2022-2023学年黑龙江省勃利县高级中学高二上学期9月月考物理试题（Word版）

这是一份2022-2023学年黑龙江省勃利县高级中学高二上学期9月月考物理试题（Word版），共13页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。

（时间：100分钟 满分：100分）
一、单选题（4*7=28分）
1. 下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是（ ）
A. 根据电场强度的定义式可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比
B. 根据电势的定义式可知，该点的电势与其电势能成正比，与电荷量成反比
C. 根据真空中点电荷的电场强度公式可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量无关
D. 根据电势差的定义式可知，电荷量为1 C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则A、B两点间的电势差为-1 V
2. 如图所示，将带电量为q的小球A固定在绝缘支架上，将另一质量为m，电荷量相等的带电小球B放在距离A球正上方r处恰好处于平衡状态（r远远大于小球直径），则（ ）
A. A、B两球可能带异种电荷
B. 两小球的电量
C. 如果小球B的质量变为，则B球重力势能变大
D. 如果小球B的电量变为，则B球的电势能增加
3. 如图所示，较厚空腔球形导体壳中有一个正点电荷，则图中a、b、c、d各点的电场强度大小关系为（ ）
A. Ea > Eb > Ec > EdB. Ea > Ec = Ed > Eb
C. Ea > Ec > Ed > EbD. Ea < Eb < Ec = Ed
4. 如图所示，长为L的绝缘细线一端连着带正电小球（视为点电荷），另一端固定在O点，小球在竖直平面内绕O点做圆周运动。已知小球的质量为m、电荷量为q，匀强电场的电场强度大小为E、方向水平向右，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（ ）
A. 小球经过最低点时速度最大
B. 若细线断裂，小球将做匀变速运动
C. 小球运动过程中的最小速度可能为
D. 若小球做逆时针运动，从B点运动到D点的过程中，其动能、重力势能和电势能之和先增加后减少
5. 一根长为L、横截面半径为r的金属棒，其材料的电阻率为ρ。金属棒内单位体积自由电子数为n，电子的电荷量为e。在棒两端加上恒定的电压U时，金属棒内产生电流，则自由电子定向运动的平均速率为（ ）
A. B.
C. D.
6. 如图所示，直线I为某电源的伏安特性曲线，曲线Ⅱ为某小灯泡的伏安特性曲线。则下列判断中错误的是（ ）
A. 电源的电动势E=3.0V
B. 电源的内阻r=1.5Ω
C. 该灯泡直接与该电源相接时，灯泡电阻为1Ω
D. 该灯泡直接与该电源相接时，灯泡功率为1.5W
7. 如图所示，当S闭合，甲、乙两表是电压表时，两表示数之比，当S断开，若甲、乙两表都为电流表时（ ）
A. 甲、乙两表示数之比为2：5
B. 甲、乙两表示数之比为3：5
C. 通过与上的电流的之比为2：3
D. 与消耗的功率之比为2：3
二、多选题（4*5=20分）
8. 如图甲所示，在两距离足够大的平行金属板中央有一个静止的电子（不计重力），当两板间加上如图乙所示的交变电压后，若取电子初始运动方向为正方向，则下列图象中能正确反映电子的速度v、位移x、加速度a、动能四个物理量随时间变化规律不正确的是（ ）
A. B.
C. D.
9. 如图所示，平行板电容器与电动势为E直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，一带负电油滴被固定于电容器中的P点。现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（ ）
A. 平行板电容器的电容变小
B. 静电计指针张角变小
C. 带电油滴受到的电场力减小
D. 带电油滴电势能减少
10. 如图所示，把两只完全相同的表头进行改装，已知表头内阻，下列说法正确的是（ ）
A. 由甲图可知，该表头满偏电流
B. 甲图是改装成的双量程电压表，其中b量程为15V
C. 乙图是改装成的双量程电流表，，
D. 乙图是改装成的双量程电流表，，
11. 如图所示电路，电源电动势为E，内阻为r，Rt为光敏电阻（光照强度增加时，其电阻值减小），现减弱光照强度，则下列判断正确是（ ）
A. B灯变暗，A灯变亮B. R0两端电压变大
C. 电源路端电压变大D. 电源总功率变小
12. 如图(a)电路，当变阻器滑动片从一端滑到另一端的过程中， 两电压表的示数随电流的变化情况如图(b)U-I图像中的AC．BC两直线所示，不考虑电表对电路的影响．下面说法错误的是（ ）
A. 电源电动势为E=9VB. 电源内阻r = 1Ω
C. 定值电阻R0=3ΩD. 变阻器消耗的最大功率为7W
三、实验题（13题2分，14题9分，15题6分）
13. 某课外兴趣小组在用“伏安法测电阻”实验中，测得两电表示数如图所示，电流表读数为________A，电压表读数为________V。
14. 某同学打算测量由某种合金材料制成的金属丝的电阻率（阻值约5欧），待测金属丝的横截面为圆形。实验器材有：毫米刻度尺、螺旋测微器、电压表（内阻约2千欧）、电流表（内阻约2欧）、滑动变阻器、电源、开关、待测金属丝及导线若干。
（1）用毫米刻度尺测量待测金属丝的长度，用螺旋测微器测量其直径，结果分别如图1和图 2所示，可得其长度? =___________cm，直径? =___________mm；
（2）该同学要用图像法求出待测金属丝的阻值，要求电压从0开始变化。请在答题卡上将图3所示实物电路图中所缺导线补全；（ ）
（3）图4是根据实验中测得的6组电流、电压的值描绘的点，在答题纸图4上作图___________，由图可求出电阻值=___________Ω（保留3位有效数字），电阻丝的真实值比该测量值___________（相同，偏大，偏小）；
（4）请写出待测金属丝的电阻率?的表达式=___________（用测得的物理量符号和已知常数表示）。
15. 某同学想把一量程为2mA、内阻未知的毫安表改成量程为0.6A的电流表，该同学先用多用电表测量此毫安表的内阻，进行了如下操作：
（1）将多用电表挡位调到电阻“”挡，再将红表笔和黑表笔短接，调零点；
（2）将图甲中多用电表的红表笔和___________（填“1”或“2”）端相连，黑表笔连接另一端；
（3）测量电阻时发现多用电表指针偏转角度过小，需要将多用电表挡位调到电阻___________（填“”或“”）挡；
（4）将红表笔和黑表笔短接，调零点；
（5）测量时，多用电表指针刚好指在表盘正中间，如图乙所示，毫安表的指针也刚好指在表盘正中间，由此可以得到毫安表的内阻为___________；
（6）如果需要改成量程为0.6A的电流表，需要___________（填“串联”或“并联”）___________（结果保留2位有效数字）的电阻。
四、解答题（16题8分，17题13分，18题14分）
16. 如图所示，电源电动势为6 V，内阻为1 Ω，R1=5 Ω，R2=10 Ω，滑动变阻器R3阻值变化范围为0～10 Ω，求电路中的总电流的变化范围。
17. 一束电子流经U1=5000V的加速电压加速后，在距两极板等距离处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，两极板间电压U2=400V，两极板间距d=2.0cm，板长L1=5.0cm。
（1）求电子在两极板间穿过时的偏移量y；
（2）若平行板的右边缘与屏的距离L2=5cm，求电子打在屏上的位置与中心O的距离Y（O点位于平行板水平中线的延长线上）；
（3）设电子质量为m，电荷量为q，现有另一个质量为2m的三价负离子（不计重力）经同一电压U1加速，再经同一偏转电场，射出偏转电场的偏移量y′和打在屏上的偏移量Y′各是多大。
18. 如图所示，光滑绝缘斜面高度h＝0.45 m，斜面底端与光滑绝缘水平轨道圆弧连接，水平轨道边缘紧靠平行板中心轴线．平行板和三个电阻构成如图所示电路，平行板板长为l＝0.9 m，板间距离d＝0.6 m，R1＝3 Ω，R2＝3 Ω， R3＝6 Ω．可以看为质点的带电小球，电量q＝－0.01 C，质量m＝0.03 kg，从斜面顶端静止下滑．
（1）若S1、S2均断开，小球刚好沿平行板中心轴线做直线运动，求电源电动势E．
（2）若S1断开，S2闭合，小球离开平行板右边缘时，速度偏向角tan θ＝，求电源内阻r．
（3）若S1、S2均闭合，判断小球能否飞出平行板？
答案
1-7 DBCBA CA 8.BCD 9.ACD 10.ABD 11.CD 12.AD
13. ①. 0.42 ②. 2.60
14. ①. 59.40 ②. 0.434 ③.
④. ⑤. 5.81 ⑥. 偏大 ⑦.
15. ①. 1 ②. ×100 ③. 1500##15k##1.5×103 ④. 并联 ⑤. 5.0
16. 当R3阻值为零时，R2被短路，外电阻最小，电流最大
R外=R1=5 Ω
当R3阻值为10 Ω时，外电阻最大，电流最小

电路中的总电流的变化范围是0.55~1 A。
17. (1)电子加速过程，由动能定理得
进入偏转电场，电子在平行于极板的方向上做匀速运动，
L1＝v0t
在垂直于极板的方向上做匀加速直线运动，加速度为
偏移距离
联立解得
代入数据得
y＝0.25cm
(2)由于平抛运动速度的反向延长线恰好过水平位移的中点，且离开电场后做匀速直线运动如图，由几何关系知
可得
代入数据得
Y＝0.75cm
(3)由于
，
偏移量与粒子的质量m和电荷量q无关，故3价负离子经同样装置后
y′＝y＝0.25cm，Y′＝Y＝0.75cm
18. （1）小球下滑过程机械能守恒，
由机械能守恒定律得：
解得： ，
对S1、S2均断开时，极板电势差即为电源电动势E，
由平衡条件得：
解得：
E＝＝＝18 V
（2）当S1断开，S2闭合时，带电小球做类平抛运动，
水平方向：

竖直方向分速度：
对带电小球，由牛顿第二定律得：
，其中： ，
代入数据解得：a1＝4m/s2，E1＝18 N/C，UC＝10.8 V，
当S1断开，S2闭合时，R1与R3串联，电容器与R3并联，
电容器两端电压：
由部分电路欧姆定律：
由闭合电路欧姆定律：
代入数据解得：r＝1 Ω．
（3）当S1、S2均闭合时，R2与R3并联，并联电阻：
电路电流：
电压：
对小球，由牛顿第二定律得：
其中电压：
联立求解：
对带电小球类平抛运动分析，有：


联立求解：y＝03 m，y＝＝0.3 m，
带电小球恰好从右侧极板边缘飞出。