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    2021-2022学年甘肃省天水市第一中学高二下学期学业水平模拟考试(二)数学试题含解析

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    这是一份2021-2022学年甘肃省天水市第一中学高二下学期学业水平模拟考试(二)数学试题含解析,共12页。试卷主要包含了单选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    2021-2022学年甘肃省天水市第一中学高二下学期学业水平模拟考试(二)数学试题一、单选题1.已知集合,则AB=       A{0123} B{012} C{123} D{23}【答案】D【分析】应用集合的交运算求即可.【详解】由题设,.故选:D2.下列既是奇函数,在上又是单调递增函数的是(       A BC D【答案】D【分析】先分析函数的奇偶性,满足奇函数再分析函数在上是否为增函数,由此判断出选项.【详解】A是奇函数,且在上有增有减,故不满足.B定义域不关于原点对称,是非奇非偶函数,故不满足.C是奇函数,且在上只有单调增区间,但不是一直单调递增,故不满足.D是奇函数,且在上单调递增,故满足.故选:D.3.若满足约束条件,则的最大值为(       A B1 C3 D【答案】D【分析】根据题意,作出满足条件的可行域,根据目标函数几何意义求解.【详解】作出满足条件不等式组的线性可行域,如下图所示:因为,所以,当目标函数经过点时,取得最大值,所以联立,解得,所以,所以.故选:D4.已知扇形的弧长是,面积是,则扇形的圆心角的弧度数是(       A B C D【答案】C【分析】根据扇形面积公式,求出扇形的半径,再由弧长公式,即可求出结论.【详解】因为扇形的弧长为4,面积为2设扇形的半径为,则解得,则扇形的圆心角的弧度数为.故选:C.【点睛】本题考查扇形面积和弧长公式应用,属于基础题.5.已知向量,若,则       A B20 C D【答案】A【分析】先根据向量的平行求得的值,再求模即可.【详解】.故选:A6.某程序框图如图所示,运行后输出S的值为A10 B11 C14 D16【答案】D【解析】分析程序框图,依次写出每次循环得到的的值,当时,满足条件,输出的值即可.【详解】执行程序框图,第一次循环:,不满足条件;第二次循环:,不满足条件;第三次循环:,不满足条件;第四次循环:,不满足条件;第五次循环:,满足条件;故选:D【点睛】本题考查了程序框图中的循环结构、写出每次循环运行的结果是解决此类问题的基本方法,属于基础题.7.如图,在正方体ABCD­A1B1C1D1中,EFGH分别为AA1ABBB1B1C1的中点,则异面直线EFGH所成的角等于(       A45° B60° C90° D120°【答案】B【分析】利用异面直线夹角的定义,将平移至中点),通过为正三角形求解.【详解】中点连接,则所成的角等于所成的角.容易知道为正三角形,所成的角等于.故选:B8.已知圆内一点P(21),则过P点的最短弦所在的直线方程是(       A BC D【答案】B【分析】设圆心,由圆的对称性可知过点垂直的直线被圆所截的弦长最短【详解】由题意可知,当过圆心且过点时所得弦为直径,当与这条直径垂直时所得弦长最短,圆心为则由两点间斜率公式可得所以与垂直的直线斜率为则由点斜式可得过点的直线方程为化简可得故选:B9.将函数向右平移个单位长度,所得图象的函数解析式为(       A BC D【答案】A【分析】根据左加右减原则,即可得到答案;【详解】函数向右平移个单位长度,故选:A10.如图,阴影部分是等边三角形内切圆所围成的区域,若在此三角形内部随机取一点,则该点取自阴影部分的概率是(       A B C D【答案】D【分析】根据题意求出三角形的面积以及三角形内切圆的面积,然后求出内切圆的面积与三角形的面积比即可.【详解】设三角形的边长为,内切圆的半径为,则三角形的面积,根据等面积法可列式得,得,所以内切圆的面积,所以该点取自阴影部分的概率是.故选:D.【点睛】本题主要考查了的几何概型的计算,一般的求解步骤为:1)首先判断该事件是一维问题还是二维、三维问题;2)接着,如果是一维问题,利用事件A构成的区域长度(角度、弧长)与试验的全部结果相比,可得概率;如果是二维、三维问题,先设出二维或者三维变量,一般二维与面积相关,三维与体积相关,再列出事件A满足的面积或者体积与试验的全部结果,计算出两个区域的面积或体积相比即可.二、填空题11.已知函数,则函数的零点个数为______________.【答案】3【解析】根据函数零点定义,在分段函数的每一段求得零点,加起来就是零点的个数.【详解】解:当时,(舍掉),时,所以函数的零点个数为3.故答案为:3.【点睛】函数零点个数的判定有下列几种方法:1)直接求零点:令,如果能求出解,那么有几个解就有几个零点;2)零点存在性定理:利用该定理不仅要求函数在上是连续的曲线,且,还必须结合函数的图象和性质(如单调性)才能确定函数有多少个零点;3)画两个函数图象,看其交点的个数有几个,其中交点的横坐标有几个不同的值,就有几个不同的零点.12.若,则________________.【答案】【分析】由诱导公式求得,再由二倍角公式计算.【详解】,得,所以故答案为:13.函数y=2x+log2x在区间[14]上的最大值是______【答案】18【详解】解:∵y=2xy=log2x在区间[14]上都是增函数,∴y=2x+log2x在区间[14]上为增函数,即当x=4时,函数y=2x+log2x在区间[14]上取得最大值y=y=24+log24=16+2=18故答案为18【点评】本题主要考查函数最值的计算,利用指数函数和对数的函数的单调性是解决本题的关键.14.某几何体的三视图如图所示,则该几何体的外接球的表面积为 _______(结果用含π的式子表示).【答案】【分析】根据题意,还原几何体,将几何体放置与长方体求解即可.【详解】根据三视图得该几何体的直观图为如图所示的三棱锥,其中所以该几何体的外接球是以为长宽高的长方体的外接球,所以该几何体的外接球的半径为所以该几何体的外接球的表面积为.故答案为:15.已知,则的最小值为__________【答案】【解析】,得,则,展开后利用基本不等式可求得结果【详解】解:由,得所以,当且仅当,即时取等号,所以的最小值为故答案为:三、解答题16.如图,在ABC中,A=30°D是边AB上的点,CD=5CB=7DB=31)求CBD的面积;2)求边AC的长.【答案】1;(2【分析】1)由余弦定理求得,即可得出,再由面积公式即可求解;2)由正弦定理即可求解.【详解】1)在中,由余弦定理可得2)在中,由正弦定理得,解得.17.如图,在四棱锥PABCD中,底面ABCD为正方形,PA平面ABCDPAAD1EF分别是PBAC的中点.(1)证明:平面(2)求三棱锥的体积.【答案】(1)证明见解析(2)【分析】1)利用中位线定理即可证明,从而得出平面2)计算到平面的距离和三角形的面积,代入棱锥的体积公式计算.【详解】(1)证明: 四边形是正方形,的中点,三点共线,且的中点,的中点, 平面平面平面(2)解:平面的中点,到平面的距离为四边形是正方形,三棱锥的体积为:18.等比数列中,已知1)求数列的通项2)若等差数列,求数列项和的最大值【答案】1;2.【解析】1)根据等比数列的通项公式可得,即可得答案;2)等差数列项和,再利用二次函数的性质,即可得答案;【详解】1)由,得,解得从而2)由已知得等差数列设公差为,则有 ,解得.故数列项和由于二次函数的对称轴为,且对应的图象开口向下,时,有最大值为.【点睛】本题考查等比数列通项公式及等差数列前项和的性质,考查函数与方程思想、转化与化归思想,考查逻辑推理能力、运算求解能力,求解时注意利用二次函数的性质进行求解.19.由于往届高三年级数学学科的学习方式大都是别题-讲题-再刷题的模式效果不理想,某中学的数学课堂教改采用了记题型-刷题-检测效果的模式,并记录了学生的记题型时间(单位:h)与检测效果y的数据如表所示:记题型时间1234567检测效果y2.93.33.64.44.85.25.9 1)据统计表明,yt之间具有线性相关关系,请用相关系数r加以说明(若,则认为yt有很强的线性相关关系,否则认为没有很强的线性相关关系);2)建立y关于t的回归方程,并预测该学生记题型的检测效果;参考公式:回归直线中斜率和截距的最小二乘估计分别为;相关系数;参考数据:.【答案】1之间具有较强的线性相关关系;(2,学生记题型时间为的检测效果为.【分析】1)先计算出,然后根据相关系数的公式求解出的值,根据的值进行判断即可;2)根据条件先计算出回归直线方程中的,利用求解出的值,由此可求回归直线方程,将代入回归直线方程可求检测效果.【详解】1)因为所以所以所以之间具有较强的线性相关关系;2)由题意可设所以又因为所以回归直线方程为时,即学生记题型时间为的检测效果为.20.已知圆C经过三点.1)求圆C的标准方程;2)过点作直线交圆CPQ两点,点为圆C内一点,求面积的最大值.【答案】1;(2【分析】1)假设圆的一般方程,代值计算,可得结果.2)假设直线方程,利用弦长公式,计算,然后计算到直线的距离,根据面积公式,可得,最后根据直线斜率的范围,结合换元法,可得结果.【详解】1)设圆由圆C经过三点所以所以圆的方程为:2)设直线方程圆心到直线的距离为,解得所以到直线的距离为所以所以时,有【点睛】本题考查圆的方程以及直线与圆的几何关系,难点在于的表示以及计算,重点在于对点到直线的距离,圆中弦长公式的记忆,属中档题. 

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