2021-2022学年湖南省长沙市第一中学高一下学期第三次阶段性检测数学试卷含答案

这是一份2021-2022学年湖南省长沙市第一中学高一下学期第三次阶段性检测数学试卷含答案，共14页。试卷主要包含了选择题，多选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
 长沙市第一中学2021-2022学年度高一第二学期第三次阶段性检测数学时量：120分钟 满分：150分一、选择题（本大题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1. 已知C为复数集，集合，，则（    ）A.  B.  C.  D. 2. 已知，则（    ） 1 3. 已知函数在上单调递增，则的值可以是（    ）A.  B.  C.  D. 4. 设，，，，则a，b，c的大小关系为（    ）A.  B.  C.  D. 5. 下列说法正确的是（    ）A. 空间中过直线外一点有且只有一条直线与这条直线垂直B. 空间中过直线外一点有且只有一条直线与这条直线平行C. 过平面外一点有且只有一个平面与这个平面垂直D. 过平面外一点有且只有一条直线与这个平面平行6. 有一组样本容量为10的样本数据为：1，2，2，3，3，3，4，4，4，4，则该样本中（    ）A. 中位数与平均数的值不同 B. 第70百分位数与众数的值不同C. 方差与极差的值相同 D. 方差与标准差的值相同7. 已知是空间中两两不共线的非零向量，则“，”是“，”的（    ）A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件8. 在正三棱柱ABC−A1B1C1中，AB=AA1=1，点P满足，其中，，则下列说法正确的是（    ）A. 当时，存在点P使得CPBA1B. 当时，不存在点P使得B，P，C1三点共线C. 当时，不存在点P使得A1，B1，C，P四点共面D. 当时，存在点P使得A1B⊥AP二、多选题（本大题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分）9. 对于任意两个向量，下列命题正确的是（    ）A.  B. C.  D. 若，则10. 已知函数，设其定义域为I，则（    ）A. 为奇函数 B. 为偶函数C. ， D. ，11. 如图，在边长为2的正方形ABCD中，点E，F分别是AB，BC的中点，EF与BD的交点为G，将△AED，△BEF，△DCF分别沿DE，EF，DF折起，使得A，B，C三点重合于点P，则（    ）A. PD⊥EFB. 三棱锥P−DEF的体积为C. PG与DF所成角的余弦值为D. 三棱锥P−DEF外接球的表面积为12. 有6个相同球，分别标有数字1，2，3，4，5，6，从中有放回地随机取两次，每次取1个球.甲表示事件“第一次取出的球的数字是4”，乙表示事件“第二次取出的球的数字是5”，丙表示事件“两次取出的球的数字之和是6”，丁表示事件“两次取出的球的数字之和是7”，则（    ）A. 甲与乙互斥 B. 丙与丁互斥C. 甲与丁相互独立 D. 乙与丙相互独立三、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13 假设，且事件A与B相互独立，则________.14. 已知圆锥的底面半径为1，其侧面展开图为一个半圆，则该圆锥的母线长为___________.15. 如图，为了测量河对岸的塔高，选与塔底在同一水平面内的两个测量点和，现测得米，则塔高________米．16. 已知，点A，B，C是函数与的图象中连续相邻的三个公共点，若△ABC是钝角三角形，则的取值范围是________.四、解答题（本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）17. 已知向量=（，），，=（1，）.（1）若，求的值；（2）若，求的值.18. 某中学有初中生1800人，高中生1200人，为了解全校学生本学期开学以来（60天）的课外阅读时间，学校采用按比例分层随机抽样方法，从中抽取了100名学生进行问卷调查.将样本中的“初中生”和“高中生”按学生的课外阅读时间（单位：小时）各分为5组：[0，10），[10，20），[20，30），[30，40），[40，50]，得其频率分布直方图如图所示.（1）估计全校学生中课外阅读时间不足10个小时的总人数是多少；（2）从课外阅读时间不足10个小时的样本学生中随机抽取3人，求至少有2个初中生的概率.19. 如图，在长方体ABCD−A1B1C1D1中，AB=4，BC=BB1=3，G为AB中点，E，F分别在线段A1C1，AC上，且. （1）求证：平面BB1F；（2）求四面体BEFG的体积.20. 在△ABC中，，.（1）求的值；（2）求△ABC的面积S.21. 如图，在四棱锥P−ABCD中，底面ABCD为平行四边形，侧面PAD⊥底面ABCD，PA=PD，点E为BC的中点，△AEB为等边三角形.（1）证明：PB⊥AE；（2）点F在线段PD上且DF=2FP，若二面角F−AC−D的大小为45°，求直线AE与平面ACF所成角的正弦值.22. 已知函数在区间（）上最大值为，最小值为，记.（1）求的值；（2）设（）.①若，试写出方程的一个解；②若，求函数的零点个数.
参考答案【答案】B【答案】B【答案】B【答案】D【答案】B【答案】D【答案】C【答案】D【答案】AC【答案】ACD【答案】ABC【答案】BC【答案】##【答案】2【答案】20【答案】【答案】（1）    （2）【小问1详解】由题知，得，又，【小问2详解】由题知，得，即.【答案】（1）人；    （2）.【小问1详解】初中生中，课外阅读时间不足10个小时频率为，则所有的初中生中，课外阅读时间不足10个小时的学生约有人；高中生中，课外阅读时间不足10个小时的频率为，则所有高中生中，课外阅读时间不足10个小时的学生约有人，所以该校所有学生中，课外阅读时间不足10个小时的学生人数约有人.【小问2详解】记“从阅读时间不足10个小时的样本学生中随机抽取3人，至少抽到2名初中生”为事件，由按比例分层随机抽样知，抽取的初中生有名，高中生有名，阅读时间不足10个小时的学生中，初中生样本人数为人，高中生样本人数为人，记这3名初中生为，2名高中生为，从阅读时间不足10个小时的样本学生中随机抽取3人，则试验样本空间为，共10个样本点，它们等可能，其中事件=，共7个样本点，所以至少抽到2名初中生的概率为.【答案】（1）证明见解析    （2）2【小问1详解】取的中点，连接，故为的中位线，得，而平面，平面，从而平面，①又，结合长方体的对称性知，即四边形为平行四边形，故，又，所以，而平面，平面，从而平面，②，结合①②知，平面平面，从而平面.【小问2详解】.【答案】（1）    （2）【小问1详解】由正弦定理知，得，又，所以，所以，从而.【小问2详解】由（1）知，代入得，因为，所以【答案】（1）证明见解析    （2）【小问1详解】因为点为的中点且为等边三角形，所以，从而.取的中点，则四边形为菱形，连接BO，故，①又，且为的中点，则，又平面平面，平面平面，所以平面，从而②由①②得：平面，又平面，故.【小问2详解】解法一：设，作交，由（1）已证平面，从而两两垂直，以点，为坐标原点，分别以为轴，轴，轴建立空间直角坐标系如图所示.则.设平面的一个法向量为，又，由得今，则，故，由平面知为平面的一个法向量.由二面角的大小为知，解得.从而为平面的一个法向量，所以点到平面的距离为，从而直线与平面所成角的正弦值为.解法二：作交于，作于，连接，由（1）已证平面，故平面，又平面，所以，又，所以平面，所以为二面角的平面角，由题知.不妨设，又，所以，且，所以.设点到平面的距离为，则由知，得，解得.从而直线与平面所成角的正弦值为.22.【答案】（1）    （2）①（答案不唯一）；②答案见解析【小问1详解】当时，，此时，，于是.【小问2详解】①由（1）知，，最小正周期，当，，即，或显然满足，由于区间的长度为，即，只要满足，即可满足或，此时.（此题答案不唯一）②函数的零点个数即与的交点个数.当时，，此时函数单调递增，则；当时，，此时函数在单调递增，在单调递减，又，则；当时，，此时函数在单调递增，在单调递减，又，.于是在直角坐标系内画出函数的图象如下，由图可知，当或时，函数的零点个数为0，当或时，函数有1个零点，当或时，函数有2个零点，当时，函数有3个零点.