2021安庆九一六学校高二下学期5月月考物理试题含答案

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安庆九一六学校2020—2021学年度第二学期5月考试高二物理试卷单项选择题(本题包括12小题，共60分)1．下列叙述中符合物理学史的有(　　)A．汤姆孙通过研究阴极射线实验，发现了电子和质子的存在B．卢瑟福通过对α粒子散射实验现象的分析，证实了原子是可以再分的C．巴耳末根据氢原子光谱分析，总结出了氢原子光谱可见光区波长公式D．玻尔提出的原子模型，彻底否定了卢瑟福的原子核式结构学说2．篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎球，手触到球瞬间顺势后引．这样可以减小(　　)A．球对手的力的冲量B．球对手的力的大小C．球的动量变化量D．球的动能变化量3．下列关于光的波粒二象性的说法中正确的是(　　)A．有的光是波，有的光是粒子B．光子与电子是同样的一种粒子C．光的波长越长其波动性越显著，波长越短，其粒子性越显著D．大量光子产生的效果往往显示粒子性4．如图所示的装置中，木块B与水平桌面间的接触是光滑的，子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内，将弹簧压缩到最短．现将子弹、木块和弹簧合在一起作为研究对象(系统)，则此系统在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中(　　)A．动量守恒，机械能守恒　　　　　B．动量不守恒，机械能不守恒C．动量守恒，机械能不守恒 D．动量不守恒，机械能守恒5．如图所示，氢原子在不同能级间发生a、b、c三种跃迁时，释放光子的波长分别是λa、λb、λc，下列关系式正确的是(　　)A．λb＝λa＋λc　　　 B．λa＝eq \f(λbλc,λb＋λc)C．λb＝eq \f(λaλc,λa＋λc)　　 D．λc＝eq \f(λaλb,λa＋λb)6．在光电效应实验中，某同学按如图a方式连接电路，利用该装置在不同实验条件下得到了三条光电流与A、K两极之间电压UAK的关系曲线(甲光、乙光、丙光)如图b所示，则下列说法正确的是(　　)A．甲、乙两光的光照强度相同B．甲、乙两光的频率相同C．丙光照射阴极时，极板的逸出功最小D．乙光的波长小于丙光的波长7.质量为1 kg的物体做直线运动，其速度图象如图所示．则物体在前10 s内和后10 s内所受合外力的冲量分别是(　　)A．10 N·s,10 N·sB．10 N·s，－10 N·sC．0,10 N·sD．0，－10 N·s8.关于冲量、动量、动量的增量的下列说法中正确的是 (　　)A.冲量的方向一定和动量的方向相同B.冲量的大小一定和动量变化量的大小相同C.动量增量的方向一定和动量的方向相同D.动量增量的大小一定和动量大小的增量相同9．(黑体辐射的规律)下列描绘两种温度下黑体辐射强度与波长关系的图中，符合黑体辐射实验规律的是(　　)10．卢瑟福在解释α粒子散射实验的现象时，不考虑α粒子与电子的碰撞影响，这是因为(　　)A．α粒子与电子之间有相互斥力，但斥力很小，可忽略B．α粒子虽受电子作用，但电子对α粒子的合力为零C．电子体积极小，α粒子不可能碰撞到电子D．电子质量极小，α粒子与电子碰撞时能量损失可忽略11．对于光谱，下面的说法中正确的是(　　)A．大量原子发生的光谱是连续谱，少量原子发光的光谱是线状谱B．线状谱是由不连续的若干波长的光所组成C．太阳光谱是连续谱D．太阳光谱是线状谱12．阴极射线从阴极射线管中的阴极发出，在其间的高电压下加速飞向阳极，如图所示，若要使射线向上偏转，所加磁场的方向应为(　　)A．平行于纸面向左　 B．平行于纸面向上C．垂直于纸面向外　　　 D．垂直于纸面向里二、计算题(共3小题，共40分．解答应写出必要的文字说明，方程和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，在答案中必须明确写出数值和单位)13.铝的逸出功为4.2 eV,现用波长200 nm的光照射铝的表面。已知h=6.63×10-34 J·s,求:(1)光电子的最大初动能;(2)遏止电压;(3)铝的截止频率。14．如图所示，将质量为m＝1 kg的小球，从距水平地面高h＝5 m处，以v0＝10 m/s的水平速度抛出，不计空气阻力，g取10 m/s2.求：(1)平抛运动过程中小球动量的增量Δp；(2)小球落地时的动量p′；(3)飞行过程中小球所受的合外力的冲量I.15.如图所示，在光滑水平面上有两个并排放置的木块A、B，已知mA=0.5 kg，mB=0.3 kg。现有质量m0=0.08 kg的小物块C以初速v0=25 m/s在A表面沿水平方向向右滑动，由于C与A、B间均有摩擦，C最终停在B上，B、C最后的共同速度v=2.5 m/s，求：(1)A木块最终速度的大小。(2)C物块滑离A木块的瞬时速度大小。参考答案1.C解析：汤姆孙通过研究阴极射线发现了电子，A错误；卢瑟福通过对α粒子散射实验的分析，得出了原子的核式结构模型，B错误；巴耳末根据氢原子光谱在可见光区的四条谱线得出巴耳末公式，C正确；玻尔的原子模型是在核式结构模型的基础上提出的几条假设，并没有否定核式结构学说，D错误．2.【答案】B　解析：球对手的冲量p＝mv－mv0，不变，故A错误；篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎球，手触到球瞬间顺势后引，增加了手与球间的相互作用力时间，根据Ft＝mv－mv0可知，减小了球对手的力的大小，故B正确；根据动量变化Δp＝mv－mv0可知，动量变化量相同，故C错误；球的动能变化量，ΔEk＝eq \f(1,2)mv2－eq \f(1,2)mveq \o\al(2,0)相同，故D错误．3.【答案】C4.B解析：在子弹射入木块时，存在剧烈摩擦作用，有一部分能量将转化为内能，机械能不守恒．实际上，在子弹射入木块这一瞬间过程，取子弹与木块为系统，则可认为动量守恒(此瞬间弹簧尚未形变)．子弹射入木块后木块压缩弹簧过程中，机械能守恒，但动量不守恒(墙壁对弹簧的作用力是系统外力，且外力不等于零)．若以子弹、木块和弹簧合在一起为研究对象(系统)，从子弹射入木块到弹簧压缩至最短时，弹簧固定端墙壁对弹簧有外力作用，因此动量不守恒，故选项B正确．5.【答案】C　解析：因为Em－En＝hν＝eq \f(hc,λ)，结合图可知Eb＝Ea＋Ec，所以有eq \f(hc,λb)＝eq \f(hc,λa)＋eq \f(hc,λc)，得λb＝eq \f(λaλc,λa＋λc).故A、B、D错误，C正确．6.B解析：根据eUc＝Ek＝hν－W0，入射光的频率越高，对应的遏止电压Uc越大。甲光、乙光的遏止电压相等，所以甲光、乙光的频率相等，故B正确；甲光、乙光的频率相等，由图可知，甲光饱和光电流大于乙光，因此甲光的光强大于乙光的光强，故A错误；极板的逸出功只与极板金属的材料有关，与入射光无关，选项C错误；丙光的遏止电压大于乙光的遏止电压，所以丙光的频率大于乙光的频率，则乙光的波长大于丙光的波长，故D错误。7.D解析：由题图可知，在前10 s内初、末状态的动量相同，p1＝p2＝5 kg·m/s，由动量定理知I1＝0；在后10 s内末状态的动量p3＝－5 kg·m/s，由动量定理得I2＝p3－p2＝－10 N·s.8.选B。【解析】冲量的方向和动量的方向不一定相同,比如平抛运动,冲量方向竖直向下,动量方向是轨迹的切线方向,A错误;根据动量定理,物体所受合力的冲量等于物体动量的变化,则冲量的大小一定和动量变化量的大小相同,B正确;动量增量的方向与合力的冲量方向相同,与动量的方向不一定相同,比如匀减速直线运动,动量增量的方向和动量的方向相反,C错误;动量增量是矢量,按照平行四边形定则求解,而动量大小的增量按代数法则运算,两者大小不一定相等,D错误。故选B。9.答案　A解析　随着温度的升高，辐射强度增加，辐射强度的极大值向着波长较短的方向移动，A正确，B、C、D错误。10.[答案]　D[解析]　α粒子与电子间有库仑引力，电子的质量很小，α粒子与电子相碰，运动方向不会发生明显的改变，所以α粒子和电子的碰撞可以忽略．A、B、C错，D正确．11.【答案】B　解析：原子光谱体现原子的特征，是线状谱，同一种原子无论多少发光特征都相同，即形成的线状谱都一样，故A错； B项是线状谱的特征，对；太阳光周围的元素的低温蒸气吸收了相应频率的光，故太阳光谱是吸收谱，故C、D均错．12.【答案】C　解析：应用左手定则判断洛伦兹力时，四指指向电子运动的反方向，磁场穿过掌心，则大拇指所指方向为受力方向，故所加的磁场垂直于纸面向外．故A、B、D错误，C正确．13.解析(1)根据光电效应方程Ek=hν-W0有Ek=-W0= J-4.2×1.6×10-19 J=3.225×10-19 J(2)由Ek=eUc可得Uc= V=2.016 V。(3)hνc=W0知νc= Hz=1.014×1015 Hz。答案(1)3.225×10-19 J　(2)2.016 V　(3)1.014×1015 Hz14.答案：(1)10 kg·m/s，方向竖直向下(2)10eq \r(2) kg·m/s，方向与水平方向成45°夹角斜向右下(3)10 N·s，方向竖直向下解析：由于平抛运动的竖直分运动为自由落体运动，故h＝eq \f(1,2)gt2，落地时间t＝eq \r(\f(2h,g))＝1 s(1)因为水平方向上是匀速运动，v0保持不变，所以小球的速度增量Δv＝Δvy＝gt＝10 m/s所以Δp＝Δpy＝mΔv＝10 kg·m/s，方向竖直向下．(2)落地速度v＝eq \r(v\o\al(2,0)＋v\o\al(2,y))＝eq \r(102＋102) m/s＝10eq \r(2) m/s，所以小球落地时的动量大小为p′＝mv＝10eq \r(2) kg·m/s，由图可知tanθ＝eq \f(vy,v0)＝1，则小球落地时动量的方向与水平方向成45°夹角斜向右下．(3)小球飞行过程中只受重力作用，所以合外力的冲量I＝mgt＝1×10×1 N·s＝10 N·s，方向竖直向下．15.【解析】小物块C沿木块A表面滑动时，A与C间的摩擦力使C做减速运动，使A、B共同做加速运动；C滑上B后，C继续做减速运动，B继续加速，A匀速运动，A、B开始分离，直至C、B达到共同速度，然后C、B一起做匀速运动。在上述过程中，A、B、C构成的系统所受的合外力为零，系统的动量守恒。设木块A的最终速度为v1，C滑离A时的速度为v2，由动量守恒定律，则(1)对A、B、C有m0v0=mAv1+(mB+m0)v， 解得v1=2.1 m/s。(2)当C滑离A后，对B、C有m0v2+mBv1=(mB+m0)v，或对A、B、C有m0v0=(mA+mB)v1+m0v2解得v2=4 m/s。 答案：(1)2.1 m/s　(2)4 m/s