搜索
    上传资料 赚现金
    英语朗读宝

    南京市第一中学2022-2023学年高一上学期期中数学试题解析版

    南京市第一中学2022-2023学年高一上学期期中数学试题解析版第1页
    南京市第一中学2022-2023学年高一上学期期中数学试题解析版第2页
    南京市第一中学2022-2023学年高一上学期期中数学试题解析版第3页
    还剩15页未读, 继续阅读
    下载需要5学贝 1学贝=0.1元
    使用下载券免费下载
    加入资料篮
    立即下载

    南京市第一中学2022-2023学年高一上学期期中数学试题解析版

    展开

    这是一份南京市第一中学2022-2023学年高一上学期期中数学试题解析版,共18页。试卷主要包含了单项选择题,多项选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
    南京一中20222023学年度第一学期期中考试试卷高一数学命题人:王印、孙学志   校对人:王印、孙学志  审核人:王伟一、单项选择题(本大题共8小题,共40分)1. 函数定义域为(    A.  B.  C.  D. 【答案】C【解析】【分析】根据分母不为零和偶次方根的被开方数非负得到不等式组,解得即可.【详解】解:因为所以,解得,即函数的定义域为.故选:C2. 下列各组函数中,表示同一函数的是(    A.  B. C.  D. 【答案】B【解析】【分析】根据两个函数的定义域相同,对应关系也相同,判断它们是同一函数即可.【详解】对于的定义域为,而的定义域为,定义域不同,不是同一函数;对于的定义域、值域都是,其定义域、值域都是,定义域相同,对应关系也相同,是同一函数;对于,对应法则不同,不是同一函数;对于的定义域为,而的定义域为,定义域不同,不是同一函数;故选:3. 函数的图象是(    A.  B. C.  D. 【答案】C【解析】【分析】首先求出函数的定义域,再根据特殊值判断即可;【详解】解:因为,所以,即,解得,故函数的定义域为,故排除AB,又,故排除D故选:C4. 若函数,则    A.  B. 4 C. 6 D. 【答案】D【解析】【分析】根据分段函数分段处理即可求值.【详解】解:因为所以.故选:D.5. 计算的值为(    A.  B.  C.  D. 0【答案】A【解析】【分析】利用指数幂的运算性质化简即可求解.【详解】故选:.6. 定义在上的奇函数,对任意,都有,则不等式的解集是(    A.  B. C.  D. 【答案】C【解析】【分析】判断函数的单调性,结合函数的奇偶性判断函数的函数值的正负情况,即可得答案.【详解】由题意定义在上的奇函数,则对任意,都有时单调递减,则当时,,此时;当时,,此时根据奇函数的对称性可知,当时,,此时;当时,,此时故不等式的解集是故选:C.7. 已知,若,则的最小值为(    A.  B. 9 C. 7 D. 【答案】B【解析】【分析】根据对数的运算法则及对数函数的性质可得,然后利用基本不等式即得.【详解】因为所以,即所以当且仅当,即时取等号,所以的最小值为9.故选:B.8. 已知函数,若不等式对任意实数恒成立,则实数的取值范围为(    A.  B. C.  D. 【答案】B【解析】【分析】根据题意,分析可得函数为奇函数且为增函数,进而可以将原问题转化为对任意实数恒成立,由对勾函数的性质分析,可得的取值范围.【详解】解:函数的定义域为 ,所以为奇函数,在定义域上单调递增,所以在定义域上单调递增,若不等式对任意实数恒成立,,即对任意实数恒成立,所以对于任意实数恒成立,任意实数恒成立,因为函数上单调递增,所以,则有最小值对任意实数恒成立,所以的取值范围为故选:B二、多项选择题(本大题共4小题,共20分)9. 下列命题是真命题的是(    A. 命题,使得的否定是都有B. 函数最小值为2C. 的充分不必要条件D. ,则【答案】AC【解析】【分析】根据存在量词命题的否定即可判断A;根据基本不等式即可判断B;根据一元二次不等式的解法和充分条件、必要条件的定义即可判断C;根据换元法即可求出函数解析式,进而判断D.【详解】A:命题“,使得”的否定为“都有”,故A正确;B:由,得,当且仅当时取到等号,不成立,所以,故B错误;C:由,得,解得,所以“”是“”的充分不必要条件,故C正确;D:令,则,所以,即,故D错误.故选:AC10. 已知定义在上的函数,下列说法正确的有(    A. ,则上不是减函数B. 是偶函数,则图象关于对称C. ,则是偶函数D. 为奇函数且满足任意,都有,则上是增函数【答案】ABD【解析】【分析】根据函数单调性的性质,结合函数奇偶性的性质、函数图象变换的性质逐一判断即可.【详解】A:若上是减函数,显然由,不可能有成立,所以上不是减函数,因此本选项说法正确;B:因为是偶函数,所以函数的图象关于纵轴对称,因为函数的图象向右平移2个单位得到图象,所以图象关于对称,因此本选项说法正确;C:若,显然成立,但是,函数是奇函数,不是偶函数,所以本选项说法不正确;D:因为,所以不妨设因为为奇函数,所以于是由因为是任意两个不等实数,且所以上是增函数,因此本选项说法正确,故选:ABD11. 已知函数,下列结论正确的有(    A. 为单调增函数B. 图象关于轴对称C. 在定义域内只有1个零点D. 的值域为【答案】BCD【解析】【分析】根据单调性的定义通过举反例判断A,根据奇偶性的定义判断B,根据函数的零点的定义判断C,结合基本不等式求函数的值域判断D.【详解】因为,所以,所以,所以不是单调递增函数,A错误;有意义可得,所以函数的定义域为,又所以函数为偶函数,所以函数图象关于轴对称,B正确;可得,所以,所以函数的零点为0,所以在定义域内只有1个零点,C正确;时,,由基本不等式可得,当且仅当时取等号,所以,所以当时,,又,函数为偶函数,所以的值域为,所以D正确;故选:BCD.12. 已知函数,若恰有3个零点,则的可能值为(    A. 0 B.  C. 1 D. 2【答案】AD【解析】【分析】画出函数的图象,通过的取值,结合的范围,判断函数的零点个数,然后推出实数的取值范围.【详解】分别作出函数的图象,由图知,时,函数无交点,时,函数有三个交点,.当时,函数有一个交点,时,函数有两个交点,时,若相切,则由得:(舍,切点在x轴下方因此当时,函数有两个交点,时,函数有三个交点,时,函数有四个交点,所以当时,函数恰有3个交点.综上,恰有3个零点,的取值范围是故选:AD三、填空题(本大题共4小题,共20分)13. 若幂函数的图像过点,则此幂函数的解析式是________【答案】【解析】【分析】设出幂函数的解析式,代入点坐标,即可求得解析式.【详解】设幂函数的解析式为 因为幂函数图像过点所以,解得所以故答案为: 【点睛】本题考查了幂函数的定义及解析式求法,属于基础题.14. 已知,,,表示_________.(结果用,表示)【答案】【解析】【分析】根据换底公式找到之间的等式关系,用换底公式换为的形式,代换成即可.【详解】:由题知,,,,,,故答案为:.15. 若任意,不等式恒成立,则实数的范围为_________.【答案】【解析】【分析】任意,不等式恒成立等价于上恒成立,参变分离求最值即可.【详解】任意,不等式恒成立等价于上恒成立,,当且仅当时,取等号,,即实数的范围为.故答案为:16. 已知函数 ,若关于的不等式恰有两个整数解,则实数的取值范围是_________.【答案】.【解析】【分析】根据函数解析式,作出其图象,解不等式可得,讨论m1的大小关系,确定不等式解集,结合函数图象确定解集中的两个整数解,进而确定的取值范围.【详解】由于函数,作出其图象如图:得: 时,,不等式无解;时,由得∶若不等式恰有两个整数解,由于,则整数解为01,又时,由得:若不等式恰有两个整数解,由于,则整数解为综上所述:实数m的取值范围为 ,故答案为∶.【点睛】本题考查了分段函数性质的应用,考查了根据一元二次型不等式的解的情况求参数范围问题,综合性较强,解答时要注意数形结合以及分类讨论的思想方法,解答的关键是确定不等式解集中的整数解,从而确定参数范围.四、解答题(本大题共6小题,共70分)17. 设全集,集合.1时,求2的充分不必要条件,求实数的取值范围.【答案】1    2【解析】【分析】1)首先解分式不等式求出集合,再根据并集、补集、交集的定义计算可得;2)依题意可得,即可得到不等式组,解得即可.【小问1详解】解:由,等价于,解得所以所以所以【小问2详解】解:因为的充分不必要条件,所以显然,故所以,解得,即实数的取值范围为.18. 已知不等式解集为,其中1求实数的值;2时,解关于的不等式(用表示).【答案】1    2答案见解析【解析】【分析】1)依题意为方程的两根,代入方程得到关于的方程组,解得即可;2)由(1)可得不等式即,即,分三种情况讨论,分别求出不等式的解集.小问1详解】解:依题意为方程的两根,所以,解得,因为所以【小问2详解】解:由(1)可得不等式,即时原不等式即,解得,所以不等式的解集为时解得,即不等式的解集为时解得,即不等式的解集为综上可得:当时不等式的解集为时不等式的解集为时不等式的解集为.19. 已知二次函数满足,满足,且1的解析式;2时,求函数的最小值(用表示).【答案】1    2【解析】【分析】1)由题意可得,再代入,化简可求出,从而可求出的解析式.2)求出抛物线的对称轴,然后分三种情况求解函数的最小值.【小问1详解】因为二次函数,且满足,所以,所以 ,得.所以.【小问2详解】是图象的对称轴为直线,且开口向上的二次函数.时,上单调递增,则 时,上单调递减,则,即时,综上所述.20. 我国某企业为了进一步增加市场竞争力,计划在2023年利用新技术生产某款新手机.通过市场分析,生产此款手机全年需投入固定成本万,每生产千部)手机,需另投入可变成本万元,且,由市场调研知,每部手机售价万元,且全年内生产的手机当年能全部销售完.(利润销售额-固定成本-可变成本)12023年的利润(万元)关于年产量(千部)的函数关系式;22023年产量为多少(千部)时,企业所获利润最大?最大利润是多少?【答案】1    2产量为(千部)时,企业所获利润最大,最大利润是万元【解析】【分析】1)根据已知条件,结合利润销售额-固定成本-可变成本的公式,分两种情况讨论,即可求解.2)根据已知条件,结合二次函数的性质,以及基本不等式的公式,分别求解分段函数的最大值,再通过比较大小,即可求解.【小问1详解】解:当时,时,【小问2详解】解:若时,时,万元,时,当且仅当,即时,万元,年产量为(千部)时,企业所获利润最大,最大利润是万元.21. 已知函数.从下面三个条件中任选一个条件,求出的值,并在此基础上解答后面的问题.(注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分)①已知函数在定义域上为偶函数;②上的值域为;③已知函数,满足.1选择_________,求的值;2判断并用定义证明上的单调性;3解不等式.【答案】1答案见解析;    2答案见解析;    3【解析】【分析】选①利用二次函数的性质及偶函数的定义即得,选②利用函数的单调性即求;选③知关于对称,即可求出的值;(2)利用单调性的定义即证;(3)利用奇函数的定义可得为奇函数,进而利用函数的单调性及奇偶性解不等式.小问1详解】选①:因为上是偶函数,,且所以选②:当时,上单调递增,则有选③:函数,满足所以关于对称,所以函数.【小问2详解】由(1)得,任取,且,则,则,即上单调递增.【小问3详解】为奇函数,,得又因上单调递增,,解得所以.22. 已知函数.1,求的值;2时,求该函数在闭区间上的值域;3,若,求的值.【答案】1    2    3【解析】【分析】1)依题意可得,再分两种情况讨论,分别求出参数的值,即可得解;2)将函数的解析式写成分段函数的形式,画出函数图象,结合图象即可得到函数的值域;3)先由的单调性和题设求得集合,再对分类讨论,由求得即可.【小问1详解】解:因为,且所以,解得(舍去),,解得(舍去)或综上可得.【小问2详解】解:当,所以所以函数在上单调递增,在上单调递减,函数图像如下所示:结合函数图象可得上的值域为【小问3详解】解:,所以上单调递减,在上单调递增,在上单调递减,时,,故时,由,即时,,即时,综上,

    相关试卷

    江苏省南京市金陵中学2022-2023学年高一上学期期中数学试题(教师版含解析):

    这是一份江苏省南京市金陵中学2022-2023学年高一上学期期中数学试题(教师版含解析),共16页。试卷主要包含了11, 设,,若,则实数a的值可以是, 设函数,则下列结论正确的是等内容,欢迎下载使用。

    2022-2023学年江苏省南京市燕子矶中学高一上学期期中数学试题(解析版):

    这是一份2022-2023学年江苏省南京市燕子矶中学高一上学期期中数学试题(解析版),共14页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。

    2022-2023学年江苏省南京市金陵中学高一上学期期中数学试题(解析版):

    这是一份2022-2023学年江苏省南京市金陵中学高一上学期期中数学试题(解析版),共13页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。

    欢迎来到教习网
    • 900万优选资源,让备课更轻松
    • 600万优选试题,支持自由组卷
    • 高质量可编辑,日均更新2000+
    • 百万教师选择,专业更值得信赖
    微信扫码注册
    qrcode
    二维码已过期
    刷新

    微信扫码,快速注册

    手机号注册
    手机号码

    手机号格式错误

    手机验证码 获取验证码

    手机验证码已经成功发送,5分钟内有效

    设置密码

    6-20个字符,数字、字母或符号

    注册即视为同意教习网「注册协议」「隐私条款」
    QQ注册
    手机号注册
    微信注册

    注册成功

    返回
    顶部
    Baidu
    map