2023届贵州省贵阳第一中学高三年级高考适应性月考卷（一）理综试题 PDF版

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贵阳第一中学 2023 届高考适应性月考卷（一） 理科综合参考答案
一、选择题：本题共 13 小题，每小题 6 分。

题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
答案
D
B
B
C
A
C
D
C
B
A
D
B
C
二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 14~18 题只有一项符合题目要求；第 19~21 题有多项符合题目要求，全部选对的给 6 分，选对但不全的给 3
分，有选错的给 0 分。

题号
14
15
16
17
18
19
20
21
答案
B
C
B
D
C
AC
AD
BD
【解析】

1. 本题考查蛋白质的结构及功能的相关知识。氨基酸种类、数量相同的蛋白质，其组成的氨基酸排列顺序及肽链的空间结构也可能不同，故功能可能不同，A 正确。浆细胞产生的抗体，能与相应的抗原发生特异性结合，B 正确。细胞核中存在的染色体，其主要由 DNA 和蛋白质组成，C 正确。向 H2O2 溶液中加入过氧化氢酶，可以加快 H2O2 分解，但蛋白质不都是过氧化氢酶，D 错误。
2. 本题考查原核细胞和真核细胞的结构与功能的相关知识。核糖体是合成蛋白质的场所，核仁与核糖体的形成有关，因此蛋白质合成旺盛的细胞通常核仁较大，而核孔是核质之间物质交换和信息交流的通道，蛋白质合成旺盛的细胞物质交换、信息交流频繁，核孔的数量较多，A 错误。动物细胞中，高尔基体与细胞分泌物的形成有关，胰腺腺泡细胞分泌胰液， 其内含多种酶，故胰腺腺泡细胞中高尔基体含量较多，有利于分泌物的形成，B 正确。洋葱根尖细胞中没有中心体，C 错误。乳酸菌细胞是原核细胞，细胞中无内质网，D 错误。
3. 本题考查植物细胞质壁分离的相关知识。植物细胞的细胞壁具有全透性，所以蔗糖分子和水都能自由通过洋葱鳞片叶外表皮细胞的细胞壁，A 正确。发生质壁分离后的洋葱鳞片叶外表皮细胞的液泡中紫色加深，而非原生质层紫色加深，B 错误。水分交换达到平衡时细胞乙体积增大，说明在水分交换前，细胞乙的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度，水分从外界进入细胞乙内，C 正确。水分交换达到平衡时细胞甲未发生变化，说明细胞甲的细胞液浓度等于外界蔗糖溶液的浓度；细胞乙的体积增大，说明在水分交换前，细胞乙的细胞液浓度大于外界蔗糖溶液的浓度，水从外界进入细胞内；细胞丙发生质壁分离，说明在水分交换前，细胞丙的细胞液浓度小于外界蔗糖溶液的浓度，水从细胞内流出，D 正确。


4. 本题考查酶和 ATP 的相关知识。酶可以降低化学反应所需的活化能，但不能为细胞内的化学反应提供能量，A 错误。酶作为生物催化剂，既可以在生物体内发挥作用，也可以在生物体外发挥作用，B 错误。ATP 水解即高能磷酸键断裂，同时释放大量的能量，C 正确。 ATP 合成时所需的能量可来自细胞呼吸释放的能量，也可以来自光合作用，D 错误。
5. 本题考查植物的呼吸作用和光合作用过程的相关知识。绿色植物光合作用光反应将水分解产生氧气的场所是类囊体薄膜，而有氧呼吸第二阶段水与丙酮酸反应生成二氧化碳的场所是线粒体基质，A 错误。光合作用光反应可以将水光解产生氧气，而有氧呼吸第二阶段水与丙酮酸反应生成二氧化碳，B 正确。有氧呼吸不需要光照，植物细胞在白天和黑夜都能进行有氧呼吸，C 正确。植物幼茎的绿色部分含有叶绿体，能进行光合作用，所有的活细胞都能进行呼吸作用，D 正确。
6. 本题考查细胞凋亡和细胞坏死的相关知识。细胞凋亡是基因决定的细胞编程性死亡，而细胞坏死是种种不利因素影响下，由于细胞正常代谢活动受损或中断引起的细胞损伤和死亡，A 错误。小肠上皮细胞的自然更新过程中存在细胞凋亡，B 错误。清除被病毒等病原体感染细胞的过程中存在细胞凋亡，C 正确。人在胚胎时期，要经历有尾阶段，后来尾部细胞自动死亡，尾才消失，属于细胞凋亡，D 错误。
7. “84”消毒液的有效成分次氯酸钠以及二氧化氯都有氧化性，能杀菌消毒，作为环境消毒剂，A正确。天眼的框架属于铁合金，B正确。氮化硼陶瓷耐高温，不含金属单质，不是硅酸盐，属于新型无机非金属材料，C正确。聚乙炔又称为可导电塑料，可通过加聚反应得到，D错误。
4.6g
8．4.6g乙醇的物质的量为 46g/mol =0.1mol，0.1mol乙醇分子中含有共价键数为 0.8NA，A错误。
1.8g D216O的物质的量小于 0.1mol，只有 0.1mol D216O中含有质子和中子的物质的量才是
1mol，B错误。等质量的氧气和臭氧所含氧原子数相等，所含的电子数也相等，C正确。标准状况下，22.4L NO与 11.2L O2 充分反应生成 22.4L二氧化氮，标况下 22.4L二氧化氮的物质的量为 1mol，由于二氧化氮与四氧化二氮之间存在转化平衡，则反应后产物的分子数小于NA，D错误。
9. 胆矾指的是五水合硫酸铜（CuSO4·5H2O），其显蓝色，而浓硫酸具有吸水性，CuSO4·5H2O
变为CuSO4，CuSO4 为白色固体，A错误。氯水将SO2 氧化为SO2- ，氯化钡溶液中Ba2+与SO2-
4 4
反应生成BaSO4 白色沉淀，B正确。氯气可溶于水，在常温时，1 体积水大约能溶解 2 体积氯气，因而 10mL水大约能溶解 20mL氯气，气体大约剩余 40mL未溶解，C错误。氢气在氯气中燃烧，产生苍白色火焰，瓶口有白雾，D错误。


10. 氯气能够氧化硫代硫酸根离子生成硫酸根离子，自己被还原为氯离子，故用Na2S2O3 溶液
吸收自来水中多余Cl2，离子方程式为 4Cl2+ S O2- +5H2O=10H++ 2SO2- +8Cl−，A正确。
2 3 4

3
过量铁粉溶于稀硝酸中反应生成硝酸亚铁，反应的离子方程式为3Fe+8H++ 2NO- =3Fe2++2NO↑+4H2O ， B 错误。 硫酸铜溶液中通入硫化氢： H2S+Cu2+=CuS↓+2H+，C错误。离子方程式应为H++OH−=H2O，D错误。
11. 根据结构简式可知，黄芩苷分子式为C21H18O11，A错误。黄芩苷分子中含有碳碳双键、醇
羟基，能被酸性高锰酸钾氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，B错误。黄芩苷分子中左边环上的原子不可能共平面，C错误。黄芩苷分子中醇羟基、酚羟基、羧基都能和金属钠反应产生氢气，D正确。
12. 根据Z有两个电子层且成四根键，可知Z为C，再根据Z、W、X、Y的原子半径逐渐减小且分占两个周期且W成 3 根键，X成两根键，Y成 1 根键，可推出W为N、X为O、Y为H。N、O、C的非金属性强弱为O>N>C，A正确。X和Y形成的化合物有H2O和H2O2，B错误。W 是N，其最高价氧化物对应的水化物是硝酸，为强酸，C正确。Z、W、X、Y四种元素可以形成多种化合物，若为铵盐，既有离子键，又含共价键，D正确。
13. a极上甲烷转化为二氧化碳，甲烷失去电子，所以a极为负极，负极上甲烷发生氧化反应， 电极反应式为CH4−8e−+4O2−=CO2+2H2O，A错误。根据题干信息：利用CH4 燃料电池电解制备Ca(H2PO4)2 并得到副产物NaOH、H2、Cl2，可知阳极室的电极反应式为2Cl−−2e−=Cl2↑，则阳极室内钙离子向产品室移动，A膜为阳离子交换膜，阴极室的电极反应式为 2H2O+2e−=2OH−+H2↑，则原料室内钠离子向阴极室移动，C膜为阳离子交换膜，B错误。阴极室的电极反应式为 2H2O+2e−=2OH−+H2↑，C正确。a极上通入标准状况下 2.24L甲烷即 0.1mol甲烷，失去 0.8mol电子，根据电子守恒，阳极室钙离子减少的物质的量是 0.4mol，D错误。
14. 查德威克通过 α 粒子轰击铍原子核，首次发现了中子，故 A 错误。Y=210−4=206，X 中中子个数为 206−82=124，故 B 正确。该反应是较轻的原子核的聚变反应，故 C 错误。C
中核反应释放能量，有质量亏损，生成物更稳定，则 4 He 的比结合能比3 H 的比结合能大，
2 1

故 D 错误。
15． v - t 图像图线与横轴围成的面积表示位移大小，从图像中可以看出物体在 0～t0 这段时间



内的位移大于
v0t0

2
2
v 2
，故 A 错误。根据位移速度公式得 a = = 0.5m/s
2x

，故 B 错误。根据



匀变速直线运动的位移时间公式得 x = v + 1 at ，则 v
= -5m/s ，a = 10m/s2 。3s 内物体的

t 0 2 0

位移为 x = v t + 1 at 2 = 30m ，故 C 正确。根据Dv = at ，可知阴影面积表示 t1～t2 时间内
0 2

物体的速度变化量，故 D 错误。

16. 汽车从 A 运动到 B 过程中的平均速度大小为 v = xAB = 10m/s 。设汽车经过 A 点的速度大
t2
vA + vB


小为 vA ，根据匀变速直线运动规律的推论有 v = 2 ，解得 vA = 5m/s ，故 A 错误。汽
a = vB - vA = 10 m/s2 v2

车的加速度大小为
t2 3
，A 点与 O 点间的距离为 xOA
= A = 3.75m ，故 B
2a

正确。汽车从 O 点到 A 点需要的时间为t1
= vA = 1.5s ，故 C 错误。汽车从 O 点到 B 点的
a

平均速度大小为 v¢ = vB = 7.5m/s ，故 D 错误。
2
17. 以小球为研究对象，设小球所在位置切线方向与竖直方向夹角为q ，因缓慢向上拉小球， 则沿切线方向有 FT = mg cosq ，沿半径方向有 FN1 = mg sinq 。小球向上至半圆最高点的过程中q 增大，所以细线对小球的拉力减小，小球对柱体的压力增大，故 A、B 错误。以柱

体为研究对象，竖直方向柱体受到地面的支持力 F
= Mg + F
sinq = Mg + mg sin2 q ，水


平方向墙面的力 F = FN1
N2 N1

cosq = mg sinq cosq = 1 mg sin 2q 。q 增大，地面的支持力逐渐增
2

大。墙面对柱体的力先增大后减小，当q = 45° 时竖直墙面对柱体的压力最大，根据牛顿第三定理，柱体对竖直墙面的压力先增大后减小，当q = 45° 时柱体对竖直墙面的压力最大，故 C 错误，D 正确。
18. 对球 d 单独进行受力分析只受重力和竖直方向的拉力，因此球 d 的加速度为零，因为 b

和 d 相对静止，因此 b 的加速度也为零，故 A 正确。c 球受重力和拉力两个力， 两个力的合力不等于零，受力如图所示，c 球与 a 环以共同的加速度向下滑，
对 c 球有 a = mgsinq = gsinq ，故 B 正确。a、c 相对静止，则 a 环的加速度为
m
gsinq，f = 0 ，故 C 错误。细线对 c 球的拉力Tc = mg cosa ，对 d 球的拉力
Td = mg ，细线对 c 球的弹力小于细线对 d 球的弹力，故 D 正确。

19. 三物块一起做匀速直线运动，由平衡条件对 a、b、c 系统 F = 3mmg 。对 b、c 系统T = 2mmg ，
T = 2 F ，故 A 正确。因为 c 做匀速直线运动，处于平衡状态，c 不受摩擦力，故 B 错误。
3
剪断轻绳后，b、c 一起做匀减速直线运动，由牛顿第二定律，对 b、c 系统2mmg = 2ma¢ ，
对 c 有 f ¢ = ma¢ ，解得 f ¢ = mmg ，故 C 正确。当水平拉力增大为原来的 3 倍，即
2
F¢= 3 F = 9 mmg ；由牛顿第二定律，对 a、b、c 系统 F ¢ - 3mmg = 3ma 。对 c 有 f = ma ，
2 2
解得 f = 1 mmg ，故 D 错误。
2
20. 若仅增大 A 的质量，则 DB 绳拉力增大，对整体分析可知地面对斜面 C 的摩擦力等于绳DB 拉力在水平方向的分力，故地面对斜面 C 的摩擦力一定变大，故 A 正确。若仅增大 A 的质量，则 BD 绳拉力增大，对 B 分析，由于不知道 BD 绳拉力和摩擦力的大小关系，故无法判断斜面 C 对 B 的摩擦力的变化，故 B 错误。若仅增大 B 的质量，则绳子 AD 和 BD 上拉力不变，而角 ADB 为锐角，故绳子 OD 上的拉力一定大于 A 的重力，故 C 错误。若仅将 C 向右缓慢平移一点，由于角 ADB 变大，而 OD 在其角平分线上，故a 角变大，故
D 正确。
21. 每个工件先受向上的滑动摩擦力，后受向上的静摩擦力，故 A 错误。由于每隔 1s 放一个工件，传送带的速度是 5m/s，那么相邻两个工件的初始位置之间的距离是 5m，相当于在传送带上每隔 5m 放一个工件，而每个工件的运动情况都相同，最终工件相对于传送带静止时，相邻的两个工件之间的距离一定是 5m。最后放上传送带的工件与前一个工件之间的距离最小，相对于最后一个工件来说，前一个工件刚刚加速运动 1s，加速过程由牛顿
第二定律可得 mmg cosq - mg sinq = ma ，解得 a = 2.5m/s2 ，由 x = 1 at 2 ，解得 x = 1.25m ，
2
则两个工件间的最小距离为 1.25m，故 B 正确。每个工件在传送带上的滑动时间为

t = v =
0 a
5 s = 2s ，最后一个工件刚刚放上时，后数第二个工件还在滑动，后数第 3 个工
2.5

件刚好相对传送带静止，最后放上的工件与前一个工件之间的距离为 1.25m，后数第 2 个和第 3 个间距为 3.75m，其余相邻工件之间的距离为 5m，1.25m+3.75m+5m×5=30m，始终保持有共 6 个间隔 7 个工件，所以传送带上始终有 7 个工件，故 C 错误。刚放上第 7
个工件时，第 6 个工件还在滑动，第 5 个工件刚好相对传送带静止，所以这 7 个工件中
有 2 个滑动摩擦力，5 个静摩擦力，则满载时增加的牵引力为 7 个工件所受的摩擦力之和
f = 2mmgcosq + 5mgsinq = 40N ，故 D 正确。


三、非选择题
（一）必考题：共 11 题，共 129 分。
22．（每空 2 分，共 6 分）
（1）BCD（选对但不全给 1 分，全对给 2 分，有错选给 0 分）
（2）B
（3）变大
【解析】（1）改变拉力，进行多次实验，重物能够保持稳定，说明 O 点所受 A、B 拉力的合力与重物重力等大反向，所以需要测量弹力 A、B 的大小及方向、重物的重力才能完成实验，不需要每次实验重物都在 O 点；要使弹簧测力计测出的力的大小准确，细线方向应与木板平面平行，故 B、C、D 正确。
（2） 根据平行四边形定则，O 点所受 A、B 拉力的合力与重物重力大小相等，ÐAOB = 135°
时（如图甲所示）， FB = G ，所以物体质量最接近 0.2kg。

（3） 在 O 点，三个力的矢量三角形如图乙所示，所以继续向左拉动物体时，弹力 A、B
的拉力大小均变大。
23．（除特殊标注外，每空 1 分，共 9 分）
（1）D F 如图所示（3 分：全对给 3 分，电路原理正确， 但定值电阻及滑动变阻器未标符号或标错不扣分；所有器材未标符号或两电流表符号未标或标错扣 1 分；画成其他电路不给分）
（2）2.92~2.98 均可（2 分） 1.6~1.8 均可（2 分）
【解析】（1）测量电池的电动势和内阻需要电压表和电流表，但提供的实验器材缺少电压表，可用已知内阻的电流表 A1 与定
值电阻串联后改装而成，选择定值电阻 R3，改装的电压表量程为 1.5V，选择定值电阻 R4， 改装电压表量程为 3V，考虑到铅蓄电池电动势为 3V，选择定值电阻 R4 更合适，为使得调节滑动变阻器电流表示数变化更加明显，应选择滑动变阻器 R2 接入电路并采用限流式接法，所以滑动变阻器选择 R2，定值电阻选择 R4，且电动势、内阻较小，电流表 I1 分流可以忽略，所以电路图如图所示。


（2）根据闭合电路欧姆定律有 I (R + R ) = E - I r ，即 I = E - r I 。


1 A1 4 2
1 R + R R + R 2

图像的纵截距 I1 = R
A1 4 A1 4
E = 1.48mA ，所以电动势 E = 2.96V 。图像的斜率大小
+ R

k = r
RA1 + R4
A1 4
= (1.48 - 1.1)mA ，解得 r = 1.7W 。
(0.45 - 0)A

24．（10 分）
解：（1） v0 = 28.8km/h = 8m/s ①
反应时间内汽车做匀速运动，其位移为 x1 = v0t1 = 2m ②
则汽车匀减速运动的位移为 x2 = (22.5 - x1 - 0.5)m = 20m ③
0 2
由 v2 = 2ax ④
解得 a = 1.6m/s2 ⑤


（2）汽车匀减速运动时间t2
= v0 = 5s ⑥
a


小朋友过路时间t3
= l + d = 20s ⑦
v2

则等待时间t = t3 - (t1 + t2 ) ⑧
解得t = 14.75s ⑨
评分标准：本题共 10 分。正确得出⑧式给 2 分，其余各式各给 1 分。
25．（22 分）
解：（1）设经过时间t1 板开始运动，此时 F1 = m2 (M + m)g ①
F1 = 0.5t1 ②
联立解得t1 = 8s ③
（2）设经过时间t2 ，煤块与板将发生相对运动，对煤块 m1mg = ma ④ 对板 F2 - m1mg - m2 (M + m)g = Ma ⑤
或对整体 F2 - m2 (M + m)g = (M + m)a
F2 = 0.5t2 ⑥
联立解得 F = 6N ， t2 = 12s ⑦
由（1）可知，煤块和板整体一起运动的时间t = t2 - t1 = 4s ⑧
1 + 0

对整体 v1 = Dv = a平均t =
´ 4m/s=2m/s ⑨
2


（ 3 ）撤去外力前，设板的加速度大小为 a ，煤块加速度大小为 a = m g = 1m/s2
1 1

F ¢ - m (M + m)g - m mg = Ma ，解得 a = 3m/s2 ⑩
2 1 1 1

2
经t3 = 3s 撤去外力后，板匀减速运动，加速度大小为 a2 ，煤块加速度仍为 a，直至共速， 设这段时间为 t4，共速速度为 v ，则

m2 (M + m)g + m1mg = Ma2
v = a(t3 + t4 ) = a1t3 - a2t4
解得t4 = 1s ， v = 4m/s
，解得 a = 5m/s2






则达共速时 x
= v (t

+ t ) = 8m ， x
= 1 at 2 + (a1t3 + v) t


= 20m

A 2 3 4 B 2 1 3 2 4

A 相对 B 向左运动了Dx = x2 - x1 = 12m < 13m

故 A 不会从板左端滑下

共速后，由于 m1 < m2 ，二者各自匀减速运动，板加速度大小为 a3 ，煤块加速度大小仍为
a，则 m (M + m)g - m mg = Ma ，解得 a = 3m/s2

2 1 3
3


D ¢ v2
v2 16



都停止时，设 A 相对 B 向前运动了Dx¢ ，则
x = - =
2a 2a3
m < 12m
3


故不会从右端掉下

煤块静止时离泡沫板右端距离为 d = Dx - Dx¢ = 20 m
3

评分标准：本题共 22 分。正确得出①、⑨、式各给 2 分，其余各式各给 1 分。

26．（除特殊标注外，每空 2 分，共 14 分）

（1） AlN+NaOH+H2O=NaAlO2+NH3↑

（2） AD

（3） 防倒吸（1 分）

（4） 检查装置气密性 关闭K1，打开K2 偏低（1 分） 氩气能把装置中残留的氨气全部赶入装置C中（或装置中会有氨气残留）
（5） 装置C出口处连接一个干燥装置


【解析】测定原理是通过测定 AlN+NaOH+H2O=NaAlO2+NH3↑反应生成氨气的质量来计算氮化铝的含量。
（1） AlN 溶于强碱溶液时会生成 NH3，反应的化学方程式为 AlN+NaOH+H2O= NaAlO2+NH3↑。
（2） 氨气为碱性气体不可选用酸性干燥剂 P2O5，也不可选用无水氯化钙，会与之反应形成 CaCl2·8NH3。
（3） 分析装置和仪器作用，氨气是和浓硫酸能发生反应的气体，易发生倒吸，仪器作用是防止倒吸。
（4） 组装好实验装置，依据原理可知气体制备需要先检查装置气密性，加入实验药品。接下来的实验操作是关闭 K1，打开 K2，反应生成氨气后把装置中的气体全部赶入装置 C 被浓硫酸吸收，准确测定装置 C 的增重，若未将 NH3 赶入装置 C 中，收集装置 C 的质量偏低，则测定结果偏低。
（5） 装置存在的缺陷是空气中的水蒸气也可以进入装置C，使测定结果偏高，需要连接一个盛碱石灰干燥管。
27．（除特殊标注外，每空 2 分，共 14 分）
（1） 粉碎铁屑、适当增大酸的浓度、搅拌（1 分）
（2） 硫氰化钾（1 分）
（3） 将Fe3+ 还原成Fe2+（答成防止二价铁被氧化给 1 分）
2Fe3++H2S=2Fe2++2H++S↓ 除去溶液中的Sn2+
（4） 蒸发浓缩、冷却结晶
4
（5）①5Fe2++ MnO- +8H+=5Fe3++Mn2++4H2O ②86.9%
【解析】（2）检验所得绿矾晶体中是否含有 Fe3+的实验操作是利用三价铁离子检验方法分析，KSCN 溶液和三价铁离子反应生成血红色溶液，可以检验铁离子的存在。
（3） 通入硫化氢至饱和的目的是硫化氢具有强还原性，可以防止亚铁离子被氧化，对应的化学方程式为 2Fe3++H2S=2Fe2++2H++S↓，已知：在 H2S 饱和溶液中，SnS 沉淀完全时溶液的 pH 为 1.6；FeS 开始沉淀时溶液的 pH 为 3.0，沉淀完全时的 pH 为 5.5，操作Ⅱ在溶液中用硫酸酸化至 pH=2 的目的是在溶液 pH=2 时，Sn2+完全沉淀，亚铁离子不沉淀。
（4） 滤液中得到晶体，需要对溶液进行加热蒸发浓缩，结晶析出，过滤洗涤等，所以操作Ⅳ的顺序依次为蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥。

4
（5） ①酸性高锰酸钾具有氧化性，能将 Fe2+氧化成铁离子，自身得电子生成 Mn2+，根据得失电子守恒、电荷守恒和原子守恒配平，反应的离子方程式为 5Fe2++ MnO- +8H+=
5Fe3++Mn2++4H2O。
4
②用硫酸酸化的 0.01000mol/L KMnO4 溶液滴定至终点，消耗 KMnO4 溶液体积的平均值为 20.00mL，则根据方程式：5Fe2++ MnO- +8H+=5Fe3++Mn2++4H2O 得到：n(Fe2+)= 0.01000mol/L×0.0200L×5=0.001mol 。所 以 250mL 溶液中 有 n(Fe2+)=0.01mol 。则FeSO4·7H2O 物质的量也是 0.01mol，质量为 0.01mol×278g/mol=2.78g，质量分数为2.78g÷3.20g×100%=86.9%。
28．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分）
（1）ΔH3−ΔH 2（1 分）
（2）ACE
（3）0.048mol·L−1·min−1


（4）①放热（1 分）
p < p < p ②= 49


3
1 2 3
12 p2


（5）Cat1（1 分） 温度升高，催化剂的活性降低（或反应Ⅱ为吸热反应，温度升高更有利于反应进行，或从速率或平衡角度解释，合理即可）
【解析】（1）反应①+②可得反应③，则焓变 ΔH1=ΔH3−ΔH 2。
（2）若使反应速率加快，缩小反应容器的容积，可增大物质的浓度，从而增大反应速率， A 正确。往密闭容器中不断通入氦气，不影响参与反应的物质的浓度，速率不变，B 错误。升高温度，反应速率加快，C 正确。保持恒压状态不断通入氦气，参与反应的物质的浓度降低，反应速率减慢，D 错误。使用合适的催化剂能降低反应的活化能从而达到加快化学反应速率的目的，E 正确。
（3）0~5min 内，设转化的 CO2 物质的量为 x，
CO2(g)+3H2(g)=CH3OH(g)+H2O(g)

起始（mol）
1
3
0
0
转化（mol）
x
3x
x
x
平衡（mol）
1−x
3−3x
x
x


1+3


气体总的物质的量减少了1 - x + (3 - 3x) + x + x
= 1
1 - 20%

，即得出 x=0.4mol，则 H2

的平均



反应速率 v=3× 0.4mol
5L ´ 5 min
= 0.048mol/(L g min) 。


（4） 反应Ⅲ为气体体积减小的反应，增大压强平衡正向移动。相同温度下，压强越大， H2 转化率越高，故 p1 < p2 < p3 ，反应中消耗 CO2 和 H2 的物质的量也为 1∶3，故平衡时α(H2)=α(CO2)。
CO2(g)+3H2(g)=CH3OH(g)+H2O(g)

起始（mol）
1
3
0
0
转化（mol）
0.6
3×0.6
0.6
0.6
平衡（mol）
0.4
1.2
0.6
0.6

平衡时总物质的量为 2.8mol，则 CO2、H2(g)、CH3OH(g)、H2O(g)的物质的量分数分别为



1 3 3



3 K = p(CH3OH) p(H2O) =




3 3
14 p3 g 14 p3 = 49



、 、 、 ， p
p3 (H ) p(CO )
1 æ 3


ö3 12 p2 。

7 7 14 14
2 2 p g ç p ÷3

7 3 è 7 3 ø

（5） 相同温度下单位时间内选择性较大的催化效率较高，故催化效率 Cat1>Cat2，温度高于 500℃时，甲醇产率降低，可能是催化剂失去活性，或副产物增多等导致的。
29．（除特殊标注外，每空 1 分，共 9 分）

（1） Mg2+逆浓度梯度进入根细胞，为主动运输过程，需要消耗能量，呼吸作用受到抑制时提供的能量减少，故根细胞吸收 Mg2+的速率降低（2 分）
（2） 叶绿素（答色素不给分） 下降 下降

（3） ①多镁

②甲>丙>乙 缺镁造成的西瓜减产幅度更大

③缺镁和多镁造成的西瓜减产幅度接近（基本一致）

【解析】本题选取生活中常见水果西瓜的生产实践作为素材背景，考查无机盐相关知识。植物的根细胞可以通过一定方式吸收外界溶液中的 Mg2+。由细胞外的 Mg2+可以通过载体蛋白逆浓度梯度进入植物的根细胞可判断，根细胞吸收 Mg2+的方式为主动运输，该方式不仅需要载体蛋白，还需要细胞呼吸提供能量。在有呼吸抑制剂的条件下，细胞呼吸受抑制，提供的能量减少，故根细胞对 Mg2+的吸收速率降低。镁是合成叶绿素的必需矿质元素，缺镁导致叶绿素合成不足，叶片发黄，进而影响光合作用，使光反应速率下降， 暗反应速率也随之下降。

（1）差速离心法（1 分）
（2）②③
（3） 高尔基体 对来自内质网的蛋白质进行加工、分类、包装和运输
（4） 含有多种水解酶，能分解衰老、损伤的细胞器，吞噬并杀死侵入细胞的病毒或病菌
（3 分）
【解析】本题考查细胞的结构和功能，要求考生掌握细胞器之间的分工与协调配合。研究细胞内各种细胞器的组成和功能，需要将这些细胞器一一分离出来，常用的方法是差速离心法。内质网是由膜连接而成的网状结构，是细胞内蛋白质合成和加工以及脂质合成的“车间”，性激素属于脂质，其合成场所是内质网；肽链在核糖体中形成后进入内质网进行初步加工，形成具有一定空间结构的蛋白质；内质网不产生 ATP。胰岛素是分泌蛋白，高尔基体在分泌蛋白的合成和分泌过程中，对来自内质网的蛋白质进行进一步的修饰加工，使之成为成熟的蛋白质。溶酶体是细胞的“消化车间”，其内含有多种水解酶，能分解衰老、损伤的细胞器，吞噬并杀死侵入细胞的病毒或病菌。
31．（除特殊标注外，每空 2 分，共 10 分）
（1） 细胞质基质、线粒体（或细胞质基质、线粒体基质和线粒体内膜）
3
（2） 主动运输（1 分） 主动运输需要细胞呼吸提供能量，在一定 O2 浓度范围内，根细胞对 NO- 的吸收速率与 O2 浓度呈正相关
（3） 主动运输需要载体蛋白，而根细胞膜上载体蛋白数量有限（或此时根细胞膜上载体蛋白达到饱和）
3
（4） 作物甲的 NO- 最大吸收速率大于作物乙，作物甲需要的能量多，消耗的 O2 多
（5） 定期松土（或中耕松土）（1 分）
3
【解析】植物根细胞能产生 ATP 的生理过程是有氧呼吸和无氧呼吸，其场所是细胞质基质和线粒体。由图可知，在一定的范围内随着氧气浓度的增加，作物吸收 NO- 的速率也在
增加，超过该范围后，随着氧气浓度的增加，作物吸收 NO- 的速率不再增加，说明 NO- 的
3 3
3
3
3
吸收不仅需要能量，也需要载体蛋白，所以是主动运输。当 O2 浓度大于 a 时作物乙吸收NO- 速率不再增加，此时的限制因素不再是能量，而是根细胞膜上载体蛋白。作物甲的NO- 最大吸收速率大于作物乙，说明作物甲需要的能量多，消耗的氧气多，所以作物甲细胞的呼吸速率大。在农业生产中，为促进农作物对土壤中 NO- 的吸收利用，可以定期对作物采取松土措施（或中耕松土），增加土壤中的氧气含量，促进作物根细胞呼吸作用
供能。


（1） 新生根尖分生区细胞有丝分裂旺盛
（2） 防止解离过度（1 分）
（3）③④（1 分）
（4） 观察视野范围小，不容易找到分生区细胞
（5） 中国水仙是三倍体，减数分裂时同源染色体联会紊乱，不能产生正常生殖细胞
（6） 花瓣细胞已经高度分化，不能进行有丝分裂，无法观察到染色体的形态和数目
【解析】本题考查植物细胞有丝分裂相关知识。
（1） 由于高等植物体内，有丝分裂常见于根尖、芽尖等分生区细胞，新生根尖分生区细胞的有丝分裂旺盛，因此选取新生根尖作为实验材料。
（2） 实验过程中，待根尖酥软后，放入盛有清水的玻璃皿中漂洗，其目的是洗去多余的盐酸，防止解离过度，防止影响染色。
（3） 该实验采用卡宝品红作为染色体的染色剂，与卡宝品红具有相似作用的试剂有醋酸洋红液和龙胆紫溶液。
（4） 用光学显微镜观察装片时，需要把制成的装片先放在低倍镜下观察，扫视整个装片， 找到分生区细胞，再换成高倍镜仔细观察。若直接使用高倍显微镜观察，会因为高倍镜观察视野范围太小而不易扫视整个装片，不容易找到分生区细胞。
（5） 据图可知，中国水仙根尖细胞核染色体分析，细胞核内有三个染色体组，可知中国水仙是三倍体，在减数分裂时同源染色体联会紊乱，不能产生正常的生殖细胞，所以中国水仙只开花不结实。
（6） 高度分化的植物细胞不能发生有丝分裂，因此若选用花瓣作为实验材料重复上述实验，并不能观察到染色体，因此无法验证上述推论。
（二）选考题：共 45 分。

33．（15 分）
（1）（5 分）ADE（选对 1 个给 2 分，选对 2 个给 4 分，选对 3 个给 5 分。每选错 1 个扣
3 分，最低得分为 0 分）
【解析】a ® b 过程为等温变化，温度不变，气体分子的平均动能不变，故 A 正确。b ® c 过程发生绝热变化， Q = 0 ，气体体积增大，气体对外界做功，根据DU = Q + W ，气体内能减小，温度降低，故 B 错误。c ® d 过程中，等温压缩，外界对气体做功，内能不


变，根据热力学第一定律，气体放出热量，故C 错误。d ® a 过程，气体发生绝热变化，
Q = 0 ，气体体积变小，外界对气体做功，气体温度升高，气体分子密度增加，气体分子与容器壁碰撞更加频繁，故 D 正确。b ® c 过程和 d ® a 过程都是绝热过程，且气体温度变化大小相同，则内能增加减小量相同，根据热力学第一定律可知，b ® c 过程气体对外做功为 W1， d ® a 过程外界对气体做功为 W2，则W1 = W2 ，故 E 正确。
（2）（10 分）
解：Ⅰ．收纳袋中的气体可视为理想气体，气体发生等温变化
pV = 1 p g (1 - 80%)V + p DV ①

0 0 4 0 0 0

解得DV = 19 V ②

20 0
所以 m剩 = V0 - DV = 1 ③

m抽 DV 19

0
Ⅱ．对封闭在收纳袋中的气体 1 p

• (1 - 80%)V0 = p(1 - 80%)V0 g (1 - 10%) ④



0
解得 p = 5(T0 - DT ) p
4 T0 T0
- DT

⑤

18T0

评分标准：本题共 10 分。正确得出①~⑤式各给 2 分，用其他做法正确也参照给分。
34．（15 分）
（1）（5 分）ABE（选对 1 个给 2 分，选对 2 个给 4 分，选对 3 个给 5 分。每选错 1 个扣
3 分，最低得分为 0 分）
【解析】根据多普勒效应可知，当波源和观察者间距变小，观察者接收到的频率一定比波源频率高；当波源和观察者间距变大，观察者接收到的频率一定比波源频率低，因此观察者听到远去的列车发出的汽笛声，音调会变低，属于多普勒效应，故 A 正确。医生向人体内发射频率已知的超声波，根据接收到的被血管中的血流反射后的超声波的频率变化，判断血流的速度是否正常也属于声波多普勒效应的应用，故 B 正确。发生雷电时， 光在空气中的传播速度远大于声音在空气中的传播速度，所以人们先看到闪电，不属于多普勒效应，故 C 错误。同一声源发出的声波，在空气和水中传播的速度不同，是由于介质折射率不同导致的，与多普勒效应无关，故 D 错误。天文学上观察到双星（相距较近、均绕它们连线上某点做圆周运动的两颗恒星）光谱随时间的周期性变化，可通过接收的光频率变化来判定双星运动情况，属于光波的多普勒效应的原理应用，故 E 正确。


（2）（10 分）
解：Ⅰ．由几何关系可知，光在 D 点的入射角i = 45° ，设折射角为g ，根据几何关系
1 R

R2 + ç R ÷
æ 1
ö2
è 2
ø
sin g = 2 = 5
5 ①


因此，玻璃砖对该光的折射率 n = sin i = 10 ②
sin g 2
n = c ③
v


解得 v =
10 c ④
5

Ⅱ．光路如图所示，根据光路可逆原理，知光在 C 点的折射角等于i = 45° ，设 C 点离地面高度为 h，根据题意有
htani = (h + R)tang ⑤
根据几何关系有tani = 1 ， tang = 1 ⑥
2
解得 h = R ⑦
评分标准：本题共 10 分。正确得出①、②、⑤式各给 2 分，其余各式各给 1 分。
35．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分）
（1）c（1 分）
（2）5∶2 CH3CN能与水形成分子间氢键
（3）①非极性（1 分） ②AC
（4）5∶27





（5）①
NA
42 ´ 4
• (a ´10-10 )3

（3 分） ② 或



【解析】（1）a 为基态 P 原子电子排布式，b 为激发态 P 原子的电子排布式，c 为基态 P+ 的电子排布式，d 为激发态 P+的电子排布式，同级电离能中激发态能量比基态能量高，失去一个电子所需能量低，第二电离能明显高于第一电离能，因此失去最外层一个电子所需能量最高的是 c。


（2） CH3CN 中成键原子能且只能形成 1 个 σ 键，1 个该分子中含有 σ 键数目是 5，三键中有 1 个 σ 键，2 个π 键，即乙腈分子中 σ 键和π 键数目之比为 5∶2；CH3CN 与水互溶的主要原因是 CH3CN 与水形成分子间氢键。
（3） ①水是极性分子，CS2 是非极性溶剂，根据相似相溶原理，P4 和 CS2 均为非极性分子；

②图中层与层之问的作用力是分子间作用力，A 正确。由结构可知磷原子的杂化方式为sp3 杂化，B 错误。黑磷为原子晶体，而其他两种磷单质为分子晶体，则黑磷晶体是混合型晶体，C 正确。石墨中碳原子为 sp2 杂化，每层原子均在同一平面内，但黑磷中磷原子的杂化方式为 sp3 杂化，每一层的各原子不可能在同一平面内，D 错误。

（4） Mn
位于顶点和面心，个数为 5
8
，Ga 位于顶点和面心，个数为 27 ，故答案为 5∶27。
8


（5）1 个晶胞中，含有P 原子数目为8 ´ 1 + 6 ´ 1 = 4 个，含有 B 原子数目为 4 个，不妨取
8 2

1mol 这样的晶胞，即有 NA 个这样的晶胞，1mol 晶胞的质量为 m = 42 ´ 4g ，所以晶体密


度为 r = m =

42 ´ 4

g/cm3 。根据晶胞结构分析，立方磷化硼晶胞沿着体对角线

-10 3
V NA g (a ´10 )

方向可以观察到六边形，中心 B 与 P 重合，六边形中形成两个倒立关系的正三角形，分



别由 3 个B 或者 3 个 P 形成，所以画图为 或 。



36．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分）

（1） 溴单质（蒸气），光照（1 分） 还原反应 (1 分)

（2） 乙二醛（1 分）

（3） 溴原子，醚键 不存在（1 分）




（4） （4）




（5）15





（6） （3 分）



【解析】根据合成路线，A→B 是取代反应，烃基上的氢被溴原子取代，B 和乙二醇发生反应生成C，C 在浓HBr 溶液的条件下生成D，可推得C 的结构简式为，
D 在一定条件下发生取代反应生成 E，E 在 LiAlH4 的条件下发生还原反应生成 F，据此分析解题。
（1）A→B 的反应为苯环侧链烃基上的氢原子被溴原子取代，所以需要的试剂和条件是溴蒸气、光照；去 O 加 H 为还原反应。
（2） 催化氧化产物为 OHCCHO，名称为乙二醛。
（3）根据合成路线中 D 的结构，可知 D 中所含官能团为溴原子，醚键；一个碳原子连有四个不同的原子或原子团，称为手性碳原子，E 与足量的氢气发生加成反应，即 E 中苯环与氢气发生加成反应，所得的产物中不存在手性碳原子。
（ 4 ）根据题意可知， D→E 反应为取代反应，副产物为 HBr ，故化学方程式为



。


（5）D 的同分异构体中满足①苯环上有且只有两个取代基，有邻、间、对三种位置关系，
②能与 Na2CO3 溶液反应，说明含酚羟基，则另一个取代基含三个碳原子和一个溴原子， 共 5 种情况，所以同时满足条件的同分异构体有 3×5=15 种，其中核磁共振氢谱有 4 组峰


的结构简式为 。


（6）参照合成路线中 D→E→F 的转化，可知先让乙醇与浓的 HBr 溶液发生取代反应生成溴乙烷，然后溴乙烷与另一种原料发生取代反应生成 ，最后在 LiAlH4 的条件下发生还原反应生成目标产物，所以合成路线为





。

37．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分）

（1）消毒杀菌

（2）10∶1 煮沸冷却

（3） 增加泡菜坛内乳酸菌的含量，加快泡菜的发酵（或提供乳酸菌菌种，使其在短时间内形成菌种优势）（合理即可）
（4） 无氧呼吸 葡萄糖转变（分解）成乳酸

（5） 在缺氧、呈酸性的环境中，只有乳酸菌能生长繁殖，其他微生物都不能适应此环境而生长繁殖受到限制（3 分）
【解析】白酒具有一定的消毒杀菌作用。在泡菜的制作过程中配制盐水时按照清水与盐的质量比为 10∶1 的比例进行配制；为防止杂菌污染，配制的盐水要进行煮沸冷却处理。“陈泡菜水”里乳酸菌含量丰富，有利于泡菜的快速发酵。乳酸菌为厌氧型细菌，可以进行无氧呼吸，将葡萄糖等有机物分解为乳酸。由于乳酸菌比其他杂菌更耐酸，所以在缺氧、呈酸性的环境中，乳酸菌能够正常生长繁殖，而其他杂菌的生长繁殖将受到抑制。
38．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分）

（1） 分子（1 分） 限制性核酸内切酶、DNA 连接酶、运载体

（2） 要有一段已知目的基因的核苷酸序列 Taq 酶（热稳定 DNA 聚合酶）

（3） DNA 连接酶 使目的基因在受体细胞中稳定存在并遗传，使目的基因在受体细胞中表达并发挥作用
（4） 个体（生物学） 抗虫接种


【解析】本题考查了基因工程的相关知识。

（1） 基因工程是在分子水平上进行设计和施工的，操作对象为 DNA 分子，常用到的三种工具是“分子手术刀”限制性核酸内切酶、“分子缝合针”DNA 连接酶和“分子运输车” 基因运载体（基因进入受体细胞的载体）。
（2） PCR 是利用 DNA 双链复制的原理，将基因的核苷酸序列不断地加以复制，使其数量呈指数方式增加，利用 PCR 技术扩增目的基因的前提，是要有一段已知目的基因的核苷酸序列，以便根据这一序列来合成引物。PCR 技术需要用到一种特殊酶叫热稳定 DNA 聚合酶（Taq 酶）。
（3） 基因表达载体的构建即获取重组质粒，为了使目的基因和质粒之间形成磷酸二酯键， 需要用 DNA 连接酶。基因表达载体的构建是基因工程的核心步骤，其目的是使目的基因在受体细胞中稳定存在并遗传，使目的基因在受体细胞中表达并发挥作用。
（4） 要检测抗虫棉是否培育成功，除了进行分子检测外，还要进行个体生物学水平的鉴定，观察是否具有抗虫性，如做抗虫接种实验。