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    第1章 三角形的初步认识 浙教版八年级数学上册综合素质评价(含答案) 试卷

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    初中数学浙教版八年级上册第1章 三角形的初步知识综合与测试课后测评

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    这是一份初中数学浙教版八年级上册第1章 三角形的初步知识综合与测试课后测评,共14页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    一、选择题(每题3分,共30分)
    1.下列各组长度的三条线段能组成三角形的是( )
    A.4,5,9 B.4,4,8 C.5,6,7 D.3,5,10
    2.对于命题“|a|=a(a为实数)”,能说明它是假命题的反例是( )
    A.a=0 B.a=-2 C.a=eq \r(2) D.a=2
    3.下列命题中真命题是( )
    A.如果a2=b2,那么a=b
    B.三角形的外角都是锐角
    C.三角形的一个外角大于任何一个内角
    D.在同一平面内,垂直于同一条直线的两条直线互相平行
    4.如图,在△ABC中,AD平分∠BAC,∠C=30°,∠DAC=45°,则∠B的度数为( )
    A.60° B.65° C.70° D.75°
    (第4题) (第6题) (第7题)
    5.在△ABC中,AC=10,BC=8,AB=9,用尺规作图,在△ABC的边上确定一点E,使△BEC的周长为18,则符合要求的作图痕迹是( )
    6.如图,点B,F,C,E共线,∠B=∠E,BF=EC,添加一个条件,不能判断△ABC≌△DEF的是( )
    A.AB=DE B.∠A=∠D C.AC=DF D.AC∥FD
    7.如图,已知△ABC,求作一点P,使点P到∠BAC两边的距离相等,且PA=PB.下列确定点P的方法正确的是( )
    A.P为∠BAC,∠ABC的平分线的交点
    B.P为AC,AB两边的垂直平分线的交点
    C.P为AC,AB两边上的高的交点
    D.P为∠BAC的平分线与AB的垂直平分线的交点
    8.如图,为了测量B点到河对面的目标A之间的距离,在B点同侧选择了一点C,测得∠ABC=65°,∠ACB=35°,然后在M处立了标杆,使∠MBC=65°,∠MCB=35°,得到△MBC≌△ABC,所以测得MB的长就是A,B两点间的距离,这里判定△MBC≌△ABC的理由是( )
    A.SAS B.AAS C.SSS D.ASA
    (第8题) (第9题) (第10题)
    9.如图,AB=AC,AD=AE,∠BAC=∠DAE,∠1=25°,∠2=30°,连结BE,点D恰好在BE上,则∠3=( )
    A.60° B.55° C.50° D.无法计算
    10.如图,在直角三角形ABC中,∠C=90°,AD平分∠BAC交BC于点D,BE平分∠ABC交AC于点E,AD、BE相交于点F,过点D作DG∥AB,过点B作BG⊥DG交DG于点G.下列结论:①∠AFB=135°;②∠BDG=2∠CBE;③BC平分∠ABG;④∠BEC=∠FBG.其中正确的个数有( )
    A.1个 B.2个 C.3个 D.4个
    二、填空题(每题4分,共24分)
    11.命题“对顶角相等”的题设是________________,结论是________________.
    12.如图,在△ABC中,∠A=30°,∠B=50°,CD平分∠ACB,则∠ADC的度数是________.

    (第12题) (第13题) (第14题)
    13.如图,AC=AD,∠1=∠2,要使△ABC≌△AED,应添加的条件是________________.(只需写出一个条件即可)
    14.如图,在△ABC中,∠C=55°,点D在BC边上,DE∥AB交AC于F,若∠1=115°,则∠B的度数为________.
    15.如图,在△ABC中,DE是AC的垂直平分线.若AE=3,△ABD的周长为13,则△ABC的周长为________.
    (第15题) (第16题)
    16.如图,△ABC的周长为26,点D,E都在边BC上,∠ABC的平分线垂直于AE,垂足为Q,∠ACB的平分线垂直于AD,垂足为P,若BC=10,则DE的长是________.
    三、解答题(共66分)
    17.(6分)已知a,b,c为△ABC的三边长,且b,c满足(b-5)2+eq \r(c-7)=0,a为方程|a-3|=2的解,求△ABC的周长,并判断△ABC的形状.
    18.(6分)如图,已知△ABC中,AD⊥BC于点D,AE平分∠BAC,过点A作直线GH∥BC,且∠GAB=60°,∠C=40°.
    (1)求△ABC的外角∠CAF的度数;
    (2)求∠DAE的度数.
    19.(6分)如图,在△AEC和△DFB中,∠E=∠F,点A、B、C、D在同一直线上,有如下三个论断:①AE∥DF;②AB=CD;③CE=BF.
    (1)请用其中两个论断作为条件,另一个作为结论,写出你认为正确的所有命题;(用序号写出命题,书写形式:“如果⊕、⊕,那么⊕”)
    (2)选择(1)中你写出的一个命题,说明它正确的理由.
    20.(8分)如图,在△ABC中,点E在AB边上,请用尺规作图法求作一点F,使得FE=FB,且F点到AB和AC的距离相等.(保留作图痕迹,不写作法)
    21.(8分)如图,在△ABC中,∠ACB=90°,AC=BC,点E是∠ACB内部一点,连结CE,分别过A、B两点作AD⊥CE,BE⊥CE,垂足分别为点D、E,求证:AD=BE+DE.
    22.(10分)如图,在△ABC中,GD=DC,过点G作FG∥BC交BD的延长线于点F,交AB于点E.
    (1)△DFG与△DBC全等吗?说明理由;
    (2)当∠C=90°,DE⊥BD,CD=2时,求点D到AB边的距离.
    23.(10分)在直角三角形ABC中,∠C=90°,AC=8 cm,BC=6 cm,点D在AC上,且AD=6 cm,过点A作射线AE⊥AC(AE与BC在AC同侧),若动点P从点A出发,沿射线AE匀速运动,运动速度为1 cm/s,设点P运动时间为t s.连结PD、BD.
    (1)如图①,当PD⊥BD时,求证:△PDA≌△DBC;
    (2)如图②,当PD⊥AB于点F时,求此时t的值.
    24.(12分)【问题背景】如图①,在四边形ABCD中,AB=AD,∠BAD=120°,∠B=∠ADC=90°,E,F分别是BC,CD上的点,且∠EAF=60°,探究图中线段BE,EF,FD之间的数量关系.
    小王同学探究此问题的方法是延长FD到点G,使DG=BE,连结AG,先证明△ABE≌△ADG,再证明△AEF≌△AGF,可得出结论,他的结论应是_________________________________________________;
    【探索延伸】如图②,若在四边形ABCD中,AB=AD,∠B+∠ADC=180°,E,F分别是BC,CD上的点,且∠EAF=eq \f(1,2)∠BAD,上述结论是否仍然成立?请说明理由.
    答案
    一、1.C 2.B 3.D 4.A 5.D 6.C
    7.D 8.D
    9.B 点拨:∵∠BAC=∠DAE,
    即∠1+∠DAC=∠DAC+∠CAE,
    ∴∠1=∠CAE.
    在△ABD和△ACE中,
    ∵eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(AB=AC,,∠1=∠CAE,,AD=AE,))
    ∴△ABD≌△ACE(SAS),
    ∴∠ABD=∠2=30°,
    ∴∠3=∠1+∠ABD=25°+30°=55°.故选B.
    10.C 点拨:∵在直角三角形ABC中,∠C=90°,
    ∴∠BAC+∠ABC=180°-90°=90°.
    ∵AD平分∠BAC,BE平分∠ABC,
    ∴∠FAB=eq \f(1,2)∠BAC,∠ABE=∠EBC=eq \f(1,2)∠ABC,
    ∴∠FAB+∠ABE =eq \f(1,2)(∠BAC+∠ABC)=45°,
    ∴∠AFB=180°-(∠FAB+∠ABF)=180°-45°=135°,∴①正确;
    ∵DG∥AB,∴∠BDG=∠ABC.
    ∵∠EBC=eq \f(1,2)∠ABC,∴∠EBC=eq \f(1,2)∠BDG,∴∠BDG=2∠CBE,
    ∴②正确;
    ∠ABC的度数不确定,根据已知条件无法证明BC平分∠ABG,
    ∴③不正确;
    ∵BG⊥DG,∴∠BGD=90°,
    ∴∠BDG+∠DBG=90°.
    又∵∠CAB+∠ABC=90°,
    ∠BDG=∠ABC,∴∠DBG=∠CAB.
    又∵∠BEC=∠EAB+∠ABE,∠ABE=∠EBC,
    ∴∠BEC=∠DBG+∠EBC=∠FBG,∴④正确;
    综上,正确的结论为①②④,共3个.故选C.
    二、11.两个角是对顶角;这两个角相等
    12.100°
    13.∠B=∠E(答案不唯一)
    14.60° 15.19
    16.6 点拨:∵BQ平分∠ABC.
    ∴∠ABQ=∠EBQ,
    在△ABQ和△EBQ中,
    eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(∠ABQ=∠EBQ,,BQ=BQ,,∠AQB=∠EQB=90°,))
    ∴△ABQ≌△EBQ(ASA),
    ∴BA=BE.
    同理:AC=CD,
    ∵△ABC的周长为26,
    ∴AB+AC+BC=26.
    ∵BC=10,
    ∴AB+AC=16.
    ∴DE=BE+CD-BC=16-10=6.
    故答案为6.
    三、17.解:∵(b-5)2+eq \r(c-7)=0,
    ∴eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(b-5=0,,c-7=0,))解得eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(b=5,,c=7.))
    ∵a为方程|a-3|=2的解,
    ∴a=5或a=1.
    当a=1,b=5,c=7时,1+57,
    能组成三角形,
    ∴a=5.
    ∴△ABC的周长为5+5+7=17.
    ∵a=b=5,
    ∴△ABC是等腰三角形.
    18.解:(1)∵GH∥BC,∠C=40°,
    ∴∠HAC=∠C=40°.
    ∵∠FAH=∠GAB=60°,
    ∴∠CAF=∠HAC+∠FAH=100°.
    (2)∵∠HAC=40°,∠GAB=60°,∴∠BAC=80°.
    ∵AE平分∠BAC,
    ∴∠BAE=40°.
    ∵GH∥BC,AD⊥BC,
    ∴∠GAD=90°,
    ∴∠BAD=90°-60°=30°,
    ∴∠DAE=∠BAE-∠BAD=10°.
    19.解:(1)如果①、②,那么③;如果①、③,那么②;
    (2)若选择如果①、②,那么③,理由如下:
    ∵AE∥DF,∴∠A=∠D.
    ∵AB=CD,∴AB+BC=BC+CD,即AC=DB.
    在△ACE和△DBF中,
    ∵eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(∠E=∠F,,∠A=∠D,,AC=DB,))
    ∴△ACE≌△DBF(AAS),
    ∴CE=BF;
    若选择如果①、③,那么②,理由如下:∵AE∥DF,∴∠A=∠D.
    在△ACE和△DBF中,
    ∵eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(∠E=∠F,,∠A=∠D,,EC=FB,))
    ∴△ACE≌△DBF(AAS),
    ∴AC=DB,
    ∴AC-BC=DB-BC,即AB=CD.
    20.解:如图,点F即为所求.
    21.证明:∵BE⊥CE,AD⊥CE,
    ∴∠E=∠ADC=90°,
    ∴∠EBC+∠BCE=90°.
    ∵∠BCE+∠ACD=90°,
    ∴∠EBC=∠DCA.
    在△BCE和△CAD中,
    ∵eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(∠E=∠ADC,,∠EBC=∠DCA,,BC=AC,))
    ∴△BCE≌△CAD(AAS),
    ∴BE=DC,AD=CE,
    ∴AD=CE=CD+DE=BE+DE.
    22.解:(1)△DFG≌△DBC,理由如下:
    ∵FG∥BC,∴∠F=∠FBC,
    在△DFG和△DBC中,
    ∵eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(∠F=∠FBC,,∠GDF=∠CDB,,GD=DC,))
    ∴△DFG≌△DBC(AAS).
    (2)如图,过点D作DM⊥AB于点M.
    由(1)得△DFG≌△DBC,
    ∴DF=DB,
    ∵DE⊥BD,∴∠EDF=∠EDB=90°.
    在△DEF和△DEB中,
    ∵eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(DF=DB,,∠EDF=∠EDB,,DE=DE,))
    ∴△DEF≌△DEB(SAS),
    ∴∠F=∠EBD,
    ∵∠F=∠FBC,
    ∴∠EBD=∠FBC,
    ∴BD平分∠ABC.
    ∵∠C=90°,∴DC⊥BC,
    ∵DM⊥AB,CD=2,∴DM=CD=2,即点D到AB边的距离为2.
    23.(1)证明:∵PD⊥BD,
    ∴∠PDB=90°,
    ∴∠BDC+∠PDA=90°.
    又∵∠C=90°,
    ∴∠BDC+∠CBD=180°-90°=90°,∴∠PDA=∠CBD.
    又∵AE⊥AC,∴∠PAD=90°,
    ∴∠PAD=∠C=90°.
    又∵BC=6 cm,AD=6 cm,
    ∴AD=BC.
    在△PAD和△DCB中,
    ∵eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(∠PAD=∠C,,AD=CB,,∠PDA=∠CBD,))
    ∴△PDA≌△DBC(ASA);
    (2)解:∵PD⊥AB,
    ∴∠AFP=90°,
    ∴∠PAF+∠APF=180°-90°=90°.
    又∵AE⊥AC,∴∠PAF+∠CAB=90°,∴∠APF=∠CAB.
    在△APD和△CAB中,
    ∵eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(∠APD=∠CAB,,∠PAD=∠C,,AD=CB,))
    ∴△APD≌△CAB(AAS),
    ∴AP=AC,
    ∵AC=8 cm,∴AP=8 cm,
    ∴t=8.
    24.解:【问题背景】EF=BE+FD
    【探索延伸】EF=BE+FD仍然成立.
    理由:延长FD到点G,使DG=BE,连结AG.
    ∵∠B+∠ADC=180°,∠ADG+∠ADC=180°,
    ∴∠B=∠ADG.
    又∵AB=AD,BE=DG,
    ∴△ABE≌△ADG,
    ∴AE=AG,∠BAE=∠DAG.
    又∵∠EAF=eq \f(1,2)∠BAD,
    ∴∠GAF=∠FAD+∠DAG=∠FAD+∠BAE=∠BAD-∠EAF=∠BAD-eq \f(1,2)∠BAD=eq \f(1,2)∠BAD,
    ∴∠EAF=∠GAF.
    又∵AF=AF,AE=AG,
    ∴△AEF≌△AGF,∴EF=GF.
    又∵GF=DG+FD=BE+FD,
    ∴EF=BE+FD.

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