江苏省南通市如皋市石庄镇初级中学2022-2023学年九年级上学期第一次段考物理试卷(含答案)

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2022-2023学年江苏省南通市如皋市石庄中学九年级（上）
第一次段考物理试卷
一、单选题（本大题共10小题，共20分）
1．（2分）下列概念理解正确的是（　　）
A．热传递过程中，高温物体吸收热量，低温物体放出热量，直到两物体内能相等
B．柴油机比汽油机的热机效率高是因为柴油机的功率比较大
C．内燃机做功冲程，高温高压气体对活塞做功，气体内能一定减少
D．物体的比热容越大，温度升高时它吸收的热量越多
2．（2分）小红和妈妈一起在厨房做饭时，看到了许多与物理有关的现象。下列说法不正确的是（　　）
A．锅一般都是用铁制造的，主要是利用了铁的比热容较大的性质
B．爆炒鸡块时主要是利用了热传递的方法使鸡块内能增大，温度升高
C．使用高压锅更容易把食物煮熟是利用了液体沸点随气压增大而升高的原理
D．油炸食品比水煮熟的更快，是由于油的沸点比水的沸点高
3．（2分）如图所示，用相同的滑轮不同的绕法提起相同的重物，摩擦力和绳重忽略不计。在物体匀速上升过程中，甲、乙两图的拉力及机械效率为（　　）

A．F1＜F2 ，η1 ＞η2 B．F1＜F2，η1＝η2
C．F1＞F2 ，η1 ＜η2 D．F1＞F2，η1＝η2
4．（2分）山区的公路多修成环绕山坡的盘山公路，这样车辆向上行驶时可以（　　）
A．减小所做的功 B．减小所必需的牵引力
C．提高功率 D．提高机械效率
5．（2分）如图所示，开关S闭合时，可能发生的现象是（　　）

A．电池被烧坏 B．L1被烧坏
C．L2被烧坏 D．L1发光、L2不发光
6．（2分）如图是车位引导灯，在车位上方安装有超声波车位探测器，当没有车辆停在车位时，超声波探测器的信号（相当于开关）控制绿灯亮，有车辆停在车位时，超声波探测器的信号控制红灯亮，红灯和绿灯不能同时亮，下列电路设计符合要求的是（　　）

A． B．
C． D．
7．（2分）如图开关由闭合到断开，电流表A1、A2的示数I1、I2的变化（　　）

A．I1变小，I2变大 B．I1不变，I2变大
C．I1变大，I2变小 D．I1不变，I2变小
8．（2分）蹦床运动是奥运会比赛项目。运动员比赛开始前直立在蹦床中央，比赛开始时快速下蹲并立即恢复直立被蹦床弹起，离开蹦床时是成直立状态并一直保持，到达最高点后下落到接触蹦床时又快速下蹲并立即恢复直立。再次被蹦床弹起，达到更高点。忽略空气阻力，下列说法正确的是（　　）

A．在此整个过程中，运动员机械能守恒
B．在此整个过程中，运动员机械能一直在增加
C．从离开蹦床到下落接触蹦床的过程中，运动员机械能守恒
D．从下落接触蹦床到离开蹦床的过程中，运动员机械能守恒
9．（2分）将体积相同的甲、乙、丙三块金属加热到相同的温度后，放到上表面平整的冰块上。经过一定时间后，冰块形状基本不再变化时的情形如图所示。则三块金属的比热容c甲、c乙、c丙大小相比（　　）

A．c甲最大 B．c乙最大 C．c丙最大 D．无法判断
10．（2分）在排球比赛中，小明把排球竖直向上抛出，排球在运动中动能Ek随时间t变化的图象最接近的是（　　）
A． B．
C． D．
二、填空题（每空1分，共23分）
11．（2分）恐怖分子在公共场所安装了定时炸弹，其引爆装置如图所示，起爆前定时开关S是 　 　的，（填“断开“或“闭合“）当设定起爆时间一到，定时开关S会自动断开，引爆起爆器，为使引爆装置停止工作，拆弹专家应在 　 　（填“a”或“b”）处剪断导线。

12．（4分）科学家发明了一款单缸六冲程内燃机，它每一个工作循环的前四个冲程与单缸四冲程内燃机相同，在第四冲程结束后，立即向汽缸内喷水，水在高温汽缸内迅速汽化成高温、高压水蒸气，推动活塞再次做功，水蒸气温度　 　（选填“升高”、“降低”或“不变”），其内能　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”），这样燃烧同样多的燃料获得了更多的机械能，提高了热机的　 　。为进入下一个工作循环，这款内燃机的第六冲程是　 　冲程。
13．（4分）使用电流表时，应先估计被测电流，然后选用合适的量程，若不能预先估计，则应从电流表 　 　（较大/较小）的量程测起，并采用 　 　法来判断被测量值是否大于电流表的量程，如图所示的电流表使用0～0.6A量程时，示数为 　 　A，某次测量中用0～0.6A的量程，从0～3A的量程刻度盘上发现指针正好在2.8A刻度线上，测得的实际电流的大小为 　 　A。

14．（3分）利用如图所示的斜面提升物体可以　 　（选填“省力”或“省功”）。用平行于斜面的拉力，将重为5N的物体从斜面底端匀速拉上斜面，物体移动的距离为1m，上升的高度为0.2m。已知斜面的机械效率为50%，则拉力大小为　 　N．该斜面对物体施加的摩擦力大小为　 　N。

15．（2分）小金用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率：重为5N的钩码挂在A点时，人的拉力F为4N，钩码上升0.3m时，动力上升0.5m（支点和杠杆的摩擦不计），此时机械效率η1为 　 　；若将钩码移到B点，再次缓慢提升杠杆使动力仍然上升0.5m，此时的机械效率 　 　（选填“不变”、“变大”、“变小”）。

16．（3分）让系于橡皮筋一端的小球，从O点的正下方由静止释放，分别经过a、b、c三点，如图甲所示。整个下落过程中，橡皮筋所受弹力F与小球下落高度h的关系如图乙所示，则小球从a运动到c的过程中，在 　 　点重力势能最大，当橡皮筋的伸长量最大时，小球的速度为0，此时小球处于 　 　状态（选填“平衡”或“非平衡”），b点时小球速度最大，则小球的重力为 　 　N（不计空气阻力）。

17．（5分）如图所示电路中：
（1）若使L1、L2串联，则应闭合开关 　 　；
（2）若使L1、L2并联，则应闭合开关 　 　；
（3）若只闭合S3而断开S1、S2，则灯 　 　亮；
（4）若闭合S1、S2而断开S3，则灯 　 　亮；
（5）同时闭合开关 　 　，电源短路，这是不允许的。

三．解答题（18题每小题2分，19、20各9分，其余每空1分，共47分）
18．（2分）如图，按图中的电路元件连成的实物电路，在虚线框内画出对应的电路图。

19．（2分）用笔画线表示导线，按照图甲所示的电路图，将图乙中各元件连接起来。（导线不允许交叉）
20．（9分）如图所示，工人用滑轮组提升重800N的物体，物体在20s内被匀速提升3m，工人拉力F做功的功率为150W．求：
（1）拉力F做的总功；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）若克服摩擦和绳重所做的功为有用功的0.2倍，动滑轮的重为多少N。

21．（9分）2017年5月18日，中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功，实现了我国天然气水合物开发的历史性突破。可燃冰清洁无污染，储量巨大，是一种非常理想的新型能源。可燃冰的热值很大，是天然气热值的10倍以上，若按15倍计算。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q＝7.0×107J/m3]求：
（1）体积为0.01m3的可燃冰完全燃烧放出的热量为多少？
（2）若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收，则水升高的温度是多少？
（3）若这些热量的60%用来对小轿车做功，以1000N的动力进行牵引，可使小轿车行驶多远？
22．（6分）在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让质量不同的铁球从斜面的同一高度由静止释放，撞击同一木块，能将木块撞出一段距离。如图甲所示。请回答下列问题：

（1）从同一高度由静止释放的目的是　 　，该实验的目的是研究铁球的动能大小与　 　（选填“质量”或“速度”）的关系。
（2）该实验是通过观察　 　的大小，来说明铁球对木块做功的多少。
（3）本实验中若水平面绝对光滑则　 　（填能，或不能）完成实验，原因是　 　。
（4）有同学将实验装置改进成图乙所示，利用质量相同的铁球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较可以研究铁球的动能大小与　 　（选填“质量”或“速度”）的关系。
（5）该同学还想用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块，探究铁球的动能大小与质量的关系，这个设计方案是　 　（选填“正确”或“错误”）的，原因是　 　。
23．（4分）质量为0.3kg某种晶体用一热源加热，其熔化过程中温度随时间变化图像如图所示，则根据图像可知：
（1）该物质的熔点是 　 　℃，它在固态与液态时的比热容之比为 　 　。
（2）物质在第4min时的内能 　 　第8分钟时的内能（选填“大于”、“小于”或“等于”）。
（3）若该晶体液态时的比热为2.4×103J/（kg•℃），其熔化过程中吸收的热量为 　 　J。

24．（6分）在探究并联电路电流规律的实验中，图甲是实验的电路图。
（1）连接电路时，开关要　 　，若要测量干路中的电流，则电流表应接在甲图中的　 　（A、B
C三点）；
（2）小明同学在测量某处的电流时，闭合开关后，发现电流表的指针偏转如图乙表示，原因是　 　，在排除故障后，电流表的示数如图丙所示，则电流表的示数为　 　A；
（3）他用电流表分别在A、B、C三处测得电流表数据如表格。比较表中数据，可以初步得出结论：并联电路中干路的电流等于　 　；
测量处
A
B
C
电流/A
0.3
0.2
0.5
（4）在表格中记录数据后，下一步应该做的是　 　；
A．整理器材，结束实验 B．换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值
C．分析数据，得出结论 D．换用电流表的另一量程，再测出一组电流值
（5）当电流表测干路电流，闭合开关S，两灯发光，若灯L2突然熄灭，电流表示数变小，则灯L2出现的故障是　 　（选填“短路”或“开路”）。

25．（9分）阅读短文，回答问题。
如图为国产名为“秦”的高性能混合动力车，在很多城市PM2.5爆表的今天，“秦”给消费者提供一种新的出行方式，“秦”充电10kW•h（1kW•h＝3.6×106J）即可达到纯电动模式续航里程80km，能满足日常上下班短途用电需求，长途可使用油电混合动力，最高时速可达180km/h，百公里综合油耗仅2L，“秦”电动机效率为80%（即有80%的电能转化为有用的机械能）。
（1）燃油汽车的发动机通常是汽油机，汽油机工作时，　 　冲程将机械能转化为内能，“秦”纯电动模式行驶时电池将 　 　能转化为 　 　能供电动机使用，若电池电量过低需要插在充电桩上充电，此时的电池相对当电路中的 　 　。
（2）爱研究的小波同学通过测量获得轿车以不同速度行驶时对应的制动距离（即从操纵制动刹车到车停下来的距离），数据如表所示：
速度v/（km•h﹣1）
40
60
80
100
120
制动距离s/m
8
18
32
50

根据表中数据所反映的规律，当轿车速度为120km/h时对应的制动距离是 　 　m，由此你想对驾驶员提一条忠告：　 　。
（3）“秦”在纯电动方式行驶时，车子所受的平均阻力为 　 　N。
（4）若某一次纯电动模式行驶中“秦”消耗电能4kW•h，相当于消耗 　 　J的能量，若用效率为25%的燃油汽车需要 　 　kg的汽油。（汽油热值为4×107J/kg）


2022-2023学年江苏省南通市如皋市石庄中学九年级（上）
第一次段考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（本大题共10小题，共20分）
1．（2分）下列概念理解正确的是（　　）
A．热传递过程中，高温物体吸收热量，低温物体放出热量，直到两物体内能相等
B．柴油机比汽油机的热机效率高是因为柴油机的功率比较大
C．内燃机做功冲程，高温高压气体对活塞做功，气体内能一定减少
D．物体的比热容越大，温度升高时它吸收的热量越多
【分析】（1）热传递过程中，高温物体放出热量，低温物体吸收热量，直到两物体温度相等；
（2）用来做有用功的那部分能量和燃料完全燃烧放出的能量之比，叫做热机的效率；功率表示做功的快慢；
（3）汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据进气门和排气门的开关情况和活塞的运动方向来判断冲程的类型；在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能；在做功冲程中，内能转化为机械能，内能减小；
（4）物体吸收热量的多少与比热容、质量、升高的温度有关。
【解答】解：A、热传递过程中，高温物体放出热量，低温物体吸收热量，直到两物体温度相等，故A错误；
B、用来做有用功的那部分能量和燃料完全燃烧放出的能量之比，叫做热机的效率；功率表示做功的快慢，热机的效率与功率无关，故B错误；
C、在做功冲程中，高温气体迅速膨胀对活塞做功，将内能转化为机械能，气体的内能减小，故C正确；
D、物体吸收热量的多少与比热容、质量、升高的温度有关，由于不清楚质量的大小、升高的温度，无法判定吸热的多少，故D错误。
故选C。
【点评】本题考查比热容、效率、能量转化等知识，是一道综合题。
2．（2分）小红和妈妈一起在厨房做饭时，看到了许多与物理有关的现象。下列说法不正确的是（　　）
A．锅一般都是用铁制造的，主要是利用了铁的比热容较大的性质
B．爆炒鸡块时主要是利用了热传递的方法使鸡块内能增大，温度升高
C．使用高压锅更容易把食物煮熟是利用了液体沸点随气压增大而升高的原理
D．油炸食品比水煮熟的更快，是由于油的沸点比水的沸点高
【分析】（1）金属的物质，一般都具有良好的导热性；
（2）改变物体内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；
（3）液体的沸点随气压的增大而升高；
（4）不同液体的沸点不同，油的沸点比水的沸点高。
【解答】解：A、锅一般都是用铁制造的，主要是利用铁具有良好的导热性，故A错误；
B、爆炒鸡块时主要是利用了热传递的方法使鸡块内能增大，温度升高，故B正确；
C、使用高压锅更容易把食物煮熟，利用了液体的沸点随气压增大而升高的原理，故C正确；
D、油炸食品比水煮熟的更快，是由于油的沸点比水的沸点高，故D正确。
故选：A。
【点评】本题考查了与热学相关的多个知识点，联系生活中的现象，能用相关热学知识做出解释是解答的关键。
3．（2分）如图所示，用相同的滑轮不同的绕法提起相同的重物，摩擦力和绳重忽略不计。在物体匀速上升过程中，甲、乙两图的拉力及机械效率为（　　）

A．F1＜F2 ，η1 ＞η2 B．F1＜F2，η1＝η2
C．F1＞F2 ，η1 ＜η2 D．F1＞F2，η1＝η2
【分析】（1）分析甲滑轮组的结构，得出承担物重的绳子股数n＝3，则拉力端移动的距离s＝3h，因摩擦力和绳重忽略不计，根据F＝（G+G动）求拉力的大小；根据η＝＝＝求机械效率大小；
（2）同理可求出乙滑轮组中的拉力和机械效率，通过比较得出答案。
【解答】解：由题知，两图中每个滑轮重相同，物重也相同；
（1）分析图甲可知，n＝3，则拉力端移动的距离s＝3h，
因摩擦力和绳重忽略不计，则拉力F1＝（G+G动），
其机械效率：η1＝＝＝；
（2）分析乙图可知，n＝2，则拉力端移动的距离s＝2h，
摩擦力和绳重忽略不计，则拉力F2＝（G+G动），
其机械效率：η2＝＝＝；
由此可知：F1＜F2，η1＝η2，即甲图中拉力更小，机械效率一样大。
故选：B。
【点评】本题考查了使用滑轮组时拉力的计算和机械效率的计算，利用好两个推导公式是本题的关键：
①忽略摩擦及绳重，拉力F＝（G+G动）；
②η＝＝＝。
4．（2分）山区的公路多修成环绕山坡的盘山公路，这样车辆向上行驶时可以（　　）
A．减小所做的功 B．减小所必需的牵引力
C．提高功率 D．提高机械效率
【分析】盘山公路的本质是变形的斜面，而使用斜面的目的就是省力，方法就是通过增大斜面的长度。
【解答】解：山区的公路多修成环绕山坡的盘山公路，而盘山公路是变形的斜面，根据功的原理Gh＝Fs可知，斜面增大长度可以减小车辆向上行驶的牵引力。
故选：B。
【点评】知道几种简单机械，了解它们的使用原理是解答此类题目的关键。
5．（2分）如图所示，开关S闭合时，可能发生的现象是（　　）

A．电池被烧坏 B．L1被烧坏
C．L2被烧坏 D．L1发光、L2不发光
【分析】开关断开时，是并联电路；开关闭合后，形成电源短路。
【解答】解：开关断开时，电路为并联电路；当开关闭合时，会形成电源短路，即两灯泡均不发光，并且完好无损，但电池会被烧坏。
故选：A。
【点评】正确识别电路是解答本类题的关键，注意电源短路是绝对不允许的。
6．（2分）如图是车位引导灯，在车位上方安装有超声波车位探测器，当没有车辆停在车位时，超声波探测器的信号（相当于开关）控制绿灯亮，有车辆停在车位时，超声波探测器的信号控制红灯亮，红灯和绿灯不能同时亮，下列电路设计符合要求的是（　　）

A． B．
C． D．
【分析】由题意可知，当没有车辆停在车位时绿灯亮，有车辆停在车位时红灯亮，红灯和绿灯不能同时亮，说明两灯泡可以独立工作、互不影响即为并联，然后分析选项图片找到符合要求的电路图。
【解答】解：
A．由电路图可知，开关S1、S2闭合时，红灯和绿灯同时亮，故A不符合题意；
B．由电路图可知，开关S接上面接线柱时红灯亮，开关S接下面接线柱时绿灯亮，红灯和绿灯不能同时亮，故B符合题意；
C．由电路图可知，开关S1、S2闭合时，红灯和绿灯同时亮，故C不符合题意；
D．由电路图可知，只有开关S1、S2闭合时，红灯和绿灯同时亮，否则两灯泡均不亮，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查了电路图的设计，应在认真分析题意及电路的基础上找到合适的电路图。
7．（2分）如图开关由闭合到断开，电流表A1、A2的示数I1、I2的变化（　　）

A．I1变小，I2变大 B．I1不变，I2变大
C．I1变大，I2变小 D．I1不变，I2变小
【分析】当开关闭合后，L1与L2并联，A1测L1支路的电流，A2测干路电流；当开关断开时，电路为L1的简单电路，两电流表均测电路中额电流；根据并联电路电压特点可知，开关由闭合到断开时，L1两端的电压和电阻不变，根据欧姆定律可知通过它的电流不变；根据干路电流等于各支路电流之和可知A2的示数变化。
【解答】解：当开关闭合后，L1与L2并联在电源的两端，如图1所示；
当开关断开时，L1并联在电源的两端为基本电路，如图2所示；

因并联电路各支路互不影响，而干路中的电流等于各支路电流之和；
所以开关由闭合到断开时，A1的示数不变，A2的示数变小。
故选：D。
【点评】本题考查了并联电路的电压和电流特点以及欧姆定律，关键是利用好并联电路各用电器独立工作、互不影响这一特点。
8．（2分）蹦床运动是奥运会比赛项目。运动员比赛开始前直立在蹦床中央，比赛开始时快速下蹲并立即恢复直立被蹦床弹起，离开蹦床时是成直立状态并一直保持，到达最高点后下落到接触蹦床时又快速下蹲并立即恢复直立。再次被蹦床弹起，达到更高点。忽略空气阻力，下列说法正确的是（　　）

A．在此整个过程中，运动员机械能守恒
B．在此整个过程中，运动员机械能一直在增加
C．从离开蹦床到下落接触蹦床的过程中，运动员机械能守恒
D．从下落接触蹦床到离开蹦床的过程中，运动员机械能守恒
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）弹性势能大小的影响因素：发生弹性形变的大小，发生弹性形变的难易程度。弹性形变越大，发生弹性形变越难，弹性势能越大。
（4）机械能＝动能+势能。
【解答】解：
ABD、在此整个过程中，运动员的机械能会转化为蹦床的弹性势能，故机械能不守恒，故ABD错误；
C、从离开蹦床到下落接触蹦床的过程中，忽略空气阻力，运动员的机械能守恒，是重力势能和动能的相互转化，故C正确；
故选：C。
【点评】本题主要考查了动能和势能及弹性势能大小的判断，只要知道影响动能、势能和弹性势能大小的因素即可解答。
9．（2分）将体积相同的甲、乙、丙三块金属加热到相同的温度后，放到上表面平整的冰块上。经过一定时间后，冰块形状基本不再变化时的情形如图所示。则三块金属的比热容c甲、c乙、c丙大小相比（　　）

A．c甲最大 B．c乙最大 C．c丙最大 D．无法判断
【分析】由冰块从上表面平整到如图所示的形状可知，冰吸热热量的关系，冰块形状基本不再变化，可知金属放出的热量关系。三个金属块的体积相同，但无法判断三者质量关系，根据Q放＝cm△t分析c甲、c乙、c丙大小关系。
【解答】解：
冰块形状不再发生变化时，三个金属块末温（为冰的熔点）相同，而它们的初温相同，所以三个金属块降低相同的温度，
由图可知放出的热量：
Q甲＜Q乙＜Q丙，
三金属块的体积相同，而金属密度关系未知，由m＝ρV知三个金属块质量关系不确定，
由Q放＝cm△t可知，虽然△t相同，由于质量关系未知，所以不能确定三个金属块的比热容关系。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对放热公式的掌握和运用，关键知道物质放热与物质的比热容、质量和温度变化都有关。知道从冰块形状变化上判断金属块的末温，从形状改变程度不同反应放出热量不同。
10．（2分）在排球比赛中，小明把排球竖直向上抛出，排球在运动中动能Ek随时间t变化的图象最接近的是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：小明把排球竖直向上抛出，排球向上运动过程中，高度变大，速度减小，动能转化为重力势能，动能减小，到达最高时速度为0，动能为0；随后排球在重力的作用向下运动，高度减小，速度变大，重力势能转化为动能，动能变大；所以，整个过程中排球的动能先变小至0，然后再变大，故A符合题意。
故选：A。
【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能的变化。
二、填空题（每空1分，共23分）
11．（2分）恐怖分子在公共场所安装了定时炸弹，其引爆装置如图所示，起爆前定时开关S是 　闭合　的，（填“断开“或“闭合“）当设定起爆时间一到，定时开关S会自动断开，引爆起爆器，为使引爆装置停止工作，拆弹专家应在 　a　（填“a”或“b”）处剪断导线。

【分析】由图可知当S闭合时起爆器被短路，则起爆器中没有电流通过；若S断开起爆器将接在电源两端，则起爆器中产生电流从而引爆炸弹。由以上原理可知答案。
【解答】解：引爆装置如图所示，起爆前定时开关S是闭合的；
由题意知当S断开时，起爆器中将通以电流，引爆炸弹，故为了使引爆装置停止工作，应将起爆器与电源断开，故应剪断a处；且拆除前由于起爆器被短路，故起爆器上没有电流。
故答案为：闭合；a。
【点评】本题考查物理知识在生产生活中的应用，应在认真分析题意及电路的基础上找到合适的物理规律作答。
12．（4分）科学家发明了一款单缸六冲程内燃机，它每一个工作循环的前四个冲程与单缸四冲程内燃机相同，在第四冲程结束后，立即向汽缸内喷水，水在高温汽缸内迅速汽化成高温、高压水蒸气，推动活塞再次做功，水蒸气温度　降低　（选填“升高”、“降低”或“不变”），其内能　减小　（选填“增大”、“减小”或“不变”），这样燃烧同样多的燃料获得了更多的机械能，提高了热机的　效率　。为进入下一个工作循环，这款内燃机的第六冲程是　排气　冲程。
【分析】改变物体内能的方法：一是做功，对物体做功，物体的内能增加，物体对外做功，物体的内能减小；二是热传递；
单缸六冲程内燃机一个工作循环，6个冲程，燃气对外做功2次，据此分析回答。
【解答】解：在做功冲程中，高温气体迅速膨胀对活塞做功，气体的内能减小，转化为机械能；
在第四冲程结束后，立即向汽缸内喷水，水在高温汽缸内迅速汽化成高温、高压水蒸气，推动活塞再次做功，水蒸气温度降低；这样燃烧同样多的燃料获得了更多的机械能，提高了热机的效率；
一个工作循环最后一个冲程是排气冲程，所以为进入下一个工作循环，这款内燃机的第六冲程是排气冲程。
故答案为：降低；减小；效率；排气。
【点评】本题考查了改变内能的方法、内燃机六个冲程的工作过程，理解并用好：新型内燃机一个工作循环，6个冲程，燃气对外做功2次。
13．（4分）使用电流表时，应先估计被测电流，然后选用合适的量程，若不能预先估计，则应从电流表 　较大　（较大/较小）的量程测起，并采用 　试触　法来判断被测量值是否大于电流表的量程，如图所示的电流表使用0～0.6A量程时，示数为 　0.46　A，某次测量中用0～0.6A的量程，从0～3A的量程刻度盘上发现指针正好在2.8A刻度线上，测得的实际电流的大小为 　0.56　A。

【分析】（1）电压表和电流表在使用时都不能超过它们的量程；为了安全，在使用前要用大量程进行试触；
（2）电流表在读数时，先确定使用的量程，然后确定分度值，最后根据指针位置读数；
常用电流表有两个量程：0～0.6A和0～3A；两个量程使用同一个表盘，大量程的分度值为0.1A，小量程的分度值为0.02A，即大量程的分度值是小量程分度值的5倍，则电流表指针在同一位置时大量程示数是小量程示数的5倍。
【解答】解：
（1）在使用电流表时，若不知被测电路中电流的大小，为了防止烧坏电流表，需要用较大量程进行试触。
（2）如图所示的电流表使用0～0.6A量程时，分度值为0.02A，则电流表示数是0.46A；
电流表的两个量程使用同一个表盘，指针在同一位置时大量程示数是小量程示数的5倍；
某次测量中用0～0.6A的量程，从0～3A的量程刻度盘上发现指针正好在2.8A刻度线上，则测得实际电流的大小为：2.8A×＝0.56A。
故答案为：较大；试触；0.46；0.56。
【点评】本题考查了电流表的正确使用方法、读数方法。注意：电流表指针在同一位置时大量程示数是小量程示数的5倍。
14．（3分）利用如图所示的斜面提升物体可以　省力　（选填“省力”或“省功”）。用平行于斜面的拉力，将重为5N的物体从斜面底端匀速拉上斜面，物体移动的距离为1m，上升的高度为0.2m。已知斜面的机械效率为50%，则拉力大小为　2　N．该斜面对物体施加的摩擦力大小为　1　N。

【分析】斜面也是一种简单机械，越陡越省力；有用功等于克服物体的重力做的功，利用W有用＝Gh计算，知道机械效率，利用η＝求总功，再利用W总＝Fs求总功；而总功等于有用功加上额外功，可求额外功，再利用W额＝fs求摩擦力。
【解答】解：
根据功的原理：使用任何机械都不省功，利用斜面可以省力，但费了距离；
使用斜面做的有用功，W有用＝Gh＝5N×0.2m＝1J，
由η＝得拉力做的总功：W总＝＝＝2J，
根据W总＝Fs可得，拉力大小：F＝＝＝2N；
因为W总＝W有用+W额，
所以额外功：W额＝W总＝W有用＝2J﹣1J＝1J，
由W额＝fs得摩擦力：f＝＝＝1N。
故答案为：省力；2；1。
【点评】本题考查了学生对斜面的机械效率、斜面的特点的了解和掌握。其中利用机械效率的变形公式来计算拉力是本题的难点，注意认真领会。
15．（2分）小金用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率：重为5N的钩码挂在A点时，人的拉力F为4N，钩码上升0.3m时，动力上升0.5m（支点和杠杆的摩擦不计），此时机械效率η1为 　75%　；若将钩码移到B点，再次缓慢提升杠杆使动力仍然上升0.5m，此时的机械效率 　变大　（选填“不变”、“变大”、“变小”）。

【分析】（1）根据W＝Gh求出有用功；根据W＝Fs求出总功，根据η＝求出机械效率；
（2）将钩码的悬挂点从A点移至B点，杠杆的重心在杠杆上的位置不变，动力方向和动力作用点上升的高度不变，杠杆重心上升的高度不变，额外功不变，据此分析。
【解答】解：（1）有用功：W有用＝Gh＝5N×0.3m＝1.5J；
总功：W总＝Fs＝4N×0.5m＝2J，
机械效率：η1＝×100%＝×100%＝75%；
（2）杠杆的重心在杠杆上的位置不变，动力方向和动力作用点上升的高度不变，杠杆转动角度不变，杠杆重心上升的高度h杠杆不变，杠杆的重力大小G杠杆不变，所以额外功W额外＝G杠杆h杠杆不变，
将钩码的悬挂点从A点移至B点，杠杆转动角度不变时，B点升高的高度大于A点升高的高度，所以物体被提升的高度变大，因为物体的重力G不变，根据W有用＝Gh可知，有用功变大，
杠杆的机械效率：η＝×100%＝×100%＝×100%；
从上面η的表达式可知：W有用变大、W额不变，所以分母变小，η就变大。
故答案为：（1）75%；（2）变大。
【点评】本题考查的是学生对有用功、总功、额外功、机械效率计算公式的理解和掌握，同时还考查杠杆平衡条件的应用。
16．（3分）让系于橡皮筋一端的小球，从O点的正下方由静止释放，分别经过a、b、c三点，如图甲所示。整个下落过程中，橡皮筋所受弹力F与小球下落高度h的关系如图乙所示，则小球从a运动到c的过程中，在 　a　点重力势能最大，当橡皮筋的伸长量最大时，小球的速度为0，此时小球处于 　非平衡　状态（选填“平衡”或“非平衡”），b点时小球速度最大，则小球的重力为 　3　N（不计空气阻力）。

【分析】重力势能的大小与高度、质量有关；橡皮筋的伸长量最大时，产生的弹力最大，弹力大于重力，小球将会向上运动；当小球的速度最大时，弹力与重力大小相等。
【解答】解：小球从a运动到c的过程中，a点的高度最高，所以在a点小球的重力势能最大；
小球下落到最低点，橡皮筋的伸长量最大，产生的弹力最大，弹力大于重力，小球受到的合力方向竖直向上，将会向上运动，所以此时小球处于非平衡状态；
小球在下落的过程中，橡皮筋逐渐发生弹簧形变，橡皮筋产生的弹力由小变大，当重力大于弹力时小球受合力向下，小球加速下落；当弹力等于重力时，小球受到合力为0，速度达到最大，根据图乙可知，b点时的弹力与小球的重力相同；
F与h的图像是一条直线，橡皮筋发生的是弹性形变，当弹力增大9N时，橡皮筋伸长0.7m﹣0.4m＝0.3m，即橡皮筋每伸长0.1m，弹力就增大3N，所以在b点时，橡皮筋伸长量为0.1m，则弹力的大小为3N，即小球的重力为3N。
故答案为：a；非平衡；3。
【点评】此题是一道信息题，题目中给出一个新的信息，让学生根据自己学过的知识结合信息解决问题。考查了学生接受新知识、运用新知识的能力。
17．（5分）如图所示电路中：
（1）若使L1、L2串联，则应闭合开关 　S2　；
（2）若使L1、L2并联，则应闭合开关 　S1、S3　；
（3）若只闭合S3而断开S1、S2，则灯 　L1　亮；
（4）若闭合S1、S2而断开S3，则灯 　L2　亮；
（5）同时闭合开关 　S1、S2、S3　，电源短路，这是不允许的。

【分析】（1）串联是指用电器依次连接的电路；并联是指用电器并列连接的电路。
（2）短路分为电源短路和用电器短路；
电源短路：是指用导线直接将电源两极连接起来的电路。电源短路时，电路中有强大的电流通过，可能烧毁电源和导线，甚至引起火灾，因此绝对不允许发生电源短路；
用电器短路（部分电路短路）：是指用一根导线将某用电器的两端直接连接起来。这时没有电流通过用电器，该用电器不会损坏。
【解答】解：
（1）若使L1、L2串联，电流应只有一条路径，且分别通过L1、L2，由图可知，应闭合开关S2；
（2）若使L1、L2并联，应将两灯首首相连、尾尾相连，即并列接到电源两端，由图知，需闭合开关S1、S3；
（3）若只闭合S3而断开S1、S2，电流从电源正极流出经灯泡L1、开关S3流回电源负极，故灯泡L1亮，L2不亮；
（4）若闭合S1、S2而断开S3，L1被短路而不发光，只有L2亮；
（5）若同时闭合开关S1、S2、S3，电流从电源正极流出不经用电器流回电源负极，会造成电源短路，电流过大，会烧坏电源，所以同时闭合开关S1、S2、S3是绝对不允许的。
故答案为：（1）S2；（2）S1、S3；（3）L1；（4）L2；（5）S1、S2、S3。
【点评】解答此类问题要结合串联电路、并联电路、短路的特点选择合适的开关组合。
三．解答题（18题每小题2分，19、20各9分，其余每空1分，共47分）
18．（2分）如图，按图中的电路元件连成的实物电路，在虚线框内画出对应的电路图。

【分析】根据实物图分析电路的连接情况，再画出对应的电路图。
【解答】解：由实物图知，灯泡与电铃并联，开关S1在干路上，S2在电铃支路上，电路图如图所示：
。
【点评】本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式以及确定开关的位置是关键。
19．（2分）用笔画线表示导线，按照图甲所示的电路图，将图乙中各元件连接起来。（导线不允许交叉）
【分析】分析电路的连接及开关的作用，根据电路图连接实物图，注意各元件顺序与电路图要一一对应。
【解答】解：电流从正极出发，分为两个支路，一条支路是经灯泡L1，另一条支路是经灯泡L2、开关S2，最后两条支路一起经S1回负极，实物图如图：
。
【点评】本题考查根据电路图实连接物图，关键是正确分析出电路图中各用电器的连接情况，然后对照电路图连接实物图，这是电学的重点也是难点。
20．（9分）如图所示，工人用滑轮组提升重800N的物体，物体在20s内被匀速提升3m，工人拉力F做功的功率为150W．求：
（1）拉力F做的总功；
（2）滑轮组的机械效率；
（3）若克服摩擦和绳重所做的功为有用功的0.2倍，动滑轮的重为多少N。

【分析】（1）已知工人拉力F做功的功率，根据公式P＝变形公式W＝Pt可求出拉力做的总功，
（2）根据公式W＝Gh可求出拉力所做的有用功；根据公式η＝×100%可求出机械效率；
（3）利用W总＝W有用+W额求出总的额外功，根据题意可知W额1＝0.2W有用，据此求出克服摩擦和绳重所做的功，而额外功等于克服动滑轮重做的功与克服摩擦做的功之和，可求克服动滑轮重做的功，再根据W额2＝G动h求出动滑轮重。
【解答】解：（1）由P＝可得，拉力F做的总功：
W总＝Pt＝150W×20s＝3000J；
（2）有用功：
W有用＝Gh＝800N×3m＝2400J；
滑轮组的机械效率：
η＝＝×100%＝80%；
（3）克服摩擦和绳重所做的额外功：
W额1＝0.2W有用＝0.2×2400J＝480J，
由W总＝W有用+W额1+W额2可知，克服动滑轮重做的额外功：
W额2＝W总﹣W有用﹣W额1＝3000J﹣2400J﹣480J＝120J，
由W额＝G动h得动滑轮重：
G动＝＝＝40N。
答：（1）拉力F做的总功为3000J；
（2）滑轮组的机械效率为80%；
（3）动滑轮的重为40N。
【点评】此题主要考查的是学生对有用功、总功、额外功、机械效率计算公式及其变形公式的理解和掌握，知道额外功等于克服动滑轮重做的功与克服摩擦做的功之和是解决此题的关键，难易程度适中。
21．（9分）2017年5月18日，中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功，实现了我国天然气水合物开发的历史性突破。可燃冰清洁无污染，储量巨大，是一种非常理想的新型能源。可燃冰的热值很大，是天然气热值的10倍以上，若按15倍计算。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q＝7.0×107J/m3]求：
（1）体积为0.01m3的可燃冰完全燃烧放出的热量为多少？
（2）若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收，则水升高的温度是多少？
（3）若这些热量的60%用来对小轿车做功，以1000N的动力进行牵引，可使小轿车行驶多远？
【分析】（1）知道“可燃冰”体积和热值，利用Q放＝Vq，求0.01m3“可燃冰”完全燃烧放出的热量；
（2）知道加热效率，利用η＝×100%求被水吸收的热量；再根据Q吸＝cm△t求出水升高的温度；
（3）如果这些热量有60%用来对小轿车做功，可求牵引力做的功；知道牵引力，再利用W＝Fs求轿车行驶的距离。
【解答】解：
（1）由题意可得，可燃冰的热值：q可燃冰＝15q天然气＝15×7.0×107J/m3＝1.05×109J/m3；
0.01m3“可燃冰”完全燃烧放出的热量：
Q放＝Vq可燃冰＝0.01m3×1.05×109J/m3＝1.05×107J；
（2）由η＝×100%得，被水吸收的热量：
Q吸＝ηQ放＝90%×1.05×107J＝9.45×106J；
由Q吸＝cm△t可得，水升高的温度：
△t＝＝＝22.5℃。
（3）如果这些热量有60%用来对小轿车做功，则牵引力做的功：
W＝ηQ放＝60%×1.05×107J＝6.3×106J；
根据W＝Fs可知轿车行驶的距离为：
s＝＝＝6300m。
答：（1）0.01m3“可燃冰”完全燃烧放出的热量为1.05×107J；
（2）水升高的温度是22.5℃；
（3）可使小轿车行驶6300m。
【点评】此题主要考查的是学生对热值、燃料完全燃烧放热公式和效率公式，以及功率公式的应用，属于常见题目。
22．（6分）在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让质量不同的铁球从斜面的同一高度由静止释放，撞击同一木块，能将木块撞出一段距离。如图甲所示。请回答下列问题：

（1）从同一高度由静止释放的目的是　使小球到达斜面的速度相同　，该实验的目的是研究铁球的动能大小与　质量　（选填“质量”或“速度”）的关系。
（2）该实验是通过观察　木块移动的距离　的大小，来说明铁球对木块做功的多少。
（3）本实验中若水平面绝对光滑则　不能　（填能，或不能）完成实验，原因是　铁球与木块将会做匀速直线运动　。
（4）有同学将实验装置改进成图乙所示，利用质量相同的铁球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较可以研究铁球的动能大小与　速度　（选填“质量”或“速度”）的关系。
（5）该同学还想用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块，探究铁球的动能大小与质量的关系，这个设计方案是　错误　（选填“正确”或“错误”）的，原因是　压缩程度相同，小球的动能相同对木块做的功相同，木块移动的距离相同　。
【分析】（1）在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，若要研究动能大小与质量的关系，应控制其运动的速度相同；
（2）动能的大小通过观察木块移动的距离来反映出来；
（3）如果水平面绝对光滑，钢球和木块将保持匀速直线运动，永远运动下去。
（4）（5）结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求。
【解答】解：（1）根据实验的要求可知，从同一高度由静止释放的目的是控制到达水平面速度相同，该实验的目的是研究铁球的动能大小与质量的关系；
（2）实验中，是通过观察木块移动的距离的大小，来说明铁球对木块做功的多少，从而判断出铁球具有的动能的大小，这是转换法的运用；
（3）木块因受到摩擦力，最终静止；若水平面绝对光滑，根据牛顿第一定律，钢球和木块将永远一直运动下去，没有运动距离的远近之分，就不能达到比较距离来比较动能的目的了。
（4）质量相同的铁球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较。可以研究铁球的动能大小与速度的关系；
（5）观察图乙的装置可知，若用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同，这样是不能完成实验目的。
故答案为：（1）使小球到达斜面的速度相同；质量；（2）木块移动的距离；（3）不能；铁球与木块将会做匀速直线运动；（4）速度；（5）错误；压缩程度相同，小球的动能相同对木块做的功相同，木块移动的距离相同。
【点评】动能的大小与物体的质量和速度有关，注意控制变量法的应用，动能的大小通过小小球撞击木块的距离来反映动能的大小，体现了转换法。
23．（4分）质量为0.3kg某种晶体用一热源加热，其熔化过程中温度随时间变化图像如图所示，则根据图像可知：
（1）该物质的熔点是 　60　℃，它在固态与液态时的比热容之比为 　　。
（2）物质在第4min时的内能 　小于　第8分钟时的内能（选填“大于”、“小于”或“等于”）。
（3）若该晶体液态时的比热为2.4×103J/（kg•℃），其熔化过程中吸收的热量为 　9.6×103　J。

【分析】（1）晶体熔化图像中与时间轴平行的一段直线对应的温度为晶体的熔点；
（2）内能的大小与质量、状态、物质种类、温度等多个因素有关；
（3）物质吸热计算公式Q＝cmΔt。
【解答】（1）由图像可以看出，某种晶体熔化过程中在第2min到第6min温度保持60℃不变，该温度为该物质的熔点；实验中使用同一热源加热，则在相同时间内物质吸收热量相同，从图像可得物质在液态升温吸收热量是固态升温吸收热量的3倍，3Q固吸＝Q液吸，即3×c固mΔt固＝c液mΔt液，；
（2）物质在整个过程中都进行吸热，所以时间越长物质的内能越大，即物质在第4min时的内能小于第8分钟时的内能；
（3）若该晶体液态时的比热为2.4×103J/（kg•℃），则该晶体液态时吸热：Q吸＝cmΔt液＝2.4×103J/（kg•℃）×0.3kg×（80℃﹣60℃）＝1.44×104J；实验中使用同一热源加热，则在相同时间内物质吸收热量相同，从图像看出该物质熔化时间为液体升温时间的2/3，故熔化过程中吸收的热量为Q熔＝Q吸＝9.6×103J。
故答案为：60；；小于；9.6×103。
【点评】此题考查晶体熔化图像的含义、内能大小比较、比热容大小比较，解决问题的关键是知道在相同时间内物质吸收热量相同。
24．（6分）在探究并联电路电流规律的实验中，图甲是实验的电路图。
（1）连接电路时，开关要　断开　，若要测量干路中的电流，则电流表应接在甲图中的　C　（A、B
C三点）；
（2）小明同学在测量某处的电流时，闭合开关后，发现电流表的指针偏转如图乙表示，原因是　电流表正负接线柱接反了　，在排除故障后，电流表的示数如图丙所示，则电流表的示数为　0.24　A；
（3）他用电流表分别在A、B、C三处测得电流表数据如表格。比较表中数据，可以初步得出结论：并联电路中干路的电流等于　各支路电流之和　；
测量处
A
B
C
电流/A
0.3
0.2
0.5
（4）在表格中记录数据后，下一步应该做的是　B　；
A．整理器材，结束实验 B．换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值
C．分析数据，得出结论 D．换用电流表的另一量程，再测出一组电流值
（5）当电流表测干路电流，闭合开关S，两灯发光，若灯L2突然熄灭，电流表示数变小，则灯L2出现的故障是　开路　（选填“短路”或“开路”）。

【分析】（1）连接电路时开关要断开；电流表应串联接入电路，测干路电流时，电流表应串联接在干路中；
（2）电流应从电流表的正接线柱流入、负接线柱流出，否则，电流表指针将反向偏转；
由图丙所示电流表确定电流表量程与分度值，读出电流表示数。
（3）分析A、B、C三点在电路中的位置，根据数值的数学关系得出正确的结论。
（4）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。
（5）并联电路中各支路独立工作、互不影响。
【解答】解：（1）为了保护电路，连接电路时开关要断开；电流表应串联在被测电路中。由电路图可知，若要测量干路电流，则电流表应接在甲图中的C点。
（2）在测量某处的电流时，由图乙所示电流表可知，电流表指针反向偏转，说明电流表正负接线柱接反了；由图丙所示电流表可知，电流表量程是0～0.6A，分度值是0.02A，电流表示数是0.24A。
（3）由电路图可知，C点在干路上，A、B两点在支路上，分析表中数据不难发现，C点的电流值等于A、B两点的电流值的和，故得出的结论是：并联电路中干路的电流等于各支路电流之和。
（4）由表格数据可知，实验次数太少，得出的结论不具有普遍性，所以在表格中记录数据后，下一步应该换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值，选B。
（5）由题知此时电流表测干路的电流，电流表示数变小，根据并联电路中电流的特点可知，其原因是某条支路发生了断路，灯L2突然熄灭，则灯L2出现的故障是开路。
故答案为：（1）断开；C；（2）电流表正负接线柱接反了；0.24；（3）各支路电流之和；（4）B；（5）开路。
【点评】本题属于探究串、并联电路电流特点的常规实验，考查了学生电流表使用、归纳法的运用及数据分析的能力和并联电路的特点，是中考实验考查的重点问题。
25．（9分）阅读短文，回答问题。
如图为国产名为“秦”的高性能混合动力车，在很多城市PM2.5爆表的今天，“秦”给消费者提供一种新的出行方式，“秦”充电10kW•h（1kW•h＝3.6×106J）即可达到纯电动模式续航里程80km，能满足日常上下班短途用电需求，长途可使用油电混合动力，最高时速可达180km/h，百公里综合油耗仅2L，“秦”电动机效率为80%（即有80%的电能转化为有用的机械能）。
（1）燃油汽车的发动机通常是汽油机，汽油机工作时，　压缩　冲程将机械能转化为内能，“秦”纯电动模式行驶时电池将 　化学　能转化为 　电　能供电动机使用，若电池电量过低需要插在充电桩上充电，此时的电池相对当电路中的 　用电器　。
（2）爱研究的小波同学通过测量获得轿车以不同速度行驶时对应的制动距离（即从操纵制动刹车到车停下来的距离），数据如表所示：
速度v/（km•h﹣1）
40
60
80
100
120
制动距离s/m
8
18
32
50

根据表中数据所反映的规律，当轿车速度为120km/h时对应的制动距离是 　72　m，由此你想对驾驶员提一条忠告：　汽车行驶速度不要太快　。
（3）“秦”在纯电动方式行驶时，车子所受的平均阻力为 　360　N。
（4）若某一次纯电动模式行驶中“秦”消耗电能4kW•h，相当于消耗 　1.44×107　J的能量，若用效率为25%的燃油汽车需要 　1.152　kg的汽油。（汽油热值为4×107J/kg）

【分析】（1）汽油机的做功冲程中，进气门和排气门都关闭，活塞向下运动，燃气膨胀对活塞做功，将内能转化为机械能；汽油机的压缩冲程中，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，将机械能转化为内能；
电池供电时，提供电能，将化学能转化为电能；电池充电时，消耗电能，将电能转化为化学能；
（2）由对表格中速度和制动距离的关系的分析我们可以得出制动距离应与速度的平方成正比，则可得速度为120km/h时的制动距离；
（3）把该电池充一次电所消耗的电能10kW•h换算成以焦耳为单位的电能，总电能乘以电动机效率得到转化为机械能的有用功，有用功除以 续航里程50km，就得到了牵引力，牵引力等于阻力；
（4）利用效率公式计算某一次行驶中“秦”消耗4kW•h电能做功可得燃油需要燃烧放出的总热量，利用热效率公式结合Q＝mq可求得消耗的汽油质量。
【解答】解：（1）发动机工作时，汽油机的压缩冲程中，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，压缩燃料混合物，将机械能转化为内能；
电池供电时，提供电能，将化学能转化为电能；电池充电时，消耗电能，将电能转化为化学能；此时的电池相对当电路中的用电器；
（2）通过对1、2、3、4的分析可知，速度越大制动距离越大，即制动距离一定与速度有关，但明显不是正比关系，
故可以想到可能与速度的平方成正比，通过计算可知制动距离的确与速度的平方成正比，
所以有＝，
解得：120km/h的制动距离为72m，所以汽车行驶速度不要太快；
（3）该电池充一次电所消耗的电能：W＝10kW•h＝10×3.6×106J＝3.6×107J；
因为“秦”电动机效率为80%，所以W有＝80%×3.6×107J＝2.88×107J；
因为W有＝Fs，s＝80km＝80000m，
所以车子所受的平均阻力为F＝＝＝360N；
（4）消耗电能4kW•h消耗的能量：W1＝4kW•h＝4×3.6×106J＝1.44×107J，
依据题意结合Q＝mq可得25%mq＝80%W1，
则汽油的质量m＝＝＝1.152kg
故答案为：（1）压缩；化学；电；用电器；（2）72；汽车行驶速度不要太快；（3）360；（4）1.44×107；1.152。
【点评】本题以高性能电动汽车为背景，考查了汽油机四冲程中的能量转化、电能的计算、效率的计算，知识点多、综合性强，要求灵活运用所学知识，属于难题。