2023临沂一中高一上学期入学考试物理试题含解析

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临沂一中2022级高一新生入学检测试题
物理
（时间：60分钟，满分：100分）
注意事项：
1.答题前，考生先将自己的学校、班级、姓名、考生号、座号填写在相应位置。
2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用0.5mm黑色签字笔书写，字体工整，笔迹清楚。
3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。保持卡面清洁，不折叠，不破损。
一、选择题（每题所列出的四个选项中，只有一项最符合题目要求，每题2分，共40分）
1. 自行车是人们常用的交通工具，低碳环保。图示是中学生骑用的自行车，下列估测值中最符合实际的是（　　）


A. 自行车的质量约为100kg B. 车座到地面的高度约为1m
C. 暴晒下烫手的车座温度约为35℃ D. 骑行时的平均速度约为80km/h
【答案】B
【解析】
【详解】A．中学生骑用的自行车的质量约为15kg，故A不符合实际；
B．结合生活实际可知，车座到地面的高度约为1m，故B符合实际；
C．暴晒下烫手的车座温度一般在65℃~80℃，故C不符合实际；
D．骑自行车的平均速度大约为5m/s，即18km/h，故D不符合实际。
故选B。
2. 手机给人民生活带来很多便利，某些出行软件极大地方便了某些“不识路”的驾车一族。关于图中的信息，下列说法正确的是（　　）


A. 图中的“17公里”“19公里”“13公里”指的是位移
B. 图中研究汽车在导航图中的位置时，可把汽车看成质点
C. 图中“32分钟”“35分钟”“38分钟”指的是时刻
D. 图中推荐的第三种方案驾车距离最短，则路程等于位移大小
【答案】B
【解析】
【详解】A．题图中的“17公里”“19公里”“13公里”指的是不同路线的路程，故A错误；
B．在题图中研究汽车位置时，汽车的大小和形状能够忽略，可以将汽车视为质点，故B正确；
C．题图中的“32分钟”“35分钟”“38分钟”指的是车辆预计行驶的时间，故C错误；
D．第三种方案并非直线，则路程大于位移的大小，故D错误。
故选B。
3. 《康熙几暇格物编》中记载：“置钱碗底，远视若无，及盛满水时，则钱随水光而显见矣”，其中“钱随水光而显见”这种现象形成的原因是（　　）
A. 光的直线传播 B. 光的反射 C. 平面镜成像 D. 光的折射
【答案】D
【解析】
【详解】钱反射出的光线被碗侧壁挡住，人看不见钱了，倒入一些水后，钱反射的光线从水中斜射入空气中时，在水面处发生折射，折射光线远离法线方向，人眼逆着折射光线看去，看到的是变高的钱的像，是光的折射现象，故选D。
4. 如图表示某晶体的物态变化过程，其中甲、乙、丙分别表示三种物态。下列分析正确的是（　　）


A. 甲为气态 B. 甲→乙的过程需要放热
C. 乙→丙的过程与露珠形成过程相同 D. BC段对应的温度为该晶体的熔点
【答案】D
【解析】
【详解】A.由题图知，甲中分子相距最近，分子排列规则，分子间的作用力最大，既不易被压缩，也不容易被拉伸，所以是固态分子的排列方式；乙中分子相距较近，分子排列杂乱，分子间的作用力较弱，是液态分子的排列方式；丙中分子相距最远，分子无固定排列，分子间的作用力最弱，是气态分子的排列方式。由以上分析知，甲为固态，故A错误；
B.甲→乙是固态变为液态的熔化过程，需要吸收热量，故B错误；
C.乙→丙是液态变成气态的汽化过程，露珠是水蒸气遇冷形成小水滴的液化过程，故C错误；
D.BC段表示物体吸热或放热的温度保持不变，状态发生改变的晶体熔化（或凝固）过程，此时的温度叫晶体的熔点（或凝固点），故D正确。
故选D。
5. 打羽毛球是同学们喜爱的体育活动，下列与这项活动有关的说法正确的是（　　）
A. 发球时，球拍对羽毛球施加了力，羽毛球对球拍没有力的作用
B. 羽毛球飞行的速度越大惯性越大
C. 羽毛球运动到最高点时，不受任何力的作用
D. 迎面飞来的羽毛球被球拍挡回，说明力可以改变物体的运动状态
【答案】D
【解析】
【详解】A.发球时，球拍对球的力和球对球拍的力是一对相互作用力，所以羽毛球对球拍有力的作用，故A错误；
B.惯性大小只与质量有关，与速度无关，质量越大，惯性越大，故B错误；
C.羽毛球运动到最高点时，仍受到重力作用，故C错误；
D.球被球拍挡回，羽毛球运动方向改变，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。
故选D。
6. 如图所示是某动感单车扶手的示意图，显示屏能显示有关骑行数据。正常骑行中，只有按压显示屏的“开始”按钮（相当于开关S1闭合），且将双手握住“手握感应片”（相当于开关S2闭合）时，显示屏才能接通电源，显示骑行数据。下列符合要求的模拟电路是（　　）


A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】根据题意可知，只有开关S1和S2同时闭合时，显示屏才能接通电源，结合各图可知A正确。
故选A。
7. 在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上能成等大清晰的像。关于本实验下列说法正确的是（　　）

A. 凸透镜的焦距是20cm
B. 把蜡烛移至刻度尺10cm处，凸透镜不动，移动光屏，能在光屏上得到清晰的像
C. 把蜡烛移至刻度尺32cm处，凸透镜不动，移动光屏，能在光屏上得到清晰的像。这与照相机的成像原理相同
D. 把蜡烛移至刻度尺45cm处，凸透镜不动，移动光屏，会再次在光屏上得到清晰的像
【答案】B
【解析】
【详解】A．当物距等于二倍焦距时，烛焰透过凸透镜在光屏上能成等大清晰的像，由题图可知

解得

故A错误；
B．把蜡烛移至刻度尺10cm处，凸透镜不动，此时物距为40cm，大于二倍焦距，根据凸透镜成像规律可知，移动光屏，能在光屏上得到清晰的倒立的缩小的实像，故B正确；
C．把蜡烛移至刻度尺32cm处，凸透镜不动，此时物距为18cm，大于一倍焦距而小于二倍焦距，根据凸透镜成像规律可知，移动光屏，能在光屏上得到清晰的倒立的放大的实像，这与投影仪的成像原理相同，故C错误；
D．把蜡烛移至刻度尺45cm处，凸透镜不动，此时物距为5cm，小于焦距，根据凸透镜成像规律可知，此时成的是虚像，不能在光屏上成像，故D错误。
故选B。
8. 2022年5月15日，我国自主研发的“极目一号”Ⅲ型浮空艇，从青藏高原海拔4270m的中科院珠峰站附近升空，顺利升至9032m，超过珠峰高度，创造了浮空艇大气科学观测世界纪录。该浮空艇通过一条缆绳与地面的锚泊设备连接，利用所受的浮力和缆绳的拉力可以实现升空和驻空。忽略浮空艇体积的变化，在其匀速直线上升过程中，下列说法正确的是（　　）


A. 浮空艇周围的大气压不变 B. 浮空艇受非平衡力的作用
C. 浮空艇所受浮力大小不变 D. 浮空艇所受浮力大于自身的重力
【答案】D
【解析】
【详解】A.海拔越高，大气压强越小，故A错误；
B.浮空艇做匀速直线运动，受平衡力的作用，故B错误；
C.根据阿基米德原理

等于浮空艇的体积，大小不变，g不变，随高度的增加而减小，所以变小，故C错误；
D.浮空艇在匀速直线上升过程中，受竖直向上的浮力、竖直向下的拉力、竖直向下的重力，处于平衡状态，受到平衡力的作用，即

所以浮空艇所受浮力大于自身的重力，故D正确。
故选D。
9. 李华同学在实验室测量盐水的密度。调节天平横梁平衡后开始测量，先用天平测出烧杯和杯内盐水的总质量为90g，然后将一部分盐水倒入量筒，如图甲所示，接着用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量，天平平衡时的情景如图乙所示。根据实验数据，下列说法正确的是（　　）


A. 量筒内盐水的体积为50cm3 B. 烧杯内剩余盐水的质量为27g
C. 量筒内盐水的质量为63g D. 盐水的密度为1.1×103kg/m3
【答案】C
【解析】
【详解】A.量筒的分度值为2mL，由甲图可知，倒入量筒中盐水的体积为

故A错误；
B.接着用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量，天平平衡时的情景如乙图所示，标尺的分度值为0.2g，游码在标尺上对应的刻度值为2g，烧杯和烧杯内剩余的盐水的总质量为

故B错误；
C.倒入量筒内盐水的质量为

故C正确；
D.盐水的密度为

故D错误。
故选C。
10. 下列选项不正确的是（　　）

A. 图甲：证明了大气压的存在 B. 图乙：利用了连通器原理
C. 图丙：说明分子间存在引力 D. 图丁：此模型是道尔顿提出的
【答案】D
【解析】
【详解】A．当罐内的水蒸气变为水时，罐内气体减少，气压降低，小于外界大气压。罐内外形成了压力差，铁罐在压力差的作用下被压瘪，证明了大气压的存在，故A正确，不符合题意；
B．透明软管的两端开口，底部连通符合连通器的特点，故工人师傅用灌有水的透明软管检查两点是否在同一水平面上，用到连通器原理，故B正确，不符合题意；
C．将接触面被削平的两个铅块用力压紧，可以使它们结合在一起，即便在下端悬挂一定质量的重物也不分开。这个实验说明分子之间存在相互作用的引力，故C正确，不符合题意；
D．物理学家卢瑟福和他的同事们根据α粒子散射实验，提出了类似于行星绕日的原子核式结构模型，故D错误，符合题意。
本题选错误选项，故选D。
11. 下列关于力的合成和分解的说法，错误的是（　　）
A. 两个力的合力，可能比这两个分力都小
B. 已知合力及一个分力的大小和方向，则求另一个分力有唯一解
C. 3N、4N、6N三个共点力最大合力为13N，最小合力为0
D. 把一个力分解为两个分力，两个分力不能同时大于这个力的2倍
【答案】D
【解析】
【详解】A.根据

两个力的合力，可能比这两个分力都小，故A正确，不符合题意；
B.已知合力及一个分力的大小和方向，则求另一个分力有唯一解，故B正确，不符合题意；
C.3N、4N、6N三个共点力合力最大时三力同方向，其合力为13N，当3N、4N合力为6N时，则三力的最小合力为0，故C正确，不符合题意；
D.分解力时，如果两个分力的夹角很大，则任何一个分力都可能大于合力的2倍，故D错误，符合题意。
故选D。
12. 如图所示是“探究电流通过导体时产生热的多少跟什么因素有关”的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，通电一段时间后，左侧U形管中液面高度差比右侧的大。下列说法错误的是（　 　）


A. U形管中液面高度的变化反映了电阻产生热量的多少
B. 通过左、右两边容器中电阻丝的电流相同
C. 右边容器中的电阻R2比左边容器中的电阻R1小
D. 通电时间相同，两个容器中空气吸收的热量相同
【答案】D
【解析】
【详解】A．电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但容器中空气的温度变化导致容器中空气体积的变化，即可以通过U形管液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法，故A正确；
B．由题图可知两个电阻串联在一起，根据串联电路中电流的规律可知，通过左、右两边容器中电阻丝的电流相同，故B正确；
C．由电路图可知两电阻串联，根据串联电路的电流特点可知通过它们的电流大小相等，根据可知，当通电时间和通电电流相同时，电阻越大产生的热量就越多，U形管中液面高度差就越高，所以可得右边容器中的电阻R2比左边容器中的电阻R1小，故C正确；
D．两个容器中的通电电流和通电时间相同，电阻大小不同，由可知，电流通过两个电阻产生的热量不同，两个容器中空气吸收的热量不同，故D错误。
本题选错误项，故选D。
13. 如图所示，物理项目化学习小组在空旷的室外测试某型号无人机负重飞行能力。测试时将重20N的物体A固定在无人机上，并控制无人机完成以3m/s的速度匀速上升、在空中悬停、以2m/s的速度匀速下降三个阶段的测试项目，同时利用系统软件记录多次测量的相关信息，并做出测评报告。下列说法中（　　）


①匀速上升阶段，物体A相对于地面是运动的
②匀速上升阶段，物体A的机械能不变
③匀速下降阶段，物体A的重力势能转化为动能
④物体A匀速下降阶段的动能小于匀速上升阶段的动能
A. 只有①③正确 B. 只有②④正确
C. 只有①④正确 D. 只有①②③正确
【答案】C
【解析】
【详解】①匀速上升阶段，物体A相对于地面的位置发生了变化，故物体A相对于地面是运动的，故①正确；
②匀速上升阶段，物体A的质量不变，速度不变，动能不变，高度变大，重力势能变大，故机械能变大，故②错误；
③匀速下降阶段，速度不变，动能不变，因高度变小，重力势能变小，物体A的重力势能没有转化为动能，故③错误；
④根据已知条件，物体匀速上升的速度大于下降的速度，故物体匀速上升时的动能大，即物体A匀速下降阶段的动能小于匀速上升阶段的动能，故④正确。
故选C。
14. 如图所示，两个相似的斜面体A、B在竖直向上的力F的作用下静止靠在竖直粗糙墙壁上。关于斜面体A和B的受力情况，下列说法正确的是（　　）


A. A一定受到五个力 B. B可能受到四个力
C. B与墙壁之间一定有弹力和摩擦力 D. A与B之间一定有摩擦力
【答案】D
【解析】
【详解】C．对A、B整体受力分析，如图甲所示，A、B整体受到向下的重力和向上的推力F，由平衡条件可知B与墙壁之间不可能有弹力，因此也不可能有摩擦力，故C错误；
B．对B受力分析如图乙所示，其受到重力、A对B的弹力及摩擦力而处于平衡状态，故B只能受到三个力，B错误；
AD．对A受力分析，如图丙所示，其受到重力、推力F、B对A的弹力和摩擦力，共四个力，故A错误、D正确。
故选D。


15. 物体在同一水平面上做匀速直线运动，当物体运动路程与时间的关系图像如图甲时，受到的水平推力为F1；当物体运动的速度与时间的关系图像如图乙时，受到的水平推力为F2。两次推力的功率分别为P1、P2。则F1:F2和P1:P2分别为（　　）


A. 3:5，9:25 B. 3:5，1:1 C. 3:5，3:5 D. 1:1，3:5
【答案】D
【解析】
【详解】物体在同一水平面上做匀速直线运动，物体受到平衡力作用，推力等于摩擦力。由于摩擦力的大小与压力大小和接触面粗糙程度有关，两次压力相同，接触面粗糙程度相同，故两次水平推力大小相等，即

则


由甲、乙两图可得

根据

可得


故选D。
16. 如图所示，利用滑轮组将重为80N的物体在30s内匀速提升3m，已知拉力F为50N，若不计绳重和摩擦。下列说法正确的是（　　）


A. 绳端移动的速度为0.3m/s B. 动滑轮重力为50N
C. 拉力做功的功率为40W D. 滑轮组的机械效率为80%
【答案】D
【解析】
【详解】A.由题图可知，有两段绳子吊着动滑轮，即。绳端移动的距离为

绳端移动的速度为

故A错误；
B.忽略绳子重力和摩擦的情况下

则

由于，则

故B错误；
C.拉力做的功为

拉力做功的功率为

故C错误；
D.克服物体的重力做的有用功为

滑轮组的机械效率为

故D正确。
故选D。
17. 如图所示，是智能扶手电梯的原理图，其中R是压敏电阻。电梯上无乘客时，电动机转动变慢，使电梯运动变慢；电梯上有乘客时，电动机转动变快，使电梯运动变快。下列说法正确的是（　　）

A. 电磁铁上端是N极 B. 电磁继电器与发电机工作原理相同
C. 电梯上无乘客时，衔铁与触点2接触 D. 电梯上有乘客时，压敏电阻R的阻值减小
【答案】D
【解析】
【详解】A.根据安培定则，伸出右手，四指的方向为电流的方向，大拇指的方向为N极的方向，故电磁铁的下端为N极，上端为S极，故A错误；
B.电磁继电器工作的原理是电流的磁效应，即通电导线周围存在磁场，而发电机工作的原理是电磁感应现象，即闭合电路的部分导体切割磁感线时，会产生感应电流，故B错误；
C.如题图所示，当触点与1接触时，电动机与定值电阻串联，电动机分担的电压比较小，转速比较慢，而当触点与2接触时，只有电动机接入电路，电动机转动变快，故当有乘客时，衔铁与2接触，没有乘客时，衔铁与1接触，故C错误；
D.当有乘客时，衔铁与2接触，此时衔铁被吸下来，说明通过电磁铁的磁性变强，通过电磁铁的电流变大，则说明压敏电阻的阻值变小，故D正确。
故选D。
18. 用相同的加热装置分别对固态物质a、b、c加热，它们的温度随加热时间变化关系如图所示。不计热量损失，以下分析正确的是（　　）

A. 时间内，a、c吸收的热量不相同
B. 时间内，a的内能不变
C. b的比热容可能大于c的比热容
D. 若a、b是同种物质，则b的质量小于a的质量
【答案】C
【解析】
【详解】A．用相同的加热装置加热，相同时间内释放的热量相同，不计热量损失，则在~时间内，a、c吸收的热量相同，A错误；
B．~时间内a物质的温度虽然不变，但继续吸收热量，所以其内能增加，B错误；
C．用相同的加热装置对b、c两种物质加热时，0~时间内两种物质吸收的热量相同，c物质升高的温度较小，由于b、c的质量关系不确定，若b的质量小于c的质量，根据

可知，b的比热容有可能大于c的比热容，C正确；
D．若a、b是同种物质，比热容相同，升高相同的温度时，b的加热时间长，b吸收的热量多，根据

知，b的质量大于a的质量，D错误。
故选C。
19. 两个相同的容器放在同一水平桌面上，分别装有甲、乙两种密度不同的液体，且；两个体积相同的实心小球a和b在甲、乙两种液体中静止时的状态如图所示；两容器内c、d两点到容器底部的距离相等。设小球a和b的密度分别为和，质量分别为和，受到的浮力分别为和，c、d两处的液体压强分别为和。下列说法中（　　）

① ② ③ ④
A. 只有①③正确 B. 只有②③正确
C. 只有①④正确 D. 只有①③④正确
【答案】D
【解析】
【详解】①．由题图可知，小球a在甲中悬浮，小球b在乙中漂浮，所以可得


又因为

所以

故①正确；
②．由题意可知，a、b两小球体积相同，由①可知

根据

可得


所以

故②错误；
③．由题图可知，a全部浸没在液体甲中，b的一半浸没在液体乙中。根据阿基米德原理，浸入液体中的物体受到的浮力等于它排开液体所受到的重力，图中b排开液体体积是a排开液体体积的一半，所以

根据

可得


又因为

所以

故③正确；
④．由题图可知，甲的液面高度高于乙的液面高度，且两容器内c、d两点到容器底部的距离相等所以

根据液体压强公式可得


又因为

所以

故④正确。
①③④正确，故选D。
20. 如图是额定电压均为220V的灯泡L1和L2的U－I图像。下列分析不正确的是（　　）


A. 当L1两端的电压为100V时，其实际功率为20W
B. 当通过L2的电流为0.45A时，其1min消耗的电能为4320J
C. 将L1、L2串联，若L1两端的电压为40V，则L2的功率为8W
D. 将L1、L2并联，若通过L2的电流为0.5A，则L1的功率为66W
【答案】C
【解析】
【详解】A.当L1两端的电压为100V时，根据图像可知，通过L1的电流为0.2A，其实际功率为

故A正确，不符合题意；
B.当通过L2的电流为0.45A时，L2两端的电压为160V，其1min消耗的电能为

故B正确，不符合题意；
C.将L1、L2串联，若L1两端的电压为40V，由图像可知，通过灯泡L1的电流为

根据串联电路电流规律可知，通过灯泡L2的电流

由图像可知，此时灯泡L2两端的电压为

L2的功率为

故C错误，符合题意；
D.将L1、L2并联，若通过L2的电流为0.5A，由图像可知，L2两端的电压为

根据并联电路电压规律可知，灯泡L1两端的电压

由图像可知，通过L1的电流

L1的功率为

故D正确，不符合题意。
故选C
二、填空题（第24题、第25题、第26题每空2分，其余每空1分，共18分）
21. 小华对一支铅笔的长度进行4次正确测量，记录数据如下：17.58cm、17.57cm、17.56cm、17.57cm，该铅笔的长度是________cm，所用刻度尺的分度值是________。
【答案】 ①. 17.57 ②. 1mm
【解析】
【详解】[1]用刻度尺测铅笔的长度需要多次测量，取平均值以减小误差，所以求四次测量的平均值，该铅笔的长度为

[2]测量物体长度时，需估读到分度值的下一位，即最后一位是估读的，倒数第二位就是分度值所在的数位，所以所用刻度尺的分度值是1mm。
22. 如图所示，控制灯泡的开关要接在________（选填“1”或“2”）处。将电水壶的三脚插头插入三孔插座中，这样做可以让它的金属外壳与插座中的________（选填“火”“零”或“地”）线相连，以防止外壳带电时，对人造成伤害。


【答案】 ①. 1 ②. 地
【解析】
【详解】[1]家庭电路中开关和它所控制的电灯是串联的，因此为了用电安全开关必须接在火线上，所以控制灯泡的开关要接在1处。
[2]将电水壶的三脚插头插入三孔插座中，电水壶的金属外壳与插座中的地线相连，这样即使金属外壳带电，电流也会通过地线导入大地，防止触电事故的发生。
23. 《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南。”如图，“柢”即握柄，是磁体的________极，司南之所以能指南北，是由于受到________的作用。

【答案】 ①. S##南 ②. 地磁场
【解析】
【详解】[1][2]由题意知，司南放在地上时，握柄指向地理的南方，而地磁极的N极在地理南方附近，据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以握柄是磁体的S（南）极。司南静止时指南北是由于它受到地磁场的作用。
24. 小明家新购置了一个额定功率为3200W的电热水龙头。经过测试，正常工作时进水温度为20℃，出水温度为45℃，30s内的出水量为800mL，则这800mL水吸收的热量Q＝________J，电热水龙头的加热效率η＝________。[]
【答案】 ①. 8.4×104 ②. 87.5%
【解析】
【详解】[1]水的体积为，由密度公式知水的质量为

水吸收的热量为
Q吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg·℃）×0.8kg×（45℃－20℃）＝8.4×104J
[2]消耗的电能为

电热水龙头的加热效率为

25. 如图所示是生活中常见的杆秤。称量时杆秤在水平位置平衡，被测物体和秤砣到提纽的距离分别为0.05m、0.2m，秤砣的质量为0.1kg，秤杆的质量忽略不计，则被测物体的质量为________kg。若秤砣有缺损，则杆秤所测物体的质量会________（选填“偏大”或“偏小”）。

【答案】 ①. 0.4 ②. 偏大
【解析】
【详解】[1]如图所示：

由杠杆平衡条件得到


[2]若秤砣有缺损，m2减小，而不变，所以OB要变大，杆秤所示的质量要偏大。
26. 如图所示，工人用200N的拉力将重为300N的物体匀速提升一定高度，不计绳重和摩擦。动滑轮的机械效率是________，如果用该动滑轮提升重为400N的物体，动滑轮的机械效率________（选填“变大”“不变”或“变小”）。

【答案】 ①. 75% ②. 变大
【解析】
【详解】[1]根据题意，由图可知，使用动滑轮时，绳子承重段数，动滑轮的机械效率

即动滑轮的机械效率是75%。
[2]不计绳重和摩擦，用该动滑轮提升重为的物体，由

可知,G变大，有用功变大，动滑轮重力不变，则额外功不变，由

可知，有用功在总功中所占的比例变大，则机械效率变大。
三、作图与实验题（第27题3分，第28题4分，第29题5分，第30题7分，第31题5分，共24分）
27. 如图所示，物体A在水平地面上静止，画出物体A受力的示意图。


【答案】
【解析】
【详解】物体A在水平地面上静止，受到竖直向下的重力G及竖直向上的支持力F为一对平衡力，大小相等，作用点画在物体的重心，物体A受力的示意图如图所示


28. 家庭卫生间一般都要安装照明灯和换气扇（用表示）。使用时，有时需要各自独立工作，有时需要同时工作，请你在图的虚线框中画出符合上述要求的电路图。


【答案】
【解析】
【详解】根据题意可知，照明灯和换气扇相互不影响、能独立工作，故应使照明灯和换气扇并联，且各自的支路有一个开关控制，干路上没有开关，如图所示


29. 在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中：


（1）小明将装有部分文具的文具盒，置于水平桌面上如图甲所示，用弹簧测力计水平方向拉动文具盒，使其做匀速直线运动，这是利用________的原理测出滑动摩擦力的大小；
（2）实验过程中小明发现保持文具盒做匀速直线运动很困难，他与同组成员讨论后，改用图乙装置进行实验，将弹簧测力计水平固定，在文具盒与桌面之间垫一块表面粗糙的木板，当小明用8N的力拉出木板时，弹簧测力计示数是2N，他这样做实验的好处是______________。
【答案】 ①. 二力平衡 ②. 一方面，不需要匀速拉动木板，便于实验操作；另一方面，由于测力计静止，便于读数
【解析】
【详解】（1）[1]文具盒在做匀速直线运动的过程中，受力平衡，水平方向上摩擦力和弹簧测力计拉力满足二力平衡，大小相等方向相反，故通过弹簧测力计的拉力示数就能读取摩擦力的大小。
（2）[2]图乙和图甲，文具盒都处于平衡状态，都满足二力平衡的条件，所不同的是图甲为匀速运动，图乙为静止，而在静止条件下，一方面，不需要匀速拉动木板，便于实验操作；另一方面，由于测力计静止，便于读数。
30. 图甲是某小组“探究海波熔化时温度变化规律”的实验装置，每隔1min记录一次温度值。实验数据记录如下表：
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
海波的温度/℃
40

44
46
48
48
48
48
48
48
50
53


（1）实验中需要的测量工具是温度计和________；
（2）在1min时，温度计的示数如图乙所示，此时的温度为________℃；
（3）由记录的实验数据可知海波是________（选填“晶体”或“非晶体”）；
（4）由实验知，海波熔化需要的条件是：________________；继续吸收热量；
（5）另一小组在利用相同的器材进行这一实验时，观察到海波熔化过程中温度计示数缓慢上升。产生这一现象的原因可能是________（填字母）。
A．烧杯中的水少 B．对试管内的海波不断搅拌
C．温度计的玻璃泡碰到了试管壁 D．海波熔化过程中吸热，温度升高
【答案】 ①. 停表 ②. 42 ③. 晶体 ④. 温度达到熔点 ⑤. C
【解析】
【详解】（1）[1]由表中数据可知，实验需要测量温度和时间，实验中需要的测量工具是温度计和停表。
（2）[2]如题图乙，温度计的分度值为1℃，读数为42℃。
（3）[3]由记录的实验数据可知，海波在固定的温度开始熔化，熔化时温度不变，因此海波是晶体。
（4）[4]通过实验可知，海波熔化需要达到48℃，熔化过程中，需要继续加热，由此可知海波熔化需要的条件是：温度达到熔点；继续吸收热量。
（5）[5]A.海波在固定的温度开始熔化，熔化时温度不变，进行这一实验时，观察到海波熔化过程中温度计示数缓慢上升；该物质是晶体，熔化过程中温度是不变的，烧杯中的水少，不会影响温度计的示数，故A错误；
B.对试管内的海波不断搅拌，试管中海波受热更加均匀，不可能出现以上情况，故B错误；
C.温度计的玻璃泡碰到了试管壁，因为烧杯中水的温度高于海波的温度，温度计示数缓慢上升，故C正确；
D.海波是晶体，熔化过程中吸热，但温度保持不变，故D错误。
故选C。
31. 小李同学想探究“浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”。

（1）实验步骤如图（a）所示，甲、乙、丙、丁中的弹簧测力计的示数分别为、、、，物体受到的浮力F浮＝________；
（2）小李利用三个不同物体a、b、c进行实验探究，实验数据如下表：
物体
物重
G/N
物体浸没在
水中测力计
的示数F/N
浮力
F浮/N
空桶重
G0/N
桶与排开水
的总重G1/N
排开水重
G排/N
a
1.2
0.7
0.5
0.6
1.1
0.5
b
2
1.4
0.6
0.6
1.2
0.6
c
2.4
1.7
0.7
0.6
1.2
0.6
分析表中物体a、b的实验数据，小李得出的结论是：_______；
（3）小李在探究物体c所受浮力的实验中，排除各种测量误差因素的影响，发现物体c排开水的重力明显小于它所受浮力，请分析实验操作中造成这种结果的原因：____________；
（4）小张利用身边的器材对小李的实验进行改进：两个相同的弹簧测力计A和B、重物、溢水杯（由饮料瓶和吸管组成）、薄塑料杯（质量忽略不计）等器材，装置如图（b）所示。实验时小张逐渐向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，观察到弹簧测力计A的示数逐渐________，弹簧测力计B的示数逐渐________，若弹簧测力计A的示数变化量为，弹簧测力计B的示数变化量为，则它们的大小关系是________（选填“>”“＝”或“