2021-2022学年浙江省北斗联盟高一（下）期中物理试卷（含解析）

这是一份2021-2022学年浙江省北斗联盟高一（下）期中物理试卷（含解析），共21页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。
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2021-2022学年浙江省北斗联盟高一（下）期中物理试卷


第I卷（选择题）

一、单选题（本大题共13小题，共39.0分）
1. 2022年北京冬奥会中国队以9金4银2铜的好成绩圆满收官！中国队用他们的拼搏和汗水带给大家一次次难忘的回忆。关于下列冬奥比赛项目的说法正确的是(    )
A. 研究冰球运动员击球动作时，运动员可以看成质点
B. 研究大跳台运动员空中转体动作时，运动员身体各部分的速度可视为相同
C. 研究15公里越野滑雪运动员比赛成绩时，运动员可视为质点
D. 研究花样滑冰运动员的动作时，运动员可视为质点
2. 物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列表述不正确的是(    )
A. 牛顿第一定律虽然是无法用实验直接验证的，但是它是物理学发展的一个重要基石
B. 开普勒通过对行星观察记录的研究发现了万有引力定律
C. 伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理(包括数学演算)结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法
D. 英国物理学家卡文迪什通过扭秤实验精确测定了万有引力常量G
3. 如图所示，把一个质量为m的光滑圆球放在两块挡板AB和AC之间，其中AB板为竖直方向，AB与AC之间的夹角为37°，则(    )
A. 球对AB板的压力34mg
B. 球对AB板的压力43mg
C. 球对AC板的压力mg
D. 若将AC板放到水平，球对AC板和AB板仍有压力

4. 2021年7月30日，东京奥运会女子蹦床决赛，朱雪莹以56.635分夺得金牌。朱雪莹第一次从空中最高点竖直下落到蹦床最低点的过程中未做花样动作，如图所示，空气阻力忽略不计，则此过程中朱雪莹下落速度随时间变化的图像可能正确的是(    )


A. B.
C. D.
5. 某校把跳长绳作为一项常规运动项目，其中一种运动方式为：一支队伍由12人一起进长绳，计算同步一起跳的个数，根据跳绳的过程中，下列说法正确的是(    )


A. 起跳离开地面的瞬间，学生对地面的压力是由于地面发生了形变
B. 起跳离开地面的瞬间，学生受到的重力与地面对学生的支持力大小相等
C. 起跳离开地面前的瞬间，学生对地面的压力与地面对学生支持力大小相等
D. 学生从最高点开始下落的过程中，先处于完全失重，再处于超重最后再处于失重状态
6. 中国北斗导航系统由5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星组成，关于某颗静止轨道卫星(即卫星相对于地面静止)的说法正确的是(    )
A. 线速度大于第一宇宙速度
B. 周期小于同步卫星的周期
C. 角速度大于月球绕地球运行的角速度
D. 向心加速度大于地面的重力加速度
7. “嫦娥一号”在距离月面200km高度的月极轨道，做周期为127分钟绕月运动，进行包括月球南北极、月球背面的全月探测工作。月球半径为1738km，万有引力恒量G=6.67×10-11N⋅m2/kg2。由上述资料无法估算出(    )
A. 月球的质量 B. 月球的平均密度
C. 月球自转的周期 D. 月球表面的重力加速度
8. 如图所示，一名运动员在水平面上进行跳远比赛，腾空过程中离水平面的最大高度为1.25m，起跳点与落地点的水平距离为5m，运动员可视为质点，不计空气阻力，取重力加速度g=10m/s2，则运动员(    )

A. 在空中的运动时间为0.5s
B. 在最高点时的速度大小为10m/s
C. 落地时速度大小为10m/s
D. 落地时速度方向与水平面所成的夹角为45°
9. 小明用细绳一端连接一支圆珠笔，另一端固定在地铁车厢内的竖直扶手上。地铁沿某一段水平直线运动的过程中，细绳向右偏离与竖直扶手成角度θ，如图所示，关于这段运动过程中，下列说法正确的是(    )
A. 圆珠笔受到的合外力向右
B. 加速度大小为gsinθ
C. 地铁可能向右做减速运动
D. 地铁可能向左做减速运动


10. 2022年2月7日在首都体育馆举行的北京2022年冬奥会短道速滑项目男子1000米决赛中，中国选手任子威夺得冠军，其比赛场地如图甲所示，场地周长111.12m，其中直道长度为28.85m，弯道半径为8m。若一名质量为50kg的运动员以大小12m/s的速度进入弯道，紧邻黑色标志块做匀速圆周运动，如图乙所示，运动员可看作质点，重力加速度g取10m/s2，则运动员在弯道上受到冰面最大作用力的大小最接近的值为(    )

A. 500N B. 900N C. 1030N D. 2400N
11. 如图，甲、乙两位同学同时在等高处抛出手中的篮球A、B，A以速度v1斜向上抛出，B以速度v2竖直向上抛出，当A到达最高点时恰与B相遇，不计空气阻力，A、B均可视为质点，重力加速度为g，以下说法正确的是(    )


A. v1=v2
B. 相遇时A的速度为零
C. B从抛出到最高点的时间为v1g
D. 从抛出到相遇A与B的速度的变化量相同
12. 如图所示，质量为m的小球固定在杆的一端，在竖直面内绕杆的另一端做圆周运动，当小球运动到最高点时，瞬时速度v=32Rg，R是球心到O点的距离，则球对杆的作用力是(    )


A. 12mg的拉力 B. 12mg的压力 C. 32mg的拉力 D. 32mg的压力
13. 如图所示，以9.8m/s的水平速度v0抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角θ为30°的斜面上，可知物体完成这段飞行的时间是(    )
A. 33s
B. 233s
C. 3s
D. 2s

二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）
14. 关于下列四幅图的说法正确的是(    )
A. 图中高大的桥要造很长的引桥是为了减小汽车重力沿桥面向下的分力
B. 图中显示的126km/h是平均速度
C. 图中两球同时落地说明A球竖直方向是自由落体运动
D. 图中沿切线飞出大量的火星，表明砂轮边缘上各点的速度方向沿切线方向
15. 关于曲线运动，下列说法正确的是(    )
A. 做曲线运动的物体受到的合外力一定不为零
B. 做圆周运动的物体受到的合外力方向一定指向圆心
C. 平抛运动是匀变速曲线运动
D. 物体受到变力作用时就一定做曲线运动
16. 哈尔滨工业大学计算学部设计了一款能够与人协作、共同完成冰壶比赛的机器人。当机器人与冰壶之间的距离保持在8m之内时，机器人可以实时追踪冰壶的运动信息。如图甲所示，在某次投掷练习中机器人夹取冰壶，由静止开始做匀加速运动，之后释放冰壶，二者均作匀减速直线运动，冰壶准确命中目标，二者在整个运动过程中的v-t图像如图乙所示。此次投掷中，下列说法中正确的是(    )

A. 冰壶减速运动的加速度大小为0.125m/s2
B. 9s末，冰壶的速度大小为5.75m/s
C. 7s末，冰壶、机器人二者间距为7m
D. 机器人能够一直准确获取冰壶的运动信息
17. 如图所示，水平放置的两个轮盘靠之间的摩擦力传动，O、O'分别为两轮盘的轴心，轮盘的半径比R甲：R乙=2：1，传动时两轮盘不打滑。现在两轮盘上分别放置同种材料制成的滑块A、B，两滑块的质量相等，与轮盘间的动摩擦因数相同，距离轴心O、O'的间距RA=2RB。若轮盘乙由静止缓慢地转动起来，且转速逐渐增加，则(    )
A. 两滑块都相对轮盘静止时，两滑块线速度之比为vA：vB=1：2
B. 两滑块都相对轮盘静止时，两滑块角速度之比为ωA：ωB=1：4
C. 轮盘匀速转动且两滑块都相对轮盘静止时，两滑块所受摩擦力之比为fA：fB=1：2
D. 转速逐渐增加，B会先发生滑动
第II卷（非选择题）

三、实验题（本大题共2小题，共8.0分）
18. (1)已知交变电流的频率为50Hz，则打点计时器打点的时间间隔为______s。
(2)“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图甲所示，用该装置研究小车加速度a与质量M的关系时，下列说法正确的是______。
A.先释放小车，再接通电源
B.打点计时器接电源直流输出端
C.牵引小车的细绳应与长木板保持平行
D.在增加小车质量的同时，增大木板的倾角

(3)图乙中相邻两个计数点之间还有4个打点未画出，打点计时器接频率为50Hz的交流电源，根据图乙求出小车的加速度a=______m/s2。(结果保留2位有效数字)
(4)保持小车的质量不变，改变槽码个数，进行多次测量。根据实验数据作出了加速度a随拉力F的变化图线，如图丙所示。图中直线没有通过原点，其主要原因是______。
19. 在“研究平抛物体运动”的实验中，乙同学用闪光照相的办法拍摄一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，如图所示，图中背景方格的边长均为5cm，如果取g=l0m/s2，那么：
①经判断，A点______抛出点。(填写“是”或“不是”)
②小球做平抛运动的初速度的大小是______m/s；
③从抛出到B点的时间______s.小球经过B点时的速度大小是______m/s。

四、简答题（本大题共1小题，共2.0分）
20. 控制变量法是物理实验探究的基本方法之一。如图所示是用控制变量法探究向心力大小与质量m、角速度ω和半径r之间关系的实验情景图(图下方为塔轮与皮带的俯视图)：

在甲、乙、丙三幅图中，探究向心力大小与质量m之间关系的是______图；探究向心力大小与角速度之间关系的是图______(选填“甲”“乙”或“丙”)。

五、计算题（本大题共4小题，共35.0分）
21. 2018年5月14日四川航空3U8633航班右侧内风挡出现裂纹，立即申请返航，并于07：46安全备降成都双流机场，所有乘客平安落地。假设飞机以360km/h速度降落在跑道上，之后以0.2m/s2的加速度做匀减速直线运动，求飞机：

(1)在跑道上开始减速到停下所用的总时间t；
(2)在跑道上开始减速前2s内的位移大小x。
22. 如图所示，为游乐场中深受大家喜爱的“激流勇进”的娱乐项目，人坐在船中，随着提升机到达高处，再沿着水槽飞滑而下，劈波斩浪的刹那带给人惊险刺激的感受。设乘客与船的总质量为m=100kg，滑板与斜坡滑道和水平滑道间的动摩擦因数均为μ=0.5，斜坡滑道的倾角θ=37°(sin37°=0.6,cos37°=0.8)，斜坡滑道与水平滑道间是平滑连接的，整个运动过程中空气阻力忽略不计，船在斜坡滑道上滑行8s进入水平轨道，重力加速度g取10m/s2。求：

(1)船沿倾斜滑道下滑的距离；
(2)它在水平滑道滑行直到停止所需要的时间。
23. 双人滑冰是2022年北京冬奥会比赛项目之一。如图甲所示为某次训练中男运动员以自己为轴拉着女运动员做圆周运动的情形，若女运动员的质量m=40kg，伸直的手臂与竖直方向的夹角θ=53°，转动过程中女运动员的重心做匀速圆周运动的半径r=1.2m，如图乙所示。忽略女运动员受到的摩擦力，重力加速度g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6。求：
(1)当女运动员刚要离开冰面时，女运动员的角速度的大小；
(2)当女运动员的角速度为43rad/s时，女运动员对冰面压力的大小。

24. 如图所示，质量m=2kg的小球在长为L=1m的细绳作用下，恰能在竖直平面内做圆周运动，细绳能承受的最大拉力为Fm=52N，转轴离地高度h=6m，不计阻力，g=10m/s2。
(1)小球经过最高点的速度是多少？
(2)若小球在某次运动到最低点时细绳恰好被拉断，求此时小球的速度大小；
(3)细绳被拉断后小球运动的水平位移。
答案和解析

1.【答案】C 
【解析】解：A、在研究冰球运动员击球动作时，运动员的姿态与形状对击球的影响很大，不可以看成质点，故A错误；
B、在研究大跳台运动员空中转体动作时，运动员肢体的形状不可忽略，运动员不能看成质点，故B错误；
C、研究15公里越野滑雪运动员比赛成绩时，运动员的大小与形状可以忽略不计，运动员可以看成质点，故C正确；
D、花样滑冰双人滑旋转时，女运动员身体各部分到转动的圆心的距离各不相同，根据v=ωr可知各点的运动状态不同，速度不相同，故D错误。
故选：C。
质点是只计质量、不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点物体本身无关，要看所研究问题的性质．
质点是运动学中一个重要概念，要理解其实质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略，不能停在表面．

2.【答案】B 
【解析】解：A、牛顿第一定律是在实验的基础上经逻辑推理而得出的，采用的是实验加推理的方法，反映了物体不受外力时的运动状态，而不受外力的物体不存在的，所以不能用实验直接验证，但是它是物理学发展的一个重要基石，故A正确；
B、德国天文学家开普勒通过研究第谷观测记录的天文数据，最早认识到行星运动遵循的规律，总结得到了行星运动三定律，牛顿发现了万有引力定律，故B错误；
C、伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理(包括数学演算)结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法，故C正确；
D、英国物理学家卡文迪什在牛顿发现了万有引力定律之后，用著名的扭秤实验测出了引力常量，故D正确。
本题选择错误的，
故选：B。
本题根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的物理学贡献即可。
本题考查物理学史，是常识性的问题，要与科学家的理论、实验等等细节内容一起学习，要求能准确记忆，不能张冠李戴。

3.【答案】B 
【解析】解：ABC、球受力如图：重力mg、AB板的弹力N2、AC板的弹力N1，由平衡条件得：N1=mgsinθ=53mg，N2=mgtanθ=43mg，由牛顿第三定律知，球对AB板的压力大小为43mg，对AC板的压力大小为53mg，故B正确，AC错误；
D、若将AC板放到水平，球对AC板有压力，对AB板无压力，故D错误；
故选：B。
对球受力分析，由平衡条件解答。
熟练应用分解法解答共点力的平衡问题。

4.【答案】B 
【解析】解：朱雪莹从最高点由静止下落，落在蹦床前做自由落体运动，即为初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动，v-t图像是过原点的倾斜的直线。
朱雪莹落在蹦床后受到重力和弹力两个力作用，弹力先小于重力，合力向下，随着弹力增大，合力减小，即先做加速度减小的加速运动；当重力等于弹力时速度最大，然后弹力大于重力，合力向上且增大，再做加速度增大的减速运动，结合v-t图像的斜率表示加速度，可知B图是正确的，故ACD错误，B正确。
故选：B。
分析朱雪莹的受力情况，来判断其运动情况，结合v-t图像的斜率表示加速度，确定v-t图像的形状。
解决本题时，要关键要正确分析运动员的受力情况，来分析其运动情况，要注意运动员一接触蹦床后不是立即做减速运动，而是先做加速运动后减速运动。

5.【答案】C 
【解析】解：A.起跳离开地面的瞬间，学生对地面的压力是由于学生的脚发生形变而产生的，故A错误。
B.学生起跳离开地面前的瞬间，学生向上做加速运动，处于超重状态，学生受到的重力小于地面对学生的支持力，故B错误。
C.学生对地面的压力与地面对学生支持力是相互作用力，总是大小相等、方向相反，故C正确。
D.学生从最高点开始下落的过程中，学生只受到重力作用，处于完全失重状态，当学生接触地面时，此时受到的重力大于支持力，继续向下做加速运动，处于失重状态，当地面对学生的支持力大于重力时，开始做减速运动，处于超重状态，故D错误。
故选：C。
发生弹性形变后物体由于要恢复原状，就要对跟它接触的物体产生力的作用，这个力就是弹力，弹力的施力物体是发生形变的物体；牛顿第二定律、第三定律的运用。
本题主要考查了超重和失重、弹力的产生；解决本题的关键理清运动过程，结合牛顿第二定律判断超失重状态。

6.【答案】C 
【解析】解：A、第一宇宙速度是最大的环绕速度，所以静止轨道卫星线速度小于第一宇宙速度，故A错误；
B、静止轨道卫星相对地球静止，其运行周期与地球自转的周期相同，都是24h，故B错误。
C、由万有引力等于向心力，则有GMmr2=mrω2，解得卫星的线速度ω=GMr3；静止轨道卫星的环绕半径小于月球环绕半径，所以角速度大于月球绕地球运行的角速度，故C正确；
D、由万有引力提供向心力有：GMmr2=ma，解得加速度a=GMr2，所以向心加速度小于地面的重力加速度，故D错误。
故选：C。
地球同步卫星相对地球静止，其周期、角速度与地球自转的周期、角速度相等，同步卫星位于赤道平面内，根据万有引力提供向心力判断角速度和向心加速度的大小．
地球质量一定、自转角速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它有一定的轨道高度和线速度．

7.【答案】C 
【解析】解：设月球的质量为M，半径为R，“嫦娥一号”的质量为m、轨道为r，周期为T，由万有引力提供向心力得GMmr2=m(2πT)2r，则得到月球的质量M=4π2r3GT2，月球的密度为ρ=MV=4π2r3GT24πR33=3πr3GT2R3，月球表面的物体重力近似等于月球对它的万有引力，则有GMmR2=mg，则有g=GMR2=4π2r3T2R2，由题分析嫦娥一号的轨道半径r、周期T，月球的半径都已知，则可估算出月球的密度为ρ、月球的质量M和月球表面的重力加速度，不能估算月球的自转周期。故ABD不符合题意，C符合题意。
本题选择无法估算出的，
故选：C。
由题，已知月球的半径，“嫦娥一号”的高度和运行周期，根据万有引力和向心力知识分析能估算出哪些量，再选择不能估算哪些量．
知道旋转天体的轨道半径和周期，可以求出中心天体的质量．若再知道中心天体的半径，可估算出中心天体的密度．

8.【答案】D 
【解析】解：A、腾空过程中离地面的最大高度为L，落地过程中，做平抛运动，根据运动学公式，那么从最高点落地时间t=2hg=0.5s，
那么运动员在空中的时间为t'=2t=1s，故A错误；
B、运动员在空中最高点的速度即为运动员起跳时水平方向的分速度，根据分运动与合运动的等时性，则水平方向的分速度v水=L2t=2.50.5m/s=5m/s，故B错误；
C、落地时竖直方向的速度vy=2gh=5m/s，故落地速度v=v水2+vy2=52m/s，故C错误；
D、落地时速度方向与水平面所成的夹角为tanθ=vyvx=1，故θ=45°，故D正确
故选：D。
根据抛体运动的处理规律，依据运动的合成与分解内容，及平行四边形定则，及运动学公式，即可求解。
考查抛体运动的处理规律，掌握运动的合成与分解的应用，理解运动学公式的内容，注意运动员在水平方向做匀速直线运动，而竖直方向做竖直向上抛运动。

9.【答案】C 
【解析】解：圆珠笔受重力和绳子拉力作用，可知圆珠笔受合力方向为水平向左；根据牛顿第二定律有mgtanθ=ma，解得a=gtanθ，方向为水平向左，所以地铁可能向右做匀减速运动，也可能向左做匀加速运动，故ABD错误，C正确。
故选：C。
对圆珠笔受力分析，根据牛顿第二定律列方程即可。
圆珠笔受力比较简单，关键是掌握力的合成法则，根据牛顿第二定律列方程。此题较为基础。

10.【答案】C 
【解析】解：运动员在水平面内做匀速圆周运动需要的向心力为
Fn=mv2r
竖直方向上受力平衡，则FN=mg
所以运动员受到冰面的作用力为F=Fn2+FN2
联立解得：F≈1030N，故C正确，ABD错误；
故选：C。
运动员在水平方向上的合力指向圆心，在竖直方向上受力平衡，再根据勾股定理计算出冰面对运动员的作用力。
本题以短道速滑项目为考查背景，主要考查了牛顿第二定律的相关应用，学生要学会从不同方向去分析物体的运动情况，同时要注意力是矢量，在合成的时候遵循平行四边形定则。

11.【答案】D 
【解析】解：AB、篮球A做斜上抛运动，在竖直方向做竖直上抛运动，在水平方向做匀速直线运动，到达最高点时A的竖直分速度为零，水平分速度不为零，到达最高点两球相遇时的速度不为零；篮球B做竖直上抛运动，A在竖直方向做竖直上抛运动，A、B同时抛出，两球相遇，说明A的竖直分速度vy与B的初速度相等，即vy=v2，设A的水平分速度大小为vx，A抛出时的速度大小v1=vx2+vy2>v2，故AB错误；
C、篮球B抛出时的速度与A的竖直分速度相等，A到达最高点时B也到达最高点，B从抛出到最高点的时间t=v2g，故C错误；
D、从抛出到相遇，A、B的运动时间t相等，速度变化量Δv=gt相等，故D正确。
故选：D。
A做斜上抛运动，B做竖直上抛运动，两者在竖直方向的运动情况相同，根据两球的运动情况应用运动的合成与分解分析答题。
本题考查竖直上抛运动和斜上抛运动，解题时应注意：斜上抛运动可以分解为竖直方向的竖直上抛运动与水平方向的匀速直线运动；分析清楚两篮球的运动过程，应用运动的合成与分解、运动学公式即可解题。

12.【答案】A 
【解析】
【分析】
小球转至最高点时，小球受到的重力和杆对它的作用力的合力提供向心力；根据牛顿第二定律列出方程，即可求得杆对小球的作用力的大小，并判断出力的方向。
小球在最高点时，要注意绳子与杆的区别：绳子只能提供拉力；杆提供的了可能是拉力，也可能是支持力，假设法是常用的解法。
【解答】
在最高点，设杆对球的弹力向下，大小为F，根据牛顿第二定律得：
 mg+F=mv2R
把v=32Rg代入解得：F=12mg>0，说明假设正确，即可知道杆对球产生的是拉力，根据牛顿第三定律得知，球对杆的作用力是12mg的拉力。
故选：A。  
13.【答案】C 
【解析】解：物体做平抛运动，当垂直地撞在倾角为30°的斜面上时，把物体的速度分解如图所示，
由图可知tanθ=v0vy=v0gt，
则运动的时间t=v0gtanθ=3s，
故选：C。

14.【答案】ACD 
【解析】解：A.由力的分解可知，图甲中高大的桥要造很长的引桥是为了减小汽车動沿桥面向下的分力，故A正确；
B.图乙中显示的126km/h是瞬时速度，故B错误；
C.图丙中两球同时落地说明A球竖直方向是自由落体运动，C正确；
D.图丁中沿切线飞出大量的火星，表明砂轮边缘上各点的速度方向沿切线方向，故D正确。
故选：ACD。
根据力的分解及应用、瞬时速度、自由落体运动的特征、曲线运动瞬时速度的方向等知识点即可分析。
该题考查物体做曲线运动的相关知识点，需要加强基础知识的理解与记忆，基础题。

15.【答案】AC 
【解析】解：A、既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，一定是变速运动，物体受到的合外力一定不等于0，故A正确；
B、匀速圆周运动合外力方向一定指向圆心，而变速圆周运动的物体受到的合外力方向不一定指向圆心，故B错误；
C、平抛运动的加速度不变，是匀变速曲线运动，故C正确；
D、物体受到变力的作用，如果力的方向和速度在同一条直线上时，物体做的仍是直线运动，只不过是物体的加速度的大小在变化，故D错误。
故选：AC。
物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论；匀速圆周运动合外力方向才一定指向圆心．
本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，知道平抛运动与圆周运动的特点，本题基本上就可以解决了．

16.【答案】AC 
【解析】解：A、冰壶减速运动的加速度大小为a1=| v-v0t|=|5-611-3|m/s2=0.125m/s2，故A正确；
B、t=3s末冰壶的速度v3=6m/s，则9s末，冰壶的速度大小为v9=v3-a1t1=(6-0.125×6)m/s=5.25m/s，故B错误；
C、7s末，冰壶的速度大小为v7=v3-a1t2=(6-0.125×4)m/s=5.5m/s，7s末，冰壶、机器人二者间距等于3-7s内两者位移之差，为s=6+5.52×4m-6+22×4m=7m，故C正确；
D、当t=11s时，冰壶、机器人二者间距为s'=6+52×8m-6×62m=26m>8m，则知机器人不能一直准确获取冰壶的运动信息，故D错误。
故选：AC。
根据速度—时间图象的斜率表示加速度，由图线的斜率求出加速度大小；根据v-t图象与坐标轴所围“面积”大小等于位移，由几何知识比较位移大小。
解答本题时，要理解v-t图象的物理意义，要知道v-t图象与时间轴围成的面积表示位移，图象的斜率表示加速度。

17.【答案】CD 
【解析】解：AB、假设轮盘乙的半径为R，由题意可知两轮盘边缘的线速度大小相等，有ω甲⋅2R=ω乙R得ω甲：ω乙=1：2，所以在A、B没有发生相对滑动以前角速度之比为ωA：ωB=1：2，根据v=ωr，可知线速度之比为vA：vB=1：1，故AB错误；
C、滑块相对轮盘滑动前，摩擦力充当向心力，即Fn=mω2r，两滑块所受摩擦力之比为FA：FB=1：2，故C正确；
D、据题意可得滑块A、B的最大静摩擦力之比为FfA：FfB=μmAg：μmBg=1：1，滑块相对轮盘滑动前所受的静摩擦力之比为1：2，综上分析可得滑块B先达到最大静摩擦力，先开始滑动，故D正确。
故选：CD。
根据传动模型推出线速度的大小相等，根据半径的关系判断出角速度的比值关系，由摩擦力提供向心力，列出式子判断滑块的滑动顺序。
利用传动模型判断圆周运动中相同大小的物理量，再结合圆周运动的向心力公式判断物体滑动的先后顺序，属于公式的基本应用，难度不大。

18.【答案】0.02  C  0.44  未平衡摩擦力 
【解析】解：(1)打点计时器打点的时间间隔为T=1f=150s=0.02s；
(2)A、由于小车速度较快，目运动距离有限，打出的纸带长度也有限，为了能在长度有限的纸带上尽可能多地获取间距适当的数据点，实验时应先接通电源，再释放小车，故A错误；
B、打点计时器接电源交流输出端，故B错误；
C、为使小车所受合外力等于细线的拉力，牵引小车的细绳应与长木板保持平行，故C正确；
D、设平衡摩擦力时木板抬高的倾角为θ，在沿木板方向根据平衡条件有Mgsinθ=μMgcosθ，解得μ=tan；所以木板抬高的倾角与小车质量M无关，在增加小车质量的同时，不需要增大木板的倾角，故D错误；
(3)根相邻计数点之间还有4个点，故相邻计数的时间T=0.1s据逐差法可得小车的加速度为a=xCE-xAC4T2=(6.61-2.43-2.43)×10-24×0.12m/s2=0.44m/s2；
(4)a-F图像存在横截距，说明细线拉力达到一定值时才能使小车开始具有加速度，其主要原因是未平衡摩擦力(或平衡摩擦力不足、木板倾角太小等)；
故答案为：0.02；C；0.44；未平衡摩擦力(或平衡摩擦力不足、木板倾角太小等)。
根据周期频率关系求解周期；根据实验操作步骤及注意事项对选项进行分析；应用逐差法求解加速度；结合图像分析实验误差。
本题考查了探究加速度质量及物体受力的关系的实验步骤，注意事项，误差分析等基本内容，学生应对实验中需重点掌握的关键内容并做到熟练应用。

19.【答案】不是  1.5  0.2  2.5 
【解析】解：①从题目图可知，从A到B，B到C，水平位移间距相等，那么它们的时间间隔也相等，
而竖直位移之比却为3：5，因此不满足1：3的条件，则A点不是抛出点；
②在竖直方向上，根据△y=2L=gT2得相等的时间间隔为：
T=2Lg=2×5×10-210s=0.1s，
小球平抛运动的初速度为：
v0=3LT=3×5×10-20.1m/s=1.5m/s。
③B点的竖直分速度为：
vyB=8L2T=8×5×10-22×0.1m/s=2.0m/s
那么从抛出到B点的时间tB=vyBg=210s=0.2s，
根据平行四边形定则得：
vB=v02+vyB2=1．52+22m/s=2.5m/s。
故答案为：①不是；②1.5；③0.2； 2.5。
①根据若A点是抛出点，则在相等时间内竖直位移之比满足1：3，即可判定；
②根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出初速度；
③根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的竖直分速度，结合平行四边形定则求出B点的速度。
解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解，注意巧用初速度为零的匀加速直线运动在相等时间内位移之比为1：3：5，及理解中时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度。

20.【答案】丙  甲 
【解析】解：根据F=mrω2，知要研究小球受到的向心力大小与质量m的关系，需控制小球的角速度和转动的半径不变，故丙图正确。
根据F=mrω2，知要研究小球受到的向心力大小与角速度的关系，需控制小球的质量和转动的半径不变，故甲图正确。
故答案为：丙；甲。
该实验是采用的控制变量法。要探究小球受到的向心力大小与质量的关系，需保持角速度和转动半径不变，探究向心力大小与角速度的关系，需保持小球的质量、转动的半径不变。
本实验采用控制变量法，在研究向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r之间的关系时，需先控制某些量不变，研究另外两个物理量的关系。

21.【答案】解：v0=360km/h=100m/s
(1)以飞机运动方向为正方向，则飞机加速度a=-0.2m/s2，由速度—时间公式v=v0+at
可得减速到停下所用时间t=v-v0a=0-100-0.2s=500s
(2)由运动学规律x=v0t+12at2
将t=2s，a=-0.2m/s2代入可解得
x=199.6m
答：(1)在跑道上开始减速到停下所用的总时间t为500s；
(2)在跑道上开始减速前2s内的位移大小x为199.6m。 
【解析】(1)根据速度—时间公式即可得到飞机在跑道上运动的总时间；
(2)根据位移—时间公式可以求得位移大小。
就是通过速度—时间公式和位移—时间公式的一个熟练应用，注意在减速运动中，加速度与速度的方向是相反的。

22.【答案】解：(1)设船在斜坡上滑下的加速度为a1，根据牛顿第二定律可得：
mgsinθ-f1=ma1
N1=mgcosθ
  f1=μN1
联立解得：a1=2m/s2
在斜坡上滑下，根据位移—时间公式L1=12at2
即L1=12×2×82m=64m
(2)设船在水平滑到上的初速度为v0，则
v0=a1t=2×8m/s=16m/s
设在水平滑道上的加速度大小为a2，由牛顿第二定律得
μmg=ma2
解得a2=5m/s2
则在水平滑道上运动的时间为t'=v0a2
解得：t'=3.2s
答：(1)船沿倾斜滑道下滑的距离为64m；
(2)它在水平滑道滑行直到停止所需要的时间是3.2s。 
【解析】(1)先根据牛顿第二定律得到船在斜坡上的加速度，进而可以根据运动学公式得到斜坡的长度；
(2)根据运动学公式得到船到达水平轨道的速度，根据牛顿第二定律得到船到达水平轨道的速度，然后根据速度—时间方程即可得到时间。
根据牛顿第二定律解得船在斜坡上的加速度是关键，然后熟练掌握运动公式是解题的基础，本题难度不大，但能够很好的训练牛顿定律和运动学公式。

23.【答案】解：(1)女运动员刚要离开地面时，受重力和男运动对女运动员的拉力，根据牛顿第二定律知：
Fcosθ=mg，
Fsinθ=mω12r，
联立解得ω1=103rad/s；
(2)当女运动员的角速度为43rad/s