江苏省2022-2023学年高一第一学期阶段教学情况测试人教版物理模拟试题三(解析版)

这是一份江苏省2022-2023学年高一第一学期阶段教学情况测试人教版物理模拟试题三(解析版)，共8页。试卷主要包含了6度、南纬45，5m/s，6 m，5 s　21 m，5 m，t1＝3 s，5 m，等内容，欢迎下载使用。
2022年10月
注意事项：
考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求：本试卷为小林老师原创，盗用必究
1.本试卷共6页，满分为100分，考试时间为90分钟。考试结束后请将本试卷和答题卡一并交回。
2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置。
一、选择题（共10小题，共40分，每小题只有一个选项符合题意）
北京时间2018年12月8日2时23分我国在西昌成功发射第四颗月球探测器嫦娥四号。12月30日嫦娥四号探测器在环月轨道成功实施变轨控制，顺利进入预定的月球背面着陆准备轨道。2019年1月3日10时26分，“嫦娥四号”探测器成功着陆在月球背面的东经177.6度、南纬45.5度附近，成为世界首个在月球背面软着陆巡视探测的航天器。下列有关说法不正确的是( )
A. 2019年1月3日10时26分是时刻
B. 东经177.6度、南纬45.5度表示位置
C. 在观测嫦娥四号绕月球运行的轨迹时可将其看成质点
D. 在研究嫦娥四号在环月轨道实施变轨的姿态时可将其看成质点
【答案】D
【解析】解：A、2019年1月3日10时26分对应时间轴上的点，是时刻，故A正确；
B、东经177.6度、南纬45.5度表示位置，故B正确；
C、研究嫦娥四号绕月球运行的轨迹时，其大小和形状能忽略不计，可以将其看成质点，故C正确；
D、在研究嫦娥四号在环月轨道实施变轨的姿态时，其大小和形状不能忽略不计，不可将其看成质点，故D不正确。
本题选择不正确的
故选：D。
明确时间和时刻以及质点的定义和性质即可正确解答。
本题考查描述运动的基本物理量的掌握情况，要注意认真对待相近概念，明确它们的区别和联系。
如图所示，赛车手在某次汽车越野拉力赛训练前，先利用地图计算出A、B两地的直线距离为9km。训练中他从A地到B地用时5min，赛车上的里程表指示的里程数值增加了15km，那么赛车手从A到B的过程中( )
A. 经过的路程为9kmB. 发生的位移大小为15km
C. 平均速度大小为50m/sD. 平均速度大小为30m/s
【答案】D
【解析】解：A、经过的路程为15km，发生的位移大小为9km，故AB错误；
C、平均速度等于位移与时间的比值，所以平均速度大小为v=90005×60m/s=30m/s，故C错误，D正确；
故选：D。
位移为初位置到末位置的有向线段，路程为物体运动轨迹的长度，平均速度等于位移与时间的比值。
本题主要考查了位移与路程，瞬时速度与平均速度，关键是抓住概念，重点掌握相近知识点的区别和联系。
下列说法正确的是( )
A. 速度的变化量越大，则加速度就越大
B. 物体在某时刻速度为零，其加速度也一定为零
C. 当物体沿直线朝一个方向运动时，位移就是路程
D. 速度变化率小，速度一定变化慢
【答案】D
【解析】解：A、根据加速度的定义式a=△v△t，加速度等于速度的变化率。物体的速度变化量大，加速度不一定大，故A错误；
B、加速度等于速度的变化率，物体在某时刻速度为零，其加速度不一定为零，故B错误；
C、位移是矢量，路程是标量，两者不能等同，不能说位移就是路程，故C错误；
D、加速度等于速度的变化率，速度变化率小，速度一定变化慢，故D正确。
故选：D。
物体在水平面上做直线运动，由t＝0时开始的速度—时间图象如图所示，下列选项正确的是
A. 在0～6 s内，物体离出发点最远为30 m
B. 在0～6 s内，物体在4s时速度方向发生变化
C. 在0～4 s内，物体的平均速度为7.5 m/s
D. 在5～6 s内，物体做匀减速直线运动
【答案】C
【解析】AB．0～5s，物体沿正向运动，5～6s沿负向运动，故5s末离出发点最远，故AB错误；
C．在0～4s内，物体经过的位移为
所以平均速度为
故C正确；
D．在5～6s内，物体的速度为负值，加速度也为负值，做匀加速直线运动，故D错误。
故选C。
一质点做直线运动，在第一秒内速度增加1m/s，在第2秒内速度增加1m/s，在第3秒内速度增加1m/s，在第4秒内速度增加1m/s，则这个质点的运动是( )
A. 匀速直线运动B. 一定是匀加速直线运动
C. 不一定是匀加速直线运动D. 一定是非匀变速直线运动
【答案】C
【解析】解：
A、匀速直线运动的特点是速度保持不变，据题知物体的速度在增加，不可能做匀速直线运动。故A错误。
B、C、D由题意分析可知，物体在每一秒内速度的增加量相等，但在每个更短时间内或更长时间内速度的增加量不一定相等，也就是说物体任意相等时间内速度的变化量不一定相等，所以不一定是匀加速直线运动，也可能是非匀变速直线运动，故ABD错误，C正确。
故选：C。
匀速直线运动的特点是速度保持不变．匀变速直线运动的特点是物体的加速度不变，即任意相等时间内速度的变化量都相等．分析物体运动的特点进行判断．
物体沿直线做单方向的运动，途经直线上的A、B、C三点，经过这三点时的速度分别为vA、vB、vC，则下列说法正确的是( )
A. vA、vB、vC越大，则由A到C所用的时间越短
B. 若vA=vB=vC，则物体一定做匀速直线运动
C. 由A到C这一阶段的平均速度为v−=vA+vB+vC3
D. 由A到C这一阶段的平均速度越大，则由A到C所用的时间越短
【答案】D
【解析】解：A、A、由于没有明确物体的运动情况，vA、vB、vC越大，只是说明此时刻的速度大，其他时刻的速度情况不确定，不能判断由A到C所用的时间情况，故A错误；
B、经过A、B、C三点时的速度vA、vB、vC指的是瞬时速度，即使vA=vB=vC，不能代表每一时刻的速度相等，则物体不一定做匀速直线运动，故B错误；
C、平均速度等于位移与时间的比值，不是速度的平均值，故C错误；
D、A到C所用的时间t=xv，由A到C这一阶段的平均速度越大，则由A到C所用的时间越短，故D正确。
故选：D。
如图所示，完全相同的三个木块并排固定在水平面上，一子弹以速度v水平射入，若子弹在木块中做匀减速运动，且穿过第三块木块后速度恰好为零.则子弹依次射入每块木块时的速度比和穿过每块木块所用的时间比正确的是( )
A. v1：v2：v3=3：2：1
B. v1：v2：v3=1：2：3
C. t1：t2：t3=l：2：3
D. t1：t2：t3=3−2：(2−1)：1
【答案】D
【解析】在解匀减速直线运动题目时，由于初速度不等于零，在用公式解题时，方程组非常难解，这时我们可以用逆过程解题，相当于物体做初速度为零的匀加速直线运动．
在研究匀减速直线运动，且末速度为零时，合理运用逆过程可以使题目变得简单易做.要灵活应用匀变速直线运动的推论．
子弹匀减速穿过三木块，末速度为零，我们假设子弹从右向左作初速度为零的匀加速直线运动，从左到右木块我们分别标记为1、2、3。
则：子弹依次穿过321三木块所用时间之比：t3：t2：t1=1：(2−1)：(3−2)
得：子弹依次穿过123三木块所用时间之比：t1：t2：t3=(3−2)：(2−1)：1
设子弹穿过第三木块所用时间为1秒，则穿过3，2两木块时间为：t3+t2=2s，穿过3，2，1三木块时间为：t3+t2+t1=3s
则：子弹依次穿过3，2，1三木块时速度之比为：1：2：3，所以，子弹依次穿过1，2，3三木块时速度之比为：3：2：1；
故D正确，ABC错误；．
一质点沿x轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其—t图象如图所示，则（ ）
A．质点做匀速直线运动，速度为0.5m/s
B．质点做匀加速直线运动，加速度为0.5m/s2
C．质点在l s末速度为1.5m/s
D．质点在第l s内的平均速度为1.5m/s
【答案】D
【解析】质点做匀变速直线运动，其位移x=v0t+at2，对照题给的—t图象，可变换成 =v0+at，由此可知，质点做匀加速直线运动，加速度为a=1.0m/s2，初速度为v0=1.0m/s，选项AB错误。由v= v0+at可知质点在l s末速度为2.0m/s，选项C错误。质点在第l s内的位移x=v0t+at2=1.5m，第l s内的平均速度为1.5m/s，选项D正确。
一个小球自由下落，到达地面的速度为40m/s，此物体下落高度和时间分别为(g=10m/s2)( )
A. 40m 4sB. 40m 2sC. 80m 4sD. 80m 2s
【答案】C
【解析】解：根据v=gt得：t=vg=4010s=4s。
小钢球下落的高度为：h=12gt2=12×10×42m=80m，故C正确，ABD错误。
故选：C。
自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，根据v=gt求出下落的时间；根据h=12gt2求出钢球下落的高度。
解决本题的关键知道自由落体运动的规律：v=gt和h=12gt2，灵活运用运动学公式进行求解。
甲、乙两辆汽车沿同一方向做直线运动，两车在某一时刻刚好经过同一位置，此时甲的速度为5 m/s，乙的速度为10 m/s，甲车的加速度大小恒为1.2 m/s2.以此时作为计时起点，它们的速度随时间变化的关系如图3所示，根据以上条件可知( )
图3
A．乙车做加速度先增大后减小的变加速运动
B．在前4 s的时间内，甲车的位移为29.6 m
C．在t＝4 s时，甲车追上乙车
D．在t＝10 s时，乙车又回到起始位置
【答案】 B
【解析】 v－t图像的斜率表示物体的加速度，由题图可知，乙的加速度先减小后增大，最后再减小，故A错误；在前4 s的时间内，甲车的位移为x＝v0t＋eq \f(1,2)at2＝5×4 m＋eq \f(1,2)×1.2×16 m＝29.6 m，故B正确；在t＝4 s时，两车的速度相同，但经过的位移不同，故两车没有相遇，故C错误；在10 s前，乙车速度一直为正，乙车一直沿正方向运动，故乙车没有回到起始位置，故D错误．
二、简答题(本题共5小题，共60分)
用如图7甲的装置研究自由落体运动规律．已知打点计时器的工作频率为50 Hz.
(1)电磁打点计时器必须接________(选填“220 V交流”“4～6 V交流”或“4～6 V直流”)电源．
(2)部分实验步骤如下：
A．测量完毕，关闭电源，取出纸带
B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开重锤
C．重锤停靠在打点计时器附近，重锤与纸带相连
D．把打点计时器固定在夹板上，让纸带穿过限位孔
上述实验步骤的正确顺序是：________(填写字母)．
(3)图乙中标出的相邻两计数点之间还有4个计时点未画出，则相邻两计数点的时间间隔T＝________ s.
(4)计数点C对应的瞬时速度大小vC＝________ m/s.
(5)根据实验记录的数据计算重锤的加速度大小a＝________ m/s2.(计算结果保留两位有效数字)
【答案】 (1)4～6 V交流 (2)DCBA (3)0.1 (4)2.2 (5)9.9
【解析】 (1)电磁打点计时器必须接4～6 V交流电源；
(2)先连接实验器材，后穿纸带，再连接重锤，接通电源，后释放纸带，打点并选择纸带进行数据处理，所以上述实验步骤的正确顺序是：DCBA；
(3)打点计时器的工作频率为50 Hz，每隔0.02 s打一次点，每相邻两计数点之间还有4个计时点未画出，故T＝0.1 s；
(4)匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故vC＝eq \f(xBD,2T)＝eq \f(17.1＋26.9,0.2)×10－2 m/s＝2.2 m/s；
(5)根据Δx＝aT2，则a＝eq \f(xCE－xAC,4T2)代入数据得：a≈9.9 m/s2.
某质点由A点出发做直线运动，经5s向东运动了30m到达B点，又经过5s再次前进了60m到达C点；在C点停了4s后又向西行，又经过6s运动120m到达A点西侧的D点，求：
(1)质点由A点刚好到达C点的平均速度的大小。
(2)质点运动全程(AD)的平均速度。
【答案】
【解析】解：(1)以向东为正方向，质点运动的起点为A，到达C点时位移为：x=30m+60m=90m，时间为：t=5s+5s=10s
该过程平均速度大小：v−=9010=9m/s，方向向东。
(2)全过程的位移为：x'=30+60−120=−30m
时间：t'=5s+5s+4s+6s=10s
平均速度：v'−=x't'=−30m20s=−1.5m/s，−号表示方向向西
一辆汽车从O点由静止开始做匀加速直线运动，已知在2 s内经过相距27 m的A、B两点，汽车经过B点时的速度为15 m/s。如图2所示，求：
(1)汽车经过A点的速度大小；
(2)A点与出发点间的距离；
(3)汽车从O点到B点的平均速度大小。
【答案】 (1)12 m/s (2)48 m (3)7.5 m/s
【解析】 (1)汽车在AB段的平均速度eq \(v,\s\up5(－))＝eq \f(xAB,t)＝eq \f(27,2) m/s＝13.5 m/s，而汽车做匀加速直线运动，所以有eq \(v,\s\up5(－))＝eq \f(vA＋vB,2)即vA＝2eq \(v,\s\up5(－))－vB＝12 m/s
(2)由v2－veq \\al(2,0)＝2ax得a＝eq \f(veq \\al(2,B)－veq \\al(2,A),2xAB)＝1.5 m/s2，同理
veq \\al(2,A)＝2axOA，代入数值得xOA＝48 m
(3)汽车从O点到B点的平均速度
eq \(v,\s\up5(－))＝eq \f(vB,2)＝eq \f(15,2) m/s＝7.5 m/s
在离地面7.2 m处，手提2.2 m长的绳子的上端，如图5所示，在绳子的上下两端各拴一小球，放手后小球自由下落(绳子的质量不计，球的大小可忽略，g＝10 m/s2)求：
(1)两小球落地的时间差；
(2)B球落地时A球的速度大小．
【答案】 (1)0.2 s (2)10 m/s
【解析】 (1)设B球落地所需时间为t1，A球落地所需时间为t2，
因为h1＝eq \f(1,2)gt12，
所以t1＝eq \r(\f(2h1,g))＝eq \r(\f(2×7.2－2.2,10)) s＝1 s，
由h2＝eq \f(1,2)gt22得t2＝eq \r(\f(2h2,g))＝eq \r(\f(2×7.2,10)) s＝1.2 s所以两小球落地的时间差为Δt＝t2－t1＝0.2 s.
(2)当B球落地时，A球的速度与B球的速度相等．
即vA＝vB＝gt1＝10×1 m/s＝10 m/s.
两辆玩具小车在同一水平轨道上运动，在t＝0时刻，甲车在乙车前面s0＝4 m的地方以速度v0＝2 m/s匀速行驶，此时乙车立即从静止开始做加速度a＝1 m/s2的匀加速直线运动去追甲车，乙车达到速度vm＝3 m/s后开始匀速运动．
(1)从开始经过多长时间乙车落后甲车最远，这个距离是多少？
(2)从开始经过多长时间乙车追上甲车，此时乙车通过位移的大小是多少？
【答案】 (1)2 s 6 m (2)8.5 s 21 m
【解析】 (1)当两车速度相等时相距最远，即v0＝at0，
故t0＝2 s，此时两车距离x＝s0＋v0t0－eq \f(1,2)at02
解得x＝6 m；
(2)先研究乙车从开始到速度达到vm时与甲车的距离．
对乙车：vm＝at1,2ax乙＝vm2
对甲车：x甲＝v0t1
解得x甲＝6 m，x乙＝4.5 m，t1＝3 s
x甲＋s0>x乙，故乙车达到最大速度时未追上甲车，此时两车间距为Δs＝x甲＋s0－x乙＝5.5 m，
乙车追上甲车还需要时间t2＝eq \f(Δs,vm－v0)＝eq \f(5.5,3－2) s＝5.5 s，
故乙追上甲的总时间t总＝t1＋t2＝8.5 s，此时乙车的位移为x总＝x乙＋vmt2＝(4.5＋3×5.5) m＝21 m.