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四川省遂宁中学校2020-2021学年高二上学期第二次月考数学(理)试题
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这是一份四川省遂宁中学校2020-2021学年高二上学期第二次月考数学(理)试题,共15页。试卷主要包含了考生必须保持答题卡的整洁,若直线等内容,欢迎下载使用。
遂宁中学2020~2021学年度上期二学段考试高二理科数学考试时间:120分钟 满分:150分注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的班级、姓名和准考证号填写在试卷和答题卡上。2.选择题用2B铅笔在对应的题号涂黑答案。主观题用0.5毫米黑色签字笔答在答题卡上对应的答题区域内。3.考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后,请将答题卡上交。 第Ⅰ卷(选择题 共60分) 一、单选题(共60分,每题5分)1.直线的斜率为( )A. B. C. D.2.圆(x-3) 2+(y+4) 2=1关于直线x+y=0对称的圆的方程是( )A.(x+3)2+(y-4)2=1 B.(x-4)2+(y+3)2=1C.(x+4)2+(y-3)2=1 D.(x-3)2+(y-4)2=13.过两点的直线的倾斜角是,则的值为( )A.2 B. C. D.54.如图,正方形的边长为,它是水平放置的一个平面图形的直观图,则它的原图形面积( )A. B. C. D.65.设、表示直线,、表示平面,则下列命题中不正确的是( ).A.,,则 B.,,则C.,,则 D.,,则6.已知直线与直线平行,且在轴上的截距为,则的值为( )A. B. C. D.7.一个四面体的三视图如图所示,则该四面体的表面积是( )A. B.C. D.8.若直线:与圆:相切,则直线与圆:的位置关系是A.相交 B.相切 C.相离 D.不确定9.如图,在直棱柱中,,则异面直线与所成角为( )A. B. C. D.10.棱长为1的正方体中,为正方体表面上的一个动点,且总有,则动点的轨迹所围成图形的面积为( )A. B. C. D.111.已知点,若圆上存在点(不同于点),使得,则实数的取值范围是( )A. B. C. D.12.三棱锥中,△ABC为等边三角形,,,三棱锥的外接球的表面积为 A. B. C. D.第Ⅱ卷(非选择题 共90分) 二、填空题(共20分,每题5分)13.经过点作直线与连接,的直线垂直,则直线的方程为______.14.若变量、满足约束条件:,则的最大值是______.15.圆与圆恰有三条公切线,则实数的值是______.16.在四棱锥中,底面是正方形,底面,,、、分别是棱、、的中点,对于平面截四棱锥所得的截面多边形,有以下三个结论:①截面的面积等于;②截面是一个五边形;③截面只与四棱锥四条侧棱中的三条相交.其中,所有正确结论的序号是______.三、解答题(共70分,17题10分,其余各题12分)17.已知直线 经过点.(1)若直线 平行于直线,求直线 的方程;(2)若直线 在两坐标轴上的截距相等,求直线 的方程.18.如图,在直三棱柱中,,,为的中点,为上的一点,且.(1)求证://平面;(2)求证:. 19.已知直线,.(1)证明:直线过定点;(2)已知直线//,为坐标原点,为直线上的两个动点,,若的面积为,求. 20.如图,四棱锥中,底面是菱形,.(1)证明:平面平面;(2)若,,,求二面角的余弦值. 21.已知点,圆.(1)若点、点都为圆上的动点,且,求弦中点所形成的曲线的方程;(2)若直线过点,且被(1)中曲线截得的弦长为,求直线的方程. 22.在平面直角坐标系中,已知圆过坐标原点且圆心在曲线上.(1)求圆面积的最小值;(2)设直线与圆交于不同的两点、,且,求圆的方程;(3)设直线与(2)中所求圆交于点、,为直线上的动点,直线,与圆的另一个交点分别为,,求证:直线过定点.
遂宁中学2020~2021学年度上期二学段考试高二理科数学试题1.D 2.B 3.B 4.A 5.B 6.A7.B试题分析:由三视图可知,该几何体是如下图所示的三棱锥,其中平面平面,,且,,所以,与均为正三角形,且边长为,所以,故该三棱锥的表面各为,8.A9.A如图延长到,使得,易知即为所求异面直线所成角,不妨设,又,可证为等边三角形,于是所求异面直线所成角为. 10.C如图,易知直线平面,故动点的轨迹所围成图形为,因为为边长为的正三角形,所以其面积,11.A 在以为直径的圆上,因为圆上存在点(不同于点),使得,圆与圆相交,,解得,12.B三棱锥中,为等边三角形,,,,以为过同一顶点的三条棱,作长方体如图,则长方体的外接球也是三棱锥外接球,长方体的对角线为,球直径为,半径为,因此,三棱锥外接球的表面积是13.14.作出不等式组所表示的可行域如下图所示:联立,得,可得点,平移直线,当该直线经过可行域的顶点时,直线在轴上的截距最大,此时取得最大值,即.故答案为:.15.16因为两圆有三条公切线,故与相外切,又,故,,而,,故,故.故答案为.16.②③取的中点,的四等分点,顺次连接、、、、,则平面即为过、、的平面截四棱锥所得截面,如下图所示:在四棱锥中,底面是正方形,底面,,、分别为、的中点,且,平面,平面,平面,平面,平面平面,,为的中点,为的中点,,同理可得,且,平面,平面,,四边形为正方形,则,,平面,平面,,则,所以,四边形为矩形,其面积为,设,,则为的中点,为的中点,,,平面,平面,平面平面,,且,的边上的高为,的面积为.所以,截面面积为,命题①错误;该截面是一个五边形,命题②正确;由图可知,截面与四棱锥侧棱、、相交,命题③正确.故答案为:②③.17.(1)由题意设直线方程为,∵直线过点,∴,,所以直线方程为.(2)当截距为0时,设方程为,则,,直线方程为,当截距不为0时,设直线方程为,则,,直线方程为,即.∴直线方程为或.18(1)∵几何体为直三棱柱,∴四边形为矩形.设,则点O为的中点,又∵,∴,即点E为的中点,又∵D为的中点,∴在中,由三角形中位线定理得又∵平面,平面,∴平面.(2)作CF⊥AB,F垂足,因为,故F为中点,则直三棱柱,故面ABC⊥面ABB1 A1,则CF⊥面ABB1 A1,因为ABB1 A1为正方形,故A1B⊥,又,面FCD,故19.(1)由则直线,令且所以对任意的,直线必过定点(2)由直线//,所以可知直线,则直线,点到直线距离为又,所以20.(1)证明:记,连接.因为底面是菱形,所以,是的中点.因为,所以.因为,所以平面.因为平面,所以平面平面.(2)因为底面是菱形,,,所以是等边三角形,即.因为,所以.又,,所以,即.方法一:因为是的中点,所以,因为,所以,所以和都是等腰三角形.取中点,连接,则,且,所以是二面角的平面角.因为,且,所以.因为,,所以.所以二面角的余弦值为.方法二:如图,以为坐标原点,所在直线分别为轴,轴,轴,建立空间直角坐标系,则,,,,所以,,.设平面的法向量为由,得,令,得.同理,可求平面的法向量.所以.所以,二面角的余弦值为. 21.解:(1)设,中点为,在中,,在圆中,由弦长公式可得,,即,整理得:.该圆的圆心到圆圆心的距离,而.曲线在圆内,符合要求,即曲线的方程为;(2)当直线的斜率不存在时,,此时求得弦长为,满足题意;当斜率存在时,设直线方程为,即,由弦长公式可得:,则,解得:,直线方程为,综上,直线的方程为或.22.解:(1)由题意可设圆的圆心为,则半径为(当且仅当时取等号),所以圆的面积最小值为.(2)由,知.所以,解得.当时,圆心到直线的距离小于半径,符合题意;当时,圆心到直线的距离大于半径,不符合题意.所以,所求圆的方程为.(3)设,,,又知,,所以,.显然,设,则.从而直线方程为:,与圆的方程联立,消去,可得:,所以,,即;同理直线方程为:,与圆的方程联立,消去,可得:,所以,,即.所以;.消去参数整理得. ①设直线的方程为,代入,整理得.所以,.代入①式,并整理得,即,解得或.当时,直线的方程为,过定点;当时,直线的方程为,过定点第二种情况不合题意(因为,在直径的异侧),舍去.所以,直线过定点.
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