2023重庆市万州二中高二上学期10月月考试题物理PDF版含解析（可编辑）

高二第一次月考物理试题

参考答案

一、单项选择题(每小题4分，共28分。每小题只有一个正确选项)

1．【答案】B

【详解】A．油罐车车尾下方拖着一根落地的软铁条是利用铁的导电性，将运输过程中产生的静电导走，A 错误；

B．高压输电线上方的两根细的导线的作用是与大地相连，形成稀疏的金属网，把高压线屏蔽起来，避免雷击，起到静电屏蔽作用，B 正确；

C．燃气灶中针尖形点火器利用高压尖端放电的原理，C 错误；

D．用铜丝编织的管线包裹话筒线是利用静电屏蔽作用，避免外界干扰。D 错误；故选 B。

2．【答案】  C

【解析】A．根据电场与等势面的垂直关系可知，A、B两点的场强方向不同，所受电场力方向不同，加速度方向不同，故 A 错误；

B． 由于φBφC，对于负电荷EpBEpC，故 B 错误；

C．正电荷由 C至 B，电场力做功为WCBqUCBq(φCφB)

又由于φCφB，所以 ，电场力做负功，故 C 正确；

D．根据电场线疏密可以判断ECEB，故 D 错误。故选 C。

3.

【答案】A

【解析】本次实验通过人体的电荷量

QCU15 10一6  3000C=0.045C

放电的平均电流为

It0.9 10一3  A=50A

故选 A。

4．【答案】D

【详解】A．正点电荷周围的电场线是从正点电荷出发，呈辐射状分布的，故 A 错误；

B．同一电场的电场线在空间不能相交，否则同一点具有两个电场强度方向，故 B 错误；

C．电场中的带电粒子受力的方向沿电场线的切线方向， 由于 C点所在电场线为曲线，所以将该粒子在 C点由静止释放，它一定不能沿电场线运动，故 C 错误；

D．由于做曲线运动的物体受力的方向指向曲线的内侧，该粒子带负电，可知场强方向应是从 B到 C，A点的电势高于 D点的电势，故从 A到 D电场力对粒子做负功，粒子的动能减少，则粒子在 A点的速度较大，故 D 正确。故选 D。

5．【答案】B

解析：由p­ x图像的切线斜率表示电场强度的大小，结合图乙可知 N处场强为零，N处的场强为零，选项 A正确;由 Ep=qp知，EpM＞Epp＞EpN电势逐渐降低，EkN＞Ekp＞EkM，B错误；C正确； 由图乙分析可知|UPN|<|UMN| ，又电场力做的功 W＝qU，故将一正试探电荷从 P移到 M过程中， 电场力做功的绝对值| WPN|<|WMN| ，选项 D 正确．

答案：B

6．答案：C

7. 【答案】C

【详解】A．对 a、b整体而言，竖直方向受重力和地面的支持力，故支持力总等于两球的重力之和，可知 地面对 b的支持力不变。故 A 错误；                                                                 C．对 a受力分析如图受重力 G、库仑力F和墙面的弹力 N，当 a球下移时，由受力图可知，N和 F均变大。故 C 正确；          B．对 a、b整体，水平方向竖直挡板对 b的支持力等于墙面对 a的弹力 N，则竖直挡板对 b的支持力变大。 故 B 错误；                                                                                        D．综上所述，故 D 错误。故选 C。

二、多项选择题(每小题5分，共15分。每小题至少有两个正确选项)

8．答案：BCD

解析：根据 C＝ ，当d 、εr 不变时，C∝S ，而正对面积 S 正比于液面高度 h. 电流计中有从下向上流过的电流，说明电容器在放电， 电容器带电荷量 Q＝CU 在减小，在电压 U 恒定时，说明电容 C 在减小，

则 h在减小，瓶内的液面降低了，故 A 错误，B 、C 正确．t 时间内放电，释放的电荷量ΔQ＝UΔC＝It.ΔC＝＝ ，解得Δh ＝ ，故 D 正确．

9．【答案】  BC

【解析】  0 −T期间由静止释放该小球在竖直方向上依然做自由落体运动；假设小球带正电，  0 一在水平 方向上向右加速运动， 一 先向右减速运动，再反向向左做加速度，  一 T做减速运动，合运动折线

回到 B点，小球到达  B点的速度为v；故 BC 正确。故选 BC。

10．【答案】  BC

【详解】A．从 v一t图像可知， 由 C到 A的过程中，物块的速度一直增大 ，电场力对物块做正功 ，电势能一直减小，故 A 错误；

B．v-t图像的斜率表示加速度， 由 v-t图可知带电粒子在 B点的加速度最大，且为

v 4 10一2 2                       一2           2

maxt      7 一 5

则 B点处场强最大，且最大值为Emax一一73V/m=104 V/m故 B 正确；

C．两个等量同种正电荷其连线中垂线上电场强度方向是由 O点沿中垂线指向外侧，故由 C点到 A点的过程中电势逐渐减小，故 C 正确；

D．从 v一t图像可知，A、B两点的速度分别为 vA=6 × 10 - 2 m/s，vB=4 × 10 - 2m/s，再根据动能定理

得

1      2         1      2

三、实验题(每空2分，共16分)

11.

【答案】  0.44

螺旋测微器的读数为 D1.5mm11.0 0.01mm1.610mm

游标卡尺的读数为L38mm7 0.05mm38.35mm

12.

 ( 1 ) 由电路图得实物连接图为

(2)1/K(3) ρ = 2                                         (4)小

四、计算题(12+12+17=41分)

13．

【详解】( 1) IgRg= (I    − Ig)R1              I =10mA

 ( 2 )U =IgRg+ IR2=14.19V

14.【答案】( 1 ) 0.5m/s2  ，288J；( 2 ) 0.72m

【详解】( 1)物体在 AB段受力分析有Fcos 37一 qE=ma解得 a=0.5m/s2 由运动学公式有 xABat2，vB2  2axAB，A到 B由动能定理得W一 qExABmvB2解得 W=288J                                                                     ( 2 )物体在刚好过圆弧轨道最高点 D时有mgm由 B到 D根据动能定理可得

1         2       1         2

一mg2Rmv一mv

联立解得 R=0.72m

15．

【解析】

 ( 1 ) 粒子在电场 I 中做匀加速运动，离开电场 I 时的速度

为v，则

12

EqL2 mv

在电场 II 中做类平抛运动，假设从 CD 边离开

Lvt

dat2

Eqma

解得

dL

假设成立，因此离开电场时的位置坐标为 ( L，  L)

  ( 2 )若粒子在 AB线上不同位置释放，在电场 I 中获得动能相同，若从 CD边穿出，侧向位移也相同，均为 d，获得的动能也相同，但若从 GD边射出，在 II 中获得的动能不同因此分两种情况讨论

 ( i ) 当 0 yL时粒子从 CD边射出，获得的动能

EkEqLEqLEqL

 ( ii ) 当 LyL时，粒子从 GD边射出，获得的动能

EkEqLEq(L一 y ) Eq(2L一 y )

 ( 3 ) 粒子在 AB中垂线不同位置释放时，若恰好从  D点射出，则

12

Eqx2 mv

Lvt

 1 1 2

2       2

Eqma

联立得

xL

因此分成两种情况讨论

 ( i ) 当 一L一xL时，从 CD边射出，粒子离开电场时在 II 区沿着电场线的位移

1Eq2

2  m

解得

d

因此离开电场是的动能

EkEqxEqEq (x)

 ( ii ) 当 一 L一x0 时，粒子均从 GD边射出，离开电场是的动能

EkEqxEqEq(x+ )