【高考考点专题复习】高考生物考点专题复习——考向09《基因的分离定律》全能卷（全国通用）

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考向09 基因的分离定律

1.(2019·全国卷Ⅲ，32改编)玉米是一种二倍体异花传粉作物，可作为研究遗传规律的实验材料。玉米籽粒的饱满与凹陷是一对相对性状，受一对等位基因控制。回答下列问题：
(1)在一对等位基因控制的相对性状中，杂合子通常表现的性状是________。
(2)现有在自然条件下获得的一些饱满的玉米籽粒和一些凹陷的玉米籽粒，若要用这两种玉米籽粒为材料验证分离定律，写出两种验证思路及预期结果。
【答案】(1)显性性状
(2)思路及预期结果：
①两种玉米分别自交，若某些玉米自交后，子代出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律。
②两种玉米分别自交，在子代中选择两种纯合子进行杂交，F1自交，得到F2，若F2中出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律。
③让籽粒饱满的玉米和籽粒凹陷的玉米杂交，如果F1都表现一种性状，则用F1自交，得到F2，若F2中出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律。
④让籽粒饱满的玉米和籽粒凹陷的玉米杂交，如果F1表现两种性状，且表现为1∶1的性状分离比，则可验证分离定律。(任答两种即可)
【解析】(1)在一对等位基因控制的相对性状中，杂合子通常表现为显性性状。(2)欲验证基因的分离定律，可采用自交法或测交法。根据题意，现有在自然条件下获得的具有一对相对性状的玉米籽粒若干，其显隐性未知，若要用这两种玉米籽粒为材料验证分离定律，可让两种性状的玉米分别自交，若某些亲本自交后，子代出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律；若子代没有出现3∶1的性状分离比，说明亲本均为纯合子，在子代中选择两种性状的纯合子玉米杂交得F1，F1自交得F2，若F2出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律。也可让两种性状的玉米杂交，若F1只表现一种性状，说明亲本均为纯合子，让F1自交得F2，若F2出现3∶1的性状分离比，则可验证分离定律；若F1表现两种性状，且表现为1∶1的性状分离比，说明该亲本分别为杂合子和隐性纯合子，则可验证分离定律。

1.验证基因分离定律的方法
(1)自交法

(2)测交法

(3)配子法(花粉鉴定法)有一定局限性，相应性状需在花粉中表现

(4)单倍体育种法


1.相同基因、等位基因与非等位基因

2.与交配方式相关的概念及其作用


1.(2022·大连调研)下列关于孟德尔实验、方法及分离定律的叙述，错误的是(　　)
A.孟德尔获得成功的关键有选材恰当、运用统计学方法等
B.孟德尔分离定律适用范围是真核生物进行有性生殖时细胞核基因的遗传
C.孟德尔“假说—演绎法”的核心假说内容是“性状是由染色体上的基因控制的”
D.测交实验中后代的性状分离比为1∶1，可以从个体水平上验证基因的分离定律
【答案】C
【解析】孟德尔获得成功的关键有选材恰当、研究方法由简到难、运用统计学方法、科学设计实验程序等，A正确；孟德尔分离定律的适用范围是真核生物进行有性生殖时细胞核基因的遗传，B正确；在孟德尔提出的假说内容中有提出生物性状是由遗传因子决定的，而并未提出基因和染色体，而且此条假说也不是假说的核心内容，C错误；测交实验中后代的性状分离比为1∶1，可以从个体水平上验证基因的分离定律，D正确。
2.(2022·河南名校联考)下列有关遗传学基本概念及其应用的叙述，正确的是(　　)
A.非等位基因的遗传均遵循基因的分离定律和自由组合定律
B.正反交结果相同，可判断相关基因一定位于常染色体上
C.一对相对性状可以受一对、两对或多对等位基因的控制
D.两亲本的杂交后代只有一种表型，说明双亲均为纯合子
【答案】C
【解析】等位基因的遗传遵循基因的分离定律，非同源染色体上非等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律，A错误；正反交结果相同，一般可判断基因位于常染色体上，但基因也可能位于X与Y染色体的同源区段上，B错误；基因与性状存在一对一、一对多或多对一等数量关系，一对相对性状可以受一对、两对或多对等位基因控制，C正确；两亲本杂交后代只有一种表型，双亲可能均为纯合子，也可能其中一方为杂合子，D错误。

　2.(2014·海南卷，25改编)某二倍体植物中，抗病和感病这对相对性状由一对等位基因控制。要确定这对性状的显隐性关系，应该选用的杂交组合是(　　)
A.抗病株×感病株
B.抗病纯合子×感病纯合子
C.抗病株×抗病株，或感病株×感病株
D.抗病纯合子×抗病纯合子，或感病纯合子×感病纯合子
【答案】B
【解析】因不确定亲本是否纯合，若抗病株与感病株的杂交后代只有一种表型，则可判断显隐性关系，若抗病株与感病株的杂交后代有两种表型，则不能判断显隐性关系，A错误；因不确定亲本是否纯合，若抗病和感病的植株都是纯合子，则抗病株×抗病株、感病株×感病株的后代都无性状分离，无法判断显隐性，C、D错误。

　显、隐性性状的判断
(1)根据子代性状判断

提醒　测交不能用于判断性状的显隐性关系，因为测交实验是在已知显隐性的基础上进行的验证性实验。
(2)根据遗传系谱图判断

(3)“实验法”判断性状的显隐性


　基因型和表型的推断


(2)由子代推断亲代的基因型


　3.(2022·山东青岛调研)玉米为雌雄异花的植物，豌豆是雌雄同花的植物，二者的茎秆都有高矮之分，分别将高茎和矮茎在自然状态下间行种植，不考虑变异，下列相关叙述错误的是(　　)
A.若矮茎玉米上所结的F1既有高茎，也有矮茎，则矮茎一定是隐性性状
B.若高茎玉米上所结的F1都是高茎，则高茎对矮茎一定是显性
C.若高茎豌豆的F1都是高茎，矮茎豌豆的F1都是矮茎，则无法判断茎秆的显隐性
D.若高茎豌豆的F1既有高茎，也有矮茎，则该高茎豌豆一定为杂合子
【答案】A
【解析】高茎玉米和矮茎玉米间行种植，二者随机受粉，若矮茎玉米为杂合子，则其上所结的F1可既有高茎，又有矮茎，故矮茎可能是隐性性状，也可能是显性性状，A错误；若高茎玉米上所结的F1都是高茎，说明无论高茎玉米自交，还是与矮茎玉米杂交，后代都是高茎，推断高茎为显性性状且亲本高茎玉米为纯合子，B正确；豌豆自然状态下只能自交，高茎豌豆自交后代都是高茎，说明其是纯合子，矮茎豌豆自交后代都是矮茎，说明其也是纯合子，由于间行种植的高茎豌豆和矮茎豌豆之间没有互相受粉，因此无法判断显隐性，C正确；高茎豌豆自交后代发生性状分离，则高茎为显性性状，并且亲本高茎豌豆为杂合子，D正确
4.(2022·西工大附中调研)某植物的花为两性花，该植物的紫花与红花是一对相对性状，且是由一对遗传因子(D、d)控制的完全显性遗传。现用一株紫花植株和一株红花植株作为实验材料，设计如下表所示的实验方案(后代数量足够多)以鉴定两植株的遗传因子组成。下列有关叙述错误的是(　　)
选择亲本
及交配方式
预测子代
的表型
推测亲本的
遗传因子组成
第一组：
紫花自交
出现性状分离
③
①
④
第二组：
紫花×红花
全为紫花
DD×dd
②
⑤
A.两组实验中，都有能判定紫花和红花显隐性的依据
B.若①全为紫花，则④为DD×Dd
C.若②为紫花和红花的数量比为1∶1，则⑤为Dd×dd
D.③为Dd，判断依据是子代出现性状分离，说明亲本携带隐性遗传因子
【答案】B
【解析】第一组中，紫花自交，子代出现性状分离，可以判定出现的新性状为隐性性状，亲本性状(紫花)为显性性状；第二组中，由紫花×红花的子代全为紫花，可以判定紫花为显性性状，红花为隐性性状，A正确；若①全为紫花，且亲代是紫花自交，则④为DD×DD，B错误；紫花×红花的子代中紫花和红花的数量比为1∶1时，⑤为Dd×dd，C正确；子代出现性状分离，说明具有显性性状的亲本携带隐性遗传因子，故③中遗传因子组成为Dd，D正确。

3.(2019·全国卷Ⅱ，5)某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株(植株甲)进行了下列四个实验。
①让植株甲进行自花传粉，子代出现性状分离
②用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代均为全缘叶
③用植株甲给羽裂叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1
④用植株甲给另一全缘叶植株授粉，子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3∶1
其中能够判定植株甲为杂合子的实验是(　　)
A.①或② B.①或④
C.②或③ D.③或④
【答案】B
【解析】实验①中植株甲自交，子代出现了性状分离，说明作为亲本的植株甲为杂合子。实验④中植株甲与另一具有相同性状的个体杂交，后代出现3∶1的性状分离比，说明亲本均为杂合子。在相对性状的显隐性不确定的情况下，无法依据实验②、③判定植株甲为杂合子。

纯合子和杂合子的鉴定

提醒　鉴定某生物个体是纯合子还是杂合子，当被测个体是动物时，常采用测交法；当被测个体是植物时，上述四种方法均可，其中自交法较简单。

5.　(2022·山东聊城调研)已知马的毛色栗色对白色为显性，由常染色体上的一对等位基因控制。正常情况下，一匹母马一次只能生一匹小马。育种工作者从马群中选出一匹健壮的栗色公马，需要鉴定它是纯合子还是杂合子(就毛色而言)，为了在一个配种季节里完成这项鉴定，最佳的做法是(　　)
A.让此栗色公马与一匹白色母马进行交配
B.让此栗色公马与多匹白色母马进行交配
C.让此栗色公马与一匹栗色母马进行交配
D.让此栗色公马与多匹栗色母马进行交配
【答案】B
【解析】已知马的毛色栗色对白色为显性，由常染色体上的一对等位基因控制。若要判断某栗色公马是纯合子还是杂合子(就毛色而言)，通常用测交法进行鉴定，又因为正常情况下，一匹母马一次只能生一匹小马，因此，应让该栗色公马与多匹白色母马进行交配，看子代中是否出现白色马，如果子代中出现白色马，说明该栗色公马为杂合子，如果子代中未出现白色马，说明该栗色公马为纯合子，B正确

4.(经典高考)用基因型为Aa的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体，根据各代Aa基因型频率绘制曲线如图。下列分析错误的是(　　)

A.曲线Ⅱ的F3中Aa基因型频率为0.4
B.曲线Ⅲ的F2中Aa基因型频率为0.4
C.曲线Ⅳ的Fn中纯合体的比例比上一代增加(1/2)n＋1
D.曲线Ⅰ和Ⅳ的各子代间A和a的基因频率始终相等
【答案】C
【解析】若Aa分别自交和随机交配，则F1代都为(1/4AA＋1/2Aa＋1/4aa)，淘汰掉aa，则F1代Aa的基因型比例都是2/3。若F1代再自交，则其后代是1/3AA＋2/3(1/4AA＋1/2Aa＋1/4aa)，淘汰掉aa以后，得到的后代F2是3/5AA＋2/5Aa，Aa所占的比例是0.4；若F1代再随机交配则可先计算出F1的A和a的基因频率分别为2/3和1/3，依据遗传平衡定律可计算出F2中AA＝4/9、Aa＝4/9、aa＝1/9，淘汰aa之后则Aa＝1/2，由此推知图中曲线Ⅱ是随机交配并淘汰aa的曲线，曲线Ⅲ是自交并淘汰aa的曲线，进而可知B正确；曲线Ⅱ所示F2代的A、a基因频率分别为3/4和1/4，则随机交配后代中AA＝9/16、Aa＝6/16、aa＝1/16，淘汰aa后，则Aa的基因型频率为2/5，A正确； Aa分别连续自交和随机交配不淘汰隐性个体， F1代Aa的基因型频率都是1/2, 若F1代再随机交配，后代的基因型频率不会发生改变，则图中曲线Ⅰ是Aa随机交配的曲线。若F1代再连续自交，Aa的基因型频率＝(1/2)n，F2中Aa＝1/4，则可推知图中曲线Ⅳ是自交的结果，曲线Ⅳ中在Fn代纯合体的比例是1－(1/2)n，则比上一代Fn－1增加的数值是1－(1/2)n－[1－(1/2)n－1]＝(1/2)n，C错误；在没有任何干预的条件下，Aa分别连续自交(曲线Ⅳ)和随机交配(曲线Ⅰ)都不改变基因频率，D正确。

自交与自由交配问题
(1)自交的概率计算
①杂合子Aa连续自交n代(如图1)，杂合子比例为()n，纯合子比例为1－()n，显性纯合子比例＝隐性纯合子比例＝×。纯合子、杂合子所占比例的坐标曲线如图2所示。

图1

图2
②杂合子Aa连续自交，且逐代淘汰隐性个体，自交n代后，显性个体中，纯合子比例为，杂合子比例为。如图所示：

(2)自由交配的概率计算
①若杂合子Aa连续自由交配n代，杂合子比例为，显性纯合子比例为，隐性纯合子比例为；若杂合子Aa连续自由交配n代，且逐代淘汰隐性个体后，显性个体中，纯合子比例为，杂合子比例为。
②自由交配问题的两种分析方法：如某种生物的基因型AA占1/3，Aa占2/3，个体间可以自由交配，求后代中基因型和表型的概率。
解法一：列举法(棋盘法)


AA
Aa
AA
AA
AA、Aa
Aa
AA、Aa
AA、Aa、aa
子代基因型及概率AA、Aa、aa
子代表型及概率A_、aa
解法二：配子法　最直接的方法

基因型及概率为AA、Aa、aa，表型及概率为A_、aa。

6.(2021·山东济南章丘期中)番茄果实的颜色由一对等位基因A、a控制。关于番茄果实颜色的三个杂交实验及其结果如下。下列分析正确的是(　　)
实验1：红果×黄果→F1中红果(492)、黄果(504)。
实验2：红果×黄果→F1中红果(997)、黄果(0)。
实验3：红果×红果→F1中红果(1 511)、黄果(508)。
A.根据三个实验均可判断红果对黄果为显性
B.以上三个实验中的亲本红果均既有纯合子也有杂合子
C.实验3的F1中红果自由交配.，产生的子代中红果∶黄果＝8∶1
D.以上三个实验均可验证基因的分离定律
【答案】C
【解析】实验1相当于测交实验，不能用其判断显隐性，A错误；根据实验2红果×黄果→F1中只有红果可知，红果相对于黄果是显性性状；实验1后代分离比约为1∶1，则亲本的基因型是红果(Aa)×黄果(aa)；实验2亲本的基因型为红果(AA)×黄果(aa)；实验3后代出现约为3∶1的性状分离比，则亲本的基因型为Aa，B错误；实验3的亲本基因型为Aa，子一代的红果基因型为AA∶Aa＝1∶2，故F1中红果自由交配，产生的子二代中黄果所占比例为2/3×2/3×1/4＝1/9，所以子二代中红果∶黄果＝8∶1，C正确；实验2亲本均为纯合子，不能验证基因的分离定律，D错误。

5.(2014·海南卷，23)某动物种群中，AA、Aa和aa基因型的个体依次占25%、50%、25%。若该种群中的aa个体没有繁殖能力，其他个体间可以随机交配，理论上，下一代AA∶Aa∶aa基因型个体的数量比为(　　)
A.3∶3∶1 B.4∶4∶1
C.1∶2∶0 D.1∶2∶1
【答案】B
【解析】若该种群中的aa个体没有繁殖能力，其他个体间可以随机交配，就是AA、Aa这两种基因型的雌雄个体间的随机交配，AA占1/3、Aa占2/3，用棋盘法：产生雌雄配子的概率

A
a
A
AA
Aa
a
Aa
aa
理论上下一代AA∶Aa∶aa基因型个体的数量比为4∶4∶1。

致死遗传问题

现以亲本基因型均为Aa为例进行分析：


　7.(2022·江西红色七校模拟)一豌豆杂合子(Aa)植株自交时，下列叙述错误的是(　　)
A.若自交后代基因型比例是2∶3∶1，可能是含有隐性基因的花粉50%的死亡造成的
B.若自交后代的基因型比例是2∶2∶1，可能是隐性个体有50%的死亡造成的
C.若自交后代的基因型比例是4∶4∶1，可能是含有隐性基因的配子有50%的死亡造成的
D.若自交后代的基因型比例是1∶2∶1，可能是花粉有50%的死亡造成的
【答案】B
【解析】理论上Aa自交后代应为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，若自交后代AA∶Aa∶aa＝2∶3∶1，则可能是含有隐性基因的花粉50%的死亡造成的，A正确；若自交后代AA∶Aa∶aa＝2∶2∶1，则可能是显性杂合子和隐性个体都有50%的死亡造成的，B错误；若含有隐性基因的配子有50%的死亡，则自交后代的基因型比例是4∶4∶1，C正确；若花粉有50%的死亡，并不影响花粉的基因型比例，所以后代的性状分离比仍然是1∶2∶1，D正确。

6.(2017·全国卷 Ⅰ，32节选改编)已知某种羊的有角和无角基因由位于常染色体上的等位基因(N/n)控制，请分析：
公羊中基因型为NN或者Nn的表现为有角，nn无角；母羊中基因型为NN的表现为有角，nn或Nn无角。若多对杂合体公羊与杂合体母羊杂交，则理论上子一代群体中母羊的表型及其比例为________；公羊的表型及其比例为________。
　【答案】有角∶无角＝1∶3　有角∶无角＝3∶1
　【解析】多对杂合体公羊与杂合体母羊杂交，Nn×Nn→NN、Nn、nn，比例为1∶2∶1。由于母羊中基因型为NN的表现为有角，基因型为nn或Nn的表现为无角，所以子一代群体中母羊的表型及其比例为有角∶无角＝1∶3；由于公羊中基因型为NN或者Nn的表现为有角，基因型为nn的表现为无角，所以子一代群体中公羊的表型及其比例为有角∶无角＝3∶1。

从性遗传≠伴性遗传
从性遗传和伴性遗传的表型都与性别有密切的联系，但它们是两种截然不同的遗传方式——伴性遗传的基因位于性染色体上，而从性遗传的基因位于常染色体上，后者基因在传递时并不与性别相联系，这与位于性染色体上基因的传递有本质区别。从性遗传的本质为：表型＝基因型＋环境条件(性激素种类及含量差异)。

8.(2022·山东潍坊统考)人类斑秃属于常染色体显性遗传病，由一对等位基因A、a控制，男生只要携带一个斑秃基因(A)就表现斑秃，而女性只有显性纯合子(AA)才表现斑秃。某家庭有关斑秃的遗传系谱图如下。下列有关叙述正确的是(　　)

A.Ⅰ－4的基因型是aa
B.Ⅱ－1和Ⅱ－2的基因型不相同
C.Ⅲ－1斑秃的概率是1
D.Ⅱ－2和Ⅱ－3生一个非斑秃孩子的概率是3/4
【答案】D
【解析】由题图分析可知，Ⅱ－3的基因型为aa，Ⅱ－4的基因型为AA，由于Ⅰ－3为斑秃男性，则Ⅰ－3一定含有A基因，又由于Ⅱ－3的基因型为aa，则Ⅰ－3一定含有a基因，则Ⅰ－3的基因型为Aa，进一步可推知Ⅰ－4的基因型也是Aa，A错误；由题图分析可知，Ⅰ－1的基因型为aa，Ⅰ－2的基因型为AA，则Ⅱ－1和Ⅱ－2的基因型均为Aa，B错误；由于Ⅱ－2的基因型为Aa，Ⅱ－3的基因型为aa，则Ⅲ－1的基因型为1/2Aa、1/2aa，由于Ⅲ－1是女孩，故其表型一定正常，Ⅲ－1斑秃的概率是0，C错误；Ⅱ－2(Aa)和Ⅱ－3(aa)生一个斑秃孩子(基因型为Aa的男孩)的概率为1/2×1/2＝1/4，故Ⅱ－2(Aa)和Ⅱ－3(aa)生一个非斑秃孩子的概率为1－1/4＝3/4，D正确。
9.　(2022·天津和平区模拟)如图为某一家人的系谱图，其中甲、乙、丙、丁的血型未知。已知控制血型的基因为IA、IB、i，它们是复等位基因，A型血对应的基因型为IAIA或IAi，B型血对应的基因型为IBIB或IBi，O型血对应的基因型为ii，AB型血对应的基因型为IAIB。下列关于甲～丁的血型的叙述正确的是(　　)

A.甲的血型为O型或B型
B.乙的血型为O型
C.丙的血型为A型
D.丁的血型为O型或B型
【答案】C
【解析】第1代A型血个体的基因型可能是IAIA或IAi，所以，乙的血型可能是A型(IAIA或IAi)或O型(ii)，B错误；同样，可推知丙的血型可能是A型(IAIA或IAi)或O型(ii)，但由于丙和丁所生的女儿血型为AB型(IAIB)，所以丙的血型只能是A型(IAIA或IAi)，其女儿的IA基因来自丙，而另一个基因IB来自母亲(丁)，所以丁的血型可能是B型或AB型，C正确、D错误；甲和乙所生的儿子中有一个血型为A型(IAIA或IAi)，而乙的血型可能是A型或O型，乙可为儿子提供基因IA或基因i，而甲为A型血后代提供的基因也可能是IA或i，所以，甲的血型可能是A型、B型、AB型或O型，A错误。
10.(2022·山西太原五中质检)萝卜的花色(红色、紫色和白色)由一对等位基因(A/a)控制。现选用紫花植株分别与红花、白花、紫花植株杂交，结果如图所示。下列相关叙述错误的是(　　)

A.白花个体的基因型是aa，红花个体的基因型是AA
B.红花个体和白花个体杂交，后代全部是紫花个体
C.A/a位于一对同源染色体上，遵循基因分离定律
D.一紫花个体连续自交3代，得到的子代中红花个体所占的比例是7/16
【答案】A
【解析】从第三组的紫花和紫花的杂交结果可知，紫花植株为杂合子，红花和白花植株都是纯合子，但无法确定是隐性纯合还是显性纯合，A错误；由于红花和白花植株是具有相对性状的纯合子，所以杂交产生的子代都是杂合子，都是紫花植株，B正确；一对等位基因位于一对同源染色体上，遵循基因的分离定律，C正确；杂合子连续自交3代，子代中杂合子的比例是1/8，则显性纯合子和隐性纯合子各占7/16，D正确。

【易错点1】 “演绎”≠测交
点拨：“演绎”不同于测交实验，前者只是理论推导，后者则是在大田中进行测交实验验证。
　【易错点2】认为杂合子(Dd)产生雌雄配子的数量相等
点拨：F1(Dd)产生配子的数量中D(♂)＝d(♂)、D(♀)＝d(♀)；D(♂)≠D(♀)、d(♂)≠d(♀)。
【易错点3】小样本问题——小样本不一定符合遗传定律
点拨：遗传定律是一种统计学规律，只有样本足够大时才有规律性。当子代数目较少时，不一定符合预期的分离比。如两只杂合黑豚鼠杂交，生下的4只小豚鼠不一定符合3黑1白，有可能只有黑色或只有白色，也有可能既有黑色又有白色，甚至还可能3白1黑。
　【易错点4】不明确果皮、种皮及胚、胚乳的来源及相关性状的统计时机
点拨：(1)果皮(包括豆荚)、种皮分别由子房壁、珠被(母本体细胞)发育而来，基因型与母本相同。
(2)胚(由胚轴、胚根、胚芽、子叶组成)由受精卵发育而来，基因型与其发育成的植株相同。
(3)胚乳由受精极核发育而来，基因型为母本配子基因型的两倍加上父本配子基因型。
以上各部分的基因型如下图所示

(4)相关性状统计(欲统计甲、乙杂交后的F1性状)
①种子胚(如子叶颜色)和胚乳性状的统计：在本次杂交母本植株所结种子内直接统计即可。
②其他所有性状的统计(包括F1的种皮颜色、植株高矮、花的颜色、果皮的颜色或味道等)均需将上述杂交后所产生的种子种下，在新长成的植株中做相应统计。

1．在一对相对性状的遗传中，下列杂交结果中能判断出显隐性关系的是（　　）
A．具有不同性状的亲本杂交，后代有两种性状表现
B．具有相同性状的亲本杂交，后代只出现亲本性状
C．具有相同性状的亲本杂交，后代出现了与亲本不同的性状
D．具有相同性状的亲本杂交，后代只出现一种性状
【答案】C
【解析】
【分析】
判断显隐性的方法有：一是若已知两个不同性状的亲本，都是纯种杂交，后代表现出来的则为显性性状，例如某种植物纯合红花与白花杂交，后代为红花，那么红花为显性，二、若两个相同性状同种植物杂交，后代出现了与亲本不同的性状，则新出现的性状为隐性性状。
【详解】
A、具有不同性状的两亲本杂交，子代有两种性状表现，无法判断性状的显隐性及两亲本的遗传因子组成，如显性杂合子和隐性个体杂交，A错误；
B、具有相同性状的亲本杂交，后代只出现亲本性状或只出现一种性状，无法判断性状的显隐性，例如AA×AA→AA，aa×aa→aa，B错误；
C、具有相同性状的两亲本杂交，子代出现了与亲本不同的性状，如Aa×Aa→aa，则亲本的性状为显性性状，新出现的性状为隐性性状，C正确；
D、具有相同性状的亲本杂交，后代只出现亲本性状或只出现一种性状，无法判断性状的显隐性，例如AA×AA→AA，aa×aa→aa，D错误。
故选C。
【点睛】
本题考查基因的分离定律，意在考查能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论的能力。
2．若马的毛色受常染色体上一对等位基因控制，棕色马与白色马交配，均为淡棕色马，随机交配，中棕色马：淡棕色马：白色马=1：2：1。下列叙述正确的是
A．马的毛色性状中，棕色对白色为完全显性
B．中出现棕色、淡棕色和白色是基因重组的结果
C．中相同毛色的雌雄马交配，其子代中雌性棕色马所占的比例为3/8
D．中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型的比例与表现型的比例相同
【答案】D
【解析】
【分析】
分析题中信息：“棕色马与白色马交配，均为淡棕色马，随机交配，中棕色马：淡棕色马：白色马=1：2：1。”可知马的毛色的控制属于不完全显性。
【详解】
A、马的毛色性状中，棕色对白色为不完全显性，A错误；
B、中出现棕色、淡棕色和白色是基因分离的结果，B错误；
C、中相同毛色的雌雄马交配，其子代中棕色马所占的比例为1/4+2/4×1/4=3/8，雌性棕色马所占的比例为3/16，C错误；       
D、中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型的比例为1:1，,表现型为淡棕色马与棕色马，比例为1:1， D正确。
故选D。
【点睛】
一对等位基因的遗传遵循基因分离定律，根据题中信息可知，马毛色遗传属于不完全显性，然后再依据基因分离定律写出每种表现型对应的基因型，即可得出准确答案。
3．一杂合子（Dd）植株自交时，含有隐性基因的花粉有百分之五十的死亡率。则自交后代的基因型比例（       ）
A．DD：Dd：dd=2：3：1 B．DD：Dd：dd=2：2：1
C．DD：Dd：dd=4：4：1 D．DD：Dd：dd=1：2：1
【答案】A
【解析】
【分析】
基因分离定律的实质是等位基因随着同源染色体的分离而分离。
【详解】
基因型为Dd的一杂合子植株，产生的雌配子的种类及其比例为D∶d＝1∶1；因含有隐性配子的花粉有50%的死亡率，说明含有隐性基因的花粉只有50%的存活率，所以产生的可育雄配子及其比例为D∶d＝1∶50%＝2∶1。该植株自交，由于雌雄配子随机结合，导致其后代的基因型比例是DD∶Dd∶dd＝2∶3∶1，A项正确，B、C、 D三项均错误。
故选A。
4．一个研究小组经大量重复实验，在小鼠毛色遗传的研究中发现如下现象：
①黑色×黑色→黑色
②黄色×黄色→2黄色：1黑色
③黄色×黑色→1黄色：1黑色
推测胚胎致死（不能完成胚胎发育）的个体为（       ）
A．显性纯合子 B．显性杂合子 C．隐性个体 D．不能确定
【答案】A
【解析】
【详解】
由以上分析可知黄色相对于黑色是显性性状（用B、b表示），②中黄色×黄色→黑色（bb），说明亲本均为杂合子（Bb），则根据基因分离定律，②中黄色（Bb）×黄色（Bb），后代的基因型、表现型及比例应该为1BB（黄色）：2Bb（黄色）：1bb（黑色），而实际后代的表现型及比例为2黄色：1黑色，说明②后代中的B纯合致死。
故选A。
【点睛】
本题考查分离定律及相关的内容，意在考查考生对所学知识的理解并把握知识间的内在联系。
5．人类的ABO血型是由常染色体上的基因IA、IB和i三者之间互为等位基因决定的。IA基因产物使得红细胞表面带有A抗原，IB基因产物使得红细胞表面带有B抗原。IAIB基因型个体红细胞表面有A抗原和B抗原，ii基型个体红细胞表面无A抗原和B抗原。现有一个家系的系谱图（如图），对家系中各成员的血型进行检测，结果如表，其中“+”表示阳性反应，“-”表示阴性反应。

个体
1
2
3
4
5
6
7
A抗原抗体
+
+
-
+
+
-
-
B抗原抗体
+
-
+
+
-
+
-
下列叙述正确的是（       ）A．个体5基因型为IAi，个体6基因型为IBi
B．个体1基因型为IAIB，个体2基因型为IAIA或IAi
C．个体3基因型为IBIB或IBi，个体4基因型为IAIB
D．若个体5与个体6生第二个孩子，该孩子的基因型一定是ii
【答案】A
【解析】
【分析】
由题表可知，呈阳性反应的个体红细胞表面有相应抗原，如个体1的A抗原抗体呈阳性，B抗原抗体也呈阳性，说明其红细胞表面既有A抗原，又有B抗原，则个体1的基因型为IAIB。
【详解】
A、个体5只含A抗原，个体6只含B抗原，而个体7既不含A抗原也不含B抗原，故个体5的基因型只能是IAi，个体6的基因型只能是IBi，A正确；
B、个体1既含A抗原又含B抗原，说明其基因型为IAIB。个体2只含A抗原，但个体5的基因型为IAi，所以个体2的基因型只能是IAi，B错误；
C、由表格分析可知，个体3只含B抗原，个体4既含A抗原又含B抗原，个体6的基因型只能是IBi，故个体3的基因型只能是IBi，个体4的基因型是IAIB，C错误；
D、个体5的基因型为IAi，个体6的基因型为IBi，故二者生的孩子基因型可能是IAi、IBi、IAIB、ii，D错误。
故选A。
6．已知一批基因型为AA和Aa的豌豆和玉米种子，其中纯合子与杂合子的比例均为1：2，分别间行种植，则在自然状态下，豌豆和玉米子一代的显性性状与隐性性状的比例分别为（　　）
A．9：1、9：1 B．8：1、6：1
C．9：1、8：1 D．5：1、8：1
【答案】D
【解析】
【分析】
根据题意分析，豌豆和玉米种子中，纯合子AA占1/3，杂合子Aa占2/3；豌豆是自花传粉、闭花受粉的植物，自然状态下只能进行自交，玉米间行种植，自然状态下可以发生自由交配。
【详解】
豌豆种子中，纯合子AA占1/3，杂合子Aa占2/3，自交后代出现aa的概率为2/3×1/4=1/6，隐性性状为1/6，则显性性状为5/6，显性∶隐性=5∶1；玉米种子中，纯合子AA占1/3，杂合子Aa占2/3，玉米自由交配，利用配子法，产生的雌、雄配子的基因型及比例都是A∶a=1/3+2/3×1/2∶2/3×1/2=2∶1，后代显性性状为AA+Aa=2/3×2/3+2×1/3×2/3=8/9，隐性性状为aa=1/3×1/3=1/9，显性∶隐性=8∶1，ABC错误，D正确。
故选D。
7．在性状分离比的模拟实验中,甲、乙容器分别代表某动物的雌、雄生殖器官,小球的颜色和字母表示雌、雄配子的种类,每个容器中小球数量均为12个。则下列装置正确的是 (  )
A． B．
C． D．
【答案】D
【解析】
【详解】
实验中甲、乙容器分别代表某动物的雌、雄生殖器官，根据题意卵巢应能产生A和a两种卵细胞，比例为1：1；而精巢也能产生A和a两种精子，比例也为1：1，因此两种小桶中均放了两种A和a的小球，并且比例是均等的，也就是6：6，以模拟配子的比例，故选D。
【点睛】解答本题的关键是明确两个容器中产生的两种配子的比例都是1:1，即两个容器中的两种配子的数量应该相等。
8．用基因型为Aa的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体，根据各代Aa基因型频率绘制曲线如图，下列分析错误的是（       ）

A．曲线Ⅱ的F3中Aa基因型频率为0.4
B．曲线Ⅲ的F2中Aa基因型频率为0.4
C．曲线Ⅳ的Fn中纯合体的比例比上一代增加（1/2）n+1
D．曲线Ⅰ和Ⅳ的各子代间A和a的基因频率始终相等
【答案】C
【解析】
【详解】
A、曲线II是随机交配并淘汰aa的曲线，F2（1/2AA+1/2Aa）随机交配以后，得到F3为9/16AA+6/16Aa+1/16aa，淘汰掉aa以后，比例是3/5AA+2/5Aa，A正确；
B、曲线II是随机交配并淘汰aa的曲线，曲线III是自交并淘汰aa的曲线，因为Aa自交和随机交配的结果是一样的，都是1/4AA+1/2Aa+1/4aa，淘汰掉aa后，则基因型比例是1/3AA+2/3Aa，如果自交则其后代是1/3AA+2/3（1/4AA+1/2Aa+1/4aa），淘汰掉aa以后，得到的后代是3/5AA+2/5Aa，Aa所占的比例是0.4，B正确；
C、曲线IV是自交的结果在Fn代纯合子的比例是1-（1/2）n，则比上一代Fn-1增加的数值是1-（1/2）n-（1-（1/2）n-1）=（1/2）n，C错误；
D、连续自交和随机交配F1代的Aa的基因型频率都是1/2，所以I和IV符合，但连续自交的结果是纯合子所占的比例越来越大，杂合子所占的比例越来越小，而随机交配后代杂合子的基因型频率不再改变，所以I是随机交配的结果，IV是自交的结果。连续自交和随机交配这两者都不存在选择，所以不会发生A和a的基因频率改变，D正确。
故选C。
9．在自然鼠群中，已知毛色由一对等位基因控制，A 控制黄色，a1 控制灰色，a2 控制黑色，显隐性关系为 A＞a1＞a2，且 AA 纯合胚胎致死。请分析回答相关问题。
（1）两只鼠杂交，后代出现三种表现型。则该对亲本的基因是______，它们再生一只灰色雄鼠的概率是______。
（2）现进行多对 Aa1×a1a2 的杂交，统计结果平均每窝出生 8 只小鼠。在同样条件下进行许多 Aa2×Aa2 的杂交，预期每窝平均生出的黑色小鼠占比为______。
（3）现有一只黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠，如何利用杂交方法检测出该雄鼠的基因型？   实验思路及预测结果：
实验思路：______。
预测结果：若子代表现型及比例为_______，则该黄色雄鼠基因型为 Aa1。若子代表现型及比例为_______，则该黄色雄鼠基因型为 Aa2。
【答案】     Aa2×a1a2     1/4     1/3     选用该黄色雄鼠与多只黑色雌鼠杂交，统计后代毛色及比例     黄色：灰色=1：1     黄色：黑色=1：1
【解析】
【分析】
根据题意分析可知：三种表现型对应的基因型如下
表现型
黄色
灰色
黑色
基因型
Aa1
Aa2
a1a1
a1a2
a2a2
【详解】
（1）由后代有黑色a2a2可推知亲代均有a2，又因后代有3种表现型，故亲本的基因型为Aa2 和a1a2；它们再生一只灰色（a1a1、a1a2）雄鼠的概率为1/2×1/2=1/4；
（2）Aa2 和a1a2所生的后代全部存活，而Aa2 和Aa2的后代有1/4AA胚胎致死，即2只死亡，则每窝生出的黑色小鼠为1/3；；
（3）要通过杂交方法检测出黄色雄鼠的基因型（Aa1或Aa2），可用测交的方法，即将该黄色雄鼠与多只黑色（a2a2）雌鼠杂交并观察后代毛色；如果后代出现黄色：灰色=1:1，则该黄色雄鼠的基因型为Aa1；如果后代出现黄色：黑色=1:1，则该黄色雄鼠的基因型为Aa2。
【点睛】
本题考查基因分离规律的相关知识，解题关键是根据题干信息判断各表现型对应的基因型，据此分析作答。
10．豌豆是自花传粉，闭花授粉的豆科植物，同一植株能开很多花，不同品种植物所结种子的子叶有紫色也有白色，现有甲乙丙三个品种豌豆植株，进行如下实验。
实验组别
亲本处理办法
所结种子的性状及数量
紫色子叶
白色子叶
实验一
将甲植株进行自花传粉
409粒
0
实验二
将乙植株进行自花传粉
0
405粒
实验三
将甲植株的花去除未成熟的全部雄蕊，然后套上纸袋，待雌蕊成熟时，接受乙植株的花粉
396粒
0
实验四
将丙植株进行自花传粉
297粒
101粒
（1）通过实验_________可知植物种子子叶紫色和白色这一对相对性状中，显性性状是_________，如果用B代表显性基因，b代表隐性基因，则甲乙丙植株的基因型分别为______________________。
（2）实验四所结的297粒紫色子叶种子中纯合子的理论值是_________粒。
（3）将实验三所结的种子全部种下，自然状态下所结的种子子叶颜色比例为：紫色子叶种子：白色子叶种子=_________。
（4）实验三中套袋的作用是____________________________________。
（5）若存在显性纯合致死现象，则实验四所结的种子中应有_________粒紫色子叶种子。
【答案】     三     紫色子叶     BB、bb和Bb     99     3:1     防止外来花粉对实验结果的影响，保证自然状态下丙只进行自交     198
【解析】
【分析】
本题考查基因分离定律，首先根据表中实验结果对性状的显隐性和基因型做出正确判断，然后进行相关计算，考查了分析和计算能力。
【详解】
（1）实验三：甲×乙→紫，说明紫色子叶是显性性状，如果用B代表显性基因，b代表隐性基因，则甲乙丙植株的基因型分别为BB、bb和Bb；
（2）实验四：丙植株进行自交，后代紫色：白色=3:1，则丙植株的基因型为Bb，实验四所结的297粒紫色子叶种子中纯合子的理论值是。
（3）将实验三所结的种子全部种下，自然状态下所结的种子子叶颜色比例为：紫色子叶种子：白色子叶种子=3:1
（4）实验三中套袋的作用是防止外来花粉对实验结果的影响。
（5）若存在显性纯合致死现象，则实验四所结的种子中应有粒紫色子叶种子。
【点睛】
一对相对性状的亲本杂交子代全部是一种表现型，则子代表现的性状为显性性状；亲本是一种表现型，子代发生性状分离，则亲本的性状为显性性状；基因分离定律是指成对的基因在形成配子时彼此分离，进入不同的配子，从而形成数量相等的两种配子。

1．孟德尔曾用山柳菊研究遗传规律，但并未获得与豌豆相同的结果，可见实验材料的选择对实验成功与否非常关键。下列相关叙述错误的是（       ）
A．山柳菊植株不能闭花传粉，无法保证显性个体一定为纯合子
B．山柳菊能够进行无性繁殖，会对于代表现型的统计造成干扰
C．玉米常用来做遗传实验材料，原因之一是杂交时无须去雄
D．萨顿用豌豆的染色体与基因类比，提出基因位于染色体上的假说
【答案】D
【解析】
【分析】
豌豆作为遗传学实验材料容易取得成功的原因是：
（1）豌豆是严格的自花、闭花授粉植物，在自然状态下一般为纯种。
（2）豌豆具有多对易于区分的相对性状，易于观察。
（3 ）婉豆的花大，易于操作。
（4）豌豆生长期短，易于栽培。
【详解】
A、山柳菊与豌豆不同，其不能闭花传粉，因此显性个体存在杂合个体，因此无法保证显性个体一定为纯合子，A正确；
B、山柳菊能够进行无性繁殖，导致亲代和子代的性状一致，从而对子代表现型的统计有干扰，B正确；
C、玉米是单性花，杂交时无须去雄，所以玉米常作为遗传实验材料的原因之一是杂交时无须去雄，C正确；
D、萨顿用蝗虫的染色体行为与基因的行为进行类比，提出基因位于染色体上的假说，D错误。
故选D。
2．某种雌雄同株植物叶片形状的圆形和针形分别受基因A和a控制。以下分析错误的是（       ）
A．若Aa植株自交，淘汰掉F1中的aa植株，剩余植株自由交配，F2中圆形：针形=8:1
B．若a基因使花粉一半致死，Aa植株自交，后代圆形：针形=5:1
C．若a基因使花粉完全致死，Aa×Aa的后代随机交配，后代中Aa所占比例为1/2
D．若AA基因型致死，则圆叶植株自交得F1，F1自由交配所得后代中圆形：针形=1:1
【答案】C
【解析】
【分析】
基因分离定律的实质：位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代。题意分析，某种植物叶片形状圆形和针形分别受常染色体上的基因A和a控制，遵循基因分离定律的实质。
【详解】
A、Aa植株自交得F1，若淘汰掉aa，则有1/3AA和2/3Aa（可产生的配子类型及所占比例为2/3A、1/3a），其自由交配得F2，F2中圆形∶针形=8∶1，A正确；
B、若a基因使花粉一半致死，Aa植株自交，花粉（雄配子）中2/3是A，1/3是a，雌配子中1/2是A，1/2是a，后代圆形∶针形=5∶1，B正确；
C、若a基因使花粉完全致死，Aa×Aa的后代基因型及比例为1/2AA、1/2Aa，再随机交配，雄配子全是A，雌配子中A：a=3:1，所以所得植株的基因型及比例为3/4AA、1/4Aa，C错误；
D、若AA基因型致死，则圆叶植株的基因型均为Aa，其自交所得的F1为2/3Aa、1/3aa，F1自由交配，F2的基因型为1/2Aa、1/2aa，即圆形∶针形=1∶1，D正确。
故选C。
3．父亲六指（致病基因A，位于常染色体上），母亲正常，他们的第一个孩子手指正常，再生一个患病男孩的概率是（       ）
A．12．5% B．25%
C．50% D．75%
【答案】B
【解析】
【分析】
基因的分离定律的实质是：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；在减数分裂形成配子的过程中，等位基因会随同源染色体的分开而分离，分别进入两个配子中，独立地随配子遗传给后代。
分析题意可知，六指的致病遗传因子是A，说明其是显性遗传病，则父亲的基因型为A_，而母亲正常，其基因型为aa，手指正常孩子的基因型也为aa，由此可知，亲本的基因型为Aa×aa。
【详解】
由分析可知，亲本的基因型为Aa×aa，他们所生子代的基因型及比例为Aa：aa=1：1，所以他们再生一个患病孩子的概率为1/2，为男孩的概率为1/2，故再生一个患病男孩的概率为1/2×1/2=1/4，即25%。ACD错误，B正确。
故选B。
4．科学研究过程一般包括发现问题、提出假说、实验验证、数据分析、得出结论等。在孟德尔探究遗传规律的过程中，导致孟德尔发现问题的现象是（　　）
A．在形成配子时，等位基因彼此分离
B．具一对相对性状的纯合亲本杂交得F1，F1自交得F2，在F2中表型之比接近3∶1
C．具一对相对性状的纯合亲本杂交得F1，F1测交，后代表型之比接近1∶1
D．雌雄配子结合的机会均等
【答案】B
【解析】
【分析】
孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法，其基本步骤：提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证→得出结论。
①提出问题（在纯合亲本杂交和F1自交两组豌豆遗传实验基础上提出问题）；
②做出假设（生物的性状是由细胞中的遗传因子决定的；体细胞中的遗传因子成对存在；配子中的遗传因子成单存在；受精时雌雄配子随机结合）；
③演绎推理（如果这个假说是正确的，这样F1会产生两种数量相等的配子，这样测交后代应该会产生两种数量相等的类型）；
④实验验证（测交实验验证，结果确实产生了两种数量相等的类型）；
⑤得出结论（就是分离定律）。
【详解】
A、在形成配子时，等位基因发生分离，是基因分离定律的实质，不是导致孟德尔发现问题的现象，A错误；
B、孟德尔在一对相对性状的实验中，发现具有一对相对性状的纯合亲本杂交，F1都表现显性性状，F1自交得到的F2出现性状分离，且性状分离比接近3∶1，B正确；
C、F1与隐性亲本测交，后代表型之比为1∶1，这是孟德尔验证实验的结果，不是导致他发现问题的现象，C错误；
D、雌雄配子结合的机会均等，这是孟德尔对一对相对性状实验现象进行解释的内容，D错误。
故选B。
5．纯合高茎豌豆和矮茎豌豆杂交，F1连续自交产生F3植株，下列说法错误的是（       ）
A．F2中有一半的植株能够稳定遗传
B．F2高茎植株中2/3的个体不能稳定遗传
C．F2杂合子自交的性状分离比为3：1
D．F2高茎植株中纯合子为3/8
【答案】D
【解析】
【分析】
设控制豌豆茎高的基因为D和d，则纯合高茎和矮茎豌豆杂交得F1(Dd)，F2(DD:Dd:dd=1:2:1，即Dd占1/2)。
【详解】
A、设相关基因为D、d，则F1为Dd，F2中DD和dd占子代的一半，故一半的植株自交时能够稳定遗传，A正确；
B、F2高茎植株中DD:Dd=1:2，Dd（占高茎个体2/3） 自交后代发生性状分离不能稳定遗传，故F2高茎植株中2/3的个体不能稳定遗传，B正确；
C、F2杂合子自交后DD:Dd:dd=1:2:1，自交的性状分离比为3：1 ，C正确；
D、F3植株中的基因型为DD的个体占1/4+1/2×1/4=3/8，基因型为Dd的个体占1/4，高茎中纯合子与杂合子之比为3：2，因此F3高茎植株中纯合子为3/5，D错误。
故选D。
6．基因型为Aa的豌豆连续自交，后代中纯合子和杂合子的基因型频率如下图所示，下列分析正确的是（       ）

A．据图中曲线可以判Aa基因型最终成为0
B．c表示后代中Aa基因型频率随自交代数的变化
C．随自交代数增加，显性性状个体所占比例逐渐增加
D．随自交代数增加，a、b所代表的基因型频率之比逐渐增加
【答案】B
【解析】
【分析】
1、基因型为Aa的豌豆种群，A的基因频率与a的基因频率相等，各种50%；Aa连续自交，自交n次产生后代中，Aa的基因型频率是Aa=1/2n，纯合子的基因型频率是1-1/2n，AA=aa=1/2×（1-1/2n）；A的基因频率与a的基因频率相等各占50%。
2、分析题图可知，a曲线代表自交n代纯合子的基因型频率，b代表自交n代AA或aa的基因型频率，c代表自交n代杂合子的基因型频率。
【详解】
A、Aa连续自交，自交n次产生后代中，Aa的基因型频率是Aa=1/2n，可以无限接近0，但不能为0，A错误；
B、根据题意可知，c表示后代中Aa基因型频率随自交代数的变化，随自交代数增加，杂合子所占比例逐渐减少，B正确；
C、由题意可知，显性个体（Aa）的比例开始是100%，随着自交代数增加，隐性纯合子所占比例为1/2×（1-1/2n），因此显性性状个体所占比例逐渐下降，C错误；
D、a是纯合子的比例、b是显性纯合子或隐性纯合子的比例，随自交代数增加二者基因型频率之比不变，均为2∶1，D错误。
故选B。
7．某种实验小鼠的毛色受一对等位基因AVY和a的控制，AVY为显性基因，表现为黄色体毛，a为隐性基因，表现为黑色体毛。将纯种黄色体毛的小鼠与纯种黑色体毛的小鼠杂交，子一代小鼠表现出不同的毛色：介于黄色和黑色之间的一系列过渡类型。下列判断和推测正确的是（       ）
A．子一代黄色小鼠与黑色小鼠测交后代的毛色有黄色和黑色两种，且比例为1：1
B．杂合子（AVYa）的体细胞中，基因a均不能表达
C．基因AVY和a的遗传不遵循分离定律
D．不同杂合子（AVY）个体的AVY基因表达的程度可能不同
【答案】D
【解析】
【分析】
根据题意分析，纯种黄色小鼠（AVYAVY）与纯种黑色小鼠（aa）杂交，F1基因型都为AVYa，但小鼠毛色不同，为介于黄色和黑色之间的一系列过渡类型，说明不同杂合子（AVYa）个体的 AVY基因表达的程度可能不同。
【详解】
A、子一代（AVYa）的毛色介于黄色和黑色之间的一系列过渡类型，可推测不同杂合子（AVYa）个体的AVY基因表达的程度可能不同，所以让子一代黄色小鼠（AVYa）与黑色小鼠测交，测交后代的毛色不只有黄色和黑色两种，A错误；
B、基因的表达具有独立性，杂合子（ AVYa）的体细胞中，基因a也能表达，B错误；
C、基因AVY和a是控制一对相对性状的等位基因，其遗传遵循分离定律，C错误；
D、子一代（AVYa）的毛色介于黄色和黑色之间的一系列过渡类型，说明不同杂合子（AVYa）个体的AVY基因表达的程度可能不同，D正确。
故选D。
8．遗传因子组成为Aa的豌豆自交过程中产生的配子情况如下，正确的是（       ）
A．雌配子：雄配子＝1：1 B．雌配子：雄配子＝1：4
C．AA：aa=1：1 D．A：a=1：1
【答案】D
【解析】
【分析】
基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代.
【详解】
AB、Aa的植物产生的雄性配子中A和a数量相等，雌配子中A和a数量也相等，但雌雄配子之间没有特定数量上的联系．根据减数分裂的特点可知，雄配子数量比雌配子多，A、B错误；
CD、根据基因分离定律，基因型为Aa的植株能产生两种比例相等的配子，即A：a=1：1，AA和aa不是配子，C错误，D正确。
故选D。
9．某两性花植物，其花色的紫色和黄色是受一对等位基因控制的相对性状，具有完全显隐性关系。现有一株紫色花植株，一株黄色花植株，某同学利用两株植株进行实验通过子代判断花色的显隐性。请完善下面实验方案：
(1)让黄色花植株自交，若子代出现性状分离，则_____是显性，若没有出现性状分离，让紫色花植株和黄色花植株杂交，若子代_____，则黄色花是显性；若子代_____，则紫色花为显性。
(2)若两性花植物的紫色花由D控制，黄色花由d控制，紫色花（Dd）植株的D花粉为长粒，d花粉为圆粒，用显微镜观察时，在一个视野中长粒花粉和圆粒花粉的比是2：1，而不是1：1，请你解释出现这种原因_____，该紫色花（Dd）植株自交则子代的基因型及比例_____。若一群紫色花植物，Dd占2/3，这群紫色花植株自由交配，后代中黄色花植株的比例为_____。
【答案】(1)     黄色花     全为黄色花     出现紫色花（也可以是全为紫色花或既有紫色花又有黄色花）
(2)     含d的花粉有一半死亡     DD：Dd：dd=2：3：1     1/15
【解析】
【分析】
判断性状的显隐性关系：两表现不同的亲本杂交产生的大量子代只表现一种性状，则表现的性状为显性性状；或亲本杂交出现3∶1时，则子代比例高者为显性性状。
(1)
已知某两性花植物，其花色的紫色和黄色是受一对等位基因控制的相对性状，具有完全显隐性关系。让黄色花植株自交，若子代出现性状分离，则说明亲本为杂合子，亲本表现的黄色是显性性状，若没有出现性状分离，说明黄色为纯合子，让紫色花植株和黄色花植株杂交，若黄色花是显性，则亲本黄色基因型为AA（设控制该性状的基因为A、a），紫花基因型为aa，子代（Aa）会全部表现黄色；若紫色花为显性，则紫花基因型为AA或Aa，与黄花aa杂交，后代全为紫花或紫花∶黄花=1∶1。
(2)
紫色花（Dd）产生的配子理论上应为D∶d=1∶1，用显微镜观察时，在一个视野中长粒花粉和圆粒花粉的比是2∶1，而不是1∶1，说明含d的花粉有一半死亡，该紫色花（Dd）植株自交，由于其产生的花粉D∶d=2∶1，而产生的卵细胞D∶d=1∶1，故子代的基因型及比例DD∶Dd∶dd=（2/3×1/2）∶（2/3×1/2+1/3×1/2）∶（1/3×1/2）=2∶3∶1。若一群紫色花植物，Dd占2/3，则DD占1/3，这群紫色花植株自由交配，产生的卵细胞类型和比例为D∶d=（2/3×1/2+1/3）∶（2/3×1/2）=2∶1，产生的花粉类型和比例为D∶d=（2/3×1/2+1/3）∶（2/3×1/2）=2∶1，由于含d的花粉有一半死亡，因此存活的花粉类型和比例为D∶d=4∶1，后代中黄色花植株的比例为1/3×1/5=1/15。
10．某金鱼品种有色鳞与无色鳞是一对相对性状，受一对等位基因（A、a）控制，已知在含有基因A、a的同源染色体上，有一条染色体上带有致死基因，但致死基因的表达会受性别的影响。请根据下列杂交组合及杂交结果回答问题。
杂交组合
亲本类型

雌
雄
Ⅰ
有色鳞♀×有色鳞♂
有色鳞437
有色鳞215
Ⅱ
无色鳞♀×有色鳞♂
无色鳞220有色鳞222
无色鳞226有色鳞224
Ⅲ
Ⅱ组中的有色鳞自交
无色鳞242有色鳞716
无色鳞238有色鳞486
(1)在有色鳞与无色鳞这对相对性状中___________为显性性状，I组亲本的基因型是___________。
(2)从上述杂交组合中可以判断致死基因是______（填“显”或“隐”）性基因。研究发现该致死基因是由基因突变产生，自然条件下即使在DNA分子复制过程中基因的突变率也比较低，原因是___________为复制提供了精确的模板，严格的______________________保证复制精确的进行。
(3)Ⅲ组的子代中导致雌雄中有色鳞与无色鳞比例差异的可能原因是_____________。
请利用第Ⅲ组材料设计方案验证你的解释：
①设计思路：_______________________________________________________。
②结果和结论：若____________________________________________，则假设正确。
【答案】(1)     有色鳞     AA（♀）、Aa（♂）
(2)     隐     DNA分子独特的双螺旋结构     碱基互补配对原则
(3)     AA的雄性个体含有两个致死基因而死亡     甲组取Ⅲ组子代中多个有色鳞雌性个体与无色鳞雄性个体测交，乙组取Ⅲ组子代中多个有色鳞雄性个体与无色鳞雌性个体测交，分别统计两组测交子代的有色鳞与无色鳞的分离比     甲组子代的有色鳞与无色鳞的分离比为2：1， 乙组子代的有色鳞与无色鳞的分离比为1：1
【解析】
【分析】
某金鱼品种有色鳞与无色鳞是一对相对性状，受一对等位基因（A、a）控制。说明该性状的遗传遵循基因的分离定律。杂交组合Ⅲ中Ⅱ组的有色鳞F1自交，后代出现了无色鳞，说明无色鳞是隐性性状，基因型为aa，则有色鳞是显性性状，基因型是AA或Aa。
(1)
杂交组合Ⅲ中有色鳞F1自交，后代出现了无色鳞，发生了性状分离，说明无色鳞是隐性性状，基因型为aa，则有色鳞是显性性状，基因型是AA或Aa。
Ⅰ组的子代中，只有有色鳞，说明Ⅰ组的亲本至少有一个个体是显性纯合子，子代雌性∶雄性≈2∶1，说明雄性中存在致死的个体，结合杂交组合Ⅲ中，雄性个体中有色鳞∶无色鳞≈2∶1，雌性个体中有色鳞∶无色鳞≈3∶1，说明雄性个体中AA纯合致死，即亲本中雄性有色鳞个体不可能是纯合子，则Ⅰ组的亲本基因型是AA（♀）×Aa（♂）。
(2)
根据杂交组合Ⅲ中雌雄个体中有色鳞和无色鳞的比例，可知基因型为AA的雄性个体死亡，基因型为AA的雌性个体和基因型为Aa的个体均可生存，说明致死基因与A基因在同一条染色体上，a基因所在的染色体上不带有致死基因，且雄性激素会促使致死基因的表达，致死基因是隐性基因。由于DNA分子独特的双螺旋结构为复制提供了精确的模板，严格的碱基互补配对原则保证复制准确的进行，所以自然条件下即使在DNA分子复制过程中基因的突变率也比较低。
(3)
Ⅲ组亲本为Ⅱ组的子代有色鳞个体，其子代中出现了无色鳞个体，所以有色鳞是显性性状。由此也可以得出Ⅲ组的亲本个体都为杂合子（Aa），其子代中有色鳞与无色鳞的比例应为3∶1，这在子代雌性个体中得到验证，且子代有色鳞个体的基因型有AA和Aa两种，比例为1∶2。但在Ⅲ组子代的雄性个体中，有色鳞与无色鳞的比例为2∶1，其原因是子代有色鳞雄性个体中的个体（基因型为AA）可能带有两个致死基因而死亡。
验证方案：①设计思路：甲组取Ⅲ组子代中多个有色鳞雌性个体与无色鳞雄性个体测交，乙组取Ⅲ组子代中多个有色鳞雄性个体与无色鳞雌性个体测交，分别统计两组测交子代的有色鳞与无色鳞的分离比。②若亲本都是杂合子，且雄性个体AA带有两个致死基因导致雄性个体不能存活，则甲组子代有色鳞与无色鳞性状比例为2∶1，乙组子代有色鳞与无色鳞性状比例是1∶1，若得到上述结果，则假设正确。

1．（2022年1月·浙江·高考真题）孟德尔杂交试验成功的重要因素之一是选择了严格自花受粉的豌豆作为材料。自然条件下豌豆大多数是纯合子，主要原因是（       ）
A．杂合子豌豆的繁殖能力低 B．豌豆的基因突变具有可逆性
C．豌豆的性状大多数是隐性性状 D．豌豆连续自交，杂合子比例逐渐减小
【答案】D
【解析】
【分析】
连续自交可以提高纯合子的纯合度。
【详解】
孟德尔杂交试验选择了严格自花授粉的豌豆作为材料，而连续自交可以提高纯合子的纯合度，因此，自然条件下豌豆经过连续数代严格自花授粉后，大多数都是纯合子，D正确。
故选D。
【点睛】
本题考查基因分离定律的实质，要求考生识记基因分离定律的实质及应用，掌握杂合子连续自交后代的情况，再结合所学的知识准确答题。
2.（2021海南.4）孟德尔的豌豆杂交实验和摩尔根的果蝇杂交实验是遗传学的两个经典实验。下列有关这两个实验的叙述，错误的是（ ）
A．均将基因和染色体行为进行类比推理，得出相关的遗传学定律
B．均采用统计学方法分析实验结果
C．对实验材料和相对性状的选择是实验成功的重要保证
D．均采用测交实验来验证假说
【答案】A
【分析】
1、孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法，其基本步骤：提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证 (测交实验)→得出结论。
2、萨顿运用类比推理的方法提出基因在染色体的假说，摩尔根运用假说演绎法证明基因在染色体上。
【详解】
A、两个实验都是采用的假说演绎法得出相关的遗传学定律，A错误;
B、孟德尔豌豆杂交实验和摩尔根果蝇杂交实验都采用了统计学方法分析实验数据，B正确;
C、孟德尔豌豆杂交实验成功的原因之一是选择了豌豆作为实验材料，并且从豌豆的众多性状中选择了7对性状；摩尔根的果蝇杂交实验成功的原因之一是选择了果蝇作为实验材料，同时也从果蝇的众多性状当中选择了易于区分的白红眼性状进行研究，C正确；
D、这两个实验都采用测交实验来验证假说，D正确。
故选A。
3.（2021湖北） 浅浅的小酒窝，笑起来像花儿一样美。酒窝是由人类常染色体的单基因所决定，属于显性遗传。甲、乙分别代表有、无酒窝的男性，丙、丁分别代表有、无酒窝的女性。下列叙述正确的是（ ）
A. 若甲与丙结婚，生出的孩子一定都有酒窝
B. 若乙与丁结婚，生出的所有孩子都无酒窝
C. 若乙与丙结婚，生出的孩子有酒窝的概率为50%
D. 若甲与丁结婚，生出一个无酒窝的男孩，则甲的基因型可能是纯合的
【答案】B
【解析】
【分析】结合题意分析可知，酒窝属于常染色体显性遗传，设相关基因为A、a，则有酒窝为AA和Aa，无酒窝为aa，据此分析作答。
【详解】A、结合题意可知，甲为有酒窝男性，基因型为AA或Aa，丙为有酒窝女性，基因型为AA或Aa，若两者均为Aa，则生出的孩子基因型可能为aa，表现为无酒窝，A错误；
B、乙为无酒窝男性，基因型为aa，丁为无酒窝女性，基因型为aa，两者结婚，生出的孩子基因型均为aa，表现为无酒窝，B正确；
C、乙为无酒窝男性，基因型为aa，丙为有酒窝女性，基因型为AA或Aa。两者婚配，若女性基因型为AA，则生出的孩子均为有酒窝；若女性基因型为Aa，则生出的孩子有酒窝的概率为1/2，C错误；
D、甲为有酒窝男性，基因型为AA或Aa，丁为无酒窝女性，基因型为aa，生出一个无酒窝的男孩aa，则甲的基因型只能为Aa，是杂合子，D错误。
故选B。
4．（2021·1月浙江选考）某种小鼠的毛色受AY（黄色）、A（鼠色）、a（黑色）3个基因控制，三者互为等位基因，AY对A、a为完全显性，A对a为完全显性，并且基因型AYAY胚胎致死（不计入个体数）。下列叙述错误的是（　　）
A．若AYa个体与AYA个体杂交，则F1有3种基因型
B．若AYa个体与Aa个体杂交，则F1有3种表现型
C．若1只黄色雄鼠与若干只黑色雌鼠杂交，则F1可同时出现鼠色个体与黑色个体
D．若1只黄色雄鼠与若干只纯合鼠色雌鼠杂交，则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体
【答案】C
【分析】
由题干信息可知，AY对A、a为完全显性，A对a为完全显性，AYAY胚胎致死，因此小鼠的基因型及对应毛色表型有AYA（黄色）、AYa（黄色）、AA（鼠色）、Aa（鼠色）、aa（黑色），据此分析。
【详解】
A、若AYa个体与AYA个体杂交，由于基因型AYAY胚胎致死，则F1有AYA、AYa、Aa共3种基因型，A正确；
B、若AYa个体与Aa个体杂交，产生的F1的基因型及表现型有AYA（黄色）、AYa（黄色）、Aa（鼠色）、aa（黑色），即有3种表现型，B正确；
C、若1只黄色雄鼠（AYA或AYa）与若干只黑色雌鼠（aa）杂交，产生的F1的基因型为AYa（黄色）、Aa（鼠色），或AYa（黄色）、aa（黑色），不会同时出现鼠色个体与黑色个体，C错误；
D、若1只黄色雄鼠（AYA或AYa）与若干只纯合鼠色雌鼠（AA）杂交，产生的F1的基因型为AYA（黄色）、AA（鼠色），或AYA（黄色）、Aa（鼠色），则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体，D正确。
故选C。
5.（2021湖北.18） 人类的ABO血型是由常染色体上的基因IA、IB和i三者之间互为等位基因决定的。IA基因产物使得红细胞表面带有A抗原，IB基因产物使得红细胞表面带有B抗原。IAIB基因型个体红细胞表面有A抗原和B抗原，ii基型个体红细胞表面无A抗原和B抗原。现有一个家系的系谱图（如图），对家系中各成员的血型进行检测，结果如表，其中“+”表示阳性反应，“-”表示阴性反应。
个体
1
2
3
4
5
6
7
A抗原抗体
+
+
-
+
+
-
-
B抗原抗体
+
-
+
+
-
+
-
下列叙述正确的是（ ）
A. 个体5基因型为IAi，个体6基因型为IBi
B. 个体1基因型为IAIB，个体2基因型为IAIA或IAi
C. 个体3基因型为IBIB或IBi，个体4基因型为IAIB
D. 若个体5与个体6生第二个孩子，该孩子的基因型一定是ii
【答案】A
【解析】
【分析】由题表可知，呈阳性反应的个体红细胞表面有相应抗原，如个体1的A抗原抗体呈阳性，B抗原抗体也呈阳性，说明其红细胞表面既有A抗原，又有B抗原，则个体1的基因型为IAIB。
【详解】A、个体5只含A抗原，个体6只含B抗原，而个体7既不含A抗原也不含B抗原，故个体5的基因型只能是IAi，个体6的基因型只能是IBi，A正确；
B、个体1既含A抗原又含B抗原，说明其基因型为IAIB。个体2只含A抗原，但个体5的基因型为IAi，所以个体2的基因型只能是IAi，B错误；
C、由表格分析可知，个体3只含B抗原，个体4既含A抗原又含B抗原，个体6的基因型只能是IBi，故个体3的基因型只能是IBi，个体4的基因型是IAIB，C错误；
D、个体5的基因型为IAi，个体6的基因型为IBi，故二者生的孩子基因型可能是IAi、IBi、IAIB、ii，D错误。
故选A。
6.(2021·浙江6月选考，18)某同学用红色豆子(代表基因B)和白色豆子(代表基因b)建立人群中某显性遗传病的遗传模型，向甲乙两个容器均放入10颗红色豆子和40颗白色豆子，随机从每个容器内取出一颗豆子放在一起并记录，再将豆子放回各自的容器中并摇匀，重复100次。下列叙述正确的是(　　)
A.该实验模拟基因自由组合的过程
B.重复100次实验后，Bb组合约为16%
C.甲容器模拟的可能是该病占36%的男性群体
D.乙容器中的豆子数模拟亲代的等位基因数
【答案】C
【解析】该实验只有一对基因，两对及以上的非同源染色体上的非等位基因才可能发生自由组合，该实验不能模拟基因的自由组合，A错误；基因频率B＝20%，b＝80%，随机抓取Bb＝2×20%×80%＝32%，B错误；甲容器中B配子占20%，b配子占80%，则该病患者可能占1－80%×80%＝36%，故甲容器模拟的可能是该病占36%的男性群体，C正确；乙容器中的豆子数模拟亲代的等位基因比例，D错误。
7.(2020·海南卷，20)直翅果蝇经紫外线照射后出现一种突变体，表型为翻翅，已知直翅和翻翅这对相对性状完全显性，其控制基因位于常染色体上，且翻翅基因纯合致死(胚胎期)。选择翻翅个体进行交配，F1中翻翅和直翅个体的数量比为2∶1。下列有关叙述错误的是(　　)
A.紫外线照射使果蝇的直翅基因结构发生了改变
B.果蝇的翻翅对直翅为显性
C.F1中翻翅基因频率为1/3
D.F1果蝇自由交配，F2中直翅个体所占比例为4/9
【答案】D
【解析】紫外线照射使果蝇的直翅基因结构发生了改变，产生了新的等位基因(翻翅基因)，A正确；翻翅个体进行交配，F1中有翻翅和直翅个体，则翻翅对直翅为显性，B正确；假设控制翻翅和直翅的基因分别用A/a表示，由于翻翅基因纯合致死，F1中Aa占2/3，aa占1/3，A的基因频率为：2/3×1/2＝，C正确；F1中Aa占2/3，aa占1/3，则产生A配子的概率为2/3×1/2＝1/3，a配子概率为2/3，F2中aa为：2/3×2/3＝4/9，Aa为：1/3×2/3×2＝4/9，AA为：1/3×1/3＝1/9(死亡)，因此F2中直翅个体所占比例为1/2，D错误。
8．（2022甲卷·全国·高考真题）玉米是我国重要的粮食作物。玉米通常是雌雄同株异花植物（顶端长雄花序，叶腋长雌花序），但也有的是雌雄异株植物。玉米的性别受两对独立遗传的等位基因控制，雌花花序由显性基因B控制，雄花花序由显性基因T控制，基因型bbtt个体为雌株。现有甲（雌雄同株）、乙（雌株）、丙（雌株）、丁（雄株）4种纯合体玉米植株。回答下列问题。
(1)若以甲为母本、丁为父本进行杂交育种，需进行人工传粉，具体做法是_____________。
(2)乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株；F1自交，F2中雌株所占比例为_____________，F2中雄株的基因型是_____________；在F2的雌株中，与丙基因型相同的植株所占比例是_____________。
(3)已知玉米籽粒的糯和非糯是由1对等位基因控制的相对性状。为了确定这对相对性状的显隐性，某研究人员将糯玉米纯合体与非糯玉米纯合体（两种玉米均为雌雄同株）间行种植进行实验，果穗成熟后依据果穗上籽粒的性状，可判断糯与非糯的显隐性。若糯是显性，则实验结果是_____________；若非糯是显性，则实验结果是_____________。
【答案】(1)对母本甲的雌花花序进行套袋，待雌蕊成熟时，采集丁的成熟花粉，撒在甲的雌蕊柱头上，再套上纸袋。
(2)     1/4      bbTT、bbTt     1/4
(3)     糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒     非糯性植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒
【解析】
【分析】
雌花花序由显性基因B控制，雄花花序由显性基因T控制，基因型bbtt个体为雌株、甲（雌雄同株）、乙（雌株）、丙（雌株）、丁（雄株），可推断出甲的基因型为BBTT，乙、丙基因型可能为BBtt或bbtt，丁的基因型为bbTT。
(1)
杂交育种的原理是基因重组，若甲为母本，丁为父本杂交，因为甲为雌雄同株异花植物，所以在花粉未成熟时需对甲植株雌花花序套袋隔离，等丁的花粉成熟后再通过人工授粉把丁的花粉传到甲的雌蕊柱头后，再套袋隔离。
(2)
根据分析及题干信息“乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株”，可知乙基因型为BBtt，丁的基因型为bbTT，F1基因型为BbTt，F1自交F2基因型及比例为9B＿T＿（雌雄同株）：3B＿tt（雌株）：3bbT＿（雄株）：1bbtt（雌株），故F2中雌株所占比例为1/4，雄株的基因型为bbTT、bbTt，雌株中与丙基因型相同的比例为1/4。
(3)
假设糯和非糯这对相对性状受A/a基因控制，因为两种玉米均为雌雄同株植物，间行种植时，既有自交又有杂交。若糯性为显性，基因型为AA，非糯基因型为aa，则糯性植株无论自交还是杂交，糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株杂交子代为糯性籽粒，自交子代为非糯籽粒，所以非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。同理，非糯为显性时，非糯性植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。
9．（2022·全国乙卷·高考真题）某种植物的花色有白、红和紫三种，花的颜色由花瓣中色素决定，色素的合成途径是：白色红色紫色。其中酶1的合成由基因A控制，酶2的合成由基因B控制，基因A和基因B位于非同源染色体上、回答下列问题。
(1)现有紫花植株（基因型为AaBb）与红花杂合体植株杂交，子代植株表现型及其比例为______；子代中红花植株的基因型是______；子代白花植株中纯合体占的比例为______。
(2)已知白花纯合体的基因型有2种。现有1株白花纯合体植株甲，若要通过杂交实验（要求选用1种纯合体亲本与植株甲只进行1次杂交）来确定其基因型，请写出选用的亲本基因型、预期实验结果和结论。
【答案】(1)     白色：红色：紫色=2：3：3     AAbb、Aabb     1/2
(2)选用的亲本基因型为：AAbb；预期的实验结果及结论：若子代花色全为红花，则待测白花纯合体基因型为aabb；若子代花色全为紫花，则待测白花纯合体基因型为aaBB
【解析】
【分析】
根据题意，Aa和Bb两对基因遵循自由组合定律，A_B_表现为紫花，A_bb表现为红花，aa_ _表现为白花。
(1)
紫花植株（AaBb）与红花杂合体（Aabb）杂交，子代可产生6种基因型及比例为AABb（紫花）：AaBb（紫花）：aaBb（白花）：AAbb（红花）：Aabb（红花）：aabb（白花）=1:2:1:1:2:1。故子代植株表现型及比例为白色：红色：紫色=2：3：3；子代中红花植株的基因型有2种：AAbb、Aabb；子代白花植株中纯合体(aabb)占的比例为1/2。
(2)
白花纯合体的基因型有aaBB和aabb两种。要检测白花纯合体植株甲的基因型，可选用AAbb植株与之杂交，若基因型为aaBB则实验结果为：aaBB×AAbb→AaBb（全为紫花）；若基因型为aabb则实验结果为：aabb×AAbb→Aabb（全为红花）。这样就可以根据子代的表现型将白花纯合体的基因型推出。
10．（2022年1月·浙江·高考真题）果蝇的正常眼和星眼受等位基因A、a控制，正常翅和小翅受等位基因B、b控制其中1对基因位于常染色体上。为进一步研究遗传机制，以纯合个体为材料进行了杂交实验，各组合重复多次，结果如下表。
杂交组合
P
F1
♀
♂
♀
♂
甲
星眼正常翅
正常眼小翅
星眼正常翅
星眼正常翅
乙
正常眼小翅
星眼正常翅
星眼正常翅
星眼小翅
丙
正常眼小翅
正常眼正常翅
正常眼正常翅
正常眼小翅
回答下列问题：
(1)综合考虑A、a和B、b两对基因，它们的遗传符合孟德尔遗传定律中的__________。组合甲中母本的基因型为__________。果蝇的发育过程包括受精卵、幼虫、蛹和成虫四个阶段。杂交实验中，为避免影响实验结果的统计，在子代处于蛹期时将亲本__________。
(2)若组合乙F1的雌雄个体随机交配获得F2，则F2中星眼小翅雌果蝇占____________。果蝇的性染色体数目异常可影响性别，如XYY或XO为雄性，XXY为雌性。若发现组合甲F1中有1只非整倍体星眼小翅雄果蝇，原因是母本产生了不含__________的配子。
(3)若有一个由星眼正常翅雌、雄果蝇和正常眼小翅雌、雄果蝇组成的群体，群体中个体均为纯合子。该群体中的雌雄果蝇为亲本，随机交配产生F1，F1中正常眼小翅雌果蝇占21/200、星眼小翅雄果蝇占49/200，则可推知亲本雄果蝇中星眼正常翅占__________。
(4)写出以组合丙F1的雌雄果蝇为亲本杂交的遗传图解。____________。
【答案】(1)     自由组合定律     AAXBXB     移除
(2)     3/16     X染色体
(3)7/10
(4)
【解析】
【分析】
分析题意可知，甲、乙组中星眼与正常眼杂交，子代全为星眼，说明星眼为显性，且性别与形状无关，A、a基因位于常染色体上；甲组中雌性正常翅与雄性小翅杂交，子代全为正常翅，乙组中雌性小翅与雄性正常翅杂交，子代中雌性为正常翅，雄性为小翅，说明该性状与性别相关联，位于X染色体上，且正常翅为显性。
(1)
结合分析可知，A、a位于常染色体，而B、b位于X染色体，两对基因分别位于两对同源染色体，它们的遗传遵循自由组合定律；组合甲中母本为星眼正常翅，均为显性性状，且为纯合子，故基因型为AAXBXB；杂交实验中，为避免影响实验结果的统计，在子代处于蛹期时将亲本移除。
(2)
组合乙为♀正常眼小翅（aaXbXb）×♂星眼正常翅（AAXBY），F1基因型为AaXBXb、AaXbY，F1的雌雄个体随机交配获得F2，则F2中星眼（A-）小翅雌果蝇（XbXb）占3/4×1/4=3/16；组合甲基因型为AAXBXB、aaXbY，F1基因型应为AaXBXb、AaXBY，若发现组合甲F1中有1只非整倍体星眼小翅雄果蝇，则该个体基因型可能为AaXbO。原因是母本产生了不含X染色体的配子。
(3)
设亲本星眼正常翅雄果蝇在亲本雄果蝇中占比为m，则正常眼小翅雄果蝇在雄果蝇中占比为（1-m）。同理设亲本雌果蝇中正常眼小翅在雌果蝇中占比为n,则星眼正常翅雌果蝇占比为（1-n）。由题意可知，子代正常眼小翅雌果蝇占21/200，即为aaXbXb,1/2×aaXbXb×aaXbY=1/2（1-m）n=21/200，星眼小翅雄果蝇占49/200，即为AaXbY=1/2×AAXBY×aaXbXb=1/2mn=49/200。可算出n=7/10,1-m=3/10,则m=7/10，即亲本星眼正常翅雄果蝇在亲本雄果蝇中占比为7/10。
(4)
组合丙的双亲基因型为aaXbXb×aaXBY，F1基因型为aaXBXb、aaXbY，F1的雌雄果蝇为亲本杂交的遗传图解为：
。
【点睛】
本题考查学生理解基因分离定律和自由组合定律的实质和使用条件，学会根据子代表现型比例推测亲本基因型及性状偏离比出现的原因，并能结合题意分析作答。