡钨丝变细，钨丝在高温下变成钨蒸气，属于升华现象，故D错误。
故选：A。
(1)发光二极管是由半导体材料制成的，可将电能转化为光能，而且二极管具有单向导电性。
(2)紫外线是不可见光，不能引起人们的视觉；
(3)红外线是一种不可见光，红外线具有热效应，所以温度越高的物体，辐射的红外线越强；
(4)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华。
此题考查了不可见光的应用、光的色散等，属于基础知识，难度不大。
9.【答案】AC
【解析】解：A、由图可知，小球在甲中漂浮，则ρ球<ρ甲，在乙中悬浮，则ρ球=ρ乙，故液体的密度ρ甲>ρ乙，故A正确；
B、由图可知，小球在甲中漂浮，则小球在甲液体受到的浮力F浮甲=G，在乙中悬浮，则小球在乙液体受到的浮力F浮乙=G，所以F浮甲=F浮乙，
根据阿基米德原理可知，小球排开液体的重力G排甲=G排乙，根据G=mg可知，小球排开液体的质量m排甲=m排乙，故B错误；
CD、由题意可知，液面相平，液体的密度ρ甲>ρ乙，根据p=ρgh可知，液体对烧杯底的压强p甲>p乙，
由于烧杯完全相同，根据p=FS可知，液体对烧杯底的压力F甲>F乙，故C正确、D错误。
故选：AC。
(1)根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球与两种液体的密度关系，进而得出两种液体的密度关系；
(2)根据图示中小球在两种液体中的浮沉状态，利用物体浮沉条件分别得出小球在两种液体中受到的浮力与其重力的关系，进而得出浮力关系；根据阿基米德原理可知小球排开液体的重力关系，利用重力公式可知排开液体的质量关系；
(3)(4)知道液体的密度关系，利用p=ρgh可知液体对烧杯底的压强关系；利用p=FS可知液体对烧杯底的压力关系。
本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件、液体压强公式、压强定义公式、重力公式的综合应用，题目综合性较强，有一定的难度。
10.【答案】ABC
【解析】解：由电路图可知，闭合开关S，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
ABD.当滑片位于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，
由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器两端的电压最大即电压表V2的示数最大，灯泡两端的电压最小即电压表V1的示数最小，
则图象A表示电流表与电压表V1示数变化关系图象，图象B表示电流表与电压表V2示数变化关系图象，
由图乙可知，电路中的最小电流I小=0.2A，灯泡两端的电压UL=1V，滑动变阻器两端的电压U滑=8V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：U=UL+U滑=1V+8V=9V，故A正确；
由I=UR可得，滑动变阻器的最大阻值：R滑=U滑I小=8V0.2A=40Ω，故B正确；
此时灯泡的电功率最小，则PL小=ULI小=1V×0.2A=0.2W，故D错误；
C.灯正常发光时电路中的电流最大，滑动变阻器两端的电压最小，
由图乙可知，此时电路中的电流I大=0.6A，变阻器两端的电压U滑'=2V，
此时灯泡两端的电压：UL'=U-U滑'=9V-2V=7V，
灯泡的额定功率：PL额=UL'I大=7V×0.6A=4.2W，故C正确。
故选：ABC。
由电路图可知，闭合开关S，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片位于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由串联电路的分压原理可知，滑动变阻器两端的电压最大即电压表V2的示数最大，灯泡两端的电压最小即电压表V1的示数最小，据此判断出电流表与两电压表示数变化对应的关系图象，再根据图乙读出电路中的最小电流和灯泡两端的电压以及滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出灯泡的最小电功率；
(2)灯正常发光时电路中的电流最大，滑动变阻器两端的电压最小，根据图乙读出此时电路中的电流和变阻器两端的电压，利用串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，再利用P=UI求出灯泡的额定功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确判断出电流表与两电压表示数变化对应的关系图象是关键。
11.【答案】音色 空气
【解析】解：不同乐器发声的音色不同，可以通过音色区分不同的乐器；
观众能听到乐器发出的声音是通过空气传播到现场观众耳朵中的。
故答案为：音色；空气。
不同物质的特征不同，发出声音的音色也会不同；
声音能够在固体、液体、气体中传播，真空不能传声。
此题考查的是声音的特性及传播，是一道声学的基础题。
12.【答案】等于 增大压力
【解析】解：小明在水平地面上沿水平方向推木箱，但没推动，木箱处于静止状态，水平方向上受到的推力、摩擦力是一对平衡力，大小相等；
擦黑板时要用力按黑板擦，是通过增大压力的方法增大摩擦力。
故答案为：等于；增大压力。
(1)根据二力平衡条件，当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力作用，且一对平衡力的大小相等，方向相反。
(2)影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度；增大摩擦的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；在接触面粗糙程度一定时，增大压力。
此题考查了二力平衡条件和增大摩擦力方法知识的应用，要明确当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力的作用，难度不大。
13.【答案】不变 运动
【解析】解：(1)平静的水面相当于平面镜，由于物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，所以不管天鹅距水面的距离远还是近，像始终和物体等大，因此两只天鹅飞离水面的过程中，它在水中的像的大小不变；
(2)两只天鹅飞离水面的过程中，以河边的大树为参照物，天鹅与河边的大树之间的距离变大，则天鹅在向上运动。
故答案为：不变；运动。
(1)倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等。
(2)看被研究的物体与所选的标准之间的位置关系来判断物体的运动方向。
本题主要考查学生对平面镜成像特点的了解和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可比较容易地进行解答。
14.【答案】做功 40
【解析】解：(1)将水加热至沸腾后，塞子被冲出，在此过程中内能转化为机械能，做功冲程也是把内能转化为机械能。
(2)飞轮转速是1200r/min=20r/s，表示每秒飞轮转动20圈，完成10个工作循环，要经过40个冲程。
故答案为：(1)做功；(2)40。
(1)做功冲程把内能转化为机械能。
(2)热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周。
本题考查内燃机工作特点及能量转化情况，属于基础题。
15.【答案】300 120
【解析】解：有用功W有=Gh=900N×1m=900J，由机械效率公式可知总功W总=W有η=900J75%=1200J。
额外功W额=W总-W有=1200J-900J=300J，动滑轮的重G动=W额h=300J1m=300N。
拉力做功的功率为P=w总t=1200J10s=120W。
故答案为：300；120。
由重力和上升的高度可求出有用功，再由机械效率可求出总功，再求出额外功，就可以求出动滑轮的重力。
利用P=Wt可求出功率。
本题为计算功率的题目，要熟练运用公式。
16.【答案】甲 电
【解析】解：图甲装置中没有电源，是电磁感应原理图；图乙装置中有电源，说明通电导体在磁场中受力运动，是电动机原理图；手摇发电机是利用电磁感应原理制成的；故手摇发电机的工作原理与图中的甲相同；发电机工作时把机械能转化为电能。
故答案为：甲；电。
(1)发电机的原理是电磁感应现象，电动机的原理是通电导体在磁场中受力运动，故甲为发电机原理图，乙为电动机原理图。
(2)发电机是把其他形式的能转化为电能，电动机是把电能转化为机械能。
本题既考查了电动机、发电机的工作原理，又考查了电动机、发电机的结构及能量转化。
17.【答案】聚 可再生
【解析】解：太阳像一个巨大的火球，它在不断地向外释放巨大的能量，在太阳内部时刻都在发生核聚变。
太阳能取之不尽用之不竭，属于可再生能源。
故答案为：聚；可再生。
(1)核能的释放通过核裂变、核聚变实现，氢弹就是核聚变释放的能量，太阳能内部时刻发生核聚变。
(2)不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。
知道核聚变和裂变的实例，理解不可再生概念，可解答此题。
18.【答案】并联 开关
【解析】解：汽车同侧的前后两个转向灯会同时闪亮、同时熄灭，但转向灯也可以单独工作，所以它们是并联的；
司机拨动横杆，转向灯才会工作，所以这根杆子起到开关的作用；
故答案为：并联；开关。
串、并联电路的特点：串联电路，电流只有一条通路，开关控制整个电路。并联电路电流有多条通路，各支路互不影响。
本题主要考查了串联和并联电路的区别、电路的组成，是电学知识的基本应用。
19.【答案】0.3 27 5Ω～20
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)灯泡正常发光时的电压为3V，功率为0.9W，
根据P=UI可得，此时的电流：IL=PLUL=0.9W3V=0.3A；
(2)根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压UR=U-UL=4.5V-3V=1.5V；
根据串联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的电流IR=IL=0.3A，
通电1min滑动变阻器产生的热量Q=W=URIRt=1.5V×0.3A×60s=27J；
(3)串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，
所以电路中的最大电流Imax=0.3A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
由I=UR可知，灯泡的电阻RL=ULIL=3V0.3A=10Ω；
电路中的总电阻R总小=UImax=4.5V0.3A=15Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：Rmin=R总小-RL=15Ω-10Ω=5Ω；
当电压表的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，
此时灯泡两端的电压：UL'=U-URmax=4.5V-3V=1.5V，
电路中的电流：Imin=UL'RL=1.5V10Ω=0.15A，
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：Rmax=UmaxImin=3V0.15A=20Ω，
所以，动变阻器连入电路中的阻值范围是5Ω～20Ω。
故答案为：0.3；27；5Ω～20。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)灯泡正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI此时的电流；
(2)知道灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压，利用Q=W=UIt求出通电1min滑动变阻器产生的热量；
(3)比较灯泡正常发光时的电流、电流表的最大示数和滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小值；当电压表的示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的最小电流，进一步求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值。
滑动变阻器的作用就是要保护电路中的各元件，并改变电路的电流、电压大小，在确定滑动范围时，应重点关注电流与电压的变化，找出最大值和最小值才能最终确定其范围，具体电路中，尤其要关注多个电压或电流的情况，必须保证每一个元件都不能超过其工作要求。
20.【答案】解：桌面上水杯受到重力G和支持力F，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上；因水杯静止在水平桌面上，此时二力为一对平衡力；两力的作用点都画在重心O处，注意表示两力的线段长度要相等。如图所示：
【解析】水杯受到重力G和支持力F，作用点在重心，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上。
重力的方向总是竖直向下，会根据具体的接触面判断支持力的方向，并会用示意图表示物体受力情况。
21.【答案】解：在电源外部，电流是从电源的正极流出，经过外电路回到电源负极。根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，则大拇指指向右端即为螺线管的N极，由磁极间的相互作用可知，小磁针左端为S极，右端为N极，由磁极间的相互作用可知，条形磁铁左端为S极，右端为N极，在磁体外部，磁感线的方向是从N极指向S极。则条形磁铁磁感线的方向向左；如图所示：
【解析】利用电源的正负极，可以确定电流的方向，结合电流表的使用规则，可以确定电流表的正负接线柱。
根据安培定则可以确定螺线管的N、S极，结合螺线管的绕向，利用磁极间的相互作用可以确定小磁针和条形磁铁的N、S极。
在磁体外部，磁感线的方向是从N极指向S极。
安培定则中共涉及三个方向：①线圈绕向；②电流方向；③磁场方向。在对于安培定则的考查中，一般是告诉其中两个方向，求第三个方向。
22.【答案】92 吸收 不变 水的质量太大
【解析】解：(1)温度计的分度值是1℃，此时是零上，液柱上表面对准了90℃上面第2个小格处，读作92℃；
(2)根据表格中数据进行描点，将各点用平滑的曲线连接起来，如下图所示：
；
(3)根据图象可知，水沸腾过程中要不断吸收热量，但温度不变；
(4)从开始给水加热到水开始沸腾所用的时间过长，可能是水的质量太大，或水的初温太低。
故答案为：(1)92；(2)见解答图；(3)吸收；不变；(4)水的质量太大。
(1)温度计读数时，先确定是零上还是零下，认清分度值，再读数；
(2)在做沸腾图象时，要先根据表格中数据进行描点，然后用平滑的曲线将各点连接起来；
(3)水在沸腾过程中温度保持不变，持续吸热；
(4)从开始给水加热到水开始沸腾所用的时间过长，可能是水的质量太大，或水的初温太低。
在观察水沸腾的实验中，应会读温度计，并学会记录相关数据，绘制温度随时间变化的图象，同时重点观察沸腾过程中的现象，这些都是该实验中应该重点掌握的内容。
23.【答案】远视镜 25.0 缩小 照相机 向上移动
【解析】解：(1)由图中，平行光线经凸透镜后会聚到一点，说明凸透镜对光线具有会聚作用；远视镜是用凸透镜制成的；凸透镜的焦距为35.0cm-10.0cm=25.0cm；
(2)由图知，像距小于物距，此时物距大于二倍焦距成倒立缩小的实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，照相机是根据这个原理制成的；
(3)在凸透镜成实像时，通过凸透镜光心的光线方向不变，将镜片向上移动一定高度，墙壁上的像将向上移动。
故答案为：(1)远视镜；25.0；(2)缩小；照相机；(3)向上移动。
(1)掌握简单测量焦距的方法，让凸透镜正对着平行光，移动光屏找到焦点，从焦点到凸透镜的距离约等于焦距；
(2)当物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的，此时像距处于f和2f之间，像距小于物距；
(3)在凸透镜成实像时，通过凸透镜光心的光线方向不变，由此分析像的运动情况。
本题考查凸透镜成像规律实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
24.【答案】右 力臂 动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1l1=F2l2) 右端会下沉 变大
【解析】解：(1)杠杆如图甲所示，左端向下倾斜，则重心应向右移动，故应向右调节左端或右端的平衡螺母，使杠杆处于水平位置平衡时，便于我们直接读数力臂大小；
(2)根据表格中的实验数据得出杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1l1=F2l2)；
(3)若一个钩码重G，每一个小格长L，如图乙所示，将两侧所挂的钩码同时向支点O靠近一格，则左侧4G×2L=8GL，右侧3G×3L=9GL，因为8GL<9GL，所以杠杆不能平衡，右端会下沉；
(4)弹簧测力计逐渐向左倾斜拉杠杆，拉力的力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大。
答案为：(1)右、力臂；(2)动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1l1=F2l2)；(3)右端会下沉；(4)变大。
(1)杠杆不在水平平衡时，实验前调为水平位置平衡，以便我们直接读数力臂，支点在杠杆的中点可以消除杠杆的自重；如果杠杆左端向下倾斜，应向右调节左端或右端的平衡螺母；如果杠杆右端向下倾斜，应向左调节左端或右端的平衡螺母；
(2)杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1l1=F2l2)；
(3)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件进行判断；
(4)阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。
本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算。当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小。
25.【答案】甲、丙、丁 4 4×10-4 1.1×103 小于 没有控制物体排开液体的体积和液体密度相同
【解析】解：(1)探究浮力大小与物体浸没在液体中的深度有无关系，应控制液体种类相同，深度不同，故应选择甲、丙、丁图；
根据称重法可知，物体在两种情况下受到的浮力是相同的，故说明浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关，
(2)由图A、D可知，物体浸没在水中时受到的浮力F浮=G-F=5N-1N=4N，
物体排开水的体积等于物体的体积，由F浮=ρ水gV排水可得，物体排开水的体积：
V排水=F浮ρ水g=4N1.0×103kg/m3×10N/kg=4×10-4m3，
物体排开水的体积等于物体的体积，即V物体=4×10-4m3；
(3)由图A、E所示实验可知，物块浸没在盐水中所受浮力：
F浮盐水=G-F'=5N-0.6N=4.4N，
浮力F浮盐水=ρ盐水gV排盐水，
此时物体排开盐水的体积V排盐水=V物体=4×10-4m3；
盐水的密度：ρ盐水=F浮盐水gV排盐水=4.4N10N/kg×4×10-4m3=1.1×103kg/m3。
(4)由物体的浮沉条件可知，铁片下沉时F浮1
故答案为：(1)甲、丙、丁；(2)4；4×10-4；(3)4；4×10-4；(4)1.1×103；(5)小于；没有控制物体排开液体的体积和液体密度相同。
(1)探究物体所受浮力大小与物体浸没在液体中的深度是否有关时，需要控制液体的密度相同、排开的液体的体积相同，改变物体在液体中的深度；
(2)根据F浮=G-F求浮力大小，由F浮=ρgV排公式变形可求得物体排开水的体积，因为物体浸没，所以物块排开水的体积等于物体的体积；
(3)物体的重力与弹簧测力计拉力之差是物体受到的浮力，已经求出物体的体积，根据F浮=ρ液gV排公式变形可求得盐水的密度；
(4)物体下沉时F浮
本题探究影响浮力大小的因素，重点考查了控制变量法在实际的中具体运用，对常见的错误认识做了澄清。
26.【答案】定值电阻断路 0.4 右 在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 将滑动变阻器的滑片移至最右端 U1-U2U2R0
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片向左移动时电流表示数变大，说明电路中电阻变小，故变阻器应选左下接线柱与电源串联在电路中，如下图所示：
；
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数且接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，故其原因可能是定值电阻断路；
(3)排除故障后继续实验，电流表示数如图乙，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数保持不变；
(4)由表中数据可知，电流与电阻的乘积UV=IR=5Ω×0.4A=0.2A×10Ω=0.1A×20Ω=2V，为一定值，故可以得出的结论是：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；
(5)实验步骤：
①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电压表的示数为U1；
②将滑动变阻器的滑片移至最右端，读出电压表的示数为U2；
③在步骤①中，电路为只有R0的简单电路，电压表测电源电压，其示数为U1；
在步骤②中，R0与变阻器最大阻值Rx串联，电压表测R0两端的电压，其示数为U2；根据串联电路电压规律，变阻器两端电压为U滑=U1-U2，根据串联电路分压原理，
U滑R滑=U2R0，即U1-U2Rx=U2R0，
解得：Rx=U1-U2U2R0。
故答案为：(1)见解答图；(2)定值电阻断路；(3)0.4；右；(4)在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(5)②将滑动变阻器的滑片移至最右端；③U1-U2U2R0。
(1)滑动变阻器的滑片向左移动时电流表示数变大，说明电路中电阻变小，据此确定变阻器应选左下接线柱串联在电路中；
(2)闭合开关后，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数且接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
(3)根据电流表选用量程确定分度值读数；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(4)利用表中数据，根据电流与电阻的乘积为一定值得出结论；
(5)要测滑动变阻器最大阻值，首先要得到电源电压，然后利用串联电路分压原理求出滑动变阻器最大阻值Rx。
本题探究电流与电阻关系的实验，考查了电路连接、电路故障、电流表读数、实验操作以及设计实验方案测电阻的能力。
27.【答案】解：(1)汽车满载时的重力：G=mg=1.15×103kg×10N/kg=1.15×104N，
汽车满载静止在水平地面上时，对地面的压力：F=G=1.15×104N，
对地面的压强：p=FS=1.15×104N0.2m2=5.75×104Pa；
(2)因汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，汽车的牵引力：F'=f=0.1G=0.1×1.15×104N=1.15×103N，
匀速行驶过程中牵引力所做的功：W=F's=1.15×103N×36×103m=4.14×107N；
(3)由η=WQ吸×100%可得，消耗汽油完全燃烧释放的热量：Q放=Wη=4.14×107J40%=1.035×108N，
由Q放=mq可得，这段时间内消耗汽油的质量：m'=Q放q=1.035×108J4.6×107J/kg=2.25kg。
答：(1)汽车满载静止在水平地面上时，对地面的压强是5.75×104Pa；
(2)匀速行驶过程中牵引力所做的功是4.14×107N；
(3)这段时间内消耗汽油的质量是2.25kg。
【解析】(1)根据G=mg求出汽车满载时的重力，汽车满载静止在水平地面上时对地面的压力等于其重力，利用p=FS求出对地面的压强；
(2)汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据F=f=0.1G求出汽车的牵引力，利用W=Fs求出匀速行驶过程中牵引力所做的功；
(3)根据η=WQ吸×100%求出消耗汽油完全燃烧释放的热量，利用Q放=mq求出这段时间内消耗汽油的质量。
本题考查了重力公式和压强公式、二力平衡条件、做功公式、效率公式以及燃料完全燃烧释放热量公式的综合应用等，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
28.【答案】解：(1)由电路图可知，旋转开关接2时，电路为R1的简单电路，电热壶处于保温挡，
由P=UI=U2R可得，R1的阻值：R1=U2P保温=(220V)2110W=440Ω；
(2)旋转开关接3时，R1与R2并联，电热壶处于加热挡，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，电阻R2的电功率：P2=U2R2=(220V)248.4Ω=1000W，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，加热挡的额定功率：P加热=P保温+P2=110W+1000W=1110W；
(3)电热壶内装有水的体积：V=1L=1dm3=1×10-3m3，
由ρ=mV可得，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×1×10-3m3=1kg，
则水吸收的热量：Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃-25℃)=3.15×105J；
(4)不计热量损失的情况下，消耗的电能：W=Q吸=3.15×105J，
则电热壶的实际加热功率：P加热'=Wt'=3.15×105J300s=1050W。
答：(1)R1的阻值为440Ω；
(2)加热挡的额定功率为1110W；
(3)水吸收的热量是3.15×105J；
(4)电热壶的实际加热功率是1050W。
【解析】(1)由电路图可知，旋转开关接2时，电路为R1的简单电路，电热壶处于保温挡，根据P=UI=U2R求出R1的阻值；
(2)旋转开关接3时，R1与R2并联，电热壶处于加热挡，根据并联电路的电压特点和P=UI=U2R求出电阻R2的电功率，并联电路中各支路独立工作、互不影响，加热挡的额定功率等于保温功率加上电阻R2的电功率；
(3)知道电热壶内装有水的体积和水的密度，根据m=ρV求出水的质量，又知道水的初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm(t-t0)求出水吸收的热量；
(4)不计热量损失的情况下，消耗的电能和水吸收的热量相等，根据P=Wt求出电热壶的实际加热功率。
本题考查了电功率公式和并联电路的特点、密度公式、吸入公式的综合应用等，涉及到的知识点较大，综合性强，有一定的难度。
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