2023年中考三轮冲刺物理必刷模拟卷（广东专用）模拟卷3（解析版+原卷版）

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2023年中考物理必刷模拟卷三（广东专用）
注意事项：
1．本试卷分为选择题和非选择题两大部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答其他题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
5．考试范围：中考全部内容。

一．选择题
1．关于声现象，下列说法中正确的是（　　）
A．声音在不同介质中的传播速度相同
B．道路旁植树可以有效地减弱噪声的传播
C．正常的人耳只能听到20Hz～2000Hz之间的声音
D．声的振幅相同，人耳感觉到的声音的响度也相同
【分析】①声音在不同介质中传播的速度不同，植树造林是在传播途径中减弱噪声；
②人耳感觉到声音的响度不但与振幅有关，还与距离发声体的远近有关，正常人的听觉范围是20Hz～20000Hz之间的声音。
【解答】解：A、声音在不同介质中的传播速度不同，声音在固体中传播的速度大于液体和气体中的传播速度。故A错误。
B、道路旁植树是在传播过程中有效地减弱噪声的传播。故B正确。
C、正常的人耳只能听到20Hz～20000Hz之间的声音，而不是20Hz～2000Hz．故C错误。
D、声的振幅相同，人耳感觉到的声音的响度不一定相同，因为响度还与距离发声体的远近有关。故D错误。
故选：B。
2．由做饭联想到的物理知识，错误的是（　　）
A．向热汤中滴入香油，散发出浓浓的香味，是由于温度越高，分子热运动越剧烈
B．将勺子放入热汤中，过一会儿勺把会发热，是因为热传递可以改变内能
C．电饭锅的功率大，所以工作时消耗的电能多
D．抽油烟机工作时，电能转化为机械能
【分析】①温度越高，分子的热运动越剧烈，扩散越快；
②改变内能有两种方法：做功和热传递；
③用电器消耗电能的多少决定于用电器的工作功率和工作时间；
④电动机工作过程中将电能转化为机械能。
【解答】解：
A、向热汤中滴入香油，散发出浓浓的香味，是由于温度越高，分子热运动越剧烈。此选项正确；
B、将勺子放入热汤中，热汤温度高，勺把温度低，热量可以从热汤传到勺把。说明热传递可以改变内能。此选项正确；
C、电饭锅的功率虽然比较大，但工作时间不确定，由公式W＝Pt知，消耗电能多少不能确定。此选项错误；
D、抽油烟机的核心部件是电动机，工作过程中电能转化为机械能。此选项正确。
故选：C。
3．下列说法正确的是（　　）
A．塑料挂钩的吸盘贴在光滑的墙上，说明吸盘具有吸力
B．地面上的大木料所受重力和它对地面的压力是一对平衡力
C．举重运动员举着杠铃在空中静止时，运动员对杠铃做了功
D．大气压强随高度的升高而减小
【分析】（1）大气有压强；
（2）二力平衡的条件：同体、等大、反向、共线；
（3）做功的两个必要因素：作用在物体上的力和物体在力的方向上移动的距离；
（4）大气压强随高度的增加而减小。
【解答】解：A、塑料挂钩的吸盘能贴在光滑的墙上，是因为受到大气压力的作用；故A错误；
B、重力的受力物体是木料，压力的受力物体地面，这两个力没有作用在同一物体上，不是平衡力，故B错误；
C、举重运动员举着杠铃在空中静止时，杠铃受到力的作用，但没有移动距离，没有做功，故C 错误；
D、大气压强随海拔高度的增加减小，故D正确。
故选：D。
4．“奋斗者”号载入潜水器的壳体使用了我国自主研发的新型高强、高韧钛合金。金属钛是一种晶体，其熔化时温度随时间变化的图象为图中的（　　）
A． B．
C． D．
【分析】要解决此题需要知道固体分晶体和非晶体。
同时要掌握晶体和非晶体的重要区别：晶体熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变。凝固过程中，不断放出热量，温度保持不变；
非晶体熔化过程中，不断吸收热量，温度不断上升。凝固过程中，不断放出热量，温度不断下降。
【解答】解：已知金属钛是一种晶体，
A、整个过程温度有下降的趋势，且有一段时间温度保持不变，所以是晶体的凝固图象，故A不符合题意；
B、整个过程中温度都在不断上升，所以是非晶体的熔化图象，故B不符合题意；
C、整个过程温度有上升的趋势，且有一段时间温度保持不变，所以是晶体的熔化图象，故C符合题意；
D、整个过程中温度都在不断下降，所以是非晶体的凝固图象，故D不符合题意。
故选：C。
5．如图所示，木块a放在粗糙水平桌面上，木块b放在木块a上面，在水平拉力F的作用下一起向右做匀速直线运动，空气阻力不计，下列判断正确的是（　　）

A．b在水平方向上受到向右的摩擦力
B．a在水平方向上受到向左的摩擦力
C．a受到的摩擦力比拉力F大
D．a受到的重力和地面对a的支持力是一对平衡力
【分析】（1）把a和b看做整体进行受力分析，根据二力平衡条件判断拉力F和a受到的摩擦力大小关系以及受到的重力和地面对a的支持力的关系；
（2）对b进行受力分析，从力与运动的关系判断是否受到摩擦力。
【解答】解：A、块b放在木块a上面，在水平拉力F的作用下一起向右做匀速直线运动，b与a之间没有相对运动的趋势，所以b不受摩擦力，故A错误；
BC、把a和b看做整体，它们处于平衡状态，因此，a受到水平向右的拉力F和水平向左的摩擦力，拉力F和a受到的摩擦力大小相等，故B正确、C错误；
D、因物体做匀速直线匀速时处于平衡状态，所以，a和b受到的重力之和与地面对a的支持力是一对平衡力，故D错误。
故选：B。
6．如图所示是一种温度自动报警器，当温度达到金属丝下端所指的温度时，下列说法正确的是（　　）

A．灯亮，电铃响 B．灯不亮，电铃响
C．灯亮，电不铃响 D．灯不亮，电铃不响
【分析】（1）控制电路电流的通断是由温度控制的，当温度到达金属丝下端所指的温度时，电磁铁中有电流通过，温度达不到时，电磁铁中无电流通过；
（2）磁铁中有电流通过时，产生磁性会把衔铁吸来过，电铃电路接通；电磁铁中无电流时，无磁性，弹簧片把衔铁拉起来，电铃电路断开。
【解答】解：（1）由题干中图可知：当温度没有升高到金属丝下端所指的温度时，电路中无电流，指示灯不亮，电磁铁无磁性，弹簧片把衔铁拉起来，电铃电路断开；
（2）当温度升高到金属丝下端所指的温度时，由于水银是导体，电磁铁电路就会接通，指示灯亮，电磁铁有了磁性，衔铁就会在电磁力吸引的作用下接通电铃电路，电铃响，报警。
故选：A。
7．灯泡L标有“6V”字样，为探究其工作时的特点，小刚利用图甲所示的电路进行实验，其中电电压保持不变，滑动变阻器的规格为“30Ω 1A”，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片P从a端向右缓慢移动，直到电压表示数达到6V时为止。图乙是用获得的实验数据作出的I﹣U图象。下列判断正确的是（　　）

A．闭合开关，在移动滑片P的过程中，灯L的最小电阻为10Ω
B．变阻器的滑片P移到b端时，灯L正常发光
C．将灯L与10Ω的定值电阻串联接入电压为9V的电路，电阻每秒消耗电能为2.5J
D．将灯L与5Ω的定值电阻并联接入电压为6V电路，电路的总功率为7.2W
【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）根据图乙读出几组灯泡两端的电压和通过的电流值，根据欧姆定律求出对应的电阻，然后得出在移动滑片P的过程中灯L的最小电阻；
（2）将滑动变阻器的滑片P从a端向右缓慢移动，直到电压表示数达到6V时为止，据此进行解答；
（3）将灯L与10Ω的定值电阻串联接入电压为9V的电路，根据串联电路的特点和欧姆定律得出等式，根据图象读出符合要求的电流和电压值，根据W＝UIt＝I2Rt求出电阻每秒消耗电能；
（4）将灯L与R′＝5Ω的定值电阻并联接入电压为6V电路时，它们两端的电压相等，根据图象读出通过灯泡的电流，根据欧姆定律求出通过定值电阻的电流，利用并联电路的电压特点求出干路电流，再根据P＝UI求出电路的总功率。
【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.由图乙可知，灯泡两端的电压分别为1V、4V、6V时，通过的电流依次为0.2A、0.5A、0.6A，
由I=UR的变形式R=UI可得，灯泡的电阻依次为5Ω、8Ω、10Ω，
则在移动滑片P的过程中，灯L的最小电阻为5Ω，故A错误；
B.将滑动变阻器的滑片P从a端向右缓慢移动，直到电压表示数达到6V时为止，
由此可知，灯泡正常发光时滑片不一定位于b端，则变阻器的滑片P移到b端时，灯L不一定正常发光，故B错误；
C.将灯L与R＝10Ω的定值电阻串联接入电压为9V的电路，
因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
所以，由I=UR可得，U′＝UL+ILR，即9V＝UL+IL×10Ω，
由图乙可知，当UL＝4V、IL＝0.5A时符合，
则电阻每秒消耗电能WR＝URIRt＝IL2Rt＝（0.5A）2×10Ω×1s＝2.5J，故C正确；
D.将灯L与R′＝5Ω的定值电阻并联接入电压为6V电路时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由图象可知，通过灯泡的电流IL′＝0.6A，
通过定值电阻的电流IR′=U″R′=6V5Ω=1.2A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流I′＝IL′+IR′＝0.6A+1.2A＝1.8A，
则电路的总功率P＝U′I′＝6V×1.8A＝10.8W，故D错误。
故选：C。
二．填空题
8．为了消杀新冠病毒，工作人员在教室喷洒酒精后，同学们进入教室内闻到酒精味，这是　扩散　现象。用测温枪测体温，这是利用了　红外线　（红外线或紫外线）的热效应。
【分析】（1）组成物质的分子永不停息地做无规则运动，扩散现象就是分子无规则运动的表现；
（2）红外线的应用，热作用强：烤箱、浴室里的暖灯、夜视仪、热谱图；穿透力强：航空摄影；遥感、遥控：卫星遥感、家用遥控器。
【解答】解：同学们进入教室闻到刺鼻的酒精味，是因为酒精分子不停地做无规则运动，属于扩散现象；
根据红外线的特点可知，由于红外线热效应强，测温枪是利用红外线的热效应工作的。
故答案为：扩散；红外线。
9．踢出去的足球由于　惯性　向前运动，在草地上滚动一段距离后会停下来，是由于受到　摩擦力　的作用；若运动的足球所受的力全部消失，则它将做　匀速直线　运动。
【分析】由牛顿第一定律知，一切物体都有保持原来运动状态不变的性质即惯性。由此可以知道足球虽然不受外力，仍向前运动的原因。物体运动状态的改变是由于受到了外力，若不受外力，将永远保持原来的运动状态，由此可以判定足球的运动状态。
【解答】解：踢出去的足球，由于惯性，仍保持原来的运动状态，向前运动。在草地上滚动一段距离后会停下来，是由于受到摩擦力的作用；
当运动的足球所受的力全部消失，由牛顿第一定律可知，足球将做匀速直线运动。
故答案为：惯性，摩擦力，匀速直线。
10．一台水泵的功率是4.9kW，10min内它能将体积为　14.7m3　的水送到20m的高度。（g＝10N/kg）
【分析】根据P=Wt求得W，由W＝Fs求得F，F即为G，由G＝mg求得m，由ρ=mV求得V。
【解答】解；由P=Wt得W＝Pt＝4.9×103W×10×60s＝2.94×106J，
由W＝Fs得F=Ws=2.94×106J20s=1.47×105N＝G，
由G＝mg得m=Gg=1.47×105N10N/kg=1.47×104kg，
由ρ=mV得V=mρ=1.47×104kg1.0×103kg/m3=14.7m3。
故答案为：14.7m3。
11．如图所示的电路中，电电压和灯丝电阻保持不变，闭合开关，滑片向右移动的过程中，电压表V1示数变化量为Δ U1；电压表V2示数变化量Δ U2，电流表示数变化量ΔI，请回答下列问题。
（1）电流表A示数 　变小　，电压表V1示数 　变小　；V2示数 　变大　；灯泡亮度 　变暗　（选填“变亮”“变暗”或“不变”）。
（2）电压表V1与V2示数之和 　不变　；电压表V1与电流表A示数比值 　不变　；电压表V2与电流表A示数比值 　变大　。
（3）ΔU1　等于　ΔU2（选填“大于”“小于”或“等于”）；Δ U1与ΔI的比值 　不变　；Δ U2与ΔI的比值 　不变　。
（4）灯泡L的实际功率 　变小　；电路消耗的功率 　变小　。
（5）若灯泡电阻随温度升高而变大，当滑动变阻器滑片向左移动过程中，灯泡电阻的变化量为ΔR1，滑动变阻器阻值变化量为ΔR2，则ΔR1　小于　ΔR2（选填“大于”“小于”或“等于”）。

【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测小灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
（1）滑片向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=UR判断出电路中的电流的变化，根据P＝UI判断出小灯泡的实际功率的变化，由串联电路电压的规律判断出滑动变阻器两端的电压的变化；
（2）由串联电路电压的规律判断出电压表V1与V2示数之和的变化；
由R=UI分析电压表示数与电流表示数之比的变化；
（3）根据电电压不变判断出电压表V1示数变化量等于电压表V2示数变化量；根据Δ U1与ΔI的比值等于小灯泡灯丝的电阻，判断出Δ U1与ΔI的比值的变化以及Δ U2与ΔI比值的变化；
（4）根据滑片向右移动的过程中电流的变化和灯丝的电阻的变化，根据P＝I2R判断出灯泡L的实际功率的变化；根据P＝UI判断出电路消耗功率的变化；
（5）电电压不变，根据欧姆定律先判断出总电阻的变化，再根据灯的电阻随温度的升高而增大和串联电阻的规律分析回答。
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测小灯泡两端的电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
（1）闭合开关，滑片向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，根据U＝IR知小灯泡两端的电压变小，即电压表V1示数变小，根据P＝UI知小灯泡的实际功率变小，灯泡变暗；
由串联电路电压的规律知滑动变阻器两端的电压变大，即电压表V2示数变大；
（2）由串联电路电压的规律知电压表V1与V2示数之和不变，都等于电电压；
由R=UI可知，电压表V1与电流表A示数比值等于小灯泡灯丝的电阻，由于灯丝电阻保持不变，所以电压表V1与电流表A示数比值不变；
电压表V2与电流表A的示数之比等于滑动变阻器接入电路中的电阻，由于滑片向右移动的过程中接入电路中的电阻变大，所以电压表V2与电流表A的示数之比变大；
（3）由于电电压不变，所以电压表V1示数变化量等于电压表V2示数变化量，即ΔU1＝ΔU2；
由于Δ U1与ΔI的比值等于小灯泡灯丝的电阻，所以Δ U1与ΔI的比值不变；由于ΔU1＝ΔU2，所以Δ U2与ΔI的比值不变；
（4）由于滑片向右移动的过程中电流变小，且电电压不变，根据P＝UI知电路消耗的功率变小；
（5）若灯泡电阻随温度升高而变大，当滑动变阻器滑片向左移动过程中，滑动变阻器的电阻变小，小灯泡逐渐变亮，此时灯泡两端电压增大，通过灯的电流也增大，电电压不变，由R=UI知，电路的总电阻变小，
由P＝UI知，灯泡的实际功率增大，灯丝的温度升高，小灯泡阻值随温度的升高而变大，
由电阻的串联规律可知：小灯泡阻值增大的值ΔR1小于变阻器连入电路中减小的值ΔR2；
故答案为：（1）变小；变小；变大；变暗；（2）不变；不变；变大；（3）等于；不变；不变；（4）变小；变小；（5）小于。
12．太阳能是在太阳内部，氢原子核发生　聚变　（选填“裂变”或“聚变”），释放出的核能。太阳能属于　可再生　（选填“可再生”或“不可再生”）能。某太阳能热水器能使100kg的水温度由室温升高50℃，那么这些水吸收的热量为　2.1×107　J，这些热量相当于完全燃烧　0.5　m3天然气所放出的热量[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃） 天然气的热值4.2×107J/m3]。
【分析】（1）太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能；
（2）由可再生能与不可再生能的分类要求来看，可以从自然界不断地得到的能称之为可再生能；一旦消耗就很难再生的能称之为不可再生能；
（3）知道水的质量、温度升高值，根据吸热公式计算水吸收的热量；
（4）由题意可知，Q放＝Q吸，利用Q放＝mq计算这些热量相当于完全燃烧多少天然气放出的热量。
【解答】解：
（1）在太阳内部，之所以能发光发热，实质相当于无数个的氢弹爆炸而造成的，即氢原子核在超高温下发生聚变释放核能；
（2）太阳能可从自然界不断获得，属可再生能；
（3）水吸收的热量：
Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×50℃＝2.1×107J。
（4）因为Q吸＝Q放＝Vq，
所以需要的天然气的体积：V=Q放q=2.1×107J4.2×107J/m3=0.5m3。
故答案为：聚变；可再生；2.1×107；0.5。
13．如图甲所示，张华用水平推力F推置于水平地面上的木箱，在此过程中，推力F的大小随时间t变化的情况如图乙所示，木箱运动速度v，的大小随时间t变化的情况如图丙所示，则1﹣3s木箱做变速运动，3～5s推力对木箱做的功是　400　J，1～3s木箱所受的滑动摩擦力是　200　N。

【分析】（1）由v﹣t图象得出在3～5s内物体匀速直线运动，并且能得出速度大小，利用s＝vt求这段时间内运动的距离；然后对应的从F﹣t图象中得出物体所受的推力F，利用W＝Fs求出推力做的功；
（2）知道3～5s内木箱受到的推力，由于在这段时间内木箱做匀速直线运动，受到的推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，可求木箱受到的滑动摩擦力大小；而滑动摩擦力的大小与压力、接触面的粗糙程度有关，压力不变、接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力大小不变；可得1～3s木箱所受的滑动摩擦力。
【解答】解：
（1）从F﹣t图象可知，3～5s木箱受到的推力F＝200N，
由v﹣t图象可知，3～5s木箱做匀速直线运动，速度v＝1.0m/s，
3～5s木箱移动的距离：
s＝vt＝1.0m/s×2s＝2m，
3～5s推力对木箱做的功：
W＝Fs＝200N×2m＝400J；
（2）由v﹣t图象可知，在3～5s内木箱受到的推力F＝200N；由v﹣t图象可知，3～5s木箱做匀速直线运动，木箱受到的推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，则木箱受到的滑动摩擦力大小f＝F＝200N；
因为滑动摩擦力的大小与压力、接触面的粗糙程度有关，压力不变、接触面的粗糙程度不变，
所以1～3s木箱所受的滑动摩擦力等于在3～5s内木箱受到的滑动摩擦力，大小为200N。
故答案为：400；200。
14．把两个分别标有“10V 10W”和“9V 5.4W”的灯泡串联后接到电上，要使两灯都不被损坏，则电的最大电压应为 　15V　。
【分析】知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻。
两灯泡串联时通过它们的电流相等，要使两灯都不被损坏，电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的，根据电阻的串联和欧姆定律求出电的最大电压。
【解答】解：由P＝UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
I1=P1U1=10W10V=1A，I2=P2U2=5.4W9V=0.6A，
由I=UR可得，两灯泡的电阻分别为：
R1=U1I1=10V1A10Ω，R2=U2I2=9V0.6A=15Ω；
灯泡串联后接到电上时，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，要使两灯都不被损坏，电路中的最大电流I＝I2＝0.6A，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，
所以，电的最大电压：
U串＝I（R1+R2）＝0.6A×（10Ω+15Ω）＝15V。
故答案为：15V。
三．作图题
15．如图是列车上售食品的手推车，当前轮遇到障碍物时，售货员向下按扶把，使手推车前轮向上翘起，请画出售货员所用的最小动力及其力臂。

【分析】首先应找到本题的支点在后轮的着地点；其次知道使手推车前轮向上翘起，阻力为手推车的重力，阻力臂为支点到重力作用线的距离，阻力与阻力臂的乘积是定值；最后能根据杠杆平衡条件，会用数学方法分析出动力臂最长时动力最小。
【解答】解：支点在后轮的着地点如图，动力的作用点在手握车把的地方，连接支点与动力的作用点，为最长的动力臂，标上字母符号L；
在动力作用点处垂直动力臂斜向下画出动力，标上字母符号F，如图所示：

16．如图所示，一个凸透镜立于水槽上方，主光轴恰与水面平行，现有一束激光平行于主光轴射向凸透镜，经凸透镜折射后进入水中并在水槽底形成一亮点A。请在图中画出：
（1）经凸透镜折射后的光线：
（2）进入水中的光线：
（3）经水面反射后的光线。

【分析】由图示可知，入射光线平行于主光轴，根据入射光线的特点，可以画出对应的折射光线。
发生折射时，折射光线和入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射角小于入射角。
发生反射时，反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分别位于法线两侧，反射角等于入射角，据此画出反射光线。
【解答】解：（1）平行于主光轴的入射光线经过凸透镜折射后，折射光线过焦点，据此画出经凸透镜折射后的光线。
（2）经凸透镜折射后进入水中并在水槽底形成一亮点A，连接入射点与A的连线为进入水中的折射光线；
（3）过入射点作法线，发生反射时，反射角等于入射角，在法线右侧空气中画出反射光线。如图所示：
。
17．请用笔画线代替导线，将如图中的开关、电灯和三孔插座接入家庭电路中。

【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
【解答】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线。
（1）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。

四．填空题
18．图中小华用刻度尺测量的木块长度为　2.30　cm。

【分析】刻度尺读数时，首先看起始端有没有从0开始，若没有从0开始，把起始端对应的刻度值当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去起始端对应的刻度值，即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
【解答】解：
由图知：
刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；木块左侧与4.00cm对齐，右侧与6.30cm对齐，所以木块的长度为L＝6.30cm﹣4.00cm＝2.30cm。
故答案为：2.30。
19．如图所示，停表的读数是 　3　min 　37.5　s，合 　217.5　s。

【分析】停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和。
【解答】解：在停表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“3”和“4”之间，偏向“3”一侧，所以分针指示的时间为3min；
在停表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在37.5s处，所以秒针指示的时间为37.5s，则停表的读数为3min37.5s＝3×60s+37.5s＝217.5s。
故答案为：3；37.5；217.5。
20．小明准备测量奖牌的体积，但因奖牌体积较大，放不进量筒，因此利用一只烧杯，按如图方法进行测量。问
（1）测得奖牌体积是　70　cm3。
（2）其测量的体积　偏大　（选填“偏大”“偏小”或“准确”）。
（3）原因是　取出奖牌时会带出一部分水，导致加进去的水变多，所以所测体积偏大　。
【分析】（1）分度值是最小格代表的示数；奖牌的体积等于量筒中倒出水的体积；
（2）（3）取出奖牌时会带出一部分水，导致加进去的水变多，所以所测体积偏大，密度偏小
【解答】解：（1）量筒的分度值是1mL；奖牌体积等于其排开的水的体积：V＝200mL﹣130mL＝70L＝70cm3。
（2）（3）取出奖牌时会带出一部分水，导致加进去的水变多，故所测体积偏大；
故答案为：（1）70；（2）偏大；（3）取出奖牌时会带出一部分水，导致加进去的水变多，所以所测体积偏大。
21．如图所示，用电压表分别测量L1两端的电压U1和L1、L2串联电路的总电压U，电压表的表盘指针位置如图乙、丙所示，请根据表盘读数回答下列问题：

（1）测L1两端的电压时，电压表的量程是 　0～3V　，分度值是 　0.1V　，L1两端的电压U1是 　2.2　V。
（2）测L1、L2串联电路两端的总电压时，电压表的量程是 　0～15V　，分度值是 　0.5V　，总电压U是 　4　V。
（3）L2两端的电压U2是 　1.8　V。
【分析】根据电路图可知，两灯泡串联，电压表分别测量L1两端的电压U1和L1、L2串联电路的总电压U；利用串联电路的电压特点判断出测量U和U1时电压表使用的量程，然后根据电压表的量程和指针的位置分别读出L1、L2串联的总电压U和U1；然后根据串联电路的电压特点求出L2两端的电压U2。
【解答】解：根据电路图可知，两灯泡串联，根据串联电路两端的电压等于各部分电路两端的电压之和可知，总电压U＞U1，所以测量L1、L2串联的总电压U时，电压表使用0﹣15V量程，测量L1两端电压时电压表U1使用0﹣3V量程；
（1）测量U1时，电压表U1使用0﹣3V量程，分度值是0.1V，故其读数为2.2V，即：U1＝2.2V；
（2）测量U时，电压表使用0﹣15V量程，分度值是0.5V，故其读数为4V，即L1、L2串联的总电压U＝4V；
（3）根据串联电路电压规律U＝U1+U2可得，L2两端的电压为U2＝U﹣U1＝4V﹣2.2V＝1.8V。
故答案为：（1）0～3V；0.1V；2.2； （2）0～15V；0.5V；4；（3）1.8。
22．如图所示的实验器材，其中读数错误的是　C　。

【分析】（1）电能表的读数方法：最后一位是小数，单位是kW•h；
（2）电流表在读数时，要看清选择的量程和对应的分度值，根据指针的位置读数；
（3）温度计的读数方法：先明确是零上还是零下，再明确量程和最小刻度值，读数时从绝对值小的地方向绝对值大的地方去读；
（4）弹簧测力计读数时，注意弹簧测力计的分度值即可。
【解答】解：
A、由图知，电能表的示数为6852.5kW•h，故A正确；
B、图中电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，读数为0.3A，故B正确；
C、由图可知，温度计的数字从小到上逐渐减小，则可知液柱最高处在0℃以下，温度计的分度值是2℃，此时温度计的示数是﹣12℃，故C错误；
D、图中弹簧测力计的分度值为0.2N，此时的读数为1.4N，故D正确。
故选：C。
23．在探究“凸透镜成像规律及应用”的活动中，
（1）洋洋同学将凸透镜安装在光具座上，用平行光作光，移动光屏，在光屏上得到一个最小最亮的光斑，如图甲所示。
（2）将蜡烛、凸透镜、光屏依次安装在光具座上，并调整蜡烛火焰、凸透镜及光屏三者的中心大致在　同一高度　，目的是　让蜡烛的像成在光屏的中央　。
（3）固定透镜后，将点燃的蜡烛移到标尺10cm刻度处，再移动光屏，直到在光屏上得到一个清晰的像为止。此时凸透镜和光屏的位置如图乙所示，此时所成的像为倒立　缩小　的实像。生活中　照相机　就是利用这一成像原理来工作的。
（4）若保持凸透镜位置不变，将蜡烛移动向左移，移动光屏使光屏上能成清晰的像时，则像的大小会变　小　。
（5）如果用不透明纸板将凸透镜上半部分遮住，结果　D　。
A．没有影响
B．不能成像
C．成一半的像
D．仍能成完整的像，但亮度变暗。
（6）在图乙所示情况下，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，将远视眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，让光线通过远视眼镜后再通过凸透镜，光屏上的像变模糊了，在不移动远视眼镜和凸透镜的条件下，为了在光屏上再次得到清晰的像，你可以　将光屏适当靠近凸透镜　。
【分析】（1）焦点到凸透镜光心的距离叫做焦距；
（2）将蜡烛、凸透镜、光屏三者中心调到同一高度，能使像成在光屏的中央；
（3）当u＞2f时，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
（4）凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小；
（5）物体由无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条折射光线会聚成该点的像。所以遮住凸透镜的一部分，还有另外的部分光线，经凸透镜折射会聚成像。
（6）远视镜是凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用。
【解答】解：
（1）凸透镜对光线具有会聚作用；光屏上得到的最小、最亮的光斑便是凸透镜的焦点，由图甲可知该凸透镜的焦距为60cm﹣50cm＝10cm；
（2）将蜡烛、凸透镜、光屏依次安装在光具座上，并使三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中央；
（3）将点燃的蜡烛移到标尺10cm处，此时的物距为u＝50cm﹣10cm＝40cm＞2f＝20cm，在光屏上成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
（4）若保持凸透镜位置不变，将蜡烛移动向左移，物距变大，则像距变小，像变小；
（5）遮住凸透镜的上半部分，烛焰上任一点有光射向凸透镜的下半部，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小不发生变化，因折射光线减少，则会聚成的像变暗，故选D；
（6）若将远视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，远视镜是凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，像会成在光屏的前方，为能在光屏上看到蜡烛清晰的像，可以将光屏适当靠近凸透镜。
故答案为：（2）同一高度；让蜡烛的像成在光屏的中央；（3）缩小；照相机；（4）小；（5）D；（6）将光屏适当靠近凸透镜。
24．用如图1所示实验器材测量额定电压为2.5V小灯泡L正常发光时的电阻。
（1）图1为小华尚未完成的实物连线图。请将电压表接入电路。
（2）开关S闭合前，应将图1中滑动变阻器的滑片置于　右　端。（选填“左”或“右”）
（3）小华检查电路连接正确无误，当用开关“试触”时，发现电压表和电流表都无示数。于是他拆下电压表，用它查找故障。他将电压表的正接线柱接在电正极，将电压表的负接线柱分别接电路中的H、G、F、E、D、C、B、A各接线柱，电压表的示数情况如下表所示。通过表中数据可判断电路发生的故障是　C　。
导线接触接线柱
H
G
F
E
D
C
B
A
电压表示数（V）
3
3
3
3
0
0
0
0
A．开关接触不良 B．小灯泡断路 C．导线ED断路 D．滑动变阻器短路

（4）小华排除电路故障后继续实验，他调节滑动变阻器的滑片使小灯泡正常工作，电流表的示数如图2所示，此时小灯泡的电阻是　6.25　Ω。
【分析】（1）电压表应与灯泡并联，根据灯泡的额定电压确定其量程；
（2）为了保护电路，开关S闭合前，应将图中滑动变阻器的滑片置于阻值最大处；
（3）用电压表判断电路故障，电压表有示数，说明电路与电压表所接触位置与电间是连通的，电压表无示数，说明与电压表并联部分以外的电路部分有断路；
（3）根据电流表使用0～0.6A量程确定分度值读数，由欧姆定律可得灯泡正常发光的电阻。
【解答】解：（1）灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示：

（2）为了保护电路，开关S闭合前，应将图中滑动变阻器的滑片置于阻值最大处的右端；
（3）将电压表的正接线柱接在电正极，由表中数据知：将电压表的负接线柱分别接电路中的D、C、B、A各接线柱时，电压表示数为0，说明电负极到A、B、C、D以外部分可能有断路发生；
电压表的负接线柱分别接电路中的H、G、F、E各接线柱时，电压表示数等于电电压3V，说明电负极到H、G、F、E间是通路；
所以故障的原因是ED间有断路发生，故选C；
（6）由图2知，电流表使用0～0.6A量程，分度值0.02A，则灯泡正常发光时的电流为0.4A，
由欧姆定律可得灯泡正常发光的电阻为：
R=UI=2.5V0.4A=6.25Ω。
故答案为：（1）见上图；（2）右；（3）C；（4）6.25。
五．计算题
25．小龙用如图所示的滑轮组，在10s内将一个重为600N的物体沿着水平地面匀速拉动了4m，拉力F做的功是1440J，物体与地面的接触面积是0.4m2．（不计绳重和机械摩擦）计算：
（1）物体对地面的压强是多少？
（2）拉力F做功的功率是多少？
（3）拉力F的大小是多少？

【分析】（1）物体对地面的压力和自身的重力相等，根据p=FS求出物体对地面的压强；
（2）知道拉力F做的功和做功时间，根据P=Wt求出拉力F做功的功率；
（3）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s绳＝ns物求出绳端移动的距离，根据W＝Fs求出拉力F的大小。
【解答】解：（1）物体对地面的压力：
F＝G＝600N，
物体对地面的压强：
p=FS=600N0.4m2=1500Pa；
（2）拉力F做功的功率：
P=Wt=1440J10s=144W；
（3）由图可知，n＝3，则绳端移动的距离：
s绳＝ns物＝3×4m＝12m，
由W＝Fs可得，拉力F的大小：
F=Ws绳=1440J12m=120N。
答：（1）物体对地面的压强是1500Pa；
（2）拉力F做功的功率是144W；
（3）拉力F的大小是120N。
26．便携式无线加湿器，让你随时随地实现加湿自由。某品牌便携式无线加湿器，通过旋转开关S接触不同触点，实现高、低两个挡位的转换，其简化的工作电路如图所示，铭牌上的部分参数如下表：
项目
参数
工作电压（V）
20
低挡位功率（W）
5
高挡位功率（W）
10
完成下列问题：
（1）旋转开关S接触“bc”两触点时，加湿器处于 　低　挡位；
（2）加湿器低挡位工作时，电路通过的电流多大？
（3）加湿器高挡位工作6小时，将消耗多少电能？

【分析】（1）旋转开关S接触触点ab时，电路未接通；
旋转开关S接触触点cd时，电路为R1、R2的并联电路，总电阻较小，根据P＝UI=U2R可知总功率较大，
旋转开关S接触触点bc时，电路为R2的简单电路，总电阻较大，根据P＝UI=U2R可知总功率较小，据此分析加湿器处于哪一挡位；
（2）已知低挡位的功率为5W，根据P＝UI计算加湿器低挡位工作时，电路通过的电流；
（3）已知高挡位的功率为10W，根据W＝Pt计算加湿器高挡位工作6小时，将消耗多少电能。
【解答】解：（1）旋转开关S接触触点ab时，电路未接通；
旋转开关S接触触点cd时，电路为R1、R2的并联电路，总电阻较小，根据P＝UI=U2R可知总功率较大，
旋转开关S接触触点bc时，电路为R2的简单电路，总电阻较大，根据P＝UI=U2R可知总功率较小，加湿器处于低挡位；
（2）已知低挡位的功率为5W，加湿器低挡位工作时，电路通过的电流I=P低U=5W20V=0.25A；
（3）已知高挡位的功率为10W，加湿器高挡位工作6小时，将消耗的电能W＝P高t＝10W×6×3600s＝2.16×105J。
故答案为：（1）低；
（2）加湿器低挡位工作时，电路通过的电流为0.25A；
（3）加湿器高挡位工作6小时，将消耗2.16×105J的电能。
六．综合能力题
27．如图所示的是小明同学探究物体动能大小与哪些因素有关的实验装置示意图：

（1）小明利用小钢球撞击木块，通过　木块移动距离　的大小来判断小钢球具有的动能大小。
（2）实验时小明将同一小球从斜面上的不同高度由静止释放，每次让小球滚下碰到同一位置的相同木块，目的是探究小球动能的大小与　速度　的大小是否有关。
（3）小明两次实验操作，第一次木块被撞得远，第二次木块被撞得近。两次木块受到的摩擦力分别为f1与f2，则f1与f2的大小关系是f1　＝　f2（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
【分析】（1）根据转换法，通过木块移动距离的大小来判断小钢球具有的动能大小；
（2）动能大小与质量和速度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，据此分析。
【解答】解：
（1）根据转换法，小明利用小钢球撞击木块，通过木块移动距离的大小来判断小钢球具有的动能大小；
（2）实验时小明将同一小球（质量相同）从斜面上的不同高度由静止释放，小球到达水平面时的速度不相同，每次让小球滚下碰到同一位置的相同木块，目的是探究小球动能的大小与速度的大小是否有关；
（3）因实验中，小球对水平面的压力大小和接触面的粗糙程度不变，则f1与f2的大小关系是f1＝f2。
故答案为：
（1）木块移动距离；（2）速度；（3）＝。
28．2021年春晚创新技术运用，充分呈现中央广播电视总台“5G+4K/8K+AI”战略迅猛发展的最新成果，为观众带来巨大的视听震撼体验，电视信号是靠　电磁波　传播的。5G网络是第五代移动通信网络，其峰值理论传输速度可达20Gbps，合2.5GB每秒，比4G网络的传输速度快10倍以上。小明认为“快10倍”就是“5G信号比4G信号传播速度快10倍”，你认为他的说法是否正确，并说明理由。
【分析】（1）电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。
（2）迅速变化的电流周围产生电磁波，且电磁波在真空中的传播速度和光速相等，都是3×108m/s。
【解答】解：电视信号是靠电磁波传播的；他的说法不正确，电磁波在真空中的传播速度和光速相等，都是3×108m/s。
故答案为：电磁波；不正确，不同频率的电磁波在真空中的传播速度相等。
29．小明在帮爸爸用水枪喷水洗车时，发现当水枪朝向角度不同或水喷出速度不同时，水射出的水平距离是不同的。由此，他进行了以下探究（如图所示），相应的数据记录如表一、表二：
表一 表二
水枪与水平线夹角
水射出的水平距离/m

水枪喷出速度
水射出的水平距离/m
10°
0.5
较小
0.5
30°
1.1
稍大
1.0
45°
1.5
较大
1.5
60°
1.1
更大
2.0
80°
0.5



对以上探究，分析如下：
（1）离开喷嘴的水仍能在空中继续向前，这是 　水具有惯性　的缘故。
（2）由表一，进行探究一时，应保持水枪 　喷出速度　不变，得到水枪水射出的水平距离与水枪与水平线夹角有关，最好的夹角为 　45°　。
（3）由表二，进行探究二时，应保持水枪 　与水平线夹角　不变，得到水射出的水平距离与水枪 　喷出速度　有关。根据探究一的结论，下面的体育运动不能用到此技术例子 　D　。
A.跳远
B.标枪
C.实心球
D.跳高
【分析】（1）水流离开水枪后就不再受到水枪施加的作用力，能够向前运动是因为保持了原来的运动状态，保持原来运动状态不变的性质叫惯性
（2）分析表一，实验数据中什么因素相同，什么因素不同，探究的是水流射出的水平距离和不同的这个因素的关系，通过对数据的分析，得出结论；
（3）分析表二，实验数据中什么因素相同，什么因素不同，探究的是水流射出的水平距离和不同的这个因素的关系，通过对数据的分析，得出结论。
【解答】解：（1）水流离开枪筒后，不再受到水枪施加的作用力，但由于惯性保持原来向前的运动状态，所以能够继续向前运动。
（2）分析表一，实验数据中水喷出的速度相同，水枪朝向角度不同，所以得出结论水喷出的速度相同，水枪朝向角度不同，水射出的水平距离不同；在夹角大小为45°时，水射出的距离是最远。
（3）分析表二，实验数据中水枪朝向角度相同，水喷出的速度不同，所以得出结论水枪朝向角度相同，水喷出的速度不同，水射出的水平距离不同；
ABC、跳远、投标枪、掷实心球时，投出的速度相同，但朝向角度不同，投出的水平距离不同，故ABC不符合题意；
D、跳高时，人必须在竖直方向上移动距离，与水平距离无关，故D符合题意。
故答案为：（1）水具有惯性；（2）喷出速度；45°；（3）与水平线夹角；喷出速度；D。