广东省河源市紫金县2021-2022学年八年级下学期期末质量检测物理试题(word版含答案)

这是一份广东省河源市紫金县2021-2022学年八年级下学期期末质量检测物理试题(word版含答案)，共33页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验题，计算题，综合能力题等内容，欢迎下载使用。

2021-2022学年广东省河源市紫金县八年级（下）期末物理试卷
一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
1．下列物体重力约为1N的是（　　）
A．一支铅笔 B．一个苹果 C．一只母鸡 D．一头牛
2．“梅西在发任意球时，能使足球由静止绕过人墙钻入球门。”该现象说明（　　）
A．力的作用是相互的
B．力可以改变物体的形状
C．力可以改变物体的运动状态
D．以上说法都不对
3．太空舱中的物体处于失重状态，宇航员在太空舱中可以实施的是（　　）
A．用天平测物体质量
B．用哑铃锻炼手臂肌肉
C．用弹簧测力计测量摩擦力
D．用弹簧拉力器健身
4．（3分）2022年2月6日，中国女足在印度举行的女足亚洲杯决赛中3：2力克韩国队夺得冠军.下列关于比赛中涉及的物理知识，分析正确的是（　　）
A．足球在地面上越滚越慢，说明运动需要力来维持
B．足球能在空中继续向前运动，是因为足球受到惯性力的作用
C．静止在水平场地上的足球受到的重力和地面对足球的支持力是一对平衡力
D．足球在空中飞行过程中，没有受到重力的作用
5．（3分）人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行时，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，如图所示。卫星在大气层外运行，不受空气阻力，只有动能和势能的相互转化。关于运行的卫星，下列说法中正确的是（　　）

A．卫星绕地球运行的过程中，不受力的作用
B．卫星从近地点向远地点运动的过程中，动能增加
C．卫星从远地点向近地点运动的过程中，势能转化为动能
D．卫星在远地点和近地点的机械能不相等
6．（3分）如图所示，两个形状、大小、材料完全相同的实心物体1和2，放在水平桌面上时，它们对桌面产生的压力F和压强p的大小关系正确的是（　　）

A．F1＝F2，p1＝p2 B．F1＝F2，p1＜p2
C．F1＝F2，p1＞p2 D．F1＞F2，p1＜p2
7．（3分）如图为金鱼吐出的某个气泡在温度恒定的水中上升过程的示意图。该过程中气泡密度和受到浮力的变化情况，叙述正确的是（　　）

A．密度和浮力都不变 B．密度和浮力都变大
C．密度变小，浮力不变 D．密度变小，浮力变大
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分.
8．（3分）　 　实验证明了大气压强的存在。在用吸管喝饮料时，对着吸管吸气，使吸管内的气压　 　（选填“大于”或“小于”）外界气压，从而使饮料在大气压的作用下被压入管内，人就喝到了饮料。在托里拆利实验中，若将玻璃管倾斜，则管内液柱的高度将 　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
9．（3分）小明骑自行车去上学，骑行前他给自行车的轴承中加入润滑油的目的是 　 　（选填“增大”或“减小”）摩擦；在自行车从一坡顶向坡底运动的过程中，为了减小车速，他捏紧车闸，这是通过 　 　的方法增大摩擦；自行车坐垫做得宽大的目的是 　 　（选填“增大”或“减小”）压强.
10．（3分）龙舟赛上，运动员手持船桨奋力向后划水，龙舟向前运动，这是因为物体间力的作用是 　 　的；使龙舟向前运动的力的施力物体是 　 　；比赛时，并排前进的龙舟不能离得太近，这是因为两龙舟间水的流速越大，压强越 　 　容易相撞。
11．（3分）如图，用6N的力握住总重为1.5N的水杯静止不动，则手与水杯之间摩擦力大小为 　 　N。若手的握力增大到8N，手与水杯之间摩擦力的大小将 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。若将水杯总重增加到3N，此时手握水杯的力大小为10N，水杯仍然静止不动，则手与水杯之间摩擦力大小为 　 　。

12．（3分）一艘排水量为1 000t的货轮在海上航行，满载时受到的浮力是　 　N；它由海上驶入长江后，船体浸入水中的体积　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；货轮从上海驶往重庆要经过葛洲坝和三峡大坝船闸，船闸是根据　 　原理建造的。（g取10 N/kg）
13．（3分）花匠手握如图所示的修枝剪刀把手的末端，便可以轻松地剪断树枝。这时修枝剪刀属于 　 　（选填“省力”或“费力”）杠杆，它的支点在 　 　（选填“A”“B”或“C”）点使用该修枝剪刀修剪树枝时，　 　（选填“能”或“不能”）省功。

14．（3分）小明同学用20N的水平推力，将重为200N的购物车沿水平地面向前推动了10m，用时10s，在此过程中，推力对购物车做功　 　J，推力做功的功率为　 　W，购物车的重力做功　 　J。
三、作图题：本题7分
15．（2分）选用最省力的方法竖直拉起重物，在图中画出滑轮组的绕绳方式。

16．（2分）请在图中画出拉力F的力臂L。

17．（3分）如图所示为小丽同学站在某商场匀速向上运动的电动扶梯上的示意图，请在图中作出小丽所受力的示意图（O点为小丽的重心）。

四、实验题：本大题共3小题，第16、17小题各6分，第18小题7分，共19分.
18．（6分）小明利用A、B两物体、砝码、泡沫等器材探究“压力的作用效果与什么因素有关”的实验，如图1所示。

（1）实验中小明是通过观察 　 　来比较压力作用效果的。
（2）比较甲、乙两图所示实验，可得结论是：　 　。
（3）若要探究“压力的作用效果与受力面积大小的关系”，应通过比较 　 　图所示实验。
（4）小明实验时将物体B沿竖直方向切成大小不同的两块，如图2所示。他发现它们对泡沫的压力作用效果
　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”），由此他得出的结论是：压力作用效果与受力面积无关。你认为他在探究过程中存在的问题是 　 　。
（5）本实验采用的实验方法是 　 　（写出一种方法即可）。
19．（6分）在探究阻力对物体运动的影响时，让同一小车从同一斜面的同一高度自由滑下，在表面材料不同的水平面上运动，分别停在如图所示的不同地方。

（1）让同一小车从同一斜面的同一高度自由滑下的目的是使小车到达水平面的　 　相同。
（2）由实验现象可以得出结论：水平面越光滑，小车运动的距离越 　 　（选填“远”或“近”），说明小车受到的阻力越 　 　（选填“大”或“小”），速度减小得越 　 　（选填“快”或“慢”）。
（3）由实验现象可以推断：假如水平面绝对光滑，水平面上运动的物体将 　 　。
（4）英国科学家牛顿总结了伽利略等人的研究成果，概括出了著名的牛顿第一定律。牛顿第一定律 　 　（选填“可以”或“不可以”）用实验来直接验证。
20．（7分）小明和小华做“探究杠杆的平衡条件”实验。（所用钩码均相同）

（1）实验前，杠杆静止如图甲，则应将平衡螺母向 　 　（选填“左”或“右”）移动；调节杠杆在水平位置平衡的目的是：　 　。
（2）如图乙，杠杆在水平位置平衡。由此小明得出杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂。小华认为他的结论不可靠，理由是：　 　。
（3）若在图乙中的杠杆两侧各添加一个钩码，杠杆将会 　 　（选填“左端下沉”“保持平衡”或“右端下沉”）；
（4）小华用图丙所示装置进行实验：在保持杠杆水平平衡的条件下，将弹簧测力计逐渐向右倾斜，弹簧测力计的示数会逐渐 　 　，其原因是：阻力和阻力臂一定时，动力臂 　 　（选填“变大”或“变小”）
（5）小华继续研究杠杆的机械效率。在B点悬挂总重为G的钩码，弹簧测力计在A点施加竖直向上的拉力F，使杠杆缓慢匀速上升，用刻度尺测出A、B两点上升的高度分别为h1、h2，则：
①杠杆机械效率的表达式为η＝　 　；（用测量的物理量符号表示）
②若只将测力计的作用点由A点移至C点，仍将钩码提升相同的高度，不计摩擦，杠杆的机械效率将 　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分.
21．（6分）用如图所示的滑轮组将重力G＝12N的物体匀速提升20cm，所用拉力F＝5N。
（1）有用功是多少？
（2）总功是多少？
（3）滑轮组的机械效率是多少？（忽略绳重和滑轮与轴的摩擦）

22．（7分）用弹簧测力计悬挂一圆柱体，将该圆柱体从液面开始缓慢浸入水中，如图甲所示.弹簧测力计的示数F与圆柱体下表面到水面距离h的变化关系如图乙所示.求：（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）圆柱体的质量；
（2）圆柱体的体积；
（3）圆柱体的密度.

六、综合能力题：本大题共3小题，第21、22小题各6分，第23小题7分，共19分，
23．（6分）自然界和生活中的许多现象与物理有关：

（1）泥鳅、黄鳝身上有许多黏液，我们不易把它抓住，原因是 　 　力太小。
（2）脱手后的氢气球会上升，原因是氢气球受到的浮力 　 　（填“大于”、“等于”或“小于”）其重力；当到一定高度时氢气球会自动破裂，是因为随着高度的增加，外界的 　 　减小，气球向外胀而破裂。
（3）火车站台上都设有安全线（如图甲所示），人应站在安全线外，人若站在安全线内，当火车进站时火车周围的空气流速加快，压强 　 　（填“增大”或“减小”，人会被外侧空气压向火车。
（4）两辆同向行驶的汽车发生“追尾”，如图乙所示，后面的汽车A刹车后由于 　 　仍撞到前面的汽车B，此时汽车B中司机起保护作用的是 　 　（填“安全带”或“汽车头枕”）。
24．（6分）如图甲所示的半潜船，是通过改变自身重量实现上浮和下沉的。半潜船浸没在水中的体积比例高，因此半潜船受到水面上的波浪影响相对较小，能够保持较佳的稳定性而适合当作水上的工作平台使用。如图乙所示，半潜船通过调整水舱内的压载水质量，把装货甲板潜入水中，等待货物装载，当货物拖至甲板上方后，再次调整水舱内的压载水，船体上浮，即完成装载。
（1）半潜船是通过改变 　 　实现上浮和下沉的；在半潜船船身从最大潜深上升至甲板与海平面相平的过程中，船身所受浮力 　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（2）当半潜船依次处于图乙中三种状态时，从左至右船底受到水的压强分别为p1、p2、p3，则压强最小的是 　 　，水舱内水的质量分别为m1、m2、m3，则质量最大的是 　 　。
（3）当甲板下潜至水下2m时，它受到水的压强为 　 　Pa。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（4）半潜船上安装的船舶驱动系统功率为6000kW，效率为90%，当它以6m/s的速度匀速航行时，半潜船所受的阻力是 　 　N。
25．（7分）阅读下列短文，回答问题。
“嫦娥四号”月背之旅
月球是地球的天然卫星，月球绕地球公转的周期与自转周期相同，所以月球总是同一面背对地球，这一面被称为月球背面。2018年12月8日，我国将“嫦娥四号”探测器送入太空。“嫦娥四号”经历地月转移、近月制动、环月飞行和落月过程，最终在月球背面软着陆，成为人类史上首个着陆于月球背面的无人探测器。为避免“嫦娥四号”在着陆瞬间“闪着腰”，工作人员给它研制了4条强有力的“腿”，让它既能平稳着陆，又能有效“吸收”着陆时产生的冲击力，防止它携带的设备被震坏。在“嫦娥四号”的“腿”上，还“长着”脸盆一样的圆形“大脚掌”（如图丙所示）。“嫦娥四号”由着陆器与巡视器（即月球车，又称“玉兔二号”）组成。“玉兔二号”底部有6个带齿纹的轮子，总质量仅135kg，是世界上质量最小的月球车，它在月背表面行驶，留下了第一道“脚印”。中国“嫦娥四号”月背之旅，为人类探索太空作出了巨大贡献。

（1）环月飞行时，“嫦娥四号”受到的力 　 　（选填“是”或“不是”）平衡力；“嫦娥四号”在着陆月球过程中（不考虑其质量变化），其重力势能 　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（2）小海有一创新设计，用降落伞将探测器降落在月球上，他的设计 　 　（选填“科学”或“不科学”）。
（3）“玉兔二号”月球车在月球背面留下第一道“脚印”，这个现象说明力可以改变 　 　。
（4）为增大与月面间的摩擦，“玉兔二号”采用的装置是 　 　，这是通过 　 　来增大摩擦力。
（5）若“玉兔二号”每个轮子触月面积为100cm2，则“玉兔二号”对水平月面的压强为 　 　Pa。（已知g地＝10N/kg，g月＝g地）

2021-2022学年广东省河源市紫金县八年级（下）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
1．（3分）下列物体重力约为1N的是（　　）
A．一支铅笔 B．一个苹果 C．一只母鸡 D．一头牛
【分析】首先要对选项中涉及的几个物体的质量有个初步的了解，再根据G＝mg可得出其重力大小，再找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、一支铅笔的质量10g，故其重力约：G＝mg＝0.01kg×10N/kg＝0.1N，故A错误。
B、一个苹果的质量约100g左右，即0.1kg，故其重力约：G＝mg＝0.1kg×10N/kg＝1N，故B正确。
C、一只母鸡的质量约2kg，故其重力约：G＝mg＝2kg×10N/kg＝20N，故C错误。
D、一头牛的质量约1000kg，故其重力约：G＝mg＝1000kg×10N/kg＝10000N，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查对生活中常见物体重力的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，根据重力与质量的关系，可解答。
2．（3分）“梅西在发任意球时，能使足球由静止绕过人墙钻入球门。”该现象说明（　　）
A．力的作用是相互的
B．力可以改变物体的形状
C．力可以改变物体的运动状态
D．以上说法都不对
【分析】注意题中的关键词：“使足球由静止绕过人墙钻入球门。”
力的作用效果有两个：①力可以改变物体的运动状态；②力可以改变物体的形状。
【解答】解：力的作用效果有两个：①力可以改变物体的运动状态；②力可以改变物体的形状；
注意题中的关键词：“使足球由静止绕过人墙钻入球门。”
A、虽然力的作用是相互的，但是该现象不能说明该结论，故A不正确；
B、虽然力可以改变物体的形状，但是该现象不能说明该结论，故B不正确；
C、梅西在发任意球时，能使足球由静止绕过人墙钻入球门（足球的运动状态不断变化），该现象说明力可以改变物体的运动状态，故C正确。
D、因C选项正确，故D选项不正确。
故选：C。
【点评】该题考查力的作用效果，力的相互作用等知识，是一道比较简单的力与运动的题目。
3．（3分）太空舱中的物体处于失重状态，宇航员在太空舱中可以实施的是（　　）
A．用天平测物体质量
B．用哑铃锻炼手臂肌肉
C．用弹簧测力计测量摩擦力
D．用弹簧拉力器健身
【分析】在太空舱中，物体处于完全失重状态，与重力有关的实验不能进行，分析各选项所述实验然后答题。
【解答】解：
A、虽然物体所含物质的多少，即质量，不会随位置的改变而改变，但质量的测量需要借助物体的重力来进行，所以在失重状态下，用天平测物体的质量是无法实现的，故A错误；
B、在完全失重的状态下，人可以用很小的力举哑铃，达不到锻炼的作用，故B错误；
C、摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，压力由重力产生，在失重状态下，没有摩擦力，不能用弹簧测力计测量摩擦力，故C错误；
D、利用弹簧拉力计锻炼身体，是依靠了弹簧的弹力，在失重状态下，弹力是依然存在的，因此，此项活动可以进行，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了重力对人的影响；在没有重力时，用弹簧拉力器可以健身。
4．（3分）2022年2月6日，中国女足在印度举行的女足亚洲杯决赛中3：2力克韩国队夺得冠军.下列关于比赛中涉及的物理知识，分析正确的是（　　）
A．足球在地面上越滚越慢，说明运动需要力来维持
B．足球能在空中继续向前运动，是因为足球受到惯性力的作用
C．静止在水平场地上的足球受到的重力和地面对足球的支持力是一对平衡力
D．足球在空中飞行过程中，没有受到重力的作用
【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力；
（2）把物体保持运动状态不变的属性叫做惯性；
（3）作用在一个物体上的两个力大小相等、方向相反、作用在一条直线上，这两个力是一对平衡力；
（4）地球附近的物体都受到重力的作用。
【解答】解：A、足球在地面上越滚越慢，是阻力改变了足球的运动状态，故A错误；
B、足球能在空中继续向前运动，是因为足球具有惯性，故B错误；
C、静止在水平场地上的足球受到的重力和地面对它的支持力作用在一个物体上，大小相等、方向相反、作用在一条直线上，所以这两个力是平衡力，故C正确；
D、足球在空中飞行的过程中除了受到空气的阻力外，还受到了重力的作用，故D错误。
故选：C。
【点评】本题通过足球比赛考查了惯性、平衡力和牛顿第一定律等，说明了体育运动中包含了很多的物理知识。
5．（3分）人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行时，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，如图所示。卫星在大气层外运行，不受空气阻力，只有动能和势能的相互转化。关于运行的卫星，下列说法中正确的是（　　）

A．卫星绕地球运行的过程中，不受力的作用
B．卫星从近地点向远地点运动的过程中，动能增加
C．卫星从远地点向近地点运动的过程中，势能转化为动能
D．卫星在远地点和近地点的机械能不相等
【分析】（1）卫星绕地球做匀速圆周运动，运动状态不断改变，受非平衡力作用；
（2）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；
（3）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的；
（4）不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
【解答】解：
A、人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行时，运动状态不断改变，受非平衡力作用，故A错误；
B、卫星从近地点向远地点运动时，质量不变，高度增大，重力势能增大，增大的重力势能是由其动能转化而来的，所动能减小，故B错误；
CD、由于不受空气阻力，所以卫星在运行过程中只有动能和势能的转化，其机械能是守恒的，卫星在远地点和近地点的机械能相等；卫星从远地点向近地点运动时，质量不变，高度减小，重力势能减小，而机械能守恒，所以减小的势能转化动能，故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】此题考查动能和势能的大小变化，卫星因其在大气层外运行，没有了空气的阻力，故其机械能在相互转化的过程中可以保持守恒。
6．（3分）如图所示，两个形状、大小、材料完全相同的实心物体1和2，放在水平桌面上时，它们对桌面产生的压力F和压强p的大小关系正确的是（　　）

A．F1＝F2，p1＝p2 B．F1＝F2，p1＜p2
C．F1＝F2，p1＞p2 D．F1＞F2，p1＜p2
【分析】（1）两个形状、大小、材料完全相同的实心物体，它们的重力相等，当它们放在水平地面上时，压力等于它们的重力，由此可以确定两者对地面的压力大小关系；
（2）根据图示的受力面积的大小关系，利用压强的计算公式p＝可以确定两者对桌面压强的大小关系。
【解答】解：（1）放在水平桌面上的物体对桌面的压力等于自身的重力，两个实心物体的大小、材料完全相同，由公式G＝mg＝ρVg可知，两个物体重力相等，所以对桌面的压力也相等，即F1＝F2；
（2）由图可知，受力面积S1＞S2，根据压强的计算公式p＝可知，在压力相同的情况下，受力面积越大，压强越小，所以p1＜p2。
故选：B。
【点评】当物体放在水平面上时，若物体在竖直方向上不再受到其他的力的作用，此时其对桌面的压力等于物体的重力，这是解决此题的入手点。
7．（3分）如图为金鱼吐出的某个气泡在温度恒定的水中上升过程的示意图。该过程中气泡密度和受到浮力的变化情况，叙述正确的是（　　）

A．密度和浮力都不变 B．密度和浮力都变大
C．密度变小，浮力不变 D．密度变小，浮力变大
【分析】（1）质量不随位置的改变而改变，气泡在水中上升的过程中体积增大，根据密度公式分析密度的变化；
（2）根据公式F浮＝ρgV排可知气泡受到水的浮力的变化情况。
【解答】解：金鱼吐出的气泡在水中上升的过程中，所处深度减小，受到的液体压强变小，故气泡体积增大，而气泡内空气的质量不变，由ρ＝可知，密度变小；
气泡上升时，体积变大，则排开水的体积变大，
所以由F浮＝ρgV排可得：气泡受到水的浮力变大。
故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对密度公式、阿基米德原理公式的掌握和运用，难度不大，属于中等题目。
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分.
8．（3分）　马德堡半球　实验证明了大气压强的存在。在用吸管喝饮料时，对着吸管吸气，使吸管内的气压　小于　（选填“大于”或“小于”）外界气压，从而使饮料在大气压的作用下被压入管内，人就喝到了饮料。在托里拆利实验中，若将玻璃管倾斜，则管内液柱的高度将 　不变　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】（1）空气内部各个方向也都存在压强，称为大气压强，马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在；
（2）吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里；
（3）托里拆利实验中是管外的大气压支持着管内的水银柱，即管内水银柱产生的压强等于管外的大气压；管内水银柱的高度只与当时的大气压有关，而与玻璃管的粗细、是否倾斜、以及水银槽中的水银的多少无关。
【解答】解：马德堡半球实验证实了大气压强的存在；
用吸管吸饮料时，“一吸”吸走了管内的部分气体，吸管内气压减小，小于外界大气压，饮料在大气压的作用下饮料被压入吸管；
外界大气压不变，能支持的水银柱高不变，若她把玻璃管向右倾斜一些，管内水银柱的液面的高度不变。
故答案为：马德堡半球；小于；不变。
【点评】本题考查了马德堡半球实验、托里拆利实验，以及大气压的应用，属于基础题目。
9．（3分）小明骑自行车去上学，骑行前他给自行车的轴承中加入润滑油的目的是 　减小　（选填“增大”或“减小”）摩擦；在自行车从一坡顶向坡底运动的过程中，为了减小车速，他捏紧车闸，这是通过 　增大压力　的方法增大摩擦；自行车坐垫做得宽大的目的是 　减小　（选填“增大”或“减小”）压强.
【分析】（1）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
【解答】解：骑行前他给自行车的轴承中加入润滑油的目的是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力；
为了减小车速，他捏紧车闸，这是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；
自行车坐垫做得宽大的目的是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
故答案为：减小；增大压力；减小。
【点评】自行车是日常生活中最常见的交通工具，从自行车的结构和使用来看，应用了非常多的物理知识，包括力学、声现象、光现象、杠杆等方面，平时多注意观察，将其知识活学活用。
10．（3分）龙舟赛上，运动员手持船桨奋力向后划水，龙舟向前运动，这是因为物体间力的作用是 　相互　的；使龙舟向前运动的力的施力物体是 　水　；比赛时，并排前进的龙舟不能离得太近，这是因为两龙舟间水的流速越大，压强越 　小　容易相撞。
【分析】（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（2）流体压强与流速的关系是：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
【解答】解：
运动员用浆向后划水，桨对水施加力的同时，水对桨（龙舟）也施加力的作用，龙舟就向前运动，这说明物体间力的作用是相互的；
并排快速前进的两艘龙舟之间距离不能太近，否则容易发生碰撞，其原因是龙舟之间水的流速变大，压强变小，在外部大的压强作用下，导致龙舟相撞。
故答案为：相互；水；小。
【点评】本题涉及力作用的相互性，以及流体压强与流速的关系，难度不大。
11．（3分）如图，用6N的力握住总重为1.5N的水杯静止不动，则手与水杯之间摩擦力大小为 　1.5　N。若手的握力增大到8N，手与水杯之间摩擦力的大小将 　不变　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。若将水杯总重增加到3N，此时手握水杯的力大小为10N，水杯仍然静止不动，则手与水杯之间摩擦力大小为 　3N　。

【分析】水杯静止悬在空中，处于平衡状态，水杯受到竖直方向上的摩擦力和重力是一对平衡力，符合二力平衡条件：大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一物体上。据此求解。
【解答】解：水杯静止、处于平衡状态，所以水杯受到的摩擦力等于水杯的重力，摩擦力为1.5N；
手的握力增大，水杯重力不变，所以手与水杯之间摩擦力的大小不变；
将水杯总重增加到3N，水杯仍然静止不动，水杯受到的摩擦力等于水杯和水的总重，大小为3N。
故答案为：1.5；不变；3N。
【点评】本题考查了二力平衡条件的应用。理清思路：物体处平衡状态（静止状态）→受平衡力（在竖直方向受平衡力）→知道一个力求另一个力。
12．（3分）一艘排水量为1 000t的货轮在海上航行，满载时受到的浮力是　1×107　N；它由海上驶入长江后，船体浸入水中的体积　变大　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；货轮从上海驶往重庆要经过葛洲坝和三峡大坝船闸，船闸是根据　连通器　原理建造的。（g取10 N/kg）
【分析】（1）轮船的排水量是指满载时排开水的质量，根据阿基米德原理求轮船满载时受到的浮力；
（2）当船由海上驶入长江后，都是漂浮，根据漂浮条件分析船受到浮力的变化情况，再根据阿基米德原理判断排开水的体积（浸入水中的体积）的变化；
（3）三峡大坝的船闸由上下两个阀门组成一个闸室，当上游阀门打开时，闸室与上游通过阀门组成连通器，使闸室内的水位与上游水位相平，故船闸的原理即为连通器的原理，

【解答】解：（1）满载时受到的浮力：
F浮＝G排＝m排g＝1000×103kg×10N/kg＝1×107N；
（2）当船由海上驶入长江后，都是漂浮，
船受到的浮力：F浮＝G，
∵船受到的重力不变，
∴船受到的浮力不变；
∵F浮＝ρ水v排g，ρ海水＞ρ江水，
∴排开海水的体积小于排开江水的体积，
即：船浸入水中的体积变大；
（3）船闸利用了连通器的原理。
故答案为：1×107；变大；连通器。
【点评】本题关键有二，一是漂浮条件的使用，二是利用阿基米德原理时要同时考虑影响浮力的两个因素（液体的密度和排开液体的体积）。
13．（3分）花匠手握如图所示的修枝剪刀把手的末端，便可以轻松地剪断树枝。这时修枝剪刀属于 　省力　（选填“省力”或“费力”）杠杆，它的支点在 　B　（选填“A”“B”或“C”）点使用该修枝剪刀修剪树枝时，　不能　（选填“能”或“不能”）省功。

【分析】（1）剪刀的本质是杠杆，“把长刃短”的剪刀是省力杠杆的结构，利用省力杠杆节省力的特点来产生较大的力；
（2）功的原理：使用任何机械都不省功。
【解答】解：剪刀属于杠杆，支点是B点，动力作用在A点，阻力作用在C点，使用时动力臂大于阻力臂，因此是省力杠杆；
根据功的原理可知，使用杠杆不能省功。
故答案为：省力；B；不能。
【点评】剪刀是杠杆在日常生活中的重要应用之一，根据剪刀的用途不同采用了不同的杠杆种类。
14．（3分）小明同学用20N的水平推力，将重为200N的购物车沿水平地面向前推动了10m，用时10s，在此过程中，推力对购物车做功　200　J，推力做功的功率为　20　W，购物车的重力做功　0　J。
【分析】（1）知道推力和在推力方向上移动的距离，利用W＝Fs求推力做的功，利用P＝可求得推力做功的功率；
（2）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。据此分析重力是否做功，若做功，利用W＝Gh计算。
【解答】解：
（1）推力对购物车做功：
W＝Fs＝20N×10m＝200J；
推力做功的功率P＝＝＝20W；
（2）购物车在水平地面上移动10m，重力的方向竖直向下，购物车没有在重力的方向上移动距离，所以重力不做功，即购物车的重力做功为0J。
故答案为：200；20；0。
【点评】本题考查了功、功率的计算、做功的两个必要因素，明确力是否做功是关键，易错点！
三、作图题：本题7分
15．（2分）选用最省力的方法竖直拉起重物，在图中画出滑轮组的绕绳方式。

【分析】滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力。
【解答】解：从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法。如图所示：

【点评】滑轮组绳子的绕法有两种：
一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮再向上绕到定滑轮上，依次反复绕，这种绕法有偶数段绳子承担物重；
二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后再绕过上面的定滑轮再向下，依次反复绕，这种绕法有奇数段绳子承担物重。
16．（2分）请在图中画出拉力F的力臂L。

【分析】据力臂的正确画法作图，即过支点作力的作用线的垂线段。
【解答】解：图中杠杆支点为O，延长拉力F的作用线，过支点O作F作用线的垂线段，即力臂L，如图所示：

【点评】本题考查了力臂的画法。画力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段。
17．（3分）如图所示为小丽同学站在某商场匀速向上运动的电动扶梯上的示意图，请在图中作出小丽所受力的示意图（O点为小丽的重心）。

【分析】小丽随自动扶梯一同匀速上升，因此小丽相对于扶梯静止，因此小丽受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，并且二力是一对平衡力；确定重心的大致位置，然后表示出二力的方向。
【解答】解：过重心作竖直向下的力（即重力）和竖直向上的力（即支持力）；如图所示：

【点评】本题考查物体受力情况分析和示意图表示力的方向和作用点，注意二力大小相等，作图时，线段长度相等。
四、实验题：本大题共3小题，第16、17小题各6分，第18小题7分，共19分.
18．（6分）小明利用A、B两物体、砝码、泡沫等器材探究“压力的作用效果与什么因素有关”的实验，如图1所示。

（1）实验中小明是通过观察 　泡沫的凹陷程度　来比较压力作用效果的。
（2）比较甲、乙两图所示实验，可得结论是：　受力面积一定时，压力作用效果与压力大小有关　。
（3）若要探究“压力的作用效果与受力面积大小的关系”，应通过比较 　甲、丙　图所示实验。
（4）小明实验时将物体B沿竖直方向切成大小不同的两块，如图2所示。他发现它们对泡沫的压力作用效果
　不变　（选填“变大”、“不变”或“变小”），由此他得出的结论是：压力作用效果与受力面积无关。你认为他在探究过程中存在的问题是 　没有控制压力相同　。
（5）本实验采用的实验方法是 　控制变量法　（写出一种方法即可）。
【分析】（1）压力的作用效果是采用转换法，通过泡沫的形变来体现的；
（2）比较甲、乙两图所示实验可知，受力面积的大小是相同的，压力不同，泡沫的凹陷程度不同，由此得出压力作用效果和压力的关系；
（3）要得出“压力的作用效果与受力面积大小的关系”，就要控制压力不变，而受力面积不同；
（4）压力的作用效果跟压力大小和受力面积的大小有关，在探究压力作用效果和受力面积的关系时，应该保持压力不变；
（5）本实验用到了控制变量法和转换法。
【解答】解：
（1）实验中，泡沫的凹陷程度越大，压力作用效果越明显，用泡沫的凹陷程度来反映压力作用效果；
（2）比较甲、乙两图所示实验可知，受力面积相同，压力越大，泡沫凹陷程度越大，故可得结论：受力面积一定时，压力作用效果与压力大小有关；
（3）如果要探究“压力的作用效果与受力面积大小的关系”，应该保持压力不变，故应通过比较图中甲、丙两次实验；
（4）图2中，将切开的两块对泡沫压力的作用效果是相同的。研究压力作用效果和受力面积的关系时，应该保持压力不变。小明实验时没有保持压力不变，实验过程中压力和受力面积同时变化，无法研究压力作用效果和受力面积的关系；
（5）本实验中，探究一个量与多个变量的关系，每次只探究一个量，而控制其它的量不变，用到了控制变量法；同时，通过用泡沫的凹陷程度来反映压力作用效果，用到了转换法。
故答案为：（1）泡沫的凹陷程度；（2）受力面积一定时，压力作用效果与压力大小有关；（3）甲、丙；（4）不变；没有控制压力相同；（5）控制变量法。
【点评】本题考查的是影响压力作用效果的因素，涉及到了控制变量法和转换法，这两种方法是初中物理用到的最多的探究方法，大部分探究实验都用到这两种方法，需要重点掌握。
19．（6分）在探究阻力对物体运动的影响时，让同一小车从同一斜面的同一高度自由滑下，在表面材料不同的水平面上运动，分别停在如图所示的不同地方。

（1）让同一小车从同一斜面的同一高度自由滑下的目的是使小车到达水平面的　速度　相同。
（2）由实验现象可以得出结论：水平面越光滑，小车运动的距离越 　远　（选填“远”或“近”），说明小车受到的阻力越 　小　（选填“大”或“小”），速度减小得越 　慢　（选填“快”或“慢”）。
（3）由实验现象可以推断：假如水平面绝对光滑，水平面上运动的物体将 　做匀速直线运动　。
（4）英国科学家牛顿总结了伽利略等人的研究成果，概括出了著名的牛顿第一定律。牛顿第一定律 　不可以　（选填“可以”或“不可以”）用实验来直接验证。
【分析】（1）在实验中，我们是把小车放在斜面上，让小车从斜面上向下运动，从而让小车获得一定的速度。小车在斜面上的高度不同，则向下运动的速度就会不同；
（2）根据实验现象，水平面越光滑，小车受到的摩擦力越小，小车运动得越远；
（3）根据受到的摩擦力越小，小车运动得越远可得，若不受摩擦力，小车将永远不停地运动下去即做匀速直线运动；
（4）根据牛顿第一定律的适用条件分析。
【解答】解：
（1）用控制变量法，让小车从同一斜面、同一高度由静止开始滑下，这样小车在进入平面时的运动初速度相同；
（2）根据实验中的现象可得，在初速度相同的条件下，水平面越光滑，小车受到的摩擦力越小，小车运动的越远，速度减小得越慢；
（3）假如表面绝对光滑，小车受到的阻力为零，则小车将将以不变的速度永远运动下去，即做匀速直线运动。
（4）因一切物体都要受到力的作用，不受力的物体不存在，故不可以用实验来直接验证。
故答案为：（1）速度；（2）远；小；慢；（3）做匀速直线运动；（4）不可以。
【点评】本题是一道实验题，考查的是阻力对物体运动的影响，该实验是理解牛顿第一定律的基础。
20．（7分）小明和小华做“探究杠杆的平衡条件”实验。（所用钩码均相同）

（1）实验前，杠杆静止如图甲，则应将平衡螺母向 　右　（选填“左”或“右”）移动；调节杠杆在水平位置平衡的目的是：　便于测量力臂大小和消除杠杆自重对实验的影响　。
（2）如图乙，杠杆在水平位置平衡。由此小明得出杠杆的平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂。小华认为他的结论不可靠，理由是：　根据一组实验数据得出结论，实验结论不具有普遍性　。
（3）若在图乙中的杠杆两侧各添加一个钩码，杠杆将会 　左端下沉　（选填“左端下沉”“保持平衡”或“右端下沉”）；
（4）小华用图丙所示装置进行实验：在保持杠杆水平平衡的条件下，将弹簧测力计逐渐向右倾斜，弹簧测力计的示数会逐渐 　变大　，其原因是：阻力和阻力臂一定时，动力臂 　变小　（选填“变大”或“变小”）
（5）小华继续研究杠杆的机械效率。在B点悬挂总重为G的钩码，弹簧测力计在A点施加竖直向上的拉力F，使杠杆缓慢匀速上升，用刻度尺测出A、B两点上升的高度分别为h1、h2，则：
①杠杆机械效率的表达式为η＝　　；（用测量的物理量符号表示）
②若只将测力计的作用点由A点移至C点，仍将钩码提升相同的高度，不计摩擦，杠杆的机械效率将 　不变　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【分析】（1）调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，这样方便测量力臂和消除杠杆自重对实验的影响；
（2）为得到普遍性的规律，应多测几组数据进行分析；
（3）一个钩码重是G，根据杠杆的平衡条件，若F1L1＝F2L2，杠杆平衡；若F1L1≠F2L2，杠杆就不平衡，会沿力和力臂乘积大的F的方向转动；
（4）弹簧测力计竖直向下拉杠杆时，力臂在杠杆上，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，力臂变短，阻力、阻力臂不变，动力臂变短，动力变大。
（5）克服钩码重力做的是有用功，拉力做的是总功，根据公式η＝计算即可；当拉力的作用点发生变化时，做的总功是不变的，据此解答即可。
【解答】解：
（1）调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小和消除杠杆自重对实验的影响；
（2）小明仅根据一组实验数据就得出结论，实验结论具有偶然性，不具有普遍性，实验结论不合理。
（3）设一个钩码重为G，一格的长度为L，若两侧分别增加一个钩码，
左侧：3G×3L＝9GL，
右侧：4G×2L＝8GL，
因为8GL＜9GL，即左侧力与力臂的乘积大于右侧力与力臂的乘积，故杠杆左端下沉；
（4）小华用图丙所示装置进行实验：在保持杠杆水平平衡的条件下，将弹簧测力计逐渐向右倾斜，阻力、阻力臂不变，动力臂逐渐变小，根据杠杆平衡条件可知，动力逐渐变大，即弹簧测力计示数将逐渐增大。
（5）①由题知，在图丁中，测力计在A点施加竖直向上的拉力F，使杠杆缓慢匀速上升，用刻度尺分别测出A、B两点上升的高度为h1、h2；
克服钩码重力做的是有用功W有＝Gh2，总功是W总＝Fh1，
杠杆的机械效率为：η＝＝；
②将测力计的作用点由点A移至C点，O、B位置不变，仍将钩码提升相同的高度，这时有用功、额外功和总功都不变，因此机械效率不变。
故答案为：（1）右；便于测量力臂大小和消除杠杆自重对实验的影响；（2）根据一组实验数据得出结论，实验结论不具有普遍性；（3）左端下沉；（4）变大；变小；（5）①；②不变。
【点评】此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
五、计算题：本大题共2小题，第19小题6分，第20小题7分，共13分.
21．（6分）用如图所示的滑轮组将重力G＝12N的物体匀速提升20cm，所用拉力F＝5N。
（1）有用功是多少？
（2）总功是多少？
（3）滑轮组的机械效率是多少？（忽略绳重和滑轮与轴的摩擦）

【分析】（1）利用W有＝Gh求有用功；
（2）由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用W总＝Fs求拉力做的总功；
（3）利用η＝×100%求滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）有用功：W有＝Gh＝12N×20×10﹣2m＝2.4J；
（2）由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝3×20×10﹣2m＝0.6m，
拉力做的总功：W总＝Fs＝5N×0.6m＝3J；
（3）滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝80%。
答：（1）有用功是2.4J；
（2）总功是3J；
（3）滑轮组的机械效率是80%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
22．（7分）用弹簧测力计悬挂一圆柱体，将该圆柱体从液面开始缓慢浸入水中，如图甲所示.弹簧测力计的示数F与圆柱体下表面到水面距离h的变化关系如图乙所示.求：（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）圆柱体的质量；
（2）圆柱体的体积；
（3）圆柱体的密度.

【分析】（1）根据图示的信息能知道物体的重，用m＝计算物体的质量；
（2）当被测物体浸没在液体中时，物体的体积等于排开液体的体积，即V＝V排＝；
（3）用ρ＝计算物体的密度。
【解答】解：（1）由图乙可知，圆柱体的重：G＝6N，
圆柱体的质量：m＝＝＝0.6kg；
（2）由图乙可知，圆柱体浸没在水中时，弹簧测力计的示数：F示＝4N，
圆柱体的体积：V＝V排＝＝＝＝2×10﹣4m3；
（3）圆柱体的密度：ρ＝＝＝3×103kg/m3。
答：（1）圆柱体的质量为0.6kg；
（2）圆柱体的体积为2×10﹣4m3；
（3）圆柱体的密度为3×103kg/m3。
【点评】本题考查了阿基米德原理的应用，并结合了物质质量、密度的计算，是一道常规题。解题的关键是：当被测物体浸没在液体中时，物体的体积等于排开液体的体积。
六、综合能力题：本大题共3小题，第21、22小题各6分，第23小题7分，共19分，
23．（6分）自然界和生活中的许多现象与物理有关：

（1）泥鳅、黄鳝身上有许多黏液，我们不易把它抓住，原因是 　摩擦　力太小。
（2）脱手后的氢气球会上升，原因是氢气球受到的浮力 　大于　（填“大于”、“等于”或“小于”）其重力；当到一定高度时氢气球会自动破裂，是因为随着高度的增加，外界的 　大气压　减小，气球向外胀而破裂。
（3）火车站台上都设有安全线（如图甲所示），人应站在安全线外，人若站在安全线内，当火车进站时火车周围的空气流速加快，压强 　减小　（填“增大”或“减小”，人会被外侧空气压向火车。
（4）两辆同向行驶的汽车发生“追尾”，如图乙所示，后面的汽车A刹车后由于 　惯性　仍撞到前面的汽车B，此时汽车B中司机起保护作用的是 　汽车头枕　（填“安全带”或“汽车头枕”）。
【分析】（1）滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，当压力一定时，减小接触面的粗糙程度可以减小摩擦。
（2）根据物体浮沉条件和大气压与高度的关系分析解答；
（3）在气体和液体中，流速越大的位置压强越小；
（4）根据惯性知识分析解答：物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。
【解答】解：（1）泥鳅、黄鳝身上有许多粘液很光滑，我们不易把它抓住，原因是手与它们之间的摩擦力小；
（2）根据物体浮沉条件可知，脱手后的氢气球会上升，原因是氢气球受到的浮力大于其重力；
大气压随着高度的增加而减小，当气球升到高空时，外界的气压减小，内部气压大于外部气压，气球体积增大，将气球胀破；
（3）由流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，人若站在安全线内，当火车进站时火车周围的空气流速加快，压强小，人会被外侧空气压向火车；
（4）后面的汽车A刹车后由于具有惯性，仍要保持原来向前运动的状态，所以仍撞到前面的汽车B；
在车辆发生追尾时，前面汽车B迅速向前运动，B车中的司机由于惯性会保持原来的运动状态，人会向后倒，此时由于车辆加速的压力都集中在人体脆弱的颈部和头部，而头枕则对此起缓冲作用，保护人体头部。
故答案为：（1）摩擦；（2）大于；大气压；（3）减小；（4）惯性；汽车头枕。
【点评】此题涉及到摩擦力大小的影响因素、物体浮沉条件的应用、大气压强与高度关系、流体压强和流速的关系、惯性等知识点的理解和掌握，是一道综合性较强的题目，关键是熟练掌握物理基础知识和基本规律。
24．（6分）如图甲所示的半潜船，是通过改变自身重量实现上浮和下沉的。半潜船浸没在水中的体积比例高，因此半潜船受到水面上的波浪影响相对较小，能够保持较佳的稳定性而适合当作水上的工作平台使用。如图乙所示，半潜船通过调整水舱内的压载水质量，把装货甲板潜入水中，等待货物装载，当货物拖至甲板上方后，再次调整水舱内的压载水，船体上浮，即完成装载。
（1）半潜船是通过改变 　自身重力　实现上浮和下沉的；在半潜船船身从最大潜深上升至甲板与海平面相平的过程中，船身所受浮力 　不变　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（2）当半潜船依次处于图乙中三种状态时，从左至右船底受到水的压强分别为p1、p2、p3，则压强最小的是 　p1　，水舱内水的质量分别为m1、m2、m3，则质量最大的是 　m2　。
（3）当甲板下潜至水下2m时，它受到水的压强为 　2×104　Pa。（ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
（4）半潜船上安装的船舶驱动系统功率为6000kW，效率为90%，当它以6m/s的速度匀速航行时，半潜船所受的阻力是 　9×105　N。
【分析】（1）根据：“半潜船在工作时，会像潜水艇一样，通过本身压载水（指为控制船舶纵倾、横倾、吃水或稳性等而在船上加装的水）的调整”可得出结论；
据图中船排开水的体积关系，结合F浮＝ρgV排可以比较出各自情况的浮力大小关系，进而判断即可；
（2）根据图示判断船底所处深度的关系，利用公式p＝ρ水gh可判断船底受到海水的压强的关系；
根据图示并结合题意直接读出水仓内水的多少，并得出水仓内水的质量最大的哪一个；
（3）根据p＝ρgh求出水面下2m深处甲板受到水的压强；
（4）根据效率公式求出有用功率，由于半潜船匀速行驶时，受到的阻力的大小和牵引力大小相等，则根据P＝＝＝Fv＝fv可以求得此时受到的阻力的大小。
【解答】解：（1）由材料可知，半潜船在工作时，通过增加本身压载水舱中的水量，平稳地将装货甲板潜入水下；所以时通过改变自身重实现上浮和下沉的。
在半潜船船身从最大潜深上升至甲板与海平面相平的过程中，由于排开水的体积相等，所以根据F浮＝ρgV排可知浮力不变；
（2）由图示可知，乙中从左船底所处的深度最小，根据p＝ρgh可得，船底受到水的压强最小的是p1；
半潜船是通过改变自身重量实现上浮和下沉的，根据图乙可知，左图状态时船底所处的深度最小于中间图状态时船底所处的深度，故m2＞m1，当货物拖至甲板上方后，再次调整水舱内的压载水，船体上浮，故m2＞m3，则质量最大的是m2；
（3）离水面2m深的甲板受到海水的压强：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2m＝2×104Pa；
（4）已知效率为90%，根据η＝＝可得，有用功率：P有用＝P总η＝6000kW×90%＝5400kW＝5.4×106W，
由于半潜船匀速航行时，说明处于受力平衡状态，此时半潜船所受的阻力的大小和牵引力大小相等，
由P＝＝＝Fv＝fv可得，半潜船所受的阻力：f＝＝＝9×105N。
故答案为：（1）自身重；不变；（2）p1；m2；（3）2×104；（4）9×105。
【点评】此题主要考查了学生对力的作用效果、浮沉条件、液体压强和压力计算公式的理解和掌握，综合性较强，难度不大。
25．（7分）阅读下列短文，回答问题。
“嫦娥四号”月背之旅
月球是地球的天然卫星，月球绕地球公转的周期与自转周期相同，所以月球总是同一面背对地球，这一面被称为月球背面。2018年12月8日，我国将“嫦娥四号”探测器送入太空。“嫦娥四号”经历地月转移、近月制动、环月飞行和落月过程，最终在月球背面软着陆，成为人类史上首个着陆于月球背面的无人探测器。为避免“嫦娥四号”在着陆瞬间“闪着腰”，工作人员给它研制了4条强有力的“腿”，让它既能平稳着陆，又能有效“吸收”着陆时产生的冲击力，防止它携带的设备被震坏。在“嫦娥四号”的“腿”上，还“长着”脸盆一样的圆形“大脚掌”（如图丙所示）。“嫦娥四号”由着陆器与巡视器（即月球车，又称“玉兔二号”）组成。“玉兔二号”底部有6个带齿纹的轮子，总质量仅135kg，是世界上质量最小的月球车，它在月背表面行驶，留下了第一道“脚印”。中国“嫦娥四号”月背之旅，为人类探索太空作出了巨大贡献。

（1）环月飞行时，“嫦娥四号”受到的力 　不是　（选填“是”或“不是”）平衡力；“嫦娥四号”在着陆月球过程中（不考虑其质量变化），其重力势能 　变小　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（2）小海有一创新设计，用降落伞将探测器降落在月球上，他的设计 　不科学　（选填“科学”或“不科学”）。
（3）“玉兔二号”月球车在月球背面留下第一道“脚印”，这个现象说明力可以改变 　物体的形状　。
（4）为增大与月面间的摩擦，“玉兔二号”采用的装置是 　带齿纹的轮子　，这是通过 　增大接触面的粗糙程度　来增大摩擦力。
（5）若“玉兔二号”每个轮子触月面积为100cm2，则“玉兔二号”对水平月面的压强为 　3750　Pa。（已知g地＝10N/kg，g月＝g地）
【分析】（1）物体运动方向和速度大小的变化都属于运动状态的改变；物体受平衡力的作用时，总保持静止或者匀速直线运动状态；影响重力势能大小的因素是质量和高度；
（2）降落伞是利用空气阻力原理工作的；
（3）力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态；
（4）增大摩擦力的方法有：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
（5）“玉兔二号”对水平月面的压力和自身的重力相等，根据F＝G＝mg求出其大小，受力面积等于6个轮子触月面积之和，根据p＝求出对水平月面的压强。
【解答】解：（1）环月飞行时嫦娥四号在轨道上运行时不是直线运动，运动方向不断变化，也就是状态不断变化，所以受到的力不是平衡力；
嫦娥四号在着陆月球过程中，质量不变，距离月球的高度变小，其重力势能变小；
（2）降落伞是利用空气阻力原理工作的，月球上没有空气，无法用降落伞将探测器降落在月球上，小海同学的设计不科学；
（3）“玉兔二号”月球车在月球背面留下了第一道“脚印”，这个现象说明力可以改变物体的形状；
（4）“玉兔二号”利用其底部6个带齿纹的轮子，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大与月面间摩擦；
（5）“玉兔二号”对水平月面的压力：F＝G月＝G地＝mg地＝×135kg×10N/kg＝225N，
受力面积：S＝6×100cm2＝600cm2＝0.06m2，
则“玉兔二号”对水平月面的压强：p＝＝＝3750Pa。
故答案为：（1）不是；变小；（2）不科学；（3）物体的形状；（4）带齿纹的轮子；增大接触面的粗糙程度；（5）3750。
【点评】本题考查了力的作用效果、增大摩擦力方法以及重力和压强的计算，要注意“玉兔二号”对水平月面的压力等于其在月球上受到的重力。