2022届四川省遂宁市射洪中学校高三下学期高考适应性考试数学（文）试题含解析

这是一份2022届四川省遂宁市射洪中学校高三下学期高考适应性考试数学（文）试题含解析，共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2022届四川省遂宁市射洪中学校高三下学期高考适应性考试数学（文）试题一、单选题1．设集合，则（       ）A． B． C． D．【答案】D【分析】先用列举法写出集合和集合，再判定他们之间的关系即可得出答案.【详解】根据题意，时，所以选项D正确.故选：D.2．已知，则在复平面内，复数对应的点位于（       ）A．第四象限 B．第三象限 C．第二象限 D．第一象限【答案】D【分析】根据复数的运算求得，以及，再求其对应的点，即可判断和选择.【详解】由题意知，所以，故其在复平面内对应的点为，位于第一象限.故选：.3．“直线与直线没有公共点”是“”的（       ）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件C．充分必要条件 D．既不充分也不必要条件【答案】B【分析】由两直线没有公共点时，可能平行，也可能是异面直线，结合充分、必要条件的概念进行判定.【详解】直线与直线没有公共点时，它们可以平行，也可能是异面直线，故“直线与直线没有公共点”是“”的必要不充分条件，故选：B4．函数的图象大致为（       ）A． B．C． D．【答案】A【分析】由题意首先确定函数的奇偶性，然后考查函数在特殊点的函数值排除错误选项即可确定函数的图象.【详解】由函数的解析式可得：，则函数为奇函数，其图象关于坐标原点对称，选项CD错误；当时，，选项B错误.故选：A.【点睛】函数图象的识辨可从以下方面入手：(1)从函数的定义域，判断图象的左右位置；从函数的值域，判断图象的上下位置．(2)从函数的单调性，判断图象的变化趋势．(3)从函数的奇偶性，判断图象的对称性．(4)从函数的特征点，排除不合要求的图象．利用上述方法排除、筛选选项．5．数列满足，则数列的前n项和为（       ）A． B．C． D．【答案】D【分析】利用等差数列的前n项和公式得到，进而得到，利用裂项相消法求和.【详解】依题意得：，，，故选：D．6．图形是信息传播､互通的重要的视觉语言《画法几何》是法国著名数学家蒙日的数学巨著，该书在投影的基础上，用“三视图”来表示三维空间中立体图形.其体来说.做一个几何的“三视图”，需要观测者分别从几何体正面､左面､上面三个不同角度观察，从正投影的角度作图.下图中粗实线画出的是某三棱锥的三视图，且网格纸上小正方形的边长为1，则该三棱锥的外接球的表面积为（       ）A． B． C． D．【答案】C【分析】由三视图可得几何体的直观图，再由三棱锥所在正方体的体对角线得外接球的直径即可得解.【详解】由三视图知几何体为一侧棱垂直底面，底面为直角三角的三棱锥，且由网格纸知同一顶点互相垂直的三条棱的长为4，如图，所以三棱锥的外接球即为三棱锥所在的棱长为4的正方体的外接球，设外接球的半径为R，则,所以外接球的表面积，故选：C7．五星红旗左上角镶有五颗黄色五角星，旗上的五颗五角星及其相互联系象征着共产党领导下的中国革命人民大团结．如图，可以将五角星分割为五个黄金三角形和一个正五边形，“黄金分割”表现了恰到好处的和谐，其比值为，这一比值也可以表示为，若，则的值约为（       ）A．0.618 B．1.236 C．2.472 D．4【答案】B【分析】由平方关系、二倍角公式、诱导公式化简求值．【详解】由题意，．故选：B．8．已知函数的图象向左平移个单位长度后得到函数的图象关于y轴对称，则的最小值为（       ）A．1 B．2 C． D．5【答案】D【分析】根据辅助角公式，结合正弦型函数的奇偶性进行求解即可.【详解】，因为该函数的图象向左平移个单位长度后得到函数的图象，所以，因为的图象关于y轴对称，所以是偶函数，因此有，因为，所以当时，有最小值，最小值为5，故选：D9．已知双曲线的左、右焦点分别为，，过点的直线与双曲线的右支交于A，B两点．，，则双曲线C的离心率为（       ）A．2 B． C． D．【答案】C【分析】令，结合双曲线定义用表示、、，再在、中分别用余弦定理列式计算作答.【详解】依题意，设，，由双曲线的定义得，，在中，，由余弦定理，得，解得，即，设双曲线的焦距为2c，在中利用余弦定理有，解得，所以双曲线的离心率为．故选：C10．已知首项为1的等差数列的前项和为，满足，则（       ）A． B． C． D．【答案】B【分析】先得到为等差数列，公差为，，首项为1，从而得到，进而得到，求出前2020项和.【详解】由可得：为等差数列，公差为，首项为，所以，则，，所以故选：B11．是等腰直角三角形，，，，其中，则的最小值是（       ）A． B． C． D．【答案】B【分析】由平行四边形法则以及向量共线的性质得出点在直线上，建立坐标系，由数量积公式以及距离公式得出的最小值.【详解】由知点为的中点，设为中点，由得，因为，所以点在直线上，建立如下图所示的平面直角坐标系，，，当时，最小，的直线方程为，即，由点到直线的距离公式可得：，即的最小值.故选：B12．不等式在上恒成立，则实数的取值范围是（       ）A． B． C． D．【答案】B【分析】将变为即，构造新函数，利用其单调性得到，继而求得答案.【详解】当时，不等式在上恒成立不会成立，故 ，当 时， ，此时不等式恒成立；不等式在上恒成立,即在上恒成立,而即，设 ，当 时，，故是增函数，则即，故，设，当 时，， 递增，当 时，， 递减，故 ，则 ，综合以上，实数的取值范围是 ，故选：B【点睛】本题考查了不等式的恒成立问题，解答时要注意导数的应用，利用导数判断函数的单调性以及求最值等，解答的关键是对原不等式进行变形，并构造新函数,这一点解题的突破点.二、填空题13．已知向量满足：，与的夹角为，则__________.【答案】【分析】首先求出，再根据平面向量数量积的定义求出，最后根据及平面向量数量积的运算律计算可得；【详解】解：因为，所以，又且与的夹角为，所以，所以故答案为：14．已知正数x，y满足x＋2y＝2，则的最小值为________．【答案】9【解析】利用“1”的灵活运用，使用基本不等式即求得最小值.【详解】因为x，y为正数，且x＋2y＝2，即，所以＝＝≥＋5＝9，当且仅当x＝4y＝时，等号成立，所以的最小值为9.故答案为：9.【点睛】本题考查了基本不等式的灵活运用，属于常考题.15．如图半圆内切于等腰直角三角形，向三角形内随机投入一个点，则该点不落在半圆内的概率为__________.【答案】【分析】设半圆的半径为，如图将等腰直角三角形补成正方形，将半圆补成圆，则等腰直角三角形的直角边长为，分别求出半圆与三角形的面积，有几何概率可得答案.【详解】设半圆的半径为，如图将等腰直角三角形补成正方形，将半圆补成圆.则圆为该正方形的内切圆. 则正方形的边长为，即等腰直角三角形的直角边长为所以半圆的面积为，等腰直角三角形的面积为 阴影部分的面积为 所以该点不落在半圆内的概率为故答案为： 16．已知抛物线：的顶点为O，焦点为F，准线为l，过点F的直线与抛物线交于点A､B，且，过抛物线上一点P（非原点）作抛物线的切线，与x轴､y轴分别交于点M､N，.垂足为H.下列命题：①抛物线的标准方程为②的面积为定值③M为PN的中点④四边形PFNH为菱形其中所有正确结论的编号为___________.【答案】①③④【分析】可由题意，设出A､B坐标和过焦点的直线方程，通过联立方程利用根与系数的关系借助求解出的值，然后写出过P抛物线的切线方程，分别求解出M､N坐标，利用即可判断选项②和③，通过表示出H点坐标，通过P、F、N、H四点坐标借助抛物线定义即可判断选项④.【详解】设，，可知，直线的方程为，联立，化为，则，，而，所以，所以，故抛物线方程为，所以选项①正确；设，抛物线方程为，则，则在点处取得的切线方程斜率为，所以以点为切点的切线方程为，切线与x轴､y轴分别交于点M､N，所以，，所以，故面积不为定值，选项②错误；因为、、，可知，，所以M为PN的中点，选项③正确；因为.垂足为H ，所以、、、，因此且所以四边形PFNH为平行四边形，又根据抛物线定义故四边形PFNH为菱形，所以，选项④正确.故答案为：①③④三、解答题17．已知向量，记函数．(1)求的对称轴和单调递增区间；(2)在锐角中，角A，B，C的对边为a，b，c，若，求的取值范围．【答案】(1)对称轴为，(2)【分析】（1）根据向量的数量积、二倍角公式、辅助角公式得，从而可求对称轴方程及单调递增区间；（2）先求得，再由正弦定理及两角和与差的正弦公式及辅助角公式可得，根据三角函数可求得范围.【详解】(1)由题意，所以的对称轴为，即，单调递增区间满足，解得，所以单调递增区间为．(2)由得，，所以，所以，因为为锐角三角形，故，得，所以，即的取值范围为．18．某校从参加某次知识竞赛的1000同学中，随机抽取60名同学将其成绩（百分制，均为整数）分成，， ，，， 六组后，得到部分频率分布直方图（如图），观察图形中的信息，回答下列问题：（1）补全频率分布直方图，并估计本次知识竞赛的均分；（2）如果确定不低于85分的同学进入复赛，问这1000名参赛同学中估计有多少人进入复赛；（3）若从第一组，第二组和第六组三组学生中分层抽取6人，再从这6人中随机抽取2人，求所抽取的2人成绩之差的绝对值大于20的概率.【答案】（1）频率分布直方图见解析；均分为分；（2）；（3）.【解析】（1）根据频率和为可求得组对应的频率，由此可补全频率分布直方图；利用平均数的估计方法计算可得结果；（2）由频率分布直方图计算可得分数不低于分的频率，利用总数频率即可计算得到结果；（3）根据分层抽样原则可计算求得第一组、第二组和第六组分别抽取的人数，采用列举法可确定所有基本事件和满足题意的基本事件，由古典概型概率公式计算可得结果.【详解】（1）组的频率为，补全频率分布直方图如下图所示：均分为：（分）.（2）由频率分布直方图可知：分数不低于分的频率为，名参赛同学中，预估有人进入复赛.（3）第一组、第二组和第六组的频率之比为，第一组抽取人，第二组抽取人，第六组抽取人，记第一组和第二组的人为，第六组的人为，则随机抽取人，有：，，，，，，，，，，，，，，，共种情况，成绩之差的绝对值大于的有：，，，，，共种情况，所求概率.【点睛】本题考查利用频率分布直方图计算频数和频率、估计平均数等知识，同时考查了分层抽样和古典概型概率问题的求解，是对概率和统计部分知识的综合考查，属于常考题型.19．如图所示，四边形为菱形，，平面平面，点是棱的中点.(1)求证：；(2)若，求三棱锥的体积.【答案】(1)证明见解析(2)【分析】（1）设点是棱的中点，连接，可证平面，从而得到.（2）利用等积转化和体积公式可求三棱锥的体积.【详解】(1)如图所示，设点是棱的中点，连接，由及点是棱的中点，可得，又因为平面平面，平面平面，平面，故平面， 又因为平面，所以，又因为四边形为菱形，所以，而是的中位线，所以，可得，又由，且平面平面，所以平面，又因为平面，所以.(2)，由于菱形，故，故，故三角形为正三角形，且三角形为正三角形，故，由于平面，20．已知椭圆的离心率为，长轴的两个端点分别为，．(1)求椭圆的方程；(2)过点的直线与椭圆交于、(不与A、B重合)两点，直线与直线交于点，求证：、、三点共线．【答案】(1)；(2)证明见解析.【分析】(1)依题意可得，再根据离心率求出，最后根据，求出，即可求出椭圆方程；(2)设直线的方程为，，，，，联立直线与椭圆方程，消元、列出韦达定理，在表示出直线的方程，即可求出点坐标，再表示出、，作差判断，即、、三点共线．【详解】(1)由长轴的两个端点分别为，，可得，由离心率为，可得，∴，又，解得，∴椭圆的标准方程为；(2)由题可知若l斜率存在，且斜率不为零，故设的方程为，设，，，，由得，，则，，所以∴，直线的方程为，∴，∴，，∴，即，∴、、三点共线．21．已知函数.(1)讨论的极值点的个数；(2)若函数有两个极值点，证明：.【答案】(1)答案见解析(2)证明见解析【分析】（1）的极值点的个数等价于的解的个数，分离参数得，构造函数，求导分析，作出其图象，数形结合可得的极值点的个数；（2）由（1）可知，设，则，由得，取对数得，同理，进一步分析可得.最后利用分析法与换元法，将问题转化证明，即可.【详解】(1)解：由题意得，，即，故令，所以函数的极值点的个数的等价于与的交点个数. ，得；得；所以在上单调递减，在上单调递增，所以，因为当趋近于时，趋近于，当趋近于时，趋近于，所以的大致图象如图：由图可得，当时，恒成立，函数单调递增，极值点的个数为0；当时，与的交点个数有两个，分别设为且，当时，，时，，故函数有两个极值点；当时，与的交点个数有两个，不妨设为 ，则当，，当时，，故函数有1个极值点.(2)证明：因为函数f（x）有两个极值点，由（1）可知设，则，显然，所以，由极值点的概念知， ，故，所以，同理，两式相减得，即.另一方面，要证，只需证，即因为，所以，故上式可化为，即令，则，上式即为，.令，则，故为减函数，所以，即，原命题得证.【点睛】本题考查利用导数研究函数的极值点，利用导数证明不等式；考查分类讨论思想，运算求解能力，是难题.本题第二问解题的关键在于借助第一问的结论得，进而根据极值点的导数值为0等价转换得，进而将问题转化为，再结合换元法证明，即可.22．以坐标原点为极点，x轴的非负半轴为极轴建立极坐标系．曲线的极坐标方程为：．在平面直角坐标系中，曲线的参数方程为（为参数）．(1)求曲线和曲线的直角坐标方程；(2)在极坐标系中，射线与曲线、分别交于A、B两点，求．【答案】(1)(2)【分析】（1）根据极坐标与直角坐标的互化公式，即可求得曲线的直角坐标方程；根据消参法即可求得曲线的直角坐标方程；（2）求得曲线的极坐标方程，将代入求得极半径，结合曲线的极半径，求得答案.【详解】(1)根据 ，可得 ，故曲线的直角坐标方程为；曲线的参数方程为（为参数），则消去参数得；(2)将代入，得曲线的极坐标方程为，令，∵，射线与曲线交于A，对应的极半径为 ，∴．23．已知函数，.(1)若，求不等式的解集；(2)当时，若，，求的取值范围.【答案】(1)(2)【分析】（1）当时，结合零点分段法求得不等式的解集；（2）利用绝对值不等式求得，进而求得参数的范围.【详解】(1)依题意，，当时，原式化为，解得，故；当时，原式化为恒成立，故；当时，原式化为，解得，故.故不等式的解集为.(2)依题意，，而，故，故，即，故的取值范围为.