浙科版高中生物必修2遗传与进化阶段综合测评1(第1章)含答案

这是一份浙科版高中生物必修2遗传与进化阶段综合测评1(第1章)含答案，共16页。

阶段综合测评(一)　(第一章)
(满分：100分　时间：90分钟)
一、选择题(共25个小题，每小题2分，共50分)
1．下列有关孟德尔的豌豆7对相对性状的杂交实验的叙述，错误的是(　　)
A．进行杂交实验时，需要在花粉未成熟前对母本进行去雄并套袋
B．运用统计学方法处理7对相对性状的杂交实验结果时，发现F2的分离比都是类似的
C．解释实验现象时，提出的主要假说是F1产生配子时，两个不同的遗传因子彼此分离
D．因为假说能解释F1自交产生3∶1分离比的现象，因此假说成立
D　[进行人工杂交时，必须在豌豆花未成熟前除尽母本的雄蕊，防止豌豆自花授粉，A正确；运用统计学方法记录7对相对性状的杂交实验结果，发现分离比都接近3∶1，B正确；F1产生配子时，两个不同的遗传因子彼此分离，是主要的假说内容，C正确；假说能解释F1自交产生3∶1分离比的现象，再通过测交实验来证明假设，D错误。]
2．豌豆的紫花和白花为一对相对性状。下列四组杂交实验的文字图解中，能判定性状显隐性关系的是(　　)
A．紫花×紫花→紫花
B．白花×白花→白花
C．紫花×白花→紫花
D．紫花×白花→98紫花＋107白花
C　[紫花×紫花→紫花，白花×白花→白花，亲代子代性状一致，可能是AA×AA→AA，也可能是aa×aa→aa，所以无法判断显隐性关系，A、B错误；紫花×白花→紫花，相对性状的亲本杂交，子代出现的是显性性状、没有出现的性状是隐性性状，所以紫花为显性性状，白花为隐性性状，C正确；紫花×白花→98紫花＋107白花，可能是Aa(紫花)×aa(白花)→Aa(紫花)、aa(白花)，也可能是aa(紫花)×Aa(白花)→aa(紫花)、Aa(白花)，所以无法判断显隐性关系，D错误。]
3．甲和乙为一对相对性状，用其进行的杂交实验可以得到下列四组实验结果。如甲性状为显性，用来说明实验中甲性状个体为杂合子的实验组是(　　)
①♀甲×乙→ F1呈甲性状
②♀甲×甲→ F1中出现了乙性状
③♀乙×甲→ F1呈甲性状
④♀乙×甲→ F1中出现了乙性状
A．②和④　 B．①和③
C．②和③ D．①和④
A　[①♀甲(B_)×乙(bb)→F1呈甲性状，说明甲性状个体可能为纯合子；♀甲(B_)×甲(B_)→F1中出现了乙性状(bb)，说明甲性状个体为杂合子；♀乙(bb)×甲(B_)→F1呈甲性状，说明甲性状个体可能为纯合子；♀乙(bb)×甲(B_)→F1中出现了乙性状(bb)，说明甲性状个体为杂合子。因此，以上实验中②和④可以说明甲性状个体为杂合子。即A正确，B、C、D错误。]
4．基因分离定律的实质是(　　)
A．子二代出现性状分离现象
B．产生配子时，控制同一性状不同表型的基因彼此分离
C．子代表型的数量比为3∶1
D．产生配子时，控制不同性状的基因彼此分离
B　[子二代出现性状分离是现象而不是实质，A错误；产生配子时，控制同一性状不同表型的等位基因分离，分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代，B正确；子二代表型的比为3∶1，属于性状分离，C错误；在产生配子过程中，控制不同性状的基因属于非等位基因，随着非同源染色体进行自由组合，D错误。]
5．下列关于测交、自交、杂交的叙述，正确的是(　　)
A．测交能够判断相对性状的显性、隐性
B．杂合子连续自交可提高纯合子的比例
C．不同植物的雌雄花之间的自由授粉就是自交
D．同一株玉米的雄花花粉落到雌花柱头上属于杂交
B　[测交可以用来判断某一显性个体的基因型，如果测交后代中既有显性性状又有隐性性状出现，说明该个体为杂合子，但不能判断显隐性，A错误；杂合子连续自交，后代中纯合子的概率为1－(1/2)n，所以可提高纯合子的比例，B正确；同一植物的雌雄花之间的自由授粉称为自交，C错误；同一株玉米的雄花花粉落到雌花柱头上属于自交，D错误。]
6．在孟德尔的一对相对性状的遗传实验中，F1的紫花豌豆自交时，假设由于某种因素的影响，含基因c的雄配子失去了活性(即不能与雌配子结合)。请根据孟德尔对分离现象的解释进行推理，下列F2的表型比例符合预期结果的是(　　)
A．紫花∶白花＝3∶1 B．紫花∶白花＝2∶1
C．紫花∶白花＝1∶1 D．全为紫花
D　[在孟德尔的一对相对性状的遗传实验中，F1的紫花(Cc)豌豆自交时，假设由于某种因素的影响，含基因c的雄配子失去了活性，说明只有含基因C的雄配子能与雌配子结合，而F1的紫花产生的雌配子中C∶c＝1∶1，所以根据孟德尔对分离现象的解释进行推理，F2的表型比例符合预期结果的是子代的遗传因子组成和比例是CC∶Cc＝1∶1，全为紫花。]
7．水稻中非糯性(A)对糯性(a)为显性，非糯性品系所含淀粉遇碘呈蓝黑色，糯性品系所含淀粉遇碘呈红褐色。下面对纯种的非糯性与糯性水稻的杂交后代的观察结果中，其中不能证明孟德尔的基因分离定律的一项是(　　)
A．杂交后亲本植株上结出的种子(F1)遇碘全部呈蓝黑色
B．F1自交后结出的种子(F2)遇碘后，3/4呈蓝黑色，1/4呈红褐色
C．F1产生的花粉遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色
D．F1测交所结出的种子遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色
A　[杂交后亲本植株上结出的种子(F1)遇碘全部呈蓝黑色，后代表型只有一种，无法证明孟德尔的基因分离定律，A正确。F1自交后结出的种子(F2)遇碘后，3/4呈蓝黑色，1/4呈红褐色，说明F1自交后代出现性状分离，证明了孟德尔的基因分离定律，B错误；F1产生的花粉遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色，说明F1产生两种配子，比例为1∶1，所以能直接证明孟德尔的基因分离定律，C错误；F1测交所结出的种子遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色，能证明孟德尔的基因分离定律，D错误。]
8．原产欧洲南部喷瓜的性别不是由性染色体决定的，而是由3个复等位基因aD、a＋、ad决定的，它们的性别表现与基因型如下表所示，则决定雄性、两性、雌性植株的基因依次是(　　)
性别类型
基因型
雄性植株
a＋aD、aDad、aDaD
雌性植株
adad
两性植株(雌雄同株)
a＋a＋、ada＋
A．aD、ad、a＋ B．aD、a＋、ad
C．a＋、aD、ad D．a＋、ad、aD
B　[根据表格分析已知，雄株的基因型为a＋aD、aDad、aDaD，三个基因型中都有aD，说明决定雄性植株的基因为aD；雌株的基因型为adad，其基因型中只有ad，说明决定雌性植株的基因为ad；两性植株(雌雄同株)基因型为a＋a＋、a＋ad，两个基因型中都有a＋，说明决定两性植株(雌雄同株)的基因为a＋。故选B。]
9．植物紫茉莉的花暮开朝合，被誉为“天然时钟”。若其花色受常染色体上一对等位基因(A、a)控制，将一红花植株与白花植株杂交，F1均为粉红花，F1随机交配，F2中红花∶粉红花∶白花＝1∶2∶1，下列叙述不正确的是(　　)
A．亲本红花植株和白花植株都为纯合子
B．F2中出现三种花色，这是基因重组的结果
C．红花、粉红花、白花的基因型分别为AA、Aa、aa
D．F2中白花与粉红花杂交，F3会出现2种花色
B　[由分析可知，该性状表现为不完全显性，亲本红花植株和白花植株都为纯合子，A正确；F2中出现三种花色，这是F1 Aa个体产生A、a两种配子随机结合的结果，B错误；由分析可知，粉红花基因型一定为Aa，红花、白花的基因型可分别用AA、aa来表示，C正确；F2中白花(aa)与粉红花(Aa)杂交，F3会出现白花、粉红花2种花色，D正确。]
10．水稻是一种雌雄同株的二倍体植物，其巨胚与正常胚是一对相对性状，受一对等位基因控制。在自然状态下将纯种的巨胚稻和纯种的正常胚稻间行种植，正常胚稻穗上所结种子均为正常胚，收集这些种子并种植，获得F1植株。关于这对相对性状的分析不正确的是(　　)
A．正常胚对巨胚为显性性状
B．纯种巨胚稻穗上所结种子均为正常胚种子
C．F1植株中存在2种基因型
D．F1植株产生2种花粉时遵循基因分离定律
B　[在自然状态下将纯种的巨胚水稻和纯种的正常胚水稻间行种植，既有自交也有植株间的杂交，正常胚水稻穗上所结种子均为正常胚的种子，说明正常胚对巨胚为显性性状，A正确；假设亲代基因型分别为AA 、aa，巨胚水稻穗上所结种子既有正常胚(Aa)也有巨胚(aa)，B错误；F1基因型为AA或Aa，C正确；F1植株产生2种花粉(A、a)时符合基因分离定律，D正确。]
11．Y(黄色)和y(白色)是位于某种蝴蝶常染色体上的一对等位基因，雄性有黄色和白色，雌性只有白色。下列杂交组合中，可以从其子代表型判断出性别的是(　　)
A．♀Yy×yy B．♀yy×yy
C．♀yy×YY D．♀Yy×Yy
C　[由于yy在雌雄中均表现为白色，Y_在雌性中表现为白色，雄性中表现为黄色。要根据后代表型判断出性别，应该选择的杂交后代应该全部是Y_。综上所述，A、B、D不符合题意，C符合题意。]
12．下列关于测交的说法，不正确的是(　　)
A．F1×隐性纯合类型―→测F1遗传因子的组成
B．通过测定F1的遗传因子的组成来验证对分离实验现象理论解释的科学性
C．测F1的遗传因子的组成是根据F1×隐性纯合类型―→所得后代表型反向推知的
D．测交时，与F1杂交的另一亲本无特殊限制
D　[为了确定子一代是杂合子还是纯合子，让子一代与隐性纯合子杂交，若子代均为显性性状，则子一代为纯合子，否则为杂合子，A正确；孟德尔采用测交实验来验证对分离实验现象理论解释的科学性，B正确；测交可用来鉴定某一显性个体的基因型，若测交后代均为显性性状，则待测个体为纯合子，否则为杂合子，C正确；测交时，与F1杂交的另一亲本应为隐性类型个体，D错误。]
13．孟德尔遗传规律包括分离定律和自由组合定律。下列相关叙述正确的是(　　)
A．自由组合定律是以分离定律为基础的
B．分离定律不能用于分析两对等位基因的遗传
C．自由组合定律也能用于分析一对等位基因的遗传
D．基因的分离发生在配子形成的过程中，基因的自由组合发生在受精卵形成的过程中
A　[自由组合定律是以分离定律为基础的，A正确；两对等位基因的遗传中，每对等位基因的遗传都遵循基因分离定律，B错误；自由组合定律是对两对及两对以上的相对性状适用的，C错误；基因的分离和自由组合定律都发生在配子形成的过程中，D错误。]
14．基因型为AABb的红色大朵玫瑰与基因型为Aabb的红色小朵玫瑰杂交，其后代基因型不可能是(　　)
A．AaBb B．Aabb
C．AABb D．aaBb
D　[由分析可知，基因型为AABb的红色大朵玫瑰与基因型为Aabb的红色小朵玫瑰杂交，其后代基因型不可能是aaBb，即D符合题意。]
15．已知，豌豆子叶的黄色相对绿色为显性性状，高茎相对矮茎为显性性状。现有一株子叶黄色的高茎豌豆，若要确定其基因型，应选择与其进行杂交的个体表型为(　　)
A．黄色高茎 B．黄色矮茎
C．绿色高茎 D．绿色矮茎
D　[用Y、y表示子叶颜色的基因，D、d表示高度的基因，根据题干“子叶的黄色相对绿色为显性性状，高茎相对矮茎为显性性状”，所以判断子叶黄色的高茎豌豆的基因型(Y_D_)可以采用测交的方法，即和隐性纯合子yydd(绿色矮茎)杂交。故选D。]
16．已知玉米籽粒的颜色分为有色和无色两种。现将一有色籽粒的植株X进行测交，后代出现有色籽粒与无色籽粒的比是1∶3，对这种杂交现象的推测不确切的是(　　)
A．测交后代的有色籽粒的基因型与植株X相同
B．玉米的有、无色籽粒遗传遵循基因的自由组合定律
C．玉米的有、无色籽粒是由一对等位基因控制的
D．测交后代的无色籽粒的基因型有三种
C　[测交后代的有色籽粒的基因型也是双杂合的，与植株X相同，都是AaBb，A正确；玉米的有、无色籽粒遗传是由两对基因控制的，遵循基因的自由组合定律，B正确；如果玉米的有、无色籽粒是由一对等位基因控制的，则测交后代有色籽粒与无色籽粒的比应该是1∶1，而题干中一有色籽粒的植株X进行测交，后代出现有色籽粒与无色籽粒的比是1∶3，1∶3的比例是由1∶1∶1∶1转化而来，说明有色籽粒的植株X产生了4种配子，测交后代双显性时才表现为有色籽粒，单显性和双隐性都表现为无色籽粒，则玉米的有、无色籽粒是由两对等位基因控制的，C错误；测交后代的无色籽粒的基因型有三种，即Aabb、aaBb和aabb三种，D正确。]
17．将基因型为AaBbCc和AABbCc的豌豆杂交，按基因自由组合定律，后代中基因型为AaBbcc的个体比例应为(　　)
A．1/8 B．1/16
C．1/32 D．1/64
B　[若AaBbCc和AABbCc的豌豆杂交，按基因自由组合定律，后代中基因型为AaBbcc的个体比例需要分对计算，第一对：Aa和AA杂交，出现Aa的比例为1/2，同理出现Bb的比例为1/2，出现cc的比例为1/4，因此，基因型为AaBbCc和AABbCc的豌豆杂交，后代中基因型为AaBbcc的个体比例为1/2×1/2×1/4＝1/16，即B正确。]
18．豌豆子叶黄色(Y)对绿色(y)为显性，种子圆形(R)对皱形(r)为显性，两对相对性状独立遗传。将黄色圆形和绿色圆形豌豆杂交，F1的表型的统计结果如图所示。让F1中黄色圆形豌豆自交，则后代的黄色圆形豌豆中纯合子所占比例为(　　)

A．1/8 B．1/6
C．1/5 D．1/4
C　[亲本是基因型为YyRr×yyRr，则F1中黄色圆形豌豆的基因型为1/3YyRR、2/3YyRr。①1/3YyRR自交，自交后代：1/3×(1/4YYRR、1/2YyRR、1/4yyRR)＝1/12YYRR、1/6YyRR、1/12yyRR，②2/3YyRr自交，自交后代：2/3×[Y_R_(1/16YYRR、2/16YYRr、2/16YyRR、4/16YyRr)∶Y_rr(1/16YYrr、2/16Yyrr)∶yyR_(1/16yyRR、2/16yyRr)∶1/16yyrr]，③所以让F1中黄色圆形豌豆自交，则后代的黄色圆形豌豆中纯合子所占比例为(1/12＋2/3×1/16)/(1/6＋1/12＋2/3×9/16)＝1/5。故选C。]
19．已知子代遗传因子组成及比例为1YYRR∶1YYrr∶1YyRR∶1Yyrr∶2YYRr∶2YyRr，按自由组合定律推测双亲的遗传因子是(　　)
A．YYRR×YYRr B．YYRr×YyRr
C．YyRr×YyRr D．Yyrr×YyRr
B　[后代YY∶Yy＝1∶1，RR∶Rr∶rr＝1∶2∶1，可推测双亲的遗传因子是YYRr×YyRr。故选B。]
20．在两对等位基因自由组合的情况下，F1自交后代的性状分离比是12∶3∶1，Fl测交后代的性状分离比是(　　)
A．1∶3 B．3∶1
C．2∶1∶1 D．1∶1
C　[根据题意，设F1为AaBb，且只要有A存在就表现为性状1，没有A存在但有B存在时表现为性状2，没有A、B存在时表现为性状3。若F1测交，即AaBb×aabb→AaBb(性状1)、Aabb(性状1)、aaBb(性状2)、aabb(性状3)，所以测交后代的性状分离比是2∶1∶1，A、B、D项错误，C项正确。]
21．下列关于孟德尔两对相对性状杂交实验的叙述，正确的是(　　)
A．从F1母本植株上选取一朵或几朵花，在花粉未成熟时将花瓣掰开去雄
B．F2中出现的4种表型，有3种是不同于亲本表型的新组合
C．F1产生配子时非等位基因自由组合，含双显性基因的配子数量最多
D．F1产生的雌、雄配子各有4种，受精时配子的结合存在16种组合方式
D　[F1是自交，不需要母本去雄，A错误；F2中出现的4种表型，有2种是不同于亲本表型的新组合，B错误；F1产生配子时非等位基因自由组合，产生的四种配子的比例是相等的，C错误；F1产生的雌、雄配子各有4种，受精时雌雄配子随机结合，存在4×4＝16(种)组合方式，D正确。]
22．玉米是雌雄同株异花授粉植物。用两种纯合玉米杂交得到F1，F1自交得到F2，F2的性状表现及比例为紫花高茎∶紫花矮茎∶白花高茎∶白花矮茎＝27∶9∶21∶7。下列说法正确的是(　　)
A．紫花和白花性状是由一对等位基因控制的
B．F2中的所有白色植株随机授粉，得到的F3中紫花植株占8/49
C．F2中紫花高茎个体的基因型有9种
D．亲本性状的表型不可能是白花高茎和白花矮茎
B　[根据子二代中紫花∶白花＝9∶7，说明紫花和白花性状是由两对等位基因控制的，A错误；A、B同时存在表现为紫花，其他表现为白花，F2中的所有白色植株基因型和比例为AAbb∶Aabb∶aaBB∶aaBb∶aabb＝1∶2∶1∶2∶1，产生的配子种类和比例为Ab∶aB∶ab＝2∶2∶3，随机授粉，得到的F3中紫花植株占2/7×2/7×2＝8/49，B正确；F2中紫花高茎个体的基因型(A－B－C－)有2×2×2＝8(种)，C错误；根据子二代的性状分离比可知，子一代的基因型为AaBbCc，亲本为纯合体，基因型可能为AABBCC×aabbcc或AAbbCC×aaBBcc或AABBcc×aabbCC或AAbbcc×aaBBCC，只有A－B－表现紫花，其余表现白花，所以亲本性状的表型可能是白花高茎和白花矮茎，如AAbbcc×aaBBCC和AAbbCC×aaBBcc，D错误。]
23．报春花的花色中白色(只含白色素)和黄色(含黄色锦葵色素)由两对等位基因(A和a，B和b)共同控制，两对等位基因独立遗传，显性基因A控制以白色素为前体物合成黄色锦葵色素的代谢过程，但当显性基因B存在时可抑制其表达。现选择AABB和aabb两个品种进行杂交，得到Fl，F1自交得到F2，则下列说法不正确的是(　　)

A．黄色植株的基因型是AAbb或Aabb
B．Fl的表型是白色
C．F2中的白色个体的基因型种类是7种
D．F2中黄色∶白色的比例是3∶ 5
D　[由分析可知，黄色植株的基因型是AAbb或Aabb，A正确；AABB和aabb两个品种进行杂交，得到Fl，Fl的基因型为AaBb，表型是白色，B正确；由分析可知，F2中的白色个体的基因型种类是7种，分别为AABB、AaBb、AaBB、AABb、aaBb、aaBB、aabb，C正确；F2中产生的基因型为9 A_B_(白色)∶3 aaB_(白色)∶3A_bb(黄色)∶1aabb(白色)，因此黄色∶白色的比例是3∶13，D错误。]
24．某种植物基因型AA和Aa控制有花瓣，aa 控制无花瓣，花瓣颜色有紫色、红色、白色三种，分别由B＋、B、b控制，三种基因的显隐性关系为B＋>B>b(前者对后者为显性)，A和B基因独立遗传。现有两个紫色花瓣的植株杂交，有关子代的叙述错误的是(　　)
A．后代的基因型种类最多为12种
B．后代的表型种类最多为3种
C．后代无花瓣植株最多占1/4
D．后代杂合子的比例最多占3/4
D　[两个紫色花瓣(AaB＋B×AaB＋b)杂交时后代的基因型种类最多为3×4＝12(种)，A正确；两个紫色花瓣(A_B＋_)后代的表型种类最多为3种，如紫花瓣、红花瓣、无花瓣，B正确；两个紫色花瓣(AaB＋_×AaB＋)杂交时后代无花瓣植株(aa_ _)最多占1/4，C正确；紫色花瓣亲本基因型为AaB＋B×AaB＋b时，后代杂合子比例最多，后代纯合子比例最少占1/2×1/4＝1/8，则杂合子的比例最多占1－1/8＝7/8，D错误。]
25．(2020·7月浙江选考)某植物的野生型(AABBcc)有成分R，通过诱变等技术获得3个无成分R的稳定遗传突变体(甲、乙和丙)。突变体之间相互杂交，F1均无成分R。然后选其中一组杂交的F1(AaBbCc)作为亲本，分别与3个突变体进行杂交，结果见下表：
杂交编号
杂交组合
子代表现型(株数)
Ⅰ
F1×甲
有(199)，无(602)
Ⅱ
F1×乙
有(101)，无(699)
Ⅲ
F1×丙
无(795)
注：“有”表示有成分R，“无”表示无成分R
用杂交Ⅰ子代中有成分R植株与杂交Ⅱ子代中有成分R植株杂交，理论上其后代中有成分R植株所占比例为(　　)
A．21/32 B．9/16
C．3/8 D．3/4
A　[分析题意可知：基因型为AABBcc的个体表现为有成分R，又知无成分R的纯合子甲、乙、丙之间相互杂交，其中一组杂交的F1基因型为AaBbCc且无成分R，推测同时含有A、B基因才表现为有成分R，C基因的存在可能抑制A、B基因的表达，即基因型为A_B_cc的个体表现为有成分R，其余基因型均表现为无成分R。根据F1与甲杂交，后代有成分R∶无成分R≈1∶3，有成分R所占比例为1/4，可以将1/8分解为1/2×1/2，则可推知甲的基因型可能为AAbbcc或aaBBcc；F1与乙杂交，后代有成分R∶无成分R≈1∶7，可以将1/8分解为1/2×1/2×1/2，则可推知乙的基因型为aabbcc；F1与丙杂交，后代均无成分R，可推知丙的基因型可能为AABBCC或AAbbCC或aaBBCC。杂交Ⅰ子代中有成分R植株基因型为AABbcc和AaBbcc，比例为1∶1，或(基因型为AaBBcc和AaBbcc，比例为1∶1)杂交Ⅱ子代中有成分R植株基因型为AaBbcc，故杂交Ⅰ子代中有成分R植株与杂交Ⅱ子代中有成分R植株相互杂交，后代中有成分R所占比例为1/2×1×3/4×1＋1/2×3/4×3/4×1＝21/32，A正确。]
二、非选择题(共5个，共50分)
26．(9分)通常母鸡的羽毛宽、短、钝且直，叫母羽；公鸡的羽毛细、长、尖且弯曲，叫雄羽。所有的母鸡都只具有母羽，而公鸡可以是母羽也可以是雄羽。鸡的这种羽毛性状由位于常染色体上的一对等位基因控制(用H、h 表示)。现用一对母羽亲本进行杂交，发现子代中的母鸡都为母羽，而公鸡中母羽∶雄羽＝3∶1，请回答下列问题：
(1)亲本都为母羽，子代中出现雄羽，这一现象在遗传学上称为________。母羽和雄羽中显性性状是________。
(2)在子代中，母羽鸡的基因型为________。将子代的所有母鸡分别和雄羽鸡杂交，理论上后代公鸡的表型及比例是________。
(3)现有各种表型鸡的品种，为进一步验证亲本中的母鸡是杂合子，请另行设计一杂交实验，用遗传图解表示。(须写出配子)
解析：(1)亲本都为母羽，子代中出现雄羽，这一现象在遗传学上称为性状分离，说明母羽对雄羽是显性，亲本都是杂合体，即Hh。
(2)在子代中，由于所有的母鸡都只具有母羽，所以母羽鸡的基因型为HH、Hh、hh。由于雄羽为隐性性状，所以雄羽鸡的基因型为hh。由于母鸡的基因型有HH、Hh、hh，比例为1∶2∶1。将子代的所有母鸡分别和雄羽鸡hh杂交，理论上后代公鸡的基因型有Hh和hh，比例为1∶1，所以表型及比例是母羽∶雄羽＝1∶1。
(3)为进一步验证亲本中的母鸡是杂合子，可用母羽母鸡(Hh)与雄羽公鸡(hh)杂交，遗传图解见答案。
答案：(1)性状分离　母羽　(2)HH、Hh、hh　母羽∶雄羽＝1∶1
(3)
　
27．(10分)现有以下牵牛花的四组杂交实验，请回答下列问题。
A组：红花×红花→红花、蓝花
B组：蓝花×蓝花→红花、蓝花
C组：红花×蓝花→红花、蓝花
D组：红花×红花→全为红花
其中，A组中子代红花数量为298，蓝花数量为101；B、C组未统计数量。
(1)若花色只受—对等位基因控制，则__________组和________组对显隐性的判断正好相反。
(2)有人对实验现象提出了假说：花色性状由三个复等位基因(A＋、A、a)控制，其中A决定蓝色，A＋和a都决定红色，A＋相对于A、a是显性，A相对于a为显性。若该假说正确，则B组同学所用的两个亲代蓝花基因型组合方式是________________。
(3)若(2)中所述假说正确，那么红花植株的基因型可能有________种，为了测定其基因型，某人分别用AA和aa对其进行测定。
①若用AA与待测植株杂交，则可以判断出的基因型是________。
②若用aa与待测植株杂交，则可以判断出的基因型是________。
解析：(1)若花色只受一对等位基因控制，则A组中，红花×红花→后代出现蓝花，即发生性状分离，说明红花相对于蓝花是显性性状；而B组中，蓝花×蓝花→后代出现红花，说明蓝花相对于红花是显性性状。由此可见，A组和B组对显隐性的判断正好相反。
(2)若花色性状由三个复等位基因(A＋、A、a)控制，其中A决定蓝色，A＋和a都决定红色，A＋相对于A、a是显性，A相对于a为显性，则亲本蓝花中没有基因A＋，因此B组后代红花的基因型为aa，两个亲代蓝花的基因型均为Aa。
(3)若(2)中所述假说正确，三个基因间的显性关系为A＋>A>a，那么红花植株的基因型为A＋A＋、A＋A、A＋a、aa共4种，为了测定其基因型，某人分别用AA和aa对其进行测定。
①若用AA与待测植株杂交，若后代均为红花，则其基因型为A＋A＋；若后代均为蓝花，则其基因型为aa；若后代有红花，也有蓝花，则其基因型为A＋a或A＋A，因此可以判断出的基因型是A＋A＋和aa。
②若用aa与待测植株杂交，若后代均为红花，则其基因型为A＋A＋或aa或A＋a；若后代有红花，也有蓝花，则其基因型为A＋A，因此可以判断出的基因型是A＋A。
答案：(1)A　B 　(2)Aa×Aa　(3)4　①A＋A＋和aa　②A＋A
28．(9分)某植物的花色受两对等位基因M和m、T和t控制。这两对基因对花色的控制机理如下图所示。请回答下列问题：

(1)现有纯合的红花、粉花与白花植株若干，为验证两对基因的遗传是否符合自由组合定律，有同学进行了如下实验：
①将红花植物与若干________植株杂交。
②将得到的F1单独隔离种植，分别进行________，统计______________。
实验结果：若________________说明这两对基因的遗传符合自由组合定律。
(2)该种植物的花上有的出现紫斑，有的无花斑。将杂合红花无斑植株作为亲本自交，子代中出现红花紫斑、红花无斑、粉花紫斑、粉花无斑、白花紫斑、白花无斑6种表型，对应的比例为27∶117∶9∶39∶12∶52。分析以上数据可知：花斑的遗传受________对等位基因控制，亲本杂合红花无斑植株产生的配子种类是________种，子代粉花无斑植株的基因型共有________种。
解析：(1)要验证两对基因的遗传是否符合自由组合定律，可进行如下实验：
①将纯合红花植物MMTT与若干白花植株(mmTT或mmtt)杂交；②将得到的F1(MmTT或MmTt)单独隔离种植，分别进行自交，统计子代的表型及比例。若F1自交部分子代中红花∶粉花∶白花＝9∶3∶4，说明这两对基因的遗传符合自由组合定律。
(2)将杂合红花无斑植株作为亲本自交，子代中出现红花紫斑、红花无斑、粉花紫斑、粉花无斑、白花紫斑、白花无斑6种表型，对应的比例为27∶117∶9∶39∶12∶52。分析以上数据可知，红花∶粉花∶白花＝9∶3∶4，紫斑∶无斑＝3∶13，故花斑的遗传受2对等位基因控制，亲本杂合红花无斑植株含有四对杂合子，故产生的配子种类是24＝16(种)，子代粉花有2种基因型，无斑有7种基因型，故子代粉花无斑植株的基因型共有2×7＝14(种)。
答案：(1)①白花　②自交　子代的表型及比例　F1自交部分子代中红花∶粉花∶白花＝9∶3∶4　(2)2　16　14
29．(12分)在家兔中黑色(B)对褐色(b)为显性，短毛(E)对长毛(e)为显性，这两对基因是独立遗传的。现有纯合黑色短毛兔和褐色长毛兔。请回答下列问题：
(1)试设计培育出能稳定遗传的黑色长毛兔的方案(简要程序)。
第一步：__________________________________________________；
第二步：__________________________________________________；
第三步：__________________________________________________。
(2)F2中黑色长毛兔的基因型有________和________两种，其中纯合子占黑色长毛兔总数的________，杂合子占F2总数的________。
(3)此现象符合基因的________________定律。
解析：(1)若要培育稳定遗传的黑色长毛兔，首先分析相关性状，其中黑色为显性，因此获得黑色个体后需要进行验证其是否为纯合子，现已有的性状为纯合黑色短毛兔和褐色长毛兔，显然目标性状需要重新组合，因此选择杂交育种来达到预定目的。设计如下：
第一步：让提供的纯合的黑色短毛兔与褐色长毛兔杂交获得F1；
第二步：因为需要的性状尚未出现，因此，需要让F1中的雌雄个体相互交配得到F2，其表型比例为黑色短毛∶黑色长毛∶褐色短毛∶褐色长毛＝9∶3∶3∶1 ；
第三步：获得F2之后，从中选出黑色长毛兔进行测交，检验其是否为纯种，因为长毛是隐性性状，因此选择亲本中的褐色长毛兔与之多次杂交，若后代全为黑色长毛(其后代不出现褐色长毛兔)，则待测的黑色长毛为纯合子，即为选育的类型。
(2)F2中黑色长毛兔为单显类型，其基因型有BBee和Bbee两种，比例为1∶2，即其中纯合子占黑色长毛兔总数的1/3，因为F2总份数为16，因此杂合子占F2总数的1/8。
(3)上述重组性状的出现是符合基因的自由组合定律的。
答案：(1)黑色短毛兔×褐色长毛兔→F1　F1雌雄个体相互交配得到F2，从F2中选出黑色长毛兔　F2中黑色长毛兔×褐色长毛兔(测交)，其后代不出现褐色长毛兔的亲本即为纯种黑色长毛兔　(2)BBee　Bbee　1/3　1/8　(3)自由组合
30．(10分)果蝇体色有黄身(H)、黑身(h)之分，翅型有长翅(V)、残翅(v)之分。现用黄身残翅、黑身长翅纯合果蝇杂交，F2出现4种类型且比例为5∶3∶3∶1，已知果蝇有一种精子不具有受精能力。回答下列问题：
(1)不具有受精能力精子的基因组成是________。F2黄身长翅果蝇中两对基因均杂合的比例为________。
(2)若让F2 黑身长翅果蝇自由交配，则子代的表型及比例为________________________________________。
(3)现有多种不同类型的果蝇，从中选取亲本通过杂交实验来验证上述不能完成受精作用的精子的基因型。
①杂交组合：选择________的果蝇进行杂交。(写基因型，标上父本母本)
②结果推断：若后代出现__________________(写表型及比例)则不具有受精能力精子的基因型为HV。
解析：根据F2的表型之比5∶3∶3∶1是9∶3∶3∶1的变形，可知果蝇体色与翅型的遗传遵循基因的自由组合定律。黄身残翅、黑身长翅纯合果蝇杂交，F1的基因型为HhVv。
(1)由于F2出现4种类型且比例为5∶3∶3∶1，可知双显性的个体有部分不能形成，可能是果蝇的HV精子不具有受精能力。F1的雌配子有1/4HV、1/4Hv、1/4hV、1/4hv，雄配子有1/3Hv、1/3hV、1/3hv，F2黄身长翅果蝇中两对基因均杂合的基因型为HhVv，占整个F2的3/12，占黄身长翅果蝇的比例为3/5。
(2)F2黑身长翅的基因型是hhVV、hhVv，比例为1∶2，所以hV配子的比例为2/3，hv配子的比例为1/3。让F2黑身长翅果蝇自由交配，则子代的表型及比例为黑身长翅∶黑身残翅＝(2/3×2/3＋2/3×1/3×2)∶(1/3×1/3)＝8∶1。
(3)通过杂交实验来验证不能完成受精作用的精子的基因型，应选取父本能产生HV以及其他类型的配子，才能体现HV精子是否具有受精能力。因此①可选取黑身残翅的果蝇作母本、双杂合的黄身长翅果蝇作父本，即杂交组合为♀hhvv×HhVv。②可根据结果逆推，不具有受精能力精子的基因型为HV，则杂交后代中出现的表型及比例为黄身残翅∶黑身长翅∶黑身残翅＝1∶1∶1。
答案：(1)HV　3/5　(2)黑身长翅∶黑身残翅＝8∶1　(3)①♀hhvv×HhVv　②黄身残翅∶黑身长翅∶黑身残翅＝1∶1∶1