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九年级物理云南省昆明市石林县鹿阜中学九年级上学期期末物理模拟试卷（有答案）
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这是一份九年级物理云南省昆明市石林县鹿阜中学九年级上学期期末物理模拟试卷（有答案），共24页。试卷主要包含了选择题，填空题，读数，计算题等内容，欢迎下载使用。
云南省昆明市石林县鹿阜中学九年级（上）期末物理模拟试卷
一、选择题（每题3分，共24分）
1．有一天，雾、露、霜、雪四姐妹在一起争论自己的出生由来，谁也不认同谁，下列关于她们的说法中，你认为正确的是( )
A．雾说：我是水汽化而来
B．露说：我是水蒸气液化而来
C．霜说：我是水凝固而来
D．雪说：我是水升华而来
2．关于物体的内能，下列说法正确的是( )
A．温度为0℃的物体没有内能[来源:Z+xx+k.Com]
B．物体内能增加，一定是通过外界对物体做功
C．正在沸腾的水吸收热量，温度增加，内能不变
D．在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少
3．下列关于生活用电常识的认识中，符合要求的是( )
A．使用试电笔时，手指不能碰到笔尾的金属帽，以免触电
B．三脚插头的用电器也可插入两孔插座
C．家庭电路中开关接在火线或零线上都可以
D．输电线进户后应先接电能表
4．现代汽车的发动机一般都是四冲程内燃机，其四个冲程如图所示，其中做功冲程是( )
A．
B．
C．
D．
5．关于导体的电阻，下列说法正确的是( )
A．导体的电阻与电流、电压大小无关
B．导体的电阻与通过导体的电流成反比
C．导体两端电压为零时，导体的电阻也为零
D．导体的电阻与导体两端的电压成正比
6．小梦为济宁市2014年5月份的体育测试设计了一个电子身高测量仪．如图的四个电路中，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，电源电压不变，滑片会随身高上下平移．能够实现身高越高，电压表或电流表示数越大的电路是( )
A．
B．
C．
D．
7．标有“6V 1.5W”的小灯泡，通过它的电流随电压变化的关系如图所示．若把这样的两只灯泡串联接在8V的电源上，则此时每只灯泡的电阻及功率为( )
A．24Ω 0.67W
B．24Ω 0.8W
C．20Ω 0.96W
D．20Ω 0.8W
8．如图所示是某家庭电路，闭合开关，灯不亮，用试电笔接触c点氖管不发光，接触d点氖管发光．若该电路有两处故障，则下列判断正确的是( )
A．ac间断路，bd间断路
B．ac间断路，eb间断路
C．ac间断路，ed间断路
D．eb间断路，cd间短路
二、填空题（每空1分、共20分）
9．夏天，奶奶从冰箱里拿出的鸡蛋，不一会儿鸡蛋上便布满了许多细小水珠，过一段时间小水珠又都自动消失了．请你帮奶奶解释一下，这一过程先后发生的两种物态变化依次是__________和__________．
10．今年我省加大规划建设湿地公园的力度，湿地能使周围环境昼夜的温差减小，是因为水的比热较__________；夏天，湿地能使气温降低，是因为水蒸发时需要__________（选填“吸热”或“放热”）．
11．炮弹里火药燃烧产生的高温高压气体炸开弹壳后温度降低，是用__________的方法减少了气体的内能．食物放进冰箱后温度降低，是用__________的方法减少了食物的内能．
12．用燃气灶烧水时，把2.2kg初温为20℃的水加热到100℃，共燃烧了45g天然气（假设天然气完全燃烧）．已知天然气的热值为4.4×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）．水的内能增加了__________J． 燃气灶烧水的效率为__________．
13．在一段导体两端加4V的电压时，通过导体的电流是0.2A，当导体两端电压为6V时，通过导体的电流是__________A；若此导体两端电压为零，其电阻为__________Ω．
[来源:学科网ZXXK]
14．小明家的电能表月初的数字是，月末表盘的示数如图所示．若按0.5元/kW•h的标准收费，他家本月应缴纳电费__________元．若电能表的转盘在10min内转过400转，则接在该电能表上的用电器总功率为__________W．该电能表允许接入的用电器最大功率为__________．
15．甲、乙二小球互相吸引，已知甲球带负电，则乙球带__________电或__________．
16．两电阻R1=6Ω，R2=9Ω，当它们串联接在电源电压为3V的电路两端，通过它们的电流I=__________A，加在R1、R2两端的电压之比U1：U2=__________；当R1、R2并联接在原电路中，通过R1、R2的电流之比I1：I2=__________，通过R1、R2的发热之比Q1：Q2=__________．
17．一个额定电压为12V的小型电动机，电动机线圈电阻为2Ω．正常工作时，测得通过电动机的电流是0.5A，电动机的额定功率为__________ w．线圈的发热功率__________ w．
三、读数、作图与实验探究（共33分）
18．完成下列的读数
（1）温度计的读数为__________℃
（2）电阻箱的读数为__________Ω
[来源:Zxxk.Com]
19．将图中各元件正确接入电路，其中开关只控制电灯，三孔插座带保险盒．
20．某实验小组的同学在探究欧姆定律时，采用了如图所示的电路图实验中他们选用的定值电阻分别是5Ω、8Ω、10Ω，电源电压是3V，滑动变阻器的阻值范围是O～15Ω
（1）他们在探究某一因素变化对电流的影响时，采用控制变量法实验分两步进行：
①保持电阻不变，探究电流与__________的关系；
②保持电压不变，探究电流与__________的关系．
（2）实验中，电流表的量程应选__________ A，电压表的量程应选__________V；某次实验中，若电流表的示数是O.3A，电压表的示数是l.5V，请根据你前面选择的量程，在图中分别画出两表指针的位置
（3）在研究电阻对电流的影响时，把定值电阻由5Ω换成10Ω，闭合开关后，下一步的操作是：调节滑动变阻器的滑片，保持__________不变．
（4）此实验需多测几组数据的目的是：__________．
21．在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω．
（1）连接电路时开关应__________，电流表的量程应选0～__________A．
（2）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整．
（3）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于__________（选填“A”或“B”）端．
（4）小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为__________V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向__________（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V．
（5）小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是__________W．
22．为了探究影响电热的因素，小伟设计了如图所示电路．
（1）选取两个相同玻璃瓶，装入相同质量煤油并插上温度计的目的是__________．
（2）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，选用煤油而不用水，主要是由于__________．在乙图中为了便于比较电流产生的热量多少，甲、乙两瓶中要装入__________、__________ 的同种液体．为了达到实验目的，选用的两电阻丝的阻值__________ （填相同、或不同）
（3）由乙图得到的实验结论__________．
（4）甲图可以探究通电时间一定是导体产生的热量与__________的关系．
四、计算题（共23分）
23．某辆小轿车油箱内装有32kg汽油，司机小李驾车沿高速公路到某地旅游，路程为300km．假设轿车是匀速行驶，且受到的阻力为920N．已知汽油完全燃烧产生的内能有30%转化为机械能，汽油的热值为4.6×107J/kg．求：
（1）汽车到达目的地牵引力所做的功；
（2）通过计算说明汽车在行驶途中是否需要加油．
24．如图1所示的电路中，电源电压恒定不变，R2=30Ω，通过R1的电流随它两端电压变化关系如图2所示，求：
（1）R1的阻值大小；
（2）当S1、S2、S3均闭合时，电流表的示数为0.5A，电源电压；
（3）当S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.15A，R3消耗的功率．
25．如图所示，是某种电热饮水机的简化电路示意图．它有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），阅读该饮水机说明书可知：热水箱容积2L，额定电压220V，加热时的功率484W，保温时的功率40W．求：
（1）饮水机处于保温状态时温控开关S0应处于__________状态．
（2）R1和R2的电阻值各是多大？
（3）在用电高峰期，该饮水机的实际工作电压只有200V，加热效率为80%，若将装满水箱的水从20℃加热至100℃，需要多长时问？[c水=4.2×103J/（kg•℃），p水=1.0×103kg/m3，忽略温度对电阻的影响]．[来源:学科网]
2014-2015学年云南省昆明市石林县鹿阜中学九年级（上）期末物理模拟试卷
一、选择题（每题3分，共24分）
1．有一天，雾、露、霜、雪四姐妹在一起争论自己的出生由来，谁也不认同谁，下列关于她们的说法中，你认为正确的是( )
A．雾说：我是水汽化而来
B．露说：我是水蒸气液化而来
C．霜说：我是水凝固而来
D．雪说：我是水升华而来
考点：液化及液化现象；生活中的凝华现象．
专题：汽化和液化、升华和凝华．
分析：物体由液态变为固态的过程叫凝固，物体由固态变为液态的过程叫熔化．物体由液态变为气态态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾．物体由气态变为液态的过程叫液化．物体由固态变为气态的过程叫升华．
解答： 解：A、雾是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项说法不正确．
B、露水是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项说法正确；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，该选项说法不正确；
D、雪是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，该选项说法正确；
故选B．
点评：本题考查了生活中的物态变化，属于基础知识的考查，解决此类问题的关键是分清物质变化前后的状态，是中考的热点．
2．关于物体的内能，下列说法正确的是( )[来源:学。科。网Z。X。X。K]
A．温度为0℃的物体没有内能
B．物体内能增加，一定是通过外界对物体做功
C．正在沸腾的水吸收热量，温度增加，内能不变
D．在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少
考点：温度、热量与内能的关系．
专题：热和能．
分析：（1）内能是指物体内部所有做无规则运动的分子具有的分子动能和分子势能的总和，一切物体都有内能；
（2）物体吸收热量，温度不一定升高，例如晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变；
（3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；做功可以改变内能，且对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小．
解答： 解：A、温度为0℃的物体也具有内能，故A错误；
B、物体的内能增加，可能是外界对物体做功，也可能是从外界吸收了热量，故B错误；
C、正在沸腾的水吸收热量，温度不变，内能增加，故C错误；
D、在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少，故D正确．
故选D．
点评：本题主要考查学生对温度影响内能的掌握，以及改变物体内能的两种方式以及描述热量相对应的术语的理解，是热学的难点，是中招的热点．
3．下列关于生活用电常识的认识中，符合要求的是( )
A．使用试电笔时，手指不能碰到笔尾的金属帽，以免触电
B．三脚插头的用电器也可插入两孔插座
C．家庭电路中开关接在火线或零线上都可以
D．输电线进户后应先接电能表
考点：安全用电原则．
专题：电与热、生活用电．
分析：（1）测电笔的正确使用方法，手一定接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体．
（2）三孔插座的接法是左零右火上接地，三脚插头的接法是中上的要与用电器外壳相连．
（3）控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；
（4）家庭电路中电能表的作用是测量家里消耗了多少电能，接在家庭电路的干路上．
解答： 解：A、如果手不接触笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，氖管都不发光；故不符合要求；
B、家用电器金属外壳相连接的是地线，这样即使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，不能用两孔插座替代；故不符合要求；
C、电灯的开关接在了零线上时，即使断开，电灯或其他用电器仍带电，易发生触电事故，不符合要求；
D、输电线进户后应先接电能表；符合要求．
故选D．
点评：本题考查了学生对电能表有关知识、安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反．
4．现代汽车的发动机一般都是四冲程内燃机，其四个冲程如图所示，其中做功冲程是( )
A．
B．
C．
D．
考点：内燃机的四个冲程．
专题：比热容、热机、热值．
分析：四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据两个气门的开关、活塞的运动方向可以确定每个冲程．
解答： 解：A、进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，不符合题意；
B、气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，不符合题意；
C、排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，不符合题意；
D、气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，符合题意．
故选D．
点评：本题考查了内燃机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，识记性内容，比较简单，是中考的热点内容．
5．关于导体的电阻，下列说法正确的是( )
A．导体的电阻与电流、电压大小无关
B．导体的电阻与通过导体的电流成反比
C．导体两端电压为零时，导体的电阻也为零
D．导体的电阻与导体两端的电压成正比
考点：电阻．
专题：电压和电阻．
分析：欧姆定律的推导公式R=，只是计算电阻的一种方法，即电阻的大小等于导体两端的电压与通过它的电流的比值；不反应正、反比关系．
导体的电阻大小的影响因素：长度、横截面积、材料．跟电压、电流都无关．可见导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流的阻碍作用大小．
解答： 解：电阻是导体本身的一种性质，电阻的大小与导体的长度、横截面积、材料．跟电压、电流都无关，所以ABD错误，C正确．[来源:学科网]
故选A．
点评：（1）正确理解欧姆定律．
（2）根据电阻大小的影响因素判断电阻的大小．
（3）对R=有深刻的理解．
6．小梦为济宁市2014年5月份的体育测试设计了一个电子身高测量仪．如图的四个电路中，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，电源电压不变，滑片会随身高上下平移．能够实现身高越高，电压表或电流表示数越大的电路是( )
A．
B．
C．
D．
考点：电路的基本连接方式．
专题：电路变化分析综合题．
分析：先识别电路，然后根据身高的变化，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律、串联电路分压的特点以及并联电路电流的规律判断电压表或电流表示数的变化．
解答： 解：A、两电阻串联，电流表测量电路中的电流，身高越高R接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，即电流表示数变小，故A不符合题意；
B、两电阻串联，电压表测R两端的电压，身高越高R接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据串联电路分压的特点可知，滑动变阻器分得的电压变大，即电压表的示数变大，故B符合题意；
C、两电阻串联，电压表测R两端的电压，身高越高R接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据串联电路分压的特点可知，滑动变阻器分得的电压变小，即电压表的示数变小，故C不符合题意；
D、两电阻并联，电流表测量定值电阻所在支路电流，由于并联电路中各支路互不影响，因此通过定值电阻的电流不变，与身高无关，故D不符合题意．
故选B．
点评：明确电压表、电流表的测量对象是解题的基础，熟练应用欧姆定律、串联分压原理来分析电路中电流、电压的变化是解题的关键．
7．标有“6V 1.5W”的小灯泡，通过它的电流随电压变化的关系如图所示．若把这样的两只灯泡串联接在8V的电源上，则此时每只灯泡的电阻及功率为( )
A．24Ω 0.67W
B．24Ω 0.8W
C．20Ω 0.96W
D．20Ω 0.8W
考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算．
专题：计算题；压轴题；图析法．
分析：两只完全相同的灯泡串联，灯泡的电阻相等，通过的电流相等，根据欧姆定律可知，两只灯泡两端的电压相等；知道了灯泡两端的电压以后，我们就可以根据图象找出灯泡两端实际电压对应的实际电流，然后就可以根据公式R=和公式P=UI计算出灯泡的电阻和灯泡的实际功率．
解答： 解：∵两只灯泡串联且规格相同，
∴它们的电流和电阻都相同，即这两只灯泡两端分得的电压都相同，
因此两只灯泡串联接在8V的电源两端时，每只灯泡两端的电压都为U=4V；
由图象可知，当U=4V时，I=0.2A，
∴小灯泡的电阻为：R===20Ω，
小灯泡的实际电功率：P=UI=4V×0.2A=0.8W．
故选D．
点评：本题考查电阻和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是根据图象得出相应的数据，重点记住串联电路电流、电压和电阻的规律，本题最容易出错的是根据灯泡的额定电压和额定功率求灯泡的电阻，因为灯泡的电阻是变化的，不是固定不变的．
8．如图所示是某家庭电路，闭合开关，灯不亮，用试电笔接触c点氖管不发光，接触d点氖管发光．若该电路有两处故障，则下列判断正确的是( )
A．ac间断路，bd间断路
B．ac间断路，eb间断路
C．ac间断路，ed间断路
D．eb间断路，cd间短路
考点：家庭电路的故障分析．
分析：测电笔的使用方法：测电笔与火线相连时，氖管发光；测电笔与零线相连时，氖管不发光．
解答： 解：用试电笔接触c点氖管不发光，说明c点与火线断开，因此ac间断路；测电笔接触d点氖管发光，说明d点与火线相连，由于c点与火线断开，因此d点通过灯泡与火线相连；又因为闭合开关，灯不亮，说明灯与零线断开，故eb间断路．
故选 B
点评：本题考查了用测电笔检测电路的故障和电灯与开关的接法．在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮．
二、填空题（每空1分、共20分）
9．夏天，奶奶从冰箱里拿出的鸡蛋，不一会儿鸡蛋上便布满了许多细小水珠，过一段时间小水珠又都自动消失了．请你帮奶奶解释一下，这一过程先后发生的两种物态变化依次是液化和汽化．
考点：液化及液化现象；汽化及汽化吸热的特点．
专题：汽化和液化、升华和凝华．
分析：要正确判断物态变化过程，首先要弄清水是以怎样的物态形式出现，结合液化是由气态变为液态的过程和汽化是由液态变为气态的过程，可得出正确选项．
解答： 解：刚从冰箱里取出的鸡蛋温度较低，空气中的水蒸气遇到冷的鸡蛋会液化为水珠，发生液化现象，然后小水珠又慢慢蒸发成空气中的水蒸气，发生汽化现象，所以物态变化过程是先液化后汽化．
故答案为：液化；汽化．
点评：由生活现象判断物态变化这类题目，一定要搞清物体先后都是以什么状态出现，然后结合熔化、汽化、升华、凝固、液化、凝华来判断物态变化过程，结合题意认真分析，不可盲目判断．
10．今年我省加大规划建设湿地公园的力度，湿地能使周围环境昼夜的温差减小，是因为水的比热较大；夏天，湿地能使气温降低，是因为水蒸发时需要吸热（选填“吸热”或“放热”）．
考点：比热容解释简单的自然现象．
专题：应用题；比热容、热机、热值．
分析：（1）水的比热容比较大，在相同质量、升高相同的温度时，水可以吸收更多的热量；
（2）蒸发是汽化的一种，汽化吸热，所以蒸发也吸热．
解答： 解：加大规划建设湿地公园的面积，大量增加水面面积，因为水的比热容比较大，在升高相同的温度时可以吸收更多的热量，在降低相同的温度时可以放出更多的热量，可以减小城市的温差；并且水在蒸发时吸收热量，也能有效调节周围环境的气温．
故答案为：大；吸热．
点评：靠水而居可以“冬暖夏凉”，这是人们都知道的常识，其基本原理就是利用了水的比热容较大的特性．
11．炮弹里火药燃烧产生的高温高压气体炸开弹壳后温度降低，是用做功的方法减少了气体的内能．食物放进冰箱后温度降低，是用热传递的方法减少了食物的内能．
考点：做功改变物体内能；热传递改变物体内能．
分析：此题温度降低这一物理现象产生的原因不同，分别属于内能改变的两种方式．
解答： 解：（1）火药燃烧化学能转化为气体内能，当弹壳内的气体压强达到一定程度弹壳被炸开，此现象说明，气体对外（弹壳）做功，本身内能减小，温度降低；
（2）食物放进冰箱后，食物和箱内有温差，它们之间发生热传递，使得食物温度降低，内能减小．
故答案为：做功，热传递．
点评：此题考查改变物体内能的两种方法是做功和热传递，它们在改变物体的内能上是等效的，以及运用这一知识解决实际问题的能力．
12．用燃气灶烧水时，把2.2kg初温为20℃的水加热到100℃，共燃烧了45g天然气（假设天然气完全燃烧）．已知天然气的热值为4.4×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）．水的内能增加了7.392×105J． 燃气灶烧水的效率为37.3%．
考点：热量的计算．
专题：比热容、热机、热值．
分析：（1）知道水的质量、水的比热容，求出水温度的升高值，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量，即水的内能增加值；
（2）由Q放=mq可求出天然气完全燃烧放出的热量；水吸收的热量跟天然气完全燃烧放出的热量之比等于燃气灶的效率．
解答： 解：（1）水吸收的热量：
Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2.2kg×（100℃﹣20℃）=7.392×105J，
即水的内能增加了7.392×105J；
（2）天然气完全燃烧放出的热量：
Q放=mq=45×10﹣3kg×4.4×107J/kg=1.98×106J；[来源:学科网ZXXK]
燃气灶的效率：
η=×100%=×100%≈37.3%．
故答案为：（1）7.392×105；（3）37.3%．
点评：本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=mq、Q吸=cm△t=cm（t﹣t0）和效率公式的掌握和运用，计算时注意：水吸收热量、内能增加，水的内能增加值等于水吸收的热量．
13．在一段导体两端加4V的电压时，通过导体的电流是0.2A，当导体两端电压为6V时，通过导体的电流是0.3A；若此导体两端电压为零，其电阻为20Ω．
考点：欧姆定律的应用．
专题：电路和欧姆定律．
分析：（1）知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，再根据欧姆定律求出导体两端电压为6V时通过导体的电流．
解答： 解：由I=可得，导体的电阻：
R===20Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，
所以，当导体两端电压为6V时或导体两端电压为零时，导体的电阻仍为20Ω不变，
则当导体两端电压为6V时，通过导体的电流：
I′===0.3A．
故答案为：0.3；20．
点评：本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目．
14．小明家的电能表月初的数字是，月末表盘的示数如图所示．若按0.5元/kW•h的标准收费，他家本月应缴纳电费42元．若电能表的转盘在10min内转过400转，则接在该电能表上的用电器总功率为1200W．该电能表允许接入的用电器最大功率为6600．
考点：电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法． [来源:学#科#网Z#X#X#K]
专题：电能和电功率．
分析：①电能表的读数方法：月末的减去月初的示数，最后一位是小数，单位kW•h．求出本月消耗的电能，已知电费的单价，则可求本月应缴纳的电费．
②理解电能表上参数的物理意义：220V说明电能表要在220V的电路中使用；30A表示电能表允许通过的最大电流是30A；2000r/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2000转．
根据转数可以求出所消耗的电能，然后利用P=得到用电器的总功率；
根据电能表上的参数可以根据公式P=UI计算出电能表允许接的最大电功率即家中用电器的最大总功率．
解答： 解：
①本月消耗的电能：W=1469.5kW•h﹣1385.5kW•h=84kW•h，
本月应缴纳的电费是0.5元/kW•h×84kW•h=42元．
②电能表的转盘转400转消耗的电能为：
W=kW•h=0.2kW•h，
用电器的总功率：
P===1.2kW=1200W；
电能表允许接的最大电功率为：
P=UI=220V×30A=6600W．
故答案为：42；1200；6600．
点评：本题主要考查了有关电能表参数的意义及有关的计算，同时考查了电功率的计算公式及其变形公式的应用，综合性较强，但难度不大．
15．甲、乙二小球互相吸引，已知甲球带负电，则乙球带正电或不带电．
考点：物体带电情况的判断．
分析：如果物体之间是相互排斥的，两个物体带同种电荷；如果物体之间是相互吸引的，两个物体带异种电荷，或者带电体吸引不带电体．
解答： 解：甲、乙二小球互相吸引，已知甲球带负电，则乙球带 正电或不带电．
故答案为：正；不带电．
点评：（1）掌握电荷间的作用：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．
（2）排斥一定是带有同种电荷，吸引可能是带异种电荷，也可能带电体吸引不带电体．
16．两电阻R1=6Ω，R2=9Ω，当它们串联接在电源电压为3V的电路两端，通过它们的电流I=0.2A，加在R1、R2两端的电压之比U1：U2=2：3；当R1、R2并联接在原电路中，通过R1、R2的电流之比I1：I2=3：2，通过R1、R2的发热之比Q1：Q2=3：2．
考点：欧姆定律的应用；焦耳定律．
专题：欧姆定律；电能和电功率．
分析：（1）两电阻串联时通过它们的电流相等，根据I=可求得通过它们的电流；
根据欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，再根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压与电路的总电压之比；
（2）两电阻并联时两端的电压相等，根据欧姆定律求出通过它们的电流之比，根据Q=W=t求出在相同的时间内电流通过R1、R2所产生的热量之比．．
解答： 解：两电阻R1=6Ω，R2=9Ω，当它们串联接在电源电压为3V的电路两端，
总电阻R总=R1+R2=6Ω+9Ω=15Ω，
通过它们的电流I===0.2A；
由I=可得，两电阻串联时两端的电压之比：====，
（2）∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴两电阻并联时，通过它们的电流之比：====，
当电阻R1、R2并联在电路中时，两电阻两端的电压相等，
∵Q=W=t，
∴====．
故答案为：0.2；2：3；3：2；3：2．
点评：本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律、焦耳定律的灵活应用，灵活运用相关知识是关键．
17．一个额定电压为12V的小型电动机，电动机线圈电阻为2Ω．正常工作时，测得通过电动机的电流是0.5A，电动机的额定功率为6 w．线圈的发热功率0.5 w．
考点：额定功率；实际功率．
分析：（1）根据P=UI求出电动机的额定功率；
（2）利用P=UI和I=可得出：P=I2R可得出线圈的发热功率．
解答： 解：（1）由于额定电压为：U=12V，电流为I=0.5A，
故电动机的额定功率为P=UI=12V×0.5A=6W；
（2）根据P=UI和I=可得：
P热=I2R=（0.5A）2×2Ω=0.5W．
故答案为：6；0.5．
点评：本题考查电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道只有在纯电阻电路中电能才完全转化成内能，解题过程中还要注意单位的换算．
三、读数、作图与实验探究（共33分）
18．完成下列的读数
（1）温度计的读数为﹣14℃
（2）电阻箱的读数为1615Ω
考点：温度计的使用及其读数；变阻器．
专题：应用题；基本仪器的使用专题．
分析：（1）读温度计示数时一要看清分度值，二是看清温度的延伸方向；
（2）读电阻箱时要看清其倍数，用对应数值乘以倍数，分别表示个、十、百、千位的数值．
解答： 解：（1）分度值为1℃，温度在零下，因此，其示数为﹣14℃；
（2）用对应的数值乘以倍数得1×1000Ω+6×100Ω+1×10Ω+5×1Ω=1615Ω．
故答案为：（1）﹣14；（2）1615．
点评：（1）温度度读数的易错点在零上与零下的区分；
（2）电阻箱读数关键是要掌握其倍数的计算．
19．将图中各元件正确接入电路，其中开关只控制电灯，三孔插座带保险盒．
[来源:学科网]
考点：家庭电路的连接．
专题：作图题；压轴题．
分析：（1）家庭电路中用电器之间是并联的、插座之间是并联的、用电器和插座之间是并联的、开关和开关控制的用电器之间是串联、开关和开关控制的插座之间是串联的．
（2）电灯的连接方法：火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属块，零线直接进入螺旋套．
（3）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，带保险盒的插座，将保险盒接在火线上．[来源:学科网ZXXK]
解答： 解：根据连接要求，电路如下：
点评：掌握家庭电路灯泡、开关、两孔插座、三孔插座、保险丝的接法，注重将物理知识联系生活实际．
20．某实验小组的同学在探究欧姆定律时，采用了如图所示的电路图实验中他们选用的定值电阻分别是5Ω、8Ω、10Ω，电源电压是3V，滑动变阻器的阻值范围是O～15Ω
（1）他们在探究某一因素变化对电流的影响时，采用控制变量法实验分两步进行：
①保持电阻不变，探究电流与电压的关系；
②保持电压不变，探究电流与电阻的关系．
（2）实验中，电流表的量程应选0～0.6 A，电压表的量程应选0～3V；某次实验中，若电流表的示数是O.3A，电压表的示数是l.5V，请根据你前面选择的量程，在图中分别画出两表指针的位置
（3）在研究电阻对电流的影响时，把定值电阻由5Ω换成10Ω，闭合开关后，下一步的操作是：调节滑动变阻器的滑片，保持定值电阻两端的电压不变．
（4）此实验需多测几组数据的目的是：找到普遍规律，避免偶然性．
考点：探究电流与电压、电阻的关系实验．
专题：探究型实验综合题．
分析：（1）用控制变量法研究欧姆定律：①电阻一定时，电流跟电压的关系．②电压一定时，电流跟电阻的关系；
（2）根据电源电压和电路中最大电流确定电表量程；
正确读出电压表、电流表的示数并能正确画出指针的位置：首先确定所用量程，明确每个大格和每个小格的示数；
（3）在研究电阻对电流的影响时，更换电阻后电阻两端的电压会随之变化，为了控制变量，要调节滑动变阻器的滑片保持电阻两端的电压不变；
（4）为了得出普遍性的规律，避免偶然性，应多测几组数据进行分析．
解答： 解：
（1）导体中的电流与导体的电阻和电压有关．所以采用控制变量法实验分两步进行：
①保持电阻不变，探究电流与电压的关系；
②保持电压不变，探究电流与电阻的关系；
（2）当滑动变阻器的滑片滑动最左端，定值电阻为5Ω使，电压表的示数最大为3V，电流表最大值为0.6A，所以电压表量程为0﹣3V，电流表的量程为0﹣0.6A；
电流表分度值0.02A，示数是0.3A，电压表分度值0.1V，示数是l.5V，指针如图所示：
；
（3）把定值电阻由5Ω换成10Ω，定值电阻两端的电压变大，为了控制电压不变，下一步的操作是调节滑动变阻器的滑片，保持定值电阻两端的电压不变；
（4）实验需多测几组数据的目的是：找到普遍规律，避免偶然性．
故答案为：（1）①电压，②电阻；
（2）0～0.6，0～3；见上图；
（3）定值电阻两端的电压；
（4）找到普遍规律，避免偶然性．
点评：此题是探究“电流与电压、电阻的关系”的实验，考查了电表量程选取和读数及实验中多次测量的目的，同时考查了控制变量法的应用．
21．在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω．
（1）连接电路时开关应断开，电流表的量程应选0～0.6A．
（2）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整．
（3）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于A（选填“A”或“B”）端．
（4）小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为2.2V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向B（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V．
（5）小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是0.5W．
考点：探究用电器的电功率实验．
专题：实验题；压轴题．
分析：（1）为保证安全，连接电路时，开关应断开；电流表的量程根据灯泡规格确定．
（2）连接实物图时，应注意电流表、电压表量程及电流方向，滑动变阻器要采用“一上一下”的接法；
（3）为保护电路，闭合开关之前，滑动变阻器接入电路的阻值应最大；
（4）读取电压表示数时，注意选择的量程和对应的分度值；要测量灯泡的额定功率，两端电压应该为额定电压．
（5）已知额定电压和正常工作电流，利用P=UI计算灯泡的额定功率．
解答： 解：
（1）连接电路时，开关S应处于断开状态．
灯泡正常发光时，通过的电流为I===0.25A，所以电流表选择0～0.6A量程．
（2）电路大部分连接完成，由上面知道了选择的电流表的量程，只要将电流表的“0.6A”与灯泡左侧的接线柱连接即可．
（3）为使滑动变阻器接入电路的电阻最大，应该使滑片位于距离B接线柱最远的位置，也就是处于A端．
（4）电压表的示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应使电路电流变大，滑动变阻器阻值变小，由电路图知滑片应向B滑动．
（5）由图象知U=2.5V时，I=0.2A，则小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.2A=0.5W．
故答案为：
（1）断开；0.6；（2）实物连接如下图：
（3）A；（4）2.2；B；（5）0.5．
点评：连接实物图时应注意：1、电压表、电流表的正负接线柱不要接反．2、注意电压表、电流表的量程不要接错．3、滑动变阻器的分压与限流接法，滑片移动时阻值的变化应符合题意要求．4、作图要美观，连线不要交叉．
22．为了探究影响电热的因素，小伟设计了如图所示电路．
（1）选取两个相同玻璃瓶，装入相同质量煤油并插上温度计的目的是显示电流产生热量的多少．
（2）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，选用煤油而不用水，主要是由于煤油比热容小，吸收相等热量，温度变化明显．在乙图中为了便于比较电流产生的热量多少，甲、乙两瓶中要装入质量相等、初温相同 的同种液体．为了达到实验目的，选用的两电阻丝的阻值不同 （填相同、或不同）
（3）由乙图得到的实验结论在电流和通电时间相同时，导体产生的热量多少与电阻有关．
（4）甲图可以探究通电时间一定是导体产生的热量与电流大小的关系．
考点：焦耳定律．
专题：探究型实验综合题．
分析：（1）测量了水和煤油的初温并显示显示电流产生热量；
（2）为了便于观察实验现象，温度变化越明显越好，应从煤油和水两者的物理特性进行选择；
要探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”，需要控制：不同烧瓶中液体的质量和初温度相同，流经不同导体的电流相同，通电时间相同，但导体电阻不同；
（3）根据实验控制的变量与焦耳定律分析答题；
（4）分析电路图，根据滑动变阻器能改变电路中电流，利用焦耳定律分析解答．
解答： 解：
（1）选取两个相同玻璃瓶，装入相同质量煤油并插上温度计的目的是显示电流产生热量的多少；
（2）因煤油比水具有较小的比热容，吸收相同的热量，煤油比水的温度变化大，更容易看出温度的变化；
为了便于比较两种电阻丝通过电流后产生热量的多少，甲乙两瓶中要装入质量相同、初温相同的同种液体；为达到实验目的，选用的两电阻丝的阻值不能相同；
（3）两电阻丝串联的目的是控制通过电阻丝的电流与通电时间相同，这可以研究电流产生的热量与导体电阻大小的关系．
通电一段时间后，比较两烧瓶中温度计的示数，故可得出的结论是：在电流和通电时间相同时，导体产生的热量多少与电阻有关；
（4）由电路图可知，调节滑动变阻器阻值，可以改变电路电流大小，因此应用该实验装置还可以探究通电时间一定时，导体产生的热量与电流大小的关系．
故答案为：（1）显示电流产生热量的多少；
（2）煤油比热容小，吸收相等热量，温度变化明显；质量相等；初温相同；不同；
（3）在电流和通电时间相同时，导体产生的热量多少与电阻有关；
（4）电流大小．
点评：本题是“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验题，实验中应用了控制变量法与转换法，要注意体会这两种方法的应用．
四、计算题（共23分）
23．某辆小轿车油箱内装有32kg汽油，司机小李驾车沿高速公路到某地旅游，路程为300km．假设轿车是匀速行驶，且受到的阻力为920N．已知汽油完全燃烧产生的内能有30%转化为机械能，汽油的热值为4.6×107J/kg．求：
（1）汽车到达目的地牵引力所做的功；
（2）通过计算说明汽车在行驶途中是否需要加油．
考点：功的计算；二力平衡条件的应用；热量的计算．
专题：计算题；应用题．
分析：（1）知道轿车处于匀速直线运动（平衡状态），汽车受牵引力和阻力为一对平衡力，据此求牵引力；又知道行驶路程，利用W=Fs求汽车到达目的地牵引力所做的功；
（2）利用Q放=mq求出32kg汽油完全燃烧放出的热量，又知道汽油完全燃烧产生的内能有30%转化为机械能，据此求转化成的机械能，和汽车到达目的地牵引力所做的功比较得出答案．
解答： 解：（1）∵轿车匀速行驶，
∴轿车的牵引力：
F=f=920N，
轿车到达目的地牵引力所做的功：
W=Fs=920N×300×103m=2.76×108J；
（2）32kg汽油完全燃烧放出的热量：
Q放=mq=32kg×4.6×107J/kg=1.472×109J，
可以转化成机械能（牵引力做功）：
W′=Qη=1.472×109J×30%=4.416×108J＞2.76×108J．
所以汽车在行驶途中不需要加油．
答：（1）汽车到达目的地牵引力所做的功为2.76×108J；
（2）汽车在行驶途中不需要加油．
点评：本题考查了功的计算、燃料完全燃烧放出热量的计算，利用所学知识分析计算实际问题，学以致用，有意义！根据物体所处的状态（静止或匀速直线运动）判断物体受平衡力，知道一个力的大小和方向可以求另一个力的大小和方向是本题的突破口．
24．如图1所示的电路中，电源电压恒定不变，R2=30Ω，通过R1的电流随它两端电压变化关系如图2所示，求：
（1）R1的阻值大小；
（2）当S1、S2、S3均闭合时，电流表的示数为0.5A，电源电压；
（3）当S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.15A，R3消耗的功率．
考点：探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律的变形公式；电路的简化与计算；电功率的计算．
专题：计算题；应用题；压轴题；图析法．
分析：（1）横坐标对应电压值，纵坐标对应电流值，从图象中，任意找出一组电压值和电流值，根据R=就可以算出电阻；
（2）当S1、S2、S3均闭合时，电阻R3短路，电阻R1和R2并联，电流表测干路电流，算出总电阻，根据U=IR计算出电源电压；
（3）当S1闭合，S2、S3断开时，电阻R1断路，电阻R2和R3串联，电流表测电路电流，求出电阻R3两端电压，根据P=UI计算出电功率．
解答： 解：（1）任意找出一组电压值和电流值，R1===20Ω；
答：R1的阻值大小为20Ω．
（2）S1、S2、S3均闭合时，电阻R3短路，电阻R1和R2并联，电流表测干路电流
根据并联电阻的特点，电路总电阻为R===12Ω
∴电源电压U=IR=0.5A×12Ω=6V．
答：电源电压为6V．
（3）S1闭合，S2、S3断开时，电阻R1断路，电阻R2和R3串联，电流表测电路电流，
电阻R2两端电压为：U2=IR2=0.15A×30Ω=4.5V
∴电阻R3两端电压为：U3=U﹣U2=6V﹣4.5V=1.5V
电阻R3消耗的功率P3=U3I=1.5V×0.15A=0.225W
答：R3消耗的功率为0.225W．
点评：本题比较复杂，尤其是开关的闭合或断开时电路结构的变化，是中学生出错最多的问题，解此类题目可以先把原图用铅笔画出，开关变化时，把断路和短路的部分用橡皮擦掉，分析剩余的电路，一般就会比较直观明了．
25．如图所示，是某种电热饮水机的简化电路示意图．它有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），阅读该饮水机说明书可知：热水箱容积2L，额定电压220V，加热时的功率484W，保温时的功率40W．求：
（1）饮水机处于保温状态时温控开关S0应处于断开状态．
（2）R1和R2的电阻值各是多大？
（3）在用电高峰期，该饮水机的实际工作电压只有200V，加热效率为80%，若将装满水箱的水从20℃加热至100℃，需要多长时问？[c水=4.2×103J/（kg•℃），p水=1.0×103kg/m3，忽略温度对电阻的影响]．
考点：电功与热量的综合计算．
专题：电和热综合题．
分析：（1）分析电路结构，根据电路结构及电功率公式分析答题．
（2）由电功率公式的变形公式求出电阻阻值．
（3）根据水的体积求出水的质量；由热量公式求出水所吸收的热量；由电功率公式求出热水器的实际功率，最后由功率公式的变形公式求出加热时间．
解答： 解：
（1）由电路图可知，开关S0断开时两电阻串联，电路电阻较大，开关S0闭合时，只有电阻R1接入电路，电阻R2被短路，此时电路电阻较小，电源电压U一定，由P=可知，电阻越大，电路功率越小，电阻越小，饮水机功率越大，因此当开关S0断开时，电路阻值较大，电功率较小，饮水机处于保温状态．
（2）因为P加=，所以电阻R1===100Ω，
因为P保=，所以总电阻R总===1210Ω，
电阻R2=R总﹣R1=1210Ω﹣100Ω=1110Ω；
（3）水箱中水的质量m=ρV=1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3=2kg，
Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg．℃）×2kg×（100℃﹣20℃）=6.72×105J，
W===8.4×105J
P′加===400W
t===2.1×103s．
答：
（1）饮水机处于保温状态时温控开关S0应处于断开状态．
（2）R1和R2的电阻值分别是100Ω与1110Ω．
（3）将装满水箱的水从20℃加热至100℃，需要2.1×103s．
点评：本题考查学生对实际用电器电功率的分析以及运用电功率公式结合欧姆定律计算相关物理量的能力．
云南省昆明市石林县鹿阜中学九年级（上）期末物理模拟试卷
一、选择题（每题3分，共24分）
1．有一天，雾、露、霜、雪四姐妹在一起争论自己的出生由来，谁也不认同谁，下列关于她们的说法中，你认为正确的是( )
A．雾说：我是水汽化而来
B．露说：我是水蒸气液化而来
C．霜说：我是水凝固而来
D．雪说：我是水升华而来
2．关于物体的内能，下列说法正确的是( )
A．温度为0℃的物体没有内能[来源:Z+xx+k.Com]
B．物体内能增加，一定是通过外界对物体做功
C．正在沸腾的水吸收热量，温度增加，内能不变
D．在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少
3．下列关于生活用电常识的认识中，符合要求的是( )
A．使用试电笔时，手指不能碰到笔尾的金属帽，以免触电
B．三脚插头的用电器也可插入两孔插座
C．家庭电路中开关接在火线或零线上都可以
D．输电线进户后应先接电能表
4．现代汽车的发动机一般都是四冲程内燃机，其四个冲程如图所示，其中做功冲程是( )
A．
B．
C．
D．
5．关于导体的电阻，下列说法正确的是( )
A．导体的电阻与电流、电压大小无关
B．导体的电阻与通过导体的电流成反比
C．导体两端电压为零时，导体的电阻也为零
D．导体的电阻与导体两端的电压成正比
6．小梦为济宁市2014年5月份的体育测试设计了一个电子身高测量仪．如图的四个电路中，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，电源电压不变，滑片会随身高上下平移．能够实现身高越高，电压表或电流表示数越大的电路是( )
A．
B．
C．
D．
7．标有“6V 1.5W”的小灯泡，通过它的电流随电压变化的关系如图所示．若把这样的两只灯泡串联接在8V的电源上，则此时每只灯泡的电阻及功率为( )
A．24Ω 0.67W
B．24Ω 0.8W
C．20Ω 0.96W
D．20Ω 0.8W
8．如图所示是某家庭电路，闭合开关，灯不亮，用试电笔接触c点氖管不发光，接触d点氖管发光．若该电路有两处故障，则下列判断正确的是( )
A．ac间断路，bd间断路
B．ac间断路，eb间断路
C．ac间断路，ed间断路
D．eb间断路，cd间短路
二、填空题（每空1分、共20分）
9．夏天，奶奶从冰箱里拿出的鸡蛋，不一会儿鸡蛋上便布满了许多细小水珠，过一段时间小水珠又都自动消失了．请你帮奶奶解释一下，这一过程先后发生的两种物态变化依次是__________和__________．
10．今年我省加大规划建设湿地公园的力度，湿地能使周围环境昼夜的温差减小，是因为水的比热较__________；夏天，湿地能使气温降低，是因为水蒸发时需要__________（选填“吸热”或“放热”）．
11．炮弹里火药燃烧产生的高温高压气体炸开弹壳后温度降低，是用__________的方法减少了气体的内能．食物放进冰箱后温度降低，是用__________的方法减少了食物的内能．
12．用燃气灶烧水时，把2.2kg初温为20℃的水加热到100℃，共燃烧了45g天然气（假设天然气完全燃烧）．已知天然气的热值为4.4×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）．水的内能增加了__________J． 燃气灶烧水的效率为__________．
13．在一段导体两端加4V的电压时，通过导体的电流是0.2A，当导体两端电压为6V时，通过导体的电流是__________A；若此导体两端电压为零，其电阻为__________Ω．
[来源:学科网ZXXK]
14．小明家的电能表月初的数字是，月末表盘的示数如图所示．若按0.5元/kW•h的标准收费，他家本月应缴纳电费__________元．若电能表的转盘在10min内转过400转，则接在该电能表上的用电器总功率为__________W．该电能表允许接入的用电器最大功率为__________．
15．甲、乙二小球互相吸引，已知甲球带负电，则乙球带__________电或__________．
16．两电阻R1=6Ω，R2=9Ω，当它们串联接在电源电压为3V的电路两端，通过它们的电流I=__________A，加在R1、R2两端的电压之比U1：U2=__________；当R1、R2并联接在原电路中，通过R1、R2的电流之比I1：I2=__________，通过R1、R2的发热之比Q1：Q2=__________．
17．一个额定电压为12V的小型电动机，电动机线圈电阻为2Ω．正常工作时，测得通过电动机的电流是0.5A，电动机的额定功率为__________ w．线圈的发热功率__________ w．
三、读数、作图与实验探究（共33分）
18．完成下列的读数
（1）温度计的读数为__________℃
（2）电阻箱的读数为__________Ω
[来源:Zxxk.Com]
19．将图中各元件正确接入电路，其中开关只控制电灯，三孔插座带保险盒．
20．某实验小组的同学在探究欧姆定律时，采用了如图所示的电路图实验中他们选用的定值电阻分别是5Ω、8Ω、10Ω，电源电压是3V，滑动变阻器的阻值范围是O～15Ω
（1）他们在探究某一因素变化对电流的影响时，采用控制变量法实验分两步进行：
①保持电阻不变，探究电流与__________的关系；
②保持电压不变，探究电流与__________的关系．
（2）实验中，电流表的量程应选__________ A，电压表的量程应选__________V；某次实验中，若电流表的示数是O.3A，电压表的示数是l.5V，请根据你前面选择的量程，在图中分别画出两表指针的位置
（3）在研究电阻对电流的影响时，把定值电阻由5Ω换成10Ω，闭合开关后，下一步的操作是：调节滑动变阻器的滑片，保持__________不变．
（4）此实验需多测几组数据的目的是：__________．
21．在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω．
（1）连接电路时开关应__________，电流表的量程应选0～__________A．
（2）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整．
（3）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于__________（选填“A”或“B”）端．
（4）小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为__________V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向__________（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V．
（5）小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是__________W．
22．为了探究影响电热的因素，小伟设计了如图所示电路．
（1）选取两个相同玻璃瓶，装入相同质量煤油并插上温度计的目的是__________．
（2）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，选用煤油而不用水，主要是由于__________．在乙图中为了便于比较电流产生的热量多少，甲、乙两瓶中要装入__________、__________ 的同种液体．为了达到实验目的，选用的两电阻丝的阻值__________ （填相同、或不同）
（3）由乙图得到的实验结论__________．
（4）甲图可以探究通电时间一定是导体产生的热量与__________的关系．
四、计算题（共23分）
23．某辆小轿车油箱内装有32kg汽油，司机小李驾车沿高速公路到某地旅游，路程为300km．假设轿车是匀速行驶，且受到的阻力为920N．已知汽油完全燃烧产生的内能有30%转化为机械能，汽油的热值为4.6×107J/kg．求：
（1）汽车到达目的地牵引力所做的功；
（2）通过计算说明汽车在行驶途中是否需要加油．
24．如图1所示的电路中，电源电压恒定不变，R2=30Ω，通过R1的电流随它两端电压变化关系如图2所示，求：
（1）R1的阻值大小；
（2）当S1、S2、S3均闭合时，电流表的示数为0.5A，电源电压；
（3）当S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.15A，R3消耗的功率．
25．如图所示，是某种电热饮水机的简化电路示意图．它有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），阅读该饮水机说明书可知：热水箱容积2L，额定电压220V，加热时的功率484W，保温时的功率40W．求：
（1）饮水机处于保温状态时温控开关S0应处于__________状态．
（2）R1和R2的电阻值各是多大？
（3）在用电高峰期，该饮水机的实际工作电压只有200V，加热效率为80%，若将装满水箱的水从20℃加热至100℃，需要多长时问？[c水=4.2×103J/（kg•℃），p水=1.0×103kg/m3，忽略温度对电阻的影响]．[来源:学科网]
2014-2015学年云南省昆明市石林县鹿阜中学九年级（上）期末物理模拟试卷
一、选择题（每题3分，共24分）
1．有一天，雾、露、霜、雪四姐妹在一起争论自己的出生由来，谁也不认同谁，下列关于她们的说法中，你认为正确的是( )
A．雾说：我是水汽化而来
B．露说：我是水蒸气液化而来
C．霜说：我是水凝固而来
D．雪说：我是水升华而来
考点：液化及液化现象；生活中的凝华现象．
专题：汽化和液化、升华和凝华．
分析：物体由液态变为固态的过程叫凝固，物体由固态变为液态的过程叫熔化．物体由液态变为气态态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾．物体由气态变为液态的过程叫液化．物体由固态变为气态的过程叫升华．
解答： 解：A、雾是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项说法不正确．
B、露水是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项说法正确；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，该选项说法不正确；
D、雪是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，该选项说法正确；
故选B．
点评：本题考查了生活中的物态变化，属于基础知识的考查，解决此类问题的关键是分清物质变化前后的状态，是中考的热点．
2．关于物体的内能，下列说法正确的是( )[来源:学。科。网Z。X。X。K]
A．温度为0℃的物体没有内能
B．物体内能增加，一定是通过外界对物体做功
C．正在沸腾的水吸收热量，温度增加，内能不变
D．在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少
考点：温度、热量与内能的关系．
专题：热和能．
分析：（1）内能是指物体内部所有做无规则运动的分子具有的分子动能和分子势能的总和，一切物体都有内能；
（2）物体吸收热量，温度不一定升高，例如晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变；
（3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；做功可以改变内能，且对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小．
解答： 解：A、温度为0℃的物体也具有内能，故A错误；
B、物体的内能增加，可能是外界对物体做功，也可能是从外界吸收了热量，故B错误；
C、正在沸腾的水吸收热量，温度不变，内能增加，故C错误；
D、在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少，故D正确．
故选D．
点评：本题主要考查学生对温度影响内能的掌握，以及改变物体内能的两种方式以及描述热量相对应的术语的理解，是热学的难点，是中招的热点．
3．下列关于生活用电常识的认识中，符合要求的是( )
A．使用试电笔时，手指不能碰到笔尾的金属帽，以免触电
B．三脚插头的用电器也可插入两孔插座
C．家庭电路中开关接在火线或零线上都可以
D．输电线进户后应先接电能表
考点：安全用电原则．
专题：电与热、生活用电．
分析：（1）测电笔的正确使用方法，手一定接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体．
（2）三孔插座的接法是左零右火上接地，三脚插头的接法是中上的要与用电器外壳相连．
（3）控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；
（4）家庭电路中电能表的作用是测量家里消耗了多少电能，接在家庭电路的干路上．
解答： 解：A、如果手不接触笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，氖管都不发光；故不符合要求；
B、家用电器金属外壳相连接的是地线，这样即使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，不能用两孔插座替代；故不符合要求；
C、电灯的开关接在了零线上时，即使断开，电灯或其他用电器仍带电，易发生触电事故，不符合要求；
D、输电线进户后应先接电能表；符合要求．
故选D．
点评：本题考查了学生对电能表有关知识、安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反．
4．现代汽车的发动机一般都是四冲程内燃机，其四个冲程如图所示，其中做功冲程是( )
A．
B．
C．
D．
考点：内燃机的四个冲程．
专题：比热容、热机、热值．
分析：四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据两个气门的开关、活塞的运动方向可以确定每个冲程．
解答： 解：A、进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，不符合题意；
B、气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，不符合题意；
C、排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，不符合题意；
D、气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，符合题意．
故选D．
点评：本题考查了内燃机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，识记性内容，比较简单，是中考的热点内容．
5．关于导体的电阻，下列说法正确的是( )
A．导体的电阻与电流、电压大小无关
B．导体的电阻与通过导体的电流成反比
C．导体两端电压为零时，导体的电阻也为零
D．导体的电阻与导体两端的电压成正比
考点：电阻．
专题：电压和电阻．
分析：欧姆定律的推导公式R=，只是计算电阻的一种方法，即电阻的大小等于导体两端的电压与通过它的电流的比值；不反应正、反比关系．
导体的电阻大小的影响因素：长度、横截面积、材料．跟电压、电流都无关．可见导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流的阻碍作用大小．
解答： 解：电阻是导体本身的一种性质，电阻的大小与导体的长度、横截面积、材料．跟电压、电流都无关，所以ABD错误，C正确．[来源:学科网]
故选A．
点评：（1）正确理解欧姆定律．
（2）根据电阻大小的影响因素判断电阻的大小．
（3）对R=有深刻的理解．
6．小梦为济宁市2014年5月份的体育测试设计了一个电子身高测量仪．如图的四个电路中，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，电源电压不变，滑片会随身高上下平移．能够实现身高越高，电压表或电流表示数越大的电路是( )
A．
B．
C．
D．
考点：电路的基本连接方式．
专题：电路变化分析综合题．
分析：先识别电路，然后根据身高的变化，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律、串联电路分压的特点以及并联电路电流的规律判断电压表或电流表示数的变化．
解答： 解：A、两电阻串联，电流表测量电路中的电流，身高越高R接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，即电流表示数变小，故A不符合题意；
B、两电阻串联，电压表测R两端的电压，身高越高R接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据串联电路分压的特点可知，滑动变阻器分得的电压变大，即电压表的示数变大，故B符合题意；
C、两电阻串联，电压表测R两端的电压，身高越高R接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据串联电路分压的特点可知，滑动变阻器分得的电压变小，即电压表的示数变小，故C不符合题意；
D、两电阻并联，电流表测量定值电阻所在支路电流，由于并联电路中各支路互不影响，因此通过定值电阻的电流不变，与身高无关，故D不符合题意．
故选B．
点评：明确电压表、电流表的测量对象是解题的基础，熟练应用欧姆定律、串联分压原理来分析电路中电流、电压的变化是解题的关键．
7．标有“6V 1.5W”的小灯泡，通过它的电流随电压变化的关系如图所示．若把这样的两只灯泡串联接在8V的电源上，则此时每只灯泡的电阻及功率为( )
A．24Ω 0.67W
B．24Ω 0.8W
C．20Ω 0.96W
D．20Ω 0.8W
考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算．
专题：计算题；压轴题；图析法．
分析：两只完全相同的灯泡串联，灯泡的电阻相等，通过的电流相等，根据欧姆定律可知，两只灯泡两端的电压相等；知道了灯泡两端的电压以后，我们就可以根据图象找出灯泡两端实际电压对应的实际电流，然后就可以根据公式R=和公式P=UI计算出灯泡的电阻和灯泡的实际功率．
解答： 解：∵两只灯泡串联且规格相同，
∴它们的电流和电阻都相同，即这两只灯泡两端分得的电压都相同，
因此两只灯泡串联接在8V的电源两端时，每只灯泡两端的电压都为U=4V；
由图象可知，当U=4V时，I=0.2A，
∴小灯泡的电阻为：R===20Ω，
小灯泡的实际电功率：P=UI=4V×0.2A=0.8W．
故选D．
点评：本题考查电阻和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是根据图象得出相应的数据，重点记住串联电路电流、电压和电阻的规律，本题最容易出错的是根据灯泡的额定电压和额定功率求灯泡的电阻，因为灯泡的电阻是变化的，不是固定不变的．
8．如图所示是某家庭电路，闭合开关，灯不亮，用试电笔接触c点氖管不发光，接触d点氖管发光．若该电路有两处故障，则下列判断正确的是( )
A．ac间断路，bd间断路
B．ac间断路，eb间断路
C．ac间断路，ed间断路
D．eb间断路，cd间短路
考点：家庭电路的故障分析．
分析：测电笔的使用方法：测电笔与火线相连时，氖管发光；测电笔与零线相连时，氖管不发光．
解答： 解：用试电笔接触c点氖管不发光，说明c点与火线断开，因此ac间断路；测电笔接触d点氖管发光，说明d点与火线相连，由于c点与火线断开，因此d点通过灯泡与火线相连；又因为闭合开关，灯不亮，说明灯与零线断开，故eb间断路．
故选 B
点评：本题考查了用测电笔检测电路的故障和电灯与开关的接法．在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮．
二、填空题（每空1分、共20分）
9．夏天，奶奶从冰箱里拿出的鸡蛋，不一会儿鸡蛋上便布满了许多细小水珠，过一段时间小水珠又都自动消失了．请你帮奶奶解释一下，这一过程先后发生的两种物态变化依次是液化和汽化．
考点：液化及液化现象；汽化及汽化吸热的特点．
专题：汽化和液化、升华和凝华．
分析：要正确判断物态变化过程，首先要弄清水是以怎样的物态形式出现，结合液化是由气态变为液态的过程和汽化是由液态变为气态的过程，可得出正确选项．
解答： 解：刚从冰箱里取出的鸡蛋温度较低，空气中的水蒸气遇到冷的鸡蛋会液化为水珠，发生液化现象，然后小水珠又慢慢蒸发成空气中的水蒸气，发生汽化现象，所以物态变化过程是先液化后汽化．
故答案为：液化；汽化．
点评：由生活现象判断物态变化这类题目，一定要搞清物体先后都是以什么状态出现，然后结合熔化、汽化、升华、凝固、液化、凝华来判断物态变化过程，结合题意认真分析，不可盲目判断．
10．今年我省加大规划建设湿地公园的力度，湿地能使周围环境昼夜的温差减小，是因为水的比热较大；夏天，湿地能使气温降低，是因为水蒸发时需要吸热（选填“吸热”或“放热”）．
考点：比热容解释简单的自然现象．
专题：应用题；比热容、热机、热值．
分析：（1）水的比热容比较大，在相同质量、升高相同的温度时，水可以吸收更多的热量；
（2）蒸发是汽化的一种，汽化吸热，所以蒸发也吸热．
解答： 解：加大规划建设湿地公园的面积，大量增加水面面积，因为水的比热容比较大，在升高相同的温度时可以吸收更多的热量，在降低相同的温度时可以放出更多的热量，可以减小城市的温差；并且水在蒸发时吸收热量，也能有效调节周围环境的气温．
故答案为：大；吸热．
点评：靠水而居可以“冬暖夏凉”，这是人们都知道的常识，其基本原理就是利用了水的比热容较大的特性．
11．炮弹里火药燃烧产生的高温高压气体炸开弹壳后温度降低，是用做功的方法减少了气体的内能．食物放进冰箱后温度降低，是用热传递的方法减少了食物的内能．
考点：做功改变物体内能；热传递改变物体内能．
分析：此题温度降低这一物理现象产生的原因不同，分别属于内能改变的两种方式．
解答： 解：（1）火药燃烧化学能转化为气体内能，当弹壳内的气体压强达到一定程度弹壳被炸开，此现象说明，气体对外（弹壳）做功，本身内能减小，温度降低；
（2）食物放进冰箱后，食物和箱内有温差，它们之间发生热传递，使得食物温度降低，内能减小．
故答案为：做功，热传递．
点评：此题考查改变物体内能的两种方法是做功和热传递，它们在改变物体的内能上是等效的，以及运用这一知识解决实际问题的能力．
12．用燃气灶烧水时，把2.2kg初温为20℃的水加热到100℃，共燃烧了45g天然气（假设天然气完全燃烧）．已知天然气的热值为4.4×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）．水的内能增加了7.392×105J． 燃气灶烧水的效率为37.3%．
考点：热量的计算．
专题：比热容、热机、热值．
分析：（1）知道水的质量、水的比热容，求出水温度的升高值，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量，即水的内能增加值；
（2）由Q放=mq可求出天然气完全燃烧放出的热量；水吸收的热量跟天然气完全燃烧放出的热量之比等于燃气灶的效率．
解答： 解：（1）水吸收的热量：
Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2.2kg×（100℃﹣20℃）=7.392×105J，
即水的内能增加了7.392×105J；
（2）天然气完全燃烧放出的热量：
Q放=mq=45×10﹣3kg×4.4×107J/kg=1.98×106J；[来源:学科网ZXXK]
燃气灶的效率：
η=×100%=×100%≈37.3%．
故答案为：（1）7.392×105；（3）37.3%．
点评：本题主要考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=mq、Q吸=cm△t=cm（t﹣t0）和效率公式的掌握和运用，计算时注意：水吸收热量、内能增加，水的内能增加值等于水吸收的热量．
13．在一段导体两端加4V的电压时，通过导体的电流是0.2A，当导体两端电压为6V时，通过导体的电流是0.3A；若此导体两端电压为零，其电阻为20Ω．
考点：欧姆定律的应用．
专题：电路和欧姆定律．
分析：（1）知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，再根据欧姆定律求出导体两端电压为6V时通过导体的电流．
解答： 解：由I=可得，导体的电阻：
R===20Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，
所以，当导体两端电压为6V时或导体两端电压为零时，导体的电阻仍为20Ω不变，
则当导体两端电压为6V时，通过导体的电流：
I′===0.3A．
故答案为：0.3；20．
点评：本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目．
14．小明家的电能表月初的数字是，月末表盘的示数如图所示．若按0.5元/kW•h的标准收费，他家本月应缴纳电费42元．若电能表的转盘在10min内转过400转，则接在该电能表上的用电器总功率为1200W．该电能表允许接入的用电器最大功率为6600．
考点：电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法． [来源:学#科#网Z#X#X#K]
专题：电能和电功率．
分析：①电能表的读数方法：月末的减去月初的示数，最后一位是小数，单位kW•h．求出本月消耗的电能，已知电费的单价，则可求本月应缴纳的电费．
②理解电能表上参数的物理意义：220V说明电能表要在220V的电路中使用；30A表示电能表允许通过的最大电流是30A；2000r/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2000转．
根据转数可以求出所消耗的电能，然后利用P=得到用电器的总功率；
根据电能表上的参数可以根据公式P=UI计算出电能表允许接的最大电功率即家中用电器的最大总功率．
解答： 解：
①本月消耗的电能：W=1469.5kW•h﹣1385.5kW•h=84kW•h，
本月应缴纳的电费是0.5元/kW•h×84kW•h=42元．
②电能表的转盘转400转消耗的电能为：
W=kW•h=0.2kW•h，
用电器的总功率：
P===1.2kW=1200W；
电能表允许接的最大电功率为：
P=UI=220V×30A=6600W．
故答案为：42；1200；6600．
点评：本题主要考查了有关电能表参数的意义及有关的计算，同时考查了电功率的计算公式及其变形公式的应用，综合性较强，但难度不大．
15．甲、乙二小球互相吸引，已知甲球带负电，则乙球带正电或不带电．
考点：物体带电情况的判断．
分析：如果物体之间是相互排斥的，两个物体带同种电荷；如果物体之间是相互吸引的，两个物体带异种电荷，或者带电体吸引不带电体．
解答： 解：甲、乙二小球互相吸引，已知甲球带负电，则乙球带 正电或不带电．
故答案为：正；不带电．
点评：（1）掌握电荷间的作用：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．
（2）排斥一定是带有同种电荷，吸引可能是带异种电荷，也可能带电体吸引不带电体．
16．两电阻R1=6Ω，R2=9Ω，当它们串联接在电源电压为3V的电路两端，通过它们的电流I=0.2A，加在R1、R2两端的电压之比U1：U2=2：3；当R1、R2并联接在原电路中，通过R1、R2的电流之比I1：I2=3：2，通过R1、R2的发热之比Q1：Q2=3：2．
考点：欧姆定律的应用；焦耳定律．
专题：欧姆定律；电能和电功率．
分析：（1）两电阻串联时通过它们的电流相等，根据I=可求得通过它们的电流；
根据欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，再根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压与电路的总电压之比；
（2）两电阻并联时两端的电压相等，根据欧姆定律求出通过它们的电流之比，根据Q=W=t求出在相同的时间内电流通过R1、R2所产生的热量之比．．
解答： 解：两电阻R1=6Ω，R2=9Ω，当它们串联接在电源电压为3V的电路两端，
总电阻R总=R1+R2=6Ω+9Ω=15Ω，
通过它们的电流I===0.2A；
由I=可得，两电阻串联时两端的电压之比：====，
（2）∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴两电阻并联时，通过它们的电流之比：====，
当电阻R1、R2并联在电路中时，两电阻两端的电压相等，
∵Q=W=t，
∴====．
故答案为：0.2；2：3；3：2；3：2．
点评：本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律、焦耳定律的灵活应用，灵活运用相关知识是关键．
17．一个额定电压为12V的小型电动机，电动机线圈电阻为2Ω．正常工作时，测得通过电动机的电流是0.5A，电动机的额定功率为6 w．线圈的发热功率0.5 w．
考点：额定功率；实际功率．
分析：（1）根据P=UI求出电动机的额定功率；
（2）利用P=UI和I=可得出：P=I2R可得出线圈的发热功率．
解答： 解：（1）由于额定电压为：U=12V，电流为I=0.5A，
故电动机的额定功率为P=UI=12V×0.5A=6W；
（2）根据P=UI和I=可得：
P热=I2R=（0.5A）2×2Ω=0.5W．
故答案为：6；0.5．
点评：本题考查电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道只有在纯电阻电路中电能才完全转化成内能，解题过程中还要注意单位的换算．
三、读数、作图与实验探究（共33分）
18．完成下列的读数
（1）温度计的读数为﹣14℃
（2）电阻箱的读数为1615Ω
考点：温度计的使用及其读数；变阻器．
专题：应用题；基本仪器的使用专题．
分析：（1）读温度计示数时一要看清分度值，二是看清温度的延伸方向；
（2）读电阻箱时要看清其倍数，用对应数值乘以倍数，分别表示个、十、百、千位的数值．
解答： 解：（1）分度值为1℃，温度在零下，因此，其示数为﹣14℃；
（2）用对应的数值乘以倍数得1×1000Ω+6×100Ω+1×10Ω+5×1Ω=1615Ω．
故答案为：（1）﹣14；（2）1615．
点评：（1）温度度读数的易错点在零上与零下的区分；
（2）电阻箱读数关键是要掌握其倍数的计算．
19．将图中各元件正确接入电路，其中开关只控制电灯，三孔插座带保险盒．
[来源:学科网]
考点：家庭电路的连接．
专题：作图题；压轴题．
分析：（1）家庭电路中用电器之间是并联的、插座之间是并联的、用电器和插座之间是并联的、开关和开关控制的用电器之间是串联、开关和开关控制的插座之间是串联的．
（2）电灯的连接方法：火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属块，零线直接进入螺旋套．
（3）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，带保险盒的插座，将保险盒接在火线上．[来源:学科网ZXXK]
解答： 解：根据连接要求，电路如下：
点评：掌握家庭电路灯泡、开关、两孔插座、三孔插座、保险丝的接法，注重将物理知识联系生活实际．
20．某实验小组的同学在探究欧姆定律时，采用了如图所示的电路图实验中他们选用的定值电阻分别是5Ω、8Ω、10Ω，电源电压是3V，滑动变阻器的阻值范围是O～15Ω
（1）他们在探究某一因素变化对电流的影响时，采用控制变量法实验分两步进行：
①保持电阻不变，探究电流与电压的关系；
②保持电压不变，探究电流与电阻的关系．
（2）实验中，电流表的量程应选0～0.6 A，电压表的量程应选0～3V；某次实验中，若电流表的示数是O.3A，电压表的示数是l.5V，请根据你前面选择的量程，在图中分别画出两表指针的位置
（3）在研究电阻对电流的影响时，把定值电阻由5Ω换成10Ω，闭合开关后，下一步的操作是：调节滑动变阻器的滑片，保持定值电阻两端的电压不变．
（4）此实验需多测几组数据的目的是：找到普遍规律，避免偶然性．
考点：探究电流与电压、电阻的关系实验．
专题：探究型实验综合题．
分析：（1）用控制变量法研究欧姆定律：①电阻一定时，电流跟电压的关系．②电压一定时，电流跟电阻的关系；
（2）根据电源电压和电路中最大电流确定电表量程；
正确读出电压表、电流表的示数并能正确画出指针的位置：首先确定所用量程，明确每个大格和每个小格的示数；
（3）在研究电阻对电流的影响时，更换电阻后电阻两端的电压会随之变化，为了控制变量，要调节滑动变阻器的滑片保持电阻两端的电压不变；
（4）为了得出普遍性的规律，避免偶然性，应多测几组数据进行分析．
解答： 解：
（1）导体中的电流与导体的电阻和电压有关．所以采用控制变量法实验分两步进行：
①保持电阻不变，探究电流与电压的关系；
②保持电压不变，探究电流与电阻的关系；
（2）当滑动变阻器的滑片滑动最左端，定值电阻为5Ω使，电压表的示数最大为3V，电流表最大值为0.6A，所以电压表量程为0﹣3V，电流表的量程为0﹣0.6A；
电流表分度值0.02A，示数是0.3A，电压表分度值0.1V，示数是l.5V，指针如图所示：
；
（3）把定值电阻由5Ω换成10Ω，定值电阻两端的电压变大，为了控制电压不变，下一步的操作是调节滑动变阻器的滑片，保持定值电阻两端的电压不变；
（4）实验需多测几组数据的目的是：找到普遍规律，避免偶然性．
故答案为：（1）①电压，②电阻；
（2）0～0.6，0～3；见上图；
（3）定值电阻两端的电压；
（4）找到普遍规律，避免偶然性．
点评：此题是探究“电流与电压、电阻的关系”的实验，考查了电表量程选取和读数及实验中多次测量的目的，同时考查了控制变量法的应用．
21．在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω．
（1）连接电路时开关应断开，电流表的量程应选0～0.6A．
（2）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整．
（3）闭合开关前，图甲中滑动变阻器的滑片P应位于A（选填“A”或“B”）端．
（4）小叶同学闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为2.2V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向B（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V．
（5）小向同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是0.5W．
考点：探究用电器的电功率实验．
专题：实验题；压轴题．
分析：（1）为保证安全，连接电路时，开关应断开；电流表的量程根据灯泡规格确定．
（2）连接实物图时，应注意电流表、电压表量程及电流方向，滑动变阻器要采用“一上一下”的接法；
（3）为保护电路，闭合开关之前，滑动变阻器接入电路的阻值应最大；
（4）读取电压表示数时，注意选择的量程和对应的分度值；要测量灯泡的额定功率，两端电压应该为额定电压．
（5）已知额定电压和正常工作电流，利用P=UI计算灯泡的额定功率．
解答： 解：
（1）连接电路时，开关S应处于断开状态．
灯泡正常发光时，通过的电流为I===0.25A，所以电流表选择0～0.6A量程．
（2）电路大部分连接完成，由上面知道了选择的电流表的量程，只要将电流表的“0.6A”与灯泡左侧的接线柱连接即可．
（3）为使滑动变阻器接入电路的电阻最大，应该使滑片位于距离B接线柱最远的位置，也就是处于A端．
（4）电压表的示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应使电路电流变大，滑动变阻器阻值变小，由电路图知滑片应向B滑动．
（5）由图象知U=2.5V时，I=0.2A，则小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.2A=0.5W．
故答案为：
（1）断开；0.6；（2）实物连接如下图：
（3）A；（4）2.2；B；（5）0.5．
点评：连接实物图时应注意：1、电压表、电流表的正负接线柱不要接反．2、注意电压表、电流表的量程不要接错．3、滑动变阻器的分压与限流接法，滑片移动时阻值的变化应符合题意要求．4、作图要美观，连线不要交叉．
22．为了探究影响电热的因素，小伟设计了如图所示电路．
（1）选取两个相同玻璃瓶，装入相同质量煤油并插上温度计的目的是显示电流产生热量的多少．
（2）为了在较短的时间内达到明显的实验效果，选用煤油而不用水，主要是由于煤油比热容小，吸收相等热量，温度变化明显．在乙图中为了便于比较电流产生的热量多少，甲、乙两瓶中要装入质量相等、初温相同 的同种液体．为了达到实验目的，选用的两电阻丝的阻值不同 （填相同、或不同）
（3）由乙图得到的实验结论在电流和通电时间相同时，导体产生的热量多少与电阻有关．
（4）甲图可以探究通电时间一定是导体产生的热量与电流大小的关系．
考点：焦耳定律．
专题：探究型实验综合题．
分析：（1）测量了水和煤油的初温并显示显示电流产生热量；
（2）为了便于观察实验现象，温度变化越明显越好，应从煤油和水两者的物理特性进行选择；
要探究“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”，需要控制：不同烧瓶中液体的质量和初温度相同，流经不同导体的电流相同，通电时间相同，但导体电阻不同；
（3）根据实验控制的变量与焦耳定律分析答题；
（4）分析电路图，根据滑动变阻器能改变电路中电流，利用焦耳定律分析解答．
解答： 解：
（1）选取两个相同玻璃瓶，装入相同质量煤油并插上温度计的目的是显示电流产生热量的多少；
（2）因煤油比水具有较小的比热容，吸收相同的热量，煤油比水的温度变化大，更容易看出温度的变化；
为了便于比较两种电阻丝通过电流后产生热量的多少，甲乙两瓶中要装入质量相同、初温相同的同种液体；为达到实验目的，选用的两电阻丝的阻值不能相同；
（3）两电阻丝串联的目的是控制通过电阻丝的电流与通电时间相同，这可以研究电流产生的热量与导体电阻大小的关系．
通电一段时间后，比较两烧瓶中温度计的示数，故可得出的结论是：在电流和通电时间相同时，导体产生的热量多少与电阻有关；
（4）由电路图可知，调节滑动变阻器阻值，可以改变电路电流大小，因此应用该实验装置还可以探究通电时间一定时，导体产生的热量与电流大小的关系．
故答案为：（1）显示电流产生热量的多少；
（2）煤油比热容小，吸收相等热量，温度变化明显；质量相等；初温相同；不同；
（3）在电流和通电时间相同时，导体产生的热量多少与电阻有关；
（4）电流大小．
点评：本题是“探究电流产生的热量与哪些因素有关”的实验题，实验中应用了控制变量法与转换法，要注意体会这两种方法的应用．
四、计算题（共23分）
23．某辆小轿车油箱内装有32kg汽油，司机小李驾车沿高速公路到某地旅游，路程为300km．假设轿车是匀速行驶，且受到的阻力为920N．已知汽油完全燃烧产生的内能有30%转化为机械能，汽油的热值为4.6×107J/kg．求：
（1）汽车到达目的地牵引力所做的功；
（2）通过计算说明汽车在行驶途中是否需要加油．
考点：功的计算；二力平衡条件的应用；热量的计算．
专题：计算题；应用题．
分析：（1）知道轿车处于匀速直线运动（平衡状态），汽车受牵引力和阻力为一对平衡力，据此求牵引力；又知道行驶路程，利用W=Fs求汽车到达目的地牵引力所做的功；
（2）利用Q放=mq求出32kg汽油完全燃烧放出的热量，又知道汽油完全燃烧产生的内能有30%转化为机械能，据此求转化成的机械能，和汽车到达目的地牵引力所做的功比较得出答案．
解答： 解：（1）∵轿车匀速行驶，
∴轿车的牵引力：
F=f=920N，
轿车到达目的地牵引力所做的功：
W=Fs=920N×300×103m=2.76×108J；
（2）32kg汽油完全燃烧放出的热量：
Q放=mq=32kg×4.6×107J/kg=1.472×109J，
可以转化成机械能（牵引力做功）：
W′=Qη=1.472×109J×30%=4.416×108J＞2.76×108J．
所以汽车在行驶途中不需要加油．
答：（1）汽车到达目的地牵引力所做的功为2.76×108J；
（2）汽车在行驶途中不需要加油．
点评：本题考查了功的计算、燃料完全燃烧放出热量的计算，利用所学知识分析计算实际问题，学以致用，有意义！根据物体所处的状态（静止或匀速直线运动）判断物体受平衡力，知道一个力的大小和方向可以求另一个力的大小和方向是本题的突破口．
24．如图1所示的电路中，电源电压恒定不变，R2=30Ω，通过R1的电流随它两端电压变化关系如图2所示，求：
（1）R1的阻值大小；
（2）当S1、S2、S3均闭合时，电流表的示数为0.5A，电源电压；
（3）当S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为0.15A，R3消耗的功率．
考点：探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律的变形公式；电路的简化与计算；电功率的计算．
专题：计算题；应用题；压轴题；图析法．
分析：（1）横坐标对应电压值，纵坐标对应电流值，从图象中，任意找出一组电压值和电流值，根据R=就可以算出电阻；
（2）当S1、S2、S3均闭合时，电阻R3短路，电阻R1和R2并联，电流表测干路电流，算出总电阻，根据U=IR计算出电源电压；
（3）当S1闭合，S2、S3断开时，电阻R1断路，电阻R2和R3串联，电流表测电路电流，求出电阻R3两端电压，根据P=UI计算出电功率．
解答： 解：（1）任意找出一组电压值和电流值，R1===20Ω；
答：R1的阻值大小为20Ω．
（2）S1、S2、S3均闭合时，电阻R3短路，电阻R1和R2并联，电流表测干路电流
根据并联电阻的特点，电路总电阻为R===12Ω
∴电源电压U=IR=0.5A×12Ω=6V．
答：电源电压为6V．
（3）S1闭合，S2、S3断开时，电阻R1断路，电阻R2和R3串联，电流表测电路电流，
电阻R2两端电压为：U2=IR2=0.15A×30Ω=4.5V
∴电阻R3两端电压为：U3=U﹣U2=6V﹣4.5V=1.5V
电阻R3消耗的功率P3=U3I=1.5V×0.15A=0.225W
答：R3消耗的功率为0.225W．
点评：本题比较复杂，尤其是开关的闭合或断开时电路结构的变化，是中学生出错最多的问题，解此类题目可以先把原图用铅笔画出，开关变化时，把断路和短路的部分用橡皮擦掉，分析剩余的电路，一般就会比较直观明了．
25．如图所示，是某种电热饮水机的简化电路示意图．它有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），阅读该饮水机说明书可知：热水箱容积2L，额定电压220V，加热时的功率484W，保温时的功率40W．求：
（1）饮水机处于保温状态时温控开关S0应处于断开状态．
（2）R1和R2的电阻值各是多大？
（3）在用电高峰期，该饮水机的实际工作电压只有200V，加热效率为80%，若将装满水箱的水从20℃加热至100℃，需要多长时问？[c水=4.2×103J/（kg•℃），p水=1.0×103kg/m3，忽略温度对电阻的影响]．
考点：电功与热量的综合计算．
专题：电和热综合题．
分析：（1）分析电路结构，根据电路结构及电功率公式分析答题．
（2）由电功率公式的变形公式求出电阻阻值．
（3）根据水的体积求出水的质量；由热量公式求出水所吸收的热量；由电功率公式求出热水器的实际功率，最后由功率公式的变形公式求出加热时间．
解答： 解：
（1）由电路图可知，开关S0断开时两电阻串联，电路电阻较大，开关S0闭合时，只有电阻R1接入电路，电阻R2被短路，此时电路电阻较小，电源电压U一定，由P=可知，电阻越大，电路功率越小，电阻越小，饮水机功率越大，因此当开关S0断开时，电路阻值较大，电功率较小，饮水机处于保温状态．
（2）因为P加=，所以电阻R1===100Ω，
因为P保=，所以总电阻R总===1210Ω，
电阻R2=R总﹣R1=1210Ω﹣100Ω=1110Ω；
（3）水箱中水的质量m=ρV=1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3=2kg，
Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg．℃）×2kg×（100℃﹣20℃）=6.72×105J，
W===8.4×105J
P′加===400W
t===2.1×103s．
答：
（1）饮水机处于保温状态时温控开关S0应处于断开状态．
（2）R1和R2的电阻值分别是100Ω与1110Ω．
（3）将装满水箱的水从20℃加热至100℃，需要2.1×103s．
点评：本题考查学生对实际用电器电功率的分析以及运用电功率公式结合欧姆定律计算相关物理量的能力．
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